2024年滬教版高一物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬教版高一物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、【題文】下列關(guān)于力與物體運動的說法中正確的是()A.摩擦力的方向一定與物體運動的方向相反B.運動的物體可能受靜摩擦力C.做勻變速直線運動的物體，其加速度不一定恒定D.馬拉車加速前進，是因為馬拉車的力大于車拉馬的力2、為了求出樓房的高度（樓高大于5米），讓一小石塊從樓頂上自由下落（不計空氣阻力），只測出下列哪個物理量不能計算出樓的高度（g已知）（）A.石塊下落的時間B.石塊落地的速度C.石塊第1s內(nèi)的位移D.最后1s的位移3、如圖所示，一水平轉(zhuǎn)盤可繞中心軸勻速轉(zhuǎn)動，ABC

三個物塊的質(zhì)量關(guān)系是mA=2mB=3mC

放置水平轉(zhuǎn)盤上，它們到轉(zhuǎn)軸距離之間的大小關(guān)系是rA=rC=12rB

它們與轉(zhuǎn)盤間的最大靜摩擦力均為各自重力的婁脤

倍，則當轉(zhuǎn)盤的轉(zhuǎn)速逐漸增大時A.最先發(fā)生離心運動的是A

物塊B.最先發(fā)生離心運動的是B

物塊C.最先發(fā)生離心運動的是C

物塊D.B.C

物塊同時發(fā)生離心運動4、如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端連接一小物塊，O點為彈簧在原長時物塊的位置。物塊由A點靜止釋放，沿粗糙程度相同的水平面向右運動，最遠到達B點。在從A到B的過程中，物塊（）A.加速度一直減小B.經(jīng)過O點時的速度最大C.所受彈簧彈力始終做正功D.所受彈簧彈力做的功等于克服摩擦力做的功5、如圖所示為在水平面內(nèi)做勻速圓周運動的圓錐擺.

關(guān)于擺球的受力；下列說法正確的是(

)

A.擺球同時受到重力、拉力和向心力的作用B.向心力是由重力和拉力的合力提供的C.拉力等于重力D.拉力小于重力評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)6、物理學在研究實際問題時，常常進行科學抽象，即抓住研究問題的主要特征，不考慮與當前研究問題無關(guān)或影響較小的因素，建立理想化模型。以下屬于物理學中的理想化模型的是(

)

A.質(zhì)點B.加速度C.力的合成D.自由落體運動7、一質(zhì)點做勻加速直線運動，依次經(jīng)過ABCD

四點，相鄰兩點間的距離分別為AB=s1BC=s2CD=s3

已知質(zhì)點通過AB

段、BC

段、CD

段所用的時間均為T.

關(guān)于質(zhì)點在B

點的速度表達式，正確的是(

)

A.s1+s22T

B.3s2鈭?s32T

C.3s1+s32T

D.2s1鈭?s2+s32T

8、關(guān)于平拋運動和圓周運動，下列說法正確的是(

)

A.平拋運動是勻變速曲線運動B.勻速圓周運動是速率不變的運動C.圓周運動是勻變速曲線運動D.做平拋運動的物體落地時的速度可能與地面垂直9、用如圖所示的裝置來“探究功與速度變化的關(guān)系”實驗；下列敘述正確的是（）

A.通過改變橡皮筋的長度改變拉力做功的數(shù)值B.通過打點計時器打下的紙帶來測定小車加速過程中獲得的最大速度C.通過打點計時器打下的紙帶來測定小車加速過程中獲得的平均速度E.如果小車不拴橡皮筋時在木板上能做勻速運動，這木板的傾斜程度是符合要求的E.如果小車不拴橡皮筋時在木板上能做勻速運動，這木板的傾斜程度是符合要求的10、如圖所示，傾角婁脠=30鈭?

