2025年上教版選擇性必修2物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年上教版選擇性必修2物理上冊階段測試試卷196考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，關(guān)于對帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中運(yùn)動(dòng)的方向描述正確的是A.B.C.D.2、回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其主體部分是兩個(gè)D形金屬盒。兩金屬盒處在垂直于盒底的勻強(qiáng)磁場中，a、b分別與高頻交流電源兩極相連接；下列說法正確的是（）

A.粒子從磁場中獲得能量B.帶電粒子的運(yùn)動(dòng)周期是變化的C.粒子由加速器的中心附近進(jìn)入加速器D.增大金屬盒的半徑粒子射出時(shí)的動(dòng)能不變3、如圖所示的電路中，A1和A2是兩個(gè)相同的燈泡，線圈L自感系數(shù)足夠大，電阻可以忽略不計(jì)．下列說法不正確的是（）

A.合上開關(guān)S時(shí)，A2先亮，A1后亮，最后一樣亮B.斷開開關(guān)S時(shí)，A1和A2都要過一會(huì)兒才熄滅C.合上開關(guān)S穩(wěn)定后，流過A1的電流方向與流過A2的電流方向都向右D.斷開開關(guān)S時(shí)，流過A1的電流方向與流過A2的電流方向都向右4、如圖為演示自感現(xiàn)象的實(shí)驗(yàn)電路，電感線圈的自感系數(shù)較大，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R的阻值；且使得滑動(dòng)變阻器接入電路中的阻值與線圈直流電阻相等，下列判斷正確的是（）

A.接通開關(guān)S，燈同時(shí)變亮B.接通開關(guān)S，燈逐漸變亮，立即變亮C.斷開開關(guān)S，燈立即熄滅D.斷開開關(guān)S，燈逐漸熄滅，立即熄滅5、圖甲是回旋加速器的示意圖，兩金屬D形盒置于勻強(qiáng)磁場中，并分別與高頻電源相連。在加速帶電粒子時(shí)，帶電粒子從靜止開始運(yùn)動(dòng)，其速率v隨時(shí)間t的變化如圖乙，已知tn時(shí)刻粒子恰好射出回旋加速器；粒子穿過狹縫的時(shí)間不可忽略，不考慮相對論效應(yīng)及粒子的重力，下列判斷不正確的是（）

A.B.C.D.粒子在電場中的加速次數(shù)為6、2022年11月，由我國自主研制的新概念武器—電磁槍在珠海航展閃亮登場，這標(biāo)志著中國電磁彈射技術(shù)在世界范圍內(nèi)處于領(lǐng)先地位。下圖是用電磁彈射技術(shù)制造的軌道炮原理圖，質(zhì)量為m的彈體可在間距為d的兩平行水平軌道之間自由滑動(dòng)，并與軌道保持良好接觸。恒定電流從軌道左邊流入，通過彈體后從軌道左邊流回。軌道電流在彈體處產(chǎn)生垂直于軌道面的磁場，可視為勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小與電流成正比。通電彈體在安培力作用下加速距離后從軌道右邊以速度v高速射出。下列說法中正確的是（）

A.彈體受到的安培力大小為B.若電流增大到則彈體射出速度變?yōu)?vC.若軌道長增大到則彈體射出速度變?yōu)镈.若電流從軌道左邊流入，軌道左邊流回，則彈體將向左邊射出7、如圖所示，邊長為l，質(zhì)量為m的等邊三角形導(dǎo)線框用絕緣細(xì)線懸掛于天花板，導(dǎo)線框中通一逆時(shí)針方向的電流，圖中虛線過ab邊中點(diǎn)和ac邊中點(diǎn)，在虛線的下方有一垂直于導(dǎo)線框向里的勻強(qiáng)磁場，其磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，此時(shí)導(dǎo)線框處于靜止?fàn)顟B(tài)，細(xì)線中的拉力為F1，保持其他條件不變，現(xiàn)將虛線下方的磁場移至虛線上方，此時(shí)細(xì)線中拉力為F2。導(dǎo)線框中的電流大小為（）

