2024年滬教版高二物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬教版高二物理上冊(cè)月考試卷295考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示為一束白光照射到放置在空氣中的玻璃三棱鏡發(fā)生色散的光路示意圖,a、b為其中兩處折射出的單色光,以下說法中正確的是:（）A.a光的光子能量小于b光的光子能量B.在玻璃中a光的傳播速度小于b光的傳播速度C.用同一雙縫干涉裝置看到的a光干涉條紋間距比b光的寬D.如果b光能使某種金屬發(fā)生光電效應(yīng),則a光也一定能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)2、質(zhì)點(diǎn)以坐標(biāo)原點(diǎn)O為中心位置在y軸上做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，其振動(dòng)圖象如圖甲所示，振動(dòng)在介質(zhì)中產(chǎn)生的簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，波速為1.0m/s。0.3s后，此質(zhì)點(diǎn)立即停止運(yùn)動(dòng)，再經(jīng)過0.1s后的波形圖是圖乙中的3、如圖所示在同一地點(diǎn)的不同高度處以相同方向水平拋出甲乙兩小球.

已知兩球在空中某處相遇，則甲乙兩球(

)

A.同時(shí)拋出，拋出時(shí)乙速度較大B.同時(shí)拋出，拋出時(shí)甲速度較大C.甲先拋出，拋出時(shí)乙速度較大D.甲先拋出，拋出時(shí)甲速度較大4、下列關(guān)于安培力的說法中正確的是(

)

A.通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中一定受安培力的作用B.安培力的大小與磁感應(yīng)強(qiáng)度成正比，與電流成正比，而與其他量無關(guān)C.安培力的方向總是垂直于磁場(chǎng)和通電導(dǎo)線所構(gòu)成的平面D.安培力的方向不一定垂直于通電直導(dǎo)線5、康普頓效應(yīng)證實(shí)了光子不僅具有能量，也有動(dòng)量.

如圖給出了光子與靜止電子碰撞后，電子的運(yùn)動(dòng)方向，則碰后光子(

)

A.可能沿1

方向，且波長變小B.可能沿2

方向，且波長變小C.可能沿1

方向，且波長變長D.可能沿3

方向，且波長變長評(píng)卷人得分二、多選題(共6題，共12分)6、一正弦交流電的電壓隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示；由圖可知（）

A.該交流電的電壓的有效值為100VB.該交流電的頻率為25HzC.該交流電壓瞬時(shí)值的表達(dá)式為u=100sin25tD.若將該交流電壓加在阻值為100Ω的電阻兩端，該電阻消耗的功率為50W7、物理學(xué)重視邏輯，崇尚理性，其理論總是建立在對(duì)事實(shí)觀察的基礎(chǔ)上，下列說法正確的是（）A.天然放射現(xiàn)象說明原子核內(nèi)部是有結(jié)構(gòu)的B.電子的發(fā)現(xiàn)使人認(rèn)識(shí)到原子具有核式結(jié)構(gòu)C.玻爾建立了量子理論，成功解釋了各種原子發(fā)光現(xiàn)象D.普朗克通過對(duì)黑體輻射的研究，第一次提出了能量量子化8、如圖所示，A

、B

為兩塊平行金屬板，A

板帶正電荷、B

板帶負(fù)電荷，兩板之間存在著勻強(qiáng)電場(chǎng)，兩板間距為d

、電勢(shì)差為U

，在B

板上開有兩個(gè)相距為L

的小孔M

、N

，C

、D

為兩塊同心半圓形金屬板，圓心都在貼近B

板的O

隆盲

處，C

帶正電、D

帶負(fù)電。兩板間的距離很近，兩板末端的中心線正對(duì)著B

板上的小孔，兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度可認(rèn)為大小處處相等，方向都指向O

隆盲

半圓形金屬板兩端與B

板的間隙可忽略不計(jì)?，F(xiàn)從正對(duì)B

板小孔緊靠A

板的O

處由靜止釋放一個(gè)質(zhì)量為m

、電荷量為q

的帶正電的粒子(

粒子的重力不計(jì))

則下列說法中正確的是：()

A.粒子穿過B

板小孔M

的速度是qUm

B.當(dāng)C

、D

板間的場(chǎng)強(qiáng)大小E

=4UL

時(shí)，粒子能在C

、D

板間運(yùn)動(dòng)而不碰板C.從釋放粒子開始，粒子通過小孔N

的時(shí)間可能是(4d+婁脨L2)m2qU

D.從釋放粒子開始，粒子通過半圓形金屬板最低點(diǎn)P

的時(shí)間可能是(6d+3婁脨L4)m2qU

9、某電場(chǎng)的電場(chǎng)線分布如圖所示；以下說法正確的是(

)

