北京市朝陽區(qū)2022-2023學(xué)年高三上學(xué)期物理期末質(zhì)量檢測試卷

北京市朝陽區(qū)2022-2023學(xué)年高三上學(xué)期物理期末質(zhì)量檢測試卷姓名：__________班級：__________考號：__________題號一二三總分評分一、單選題1．下列說法正確的是（??）A．物體所帶電荷量一定是元電荷e的整數(shù)倍B．點(diǎn)電荷是一種理想化模型，其所帶電荷量一定很小C．兩點(diǎn)電荷間的靜電力與它們間的距離成反比D．絲綢與玻璃棒摩擦后帶正電，是因為玻璃棒給絲綢提供了正電荷2．如圖所示，是一個正弦式交變電流的波形圖。則（）A．該交變電流的周期為5sB．該交變電流的有效值為10C．若將該電流通過10Ω的電阻時，1s內(nèi)產(chǎn)生熱量為500JD．若將該電流輸入匝數(shù)比為10：1的降壓變壓器，副線圈輸出電流的最大值為1A3．我國北斗導(dǎo)航系統(tǒng)所使用的電磁波頻率約1561MHz；家用微波爐加熱食物所使用的電磁波頻率約2450MHz；家用WiFi所使用的電磁波頻率約5725MHz。則家用WiFi所使用的電磁波（）A．不會產(chǎn)生偏振現(xiàn)象B．比微波爐所使用的電磁波更不容易產(chǎn)生明顯的衍射現(xiàn)象C．與北斗導(dǎo)航所使用的電磁波疊加時將會產(chǎn)生干涉現(xiàn)象D．從一個房間穿越墻壁進(jìn)入另一個房間時其頻率會變化4．在一個等邊三角形abc頂點(diǎn)b和c處各放入一個電荷量相等的點(diǎn)電荷時，測得a處的場強(qiáng)大小為E，方向與bc邊平行，如圖所示。拿走c處的點(diǎn)電荷后，則（）A．a(chǎn)處場強(qiáng)大小仍為E，方向由a指向bB．a(chǎn)處場強(qiáng)大小為E2C．a(chǎn)處電勢降低D．a(chǎn)、c兩點(diǎn)電勢相等5．如圖所示，在水平放置的條形磁鐵的N極附近，一個閉合線圈始終豎直向下加速運(yùn)動，并始終保持水平。在位置B時N極附近的磁感線正好與線圈平面平行，A、B之間和B、C之間的距離相等，且都比較小。下列說法正確的是（）A．線圈在位置A時感應(yīng)電流的方向為順時針（俯視）B．線圈在位置C時感應(yīng)電流的方向為順時針（俯視）C．線圈在位置B時穿過線圈的磁通量最大D．線圈在位置C時的感應(yīng)電流比在位置A時的大6．為避免閃電造成損害，高大的建筑物會裝有避雷針。積雨云底層帶負(fù)電，由于靜電感應(yīng)使得避雷針的尖端帶上了正電。圖中虛線為避雷針周圍的等勢面，且相鄰等勢面間的電勢差相等。避雷針尖端正上方a、b兩點(diǎn)的場強(qiáng)大小分別為Ea、Eb，電勢分別為φaA．EB．φC．該雨滴從a下落至b的過程中，電勢能逐漸減少D．若該避雷針某時刻開始放電，則放電電流從積雨云流向避雷針7．電磁爐是目前家庭常用的炊具，具有無明火、無污染、高效節(jié)能等優(yōu)點(diǎn)。某同學(xué)仿照電磁爐原理自己制作了一個簡易電磁爐，其結(jié)構(gòu)簡圖如圖所示。在線圈上端放置一盛有冷水的金屬杯，接通交流電源，一段時間后杯內(nèi)的水就會沸騰起來。下列說法正確的是（）A．家用電磁爐工作時，利用其面板產(chǎn)生的渦流來加熱食物B．家用電磁爐的鍋用鐵而不用陶瓷材料，主要是因為陶瓷的導(dǎo)熱性能較差C．簡易電磁爐工作時，利用線圈產(chǎn)生的自感現(xiàn)象來加熱水D．僅增大簡易電磁爐交流電的頻率，可以縮短水達(dá)到沸騰的時間8．已知光敏電阻在沒有光照射時電阻很大，并且光照越強(qiáng)其阻值越小。利用光敏電阻作為傳感器設(shè)計了如圖所示的電路，電源電動勢E、內(nèi)阻r及電阻R的阻值均不變。當(dāng)光照強(qiáng)度增強(qiáng)時，則（）A．電燈L變亮 B．電流表讀數(shù)減小C．電阻R的功率增大 D．電源的輸出功率一定增大9．甲、乙兩個帶電粒子的電荷量和質(zhì)量分別為(?q，m)、(?q，4m)，它們先后經(jīng)過同一加速電場由靜止開始加速后，由同一點(diǎn)進(jìn)入同一偏轉(zhuǎn)電場，兩粒子進(jìn)入時的速度方向均與偏轉(zhuǎn)電場方向垂直，如圖所示。粒子重力不計。則甲、乙兩粒子（??）A．