2024年滬教新版高二物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬教新版高二物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、家用電飯鍋使用的傳感器類型是（）

A.溫度傳感器。

B.聲音傳感器。

C.紅外傳感器。

D.濕度傳感器。

2、如圖所示，屬于交變電流的是()3、當(dāng)作用在物體上的合外力不為零時（）A.物體的速度一定越來越大B.物體的速度一定越來越小C.物體的速度可能不變D.物體的運(yùn)動狀態(tài)一定變化4、對于慣性概念的理解，下列說法中正確的是（）A.判斷物體有無慣性，要看物體是否靜止或做勻速直線運(yùn)動B.只有速度不易改變的物體才有慣性C.只能從物體本身尋找決定慣性大小的因素，慣性與物體外部因素?zé)o關(guān)D.物體所受外力的大小影響著物體慣性是否發(fā)生變化5、如圖所示；細(xì)線拴一帶負(fù)電的小球，球處在豎直向下的勻強(qiáng)電場中，使小球在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動，則（）

A.小球不可能做勻速圓周運(yùn)動B.當(dāng)小球運(yùn)動到最高點(diǎn)時繩的張力一定最小C.小球運(yùn)動到最低點(diǎn)時，球的線速度一定最大D.小球運(yùn)動到最低點(diǎn)時，電勢能一定最大6、傳感器是一種采集信息的重要器件，如圖所示，是一種測定壓力的電容式傳感器，當(dāng)待測壓力F作用于可動膜片電極上時，可使膜片產(chǎn)生形變，引起電容的變化，將電容器、靈敏電流計和電源串接成閉合電路，那么（）A.若電容減小，則力F增大B.若電容增大則力F減小C.若電容變大，則力F增大D.以上說法都不對7、表示放射性元素碘131（53131I）β衰變的方程是（）A.53131I→51127Sb+24HeB.53131I→54131Xe+-10eC.53131I→53130I+01nD.53131I→52130Te+11H8、兩個粒子，帶電量相等，在同一勻強(qiáng)磁場中只受磁場力而作勻速圓周運(yùn)動，則(

)

A.若速率相等，則半徑必相等B.若速率相等，則周期必相等C.若質(zhì)量和速度大小的乘積相等，則半徑必相等D.若動能相等，則周期必相等評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)9、如圖所示，一質(zhì)量為m．電荷量為+q的小球從距地面為h處，以初速度v0水平拋出，在小球運(yùn)動的區(qū)域里，加有與小球初速度方向相反的勻強(qiáng)電場，若小球落地時速度方向恰好豎直向下，小球飛行的水平距離為L，小球落地時動能EK=，電場強(qiáng)度E=．10、如圖所示，質(zhì)量為m的木塊放在彈簧上，與彈簧一起在豎直方向上做簡諧運(yùn)動，當(dāng)振幅為A時，物體對彈簧的最大壓力是物體重力的1.5倍，則物體對彈簧的最小壓力是______；如果現(xiàn)在給木塊施加一個豎直向下的壓力F，撤去F后要使物體在振動中離開彈簧，F(xiàn)至少為______？11、如圖，導(dǎo)體棒ab在磁場中沿金屬導(dǎo)軌向右做切割磁惑線運(yùn)動，導(dǎo)體棒cd靜止在導(dǎo)軌上．a(chǎn)b中的感應(yīng)電流方向______（填向上或是向下）和cd受到的磁場力方向______（填向左或是向右）．12、如圖所示為研究勻變速直線運(yùn)動的實(shí)驗中所選用的一段打點(diǎn)紙帶；若以每打5

次點(diǎn)的時間作為單位，得到圖示的5

個記數(shù)點(diǎn)(

圖中用黑點(diǎn)表示，分別標(biāo)12345).

