2024年統(tǒng)編版2024高二數(shù)學(xué)上冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2024年統(tǒng)編版2024高二數(shù)學(xué)上冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、f(x)是定義在(0,+∞)上的非負(fù)可導(dǎo)函數(shù)，且滿足若則的大小關(guān)系是（）A.B.C.D.2、已知關(guān)于的不等式的解集為則的值是（）（A）10（B）-10（C）14（D）-143、【題文】在△ABC中,A=60°,C=45°,b=2,則此三角形的最小邊長(zhǎng)為()A.2B.2-2C.-1D.2(-1)4、【題文】在橢圓中，分別是其左右焦點(diǎn)，若則該橢圓離心率的取值范圍是()A.B.C.D.5、若0＜x1＜x2,0＜y1＜y2，且x1＋x2=y1＋y2=1，則下列代數(shù)式中值最大的是（）A.x1y1＋x2y2B.x1x2＋y1y2C.x1y2＋x2y1D.6、設(shè)命題p?x隆脢Rx2+1>0

則漏Vp

為(

)

A.?x0隆脢Rx02+1>0

B.?x0隆脢Rx02+1鈮?0

C.?x0隆脢Rx02+1<0

D.?x隆脢Rx2+1鈮?0

7、將函數(shù)y=sin(12x鈭?婁脨6)

的圖象上的所有的點(diǎn)橫坐標(biāo)縮短為原來(lái)的12(

縱坐標(biāo)不變)

再將所得的圖象向右平移婁脨3

個(gè)單位，則所得的函數(shù)圖象對(duì)應(yīng)的解析式為(

)

A.y=cos(14x鈭?婁脨4)

B.y=鈭?sinx

C.y=鈭?cosx

D.y=sin(x+婁脨6)

8、下面幾種推理過(guò)程是演繹推理的是(

)

A.兩條直線平行，同旁內(nèi)角互補(bǔ)，如果隆脧A

和隆脧B

是兩條平行直線的同旁內(nèi)角，則隆脧A+隆脧B=180鈭?

B.由平面三角形的性質(zhì)，推測(cè)空間四面體性質(zhì)C.某校高二共有10

個(gè)班，1

班有51

人，2

班有53

人，3

班有52

人，由此推測(cè)各班都超過(guò)50

人D.在數(shù)列{an}

中a1=1,an=12(an鈭?1+1an鈭?1)(n鈮?2)

由此歸納出{an}

的通項(xiàng)公式評(píng)卷人得分二、填空題(共5題，共10分)9、已知等差數(shù)列則10、【題文】已知O為△ABC的外心，若且32x+25y=25，則==____．11、【題文】____。12、【題文】在中，已知?jiǎng)t的形狀為_(kāi)___________.13、【題文】從一堆蘋(píng)果中任取了20只；并得到它們的質(zhì)量（單位：克）數(shù)據(jù)分布表如下：

。分組。

頻數(shù)。

1

2

3

10

1

則這堆蘋(píng)果中，質(zhì)量不小于120克的蘋(píng)果數(shù)約占蘋(píng)果總數(shù)的____％．評(píng)卷人得分三、作圖題(共5題，共10分)14、著名的“將軍飲馬”問(wèn)題：有一位將軍騎著馬要從A地走到B地；但途中要到水邊喂馬喝一次水，則將軍怎樣走最近？

15、A是銳角MON內(nèi)部任意一點(diǎn)，在∠MON的兩邊OM，ON上各取一點(diǎn)B，C，組成三角形，使三角形周長(zhǎng)最?。ㄈ鐖D所示）16、著名的“將軍飲馬”問(wèn)題：有一位將軍騎著馬要從A地走到B地；但途中要到水邊喂馬喝一次水，則將軍怎樣走最近？