的光滑斜面固定在地面上，長為l

質(zhì)量為m

粗細均勻、質(zhì)量分布均勻的軟繩置于斜面上，其上端與斜面頂端齊平。用細線將物塊與軟繩連接，物塊由靜止釋放后向下運動，直到軟繩剛好全部離開斜面(

此時物塊未到達地面)

在此過程中(

)

A.物塊的機械能逐漸減小B.軟繩的重力勢能減少了12mgl

C.軟繩重力勢能減少量等于其動能的增加量D.物塊重力勢能的減少量大于軟繩機械能的增加量11、一個石子豎直上拋(

不計空氣阻力)

經(jīng)過3s

時間到達最高點，下面說法正確的是(

)

A.第2s

末和第4s

末速率相同B.第2s

末和第4s

末速度相同C.前2s

內(nèi)和前4s

內(nèi)路程相同D.前2s

內(nèi)和前4s

內(nèi)位移相同12、如圖所示，在傾角為婁脕

的斜面上，放一質(zhì)量為m

的小球，小球和斜面及擋板間均無摩擦，當擋板繞O

點逆時針緩慢地轉(zhuǎn)向水平位置的過程中，則有(

)

A.擋板對小球的彈力先減小后增大B.擋板對小球的彈力先增大后減小C.斜面對球的支持力逐漸增大D.斜面對球的支持力逐漸減小評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)13、如圖所示，兩個質(zhì)量各為m1和m2的小物塊甲和乙，分別系在一條跨過定滑輪的輕繩兩端，已知，m1：m2=3：1，不計摩擦，g=10m/s2，則甲乙運動時加速度的大小為____m/s2．

14、用一豎直向上的拉力將質(zhì)量為20kg的物體從靜止開始以2m/s2的加速度提升4m，在這個過程中，拉力做功為J，拉力的平均功率為W．（g=10m/s2）15、如圖所示裝置中，左側(cè)兩輪為輪軸，a、c兩輪用皮帶傳動，不打滑。a、b、c、d四個點到其所在輪圓心的距離分別為24求圖中a、b兩點的角速度之比________；a、d兩點加速度之比______。16、水平地面上平鋪著n塊相同的磚，每塊磚的質(zhì)量均為m，厚度均為h，如將磚一塊一塊地疊放起來，至少要做功____焦．17、如圖所示，在“研究平拋物體運動”的實驗中，要保持斜槽末端____，用一張印有小方格的紙記錄軌跡，小方格的邊長L=2.5cm．若小球在平拋運動途中的幾個位置如圖中的a、b、c、d所示，則小球平拋的初速度為vo=____（取g=10m/s2）

18、（1）在《探究求合力的方法》實驗中的三個步驟如下：

①在水平放置的木板上固定一張白紙，把橡皮條的一端固定在木板上，另一端拴兩根細繩套．通過細繩套同時用兩個測力計互成角度地拉橡皮筋，使它與細繩套的結(jié)點到達某一位置O點，在白紙上記下O點和兩細繩套的方向，讀出兩個測力計的示數(shù)F1和F2．

②在白紙上根據(jù)F1和F2的大小和方向；應用平行四邊形定則作圖求出合力F．

③只用一只測力計通過細繩套拉橡皮筋；使它的伸長量與用兩個測力計拉時相同，記下此時測力計的示數(shù)F'和細繩套的方向．

以上步驟中哪一個有錯誤或疏漏，請補充或更正錯誤：____；

（2）以下對減小實驗誤差有益的做法是____．

A．兩細繩必須等長。

B．用測力計拉細繩套時；拉力應適當大些，但不能超過量程。

C．用兩彈簧秤同時拉細繩時兩彈簧秤示數(shù)之差應盡可能大。

D．拉橡皮條的細繩要長些，標記同一細繩方向的兩點要遠些．19、某同學把附有滑輪的長木板平放在實驗桌上；將細繩一端拴在小車上，另一端繞過定滑輪，掛上適當?shù)你^碼，使小車在鉤碼的牽引下運動，以此定量探究繩拉力做功與小車速度變化的關(guān)系，此外還準備了打點計時器及配套的電源；導線、復寫紙、紙帶、小木塊等，組裝的實驗裝置如圖1所示．