進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場時的速度大小之比為1：2B．離開偏轉(zhuǎn)電場時的動能之比為1：1C．在偏轉(zhuǎn)電場中運(yùn)動的時間相同D．離開偏轉(zhuǎn)電場時的速度方向不同10．如圖所示，電阻不計的光滑平行金屬導(dǎo)軌水平置于方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場中，左端接一定值電阻R，電阻為r的金屬棒MN置于導(dǎo)軌上，金屬棒與導(dǎo)軌始終垂直且接觸良好。在t＝0時金屬棒受到垂直于棒的水平恒力F的作用由靜止開始運(yùn)動，金屬棒中的感應(yīng)電流為i，所受的安培力大小為FA，電阻R兩端的電壓為UA． B．C． D．11．由電磁理論可知，半徑為R、電流強(qiáng)度為I的單匝環(huán)形電流，其中心處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=kI/R，其中k為已知常量。正切電流計是利用小磁針的偏轉(zhuǎn)來測量電流的，如圖所示，在一個豎直放置、半徑為r、匝數(shù)為N的圓形線圈的圓心O處，放一個可以繞豎直軸在水平面內(nèi)轉(zhuǎn)動的小磁針（帶有分度盤）。該線圈未通電時，小磁針穩(wěn)定后所指方向與地磁場水平分量的方向一致。調(diào)整線圈方位，使其與靜止的小磁針在同一豎直平面內(nèi)。給線圈通上待測電流后，小磁針偏轉(zhuǎn)了α角。已知儀器所在處地磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度的水平分量的大小為B0A．待測電流在圓心O處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為BB．待測電流在圓心O處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為BC．待測電流大小為rD．待測電流大小為r12．如圖所示，若x軸表示時間，y軸表示速度，則該圖線下的面積表示位移，直線AB的斜率表示物體在該時刻的加速度大小。若令x軸和y軸分別表示其它物理量，則可以反映在某種情況下相應(yīng)物理量之間的關(guān)系。下列說法正確的是（）A．若電場方向平行于x軸，x軸表示位置，y軸表示電勢，則直線AB的斜率表示對應(yīng)位置處的電場強(qiáng)度大小B．若x軸表示時間，y軸表示穿過密繞螺線管的磁通量，則直線AB的斜率表示該螺線管產(chǎn)生的電動勢大小C．若x軸表示流經(jīng)某電阻的電流，y軸表示該電阻兩端的電壓，則圖線下面積表示電阻的熱功率D．若x軸表示時間，y軸表示通過導(dǎo)體橫截面積的電荷量，則該圖線下面積表示這段時間內(nèi)電流所做的功13．某電子秤的原理簡圖如圖所示。AB為一均勻的滑動變阻器，長度為L，兩邊分別有P1、P2兩個滑動頭，輕質(zhì)彈簧上端與P1及秤盤底部相連，下端固定。彈簧原長時P1、和P2均指在A端。若P1、P2間出現(xiàn)電壓時，該電壓經(jīng)過放大，通過信號轉(zhuǎn)換后在顯示屏上就能顯示出被稱物體的質(zhì)量。已知彈簧的勁度系數(shù)為k，托盤質(zhì)量為m0A．校準(zhǔn)零點(diǎn)時，不需要移動滑動頭P2B．校準(zhǔn)零點(diǎn)時，兩滑動頭間的距離為mC．滑動頭P1滑至B端時，被稱物體的質(zhì)量為kLD．被稱物體的質(zhì)量m與兩滑動頭間電壓U的關(guān)系為m=14．在現(xiàn)代研究受控?zé)岷朔磻?yīng)的實驗中，需要把107根據(jù)上述信息并結(jié)合已有的知識，可以推斷該粒子（）A．從左端到右端的運(yùn)動過程中，沿磁瓶軸線方向的速度分量逐漸變小B．從靠近磁鏡處返回時，在垂直于磁瓶軸線平面內(nèi)的速度分量為最大值C．從左端到右端的運(yùn)動過程中，其動能先增大后減小D．從左端到右端的運(yùn)動過程中，其運(yùn)動軌跡的螺距先變小后變大二、實驗題15．物理實驗一般都涉及實驗?zāi)康?、實驗原理、實驗儀器、實驗方法、實驗操作、數(shù)據(jù)分析等。（1）在“測定金屬絲的電阻率”的實驗中，將多用電表的選擇開關(guān)置于“×1”位置，粗測金屬絲的電阻。下列實驗步驟正確的操作順序為（填寫各實驗步驟前的字母）。

