2024年滬科版高二物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科版高二物理上冊階段測試試卷633考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示；為了預(yù)防甲型H1N1流感，學(xué)校常用手持式測溫儀對學(xué)生進行體溫測量，這種測溫儀工作時利用的電磁波是（）

A.紅外線。

B.紫外線。

C.X射線。

D.γ射線。

2、如圖所示（a）（b）中；R和自感線圈L的電阻都很小，接通K，使電路達到穩(wěn)定，燈泡S發(fā)光，下列說法正確的是（）

A.在電路（a）中；斷開K，S將漸漸變暗。

B.在電路（a）中；斷開K，S將先變得更亮，然后漸漸變暗。

C.在電路（b）中；斷開K，S將漸漸變暗。

D.在電路（b）中；斷開K，S將先變得更亮，然后漸漸變暗。

3、一電流表的滿偏電流Ig=1mA，內(nèi)阻為200Ω。要把它改裝成一個量程為0.5A的電流表，則應(yīng)在電流表上（）A.并聯(lián)一個200Ω的電阻B.并聯(lián)一個0.4Ω的電阻C.串聯(lián)一個0.4Ω的電阻D.串聯(lián)一個200Ω的電阻4、在國際單位制中，磁感應(yīng)強度的單位是(

)

A.焦耳B.庫侖C.安培D.特斯拉5、利用盛沙的漏斗演示簡諧振動，如果考慮漏斗里砂子逐漸減少，則沙擺的頻率將（）A.逐漸增大B.逐漸減少C.先增大后減少D.先減小后增大6、如圖所示為兩組同心閉合線圈的俯視圖，若內(nèi)線圈的電流I1為圖中所示的方向，則當I1增大時，外線圈中的感應(yīng)電流I2的方向及I2受到的安培力F的方向為()A.I2順時針方向，F(xiàn)沿半徑指向圓心B.I2順時針方向，F(xiàn)沿半徑背離圓心向外C.I2逆時針方向，F(xiàn)沿半徑指向圓心D.I2逆時針方向，F(xiàn)沿半徑背離圓心向外評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)7、如圖所示，有一方向水平向右的勻強電場，一個質(zhì)量為m，帶電量為+q的小球以初速度v從a點豎直向上射入電場中．小球通過電場中b點時速度大小為2v，方向與電場方向一致，則勻強電場的場強大小為____．

8、在真空中兩個帶等量異種的點電荷，電量均為2隆脕10鈭?8C

相距0.2m

則它們之間的相互作用力為______N.

在兩者連線的中點處，電場強度大小為______N/C.(k=9.0隆脕109Nm2/c2)

9、恒星向外輻射的能量來自于其內(nèi)部發(fā)生的各種熱核反應(yīng)，當溫度達到108K時，可以發(fā)生“氦燃燒”。請完成“氦燃燒”的核反應(yīng)方程：是一種不穩(wěn)定的粒子，其半衰期為2.6×10-16s。一定質(zhì)量的經(jīng)7.8×10-16s后所剩下的占開始時的。10、(1)下列說法中正確的是____________

A．光速不變原理是：真空中的光速在不同的慣性參考系中都是相同的。

B．拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時；往往在鏡頭前加裝一個偏振片以增加透射光的強度。

C．在受迫振動中；驅(qū)動力的頻率總是等于物體的固有頻率。

D．兩列波相疊加時；振動加強區(qū)域與減弱區(qū)域應(yīng)交替變化。

(2)一列簡諧橫波在均勻介質(zhì)中沿x軸正方向傳播；波源位于坐標原點，在t=0時刻波源開始振動，在t=3s時刻的波形如圖1所示，此時x=3m處的質(zhì)點剛開始振動．則____________A．波源開始振動時的方向沿y軸負方向。

B．t=7s時；x=5m處的質(zhì)點通過的路程為2cm

C．t=7s時；x=2m處的質(zhì)點在波谷。

D．t=7s時；x=6m處的質(zhì)點在波峰。

(3)如圖2所示；一等腰直角三棱鏡，放在真空中，AB=AC．在棱鏡側(cè)面AB左方有一單色光源S，從S發(fā)出的光線SD以60°入射角從AB側(cè)面中點射入三棱鏡，當它從側(cè)面AC射出時，出射光線與棱鏡側(cè)面AC間的夾角為30°．求此三棱鏡的折射率．

11、把一線框從一勻強磁場中拉出，如圖所示。第一次拉出的速率是v

，第二次拉出速率是2v

其它條件不變，則前后兩次拉力大小之比是____，拉力功率之比是____。12、從高20m

處自由下落的物體，落到地面的時間是________s

落到地面時的速度是_________m/s(

不計空氣阻力，g=10m/s2).

