2024年人民版高二物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年人民版高二物理下冊月考試卷659考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、右上圖是一“濾速器”裝置的示意圖．a(chǎn)、b為水平放置的平行金屬板，一束具有各種不同速率的電子沿水平方向經(jīng)小孔O進(jìn)入a、b兩板之間．為了選取具有某種特定速率的電子，可在a、b間加上電壓，并沿垂直于紙面的方向加一勻強(qiáng)磁場，使所選電子仍能沿水平直線OO′運(yùn)動(dòng)，由O′射出，不計(jì)重力作用．可能達(dá)到上述目要求的是A.使a板電勢高于b板，磁場方向垂直紙面向里B.使a板電勢低于b板，磁場方向垂直紙面向里C.使a板電勢高于b板，磁場方向垂直紙面向外D.使a板電勢低于b板，磁場方向垂直紙面向外2、在學(xué)校的體育運(yùn)動(dòng)會(huì)跳高場地，我們看到在運(yùn)動(dòng)員落地一側(cè)要疊放幾塊較大而厚的軟墊，其目的(

)

A.增加運(yùn)動(dòng)員落地過程的時(shí)間，增大腳受到的作用力B.增加運(yùn)動(dòng)員落地過程的時(shí)間，減小腳受到的作用力C.減少運(yùn)動(dòng)員落地過程的時(shí)間，增大腳受到的作用力D.減少運(yùn)動(dòng)員落地過程的時(shí)間，減小腳受到的作用力3、在圖中，標(biāo)出了磁場B的方向，通電直導(dǎo)線中電流I的方向，以及通電直導(dǎo)線所受磁場力F的方向，其中正確的是（）4、實(shí)驗(yàn)觀察到，靜止在勻強(qiáng)磁場中A

點(diǎn)的原子核發(fā)生婁脗

衰變，衰變產(chǎn)生的新核與電子恰在紙面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)方向和軌跡示意如圖.

則(

)

A.軌跡1

是電子的，磁場方向垂直紙面向外B.軌跡2

是電子的，磁場方向垂直紙面向外C.軌跡1

是新核的，磁場方向垂直紙面向里D.軌跡2

是新核的，磁場方向垂直紙面向里5、電荷量分別為+q+q鈭?q

的三個(gè)帶電小球，分別固定在邊長均為L

的絕緣三角形框架的三個(gè)頂點(diǎn)上，并置于場強(qiáng)為E

的勻強(qiáng)電場中，如圖所示.

若三角形繞穿過其中心O

垂直于三角形所在平面的軸逆時(shí)針轉(zhuǎn)過120鈭?

則此過程中系統(tǒng)電勢能變化情況為(

)

A.增加EqL2

B.減少EqL2

C.增加EqL

D.減少EqL

評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)6、有甲、乙兩導(dǎo)體，甲的電阻為乙的一半，而單位時(shí)間內(nèi)通過導(dǎo)體乙橫截面的電荷量為甲的兩倍，則甲導(dǎo)體中的電流與乙導(dǎo)體的電流之比______；甲乙兩導(dǎo)體兩端的電壓之比______．7、如圖所示，豎直放置的氣缸由兩個(gè)粗細(xì)不同的圓柱形筒組成．氣缸中有A、B兩個(gè)用長為L的細(xì)繩連接的活塞，它們的截面積分別為SA=20cm2，SB=10cm2，活塞A的質(zhì)量MA=1kg，外界大氣壓P0=1.0×105Pa．當(dāng)氣缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)P=1.2×105Pa，溫度T=600K時(shí)，兩活塞處于靜止，此時(shí)兩活塞到氣缸連接處的高度都為則活塞B的質(zhì)量MB=______kg．當(dāng)氣缸內(nèi)氣體的溫度降到270K時(shí)，活塞B距離兩氣缸連接處的高度為______L（活塞與缸壁間的摩擦不計(jì)，氣體始終無泄漏）．8、小球從離地面45m

高處由靜止開始自由下落，不計(jì)空氣阻力，重力加速度g

取l0m/s2

那么該球從下落到著地的過程中，加速度大小為_______m/s2

經(jīng)歷的時(shí)間為______s

落地時(shí)速度大小為______m/s

9、多用電表粗測電阻，已經(jīng)調(diào)零且選擇開關(guān)指向歐姆擋“隆脕10

”擋位，發(fā)現(xiàn)指針的偏轉(zhuǎn)角度太大，這時(shí)他應(yīng)將選擇開關(guān)換成歐姆擋的“______”擋位(

選填“隆脕100

”或“隆脕1

”)

調(diào)零后測量，其表盤及指針?biāo)肝恢萌鐖D，則待測電阻為______婁賂.