A.c

點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于b

點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)B.a

點(diǎn)電勢(shì)高于b

點(diǎn)電勢(shì)C.若將一試探電荷+q

由a

點(diǎn)釋放，它將沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)到b

點(diǎn)D.若在d

點(diǎn)再固定一點(diǎn)電荷鈭?Q

將一試探電荷+q

由a

移至b

的過程中，電勢(shì)能減小10、如圖所示，一平行板電容器，帶電量為Q

上極板帶正電，下極板帶負(fù)電，在兩板中間放入一不帶電的導(dǎo)體(

寬度小于板間距)

在板中間有三點(diǎn)123

對(duì)應(yīng)的場(chǎng)強(qiáng)分別是E1E2E3

把導(dǎo)體移走后三點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)分別是E_{1}{{"}}E_{2}{{"}}E_{3}{{"}}則下列說法正確的是(

)

A.導(dǎo)體的上表面a

帶負(fù)電，下表面b

帶正電B.E1>E2>E3

C.E_{1}{{"}}=E_{2}{{"}}=E_{3}{{"}}D.E_{1}{{"}}>E_{3}>E_{2}11、下列說法正確的是（）A.液體表面張力與浸潤現(xiàn)象都是分子力作用的表現(xiàn)B.擴(kuò)散現(xiàn)象在氣體、液體和固體中都能發(fā)生C.氣體分子單位時(shí)間內(nèi)跟單位面積器壁碰撞的次數(shù)，與單位體積內(nèi)的分子數(shù)及分子平均動(dòng)能有關(guān)E.由阿伏伽德羅常數(shù)、氣體的摩爾質(zhì)量和氣體的密度，可以估算出理想氣體分子間的平均距離E.由阿伏伽德羅常數(shù)、氣體的摩爾質(zhì)量和氣體的密度，可以估算出理想氣體分子間的平均距離評(píng)卷人得分三、填空題(共8題，共16分)12、如圖所示，分布在半徑為r的圓形區(qū)域內(nèi)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)；磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直紙面向里．電荷量為q；質(zhì)量為m的帶正電粒子從磁場(chǎng)邊緣a點(diǎn)處沿圓的半徑AO方向射入磁場(chǎng)，離開磁場(chǎng)時(shí)速度方向偏轉(zhuǎn)了60°角，試求：

（1）粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R；

（2）粒子的入射速度；

（3）若保持粒子的速率不變；從a點(diǎn)入射時(shí)速度的方向順時(shí)針轉(zhuǎn)過60°角，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t．

13、如圖16為一定質(zhì)量的某種理想氣體的p--V圖，其中A、B、C三點(diǎn)所對(duì)應(yīng)的狀態(tài)的溫度分別用TA、TB、TC來表示，那么TA：TB：TC=．14、如圖所示是某辦公室的電路，A是保險(xiǎn)絲，甲圖虛線框內(nèi)的可變電阻R相當(dāng)于負(fù)載的總電阻，乙圖相當(dāng)于甲圖中虛線框內(nèi)負(fù)載的連接方式，S是交流電源，交流電源的內(nèi)電阻和保險(xiǎn)絲電阻不計(jì)，電源輸出電壓隨時(shí)間變化的規(guī)律是u=220sin100πt（V）．則該電路中電流方向每秒鐘改變______次，當(dāng)電路中電燈達(dá)到一定數(shù)量時(shí)，此時(shí)負(fù)載總電阻R=110Ω，保險(xiǎn)絲恰好熔斷，則保險(xiǎn)絲熔斷電流I0=______A．15、在做“用油膜法估測(cè)分子的大小”的實(shí)驗(yàn)中，若用直徑為0.5m的淺圓盤盛水，讓油酸在水面上形成單分子油酸薄膜，那么油酸滴的體積的數(shù)量級(jí)不能大于______m3．16、在下列描述核反應(yīng)的方程中，屬于婁脕

衰變的是_________，屬于婁脗

衰變的是_______，屬于裂變的是_________，屬于聚變的是________.(

填正確答案的標(biāo)號(hào))