今量得2345

各記數(shù)點(diǎn)到記數(shù)點(diǎn)1

的距離分別為4.0cm10.0cm18.0cm28.0cm

則打記數(shù)點(diǎn)2

時，小車的速度是______m/s

由上述數(shù)據(jù)可算出該小車運(yùn)動的加速度為______m/s2.(

結(jié)果保留1

位有效數(shù)字)

13、如圖所示，桌面上放著一個單匝矩形線圈，線圈中心上方某高度處有一豎立的條形磁鐵，此時穿過線圈的磁通量為0.04Wb．現(xiàn)使磁鐵豎直下落，經(jīng)0.5s后磁鐵的N極落到線圈內(nèi)的桌面上，這時穿過線圈的磁通量為0.12Wb．此過程中穿過線圈的磁通量增加了Wb，線圈中的感應(yīng)電動勢大小為V．14、小球從2m高處自由下落，被水平地板彈回后在0.5m高處接住，則小球通過的路程等于____m，全過程位移的大小等于____m．15、如圖所示，磁場的方向垂直于xy平面向里，磁感強(qiáng)度B沿y方向沒有變化，沿x方向均勻增加，每經(jīng)過1cm增加量為1.0×10-4T，有一個長L=20cm，寬h=10cm的不變形的矩形金屬線圈，以v=20cm/s的速度沿x方向運(yùn)動．則線圈中感應(yīng)電動勢E為_________V，若線圈電阻R=0.02Ω，為保持線圈的勻速運(yùn)動，需要外力大小為__________N。評卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)16、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯）17、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯）

18、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動到c點(diǎn)．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

19、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）20、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對錯）21、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯）

22、空間兩點(diǎn)放置兩個異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點(diǎn)間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

23、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動到c點(diǎn)．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、畫圖題(共2題，共14分)24、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象25、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象評卷人得分五、計算題(共4題，共32分)26、一個質(zhì)量為m、電量為+q的小球，用絲線懸掛在水平方向的勻強(qiáng)電場中，場強(qiáng)為E，平衡時懸線與豎直方向間夾角α="30"°(如圖所示)，若將勻強(qiáng)電場E的方向逆時針轉(zhuǎn)過角度β=45°，小球重新平衡時懸線與豎直方向間夾角正切為多大?（可以保留根號）27、如圖所示，有一電子（電荷量為e，質(zhì)量為m）經(jīng)電壓U0加速后，進(jìn)入兩塊間距為d，電壓為U的平行金屬板間。若電子從兩板正中間垂直電場方向射入，且正好能穿過電場，求：（1）金屬板AB的長度L；（2）電子穿出電場時的動能Ek。28、如圖所示，長度L=25cm、電阻R1=3Q的金屬滑桿ab的中點(diǎn)連著一勁度系數(shù)k=50N/m的輕質(zhì)彈簧（彈簧另一端固定，與滑桿垂直且在同一水平面內(nèi)），垂直地放置在兩根電阻不計、互相平行、寬度亦為25cm的光滑金屬導(dǎo)軌上，有一勻強(qiáng)磁場垂直導(dǎo)軌平面，磁場方向如圖所示，電源的電動勢E=12V，內(nèi)阻r=lQ；定值電阻R2=2Q，合上開關(guān)S，穩(wěn)定后彈簧伸長Λx=4cm，求：

（1）穩(wěn)定后滑桿ab所受安培力的大小F；

（2）勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小B．29、氫原子基態(tài)能量E1=鈭?13.6eV

電子繞核運(yùn)動半徑r1=0.53隆脕10鈭?10m.En=E1n2rn=n2r1(

電子的質(zhì)量m=0.9隆脕10鈭?30kg)

求氫原子處于n=4

激發(fā)態(tài)時：

(1)

原子系統(tǒng)具有的能量；

(2)

向低能級躍遷輻射的光子頻率最多有多少種？其中最低頻率為多少(

保留兩位有效數(shù)字)

(3)

電子在軌道上運(yùn)動的動能；

(4)