10、一段粗細(xì)均勻的鎳鉻合金絲，橫截面的直徑為d，電阻為10歐，如果把它拉成直徑為d/2的均勻細(xì)絲，電阻值將變?yōu)開___歐．11、一個(gè)磁場的磁感線如圖所示，一個(gè)小磁針被放入磁場中，則小磁針沿順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，則磁場方向____．（填“向左”或“向右”）

12、在一個(gè)電阻兩端加一個(gè)12V電壓時(shí)，通過它的電流強(qiáng)度是0.6A，那么當(dāng)通過它的電流是1.8A時(shí)，它兩端的電壓是____________V，這個(gè)電阻的阻值是____________Ω。13、單擺的擺長為l，擺球質(zhì)量為m，把擺球從平衡位置拉開一段距離，當(dāng)偏角為a時(shí)由靜止釋放，則單擺經(jīng)過平衡位置時(shí)的動(dòng)能為____．14、與電量為2.0×10-5庫倫的正點(diǎn)電荷相距1.0m處的電場強(qiáng)度為______（k=9×109Nm2/C2）評卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)15、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對錯(cuò)）16、只有沿著電場線的方向電勢才會(huì)降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯(cuò)）17、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯(cuò)）

18、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點(diǎn)間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯(cuò)）

19、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯(cuò)）

20、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對錯(cuò)）21、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯(cuò)）22、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯(cuò)）

評卷人得分四、畫圖題(共2題，共20分)23、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象24、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象評卷人得分五、綜合題(共3題，共6分)25、(1)

關(guān)于熱力學(xué)定律；下列說法正確的是()

A.氣體吸熱后溫度一定升高。

B.一定量的某種理想氣體在等溫膨脹過程中；內(nèi)能一定減少。

C.一定量的某種理想氣體在等壓膨脹過程中；內(nèi)能一定增加。

D.熱量可以從低溫物體傳到高溫物體。

E.如果兩個(gè)系統(tǒng)分別與狀態(tài)確定的第三個(gè)系統(tǒng)達(dá)到熱平衡，那么這兩個(gè)系統(tǒng)彼此之間也必定達(dá)到熱平衡(2)

如圖所示，一端開口、另一端封閉的細(xì)長薄壁玻璃管水平放置，內(nèi)有用25

cm

長的水銀柱封閉的體積為20

m

L

的某種理想氣體.

外界大氣壓為75

cm

汞柱，環(huán)境溫度為27隆忙.

求：

(1)

當(dāng)環(huán)境溫度降為鈭?3隆忙

時(shí)(

設(shè)大氣壓強(qiáng)不變)

氣體的體積；

(2)

當(dāng)把玻璃管慢慢豎起成豎直放置時(shí)；封閉氣體的體積；

(3)

當(dāng)玻璃管豎直放置后，給氣體加熱，使氣體的溫度升高到87隆忙

要保持氣體的體積不變，應(yīng)向玻璃管內(nèi)加入的水銀柱的長度．26、A.(

卓越班)(1)

圖為遠(yuǎn)距離輸電示意圖，兩變壓器均為理想變壓器，升壓變壓器T

的原、副線圈匝數(shù)分別為n1n2

在T

的原線圈兩端接入一電壓u=Umsin婁脴t

的交流電源，若輸送電功率為P

輸電線的總電阻為2r

不考慮其它因素的影響，則輸電線上損失的電功率為___________w

(2)

在粗糙的水平桌面上有兩個(gè)靜止的木塊A

和B

兩者相距為d

現(xiàn)給A

一初速度，使A

與B

發(fā)生彈性正碰，碰撞時(shí)間極短。當(dāng)兩木塊都停止運(yùn)動(dòng)后，相距仍然為d.

已知兩木塊與桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為婁脤.B

的質(zhì)量為A

的2

倍，重力加速度大小為g

求A

的初速度的大小

B.(

博越班)(1)

下圖表示一交流電隨時(shí)間變化的圖像，其中電流為正值時(shí)的圖像為正弦曲線的正半部分，其最大值為Im

電流的負(fù)值為鈭?Im

則該交變電流的有效值為___________

(2)

如圖所示，一交流發(fā)電機(jī)的線圈在勻強(qiáng)磁場中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，線圈匝數(shù)N=100

匝，線圈電阻r=3婁賂ab=cd=0.5mbc=ad=0.4m

磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T

電阻R=311婁賂

當(dāng)線圈以n=300r/min

的轉(zhuǎn)速勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí).