（1）若要完成該實驗，必需的實驗器材還有哪些______（填字母代號）．

A．天平B．彈簧測力計C．刻度尺D．秒表。

（2）做好實驗準備工作后，他將打點計時器接在頻率為f的交流電源上，從實驗中打出的幾條紙帶中選出一條理想紙帶，如圖2所示，選取紙帶上打出的連續(xù)5個點A、B、C、D、E，測出A點距起始點O（即O點速度為0）的距離為S0，點AC間的距離為S1，點CE間的距離為S2，用天平測出鉤碼的質(zhì)量為m（m遠小于小車的質(zhì)量），當?shù)氐闹亓铀俣葹間，則：起點O到打下C點的過程中，拉力做的功可表示為W=mg（S0+S1），小車在C點的速度可表示為Vc=______．

（3）他將鉤碼重力做的功當做細繩拉力做的功，并想借此實驗數(shù)據(jù)來驗證動能定理；測出小車及車內(nèi)物體的總質(zhì)量后，經(jīng)多次實驗發(fā)現(xiàn)拉力做功總是要比小車動能增量大一些，這一情況可能是下列哪些原因造成的______（填字母代號）．

A．在接通電源的同時釋放了小車。

B．小車釋放時離打點計時器太近。

C．阻力未完全被小車重力沿木板方向的分力平衡掉。

D．鉤碼做勻加速運動，鉤碼重力大于細繩拉力．20、在驗證機械能守恒定律的實驗中，質(zhì)量為0.20kg

的重物拖著紙帶自由下落，在紙帶上打出一系列的點，如圖所示。已知相鄰計數(shù)點間的時間間隔為0.02

秒，當?shù)氐闹亓铀俣葹?.80m/s2

回答以下問題。

(1)

紙帶的____(

選填“左”或“右”)

端與重物相連；(2)

打點計時器應接____(

選填“直流”或“交流”)

電源，實驗時應先____(

填“釋放紙帶”或“接通電源”)

(3)

從起點P

到打下計數(shù)點B

的過程中物體的重力勢能減少量鈻?

Ep

=

____J

此過程中物體動能的增加量鈻?

Ek

=

____J(

結(jié)果保留3

位有效數(shù)字)

(4)

在上述驗證機械能守恒定律的實驗中發(fā)現(xiàn)，重錘減小的重力勢能大于重錘動能的增加，其原因主要是由于在重錘下落的過程中存在阻力作用，通過以上實驗數(shù)據(jù)可以測出重錘在下落過程中受到的平均阻力大小F

=

____N(

結(jié)果保留1

位有效數(shù)字)

評卷人得分四、計算題(共2題，共10分)21、【題文】如圖位于豎直平面上半徑為R的1/4圓弧光滑軌道AB；A點距離地面高度為H，質(zhì)量為m的小球從A點由靜止釋放，通過B點對軌道的壓力為3mg，最后落在地面C處，不計空氣阻力，求：

（1）小球通過B點的速度大小。

（2）小球落地點C與B點的水平距離s22、一個質(zhì)量為0.2kg

的小球用細線吊在傾角婁脠=53鈭?

的斜面頂端，如圖，斜面靜止時，球緊靠在斜面上，繩與斜面平行，不計摩擦，當斜面以10m/s2

的加速度向右做加速運動時，求繩的拉力及斜面對小球的彈力．

評卷人得分五、畫圖題(共2題，共6分)23、畫出下面2個物體所受重力的圖示（1）放在桌面上的質(zhì)量為m=0.1kg的字典（2）拋出后在空中飛行的質(zhì)量為m=5kg的鉛球。24、畫出下面2個物體所受重力的圖示（1）放在桌面上的質(zhì)量為m=0.1kg的字典（2）拋出后在空中飛行的質(zhì)量為m=5kg的鉛球。參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】【解析】

試題分析：摩擦力的方向一定與物體運動的相對運動方向相反；A錯；將兩物體疊放在一起，一起向右勻加速度，則上面的物體靠靜摩擦力提供合外力，所以運動的物體有可能受靜摩擦力，B對。做勻變速直線運動的物體，加速度一定不變，即合外力恒定，C錯。馬拉車的力與車拉馬的力是屬于作用力與反作用力，所以等大反向，D錯。