17、已知，A，B在直線l的兩側(cè)，在l上求一點(diǎn)，使得PA+PB最小．（如圖所示）18、分別畫(huà)一個(gè)三棱錐和一個(gè)四棱臺(tái)．評(píng)卷人得分四、計(jì)算題(共4題，共16分)19、如圖，正三角形ABC的邊長(zhǎng)為2，M是BC邊上的中點(diǎn)，P是AC邊上的一個(gè)動(dòng)點(diǎn)，求PB+PM的最小值．20、1.（本小題滿分10分）某班組織知識(shí)競(jìng)賽，已知題目共有10道，隨機(jī)抽取3道讓某人回答，規(guī)定至少要答對(duì)其中2道才能通過(guò)初試，他只能答對(duì)其中6道，試求：（1）抽到他能答對(duì)題目數(shù)的分布列；（2）他能通過(guò)初試的概率。21、設(shè)L為曲線C：y＝在點(diǎn)(1,0)處的切線．求L的方程；22、已知復(fù)數(shù)z1滿足（z1﹣2）（1+i）=1﹣i（i為虛數(shù)單位），復(fù)數(shù)z2的虛部為2，且z1?z2是實(shí)數(shù)，求z2．評(píng)卷人得分五、綜合題(共4題，共40分)23、（2009?新洲區(qū)校級(jí)模擬）如圖，已知直角坐標(biāo)系內(nèi)有一條直線和一條曲線，這條直線和x軸、y軸分別交于點(diǎn)A和點(diǎn)B，且OA=OB=1．這條曲線是函數(shù)y=的圖象在第一象限的一個(gè)分支，點(diǎn)P是這條曲線上任意一點(diǎn)，它的坐標(biāo)是（a、b），由點(diǎn)P向x軸、y軸所作的垂線PM、PN，垂足是M、N，直線AB分別交PM、PN于點(diǎn)E、F．則AF?BE=____．24、如圖，在直角坐標(biāo)系中，點(diǎn)A，B，C的坐標(biāo)分別為（-1，0），（3，0），（0，3），過(guò)AB，C三點(diǎn)的拋物的對(duì)稱(chēng)軸為直線l，D為對(duì)稱(chēng)軸l上一動(dòng)點(diǎn)．

（1）求拋物線的解析式；

（2）求當(dāng)AD+CD最小時(shí)點(diǎn)D的坐標(biāo)；

（3）以點(diǎn)A為圓心；以AD為半徑作⊙A．

①證明：當(dāng)AD+CD最小時(shí)；直線BD與⊙A相切；

②寫(xiě)出直線BD與⊙A相切時(shí)，D點(diǎn)的另一個(gè)坐標(biāo)：____．25、（2009?新洲區(qū)校級(jí)模擬）如圖，已知直角坐標(biāo)系內(nèi)有一條直線和一條曲線，這條直線和x軸、y軸分別交于點(diǎn)A和點(diǎn)B，且OA=OB=1．這條曲線是函數(shù)y=的圖象在第一象限的一個(gè)分支，點(diǎn)P是這條曲線上任意一點(diǎn)，它的坐標(biāo)是（a、b），由點(diǎn)P向x軸、y軸所作的垂線PM、PN，垂足是M、N，直線AB分別交PM、PN于點(diǎn)E、F．則AF?BE=____．26、已知f（x）=logax（a＞0，a≠1），設(shè)數(shù)列f（a1），f（a2），f（a3），，f（an）是首項(xiàng)為4，公差為2的等差數(shù)列．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【解析】試題分析：設(shè)函數(shù)則∵∴故函數(shù)h(x)在在(0,+∞)上單調(diào)遞減，∵∴即所以故選B考點(diǎn)：本題考查了導(dǎo)函數(shù)的運(yùn)用【解析】【答案】B2、D【分析】【解析】試題分析：由于題意關(guān)于的不等式的解集為可知是的兩個(gè)根，則由韋達(dá)定理可知，故選D.考點(diǎn)：本題主要考查了一元二次不等式的解集的求解運(yùn)用?！窘馕觥俊敬鸢浮緿3、B【分析】【解析】

試題分析：因?yàn)橛蓷l件可知，△ABC中,A=60°,C=45°,b=2,則由內(nèi)角和定理可知B=75°,然后根據(jù)正弦定理，這樣可知最小的邊長(zhǎng)為最小角對(duì)的邊的長(zhǎng)度，即為c=2-2；故選B.