評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)13、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）14、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）15、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

16、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

17、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）18、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）19、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）20、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

21、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、實驗題(共4題，共20分)22、（3分）關(guān)于驗證機械能守恒定律的實驗，下列說法中正確的是（）A．選取重物時，體積大些好B．選取重物時，質(zhì)量小點好C．選取重物時，應(yīng)選質(zhì)量大、體積小的物體較好D．選定重物后，一定要稱出它的質(zhì)量23、在用電流表和電壓表“測定電源的電動勢和內(nèi)阻”的實驗中，所得路端電壓隨電流變化的圖象如圖所示，由圖可知：電源的電動勢E=_______V，內(nèi)阻r=_______Ω24、用20分度的游標卡尺測量物件長度如圖，由圖可知其長度為mm；25、做“探究加速度與力的關(guān)系”的實驗：小車擱置在水平放置的長木板上，紙帶連接車尾并穿過打點計時器，用來測定小車的加速度a，小桶通過細線對小車施拉力F。在保持小車質(zhì)量不變的情況下，改變對小車拉力F的大小，測得小車所受拉力F和加速度a的數(shù)據(jù)如下表:。F/N0.210.300.400.490.60a/(m.s-2)0.100.210.290.410.49（1）根據(jù)測得的數(shù)據(jù)，在圖中作出a－F圖像。（2）由圖像可知，小車與長木板之間的最大靜摩擦力大小為N。（3）若要使作出的a－F圖線過坐標原點，需要調(diào)整實驗裝置，可采取以下措施中的（）A．增加小車的質(zhì)量B．減小小車的質(zhì)量C．適當墊高長木板的右端D．適當增加小桶內(nèi)砝碼質(zhì)量評卷人得分五、解答題(共3題，共27分)26、如圖所示是使用光電管的原理圖．當頻率為ν的可見光照射到陰極K上時；電流表中有電流通過．如果將變阻器的滑動端P由A向B滑動，通過電流表的電流強度將會減?。旊娏鞅黼娏鲃倻p小到零時，電壓表的讀數(shù)為U，則該陰極材料的逸出功為______（已知普朗克常量為h，電子電量為e）．如果不改變?nèi)肷涔獾念l率，而增加入射光的強度，則光電子的最大初動能將______（填“增加”；“減小”或“不變”）

27、如圖所示，在傾角為θ的光滑斜面上垂直紙面放置一根長為L、質(zhì)量為m的直導(dǎo)體棒ab；通以方向向里的電流，電流強度為I，重力加速度為g；

（1）若加豎直向上的勻強磁場；使導(dǎo)體棒靜止在斜面上，求所加磁場的磁感應(yīng)強度B的大?。?/p>

（2）若勻強磁場的大??；方向都可以改變；要使導(dǎo)體棒能靜止在斜面上，求所加磁場的磁感應(yīng)強度B的最小值和所對應(yīng)方向．

28、請讀出游標卡尺的數(shù)值______mm．

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A【分析】

紅外線最顯著的特性是熱效應(yīng)；測量儀工作時利用的電磁波是紅外線，而不是紫外線；X射線和γ射線．

故選A

【解析】【答案】紅外線最顯著的特性是熱效應(yīng)；測量儀工作時利用的電磁波是紅外線．

2、A|D【分析】

A；在電路甲中；斷開K，由于線圈阻礙電流變小，導(dǎo)致S將逐漸變暗．故A正確；

B；在電路甲中；由于電阻R和自感線圈L的電阻值都很小，所以通過燈泡的電流比電阻的電流小，當斷開K，S將不會變得更亮，但會漸漸變暗．故B錯誤；

C；在電路乙中；由于電阻R和自感線圈L的電阻值都很小，所以通過燈泡的電流比線圈的電流小，斷開K時，由于線圈阻礙電流變小，導(dǎo)致S將變得更亮，然后逐漸變暗．故C錯誤；