考點：靜摩擦力；作用力與反作用力。

點評：本題考察了靜摩擦力的方向的判斷以及牛頓第三定律，這類概念辨析題若沒有理解透徹，很容易出錯。【解析】【答案】B2、C【分析】【分析】A、根據(jù)可知；知道石塊下落的時間就可以求出樓的高度；正確不選。

B．根據(jù)可知；知道石塊落地的速度就可以求出樓的高度；正確不選。

C．石塊第1s內(nèi)的位移可以根據(jù)直接計算；是一個已知量，如果只知道石塊第1s內(nèi)的位移，沒有其他條件，無法計算樓的高度；錯誤應選。

D．設(shè)運動時間為t，根據(jù)即可以算出下落的時間，由A的分析可知，可以求出樓的高度；正確不選。故選C。

【點評】解決本題的關(guān)鍵知道根據(jù)自由落體運動的位移時間公式和速度位移公式只要知道落地的速度或下落的時間，就可以求出樓房的高度。3、B【分析】【分析】抓住角速度相等，根據(jù)向心加速度的公式比較向心加速度的大小，通過摩擦力提供向心力比較靜摩擦力的大?。桓鶕?jù)牛頓第二定律求出臨界角速度與半徑的關(guān)系，判斷哪個物塊先滑動。本題考查了牛頓第二定律在圓周運動中的應用。解決本題的關(guān)鍵知道物塊做圓周運動的向心力來源，結(jié)合牛頓第二定律進行求解?！窘獯稹咳齻€物塊做圓周運動的向心力由靜摩擦力Ff

提供，F(xiàn)f=m婁脴2r

當圓盤轉(zhuǎn)速增大時，物塊將要滑動，靜摩擦力達到最大值，最大靜摩擦力提供向心力，婁脤mg=m婁脴2r

即婁脴=婁脤gr

與質(zhì)量無關(guān)，由于rA=rC=12rBA

與C

同時發(fā)生離心運動，B

比AC

先發(fā)生離心運動；故ACD錯誤，B正確。故選B?！窘馕觥緽

4、D【分析】解：A；由于水平面粗糙且O點為彈簧在原長時物塊的位置；所以彈力與摩擦力平衡的位置在OA之間，加速度為零時彈力和摩擦力平衡，所以物塊在從A到B的過程中加速度先減小后反向增大，故A錯誤；

B；物體在平衡位置處速度最大；所以物塊速度最大的位置在AO之間某一位置，即在O點左側(cè)，故B錯誤；

C；從A到O過程中彈力方向與位移方向相同；彈力做正功，從O到B過程中彈力方向與位移方向相反，彈力做負功，故C錯誤；

D、從A到B過程中根據(jù)動能定理可得W彈-W克f=0，即W彈=W克f；即彈簧彈力做的功等于克服摩擦力做的功，故D正確。

故選：D。

彈力與摩擦力平衡的位置在AO之間；平衡位置處速度最大；加速度為零；根據(jù)動能定理分析彈簧彈力做的功等于克服摩擦力做的功關(guān)系。

本題關(guān)鍵是抓住彈簧的彈力是變化的，分析清楚物體向右運動的過程中受力情況，從而判斷出其運動情況，知道平衡位置速度最大、加速度為零?！窘馕觥緿5、B【分析】解：A

小球受重力和拉力；兩個力的合力提供圓周運動的向心力.