考點(diǎn)：正弦定理。

點(diǎn)評(píng)：解決該試題的關(guān)鍵是通過(guò)已知的兩個(gè)角，確定出角A，不是最小角，則最小邊不是a,然后結(jié)合正弦定理來(lái)求解c，得到邊的大小比較可得，屬于基礎(chǔ)題?！窘馕觥俊敬鸢浮緽4、B【分析】【解析】解：根據(jù)橢圓定義|PF1|+|PF2|=2a，將設(shè)|PF1|=2|PF2|代入得|PF2|=

根據(jù)橢圓的幾何性質(zhì)，|PF2|≥a-c，故≥a-c；即a≤3c

e≥又e＜1；

故該橢圓離心率的取值范圍故選B．【解析】【答案】B5、A【分析】【解答】依題意取x1=x2=y1=y2=計(jì)算x1y1＋x2y2=x1x2＋y1y2=x1y2＋x2y1=故選A。

【分析】簡(jiǎn)單題，本題可利用“特殊值法”解答，體現(xiàn)選擇題解法的靈活性。6、B【分析】解：因?yàn)槿Q(chēng)命題的否定是特稱(chēng)命題，所以，命題p?x隆脢Rx2+1>0

則漏Vp

為：?x0隆脢Rx02+1鈮?0

．

故選：B

．

利用全稱(chēng)命題的否定是特稱(chēng)命題；寫(xiě)出結(jié)果即可．

本題考查命題的否定，特稱(chēng)命題與全稱(chēng)命題的否定關(guān)系，是基本知識(shí)的考查．【解析】B

7、C【分析】解：將函數(shù)y=sin(12x鈭?婁脨6)

的圖象上的所有的點(diǎn)橫坐標(biāo)縮短為原來(lái)的12(

縱坐標(biāo)不變)

所得的函數(shù)圖象對(duì)應(yīng)的解析式為y=sin(x鈭?婁脨6)

再將所得的圖象向右平移婁脨3

個(gè)單位，則所得的函數(shù)圖象對(duì)應(yīng)的解析式為y=sin(x鈭?婁脨3鈭?婁脨6)=鈭?cosx

．

故選：C

．

根據(jù)函數(shù)y=Asin(婁脴x+婁脮)

的圖象變換規(guī)律即可得到結(jié)論．

本題主要考查函數(shù)解析式的求解，函數(shù)y=Asin(婁脴x+婁脮)

的圖象變換規(guī)律是解決本題的關(guān)鍵，屬于基礎(chǔ)題．【解析】C

8、A【分析】解：A

選項(xiàng)是演繹推理，大前提是“兩條直線平行，同旁內(nèi)角互補(bǔ)，”，小前提是“隆脧A

與隆脧B

是兩條平行直線的同旁內(nèi)角”，結(jié)論是“隆脧A+隆脧B=180鈭?

”

B

選項(xiàng)“由平面三角形的性質(zhì)；推測(cè)空間四面體性質(zhì)”是類(lèi)比推理；

C

選項(xiàng)：某校高二共有10

個(gè)班；1

班有51

人，2

班有53

人，3

班有52

人，由此推測(cè)各班都超過(guò)50

人，是歸納推理；

D

選項(xiàng)中，在數(shù)列{an}

中，a1=1an=12(an鈭?1+1an鈭?1)(n鈮?2)

通過(guò)計(jì)算a2a3a4

由此歸納出{an}

的通項(xiàng)公式，是歸納推理．

綜上得；A

選項(xiàng)正確。

故選A．

演繹推理是由普通性的前提推出特殊性結(jié)論的推理.

其形式在高中階段主要學(xué)習(xí)了三段論：大前提；小前提、結(jié)論；由此對(duì)四個(gè)命題進(jìn)行判斷得出正確選項(xiàng)．

本題考查簡(jiǎn)單的演繹推理；易錯(cuò)點(diǎn)在于混淆合情推理與演繹推理的概念，屬于基礎(chǔ)題．

判斷一個(gè)推理過(guò)程是否是歸納推理關(guān)鍵是看他是否符合歸納推理的定義；即是否是由特殊到一般的推理過(guò)程．

判斷一個(gè)推理過(guò)程是否是類(lèi)比推理關(guān)鍵是看他是否符合類(lèi)比推理的定義；即是否是由特殊到與它類(lèi)似的另一個(gè)特殊的推理過(guò)程．