A

．714C隆煤714N+鈭?10e

B、1532P隆煤1632S+鈭?10e

C、92238U隆煤90234Th+24He

D、714N+24He隆煤817O+11H

E、92235U+01n隆煤54140Xe+3894Sr+201n

F、23H+12H隆煤24He+01n

17、如圖所示，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一電荷量為q=5.0×10-10C的正電荷，由a點(diǎn)移到b點(diǎn)和由a點(diǎn)移到c點(diǎn)，電場(chǎng)力做的功都是2.0×10-8J,已知a、b、c三點(diǎn)的連線組成直角三角形，ab＝20cm,＝37°，則勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為_________v/m，電場(chǎng)強(qiáng)度的方向?yàn)開_____(COS37°＝0.8).18、圖示，A、B兩個(gè)小球用等長絕緣細(xì)線懸掛在支架上，A球帶0.003C的正電荷，B球帶等量的負(fù)電荷，兩懸點(diǎn)相距3cm，在外加勻強(qiáng)電場(chǎng)作用下，兩球都在各自懸點(diǎn)正下方處于平衡狀態(tài)，則該勻強(qiáng)電場(chǎng)產(chǎn)生的電場(chǎng)力與______相等，勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向______．19、在應(yīng)用電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器進(jìn)行勻變速直線運(yùn)動(dòng)的探究實(shí)驗(yàn)中；所用電源的頻率為50Hz

實(shí)驗(yàn)得到的一條紙帶如下圖所示.

按時(shí)間順序取OABCDEF

七個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，每相鄰的兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間都有四個(gè)點(diǎn)未畫出，紙帶上相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)對(duì)應(yīng)的時(shí)間間隔為______s

實(shí)驗(yàn)中測(cè)得相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的距離如圖所示(

單位：cm)

打C

點(diǎn)時(shí)紙帶的速度為______m/s

評(píng)卷人得分四、判斷題(共4題，共28分)20、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

21、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

22、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）23、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分五、證明題(共2題，共6分)24、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。25、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。評(píng)卷人得分六、綜合題(共3題，共30分)26、(1)

某同學(xué)利用“插針法”測(cè)定玻璃的折射率，所用的玻璃磚兩面平行，正確操作后，作出的光路圖及測(cè)出的相關(guān)角度如圖所示．

壟脵

插大頭針P4

時(shí)應(yīng)______．

壟脷

此玻璃的折射率計(jì)算式為n=

______(

用圖中的胃1胃2

表示)

．

壟脹

關(guān)于此實(shí)驗(yàn)的一些操作；下列說法正確的是______．

A.P1P2

及P3P4

之間的距離適當(dāng)大些；可以減小誤差。

B.P1P2

及P3P4

之間的距離取得小些；可以減小誤差。

C.人射角適當(dāng)大些；可以減小誤差。

D.人射角太大，折射光線會(huì)在玻璃磚的內(nèi)表面發(fā)生全反射，使實(shí)驗(yàn)無法進(jìn)行．壟脺

在用插針法測(cè)定玻璃磚折射率的實(shí)驗(yàn)中，甲、乙、丙三位同學(xué)在紙上畫出的界面abcd

與玻璃磚位置的關(guān)系分別如圖壟脵壟脷

和壟脹

所示，其中甲、丙同學(xué)用的是矩形玻璃磚，乙同學(xué)用的是梯形玻璃磚.

他們的其他操作均正確，且均以abcd

為界面畫光路圖則甲同學(xué)測(cè)得的折射率與真實(shí)值相比______，乙同學(xué)測(cè)得的折射率與真實(shí)值相比______，丙同學(xué)測(cè)得的折射率與真實(shí)、值相比______．(

填“偏大”、“偏小”或“不變”)

(2)

某學(xué)生在用上述方法測(cè)量半圓形玻璃磚的折射率，在他畫出的直線OA

上豎直插上了P1P2

兩枚大頭針，但在y<0

的區(qū)域內(nèi)，不管眼睛放在何處，都無法透過玻璃磚看到P1P2

的像，原因是__________________，他應(yīng)該采取的措施是______________________。(3)

如圖所示，一個(gè)大游泳池，池底面水平，池水深1.2m

有一竹竿豎直插入池底，浸入水中的部分正好是全長的一半，陽光與水平方向成37?

角射入池底，竹竿的影長為2.5m

水的折射率為________。27、汽車剎車前速度為10m/s

剎車獲得的加速度大小為2m/s2

求：

(1)

求汽車的剎車時(shí)間t0

(2)

汽車剎車開始后20s

內(nèi)滑行的距離x1

(3)

靜止前最后2.5s

內(nèi)汽車滑行的距離x2

．28、如圖a所示，水平放置著兩根相距為d=0.1m的平行金屬導(dǎo)軌MN與PQ，導(dǎo)軌的電阻忽略不計(jì)且兩導(dǎo)軌用一根電阻也不計(jì)的導(dǎo)線相連．導(dǎo)軌上跨放著一根粗細(xì)均勻，長為L=0.3m、電阻R=3.0Ω的金屬棒ab，金屬棒與導(dǎo)軌正交，交點(diǎn)為c、d．整個(gè)空間充滿垂直于導(dǎo)軌向上的磁場(chǎng)，磁場(chǎng)B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖b所示．t=0時(shí)刻，金屬棒ab在外力的作用下從導(dǎo)軌的最右端以速度v=4.0m/s向左做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則2s末回路中產(chǎn)生的電流的大小為______，t=8s時(shí)金屬棒ab兩端點(diǎn)間的電勢(shì)差為______．