A、將選擇開關(guān)置于“×1”位置

B、將選擇開關(guān)置于“OFF”位置

C、將兩表筆分別接觸待測電阻兩端，讀出其阻值后隨即斷開

D、將兩表筆直接接觸，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指向“0”（2）用伏安法測量約5Ω左右的金屬絲的阻值，實驗室備有下列器材可供選擇：A．電壓表（量程0~3V，內(nèi)阻約15kΩ）B．電壓表（量程0~15V，內(nèi)阻約75kΩ）C．電流表（量程0~3A，內(nèi)阻約0.2Ω）D．電流表（量程0~0.6A，內(nèi)阻約1Ω）E．滑動變阻器R1F．滑動變阻器R2G．電池組E（電動勢3V）H．開關(guān)S，導(dǎo)線若干為了能測得多組實驗數(shù)據(jù)，并盡可能提高測量精度，電壓表應(yīng)選用，電流表應(yīng)選用，滑動變阻器應(yīng)選用。（填寫器材前面的字母）（3）某興趣小組用電流表內(nèi)接法和外接法分別測量了一段2B鉛筆芯的多組電流I和電壓U的數(shù)值，并分別描繪了U－I圖像，如圖所示。其中，用電流表外接法得到的是用（填寫“實線”或“虛線”）表示的圖像，并由此得到這段鉛筆芯的電阻值為Ω。（保留兩位有效數(shù)字）16．某同學(xué)根據(jù)閉合電路歐姆定律測量電源的電動勢和內(nèi)阻。（1）測量電源電動勢E和內(nèi)阻r的實驗方案為：設(shè)計如圖1所示的電路，調(diào)節(jié)滑動變阻器，改變電源兩端的電壓U和流過電源的電流I，依據(jù)公式，利用測量數(shù)據(jù)作出U–I圖像，得出E和r。（2）現(xiàn)有圖2所示的實驗器材和若干導(dǎo)線。圖中已將實驗器材進(jìn)行了部分連接，還應(yīng)當(dāng)用一根導(dǎo)線將電壓表接線柱h與接線柱連接，再用另一根導(dǎo)線將電壓表接線柱g與接線柱連接。（填寫接線柱對應(yīng)的字母）（3）電路接線完畢，在保證電路安全的情況下閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動變阻器，發(fā)現(xiàn)電壓表讀數(shù)一直接近3V而電流表讀數(shù)始終為零。已知導(dǎo)線與接線柱均無故障，且故障只有一處?，F(xiàn)只改變電壓表接線，再閉合開關(guān)、調(diào)節(jié)變阻器。下列推斷正確的是______。A．電壓表接在a、f之間，電壓表、電流表讀數(shù)總為零，表明滑動變阻器短路B．電壓表接在a、b之間，電壓表讀數(shù)總接近3V、電流表讀數(shù)總為零，表明電流表斷路C．電壓表接在c、d之間，電壓表、電流表讀數(shù)總為零，表明開關(guān)是完好的（4）從輸出特性來看，電源通常有恒壓源和恒流源兩種模型。如圖3（a）所示，將電源看作輸出電壓恒為US的理想電源（無內(nèi)阻）與電阻RS串聯(lián)，若該電源輸出的電壓幾乎不隨負(fù)載RL阻值的變化而變化，則被稱為恒壓源（即圖中虛線框部分）；如圖3（b）所示，將電源看作輸出電流恒為IS的理想電源（內(nèi)阻無限大）與電阻某種太陽能電池在特定光照條件下，隨著負(fù)載RL三、解答題17．在水平方向的勻強(qiáng)電場中，用絕緣輕繩懸掛一質(zhì)量為m、電荷量為q的小球，小球靜止時輕繩與豎直方向的夾角為45°。重力加速度為g。不計空氣阻力。（1）求勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小E；（2）若剪斷輕繩，求小球此后在電場中運(yùn)動時的加速度大小a；（3）若撤去電場，小球?qū)⒃谪Q直平面內(nèi)擺動，求小球擺到最低點(diǎn)時受到輕繩的拉力大小T。18．回旋加速器在核技術(shù)、核醫(yī)學(xué)等領(lǐng)域得到了廣泛應(yīng)用，其原理如圖所示。