A.B.C.D.8、帶電粒子以初速度v0從a點(diǎn)垂直y軸進(jìn)入勻強(qiáng)磁場，如圖所示，運(yùn)動(dòng)中粒子經(jīng)過b點(diǎn)，Oa＝Ob。若撤去磁場加一個(gè)與y軸平行的勻強(qiáng)電場，仍以v0從a點(diǎn)垂直y軸進(jìn)入電場，粒子仍能過b點(diǎn)，粒子重力不計(jì)，那么電場強(qiáng)度E與磁感應(yīng)強(qiáng)度B之比為（）

A.v0B.1/v0C.2v0D.v0/2評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、如圖所示，一理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為4∶1，原線圈與一可變電阻串聯(lián)后，接入一正弦交流電源；副線圈電路中固定電阻的阻值為R0，負(fù)載電阻的阻值R＝11R0，V是理想電壓表，現(xiàn)將負(fù)載電阻的阻值減小為R＝5R0，保持變壓器輸入電流不變，此時(shí)電壓表的讀數(shù)為5.0V，則()A.此時(shí)原線圈兩端電壓的最大值約為34VB.此時(shí)原線圈兩端電壓的最大值約為24VC.原線圈兩端原來的電壓有效值約為68VD.原線圈兩端原來的電壓有效值約為48V10、物理學(xué)家在物理學(xué)的發(fā)展史上做出了卓越的貢獻(xiàn)，下列有關(guān)物理學(xué)史的說法正確的是（）A.法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，并得出了法拉第電磁感應(yīng)定律B.庫侖提出了點(diǎn)電荷間的作用規(guī)律，并最早用實(shí)驗(yàn)測得元電荷e的數(shù)值C.伽利略首先建立了瞬時(shí)速度、加速度的概念，并研究得出了自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律D.牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，并計(jì)算出太陽與地球之間的引力大小11、如圖所示，變壓器為理想變壓器，交流電源電壓恒定，燈泡串聯(lián)在原線圈回路中，燈泡為副線圈的負(fù)載。開關(guān)S斷開時(shí)，燈泡的亮度與斷開前相比（）

A.亮度不變B.亮度減弱C.亮度不變D.亮度增強(qiáng)12、輸電能耗演示電路如圖所示。左側(cè)變壓器原、副線圈匝數(shù)比為1∶3，輸入電壓為的正弦交流電。連接兩理想變壓器的導(dǎo)線總電阻為r，負(fù)載R的阻值為開關(guān)S接1時(shí)，右側(cè)變壓器原、副線圈匝數(shù)比為2∶1，R上的功率為接2時(shí)，匝數(shù)比為1∶2，R上的功率為P。以下判斷正確的是（）

A.B.C.D.13、如圖所示，A點(diǎn)的粒子源在紙面內(nèi)沿垂直O(jiān)Q方向向上射出一束帶負(fù)電荷的粒子，粒子重力忽略不計(jì)。為把這束粒子約束在OP之下的區(qū)域，可在∠POQ之間加垂直紙面的勻強(qiáng)磁場。已知OA間的距離為s，粒子比荷為粒子運(yùn)動(dòng)的速率為v，OP與OQ間夾角為30°。則所加磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B滿足（）

A.垂直紙面向里，B.垂直紙面向里，C.垂直紙面向外，D.垂直紙面向外，14、有兩個(gè)勻強(qiáng)磁場區(qū)域Ⅰ和Ⅱ，Ⅰ中的磁感應(yīng)強(qiáng)度是Ⅱ中的k倍．兩個(gè)速率相同的電子分別在兩磁場區(qū)域做圓周運(yùn)動(dòng)．則下列計(jì)算正確的是A.Ⅰ中運(yùn)動(dòng)的電子與Ⅱ中的電子圓周運(yùn)動(dòng)的半徑比是1∶kB.Ⅰ中運(yùn)動(dòng)的電子與Ⅱ中的電子運(yùn)動(dòng)的加速度大小比是比是1∶kC.Ⅰ中運(yùn)動(dòng)的電子與Ⅱ中的電子圓周運(yùn)動(dòng)的周期是比是1∶kD.Ⅰ中運(yùn)動(dòng)的電子與Ⅱ中的電子圓周運(yùn)動(dòng)的角速度比是1∶k15、如圖所示，兩個(gè)閉合圓形線圈A、B的圓心重合，放在同一個(gè)水平面內(nèi)，線圈A中通以如圖所示的交變電流，設(shè)時(shí)電流沿逆時(shí)針方向。下列說法中正確的是（）

