2024年滬科新版高三物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科新版高三物理下冊階段測試試卷669考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、一滑雪運動員以一定的初速度從一平臺上滑出，剛好落在一斜坡上的B點，且與斜坡沒有撞擊，則平臺邊緣A點和斜坡B點連線與豎直方向夾角α斜坡傾角θ的關(guān)系為（）A.tanθ?=2B.tanθ?tanα=2C.tanα.=2D.tanθ?tanα=12、如圖O、O′點放置兩個等量正電荷，在00′直線上有A、B、C三個點，且OA=O′B=O′C，一點電荷q（q＞0）沿路徑Ⅰ從B運動到C電場力所做的功為W1，沿路徑Ⅱ從B運動到C電場力所做的功為W2，同一點電荷在從A沿直線運動到C電場力所做的功為W3，則下列說法正確的是（）A.W1大于W2B.W1為負值C.W1大于W2D.W1等于W23、同一個電源分別接上12Ω和3Ω的電阻時，兩電阻消耗的電功率相等，則電源的內(nèi)阻為（）A.1ΩB.3ΩC.6ΩD.18Ω4、如圖所示，圖中K、L、M為靜電場中的3個相距較近的等勢面．一帶電粒子射入此靜電場中后，只在電場力的作用下沿abcde軌跡運動．已知φk＜φL＜φM；下列判斷中正確的是（）

A.粒子帶負電。

B.粒子在a點的速度小于在b點的速度。

C.粒子在a點與e點的速度大小相等。

D.粒子在a點的電勢能大于在d點的電勢能。

5、【題文】如圖甲所示，兩根電阻忽略不計的導(dǎo)軌平行放置，導(dǎo)軌左端接電阻R1，右端接小燈泡L，導(dǎo)體棒AB垂直于導(dǎo)軌放置，電阻R1、導(dǎo)體棒AB和小燈泡L的電阻均為R(不計燈泡電阻隨溫度的變化)，虛線MN右側(cè)有垂直導(dǎo)軌平面的磁場，當導(dǎo)體棒AB從MN左側(cè)某處勻速向右運動時開始計時，磁感應(yīng)強度隨時間變化如圖乙所示，若導(dǎo)體棒AB從開始運動到穿越磁場的過程中，燈泡的亮度始終不變，則導(dǎo)體棒AB在穿越磁場前后電阻R1上消耗的功率之比是()

A.1∶1B.1∶2C.1∶3D.1∶46、【題文】用波長為λ1和λ2的單色光1和2分別照射金屬1和2的表面.色光1照射金屬1和2的表面時都有光電子射出，色光2照射金屬1時有光電子射出，照射金屬2時沒有光電子射出.設(shè)金屬1和2的逸出功為W1和W2，則有A.λ1>λ2,W1>W2B.λ1>λ2,W1<W2C.λ1<λ2,W1>W2D.λ1<λ2,W1<W27、如圖所示，甲、乙兩個帶等量異種電荷而質(zhì)量不同的帶電粒子，以相同的速率經(jīng)小孔P

垂直磁場邊界MN

進入方向垂直紙面向外的勻強磁場，在磁場中做勻速圓周運動，并垂直磁場邊界MN

射出磁場，運動軌跡如圖中虛線所示.

不計粒子所受重力及空氣阻力，下列說法正確的是()A.甲帶負電荷，乙?guī)д姾葿.甲的質(zhì)量大于乙的質(zhì)量C.洛倫茲力對甲做正功D.甲在磁場中運動的時間等于乙在磁場中運動的時間8、下列說法中，正確的是（）A.當兩個正點電荷互相靠近時，它們之間的庫侖力增大，它們的電勢能也增大B.當兩個負點電荷互相靠近時，它們之間的庫侖力增大，它們的電勢能減小C.一個正點電荷與一個負點電荷互相靠近時，它們之間的庫侖力增大，它們的電勢能也增大D.一個正點電荷與一個負點電荷互相靠近時，它們之間的庫侖力減小，它們的電勢能也減小評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)9、如圖所示，穿在豎直桿上的物塊A與放在水平桌面上的物塊B用繩相連，O為定滑輪．將A由圖示位置釋放，當繩與水平方向夾角為θ時，A物塊的速度大小為vA，則此時物塊B的速度大小為____，若滑輪至桿距離為d，則B物塊在此過程中的位移xB=____．10、兩顆人造衛(wèi)星A、B的質(zhì)量之比mA：mB=1：2，軌道半徑之比rA：rB=1：3，某一時刻它們的連線通過地心，則兩顆衛(wèi)星做圓周運動的向心力之比FA：FB=____，向心加速度之比aA：aB=____．11、如圖所示的電路中，若UCD=1V，則：UAB=____V，PCD=1W，則：PAB=____W．