D1和D2是兩個中空的、半徑為R的半圓金屬盒，接在電壓恒為U的交流電源上，位于D1圓心處的質(zhì)子源A能產(chǎn)生質(zhì)子（初速度可忽略，重力不計，不考慮相對論效應(yīng)），質(zhì)子在兩盒狹縫間的電場中運(yùn)動時被加速。D（1）求質(zhì)子被回旋加速器加速能達(dá)到的最大速率vm（2）求質(zhì)子獲得最大速度的過程中在回旋加速器中被加速的次數(shù)n；并估算質(zhì)子在回旋加速器中運(yùn)動的時間t。（不計質(zhì)子在電場中的加速時間）（3）利用靜電偏轉(zhuǎn)器可將加速后的質(zhì)子從加速器中引出。已知質(zhì)子被引出前在磁場中做圓周運(yùn)動的半徑為R、圓心為D2的圓心，如圖所示，靜電偏轉(zhuǎn)器由一對圓心在O'、距離很近的弧形電極S1、S2構(gòu)成，19．應(yīng)用所學(xué)知識不僅可以解決“已知”的問題，也可以在質(zhì)疑中探索“未知”的問題。某同學(xué)利用電磁阻尼現(xiàn)象設(shè)計了如圖情境1所示的用于緩沖降落的原理簡圖。一邊長為L、質(zhì)量為m、總電阻為R的正方形導(dǎo)線框abcd豎直下落，進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場時開始做減速運(yùn)動，線框平面始終在豎直平面內(nèi)，且線框ad邊始終與磁場的水平邊界面平行。已知線框bc邊剛進(jìn)入磁場時線框的速率為v。重力加速度為g?？諝庾枇Σ挥?。（1）求線框bc邊剛進(jìn)入磁場時線圈中的電流I；（2）若線框ad邊剛要進(jìn)入磁場時線框的速率減為v2（3）小明同學(xué)對“導(dǎo)線框全部進(jìn)入磁場后下落的加速度為重力加速度g”這一觀點(diǎn)，產(chǎn)生了質(zhì)疑，并認(rèn)為此時線框的加速度應(yīng)當(dāng)略小于重力加速度g。結(jié)合實際，小明把線框換成金屬正方體，研究其在該磁場中的下落情況，如圖情境2所示。已知該正方體的質(zhì)量為M、邊長為L。a．為便于定量分析，小明構(gòu)建以下模型：假設(shè)正方體從靜止開始一直在磁場中運(yùn)動，平行磁感線的左右兩個面可近似看作平行板電容器，電容為C。忽略正方體電阻。求該正方體下落的加速度大小a；并描述其運(yùn)動性質(zhì)。b．目前實驗室最強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度約為幾十特。若正方體邊長L＝0.1m，質(zhì)量M＝5kg，上述a問模型中電容器電容的數(shù)量級約為10?1220．能量在轉(zhuǎn)化的過程中往往與做功密切相關(guān)，電容器充電過程中的功能關(guān)系同樣如此。電容器不僅可以儲存電荷，也是重要的儲能器件。對電容為C的電容器（原來不帶電）充電，如圖1所示，已知電源的電動勢為E。（1）圖2中畫出了電容器兩極間的電勢差u隨電荷量q的變化圖像，在圖中取一電荷量的微小變化量Δq，請類比直線運(yùn)動中由v－t圖像求位移的方法，說明圖中小陰影矩形的“面積”所表示的物理含義；并計算電容器電壓為U時電容器儲存的電能Ep（2）請結(jié)合電動勢的定義，求電容器充電過程中電源內(nèi)部非靜電力所做的功W；并與充電過程中電容器增加的電能ΔE（3）電容器的電能是儲存在電場中的，也稱電場能。若定義單位體積內(nèi)的電場能量為電場能量密度ρ。某同學(xué)猜想ρ應(yīng)當(dāng)與該處的場強(qiáng)E場的平方成正比，即ρ∝E場a．請以電容器內(nèi)儲存的電場能為例論證該同學(xué)的猜想是否正確。b．電容器充電后與電源斷開并保持電荷量不變，已知此時的電場能量密度為ρ0?，F(xiàn)固定其中一極板，緩慢拉開另一極板（保持兩極板正對），使板間距增加Δd，請分析說明，在此過程中電場能量密度如何變化；并求出此過程中外力所做的功W'（用ρ0