A.內(nèi)，線圈B有逆時(shí)針方向的電流，且有收縮的趨勢B.內(nèi)，線圈B有逆時(shí)針方向的電流，但沒有擴(kuò)張或收縮的趨勢C.在時(shí)刻，線圈B的電流大小和方向同時(shí)改變D.在時(shí)刻，線圈A、B的作用力最小16、如圖，正方形線框A的邊長為l、總電阻為R。磁場區(qū)域的寬度為2l，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向豎直紙面向里。線框在一水平恒力F作用下沿光滑水平面向右運(yùn)動(dòng)，已知線框一進(jìn)入磁場便做勻速運(yùn)動(dòng)。從線框一進(jìn)入磁場到完全離開磁場的過程中，它的加速度a隨坐標(biāo)值x的圖像可能是（）

A.B.C.D.17、某興趣小組為了研究圓柱體鐵芯的渦流熱功率，構(gòu)建了如圖所示的分析模型，用電阻率為ρ的硅鋼薄片繞成一個(gè)內(nèi)徑為r、厚度為d、高度為h的圓筒，其中d=r。沿平行于圓柱體軸線方向存在磁感應(yīng)強(qiáng)度的磁場。則此硅鋼薄片中（）

A.產(chǎn)生渦流的電阻為B.瞬時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢的表達(dá)式為C.感應(yīng)電流的有效值為D.發(fā)熱功率為評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)18、兩個(gè)速率不同的同種帶電粒子，如圖所示，它們沿同一方向從圖中長方形區(qū)域的勻強(qiáng)磁場的上邊緣射入，從下邊緣飛出時(shí)，相對于入射方向的偏轉(zhuǎn)角分別為90°，60°，則它們在磁場中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑之比為________，在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間比為________。

19、某變壓器原；副線圈匝數(shù)比為11：2；原線圈所接電源電壓按圖示規(guī)律變化，副線圈接有負(fù)載．

（1）變壓器輸入、輸出功率之比為________

（2）副線圈兩端電壓的有效值為________伏20、某電容器上標(biāo)有“220V，300μF”，300μF=________F=________PF。若將其直接接入有效值為220V的交流電源兩端，________正常工作（填“可以”或“不可以”）。21、在電視信號(hào)發(fā)送和接收的過程中，要用到許多電學(xué)部件，將元件名稱和它們在電路中的作用連接起來_______。

攝像機(jī)將聲信號(hào)還原后放出。

話筒向空中發(fā)射電磁波。

發(fā)射天線接收空中的電磁波。

顯像管將光信號(hào)轉(zhuǎn)變?yōu)殡娦盘?hào)。

揚(yáng)聲器將聲信號(hào)轉(zhuǎn)變?yōu)殡娦盘?hào)。

接收天線將電信號(hào)轉(zhuǎn)變?yōu)楣庑盘?hào)22、判斷下列說法的正誤．

（1）LC振蕩電路的電容器放電完畢時(shí)，回路中磁場能最小，電場能最大．____

（2）LC振蕩電路的電容器極板上電荷量最多時(shí)，電場能最大．____

（3）LC振蕩電路中電流增大時(shí)，電容器上的電荷一定減少．____

（4）LC振蕩電路的電流為零時(shí)，線圈中的自感電動(dòng)勢最大．____

（5）LC振蕩電路中，電容器的某一極板，從帶最多的正電荷放電到這一極板帶最多的負(fù)電荷為止，這一段時(shí)間為一個(gè)周期．____23、如圖，矩形線圈在勻強(qiáng)磁場中繞垂直磁場的軸OO′勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的交變電流輸入理想變壓器的原線圈，副線圈、理想電流表A與標(biāo)有“6V3W”字樣的小燈泡L串聯(lián)成閉合回路，燈泡L正常發(fā)光。已知變壓器原、副線圈匝數(shù)比為5:3，矩形線圈的電阻為1.0Ω，則A的示數(shù)為__________A，矩形線圈的電動(dòng)勢有效值為__________V。