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B|D【分析】【解析】【答案】BD2、C【分析】試題分析：質(zhì)點(diǎn)停止運(yùn)動(dòng)，再經(jīng)過0.1s后，前0.1m的質(zhì)點(diǎn)都將恢復(fù)到平衡位置，所以BD錯(cuò)誤；總共0.4s，波傳播到1.0m/s×0.4s=0.4m處，且與波源開始起振方向相同，所以A錯(cuò)C對(duì)?？键c(diǎn)：振動(dòng)與波【解析】【答案】C3、C【分析】解：甲、乙兩球在空中相遇，甲下降的高度大于乙下降的高度，根據(jù)h=12gt2

得t=2hg

可知；甲的運(yùn)動(dòng)時(shí)間長，所以甲先拋出．

因?yàn)閺膾伋龅较嘤鳇c(diǎn)的過程中；水平位移相等，乙球的運(yùn)動(dòng)時(shí)間較短，由x=v0t

知，乙球的初速度較大，故C正確．

故選：C

．

兩個(gè)小球都做平拋運(yùn)動(dòng)；水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的基本公式列式即可求解．

本題要掌握平拋運(yùn)動(dòng)的研究方法：運(yùn)動(dòng)的分解法，知道平拋運(yùn)動(dòng)水平方向做勻速運(yùn)動(dòng)，豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)．【解析】C

4、C【分析】當(dāng)通電導(dǎo)線與磁場(chǎng)方向平行時(shí)，就不受安培力，所以A

錯(cuò).

安培力的大小除與磁感應(yīng)強(qiáng)度B

、電流I

有關(guān)外還與導(dǎo)線長度L

及導(dǎo)線放置方向有關(guān)，所以B

錯(cuò).

安培力垂直于導(dǎo)線和磁感應(yīng)強(qiáng)度決定的平面，也就是垂直于導(dǎo)線，所以D

錯(cuò)．【解析】C

5、C【分析】解：因?yàn)榕鲎埠髣?dòng)量守恒，所以碰后電子的方向斜向下，則光子的方向斜向上，可能沿1

方向.

碰后光子將部分能量轉(zhuǎn)移給電子，則光子能量減小，頻率減小，根據(jù)婁脣=cf

知；波長變長.

故C正確，AB

D錯(cuò)誤．

故選C．

光子與靜止電子碰撞后；動(dòng)量守恒，能量守恒，通過能量守恒判斷光子頻率的變化，從而得出波長的變化，通過動(dòng)量守恒得出碰后光子的方向．

本題關(guān)鍵抓住動(dòng)量守恒和能量守恒，以及波速、波長、頻率的關(guān)系進(jìn)行分析求解．【解析】C

二、多選題(共6題，共12分)6、BD【分析】解：A、由圖象可知交流電的最大值為Um=100V，因此其有效值為：U==50V；故A錯(cuò)誤；

B、由圖可知，T=4×10-2s，故f==25Hz，ω=2πf=50πrad/s；所以其表達(dá)式為u=100sin（50πt）V，故B正確，C錯(cuò)誤；

D、若將該交流電壓加在阻值R=100Ω的電阻兩端，則電阻消耗的功率P==50W；故D正確；

故選：BD．

根據(jù)圖象可知交流電的最大值以及周期等物理量；然后進(jìn)一步可求出其瞬時(shí)值的表達(dá)式以及有效值等．

本題考查了有關(guān)交流電描述的基礎(chǔ)知識(shí)，要根據(jù)交流電圖象正確求解最大值、有效值、周期、頻率、角速度等物理量，同時(shí)正確書寫交流電的表達(dá)式．【解析】【答案】BD7、AD【分析】解：A；天然放射現(xiàn)象說明原子核內(nèi)部是有結(jié)構(gòu)的；故A正確；

B；質(zhì)子的發(fā)現(xiàn)和散射實(shí)驗(yàn)才使人認(rèn)識(shí)到原子具有核式結(jié)構(gòu)的；故B錯(cuò)誤；