求：(1)

感應(yīng)電動(dòng)勢的最大值；(2)t=0

時(shí)線圈在圖示位置，寫出此交變電流電動(dòng)勢瞬時(shí)值表達(dá)式；(3)

此電壓表的示數(shù)是多少？27、A.圖所示，在一范圍足夠大的勻強(qiáng)磁場中，有一矩形線圈abcd

的平面與磁場方向垂直，若將線圈繞ab

邊轉(zhuǎn)動(dòng)，則線圈中______感應(yīng)電流，若將線圈左右平移，則線圈中______感應(yīng)電流(

選填“有”或“無”)

B.在B=2T

的勻強(qiáng)磁場中放一根與磁場方向垂直、長度為0.8m

的通電直導(dǎo)線，導(dǎo)線中的電流為5A

求：壟脵

導(dǎo)線受到的磁場力方向是與電流方向平行還是垂直？壟脷

磁場力的大小是多少？

C.下列關(guān)于電阻率的說法中，____的是：()

A.電阻率反映材料導(dǎo)電性能的好壞，所以與材料有關(guān)；B.電阻率只是一個(gè)比例常數(shù)，與任何其他因素?zé)o關(guān)；C.電阻率與導(dǎo)體的溫度有關(guān)；D.電阻率在國際單位制中的單位是歐姆米。D.關(guān)于電場強(qiáng)度的定義式E=F/q

下列說法正確的是()

A.q

表示產(chǎn)生電場的電荷量B.q

越大則E

越小C.q

表示檢測用試探電荷的電荷量D.E

的方向與負(fù)的試探電荷的受力方向相同E.如圖所示，一根質(zhì)量為m

的金屬棒AC

用軟線懸掛在磁感強(qiáng)度為B

的勻強(qiáng)磁場中，通入A隆煤C

方向的電流時(shí)，懸線張力不為零，欲使懸線張力為零，可以采用的辦法是()

A.不改變磁場和電流方向，適當(dāng)增大磁感強(qiáng)度B.只改變電流方向，并適當(dāng)增加電流C.不改變電流和磁場方向，適當(dāng)減小電流D.只改變電流方向，并適當(dāng)減小電流F.測量兩個(gè)電池ab

的電動(dòng)勢后得到如圖所示中U隆陋I

曲線，那么()

A.電池a

的電動(dòng)勢較大，內(nèi)阻較小B.電池a

的電動(dòng)勢較大，內(nèi)阻較大C.電池b

的電動(dòng)勢較大，內(nèi)阻較小D.電池b

的電動(dòng)勢較大，內(nèi)阻較大G.如圖所示為甲、乙兩個(gè)導(dǎo)體的伏安特性曲線，則甲導(dǎo)體的電阻為_______若將甲、乙兩導(dǎo)體串聯(lián)起來接在電動(dòng)勢為16V

內(nèi)阻為1

的電源兩極，則通過電源的電流為________A

H.如圖所示，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B

方向垂直紙面向里.

一個(gè)質(zhì)量為m

電荷量為q

的正離子，以速度v

從小孔O

射入勻強(qiáng)磁場，入射時(shí)速度方向既垂直于磁場方向，又與屏垂直，偏轉(zhuǎn)后打在屏上S

點(diǎn)(S

點(diǎn)未在圖上畫出)

求：壟脵

剛進(jìn)入磁場時(shí)，離子受到洛倫茲力的大小和方向；壟脷

屏上S

點(diǎn)到O

點(diǎn)的距離；壟脹

離子從O

點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到S

點(diǎn)的時(shí)間．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A|D【分析】試題分析：電子沿水平直線OO'運(yùn)動(dòng)，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，電場力與洛倫茲力平衡，根據(jù)左手定則判斷洛倫茲力方向，將各項(xiàng)逐一代入，選擇符合題意的選項(xiàng)．a(chǎn)板電勢高于b板，電子所受電場力方向向上．磁場方向垂直紙面向里，根據(jù)左手定則判斷出來，洛倫茲力方向向下，兩力可以平衡，符合題意，故A正確．a(chǎn)板電勢低于b板，電子所受電場力方向向下．磁場方向垂直紙面向里，根據(jù)左手定則判斷出來，洛倫茲力方向向下，兩力不可能平衡，不符合題意，故B錯(cuò)誤．使a板電勢高于b板，電子所受電場力方向向上．磁場方向垂直紙面向外，根據(jù)左手定則判斷出來，洛倫茲力方向向上，兩力不可能平衡，不符合題意，故C錯(cuò)誤．使a板電勢低于b板，電子所受電場力方向向下．磁場方向垂直紙面向外，根據(jù)左手定則判斷出來，洛倫茲力方向向上，兩力可能平衡，符合題意，故D正確．考點(diǎn)：考查了帶電粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動(dòng)【解析】【答案】AD2、B【分析】解：根據(jù)機(jī)械能守恒定律可知；運(yùn)動(dòng)員落地后靜止，速度變化量是相同的，故在運(yùn)動(dòng)員落地一側(cè)要疊放幾塊較大而厚的軟墊，增加了運(yùn)動(dòng)員落地的時(shí)間；