24、如圖甲所示，一固定的矩形導(dǎo)體線圈水平放置，線圈的兩端接一只小燈泡，在線圈所在空間內(nèi)存在著與線圈平面垂直的均勻分布的磁場；已知線圈的匝數(shù)n=100匝，總電阻r=1.0Ω，所圍成矩形的面積S=0.04m2，小燈泡的電阻R=9.0Ω，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間按如圖乙所示的規(guī)律變化，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢的最大值為_________，小燈泡消耗的電功率為________，在磁感應(yīng)強(qiáng)度變化的時(shí)間內(nèi)，通過小燈泡的電荷量為________，圖中橫坐標(biāo)為時(shí)，小燈泡的電壓為________。

25、如圖所示，矩形線圈面積為S，匝數(shù)為N，線圈總電阻為r，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中繞OO′軸以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，外電路電阻為R；電流表電阻不計(jì)．

(1)在線圈由圖示位置轉(zhuǎn)過180°的過程中，磁通量的變化量ΔΦ＝_____，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱Q＝_________；

(2)圖示時(shí)刻電流表的讀數(shù)為_____________；

(3)從圖示位置開始計(jì)時(shí)，寫出線圈產(chǎn)生的瞬時(shí)電動(dòng)勢表達(dá)式e＝_____________．評卷人得分四、作圖題(共4題，共32分)26、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導(dǎo)線I所受磁場力的方向。

27、要在居民樓的樓道安裝一個(gè)插座和一個(gè)電燈；電燈由光敏開關(guān)和聲敏開關(guān)控制，光敏開關(guān)在天黑時(shí)自動(dòng)閉合，天亮?xí)r自動(dòng)斷開；聲敏開關(guān)在有聲音時(shí)自動(dòng)閉合，無聲音時(shí)自動(dòng)斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時(shí)電燈自動(dòng)亮，插座隨時(shí)可用。

28、在“探究楞次定律”的實(shí)驗(yàn)中；某同學(xué)記錄了實(shí)驗(yàn)過程的三個(gè)情境圖，其中有兩個(gè)記錄不全，請將其補(bǔ)充完整。

29、如圖所示：當(dāng)條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時(shí)，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標(biāo)出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、解答題(共2題，共18分)30、如圖，長為板間距離為的水平極板間，有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感強(qiáng)度為板不帶電?，F(xiàn)有質(zhì)量為電量為的粒子（不計(jì)重力），從靠近下極板左側(cè)處以速度垂直射入磁場。

（1）粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的最長時(shí)間為多少；

（2）欲使粒子都打在上極板，速度應(yīng)在什么范圍。

31、如圖所示，一個(gè)電子（電量為e）以速度v0垂直射入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，寬為d的勻強(qiáng)磁場中；穿出磁場的速度方向與電子原來的入射方向的夾角為30°，（電子重力忽略不計(jì)）求：

（1）電子的質(zhì)量是多少？

（2）穿過磁場的時(shí)間是多少？

（3）若改變初速度大小，使電子剛好不能從A邊射出，則此時(shí)速度v是多少？

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【分析】

根據(jù)“對帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中運(yùn)動(dòng)的方向描述”可知；本題考查左手定則的應(yīng)用，根據(jù)左手定則磁場指向和四指指向，即可判斷洛倫茲力方向。

【詳解】

A.根據(jù)左手定則可知A圖中洛倫茲力向下；故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)左手定則可知B圖中洛倫茲力向上；故B正確；

C.根據(jù)左手定則可知C圖中洛倫茲力向上；故C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)左手定則可知D圖中洛倫茲力向下；故D錯(cuò)誤。