12、（2014秋?香坊區(qū)校級月考）如圖所示，在一條直線上有兩個相距0.4m的點電荷A、B，A帶電+Q，B帶電-9Q．現(xiàn)引入第三個點電荷C，恰好使三個點電荷只在靜電力作用下處于平衡狀態(tài)．則，C應(yīng)帶____電，所帶電荷量為____C．13、實驗發(fā)現(xiàn)，平行板電容器極板間的其他條件相同、極板的正對面積越____，電容器的電容就越大，儲存電荷的能力就越高．（填“大”或“小”）14、小穎在田徑場繞400m環(huán)形跑道跑了2圈，則她的位移大小是____m，路程是____m．15、一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播；圖甲為波傳播到M點時的波形圖，圖乙是位于x=2m處的質(zhì)點從此時刻開始計時的振動圖象，Q是位于x=10m處的質(zhì)點，則M點從開始振動到Q點第一次出現(xiàn)波峰的時間為______s；波由M點傳到Q點的過程中，x=4m處的質(zhì)點通過的路程為______cm。

評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)16、當達到動態(tài)平衡時，蒸發(fā)的速度不再改變，以恒速蒸發(fā)．____．（判斷對錯）17、晶體的分子（或原子、離子）排列是有規(guī)則的．____．（判斷對錯）18、非晶體的結(jié)構(gòu)跟液體非常相似，可以看成是黏滯性極大的液體．____．（判斷對錯）19、一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能的大小只與溫度有關(guān)____（判斷對錯）20、物體只要是運動的，其合外力就一定不為零．____（判斷對錯）21、運動的電荷在磁場中一定受洛倫磁力的作用．____（判斷對錯）22、平拋運動屬于勻變速運動，勻速圓周運動也屬于勻變速運動．____．評卷人得分四、實驗題(共1題，共2分)23、在研究平拋運動的實驗中，下列哪些說法是正確的____

①使斜槽末端的切線保持水平。

②每次使小球從不同的高度滾下。

③鋼球與斜槽間必須是光滑的．評卷人得分五、綜合題(共1題，共8分)24、【題文】如圖15所示，質(zhì)量M=8.0kg的小車放在光滑的水平面上，給小車施加一水平向右的恒力F=8.0N。當向右運動的速度達到V0=1.5m/s時，有一物塊以水平向左的初速度v0=1.0m/s滑上小車的右端。小物塊的質(zhì)量m=2.0kg，物塊與小車表面的動摩擦因數(shù)μ=0.20。設(shè)小車足夠長，重力加速度g取10m/s2。

（1）物塊從滑上小車開始；經(jīng)過多長的時間速度減小為零？

（2）求物塊在小車上相對小車滑動的過程中；物塊相對地面的位移。

（3）物塊在小車上相對小車滑動的過程中；小車和物塊組成的系統(tǒng)機械能變化了多少？

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【分析】落在一斜坡上的B點，且與斜坡沒有撞擊，知速度方向與斜面平行，根據(jù)某時刻速度方向與水平方向夾角正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍進行求解．【解析】【解答】解：運動員在B點與斜坡沒有碰撞；則速度與斜面平行，知此時的速度與水平方向的夾角為θ，位移與水平方向的夾角為90°-α；

因為平拋運動某時刻速度方向與水平方向夾角正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍；有：tanθ=2tan（90°-α）；

解得：tanθ?tanα=2．

故選：B．2、D【分析】【分析】，先分析各點的電勢高低，再根據(jù)電場力做功的特點：與路徑無關(guān)，只與始末位置的電勢差有關(guān)去判斷．【解析】【解答】解：由題意知A、B兩點電勢相同，根據(jù)電場力做功的特點：與路徑無關(guān)，只與始末位置的電勢差有關(guān)，所以，從B運動到C電場力所做的功為W1，沿路徑Ⅱ從B運動到C電場力所做的功為W2，同一點電荷在從A沿直線運動到C電場力所做的功為W3，三次做功相等，即W1=W2=W3；又因為AB兩點的電勢大于C點的電勢，所以移動正電荷電場力做正功．