C；玻爾理論成功解釋了氫原子發(fā)光現(xiàn)象；對(duì)與其他分子無法解釋，同時(shí)量子理論是由普朗克提出的，故C錯(cuò)誤；

D；普朗克為了解釋黑體輻射現(xiàn)象；第一次提出了能量量子化理論，故D正確；

故選：AD．

天射放射現(xiàn)象使人意識(shí)到原子核內(nèi)部應(yīng)是有結(jié)構(gòu)的；明確電子；質(zhì)子和中子發(fā)現(xiàn)的過程和意義；普朗克在研究黑體輻射問題時(shí)提出了能量子假說，建立了量子論；玻爾成功解釋了各種原子發(fā)光現(xiàn)象；

本題考查了“近代物理初步”部分，涉及普朗克的能量子假說、波爾的氫原子模型、盧瑟福的核式結(jié)構(gòu)模型等，知識(shí)點(diǎn)多，難度小，關(guān)鍵多看書，掌握各位物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)．【解析】【答案】AD8、BD【分析】【分析】由動(dòng)能定理解得粒子穿過BB板小孔MM的速度；當(dāng)粒子能在CC、DD板間運(yùn)動(dòng)而不碰板時(shí)由電場(chǎng)力提供向心力解得C、DD板間的場(chǎng)強(qiáng)大??；由動(dòng)量定理解得粒子在兩塊平行金屬板間的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，由圓周運(yùn)動(dòng)的周期解得在半圓內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，由周期性解得從釋放粒子開始，粒子通過小孔NN的可能時(shí)間及粒子通過半圓形金屬板最低點(diǎn)PP的的可能時(shí)間。本題主要考查帶電粒子在電場(chǎng)中的勻變速運(yùn)動(dòng)，知道粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)具有周期性是解題的關(guān)鍵。有一定難度?！窘獯稹緼.粒子從釋放到到達(dá)BB點(diǎn)，由動(dòng)能定理得：qU=12mv2qU=dfrac{1}{2}m{v}^{2}解得粒子穿過BB板小孔MM的速度：v=2qUmv=sqrt{dfrac{2qU}{m}}A錯(cuò)誤；B.當(dāng)粒子能在CC、DD板間運(yùn)動(dòng)而不碰板時(shí)，由電場(chǎng)力提供向心力，故有：qE=mv2L2qE=mdfrac{{v}^{2}}{dfrac{L}{2}}解得CC、DD板間的場(chǎng)強(qiáng)大小E=4ULE=dfrac{4U}{L}故B正確；C.粒子從釋放到到達(dá)BB點(diǎn)，由動(dòng)量定理可得：qUdt1=mvqdfrac{U}79d3dr9{t}_{1}=mv解得到達(dá)BB所用時(shí)間為：t1=d2mqU{t}_{1}=dsqrt{dfrac{2m}{qU}}從BB到NN粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所用時(shí)間為：t2=婁脨L2v=婁脨L42mqU{t}_{2}=dfrac{dfrac{婁脨L}{2}}{v}=dfrac{婁脨L}{4}sqrt{dfrac{2m}{qU}}由于運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性，粒子從NN到AA板所用時(shí)間等于t1{t}_{1}故從釋放粒子開始，粒子通過小孔NN的時(shí)間可能是t=t1+t2=(d+婁脨L4)2mqUt={t}_{1}+{t}_{2}=left(d+dfrac{婁脨L}{4}right)sqrt{dfrac{2m}{qU}}也可能是t=3t1+t2=(3d+婁脨L4)2mqUt=3{t}_{1}+{t}_{2}=left(3d+dfrac{婁脨L}{4}right)sqrt{dfrac{2m}{qU}}或t=5t1+2t2=(5d+婁脨L2)2mqUt=5{t}_{1}+2{t}_{2}=left(5d+dfrac{婁脨L}{2}right)sqrt{dfrac{2m}{qU}}等，故C錯(cuò)誤；D.同理由對(duì)稱性可知從釋放粒子開始，粒子通過半圓形金屬板最低點(diǎn)PP的時(shí)間可能是t=(2n+1)(t1+t22)t=left(2n+1right)left({t}_{1}+dfrac{{t}_{2}}{2}right)當(dāng)n=1n=1時(shí)，t=(3d+3婁脨L8)2mqU=(6d+3婁脨L4)m2qUt=left(3d+dfrac{3婁脨L}{8}right)sqrt{dfrac{2m}{qU}}=left(6d+dfrac{3婁脨L}{4}right)sqrt{dfrac{m}{2qU}}D正確。

故選BD。

【解析】BD

9、BD【分析】解：A

電場(chǎng)線的密的地方場(chǎng)強(qiáng)大；d

點(diǎn)電場(chǎng)線密，所以d

點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大，故A錯(cuò)誤．

B、沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，a

點(diǎn)電勢(shì)高于b

點(diǎn)電勢(shì)；故B正確．

C；若將一試探電荷+q

由a

點(diǎn)靜止釋放；將沿著在a

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)軌跡不是電場(chǎng)線，故C錯(cuò)誤．

D；若將一試探電荷+q

由a

點(diǎn)靜止釋放；點(diǎn)電荷鈭?Q

的電場(chǎng)力向右上方，原電場(chǎng)的電場(chǎng)力也是向右上方，所以都對(duì)電荷做正功，電荷動(dòng)能增加，電勢(shì)能減小，故D正確．

故選：BD

．

電場(chǎng)線的疏密反映電場(chǎng)的強(qiáng)弱.

沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低.

電場(chǎng)線方向與電荷的運(yùn)動(dòng)軌跡無直接關(guān)系．

根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)即可解決問題.

可通過動(dòng)能定理判斷電荷動(dòng)能的變化即可知道速度大小的變化.

屬于基礎(chǔ)題目．【解析】BD

10、AC【分析】解：A

在兩極板之間形成了豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)；導(dǎo)體里面的自由電子發(fā)生定向移動(dòng)，從而形成靜電感應(yīng)現(xiàn)象，達(dá)到平衡后上表面被感應(yīng)出負(fù)電荷，下表面感應(yīng)出正電荷，故A正確；

B；處于靜電平衡中的導(dǎo)體內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)處處為零；所以E1=E3E2=0

故B錯(cuò)誤；

C；把導(dǎo)體移走后；兩板間為勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小處處相等，方向相同，即E1鈥?=E2鈥?=E3鈥?

故C正確；

D、把導(dǎo)體移走后，相當(dāng)于兩板間距離增大，場(chǎng)強(qiáng)變小，E1隆盲<E3

故D錯(cuò)誤；

故選：AC

導(dǎo)體在電場(chǎng)中發(fā)生靜電感應(yīng)；導(dǎo)體中的自由電子發(fā)生定向移動(dòng)，穩(wěn)定時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部產(chǎn)生感生電場(chǎng)，方向與勻強(qiáng)電場(chǎng)方向相反，原電場(chǎng)向下，感生電場(chǎng)向上，所以下表面感應(yīng)正電，上表面感應(yīng)負(fù)電，處于靜電平衡狀態(tài)導(dǎo)體內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)為0

導(dǎo)體移走后，極板間是勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)處處相等。

處于靜電感應(yīng)現(xiàn)象的導(dǎo)體，內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，理解場(chǎng)強(qiáng)處處為零的原因.

知道凈電荷全部分布在導(dǎo)體表面.

且整個(gè)導(dǎo)體是等勢(shì)體．【解析】AC

11、ABCE【分析】解：A；根據(jù)表面層分子力的特點(diǎn)可知；液體表面張力與浸潤現(xiàn)象都是分子力作用的表現(xiàn)。故A正確；

B；擴(kuò)散現(xiàn)象是由于分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的；所以擴(kuò)散現(xiàn)象在氣體、液體和固體中都能發(fā)生；故B正確；

C；根據(jù)氣體壓強(qiáng)的微觀意義可知；氣體分子單位時(shí)間內(nèi)跟單位面積器壁碰撞的次數(shù)，與單位體積內(nèi)的分子數(shù)及分子平均動(dòng)能有關(guān)。故C正確；

D；第二類永動(dòng)機(jī)不可能制成的原因是違背了熱力學(xué)第二定律；沒有違背能量守恒定律。故D錯(cuò)誤；

E；由阿伏加德羅常數(shù)、氣體的摩爾質(zhì)量和氣體的密度；可以估算出理想氣體分子間的平均距離。故E正確。

故選：ABCE。

液體表面張力與浸潤現(xiàn)象都是分子力作用的表現(xiàn)；從擴(kuò)散現(xiàn)象的本質(zhì)出發(fā)；反映出分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)進(jìn)行判斷；會(huì)根據(jù)阿伏加德羅常數(shù)可分析氣體分子間的距離。

考查對(duì)擴(kuò)散現(xiàn)象、熱力學(xué)第二定律、溫度的微觀意義以及壓強(qiáng)的微觀意義等基礎(chǔ)知識(shí)的理解，注意會(huì)確定是否擴(kuò)散運(yùn)動(dòng)，同時(shí)理解分子無規(guī)則的運(yùn)動(dòng)的含義?！窘馕觥緼BCE三、填空題(共8題，共16分)12、略

【分析】

（1）如圖所示，設(shè)正離子從磁場(chǎng)區(qū)域射出點(diǎn)為C，射出方向的延長線與入射方向的直徑交點(diǎn)