故選：B。2、C【分析】【詳解】

A．粒子在磁場中受到洛倫茲力；但不做功，故不能在磁場中獲得能量，故A錯(cuò)誤；

B．帶電粒子雖速度增大；但在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期與速度無關(guān)，所以粒子的運(yùn)動(dòng)周期是固定的，故B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)

可知隨著粒子速度增大；半徑會(huì)增大，故粒子由加速器的中心附近進(jìn)入電場中加速后，進(jìn)入磁場中偏轉(zhuǎn)，故C正確；

D．帶電粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)根據(jù)

得圓周半徑

帶電粒子從D形盒中射出時(shí)的動(dòng)能

聯(lián)立可得

即帶電粒子q、m一定時(shí)，隨磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B、D形金屬盒的半徑R的增大而增大；與加速電場的電壓和狹縫距離無關(guān)，故D錯(cuò)誤。

故選C。3、D【分析】【詳解】

AC．合上開關(guān)的瞬間，L由于產(chǎn)生自感電動(dòng)勢阻礙通過A1的電流，所以A1中的電流小于A2中的電流，穩(wěn)定后L對直流電路沒有阻礙作用，A1和A2電阻相等，即合上開關(guān)S時(shí)，A2先亮，A1后亮，最后一樣亮，此時(shí)A1和A2的電流方向都向右；故A不符合題意，C不符合題意.

BD．?dāng)嚅_開關(guān)時(shí)，由于L中產(chǎn)生的自感電動(dòng)勢在A1和A2之間構(gòu)成串聯(lián)電路中產(chǎn)生電流，故都要過一會(huì)才會(huì)熄滅，此時(shí)流過A1的電流向右，流過A2的電流向左.故C不符合題意，D符合題意4、B【分析】【分析】

【詳解】

AB．接通開關(guān)S，燈立即變亮，燈逐漸變亮；所以A錯(cuò)誤；B正確；

CD．?dāng)嚅_開關(guān)S，電感線圈發(fā)生自感電動(dòng)勢阻礙電流減小，則燈逐漸熄滅；所以CD錯(cuò)誤；

故選B。5、B【分析】【詳解】

A．根據(jù)粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期

粒子回旋周期不變，在Ek-t圖中應(yīng)有t2-t1=t4-t3=t6-t5

故A不符合題意；

B．粒子在電場中做勻加速運(yùn)動(dòng)，令加速位移為x，根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系

前兩次加速過程所用的時(shí)間為

前三次加速過程所用的時(shí)間為

則有

由圖可知

所以

故B符合題意；

C．粒子在電場中做勻加速運(yùn)動(dòng)，令加速位移為x，根據(jù)速度位移時(shí)間關(guān)系

解得

前兩次加速后的速度為

解得

前三次加速后的速度為

解得

聯(lián)立可得

故C不符合題意；

D．設(shè)粒子被加速n次后的速度為vn，則由動(dòng)能定理可知

粒子被第一次加速過程中，由動(dòng)能定理可知

聯(lián)立可得

故D不符合題意。

故選B。6、C【分析】【詳解】

A．由動(dòng)能定理

得安培力大小

故A錯(cuò)誤；

B．結(jié)合安培力公式

得

可知若電流增大到則射出速度為故B錯(cuò)誤；

C．若軌道長增大到則射出速度變?yōu)楣蔆正確；

D．若電流從軌道左邊流入，軌道左邊流回；由受力分析可知，彈體仍向右邊射出，故D錯(cuò)誤。

故選C。7、A【分析】【詳解】

現(xiàn)將虛線下方的磁場移至虛線上方，此時(shí)細(xì)線中拉力為F2。

線框處于勻強(qiáng)磁場中，則各邊受到的安培力大小相等，依據(jù)左手定則，可知，安培力夾角均為120°，因此安培力合力為F安，則有F2=mg+F安

當(dāng)在虛線的下方有一垂直于導(dǎo)線框向里的勻強(qiáng)磁場，此時(shí)導(dǎo)線框處于靜止?fàn)顟B(tài)，細(xì)線中的拉力為F1；依據(jù)左手定則；則各邊受到安培力如圖所示：