判斷一個(gè)推理過(guò)程是否是演繹推理關(guān)鍵是看他是否符合演繹推理的定義，能否從推理過(guò)程中找出“三段論”的三個(gè)組成部分．【解析】A

二、填空題(共5題，共10分)9、略

【分析】試題分析：根據(jù)等差數(shù)列的性質(zhì)，得代入計(jì)算得，2730.考點(diǎn)：等差數(shù)列的性質(zhì).【解析】【答案】273010、略

【分析】【解析】

試題分析：解：如圖．

若則

O為外心；D，E為中點(diǎn)，OD，OE分別為兩中垂線．

=||（||cos∠DAO）=||×AD=||××||=16×8=128

同樣地，=||2=100

所以128x+100y=4（32x+25y）=100

∴||=10

故答案為：10．

考點(diǎn)：三角形五心；向量的模；平面向量的基本定理及其意義。

點(diǎn)評(píng)：本題考查三角形外心的性質(zhì)，向量數(shù)量積的運(yùn)算、向量模的求解．本題中進(jìn)行了合理的轉(zhuǎn)化并根據(jù)外心的性質(zhì)化簡(jiǎn)求解【解析】【答案】1011、略

【分析】【解析】：

【考點(diǎn)定位】本題考查極限的求法和應(yīng)用，因都沒(méi)有極限，可先分母有理化再求極限【解析】【答案】：12、略

【分析】【解析】

由可得而由余弦定理可得所以的形狀為等腰三角形【解析】【答案】等腰三角形13、略

【分析】【解析】由表中可知這堆蘋(píng)果中，質(zhì)量不小于120克的蘋(píng)果數(shù)為:

故約占蘋(píng)果總數(shù)的【解析】【答案】70三、作圖題(共5題，共10分)14、略

【分析】【分析】根據(jù)軸對(duì)稱(chēng)的性質(zhì)作出B點(diǎn)與河面的對(duì)稱(chēng)點(diǎn)B′，連接AB′，AB′與河面的交點(diǎn)C即為所求．【解析】【解答】解：作B點(diǎn)與河面的對(duì)稱(chēng)點(diǎn)B′；連接AB′，可得到馬喝水的地方C；

如圖所示；

由對(duì)稱(chēng)的性質(zhì)可知AB′=AC+BC；

根據(jù)兩點(diǎn)之間線段最短的性質(zhì)可知；C點(diǎn)即為所求．

15、略

【分析】【分析】作出A關(guān)于OM的對(duì)稱(chēng)點(diǎn)A'，關(guān)于ON的A對(duì)稱(chēng)點(diǎn)A''，連接A'A''，根據(jù)兩點(diǎn)之間線段最短即可判斷出使三角形周長(zhǎng)最小的A、B的值．【解析】【解答】解：作A關(guān)于OM的對(duì)稱(chēng)點(diǎn)A'；關(guān)于ON的A對(duì)稱(chēng)點(diǎn)A''，與OM；ON相交于B、C，連接ABC即為所求三角形．

證明：∵A與A'關(guān)于OM對(duì)稱(chēng)；A與A″關(guān)于ON對(duì)稱(chēng)；

∴AB=A'B；AC=A''C；

于是AB+BC+CA=A'B+BC+A''C=A'A''；

根據(jù)兩點(diǎn)之間線段最短，A'A''為△ABC的最小值．16、略

【分析】【分析】根據(jù)軸對(duì)稱(chēng)的性質(zhì)作出B點(diǎn)與河面的對(duì)稱(chēng)點(diǎn)B′，連接AB′，AB′與河面的交點(diǎn)C即為所求．【解析】【解答】解：作B點(diǎn)與河面的對(duì)稱(chēng)點(diǎn)B′；連接AB′，可得到馬喝水的地方C；

如圖所示；

由對(duì)稱(chēng)的性質(zhì)可知AB′=AC+BC；

根據(jù)兩點(diǎn)之間線段最短的性質(zhì)可知；C點(diǎn)即為所求．

17、略

【分析】【分析】顯然根據(jù)兩點(diǎn)之間，線段最短，連接兩點(diǎn)與直線的交點(diǎn)即為所求作的點(diǎn)．【解析】【解答】解：連接兩點(diǎn)與直線的交點(diǎn)即為所求作的點(diǎn)P；