設(shè)運(yùn)動(dòng)員落地前的速度為v

腳受到的作用力為F

根據(jù)動(dòng)量定理得：

Ft=mv

時(shí)間變大；則作用力變小，故B正確；

故選：B

運(yùn)動(dòng)員落地時(shí)速度變化量是相同的；但在運(yùn)動(dòng)員落地一側(cè)要疊放幾塊較大而厚的軟墊，是為了增加運(yùn)動(dòng)員落地過程的時(shí)間，根據(jù)動(dòng)量定理即可求解．

本題主要考查了動(dòng)量定理的直接應(yīng)用，注意明確動(dòng)量定理的正確應(yīng)用，會(huì)利用動(dòng)量定理解釋生活中相關(guān)的現(xiàn)象．【解析】B

3、A|B|C【分析】【解析】試題分析：熟練應(yīng)用左手定則是解決本題的關(guān)鍵，在應(yīng)用時(shí)可以先確定一個(gè)方向，然后逐步進(jìn)行，如可先讓磁感線穿過手心，然后通過旋轉(zhuǎn)手，讓四指和電流方向一致或讓大拇指和力方向一致，從而判斷出另一個(gè)物理量的方向，用這種程序法，防止弄錯(cuò)方向A、由左手定則知A圖中安培力方向豎直向上；正確B、由左手定則知B圖中安培力方向水平向右；正確C、由左手定則知C圖中安培力方向垂直電流方向向上；正確D、由左手定則知D圖中安培力方向豎直向下；錯(cuò)誤故選ABC考點(diǎn)：左手定則【解析】【答案】ABC4、D【分析】解：原子核發(fā)生婁脗

衰變時(shí)；根據(jù)動(dòng)量守恒可知兩粒子的速度方向相反，動(dòng)量的方向相反，大小相等；

由半徑公式r=mvqB=PqB(P

是動(dòng)量)

分析得知，r

與電荷量成反比；婁脗

粒子與新核的電量大小分別為e

和ne(n

為新核的電荷數(shù))

則婁脗

粒子與新核的半徑之比為：nee=n1.

所以半徑比較大的軌跡1

是衰變后婁脗

粒子的軌跡，軌跡2

是新核的。

新核沿逆時(shí)針方向運(yùn)動(dòng)；在A

點(diǎn)受到的洛倫茲力向左，由左手定則可知，磁場的方向向里。

由以上的分析可知；選項(xiàng)D正確，ABC錯(cuò)誤。

故選：D

靜止的原子核發(fā)生婁脗

衰變，根據(jù)動(dòng)量守恒可知，發(fā)生衰變后粒子與反沖核的運(yùn)動(dòng)方向相反，動(dòng)量的方向相反，大小相等.

由半徑公式r=mvqB=PqBP

是動(dòng)量，分析兩個(gè)粒子半徑軌跡半徑之比．

該題即使沒有說明是婁脗

衰變也可根據(jù)粒子的速度的方向相反和兩個(gè)粒子的運(yùn)動(dòng)的軌跡由左手定則可以分析判斷粒子的帶電的情況．

其中要注意的是電子的動(dòng)量與新核的動(dòng)量大小相等．【解析】D

5、C【分析】解：當(dāng)三角形繞穿過其中心O

垂直于三角形所在平面的軸順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)120鈭?

時(shí)，三個(gè)帶電小球均須克服電場力做功，其中右上角帶正電小球逆電場線移動(dòng)L

下邊帶正電小球沿電場線移動(dòng)L2

帶負(fù)電小球沿電場線移動(dòng)L2

則轉(zhuǎn)動(dòng)過程電場力總共做功為：W=鈭?qEL+qEL2鈭?qEL2=鈭?qEL

電場力做負(fù)功，即電勢能增加EqL

C正確．

故選：C

電荷在勻強(qiáng)電場中，受恒定的電場力，因此由沿電場力方向的位移結(jié)合功的表達(dá)式，可求出電場力對三個(gè)小球做功的大小，再根據(jù)W=鈭?鈻?EP

分析．

注意功的表達(dá)式中，一要關(guān)注力是否是恒力；二要注意功的正負(fù).