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】A．元電荷是電荷量的最小單位，物體所帶電荷量一定是元電荷e的整數(shù)倍，A符合題意；B．點(diǎn)電荷是一種理想化模型，其形狀大小可以忽略不計，但其電荷量需要考慮，其所帶電荷量也可以很大，B不符合題意；C．根據(jù)庫侖定律F=kQqD．絲綢與玻璃棒摩擦后帶正電，是因為絲綢將負(fù)電荷轉(zhuǎn)移給了玻璃棒，D不符合題意。故答案為：A。

【分析】元電荷是最小的帶電單位，物體所帶電荷量只能是元電荷的整數(shù)倍；點(diǎn)電荷的電荷量不一定很?。焕脦靵龆煽梢耘袆e電荷間靜電力與距離的大小關(guān)系；摩擦起電的原因是絲綢將負(fù)電荷轉(zhuǎn)移給了玻璃棒。2．【答案】C【解析】【解答】A．由圖可知，交變電流的周期為0.2s，A不符合題意；B．交變電流的有效值為I=10C.1s內(nèi)產(chǎn)生熱量為Q=ID．根據(jù)I1I2=n故答案為：C。

【分析】利用圖像可以求出周期的大小，利用電流的峰值可以求出有效值的大小；利用焦耳定律可以求出產(chǎn)生熱量的大小；利用匝數(shù)之比可以求出副線圈輸出電流的峰值。3．【答案】B【解析】【解答】A．電磁波是橫波，可以發(fā)生偏振現(xiàn)象，A不符合題意；B．家用WiFi所使用的電磁波頻率較高，波長較短，則家用WiFi所使用的電磁波更不容易發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，B符合題意；C．兩種電磁波頻率不同，疊加時不能產(chǎn)生干涉現(xiàn)象，C不符合題意；D．電磁波的頻率由波源決定，則從一個房間穿越墻壁進(jìn)入另一個房間時，頻率不變，D不符合題意。故答案為：B。

【分析】電磁波屬于橫波可以發(fā)生偏振現(xiàn)象；家用WiFi所使用的電磁波頻率較高，波長較短，則家用WiFi所使用的電磁波更不容易發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象；兩種電磁波干涉的條件為頻率相同；電磁波的頻率只有波源所決定。4．【答案】D【解析】【解答】AB．設(shè)兩個電荷在a處的電場強(qiáng)度分別為Ec、Eb，由a處的場強(qiáng)大小為E，方向與bc邊平行，Ec沿ac方向，Eb沿ba方向E=EbcosC．由上述分析可知，b處電荷為正電荷，c處電荷為負(fù)電荷，a處于bc邊的中垂線上，a處電勢為0，拿走c處的點(diǎn)電荷后，a處電勢大于0，即a處電勢變大，C不符合題意；D．拿走c處的點(diǎn)電荷后，a、c兩點(diǎn)距離b處長度相等，A、c兩點(diǎn)電勢相等，D符合題意。故答案為：D。

【分析】利用a點(diǎn)電場強(qiáng)度的方向結(jié)合電場強(qiáng)度的疊加可以求出b在a處產(chǎn)生的電場強(qiáng)度的大小，利用合場強(qiáng)的方向可以判別場源電荷的電性，利用電勢的疊加可以判別電勢的大小及變化。5．【答案】D【解析】【解答】A．線圈在位置A時，通過線圈的磁場斜向上，線圈向下運(yùn)動，磁通量減小，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的方向為逆時針（俯視），A不符合題意；B．線圈在位置C時，通過線圈的磁場斜向下，線圈向下運(yùn)動，磁通量增大，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的方向為逆時針（俯視），B不符合題意；C．在位置B時N極附近的磁感線正好與線圈平面平行，則線圈在位置B時穿過線圈的磁通量為零，C不符合題意；D．A、B之間和B、C之間的距離相等，但線圈在位置C時的運(yùn)動速度較大，磁通量變化較快，則線圈在位置C時的感應(yīng)電流比在位置A時的大，D符合題意。故答案為：D。

【分析】利用線圈中磁通量的變化可以判別感應(yīng)電流的方向；利用線圈中磁感線的數(shù)量可以判別磁通量的大??；利用線圈磁通量變化率的大小可以比較感應(yīng)電流的大小。6．【答案】C【解析】【解答】A．等差等勢面越密集，電場線越密集，則EaB．積雨云底層帶負(fù)電，避雷針帶正電，則電場方向由避雷針指向積雨云，沿電場方向電勢降低，可知φaC．帶負(fù)電的雨滴豎直下落，電勢升高，雨滴電勢能減小，C符合題意；D．由題意可知，若該避雷針某時刻開始放電，則放電電流從避雷針流向積雨云，D不符合題意。故答案為：C。