電子具有的電勢能．評卷人得分六、識圖作答題(共1題，共3分)30、【生物——選修3：現(xiàn)代生物科技專題】建設(shè)社會主義新農(nóng)村的關(guān)鍵是構(gòu)建和諧社會，發(fā)展生態(tài)農(nóng)業(yè)，走可持續(xù)發(fā)展之路。下圖為某地一生態(tài)工程建設(shè)模式圖，請據(jù)圖回答有關(guān)問題：

(1)該生態(tài)工程以沼氣工程為中心，各類植物的秸稈、枝葉用來生產(chǎn)飼料喂養(yǎng)畜、禽、魚，人、畜、禽糞便作為原料生產(chǎn)沼氣，沼渣水返還農(nóng)田、菜田、果園、苗圃、魚塘，體現(xiàn)了生態(tài)工程的___________________原理。(2)該生態(tài)工程種植不同的農(nóng)作物、果樹、苗木，飼養(yǎng)牛、豬、雞等多種畜禽，這體現(xiàn)了生態(tài)工程的____________________原理。(3)沼氣池中的產(chǎn)甲烷菌在生態(tài)系統(tǒng)中所屬的成分是_______________________，該成分的作用是__________。產(chǎn)甲烷菌與酵母菌的細(xì)胞結(jié)構(gòu)相比最大區(qū)別是___________________。(4)該生態(tài)工程模式的最大優(yōu)點(diǎn)是實(shí)現(xiàn)能量的_______________________________，提高能量的______________________________。(5)該生態(tài)工程建設(shè)中，魚塘中每一種魚苗的投放量都不宜超過______________________。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】

開始煮飯時；用手壓下開關(guān)按鈕，永磁體與感溫磁體相吸，手松開后，按鈕不再恢復(fù)到圖示狀態(tài)，則觸點(diǎn)接通，電熱板通電加熱，水沸騰后，由于鍋內(nèi)保持100℃不變，故感溫磁體仍與永磁體相吸，繼續(xù)加熱，直到飯熟后，水分被大米吸收，鍋底溫度升高，當(dāng)溫度升至“居里點(diǎn)103℃”時，感溫磁體失去鐵磁性，在彈簧作用下，永磁體被彈開，觸點(diǎn)分離，切斷電源，從而停止加熱．家用電飯鍋使用的傳感器類型是溫度傳感器．

故選：A

【解析】【答案】電飯鍋工作當(dāng)溫度達(dá)到某特定值時；永磁體與感溫磁體開始分離，會自動切斷電源．

2、C|D【分析】本題考查的是對交變電流的理解，交變電流是大小和方向都隨時間周期性變化的電流，CD正確；【解析】【答案】CD3、D【分析】試題分析：根據(jù)牛頓第一定律可得，力是改變物體運(yùn)動狀態(tài)的原因，即如果物體受到的合力不為零，則物體的運(yùn)動狀態(tài)一定會發(fā)生變化，D正確?？键c(diǎn)：考查了牛頓第一定律【解析】【答案】D4、C【分析】【解析】【答案】C5、D【分析】【解答】解：A；重力豎直向下、電場力豎直向上；若使二者相等且保持繩子拉力大小不變，則有可能做勻速圓周運(yùn)動，故A錯誤。

B；重力與電場力大小未知；小球速度最小位置不確定，由受力分析結(jié)合牛頓第二定律得知，繩子張力最小位置不確定，故B錯誤。

C；由B分析可知；C錯誤。

D；沿電場方向電勢逐漸降低；結(jié)合小球帶負(fù)電，故在電勢最低處點(diǎn)勢能最大，故D正確。

故選D

【分析】帶電小球做圓周運(yùn)動，由重力、線的拉力、電場力三力的合力提供，但三者的大小未知，小球是否做勻速圓周運(yùn)動以及何時速度最大要具體分析，電勢能的大小可由其算式分析6、C【分析】解：A、若電容減小，由電容的決定式C=得知電容器板間距離增大；則F減小．故A錯誤．