故選：D3、C【分析】【分析】根據(jù)閉合電路歐姆定律分別表示出接12Ω和3Ω的外電阻時的電流，然后由功率相等列方程求解．【解析】【解答】解：設(shè)電源的內(nèi)阻大小為r，

根據(jù)閉合電路歐姆定律：I=；I′=

由題意，這兩電阻消耗的電功率相等，則有：I2?12=I′2?3

即：?12=?3

解得：r=6Ω

故選：C．4、C【分析】

A；由圖知；粒子軌跡向左彎曲，則帶電粒子所受電場力大體向左．電場線與等勢面垂直，且指向低電勢，畫出電場線的分布，如圖，則可知粒子帶正電．故A錯誤．

B、粒子從a運動到b，電場力做做負功，動能減小，則速度減小，即有粒子在a點的速度大于在b點的速度．故B錯誤．

C；a、e在同一等勢面上；電勢能相等，則動能相等，速度大小相等．故C正確．

D、粒子從a運動于d，電場力做功等于粒子從a到b電場力做功；則電場力做負功，電勢能增大，則在a點的電勢能小于在d點的電勢能．故D錯誤．

故選C

【解析】【答案】帶電粒子沿abcde軌跡運動；根據(jù)軌跡的彎曲方向判斷出帶電粒子所受電場力大體向左，根據(jù)電場線與等勢面垂直，畫出電場線的分布，確定粒子的電性．由速度方向與電場力的關(guān)系分析電場力做功正負，分析速度的變化情況和電勢能的大?。?/p>

5、D【分析】【解析】導(dǎo)體棒AB在穿越磁場前的等效電路如圖甲所示，有：P前＝2R＝R；導(dǎo)體棒AB在穿越磁場后的等效電路如圖乙所示，有：P后＝I2R；所以D正確．

【解析】【答案】D6、D【分析】【解析】本題考查光電效應(yīng)的條件.由題意知W1<W2，色光頻率ν1>ν2,則色光波長λ1<λ2.故正確選項為D.【解析】【答案】D7、B【分析】解：A

在P

點；速度向下，磁場向外，甲受向左的洛倫茲力，根據(jù)左手定則，甲帶正電荷；

同理；在P

點，乙受向右的洛倫茲力，速度向下，磁場向外，根據(jù)左手定則，乙?guī)ж撾姾桑还蔄錯誤；

C；根據(jù)左手定則；洛倫茲力與速度垂直，故洛倫茲力永不做功，故C錯誤；

B、粒子在磁場中做勻速圓周運動，根據(jù)牛頓第二定律，有：qvB=mv2R

故R=mvqB由于qqvvBB均相同，甲的軌道半徑大，說明甲的質(zhì)量大，故B正確；

D、周期T=2婁脨Rv=2婁脨mqB

由于t=12T

故t=婁脨mqB由于qqBB均相同，mm不同，故時間不相等，故D錯誤；

故選：B

．

本題關(guān)鍵是明確粒子垂直射入勻強磁場后，在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律列式分析軌道半徑和公轉(zhuǎn)周期，根據(jù)左手定則判斷洛倫茲力方向．

本題考查帶電粒子在磁場中圓周運動的推論公式R=mvqB

和T=婁脨mqB

的簡單運用，同時要結(jié)合左手定則分析，基礎(chǔ)題目.