即可根據(jù)力與位移的方向夾角來確定功的正負(fù)，當(dāng)夾角大于90鈭?

時(shí)，力做負(fù)；當(dāng)夾角小于90鈭?

時(shí)，力做正功．【解析】C

二、填空題(共9題，共18分)6、略

【分析】解：單位時(shí)間內(nèi)通過橫截面的電荷量；乙是甲的2倍，所以乙的電流是甲電流的兩倍，即甲導(dǎo)體中的電流與乙導(dǎo)體的電流之比為1：2；

根據(jù)U=IR；甲的電阻是乙的一半，可知，乙導(dǎo)體兩端的電壓是甲的4倍，即甲乙兩導(dǎo)體兩端的電壓之比為1：4．

故選：1：2；1：4．

電流就表示單位時(shí)間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量的多少；根據(jù)U=IR分析電壓關(guān)系．

知道單位時(shí)間內(nèi)通過橫截面的電荷量表示電流，能根據(jù)歐姆定律求解，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．【解析】1：2；1：47、略

【分析】解：以A；B兩活塞和輕繩組成的系統(tǒng)為研究對象；

代入數(shù)據(jù)解得：

缸內(nèi)氣體溫度下降；氣體體積減小，活塞下移，設(shè)A活塞下移x，缸內(nèi)氣體發(fā)生等壓變化，根據(jù)蓋-呂薩克定律有。

初態(tài)：

末態(tài)：

根據(jù)

代入上式：

解得：x=0.4L

活塞B距離兩汽缸連接處的距離為

故答案為：1；0.9

對AB活塞整體進(jìn)行受力分析；根據(jù)受力平衡求出B活塞的質(zhì)量；溫度降低后，AB活塞下移，根據(jù)等壓變化的規(guī)律，求出下移的距離，即可求出B活塞距離兩汽缸連接處的距離。

本題的解題關(guān)鍵是分析氣缸中氣體做何種變化，根據(jù)力學(xué)知識(shí)求B活塞的質(zhì)量，根據(jù)氣體的狀態(tài)變化過程，選擇相應(yīng)的實(shí)驗(yàn)定律都是應(yīng)具備的解題能力．【解析】1；0.98、10330【分析】【分析】根據(jù)位移時(shí)間公式求解時(shí)間；再根據(jù)速度時(shí)間公式求解落地速度。

本題關(guān)鍵是明確物體的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，然后根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列式求解?！窘獯稹课矬w做自由落體運(yùn)動(dòng)，因此加速度為g

大小取10m/s2

根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系公式，得到h=gt22

解得t=2hg=3s

根據(jù)速度時(shí)間公式；落地瞬間的瞬時(shí)速度是v=gt=10m/s2隆脕3s=30m/s

故填：10330

【解析】10330

9、略

【分析】解：某同學(xué)要用多用電表粗測一個(gè)電阻絲電阻；選擇開關(guān)指向歐姆擋“隆脕10

”擋位的多用電表測量，發(fā)現(xiàn)指針的偏轉(zhuǎn)角度太大，說明所選擋位太大，為準(zhǔn)確測量，應(yīng)換小擋，應(yīng)該將選擇開關(guān)換成歐姆擋的“隆脕1

”檔位，然后進(jìn)行歐姆調(diào)零；由圖示表盤可知，則此段電阻絲的電阻為12隆脕1=12婁賂

．

故答案為：隆脕112

．

使用歐姆表測電阻應(yīng)選擇合適的擋位；使指針指針中央刻度線附近；

歐姆表換擋后要重新進(jìn)行歐姆調(diào)零；歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)．

本題考查了歐姆表的使用注意事項(xiàng)與歐姆表讀數(shù)，要注意：歐姆表換擋后要重新進(jìn)行歐姆調(diào)零，歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)．【解析】隆脕112

10、略

【分析】

金屬絲體積不變，橫截面的直徑變?yōu)楹?；金屬絲的長度由L變?yōu)?L；

由電阻定律可知，R=ρ=10Ω；

R′=ρ=16R=160Ω；

故答案為：160．

【解析】【答案】金屬絲的電阻率與體積不變；由電阻定律可以求出金屬絲拉長后的電阻．

11、略

【分析】

一個(gè)磁場的磁感線如圖所示，一個(gè)小磁針被放入磁場中，發(fā)現(xiàn)小磁針沿順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)向右是受到磁場力的作用．由于小磁針N極所受力的方向就是磁場方向，所以磁場方向向右．