B、C、D、若電容增大，由電容的決定式C=得知電容器板間距離減?。粍tF增大．故BD錯誤，C正確．

故選：C．

根據(jù)電容器的電容與板間距離的關(guān)系；判斷當(dāng)F向上壓膜片電極時電容的變化．

本題電容器動態(tài)變化分析問題，只要掌握電容的決定式就能正確解答．【解析】【答案】C7、B【分析】解：β衰變是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子同時放出電子個過程．

A；該衰變是α衰變；故A錯誤；

B；該衰變放出的是β粒子；屬于β衰變，故B正確；

C；產(chǎn)生是中子；故C錯誤；

D；產(chǎn)生的是質(zhì)子；故D錯誤．

故選B．

本題很簡單；要知道β衰變是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子，并產(chǎn)生一個電子的過程，即發(fā)生β衰變時衰變前后質(zhì)量數(shù)不變，電荷數(shù)增加．

本題很簡單，主要考察β衰變的特點(diǎn)．【解析】【答案】B8、C【分析】解：A

由題，兩個粒子的電量相等，若速率相等，由半徑公式r=mvBq

分析得知；半徑不一定相等，還需要質(zhì)量相等，半徑才相等.

故A錯誤．

B、若速率相等，由周期公式T=2婁脨mBq

分析得知；周期與速度無關(guān)，故周期不一定相等.

故B錯誤．

C、半徑公式r=mvBq

中mv

是動量大小；電磁感應(yīng)強(qiáng)度和電量；質(zhì)量和速度大小的乘積相等，則半徑必相等.

故C正確．

D、粒子的動能Ek=12mv2

動能相等，粒子的質(zhì)量不一定相等，周期不一定相等.

故D錯誤．

故選：C

粒子在勻強(qiáng)磁場中只受到磁場力作用而作勻速圓周運(yùn)動，半徑公式為r=mvBq

根據(jù)半徑公式分析速率、質(zhì)量、動量、動能與半徑關(guān)系.

由周期公式T=2婁脨mBq

分析周期關(guān)系．

本題考查帶電粒子在磁場中運(yùn)動半徑公式和周期公式的應(yīng)用，只要掌握半徑公式和周期公式，以及動能、動量與速度的關(guān)系，就能正解解答.

所以應(yīng)能熟練掌握相關(guān)公式，同時明確它們的推導(dǎo)過程．【解析】C

二、填空題(共7題，共14分)9、略

【分析】試題分析：由題意知小球以v0水平向右拋出后受到水平方向向左的電場力F=qE作用，以加速度做勻減速直線運(yùn)動，小球落地后速度恰好豎直向下，說明水平方向的速度減為0，小球有豎直方向只受重力作用，做自由落體運(yùn)動，已知小球下落高度為h，重力加速度為g，則據(jù)得小球運(yùn)動時間小球豎直方向速度為由于小球落地時，速度恰好豎直向下，即此時故小球落地時的動能在水平方向有：在豎直方向有：所以有：又因為：所以：．考點(diǎn)：考查帶電粒子在電場中的運(yùn)動，會用運(yùn)動的合與分解的方法處理曲線運(yùn)動問題，把小球沿水平方向和豎直方向進(jìn)行運(yùn)動分解，即一個復(fù)雜的曲線運(yùn)動分解成兩個方向上的簡單的勻變速直線運(yùn)動進(jìn)行處理．【解析】【答案】mgh10、略