【分析】利用等勢面的疏密可以比較電場強(qiáng)度的大小；利用電場線方向可以比較電勢的高低；利用電勢的變化結(jié)合雨滴電性可以判別電勢能的變化；利用電場線的方向可以判別電流的方向。7．【答案】D【解析】【解答】AC．家用電磁爐工作時，通過金屬杯的磁通量發(fā)生變化，金屬杯產(chǎn)生的渦流，利用渦流來加熱食物或者水，是互感現(xiàn)象，AC不符合題意；B．家用電磁爐的鍋用鐵而不用陶瓷材料，主要是因為陶瓷不能產(chǎn)生渦流，金屬鍋能產(chǎn)生渦流，B不符合題意；D．僅增大簡易電磁爐交流電的頻率，通過金屬杯的磁通量變化率增大，感應(yīng)電動勢增大，感應(yīng)電流增大，電功率增大，可以縮短水達(dá)到沸騰的時間，D符合題意。故答案為：D。

【分析】家用電磁爐工作時是利用互感的原理進(jìn)行工作；電磁感應(yīng)現(xiàn)象的過程中陶瓷不能產(chǎn)生渦流；增大電磁爐的頻率會導(dǎo)致電動勢增大則感應(yīng)電流增大。8．【答案】C【解析】【解答】B．光照強(qiáng)度增強(qiáng)時，光敏電阻的阻值減小，電路總阻值減小，由閉合電路歐姆定律，干路電流I總A．路端電壓U=E?I總rC．流經(jīng)電燈L的電流IL=ULRD．當(dāng)外電阻與電源內(nèi)阻越接近電源輸出功率越大，由于不知外電阻與電源內(nèi)阻的關(guān)系，所以無法確定電源功率的變化。D不符合題意。故答案為：C。

【分析】利用動態(tài)電路的串反并同結(jié)合滑動變阻器的阻值變化可以判別電流和電壓的大小變化；由于未知內(nèi)外電阻的大小關(guān)系不能判別電源輸出功率的大小變化。9．【答案】B【解析】【解答】A．在加速電場中，根據(jù)動能定理qU=12mB．在加速電場中電場力做功qU相等，在偏轉(zhuǎn)電場中，偏轉(zhuǎn)距離相同，則電場力做功qEd也相同，根據(jù)動能定理可知，離開偏轉(zhuǎn)電場時的動能相同，B符合題意；C．在偏轉(zhuǎn)電場中，根據(jù)牛頓第二定律qE=ma，d=12aD．離開偏轉(zhuǎn)電場時，垂直極板方向速度vy=at=2qEd故答案為：B。

【分析】利用動能定理結(jié)合粒子比荷的大小可以比較進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場的速度大小之比；利用動能定理可以比較粒子離開電場時動能的大小；利用牛頓第二定理結(jié)合位移公式可以比較粒子運(yùn)動的時間；利用速度的分解可以判別粒子離開電場的速度方向。10．【答案】C【解析】【解答】ABC．設(shè)金屬棒在某一時刻速度為v，由題意可知，感應(yīng)電動勢E=BLv，電阻R兩端的電壓為UR=RR+rE=RR+rD．電路的電功率為P=E故答案為：C。

【分析】金屬棒切割磁場，利用動生電動勢的表達(dá)式結(jié)合歐姆定理可以求出感應(yīng)電流的表達(dá)式，結(jié)合安培力的表達(dá)式可以求出安培力的表達(dá)式，再利用牛頓第二定理可以判別金屬棒速度的變化，進(jìn)而判別電流、安培力、電壓等與時間的關(guān)系；利用電功率的表達(dá)式可以判別電功率與時間的關(guān)系。11．【答案】C【解析】【解答】AB．由題意知，線圈平面與地磁場水平分量方向一致，又待測電流在圓心O處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直于線圈平面，則B與BO方向垂直，即地磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度的水平分量B0與有B=B0CD．根據(jù)題意可知B=kNIr②，可得故答案為：C。