結(jié)合矢量的合成法則，及三角知識(shí)，則線框受到安培力的合力，方向豎直向上，大小為F安=

根據(jù)平衡條件，則有：F1+F安=mg

解得：F安=mg-F1=F2-mg

即

得

故選A。8、C【分析】【詳解】

帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，O為圓心，故有Oa＝Ob＝

帶電粒子在勻強(qiáng)電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，故有Ob＝v0t，Oa＝t2

聯(lián)立以上各式，解得＝2v0。

故選C。二、多選題(共9題，共18分)9、A:D【分析】【詳解】

試題分析：現(xiàn)將負(fù)載電阻的阻值減小為R=5R0；保持變壓器輸入電流不變，此時(shí)電壓表的讀數(shù)為5．0V；

根據(jù)串并聯(lián)知識(shí)和歐姆定律得副線圈電壓根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可知，此時(shí)原線圈兩端電壓的有效值U1=4U2=24V，所以此時(shí)原線圈兩端電壓的最大值約為U1m=24≈34V，故A正確，B錯(cuò)誤；原來副線圈電路中固定電阻的阻值為R0，負(fù)載電阻的阻值R=11R0，由于保持變壓器輸入電流不變，所以輸出電流也不變，所以原來副線圈電壓根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可知，原線圈兩端原來的電壓有效值約為48V，故C錯(cuò)誤，D正確；故選AD．

考點(diǎn)：變壓器；交流電10、C【分析】【分析】

【詳解】

A．法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象；但法拉第電磁感應(yīng)定律不是其得出，所以A錯(cuò)誤；

B．庫侖提出了點(diǎn)電荷間的作用規(guī)律；密立根用實(shí)驗(yàn)測得元電荷e的數(shù)值，所以B錯(cuò)誤；

C．伽利略首先建立了瞬時(shí)速度；加速度的概念；并研究得出了自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，所以C正確；

D．牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律；但是萬有引力常數(shù)還無法確定，則其沒有計(jì)算出太陽與地球之間的引力大小，所以D錯(cuò)誤；

故選AC。11、B:D【分析】【分析】

【詳解】

理想變壓器能量守恒，有

變壓器輸入、輸出功率分別可表示為

其中等效電阻為

由變壓器等效負(fù)載電阻公式得，斷開S后負(fù)載電阻R增大了，等效負(fù)載電阻也增大了，所以通過的電流會(huì)減小，燈會(huì)變暗。通過的電流減小導(dǎo)致兩端電壓也減小，所以原線圈兩端電壓會(huì)升高，所以負(fù)線圈兩端電壓會(huì)升高，燈會(huì)變亮。BD正確。

故選BD。12、B:D【分析】【分析】

【詳解】

當(dāng)開關(guān)S接1時(shí)，左側(cè)變壓器次級(jí)電壓U2=3×7.5V=22.5V

電阻R上的電壓，即右側(cè)變壓器的次級(jí)電壓

電流

則右側(cè)變壓器初級(jí)電壓

電流

則

當(dāng)開關(guān)S接2時(shí)，設(shè)輸電電流為I，則右側(cè)變壓器的次級(jí)電流為0.5I；右側(cè)變壓兩邊電壓關(guān)系可知

解得I=3A

則R上的功率

故選BD。13、B:D【分析】【詳解】

AB．當(dāng)所加勻強(qiáng)磁場方向垂盲紙面向里時(shí)，由左手定則知：負(fù)離子向右偏轉(zhuǎn)。約束在OP之下的區(qū)域的臨界條件是離子運(yùn)動(dòng)軌跡與OP相切。如圖（大圓?。?/p>

由幾何知識(shí)知

而

所以

所以當(dāng)離子軌跡的半徑小于s時(shí)滿足約束條件。由牛頓第二定律及洛倫茲力公式列出

所以得

故A錯(cuò)誤；B正確；

CD．當(dāng)所加勻強(qiáng)磁場方向垂直紙面向外時(shí)，由左手定則知：負(fù)離子向左偏轉(zhuǎn)。約束在OP之下的區(qū)域的臨界條件是離子運(yùn)動(dòng)軌跡與OP相切。如圖（小圓?。?/p>