【分析】解：（1）當(dāng)木塊運(yùn)動到最低點(diǎn)時；對彈簧彈力最大，此時由牛頓第二定律得：

Fmax-mg=ma，因為Fmax=1.5mg；所以a=0.5g．

當(dāng)木塊運(yùn)動到最高點(diǎn)時；對彈簧彈力最小，此時由牛頓第二定律得：

mg-Fmin=ma；由運(yùn)動的對稱性知，最高點(diǎn)與最低點(diǎn)的加速度大小相等，即。

a=0.5g，代入求得Fmin=mg．

（2）在最高點(diǎn)或最低點(diǎn)：kA=ma=mg，所以彈簧的勁度系數(shù)k=．

物體在平衡位置下方處于超重狀態(tài)，不可能離開彈簧，只有在平衡位置上方可能離開彈簧．要使物體在振動過程中恰好不離開彈簧，物體在最高點(diǎn)的加速度a=g此時彈簧的彈力為零．若振幅再大，物體便會脫離彈簧．物體在最高點(diǎn)剛好不離開彈簧時，回復(fù)力為重力，所以：mg=KA′=ma，則振幅A′=加速度為g．

在推力F作用下；在最低點(diǎn)時，有：k（2A′）-F-mg=0，故F=mg；

故答案為：mg；mg．

當(dāng)木塊運(yùn)動到最低點(diǎn)時；對彈簧彈力最大，此時由牛頓第二定律列式，當(dāng)木塊運(yùn)動到最高點(diǎn)時，對彈簧彈力最小，此時由牛頓第二定律列式，由運(yùn)動的對稱性知，最高點(diǎn)與最低點(diǎn)的加速度大小相等，代入公式即可求解最小彈力；在最高點(diǎn)或最低點(diǎn)根據(jù)胡克定律求出彈簧的勁度系數(shù)，物體在平衡位置下方處于超重狀態(tài)，不可能離開彈簧，只有在平衡位置上方可能離開彈簧；要使物體在振動過程中恰好不離開彈簧，物體在最高點(diǎn)的加速度a=g此時彈簧的彈力為零；然后根據(jù)對稱性和平衡條件求解推力F．

解決本題要知道當(dāng)木塊運(yùn)動到最低點(diǎn)時，對彈簧彈力最大，當(dāng)木塊運(yùn)動到最高點(diǎn)時，對彈簧彈力最小，并根據(jù)牛頓第二定律及胡克定律求解，難度適中．【解析】mg；mg11、略

【分析】解：根據(jù)右手定則判斷知，ab棒中感應(yīng)電流方向由b→a；即電流向上；流過cd棒的電流由c→d，由左手定則判斷知cd棒所受安培力方向向右，如圖所示。

故答案為：上；右．

先根據(jù)右手定則判斷感應(yīng)電流的方向：磁感線穿過掌心；大拇指指向?qū)w運(yùn)動的方向，四指所指的方向就是感應(yīng)電流的方向；

再根據(jù)左手定則判斷安培力方向：磁感線從掌心進(jìn)入；并使四指指向電流的方向，這時拇指所指的方向就是安培力的方向．

本題的關(guān)鍵就是區(qū)分開左手定則和右手定則，知道它們使用的條件和用法的區(qū)別，不能混淆．明確右手定則用在“先動后電”而左手定則用在：先電后動．【解析】上；右12、略

【分析】解：由于作勻變速直線運(yùn)動的物體在某一段時間內(nèi)的平均速度等于該段時間內(nèi)的中間時刻的速度；

故v2=x13t13=0.5m/s

由于作勻變速直線運(yùn)動的物體在連續(xù)相等的時間內(nèi)通過的位移差等于恒量即鈻?x=aT2

解得物體的加速度a=x23鈭?x12T2=2m/s2

．

故答案為：0.52

．

作勻變速直線運(yùn)動的物體在某一段時間內(nèi)的平均速度等于該段時間內(nèi)的中間時刻的速度；

作勻變速直線運(yùn)動的物體在連續(xù)相等的時間內(nèi)通過的位移差等于恒量即鈻?x=aT2

．

解決該題關(guān)鍵要掌握勻變速運(yùn)動的規(guī)律，注意運(yùn)算過程中單位的換算和有效數(shù)字的保留．【解析】0.52

13、略

【分析】試題分析：穿過線圈的磁通量增加了△Φ=Φ2-Φ1=0.12Wb-0.04Wb=0.08Wb；線圈中的感應(yīng)電動勢大小為考點(diǎn)：磁通量；法拉第電磁感應(yīng)定律.【解析】【答案】（1）0.08;（2）0.1614、略