這樣PA+PB最??；

理由是兩點(diǎn)之間，線段最短．18、解：畫(huà)三棱錐可分三步完成。

第一步：畫(huà)底面﹣﹣畫(huà)一個(gè)三角形；

第二步：確定頂點(diǎn)﹣﹣在底面外任一點(diǎn)；

第三步：畫(huà)側(cè)棱﹣﹣連接頂點(diǎn)與底面三角形各頂點(diǎn)．

畫(huà)四棱可分三步完成。

第一步：畫(huà)一個(gè)四棱錐；

第二步：在四棱錐一條側(cè)棱上取一點(diǎn)；從這點(diǎn)開(kāi)始，順次在各個(gè)面內(nèi)畫(huà)與底面對(duì)應(yīng)線段平行的線段；

第三步：將多余線段擦去．

【分析】【分析】畫(huà)三棱錐和畫(huà)四棱臺(tái)都是需要先畫(huà)底面，再確定平面外一點(diǎn)連接這點(diǎn)與底面上的頂點(diǎn)，得到錐體，在畫(huà)四棱臺(tái)時(shí)，在四棱錐一條側(cè)棱上取一點(diǎn)，從這點(diǎn)開(kāi)始，順次在各個(gè)面內(nèi)畫(huà)與底面對(duì)應(yīng)線段平行的線段，將多余線段擦去，得到圖形．四、計(jì)算題(共4題，共16分)19、略

【分析】【分析】作點(diǎn)B關(guān)于AC的對(duì)稱(chēng)點(diǎn)E，連接EP、EB、EM、EC，則PB+PM=PE+PM，因此EM的長(zhǎng)就是PB+PM的最小值．【解析】【解答】解：如圖；作點(diǎn)B關(guān)于AC的對(duì)稱(chēng)點(diǎn)E，連接EP；EB、EM、EC；

則PB+PM=PE+PM；

因此EM的長(zhǎng)就是PB+PM的最小值．

從點(diǎn)M作MF⊥BE；垂足為F；

因?yàn)锽C=2；

所以BM=1，BE=2=2．

因?yàn)椤螹BF=30°；

所以MF=BM=，BF==，ME==．

所以PB+PM的最小值是．20、略

【分析】解(1)設(shè)隨機(jī)抽出的三道題目某人能答對(duì)的道數(shù)為X，且X=0、1、2、3，X服從超幾何分布，高考+資-源-網(wǎng)分布列如下：。X0123P即。X0123P8分(2)10分【解析】【答案】(1)。X0123P(2)2/321、解：所以當(dāng)x=1時(shí)，k=點(diǎn)斜式得直線方程為y＝x－1【分析】【分析】函數(shù)的導(dǎo)數(shù)這是導(dǎo)函數(shù)的除法運(yùn)算法則22、解：∴z1=2﹣i

設(shè)z2=a+2i（a∈R）

∴z1?z2=（2﹣i）（a+2i）=（2a+2）+（4﹣a）i

∵z1?z2是實(shí)數(shù)。

∴4﹣a=0解得a=4

所以z2=4+2i【分析】【分析】利用復(fù)數(shù)的除法運(yùn)算法則求出z1，設(shè)出復(fù)數(shù)z2；利用復(fù)數(shù)的乘法運(yùn)算法則求出z1?z2；利用當(dāng)虛部為0時(shí)復(fù)數(shù)為實(shí)數(shù)，求出z2．五、綜合題(共4題，共40分)23、略

【分析】【分析】根據(jù)OA=OB，得到△AOB是等腰直角三角形，則△NBF也是等腰直角三角形，由于P的縱坐標(biāo)是b，因而F點(diǎn)的縱坐標(biāo)是b，即FM=b，則得到AF=b，同理BE=a，根據(jù)（a，b）是函數(shù)y=的圖象上的點(diǎn)，因而b=，ab=，則即可求出AF?BE．【解析】【解答】解：∵P的坐標(biāo)為（a，）；且PN⊥OB，PM⊥OA；