故B正確，A錯誤；

C；設(shè)繩子與豎直方向的夾角為婁脠

根據(jù)幾何關(guān)系可知mg=Tsin婁脠

所以拉力大于重力，故CD錯誤．

故選：B

小球做勻速圓周運動；受到重力和拉力兩個力作用，兩個力的合力提供做勻速圓周運動的向心力，根據(jù)幾何關(guān)系判斷拉力和重力的關(guān)系．

解決本題的關(guān)鍵知道向心力是做圓周運動所需要的力，靠其它力來提供，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．【解析】B

二、多選題(共7題，共14分)6、AD【分析】解：A

質(zhì)點是用來表示物體的有質(zhì)量的點；忽略了物體的大小、形狀等次要因數(shù)，是一種理想化模型，故A正確；

B；加速度是描述速度變化快慢的物理；不屬于理想化模型，故B錯誤；

C；力的合成是一種等效替代思維；故C錯誤；

D；自由落體運動忽略了空氣阻力等次要因素；是一種理想化的運動模型，故D正確；

故選：AD

理想化模型是對事物的各個物理因素加以分析；忽略與問題無關(guān)或影響較小的因素；突出對問題起作用較大的主要因素，從而把問題簡化。

理想化模型是抓住問題的主要方面，忽略問題的次要方面，是物理學中一種常見的研究方法?！窘馕觥緼D

7、ABD【分析】解：A

某段時間內(nèi)的中間時刻速度等于這段時間內(nèi)的平均速度vB=s1+s22T壟脵

故A正確；

B、任意兩個連續(xù)相等的時間T

內(nèi)的位移之差為恒量s2鈭?s1=s3鈭?s2壟脷

得s1=2s2鈭?s3

代入vB=s1+s22T

解得：vB=3s2鈭?s32T

故B正確；

C、聯(lián)立壟脵壟脷

解得：vB=3s1+s34T

故C錯誤；

D、由壟脷

式變形得s3=2s2鈭?s1

代入D

選項得s1+s22T

即vB

故D正確．

故選：ABD

某段時間內(nèi)的中間時刻速度等于這段時間內(nèi)的平均速度vB=s1+s22T

任意兩個連續(xù)相等的時間T

內(nèi)的位移之差為恒量s2鈭?s1=s3鈭?s2

用這兩個結(jié)論分析．

考查勻變速直線運動的重要推論：某段時間內(nèi)的中間時刻速度等于這段時間內(nèi)的平均速度vB=s1+s22T

任意兩個連續(xù)相等的時間T

內(nèi)的位移之差為恒量s2鈭?s1=s3鈭?s2

【解析】ABD

8、AB【分析】解：A

平拋運動只受重力；故根據(jù)牛頓第二定律，加速度的大小和方向都恒定，是勻變速曲線運動，故A正確；

B；勻速圓周運動速度大小不變；是速率不變的運動，故B正確；

C；勻速圓周運動的加速度方向始終指向圓心；加速度變化，所以勻速圓周運動是變加速運動，故C錯誤；

D；平拋運動因為有水平方向的初速度；故落地速度與水平地面有一定夾角，故不可能與地面垂直，故D錯誤；

故選：AB

平拋運動只受重力；是加速度大小和方向都不變的運動；勻速圓周運動是加速度大小不變，方向不斷變化的曲線運動；兩種運動都是變速運動，但前者是勻變速運動，后者是變加速運動．

本題關(guān)鍵明確平拋運動與勻速圓周運動的運動性質(zhì)，特別是要有矢量的意識，勻速圓周運動中向心力和線速度都是方向變化、大小不變，都是變量【解析】AB

9、BDE【分析】解：A；該實驗中利用相同橡皮筋形變量相同時對小車做功相同；通過增加橡皮筋的條數(shù)可以使橡皮筋對小車做的功成整數(shù)倍增加，這個設(shè)計很巧妙地解決了直接去測量力和計算功的困難．故A錯誤；

B；實驗中我們要知道小車獲得的最大速度；即橡皮筋把功做完，所以應該對應紙帶上點跡均勻勻速運動的部分計算速度．不是測量小車加速階段的平均速度，故B正確，C錯誤；

D；該實驗像“驗證牛頓第二定律一樣”需要進行平衡摩擦力的操作；即將木板傾斜，其目的是讓重力使物體沿斜面向下的分力應等于小車受到的阻力，判斷是否平衡摩擦力的依據(jù)是：小車在不受拉力時在滑行的木板上能做勻速運動，故DE正確．