【分析】利用小磁場的偏轉(zhuǎn)可以判別線圈產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與地磁場產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向的疊加方向，利用磁感應(yīng)強(qiáng)度的分解可以求出電流產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向；利用磁感應(yīng)強(qiáng)度的表達(dá)式可以求出待測電流的大小。12．【答案】A【解析】【解答】A．若電場方向平行于x軸，x軸表示位置，y軸表示電勢，φ?x圖像斜率表示場強(qiáng)，所以直線AB的斜率表示對應(yīng)位置處的電場強(qiáng)度大小，A符合題意；B．若x軸表示時間，y軸表示穿過密繞螺線管的磁通量，Φ?t圖像斜率表示磁通量的變化率，B不符合題意；C．若x軸表示流經(jīng)某電阻的電流，y軸表示該電阻兩端的電壓，U?I圖像中圖像上某點(diǎn)所對應(yīng)的電壓與該點(diǎn)所對應(yīng)的電流的乘積表示熱功率，C不符合題意；D．若x軸表示時間，y軸表示通過導(dǎo)體橫截面積的電荷量，圖線下面積無意義，D不符合題意。故答案為：A。

【分析】當(dāng)圖像為電勢和位置的圖像，則圖像斜率的大小代表各點(diǎn)電場強(qiáng)度的大??；當(dāng)圖像代表磁通量與時間的關(guān)系時，圖像斜率代表磁通量變化率的大??；當(dāng)圖像為電壓和電流的圖像時，圖像各點(diǎn)的電壓與電流的乘積代表熱功率的大??；當(dāng)圖像為電荷量與時間的圖像時，圖像面積沒有意義。13．【答案】D【解析】【解答】AB．未放被稱物體時電壓為零，即P1、P2兩點(diǎn)等勢，校準(zhǔn)零點(diǎn)時，需要移動滑動頭P2，讓兩滑動頭間的距離為0，AB不符合題意；C．放被稱物體質(zhì)量為m1時P1滑至B端，則有kL=(m0+D．未放被稱物體時，兩滑動頭P1、P2距A點(diǎn)的距離為x0：kx0=m0g，放被稱物體質(zhì)量為m時，兩滑動頭P1、P2間距離為x，有k(x0+x)=(m0故答案為：D。

【分析】當(dāng)校準(zhǔn)時，應(yīng)該使兩個滑片頭的距離等于0，則兩個P點(diǎn)電勢相等；利用平衡方程可以求出被稱物體的質(zhì)量；利用歐姆定理結(jié)合平衡方程可以求出物體質(zhì)量與電壓的大小關(guān)系。14．【答案】B【解析】【解答】A．從左端到右端的運(yùn)動過程中，由于粒子只受洛倫茲力，故粒子的速度大小不變。由于粒子在兩段之間來回運(yùn)動，故沿磁瓶軸線方向的速度分量先變大后變小。A不符合題意；B．從靠近磁鏡處返回時，在垂直于磁瓶軸線平面內(nèi)時，粒子的速度與軸線垂直，故沿磁瓶軸線方向的速度分量為零，又粒子的速度的大小不變，故此時垂直磁瓶軸線方向的速度分量最大。B符合題意；C．從左端到右端的運(yùn)動過程中，粒子只受洛倫茲力作用，洛倫茲力對粒子不做功，故其動能不變。C不符合題意；D．粒子做圓周運(yùn)動的周期為T=2πmqB=故答案為：B。

【分析】由于粒子只受到洛倫茲力的作用所以粒子速度保持不變，由于粒子在兩段之間來回運(yùn)動所以眼磁瓶軸線方向的速度分量先增大后減?。挥捎诹Ｗ娱_始返回時沿磁瓶軸線方向的分速度等于0，所以垂直于磁瓶軸線的分速度達(dá)到最大值；利用洛倫茲力不做功可以判別粒子動能保持不變；利用速度的變化可以判別運(yùn)動軌跡的螺距先增大后減小。15．【答案】（1）ADCB（2）A；D；E（3）虛線；3.1【解析】【解答】（1）粗側(cè)電阻絲電阻時，應(yīng)調(diào)節(jié)選擇開關(guān)至合適擋位，再將紅黑表筆短接，進(jìn)行歐姆調(diào)零，測量后將選擇開關(guān)調(diào)至“OFF”位置。則步驟正確的操作順序為ADCB。（2）根據(jù)電池組電動勢，電壓表選擇A。金屬絲阻值約為5Ω，根據(jù)I=U（3）電流表采用外接法時，電阻的測量值小于真實值；內(nèi)接時，電阻的測量值大于真實值，則用電流表外接法得到的是用虛線表示的圖像。有圖像可知，這段鉛筆芯的電阻值為R=【分析】（1）測量電阻絲電阻時，多用電表應(yīng)選擇合適擋位，再紅黑筆進(jìn)行短接，進(jìn)行歐姆調(diào)零，測量結(jié)束后將開關(guān)旋至OFF的位置；