D；在電路乙中；由于電阻R和自感線圈L的電阻值都很小，所以通過燈泡的電流比線圈的電流小，斷開K時，由于線圈阻礙電流變小，導(dǎo)致S將變得更亮，然后逐漸變暗．故D正確；

故選：AD

【解析】【答案】電感總是阻礙電流的變化．線圈中的電流增大時；產(chǎn)生自感電流的方向更原電流的方向相反，抑制增大；線圈中的電流減小時，產(chǎn)生自感電流的方向更原電流的方向相同，抑制減小，并與燈泡1構(gòu)成電路回路．

3、B【分析】【解析】【答案】B4、D【分析】解：A

焦耳是能的單位.

故A錯誤．

B；庫侖是電量的單位；故B錯誤．

C；安培是電流的單位；故C錯誤．

D；特斯拉是磁感應(yīng)強度的單位；故D正確．

故選D．

對基本的物理量要掌握住物理量的單位和基本的物理公式；由此即可分析得出本題．

本題考查物理量的單位，屬于基礎(chǔ)題，關(guān)鍵要同學(xué)們多看書，熟悉各個物理量的單位，還要搞清哪些是基本單位，哪些是導(dǎo)出單位．【解析】D

5、D【分析】解：砂子逐漸減??；砂子和漏斗的重心將逐漸降低，砂子漏完后重心又升高，所以擺長先邊長后變短；

根據(jù)單擺周期公式T=2π知周期先變大后變小，由f=可知；頻率先減小后增大；

故選：D。

砂子逐漸減??；砂子和漏斗的重心將逐漸降低，砂子漏完后重心又升高，所以擺長先邊長后變短，根據(jù)單擺周期公式進行判斷周期如何變化，然后再根據(jù)周期與頻率的關(guān)系判斷頻率如何變化．

判斷出重心位置的變化后直接應(yīng)用單擺周期公式進行判斷，難度不大，屬于基礎(chǔ)題【解析】D6、D【分析】試題分析：如圖內(nèi)線圈的電流方向為順時針方向，由安培定則分析得知，外線圈中磁通量方向向里，當I1增大時，穿過外線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律判斷外線圈中的感應(yīng)電流I2的方向為逆時針，外線圈所在處磁場方向向外，根據(jù)左手定則分析得到：I2受到的安培力F方向是沿半徑背離圓心向外．所以D正確?？键c：楞次定律、左手定則【解析】【答案】D二、填空題(共6題，共12分)7、略

【分析】

小球水平方向只受電場力做勻加速直線運動；豎直方向做豎直上拋運動；

根據(jù)運動學(xué)公式；可得：

水平方向，2v=at

豎直方向，v=gt

則有a=2g

由牛頓第二定律可知，E=

故答案為：．

【解析】【答案】采用運動的分解法研究：水平方向小球只受電場力做勻加速直線運動，根據(jù)動能定理求出a、b兩點的電勢差．

8、略

【分析】解：已知真空中兩點電荷的電量均為q=2隆脕10鈭?8C

距離r=0.2m

根據(jù)庫侖定律得。

電荷間的作用力F=kq2r2=9隆脕109隆脕(2隆脕10鈭?8)20.22N=9隆脕10鈭?5N

每個點電荷在中點處產(chǎn)生的場強大小為E=kqr2=9隆脕109隆脕2隆脕鈭?80.22N/C=k=1.8隆脕104N/C

方向相同，則在兩者連線的中點處，電場強度大小為E潞脧=2E=3.6隆脕104N/C

故答案為：9隆脕10鈭?53.6隆脕104

根據(jù)庫侖定律求解與兩電荷間的作用力.