故選：BDE

在探究橡皮筋的拉力對小車所做的功與小車速度變化的關(guān)系的實驗中應注意：n根相同橡皮筋對小車做的功就等于系一根橡皮筋時對小車做的功的n倍；這個設(shè)計很巧妙地解決了直接去測量力和計算功的困難；該實驗需要平衡摩擦力以保證動能的增量是只有橡皮筋做功而來；小車最大速度即為后來勻速運動的速度，實驗中要使橡皮筋對小車所做功為合外力的功，應當進行平衡摩擦力的操作，所以要求斜面傾斜，釋放小車后小車能夠勻速下滑．

此題的關(guān)鍵是熟悉橡皮筋拉小車探究做功與物體速度變化的關(guān)系實驗步驟細節(jié)和原理，知道平衡摩擦力的方法，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．【解析】【答案】BDE10、AD【分析】解：A

物塊由靜止釋放后向下運動；細線對物塊做負功，機械能逐漸減小。故A正確；

B、物塊未釋放時，軟繩的重心離斜面頂端的高度為：h1=12l?sin30鈭?=14l

軟繩剛好全部離開斜面時，軟繩的重心離斜面頂端的高度為：h2=12l

則軟繩重力勢能減少了mg(h2鈭?h1)=14mgl.

故B錯誤。

C；根據(jù)功能關(guān)系知；細線對軟繩做正功，軟繩的機械能增加，所以軟繩重力勢能減少量小于其動能的增加量。故C錯誤。

D；物塊重力勢能的減少量等于物塊動能的增加與軟繩機械能的增加量之和；因此，物塊重力勢能的減少量大于軟繩機械能的增加量，故D正確。

故選：AD

根據(jù)繩子拉力做功情況分析物塊機械能的變化。確定軟繩的重心下降的高度；研究軟繩重力勢能的減少量。以軟繩和物塊組成的系統(tǒng)為研究對象，根據(jù)能量轉(zhuǎn)化和守恒定律，分析軟繩重力勢能的減少量與其他能量的變化之間的關(guān)系。

本題中軟繩不能看作質(zhì)點，必須研究其重心下降的高度來研究其重力勢能的變化。應用能量轉(zhuǎn)化和守恒定律時，能量的形式分析不能遺漏?！窘馕觥緼D

11、AD【分析】解：A

石子做豎直上拋運動；上升的總時間為3s

則第2s

末和第4s

末石子經(jīng)過同一位置，速率相等，故A正確．

B；第2s

末和第4s

末速度大小相處；方向相反，則速度不同，故B錯誤．

C；石子做豎直上拋運動；路程不斷增大，則前2s

內(nèi)的路程比前4s

內(nèi)路程小，故C錯誤．

D；由于第2s

末和第4s

末石子經(jīng)過同一位置；所以前2s

內(nèi)和前4s

內(nèi)位移相同，故D正確．

故選：AD

石子做豎直上拋運動；可以看成一種勻減速運動，上升過程和下降過程具有對稱性，由對稱性分析即可．

本題采用分段法研究豎直上拋運動的，關(guān)鍵要理解并掌握其運動過程的對稱性，知道物體經(jīng)過同一位置時速率相等．【解析】AD

12、AD【分析】解：小球受重力；斜面支持力F1

和擋板支持力F2

將F1

與F2

合成為F

如圖。

小球一直處于平衡狀態(tài)；三個力中的任意兩個力的合力與第三個力等值；反向、共線，故F1

和F2

合成的合力F

一定與重力等值、反向、共線．

從圖中可以看出；當擋板繞O

點逆時針緩慢地轉(zhuǎn)向水平位置的過程中，F(xiàn)1

越來越小，F(xiàn)2

先變小，后變大；

故AD正確；BC錯誤；

故選：AD

．

小球受三個力作用而保持靜止狀態(tài)；其中重力大?。环较蚨疾蛔?，斜面對球的支持力方向不變，大小變，擋板對球的支持力的大小和方向都變化，根據(jù)三力平衡的條件，結(jié)合平行四邊形定則作圖分析即可．