要注意負電荷受到的洛倫茲力的方向和正電荷受到的洛倫茲力的方向相反．【解析】B

8、A【分析】【分析】根據(jù)庫侖定律公式F=k判斷靜電力大??；電場力做的功等于電勢能的減小量．【解析】【解答】解：A、當兩個正點電荷互相靠近時，根據(jù)庫侖定律公式F=k；它們之間的庫侖力增大；

電場力做負功；故它們的電勢能也增大；故A正確；

B、當兩個負點電荷互相靠近時，根據(jù)庫侖定律公式F=k；它們之間的庫侖力增大；

電場力做負功；故它們的電勢能也增大；故B錯誤；

C、D、一個正點電荷與一個負點電荷互相靠近時，根據(jù)庫侖定律公式F=k；它們之間的庫侖力增大；

電場力做正功；故它們的電勢能減小，故C錯誤，D也錯誤；

故選：A．二、填空題(共7題，共14分)9、vAsinθ-d【分析】【分析】將物塊A的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子的方向，在沿繩子方向的分速度等于B的速度，依據(jù)運動的合成法則，即可求解；對于位移，根據(jù)三角知識，即可求解．【解析】【解答】解：將物塊A的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子的方向；在沿繩子方向的分速度等于B的速度．

如圖所示；

在沿繩子方向的分速度為vAsinθ．

所以vB=vAsinθ．

因滑輪至桿距離為d，則此過程中的位移xB=-d；

故答案為：vAsinθ，-d．10、9：29：1【分析】【分析】根據(jù)萬有引力提供圓周運動向心力由衛(wèi)星的質(zhì)量和半徑關(guān)系分析求解向心力和向心加速度大小之比．【解析】【解答】解：人造地球衛(wèi)星繞地球圓周運動向心力由萬有引力提供，根據(jù)F=可知兩顆衛(wèi)星的向心力之比：

=

向心加速度a=；所以：

故答案為：9：2，9：111、10001×105【分析】【分析】輸出電壓UCD即電阻R上分到的電壓，由于只知道輸入電壓UAB及各電阻之間的比例關(guān)系，因此應(yīng)考慮從串聯(lián)電路中電阻與電壓之間的比例關(guān)系著手．【解析】【解答】解：最右邊并聯(lián)部分的等效電阻為：

R并==R；

所以整個并聯(lián)部分的電阻R′=R；

電路的總電阻為：R總=9R+R=10R．

由串聯(lián)分壓得并聯(lián)部分R并上的電壓為：

U′=?UAB．

而輸出電壓UCD即電阻R上分到的電壓；再由分壓得；

UCD=UR=U′==1V

所以U′=10V；

則UAB=1000V

PCD=，PAB=；

若PCD=1W，則：PAB=1×105W

故答案為：1000；1×10512、負【分析】【分析】A、B、C三個點電荷都處于靜止狀態(tài)，對電荷受力分析，每個電荷都處于受力平衡狀態(tài)，故根據(jù)庫侖定律可分別對任意兩球進行分析列出平衡方程即可求得結(jié)果．【解析】【解答】解：A；B、C三個電荷要平衡；必須三個電荷的一條直線，外側(cè)二個電荷相互排斥，中間電荷吸引外側(cè)兩個電荷，所以外側(cè)兩個電荷距離大，要平衡中間電荷的拉力，必須外側(cè)電荷電量大，中間電荷電量小，所以C必須為負電，在A的左側(cè)．

設(shè)C所在位置與A的距離為r，則C所在位置與B的距離為L+r；要能處于平衡狀態(tài)；

所以A對C的電場力大小等于B對C的電場力大小，設(shè)C的電量為q．則有：

解得：r=0.2m．

對點電荷A，其受力也平衡，則

解得：q=．

故答案為：負；．13、大【分析】【分析】電容是表征電容器容納電荷本領(lǐng)大小的物理量，根據(jù)電容的決定式分析極板正對面積與電容的關(guān)系．【解析】【解答】解：根據(jù)電容器電容的決定式C=可知；電容與極板正對面積成正比，所以在其他條件相同時，極板的正對面積越大，電容器的電容就越大，儲存電荷的能力就越高．