根據(jù)點電荷場強公式分別求出兩點電荷在中點處產(chǎn)生的場強；再進行合成，求出合場強．

本題兩電荷連線上電場強度是兩電荷產(chǎn)生的電場強度的疊加，根據(jù)平行四邊形定則進行合成．【解析】9隆脕10鈭?53.6隆脕104

9、略

【分析】試題分析：根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，知未知粒子的電荷數(shù)為2，質(zhì)量數(shù)為4，為經(jīng)知經(jīng)歷了3個半衰期，所剩占開始時的．考點：考查了原子核衰變及半衰期、衰變速度．【解析】【答案】10、略

【分析】解：(1)A；真空中的光速在不同的慣性參考系中都是相同的；若是非慣性參考系中，則不同．故A正確；

B；拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時；往往在鏡頭前加裝一個偏振片，運用光的干涉，將反射過濾，以增加拍攝的清晰度．故B錯誤；

C；在受迫振動中；當驅(qū)動力的頻率等于物體的固有頻率，才能發(fā)生共振現(xiàn)象，不是總是相等的．故C錯誤；

D；兩列波相疊加時；振動方向相同的為振動加強區(qū)域，振動方向相反的為減弱區(qū)域，它們是相互交替出現(xiàn)．故D錯誤；

(2)在t=3s時刻的波形如圖1所示；

根據(jù)“逆向描波法”；由波的傳播方向來確定質(zhì)點的振動方向，可知，波剛傳播到x=3m處，此處的質(zhì)點沿y軸正方向運動，因此波源開始振動時的方向也為沿y軸正方向運動，故A錯誤；

當t=7s時；波剛好傳到x=7m處，則x=6m處的質(zhì)點正好處于波峰，故D正確；

而x=5m處的質(zhì)點處于平衡位置．其路程為4cm；故B錯誤；由波傳播的時間可知，x=2m處的質(zhì)點在波峰處，故C錯誤；

所以正確的為D；

(3)光路圖如圖所示：

設(shè)進入棱鏡的折射角為?；由等腰直角三棱鏡的幾何關(guān)系知在AC邊的入射角也是?，故：?=45°

由折射定律可得：

故答案為：(1)A，(2)D，(3)【解析】A;D11、1：2；1：4【分析】解：設(shè)線框切割磁感線的邊長為L

另一個邊長為L隆盲

線框受到的安培力：FB=BIL=BLBLvR=B2L2vR

線框勻速運動，由平衡條件得：拉力F=FB=B2L2vR

拉力與速度v

成正比，則拉力之比為12

拉力的功率：P=Fv

則知：拉力功率之比為：1144

故答案為：1214

．

由安培力公式求出安培力；由平衡條件求出拉力大小，然后求出拉力大小之比；由P=Fv

求出功率之比；

本題考查了求拉力之比、拉力的功率之比，先求出各物理量的表達式，然后再求它們的比值；熟練應(yīng)用基礎(chǔ)知識，基本公式即可正確解題；本題要注意基礎(chǔ)知識的學(xué)習．【解析】1214

12、220【分析】【分析】物體自由下落，已知位移，根據(jù)位移時間關(guān)系公式列式求解時間，再根據(jù)速度時間關(guān)系公式求解末速度。本題考查了自由落體運動的位移時間關(guān)系公式和速度時間關(guān)系公式?！窘獯稹课矬w自由下落，已知位移，根據(jù)位移時間關(guān)系公式，有：h=12gt2

解得：t=2hg=2隆脕2010s=2s

根據(jù)速度時間關(guān)系公式，有：v=gt=10隆脕2m/s=20m/s

故答案為：220

【解析】220

三、判斷題(共9題，共18分)13、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．14、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．15、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．16、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?7、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．18、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．19、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．20、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．21、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．四、實驗題(共4題，共20分)22、略

【分析】本題考查的是機械能守恒定律的實驗問題。做實驗時，要注意，重物選取質(zhì)量大的，體積小的，這樣做實驗時可以忽略空氣阻力對實驗的影響?！窘馕觥俊敬鸢浮浚?分）（C）23、略

【分析】試題分析：由圖線可知，電源的電動勢為1.5V，內(nèi)