故答案為：向右。

【解析】【答案】磁場中的磁感線不是實(shí)際存在的；是為了研究磁場而假想的，然而小磁針靜止時(shí)N極所指向表示磁場方向．

12、略

【分析】試題分析：根據(jù)歐姆定律，此電阻的阻值為當(dāng)通過它的電流是1.8A時(shí)，它兩端的電壓是U=IR=1.8×20V=36V?？键c(diǎn)：部分電路的歐姆定律?！窘馕觥俊敬鸢浮?6；2013、略

【分析】

單擺擺動(dòng)過程中；只有重力做功，根據(jù)動(dòng)能定理，有：

mg（l-lcosθ）=Ek

故Ek=mg（l-lcosθ）；

故答案為：mg（l-lcosθ）．

【解析】【答案】單擺擺動(dòng)過程中；只有重力做功，根據(jù)動(dòng)能定理列式求解即可．

14、略

【分析】解：電荷Q帶電量為2.0×10-5C；距離該點(diǎn)電荷1.0m處的電場強(qiáng)度：

E==N/C=1.8×105N/C

故答案為：1.8×105N/C．

根據(jù)公式E=從而即可求解電場強(qiáng)度．

本題關(guān)鍵是記住點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式E=和場強(qiáng)的定義公式E=基礎(chǔ)題．【解析】1.8×105N/C三、判斷題(共8題，共16分)15、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大小．

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大?。浑妱莶钆c零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．16、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．17、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．18、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢差相比，與a點(diǎn)之間的電勢差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．19、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。?0、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大小．

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢差與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．21、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．22、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大小．四、畫圖題(共2題，共20分)23、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時(shí)磁通量均勻變化，感應(yīng)電動(dòng)勢、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】24、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時(shí)磁通量均勻變化，感應(yīng)電動(dòng)勢、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】五、綜合題(共3題，共6分)25、(1)CDE(1)CDE(2)(2)解：(1)(1)對被封閉的氣體進(jìn)行狀態(tài)分析，

初狀態(tài)：VV11=20ml=20mlTT11=273+27=300K=273+27=300K

末狀態(tài)：VV22==TT22=273K鈭?3K=270K=273K-3K=270K

由理想氣體狀態(tài)方程有：V1T1=V2T2dfrac{{V}_{1}}{{T}_{1}}=dfrac{{V}_{2}}{{T}_{2}}

即為：V2=T2T2隆隴V1=18ml{V}_{2}=dfrac{{T}_{2}}{{T}_{2}}隆隴{V}_{1}=18ml

(2)(2)當(dāng)把玻璃管慢慢豎起成豎直放置的過程中，氣體的溫度不變，開始時(shí)的壓強(qiáng)：PP11=75cmHg=75cmHg

后來時(shí)的壓強(qiáng)：PP33=(=(75+25)cmHg=100cmHg由玻意耳定律：PP11VV11=P=P33VV33，

所以：V3=P1V1P3=15ml{V}_{3}=dfrac{{P}_{1}{V}_{1}}{{P}_{3}}=15ml

(3)(3)使氣體的溫度升高到87隆忙87隆忙TT44=(=(273+87)K=360K由蓋??呂薩克定律：P3T1=P4T4dfrac{{P}_{3}}{{T}_{1}}=dfrac{{P}_{4}}{{T}_{4}}

代入數(shù)據(jù)得：PP44=120cmHg=120cmHg

則需要向玻璃管內(nèi)加入的水銀柱的長度：鈻?L=120cm鈭?100cm=20cmtriangleL=120cm-100cm=20cm【分析】(1)

【分析】(1)

改變物體內(nèi)能的方法有做功和熱傳遞；(2)

由理想氣體狀態(tài)方程分析可知內(nèi)能變化情況；(3)

熱量的傳遞分自發(fā)和非自發(fā)，自發(fā)的具有方向性，非自發(fā)的沒有；(4)