為O；故連線O′c必垂直于連線Oc．連接O′O，粒子偏轉(zhuǎn)角為60°；

根據(jù)幾何知識(shí)得∠aO′c=60°；

則正離子在磁場(chǎng)區(qū)域中運(yùn)動(dòng)軌跡ac弧對(duì)點(diǎn)O′所張的圓心角為60°．

又由幾何知識(shí)得，軌道半徑R=rtan60°=

（2）粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)洛倫茲力提供向心力：

qvB=m解得v=

（3）正離子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T=

由于軌道半徑不變；當(dāng)離子速度方向沿順時(shí)針方向轉(zhuǎn)60°時(shí)，運(yùn)動(dòng)軌跡ac′弧所對(duì)圓心角仍為60°角；

則正離子沿圓弧由a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c′點(diǎn)所需時(shí)間：t=．

答：（1）粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r；

（2）粒子的入射速度為

（3）若保持粒子的速率不變，從a點(diǎn)入射時(shí)速度的方向順時(shí)針轉(zhuǎn)過60°角，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為．

【解析】【答案】電荷在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；畫出軌跡，由幾何知識(shí)求出半徑．洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出速度．定圓心角，求時(shí)間．

13、略

【分析】【解析】【答案】15.1:4:914、略

【分析】解：（1）由圖象可知，ω==100π；則周期T=0.02s，而線框轉(zhuǎn)動(dòng)一個(gè)周期電流方向改變兩次，則在一秒鐘內(nèi)電流方向改變100次．

（2）由圖象知：U==V=220V；

根據(jù)歐姆定律，則I0==A=2A；

故答案為：100；2．

根據(jù)圖象可以求得輸出電壓的有效值；周期；即可確定電流方向在一個(gè)周期內(nèi)的改變的次數(shù)；再根據(jù)歐姆定律，即可求得結(jié)論．

掌握住理想變壓器的電壓、電流之間的關(guān)系，最大值和有效值之間的關(guān)系即可解決本題．【解析】100；215、略

【分析】解：設(shè)油酸薄膜表面積為淺圓盤面積；油酸的體積為V：

V=πR2d=3.14××10-10m3=2×10-11m3

故答案為：10-11．

根據(jù)算出油酸薄膜的面積，油分子直徑的數(shù)量級(jí)為10-10m；油膜為單分子的油膜，由此可求出油酸體積．

本題考查“用單分子油膜估測(cè)分子大小”實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)原理和數(shù)據(jù)處理，屬于簡(jiǎn)單基礎(chǔ)題目，計(jì)算時(shí)注意單位的換算．【解析】10-1116、CABEF【分析】【分析】婁脗

衰變生成的是電子；婁脕

衰變生成的是婁脕

粒子；裂變是重核裂變成輕核，聚變是輕核生成重核，據(jù)此分析即可。

本題難度不大，要知道衰變的生成物還有幾個(gè)典型的核反應(yīng)方程，難度不大，屬于基礎(chǔ)題?！窘獯稹緼

和B

的反應(yīng)生成物里都有電子；屬于婁脗

衰變，C

的反應(yīng)生成物里有婁脕

粒子，是婁脕

衰變，裂變是重核裂變成輕核，屬于裂變的是E

聚變是輕核生成重核，屬于聚變的是F

故填：CABEF

【解析】CABEF

17、略

【分析】試題分析：因?yàn)檎姾蓂從a到b和從a到c，電場(chǎng)力做功相等，所以由W=qU可得Uab=Uac，b、c兩點(diǎn)在同一等勢(shì)面上，則電場(chǎng)強(qiáng)度方向與ac平行，由a指向c；Uac=W/q，dac=dabCOS37°，E=Uac/dac，代入數(shù)據(jù)計(jì)算得Ｅ＝250v/m?？键c(diǎn)：電場(chǎng)力做功、電場(chǎng)強(qiáng)度?！窘馕觥俊敬鸢浮?50沿ac18、略

【分析】解：由題可知；AB帶異種電荷，則相互間的庫侖引力；

在外加勻強(qiáng)電場(chǎng)作用下；兩球都在各自懸點(diǎn)正下方處于平衡狀態(tài)，則該勻強(qiáng)電場(chǎng)產(chǎn)生的電場(chǎng)力與各自庫侖力方向相反，大小相等；

依據(jù)正電荷的電場(chǎng)力方向即為電場(chǎng)強(qiáng)度的方向；那么外加電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向向左；

故答案為：庫侖力；向左．

向左．

依據(jù)同種電荷相吸；異種電荷相斥，判定電荷間的庫侖力方向，再依據(jù)平衡條件，即可確定勻強(qiáng)電場(chǎng)產(chǎn)生的電場(chǎng)力的方向與大小關(guān)系．