由幾何知識(shí)知道相切圓的半徑為所以當(dāng)離子軌跡的半徑小于時(shí)滿足約束條件。

由牛頓第二定律及洛倫茲力公式列出

所以得

故C錯(cuò)誤；D正確。

故選BD。14、A:C【分析】【詳解】

設(shè)Ⅱ中的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，則Ⅰ中的磁感應(yīng)強(qiáng)度為kB；

A．根據(jù)電子在磁場中運(yùn)動(dòng)的半徑公式可知，Ⅰ中的電子運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑為Ⅱ中的電子運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑為所以Ⅱ中的電子運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑是Ⅰ中的k倍；故A正確；

B．電子在磁場運(yùn)動(dòng)的洛倫茲力作為向心力，所以電子的加速度的大小為所以Ⅰ中的電子加速度的大小為Ⅱ中的電子加速度的大小為所以Ⅱ的電子的加速度大小是Ⅰ中的倍；故B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)電子在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期公式可知，Ⅰ中的電子運(yùn)動(dòng)周期為Ⅱ中的電子運(yùn)動(dòng)周期為所以Ⅱ中的電子運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑是Ⅰ中的k倍，所以Ⅱ中的電子運(yùn)動(dòng)軌跡的周期是Ⅰ中的k倍；故C正確；

D．做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度所以Ⅰ中的電子運(yùn)動(dòng)角速度為Ⅱ中的電子運(yùn)動(dòng)角速度為在Ⅱ的電子做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度是Ⅰ中的倍，故D錯(cuò)誤；15、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．0~t1內(nèi)，線圈B中垂直紙面向外方向的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知B有逆時(shí)針方向的電流，根據(jù)同向電流相吸可知B有收縮的趨勢；故A正確；

B．t1～t2內(nèi)，線圈B中垂直紙面向里方向的磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知B有逆時(shí)針方向的電流，根據(jù)異向電流相斥可知B有擴(kuò)張的趨勢；故B錯(cuò)誤；

C．在t1時(shí)刻，線圈B中磁通量隨時(shí)間的變化率不變；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知感應(yīng)電動(dòng)勢不變，電流的大小和方向均不變，故C錯(cuò)誤；

D．在t1時(shí)刻，線圈A中電流為零，線圈A、B的作用力達(dá)到最小值零；故D正確。

故選AD。16、A:C:D【分析】【詳解】

線框受到的安培力

ab邊剛進(jìn)入磁場時(shí)，線框變?yōu)閯蛩龠\(yùn)動(dòng)，處于平衡狀態(tài)，由平衡條件得

線框所受合力為零，在位移內(nèi)，加速度

線框完全進(jìn)入磁場后，在位移內(nèi)，穿過線框的磁通量不變，感應(yīng)電流為零，不受安培力作用，所受合外力為F，加速度

線框做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；

當(dāng)ab邊離開磁場時(shí)，線框的速度大于進(jìn)入磁場時(shí)的速度，所受安培力大于拉力F，加速度

線框做減速運(yùn)動(dòng)，速度v變小，加速度a減小，線框做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，在位移內(nèi)加速度逐漸減?。还蔄CD都有可能，故ACD正確，B錯(cuò)誤；

故選ACD。17、A:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)電阻定律可知

故A正確；

B．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知

故B錯(cuò)誤；

C．感應(yīng)電流的有效值為

故C正確；

D．根據(jù)功率的計(jì)算公式可知，發(fā)熱功率為

故D錯(cuò)誤；

故選AC。三、填空題(共8題，共16分)18、略

【分析】【詳解】

[1]．設(shè)粒子的入射點(diǎn)到磁場下邊界的磁場寬度為d，畫出粒子軌跡過程圖，如圖所示，

由幾何關(guān)系可知：

第一個(gè)粒子的圓心為O1，由幾何關(guān)系可知：R1=d；

第二個(gè)粒子的圓心為O2；由幾何關(guān)系可知：R2sin30°+d=R2

解得：R2=2d；

故粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑之比為：R1：R2=1：2；

[2]．粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期的公式為由此可知，粒子的運(yùn)動(dòng)的周期與粒子的速度的大小無關(guān)，所以粒子在磁場中的周期相同；由粒子的運(yùn)動(dòng)的軌跡可知，兩種速度的粒子的偏轉(zhuǎn)角分別為90°、60°，所以偏轉(zhuǎn)角為90°的粒子的運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為偏轉(zhuǎn)角為60°的粒子的運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為所以在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間比為【解析】1:23:219、略