故答案為：大14、略

【分析】

小穎在田徑場繞400m環(huán)形跑道跑了2圈；首末位置重合，則位移的大小為0m，路程等于800m．

故答案為：0；800．

【解析】【答案】位移的大小等于首末位置的距離；路程等于運動軌跡的長度．

15、825【分析】解：由圖甲可以看出波長λ=4m，由圖乙可以看出周期T=4s，故波速

由圖甲可知，最前面的波峰據(jù)Q點的距離△x=8m，故最前面的波峰傳播到Q點的時間為

波由M點傳到Q點所需時間=

x=4m處的質(zhì)點在此時間內(nèi)振動通過的路程為s=5A=5×5cm=25cm；

故答案為：8；25；

根據(jù)波長；周期求出波速。根據(jù)最前面波峰距離Q的水平距離；求出Q點第一次到達波峰的時間；

根據(jù)波的傳播時間判斷x=4m質(zhì)點的路程大小；

解決本題的關(guān)鍵知道各點的起振方向相同，以及知道波速、波長、周期的關(guān)系。【解析】825三、判斷題(共7題，共14分)16、√【分析】【分析】液面上部的蒸汽達到飽和時，液體分子從液面飛出，同時有蒸汽分子進入液體中；從宏觀上看，液體不再蒸發(fā)．【解析】【解答】解：飽和蒸汽的平衡是一種動態(tài)平衡．當達到動態(tài)平衡時；液體分子從液面飛出，同時有蒸汽分子進入液體中；從宏觀上看，液體不再蒸發(fā)蒸發(fā)的速度不再改變，此時以恒速蒸發(fā)．所以該說法是正確的．

故答案為：√17、√【分析】【分析】晶體的分子（或原子、離子）排列是有規(guī)則的．晶體是具有一定的規(guī)則外形和各向異性．【解析】【解答】解：根據(jù)晶體的結(jié)構(gòu)的特點可知；晶體的分子（或原子；離子）排列是有規(guī)則的．所以該說法是正確的．

故答案為：√18、√【分析】【分析】液體微觀結(jié)構(gòu)理論：

（1）液體分子的排列更接近于固體；是密集在一起的，因而液體具有一定的體積，不易被壓縮。

（2）液體分子之間的相互作用不像固體中的微粒那樣強；液體分子只在很小的區(qū)域內(nèi)做有規(guī)則的排列，這種區(qū)域是暫時形成的，邊界和大小隨時改變，有時瓦解，有時又重新形成，液體由大量的這種暫時形成的小區(qū)域構(gòu)成，這種小區(qū)域雜亂無章地分布著，因而液體表現(xiàn)出各向同性。

（3）液體分子的熱運動與固體類似，主要表現(xiàn)為在平衡位置附近做微小的振動，但液體分子沒有長期固定的平衡位置，在一個平衡位置附近振動一小段時間以后，又轉(zhuǎn)移到另一個平衡位置附近去振動，即液體分子可以在液體中移動，這就是液體具有流動性的原因．【解析】【解答】解：由液體的結(jié)構(gòu)知非晶體的結(jié)構(gòu)進行比較可知；二者在很多的方面非常類似，可以看作是粘滯性極大的液體．該說法是正確的；

故答案為：√19、√【分析】【分析】一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，溫度越高，內(nèi)能越大．【解析】【解答】解：物態(tài)的內(nèi)能與物體的物質(zhì)的量；溫度、體積以及物態(tài)有關(guān)．對一定質(zhì)量的理想氣體；物質(zhì)的量一定，物態(tài)一定，而氣體分子之間的作用力可以忽略不計，所以一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能的大小只與溫度有關(guān)．

故答案為：√20、×【分析】【分析】力是改變速度的原因，不是維持速度的原因，根據(jù)牛頓第一定律分析即可．【解析】【解答】解：當物體做勻速直線運動時；物體不受力或者受平衡力，故力不是維持速度的原因；

故答案為：×．21、×【分析】【分析】電場的性質(zhì)是對電荷有力的作用，而電荷受到電場力的方向與電場強度可以相同，也可以相反．當運動的帶電粒子的速度方向不與磁場平行，將會受到洛倫茲力作用，根據(jù)左手定則可知，洛倫茲力的方向與磁場方向的關(guān)系．【解析】【解答】解：當運動的電荷的速度方向與磁場方向平行時；不受洛倫茲力；

故答案為：×．22、×【分析】【分析】勻變速運動是指加速度恒定的運動；平拋運動的加速度為g，恒定；勻速圓周運動的加速度總是指向圓心，時刻改變．【解析】【解答】解：勻變速運動是指加速度恒定的運動；

平拋運動的加速度為g；恒定，是勻變速曲線運動；

勻速圓周運動的加速度總是指向圓心；時刻改變，是變加速運動；

故答案為：×．四、實驗題(共1題，共2分)23、①【分析】【分析】在做研究平拋運動的實驗時，讓小球多