如果兩個(gè)系統(tǒng)分別與第三個(gè)系統(tǒng)達(dá)到熱平衡，那么這兩個(gè)系統(tǒng)彼此之間必定處于熱平衡。本題考查改變內(nèi)能的方法、理想氣體狀態(tài)方程的應(yīng)用，熱量的傳遞、熱力學(xué)定律等知識(shí)點(diǎn)，涉及知識(shí)點(diǎn)較多，難度不大?！窘獯稹緼.氣體吸熱時(shí)如果同時(shí)對外做功，則內(nèi)能可能不變，溫度不一定升高，故A錯(cuò)誤；B.一定量的理想氣體發(fā)生等溫膨脹時(shí)，溫度不變則氣體的內(nèi)能不變，故B錯(cuò)誤；C.由蓋呂薩克定律可知，理想氣體在等壓膨脹過程中氣體溫度升高，氣體內(nèi)能增加，故C正確；D.熱量的傳遞分自發(fā)和非自發(fā)，自發(fā)的具有方向性，非自發(fā)的沒有，故熱量可以從低溫物體傳到高溫物體，但是會(huì)產(chǎn)生其他影響，故D正確；E.如果兩個(gè)系統(tǒng)分別與第三個(gè)系統(tǒng)達(dá)到熱平衡，那么這兩個(gè)系統(tǒng)彼此之間必定處于熱平衡，故E正確。故選CDE。(2)

本題從多個(gè)不同的角度考查理想氣體的狀態(tài)方程，解答本題關(guān)鍵是找出各個(gè)平衡態(tài)的溫度、壓強(qiáng)、體積，選好過程根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程或氣體實(shí)驗(yàn)定律列式后聯(lián)立求解。(1)

在環(huán)境溫度變?yōu)殁?3隆忙

時(shí)；氣體的壓強(qiáng)不變，分析變化前后的體積和溫度，列方程即可求解；

(2)

由玻璃管內(nèi)氣體為研究對象；應(yīng)用玻意耳定律可以求出玻璃管內(nèi)氣柱的長度；

(3)

應(yīng)用理想氣體狀態(tài)方程可以求出氣體的壓強(qiáng)，然后又氣體的壓強(qiáng)的計(jì)算公式即可求出需要向玻璃管內(nèi)加入的水銀柱的長度?！窘馕觥?1)CDE(1)CDE(2)(2)解：(1)(1)對被封閉的氣體進(jìn)行狀態(tài)分析，

初狀態(tài)：VV11=20ml=20mlTT11=273+27=300K=273+27=300K

末狀態(tài)：VV22==TT22=273K鈭?3K=270K=273K-3K=270K

由理想氣體狀態(tài)方程有：V1T1=V2T2dfrac{{V}_{1}}{{T}_{1}}=dfrac{{V}_{2}}{{T}_{2}}

即為：V2=T2T2隆隴V1=18ml{V}_{2}=dfrac{{T}_{2}}{{T}_{2}}隆隴{V}_{1}=18ml

(2)(2)當(dāng)把玻璃管慢慢豎起成豎直放置的過程中，氣體的溫度不變，開始時(shí)的壓強(qiáng)：PP11=75cmHg=75cmHg

后來時(shí)的壓強(qiáng)：PP33=(=(75+25)cmHg=100cmHg

由玻意耳定律：PP11VV11=P=P33VV33，

所以：V3=P1V1P3=15ml{V}_{3}=dfrac{{P}_{1}{V}_{1}}{{P}_{3}}=15ml

(3)(3)使氣體的溫度升高到87隆忙87隆忙TT44=(=(273+87)K=360K

由蓋??呂薩克定律：P3T1=P4T4dfrac{{P}_{3}}{{T}_{1}}=dfrac{{P}_{4}}{{T}_{4}}

代入數(shù)據(jù)得：PP44=120cmHg=120cmHg

則需要向玻璃管內(nèi)加入的水銀柱的長度：鈻?L=120cm鈭?100cm=20cmtriangleL=120cm-100cm=20cm26、A（1）（2）解：設(shè)在發(fā)生碰撞前的瞬間；木塊A的速度大小為v；

在碰撞后的瞬間，A和B的速度分別為v1和v2．

在碰撞過程中；由能量守恒定律和動(dòng)量守恒定律．得。

mv=mv1+2mv2；式中，以碰撞前木塊A的速度方向?yàn)檎?/p>

聯(lián)立解得：

設(shè)碰撞后A和B運(yùn)動(dòng)的距離分別為d1和d2；

由動(dòng)能定理得

按題意有：d=d2+d1

設(shè)A的初速度大小為v0，由動(dòng)能定理得

聯(lián)立解得：（2）解：（1）n=300r/min=5r/s，則ω=2πn=2π×5=10πrad/s，感應(yīng)電動(dòng)勢的最大值Em=NBSω=100×0.5×0.5×0.4×10πV=314V．

（2）因?yàn)閺闹行悦娲怪泵骈_始計(jì)時(shí)，則e=Emcosωt=314cos10πtV．

（3）電動(dòng)勢的有效值

根據(jù)閉合電路歐姆定律知，電壓表的示數(shù)