（2）利用電動勢的大小可以判別電壓表的選擇，利用歐姆定律可以判別電流表的選擇；滑動變阻器使用分壓式接法使用小阻值；

（3）電流表使用外接法會導(dǎo)致電阻的測量值小于真實值；內(nèi)接法會導(dǎo)致電阻的測量值大于真實值；利用歐姆定律可以判別鉛筆芯電阻值的大小。16．【答案】（1）U=E?Ir（2）b或c；f或p（3）B；C（4）該電池的輸出特性：當(dāng)電流較小時，該電池可視為恒壓源；當(dāng)電流較大時，該電池可視為恒流源?！窘馕觥俊窘獯稹浚?）測量電源電動勢E和內(nèi)阻r的實驗，原理是閉合電路歐姆定律，要作出U–I圖像，依據(jù)的公式為U=E?Ir（2）根據(jù)電路圖連實物圖，可知電流表內(nèi)接，電壓表并聯(lián)在滑動變阻器和電流表兩端，并且要滿足正進(jìn)負(fù)出，所以電壓表接線柱h與b（或c）接線柱連接，將電壓表接線柱g與f（或p）接線柱連接。（3）A．電壓表接在a、f之間，電壓表、電流表讀數(shù)總為零，表明電流表斷路，A不符合題意；B．電壓表接在a、b之間，電壓表讀數(shù)總接近3V、電流表讀數(shù)總為零，表明電流表斷路，B符合題意；C．電壓表接在c、d之間，電壓表、電流表讀數(shù)總為零，表明開關(guān)是完好的，C符合題意。故答案為：BC。（4）由于U?I圖像斜率的大小為電池的內(nèi)阻Rs，外電阻RL=UI，當(dāng)電流較小時，U?I圖像的斜率很小，即電池內(nèi)阻很小，而此時外電阻很大，因為RL?【分析】（1）利用閉合回路的歐姆定律可以畫出對應(yīng)的圖像，得出電壓與電流的表達(dá)式；

（2）利用電動勢的大小可以判別電壓表的量程，由于待測電源內(nèi)阻小所以電流表相對電源外接法；

（3）電壓表接在a、f之間，滑動變阻器短路時電流表讀數(shù)不等于0；

（4）利用閉合電路的歐姆定律可以判別圖像斜率為電源內(nèi)阻，當(dāng)電流偏小時，圖像斜率很小所以內(nèi)阻很小所以路端電源保持不變；當(dāng)電流比較大時，電池內(nèi)阻很大，則外電阻很小所以輸出電流基本保持不變。17．【答案】（1）解：對小球受力分析如圖所示根據(jù)力的平衡條件，有qE=mg得E=（2）解：由題意及上述分析可得，小球所受的合力大小F=根據(jù)牛頓第二定律有F=ma得a=（3）解：設(shè)小球擺到最低點(diǎn)時的速度為v，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有mg(l?lcos45°)=小球在最低點(diǎn)時，根據(jù)牛頓運(yùn)動定律有T?mg=得T=3mg?【解析】【分析】（1）當(dāng)小球處于靜止時，利用小球的平衡方程可以求出電場強(qiáng)度的大??；（2）當(dāng)剪斷細(xì)繩時，利用力的合成可以求出合力的大小，結(jié)合牛頓第二定律可以求出加速度的大??；

（3）當(dāng)小球在豎直平面擺動時，利用機(jī)械能守恒定律可以求出小球擺動到最低點(diǎn)速度的大小，結(jié)合牛頓第二定律可以求出輕繩子拉力的大小。18．【答案】（1）解：設(shè)粒子做圓周運(yùn)動的半徑為r，洛倫茲力提供向心力，有qvB=得v=粒子的最大速度vm對應(yīng)最大的運(yùn)動半徑R，即（2）解：根據(jù)動能定理有得nqU=得n=設(shè)粒子在磁場中的運(yùn)行周期為T，有T=不計質(zhì)子在兩盒縫隙間加速運(yùn)動的時間，則質(zhì)子在磁場中運(yùn)動的時間約為t=n得t=（3）解：洛倫茲力與電場力合力提供向心力，由于速率不變，半徑變大，所以向心力減小，則電場力沿半徑向外。有q得E=場強(qiáng)方向沿半徑向外?！窘馕觥俊痉治觥浚?）質(zhì)子當(dāng)運(yùn)動軌跡最大時對應(yīng)的速度最大，利用牛頓第二定律可以求出最大的速率；

（2）已知質(zhì)子的最大速率，利用動能定理可以求出加速的次數(shù)，結(jié)合質(zhì)子運(yùn)動的周