本題關(guān)鍵對小球受力分析，然后將兩個力合成，當擋板方向變化時，將多個力圖重合在一起，直接由圖象分析出各個力的變化情況．【解析】AD

三、填空題(共8題，共16分)13、略

【分析】

對A、B整體分析，有：．

故答案為：5m/s2．

【解析】【答案】甲乙兩物體具有相同的加速度大小；對AB整體分析，運用牛頓第二定律求出加速度的大?。?/p>

14、略

【分析】試題分析：向上拉的過程中，根據(jù)拉力拉力做的功上升過程中，根據(jù)所用時間因此平均功率考點：功、平均功率【解析】【答案】960J480W15、略

【分析】【解析】試題分析：ac兩點是同一條傳動帶相連，所以線速度相等，故bcd屬于同軸轉(zhuǎn)動，所以角速度相等，故根據(jù)公式聯(lián)立可得根據(jù)公式可得考點：考查了勻速圓周運動規(guī)律的應用【解析】【答案】2：11：116、略

【分析】【分析】本題考考查了學生對功能關(guān)系的理解和應用，磚的重心在其中心處即h處，因此第一塊磚重心不變，其余n-1塊磚重心依次比前一塊磚重心升高h即可，然后根據(jù)數(shù)學關(guān)系求解．【解析】【解答】解：根據(jù)功和能的關(guān)系有：

第二塊磚重力勢能升高：mghJ

第三塊磚重力勢能升高：2mghJ

依此類推第n塊磚；重力勢能升高：（n-1）mghJ

總共做功為：W=（1+2+3+4+n-1）mghJ=mghJ．

故答案為：mgh．17、略

【分析】

為了使小球做平拋運動；使得小球初速度水平，要保持斜槽末端水平．

根據(jù)△y=gT2，解得T=．

則平拋運動的初速度=．

故答案為：水平；1m/s．

【解析】【答案】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動；在豎直方向上做自由落體運動，根據(jù)豎直方向上相鄰相等時間內(nèi)的位移之差是一恒量求出相等的時間間隔，再根據(jù)水平方向上的位移求出平拋運動的初速度．

18、略

【分析】

（1）實驗中我們需要記錄的是兩個分力的大小和方向；所以a中的疏漏是：記錄兩跟細線的方向．

為了保證兩次的作用效果相同，所以我們要把節(jié)點O拉到相同的位置，所以b中的錯誤是：要把結(jié)點拉到相同的位置O．

故答案為：記錄兩跟細線的方向；把結(jié)點拉到相同的位置O．

（2）A；通過兩細繩用兩個彈簧秤互成角度地拉橡皮條時；并非要求兩細繩等長，故A錯誤；

B；根據(jù)彈簧測力計的使用原則可知；在測力時不能超過彈簧測力計的量程，在不超量程的前提下拉力大些可以減小實驗偶然誤差，故B正確；

C；用兩彈簧秤同時拉細繩時彈簧讀數(shù)沒有要求；只要使得兩次橡皮條拉伸到一點就行，故C錯誤；

D；為了更加準確的記錄力的方向；拉橡皮條的細繩要長些，標記同一細繩方向的兩點要遠些，故D正確．

故選BD．

【解析】【答案】（1）實驗中我們需要記錄的是兩個分力的大小和方向；以及實際合力的大小和方向，利用平行四邊形畫出合力的理論值再和實際的合力進行比較．

（2）本題考查了具體實驗細節(jié)要求；注意所有要求都要便于操作，有利于減小誤差進行，所有操作步驟的設(shè)計都是以實驗原理和實驗目的為中心展開，據(jù)此可正確解答本題．

19、略

【分析】解：（1）；根據(jù)本實驗的實驗原理是合外力所做的功等于動能的變化量；通過研究紙帶來研究小車的速度，利用天平測量小車的質(zhì)量，利用砝碼的重力代替小車的合外力，所以需要刻度尺來測量紙帶上點的距離和用天平測得小車的質(zhì)量，即還需要刻度尺，天平（帶砝碼），故AC正確，BD錯誤．