【分析】【分析】

（1）根據(jù)理想變壓器的特點(diǎn)輸入功率等于輸出功率，即可求解；

（2）根據(jù)原副線圈電壓與匝數(shù)成正比即可求出副線圈兩端的電壓；

【詳解】

（1）[1]．根據(jù)理想變壓器的特點(diǎn)，輸入功率等于輸出功率，所以P入：P出=1：1

（2）[2]．原線圈兩端電壓的有效值為：

根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，有：

代入數(shù)據(jù)：

解得：U2＝40V

【點(diǎn)睛】

解決本題關(guān)鍵是知道理想變壓器的特點(diǎn)，沒有能量損失，輸入功率等于輸出功率，以及變壓比規(guī)律和變流比規(guī)律即可求解．【解析】1:1；40；20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]電容的單位。

[2]電容器的標(biāo)稱電壓220V是指耐壓值，超過220V電容器有可能被擊穿，所以將其直接接入有效值為220V的交流電源兩端，不可以正常工作?！窘馕觥?×10-43×108不可以21、略

【分析】【分析】

【詳解】

相應(yīng)的連線如下。

只要根據(jù)課本上有關(guān)電視方面知識(shí)的介紹即可作出正確解答【解析】答案見解析22、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.錯(cuò)誤②.正確③.正確④.正確⑤.錯(cuò)誤23、略

【分析】【詳解】

[1]由于燈泡L正常發(fā)光，所以

[2]根據(jù)原副線圈的電流與匝數(shù)的關(guān)系有

解得原線圈中的電流為

根據(jù)原副線圈的電壓與匝數(shù)的關(guān)系有

解得原線圈兩端的電壓為

根據(jù)閉合電路歐姆定律有【解析】0.510.324、略

【分析】【詳解】

[1]由圖像知，線圈中產(chǎn)生的交變電流的周期

所以

[2]電流的最大值

有效值

則小燈泡消耗的電功率

[3]在時(shí)間內(nèi)，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得，電動(dòng)勢的平均值

平均電流

流過燈泡的電荷量

代入解得

[4]因磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間按如圖乙所示的規(guī)律變化，那么線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢瞬時(shí)表達(dá)式e=Emcosωt

當(dāng)時(shí)e=8cos60°（V）=4V

根據(jù)閉合電路歐姆定律可以得

則小燈泡兩端的電壓為U=3.6V【解析】8V2.88W4×10-3C3.6V25、略

【分析】【分析】

(1)磁通量雖為標(biāo)量，但是磁感線穿過的面不同，也有正負(fù)之分；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求解平均感應(yīng)電動(dòng)勢，進(jìn)而根據(jù)焦耳定律求解熱量；

(2)交流電流表的示數(shù)為有效值；

(3)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出電動(dòng)勢，然后寫出瞬時(shí)電動(dòng)勢表達(dá)式．

【詳解】

(1)[1]圖示位置磁通量為，轉(zhuǎn)過磁通量為：

則：

[2]根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得最大電動(dòng)勢：

電流的有效值為

電阻所產(chǎn)生的焦耳熱：

解得：；

(2)[3]圖示時(shí)刻電流表的讀數(shù)為電流的有效值，則：

(3)[4]圖中得位置時(shí)線圈平面與磁場平行，則磁通量為0，電動(dòng)勢為最大值，則：(V)．

【點(diǎn)睛】

對于交變電流，求解熱量、電功和電功率用有效值，而求解電荷量要用平均值．注意磁通量與線圈的匝數(shù)無關(guān)．【解