∴N的坐標(biāo)為（0，）；M點(diǎn)的坐標(biāo)為（a，0）；

∴BN=1-；

在直角三角形BNF中；∠NBF=45°（OB=OA=1，三角形OAB是等腰直角三角形）；

∴NF=BN=1-；

∴F點(diǎn)的坐標(biāo)為（1-，）；

∵OM=a；

∴AM=1-a；

∴EM=AM=1-a；

∴E點(diǎn)的坐標(biāo)為（a；1-a）；

∴AF2=（-）2+（）2=，BE2=（a）2+（-a）2=2a2；

∴AF?BE=1．

故答案為：1．24、略

【分析】【分析】（1）由待定系數(shù)法可求得拋物線的解析式．

（2）連接BC；交直線l于點(diǎn)D，根據(jù)拋物線對(duì)稱(chēng)軸的性質(zhì)，點(diǎn)B與點(diǎn)A關(guān)于直線l對(duì)稱(chēng)，∴AD=BD．

∴AD+CD=BD+CD；由“兩點(diǎn)之間，線段最短”的原理可知：D在直線BC上AD+CD最短，所以D是直線l與直線BC的交點(diǎn)；

設(shè)出直線BC的解析式為y=kx+b；可用待定系數(shù)法求得BC直線的解析式，故可求得BC與直線l的交點(diǎn)D的坐標(biāo)．

（3）由（2）可知，當(dāng)AD+CD最短時(shí)，D在直線BC上，由于已知A，B，C，D四點(diǎn)坐標(biāo)，根據(jù)線段之間的長(zhǎng)度，可以求出△ABD是直角三角形，即BC與圓相切．由于AB⊥l，故由垂徑定理知及切線長(zhǎng)定理知，另一點(diǎn)D與現(xiàn)在的點(diǎn)D關(guān)于x軸對(duì)稱(chēng)，所以另一點(diǎn)D的坐標(biāo)為（1，-2）．【解析】【解答】解：

（1）設(shè)拋物線的解析式為y=a（x+1）（x-3）．（1分）

將（0；3）代入上式，得3=a（0+1）（0-3）．

解；得a=-1．（2分）∴拋物線的解析式為y=-（x+1）（x-3）．

即y=-x2+2x+3．（3分）

（2）連接BC；交直線l于點(diǎn)D．

∵點(diǎn)B與點(diǎn)A關(guān)于直線l對(duì)稱(chēng)；

∴AD=BD．（4分）

∴AD+CD=BD+CD=BC．

由“兩點(diǎn)之間；線段最短”的原理可知：

此時(shí)AD+CD最??；點(diǎn)D的位置即為所求．（5分）

設(shè)直線BC的解析式為y=kx+b；

由直線BC過(guò)點(diǎn)（3；0），（0，3）；

得

解這個(gè)方程組，得

∴直線BC的解析式為y=-x+3．（6分）

由（1）知：對(duì)稱(chēng)軸l為；即x=1．

將x=1代入y=-x+3；得y=-1+3=2．

∴點(diǎn)D的坐標(biāo)為（1；2）．（7分）

說(shuō)明：用相似三角形或三角函數(shù)求點(diǎn)D的坐標(biāo)也可；答案正確給（2分）．

（3）①連接AD．設(shè)直線l與x軸的交點(diǎn)記為點(diǎn)E．

由（2）知：當(dāng)AD+CD最小時(shí)；點(diǎn)D的坐標(biāo)為（1，2）．

∴DE=AE=BE=2．

∴∠DAB=∠DBA=45度．（8分）

∴∠ADB=90度．

∴AD⊥BD．

∴BD與⊙A相切．（9分）

②∵另一點(diǎn)D與D（1；2）關(guān)于x軸對(duì)稱(chēng)；

∴D（1，-2）．（11分）25、略

【分析】【分析】根據(jù)OA=OB，得到△AOB是等腰直角三角形，則△NBF也是等腰直角三角形，由于P的縱坐標(biāo)是b，因而F點(diǎn)的縱坐標(biāo)是b，即FM=b，則得到AF=b，同理BE=a，根據(jù)（a，b）是函數(shù)y=的圖象上的點(diǎn)，因而b=