【分析】A.(1)

【分析】理想變壓器輸入功率和輸出功率相等，通過原線圈的電壓求出副線圈的電壓，再根據(jù)I=PU

求出輸電線上的電流，從而求出輸電線上消耗的功率。解決本題的關(guān)鍵注意電壓有效值的使用及變壓器的特點(diǎn)，輸入功率等于輸出功率，電壓比等于匝數(shù)比?！窘獯稹考釉谠€圈上的電壓U1=Um2

根據(jù)電壓比與匝數(shù)比關(guān)系：U1U2=n1n2

所以：

根據(jù)I=PU

輸電線上的電流I=PU2

輸電線上消耗的功率P潞脛=I2?2r=4(n1n2)2(PUm)2r

故填：4(n1n2)2(PUm)2r

(2)

碰撞過程中AB

組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，結(jié)合動(dòng)量守恒定律和動(dòng)能定理，抓住停止時(shí)相距的距離，表示出出碰撞后的AB

的速度，結(jié)合能量守恒定律求解。本題綜合考查了動(dòng)量守恒定律、動(dòng)能定理、能量守恒定律，綜合性較強(qiáng)，對學(xué)生的能力要求較高，需加強(qiáng)這方面的訓(xùn)練。B.(1)

【分析】求有效值方法：是將交流電在一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生熱量與將恒定電流在相同時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的熱量相等，則恒定電流的值就是交流電的有效值。求交流電的有效值，往往根據(jù)電流的熱效應(yīng)，由有效值的定義求解。【解答】有效值是根據(jù)電流的熱效應(yīng)來規(guī)定的，根據(jù)(Im2)2RT2+Im2RT2=I2RT

得交流電的有效值為：I=32Im

故填：32Im

(2)

(1)

根據(jù)轉(zhuǎn)速求出角速度的大小，結(jié)合Em=NBS婁脴

求出感應(yīng)電動(dòng)勢的最大值；(2)t=0

時(shí)刻；線圈處于與中性面垂直面的位置，結(jié)合e=Emcos婁脴t

寫出瞬時(shí)表達(dá)式；

(3)

電壓表的示數(shù)是電壓的有效值，根據(jù)峰值求出電動(dòng)勢的有效值，結(jié)合閉合電路歐姆定律求出電壓表的示數(shù)。解決本題的關(guān)鍵掌握交流電的最大值、有效值、瞬時(shí)值，知道它們的關(guān)系，掌握瞬時(shí)值的表達(dá)式，注意從中性面開始計(jì)時(shí)和從與中性面垂直的面開始計(jì)時(shí)，表達(dá)式不同。

【解析】A(1)4(n1n2)2(PUm)2r

(2)

解：設(shè)在發(fā)生碰撞前的瞬間；木塊A

的速度大小為v

在碰撞后的瞬間；A

和B

的速度分別為v1

和v2

．

在碰撞過程中；由能量守恒定律和動(dòng)量守恒定律.

得。

12mv2=12mv12+122mv22

mv=mv1+2mv2

式中，以碰撞前木塊A

的速度方向?yàn)檎?/p>

聯(lián)立解得：v1=鈭?12v2

設(shè)碰撞后A

和B

運(yùn)動(dòng)的距離分別為d1

和d2

由動(dòng)能定理得婁脤mgd1=12mv12

婁脤(2m)gd2=122mv22

按題意有：d=d2+d1

設(shè)A

的初速度大小為v0

由動(dòng)能定理得鈭?婁脤mgd=12mv2鈭?12mv02

聯(lián)立解得：32Im

(2)

解：(1)n=300r/min=5r/s

則婁脴=2婁脨n=2婁脨隆脕5=10婁脨rad/s

感應(yīng)電動(dòng)勢的最大值Em=NBS婁脴=100隆脕0.5隆脕0.5隆脕0.4隆脕10婁脨V=314V

．

(2)

因?yàn)閺闹行悦娲怪泵骈_始計(jì)時(shí)；則e=Emcos婁脴t=314cos10婁脨tV

．

(3)

電動(dòng)勢的有效值E=Em2=3142V

根據(jù)閉合電路歐姆定律知，電壓表的示數(shù)U=ERR+r=3142隆脕311311+3=220V

27、A.有無

B.解：壟脵

由左手定則可以判斷出，導(dǎo)線所受安培力的方向垂直通電導(dǎo)線。

壟脷

導(dǎo)線受到的安培力

F=BIL=2隆脕5隆脕0.8N