考查電荷間的庫侖力方向與大小的應(yīng)用，掌握平衡條件的內(nèi)容，及理解電場(chǎng)強(qiáng)度方向與正電荷的電場(chǎng)力方向，及負(fù)電荷的電場(chǎng)力方向的關(guān)系．【解析】庫侖力；向左19、略

【分析】解：電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用電源的頻率為50Hz

時(shí)；打點(diǎn)周期為0.02s

因?yàn)槊肯噜弮捎?jì)數(shù)點(diǎn)間還有4

個(gè)打點(diǎn)，所以相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔為：T=0.1s

勻變速直線運(yùn)動(dòng)中；時(shí)間中點(diǎn)的瞬時(shí)速度等于該過程中的平均速度，因此有：

vC=xBD2T=(2.4+2.9)隆脕10鈭?2m2隆脕0.1s=0.265m/s

故答案為：0.10.265

．

能夠知道相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔；紙帶實(shí)驗(yàn)中，若紙帶勻變速直線運(yùn)動(dòng)，測(cè)得紙帶上的點(diǎn)間距，利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論，可計(jì)算出打出某點(diǎn)時(shí)紙帶運(yùn)動(dòng)的瞬時(shí)速度和加速度．

利用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實(shí)驗(yàn)問題的能力，在平時(shí)練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的理解與應(yīng)用，提高解決問題能力，要注意單位的換算．【解析】0.10.265

四、判斷題(共4題，共28分)20、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．21、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?2、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大小．

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．23、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．五、證明題(共2題，共6分)24、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)25、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)六、綜合題(共3題，共30分)26、（1）

①擋住本身及的像

②

③AC

④偏小不變變小

（2）

在玻璃-空氣界面，入射角太大發(fā)生了全反射；在在白紙上另畫一條與y軸正方向的夾角較小的直線OA。

（3）【分析】(1)

【分析】(1)"role="presentation"tabindex="0">((11))((11))((11))((11))大頭針P4"id="MathJax-Element-276-Frame"role="presentation"tabindex="0">PP44PP44PP44PP44擋住

P3"id="MathJax-Element-277-Frame"role="presentation"tabindex="0">PP33PP33PP33PP

33

(4)

用作圖法，確定出入射角與折射角的誤差，即可分析折射率的誤差。n=sinisinr本身及PP11PP11PP11n=sinisinrPP11、P2"id="MathJax-Element-279-Frame"role="presentation"tabindex="0">PP22PP22PP22根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理，則大頭針PP22擋住本身及、的像；的像；故應(yīng)填;

擋住(2)"id="MathJax-Element-280-Frame"role="presentation"tabindex="0">((22))本身及((22))、((22))的像;

((22))由圖得到，光線在玻璃磚上表面上入射角為入射角和折射角是光線與法線的夾角，根據(jù)圖確定入射角和折射角，根據(jù)折射定律求出折射率；(3)"id="MathJax-Element-281-Frame"role="presentation"tabindex="0">((33))i=90鈭?鈭?婁脠1((33))((33))((，折射角為33))r=90鈭?鈭?婁脠2為了減小實(shí)驗(yàn)的誤差，大頭針之間的距離適當(dāng)大一些，入射適當(dāng)大一些。解決本題的關(guān)鍵知道實(shí)驗(yàn)中需要注意的事項(xiàng)，以及知道實(shí)驗(yàn)的原理，本實(shí)驗(yàn)用“插針法”測(cè)定玻璃的折射率的原理是折射定律，入射角和折射角都是光線與法線的夾角，不是與界面的夾角。用插針法測(cè)定玻璃磚折射率的實(shí)驗(yàn)原理是折射定律n=sinisinrn=dfrac{sini}{sinr}；根據(jù)折射定律得：

n=sinisinr=sin(90鈭?鈭?婁脠1)sin(90鈭?鈭?婁脠2)=cos婁脠1cos婁脠2故應(yīng)填：，作出光路圖，確定折射光線的偏折情況，分析入射角與折射角的誤差，來確定折射率的誤差。cos婁脠1cos婁脠2

用插針法測(cè)定玻璃磚折射率的實(shí)驗(yàn)原理是折射定律為了提高上的精確度，實(shí)驗(yàn)時(shí)大頭針之間的距離適當(dāng)大一些，入射角適當(dāng)大一些，故AC正確，錯(cuò)誤；故選AC。，作出光路圖，確定折射光【解答】(1)"id="MathJax-Element-257-Frame"role="presentation"tabindex="0">((11))((11))((11))((11))P4"id="MathJax-Element-258-Frame"role="presentation"tabindex="0">PP44PP44

PP44PP44(2)PPPPPP4444444444P3"id="MathJax-Element-259-Frame"role="pr