（2）據(jù)題意可知，打點計時器T=由于相隔5各點，實驗AE之間的時間為：

據(jù)勻變速直線運動的推論可知，C點的速度v==

（3）他將鉤碼重力做的功當做細繩拉力做的功；經(jīng)多次實驗發(fā)現(xiàn)拉力做功總是要比小車動能增量大一些，從功能關(guān)系看出：該實驗一定有轉(zhuǎn)化為內(nèi)能的，即試驗中有存在摩擦力沒有被平衡掉；還有該實驗要求，只有當小車的質(zhì)量遠大于砝碼的質(zhì)量時，小車的拉力才近似等于砝碼的重力，故AB錯誤，CD正確．

故選：（1）AC；（2）（3）CD．

（1）根據(jù)該實驗的實驗原理；要求和減少誤差的角度分析；平衡摩擦力作用后，進行實驗過程中需要用刻度尺測量紙帶上點的距離，用天平測出小車的質(zhì)量，需要改變砝碼的質(zhì)量來代替小車的拉力．（2）據(jù)勻變速直線運動的推論求解瞬時速度．（3）從實驗原理和實驗步驟、要求分析誤差，會從功能關(guān)系上分析．

明確實驗原理往往是解決實驗問題的關(guān)鍵，該實驗的一些操作和要求與探究力、加速度、質(zhì)量之間關(guān)系的實驗類似可以類比學習．【解析】AC；CD20、（1）左（2）交流接通電源（3）0.4000.388（4）0.06【分析】【分析】紙帶法實驗中，若紙帶勻變速直線運動，測得紙帶上的點間距，利用勻變速直線運動的推論，可計算出打出某點時紙帶運動的瞬時速度和加速度，從而求出動能；根據(jù)功能關(guān)系得重力勢能減小量等于重力做功的數(shù)值；應用打點計時器時，要先接通電源，然后再放開紙帶；根據(jù)牛頓第二定律求出阻力的大小。紙帶問題的處理是力學實驗中常見的問題，在紙帶法實驗中，若紙帶勻變速直線運動，測得紙帶上的點間距，利用勻變速直線運動的推論，可計算出打出某點時紙帶運動的瞬時速度，計算過程中要注意單位的換算?！窘獯稹?1)(1)從紙帶上可以看出PP點為先打出來的點，重物自由下落，而與重物相連的紙帶在下端，應該先打點，所以紙帶的左端應與重物相連；(2)(2)打點計時器應接交流電源，應用打點計時器時，要先接通電源，然后再放開紙帶，如果先釋放紙帶后接通電源，有可能會出現(xiàn)小車已經(jīng)拖動紙帶運動一段距離，電源才被接通，那么紙帶上只有很小的一段能打上點，大部分紙帶沒有打上點，紙帶的利用率太低..所以應當先接通電源，待打點穩(wěn)定后再用手牽動紙帶；(3)(3)重力勢能減小量?EP=mgh=0.20隆脕9.8隆脕20.43隆脕10鈭?2J=0.400J，利用勻變速直線運動的推論：vB=(24.56鈭?16.68)隆脕10鈭?22隆脕0.02m/s=1.95m/s，動能增加量?EK=12mvB2=0.388J

(4)(4)根據(jù)勻變速直線運動的推論公式?x=aT2，可以求出加速度的大小，a=9.5m/s2，根據(jù)牛頓第二定律得，mg鈭?f=ma

受到的平均阻力大小f=0.06N

故答案為：(1)

左(2)

交流；接通電源(3)0.4000.388

(4)0.06

【解析】(1)

左(2)

交流接通電源(3)0.4000.388

(4)0.06

四、計算題(共2題，共10分)21、略

【分析】【解析】

試題分析：（1）根據(jù)自由落體運動的公式求出小球運動到B點時速度．

（2）小離開軌道后做平拋運動；豎直方向做自由落體運動，由高度求出時間．水平方向做勻速運動，求出水平距離．

解：（1）小球達B點速度可按自由落體高度R計算有：

（2）小球做平拋運動，運動時間

運動水平距離：

考點：平拋運動；自由落體運動；牛頓第二定律．

點評：本題是牛頓定律、平拋運動等知識的綜合應用，比較