【分析】

小球從2m高處為起點(diǎn)自由下落；被地板彈回后在離地面0.5m處被接住，終點(diǎn)離地面0.5m故物體的位移為1.5m，因為經(jīng)地板彈回，落回地板時路程2m，又反彈0.5m，故全程的路程為2+0.5m=2.5m．

故答案為：2.5；1.5．

【解析】【答案】位移是物體位置的移動；由物體初末位置決定，路程是物體運(yùn)動軌跡的長度，由運(yùn)動軌跡決定．

15、略

【分析】【解析】試題分析：(1)設(shè)線圈向右移動一距離ΔS，則通過線圈的磁通量變化為：而所需時間為根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可感應(yīng)電動勢力為(2)根據(jù)歐姆定律可得感應(yīng)電流A，線框受到的安培力共為因此為了保持勻速直線運(yùn)動，外力F=N考點(diǎn)：法拉第電磁感應(yīng)定律【解析】【答案】三、判斷題(共8題，共16分)16、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．17、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．18、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。?9、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．20、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢差與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．21、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．22、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢差相比，與a點(diǎn)之間的電勢差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．23、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大小．四、畫圖題(共2題，共14分)24、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時磁通量均勻變化，感應(yīng)電動勢、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】25、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時磁通量均勻變化，感應(yīng)電動勢、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】五、計算題(共4題，共32分)26、略

【分析】【解析】試題分析：電場E水平向右時，小球受力如右圖1所示∴①電場E逆時針轉(zhuǎn)過β＝450時，小球受力如右圖2所示，設(shè)繩子與豎直方向的夾角為θ，由平衡條件得②③①②③聯(lián)立求解并代入數(shù)據(jù)得考點(diǎn)：考查了帶電粒子在電場中的平衡問題【解析】【答案】27、略

【分析】試題分析：（1）設(shè)電子剛好離開加速電場時的速度為v0，由動能定理，有：在偏轉(zhuǎn)電場中偏轉(zhuǎn)時，有：而：∴（2）電子在偏轉(zhuǎn)電場中偏轉(zhuǎn)時，由動能定理，得：解得考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的偏轉(zhuǎn)；動能定理?！窘馕觥俊敬鸢浮浚?）（2）28、略

【分析】

（1）對金屬桿受力分析；受到彈簧的彈力和安培力，根據(jù)受力平衡求出金屬桿所受安培力的大小。

（2）根據(jù)閉合電路的歐姆定律；求出電路中的電流，由磁感應(yīng)強(qiáng)度的公式求出B的值；

本題考查了共點(diǎn)力的平衡和磁感應(yīng)強(qiáng)度的計算，主要應(yīng)用了安培力公式，閉合電路的歐姆定律，關(guān)鍵是要選擇合適的規(guī)律進(jìn)行求解．【解析】解：（1）穩(wěn)定時彈簧彈力大小為：

由平衡條件有：F=

解得：F=2N

（2）由閉合電路歐姆定律有：

又：F=BIL

得

答：（1）穩(wěn)定后滑桿ab所受安培力的大小F為2N；

（2）勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小B為4T29、略

【分析】

根據(jù)氫原子能級公式求出原子在n=4

軌道的能量；

根據(jù)庫侖引力提供電子做圓周運(yùn)動的向心力；求出電子在軌道上的動能．

原子的能量等于電勢能和電子動能之和；求出原子在n=4

激發(fā)態(tài)的能量，從而求出電子具有的電勢能．

根據(jù)Cn2

計算輻射光子頻率的種類．

解決本題的關(guān)鍵知道原子的能量等于電