2024年浙教版高二物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年浙教版高二物理上冊階段測試試卷454考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，兩個橫截面分別為圓形和正方形的區(qū)域內(nèi)有磁感應(yīng)強度相同的勻強磁場，圓的直徑和正方形的邊長相等，兩個電子分別以相同的速度分別飛入兩個磁場區(qū)域，速度方向均與磁場方向垂直，進入圓形磁場的電子初速度方向?qū)蕡A心；進入正方形磁場的電子初速度方向垂直于邊界，從中點進入。則下面判斷正確的是（）A.兩電子在兩磁場中運動時，其半徑一定相同B.兩電子在磁場中運動的時間有可能相同C.進入圓形磁場區(qū)域的電子可能先飛離磁場D.進入圓形磁場區(qū)域的電子可能后飛離磁場2、下列說法中正確的有（）A.只要帶電粒子在磁場中運動，就會受到洛侖茲力的作用B.帶電粒子在空間定向運動，其周圍空間一定形成磁場C.帶電粒子垂直射入勻強磁場中，必做圓周運動D.洛侖茲力總是不做功3、一臺小型發(fā)電機產(chǎn)生的電動勢隨時間變化的正弦規(guī)律圖象如圖（甲）所示。已知發(fā)電機線圈內(nèi)阻為外接一只電阻為的燈泡，如圖（乙）所示，則下列選項中正確的是A.電壓表的示數(shù)為220VB.電路中的電流方向每秒鐘改變50次C.發(fā)電機線圈內(nèi)阻每秒鐘產(chǎn)生的焦耳熱為9.68JD.燈泡實際消耗的功率為484W4、如圖，a、b分別表示一個電池組和一只電阻R的伏安特性曲線．用該電池組直接與電阻R連接成閉合電路，則以下說法正確的是（）A.電池組的內(nèi)阻是3ΩB.電阻的阻值為0.33ΩC.電池組的輸出功率將是4WD.改變電阻R的阻值時，該電池組的最大輸出功率為4W5、如圖所示是波遇到小孔或障礙物后的圖像，圖中每兩條實線間的距離表示一個波長，其中正確的圖像是6、一帶電粒子在電場中由靜止釋放，只在電場力作用下運動，以下說法正確的是（）A.帶電粒子一定沿電場線運動B.帶電粒子朝著電勢低的位置運動C.帶電粒子將做勻變速運動D.帶電粒子朝著電勢能低的位置運動7、如圖所示，螺線管、蹄形鐵芯，環(huán)形導(dǎo)線三者相距較遠，當開關(guān)閉合后關(guān)于小磁針N極（黑色的一端）的指向錯誤的是（）A.小磁針aN極的指向B.小磁針bN極的指向C.小磁針cN極的指向D.小磁針dN極的指向評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)8、兩導(dǎo)線長度之比為12

橫截面積之比為34

電阻率之比為56

則它們的電阻之比為______．9、如圖所示是用來驗證動量守恒的實驗裝置，彈性球1

用細線懸掛于O

點，O

點正下方桌子的邊沿有一豎直立柱.

實驗時，調(diào)節(jié)懸點，使彈性球1

靜止時恰與立柱上的球2

接觸且兩球等高.

將球1

拉到A

點，并使之靜止，同時把球2

放在立柱上.

釋放球1

當它擺到懸點正下方時與球2

發(fā)生對心碰撞.

碰后球1

向左最遠可擺到B

點，球2

落到水平地面上的C

點.

測出有關(guān)數(shù)據(jù)即可驗證12

兩球碰撞時動量守恒.

現(xiàn)已測出A

點離水平桌面的距離為a.B

點離水平桌面的距離為b

球1

的質(zhì)量m1

球2

的質(zhì)量m2.

此外：

(1)

還需要測量的量是__________、__________和__________．

(2)

根據(jù)測量的數(shù)據(jù)，該實驗中動量守恒的表達式為__________.(

忽略小球的大小)

10、如圖（甲）所示，質(zhì)量不計的彈簧豎直固定在水平面上，t=0時刻，將一金屬小球從彈簧正上方某一高度處由靜止釋放，小球落到彈簧上壓縮彈簧到最低點，然后又被彈起離開彈簧，上升到一定高度后再下落，如此反復(fù)．通過安裝在彈簧下端的壓力傳感器，測出這一過程彈簧彈力F隨時間t變化的圖象如圖（乙）所示，則________哪個時間段）小球動能最大11、如圖，三個可視為質(zhì)點的金屬小球A、B、C質(zhì)量都是m，帶正電量都是q，連接小球的絕緣細線長度都是L，靜電力恒量為k，重力加速度為g．（小球可視為點電荷）則連結(jié)B、C的細線張力為____，連結(jié)A、B的細線張力為____．

12、在點電荷Q形成的電場中有一個點A，當一個q=8×10-8C的正檢驗電荷從電場的無限遠處被移動到電場中的A點，電場力做功為W=2.4×10-5J，設(shè)無窮遠處為零電勢能點，則檢驗電荷在A點的電勢能EPA=______J，電場中A點的電勢φA=______．13、如圖所示，質(zhì)量分別為m1

和m2

的兩個物塊AB

疊放在一起，在粗糙的水平面上向右做加速度大小為a

的勻減速直線運動并保持相對靜止，運動過程中B

受到的摩擦力大小為_______、方向___________14、Ⅰ下列有機實驗操作或敘述正確的是________rm{(}填寫代號rm{)}A.用銀氨溶液檢驗?zāi)巢∪耸欠窕继悄虿.乙酸乙酯中的少量乙酸可用飽和rm{Na_{2}CO_{3}}溶液除去C.蔗糖水解時應(yīng)用濃硫酸作催化劑D.在雞蛋白溶液中滴入濃rm{HNO_{3}}微熱會產(chǎn)生黃色物質(zhì)E.在植物油中滴入溴水，溴水褪色F.用鹽析法分離油脂皂化反應(yīng)的產(chǎn)物Ⅱrm{.}油脂是高級脂肪酸甘油酸，在工業(yè)上用途廣泛。rm{(1)}以硬脂酸甘油酯為例寫出油脂的皂化反應(yīng)方程式為：________________________。rm{(2)}從皂化反應(yīng)后的溶液中提取肥皂和甘油的過程如下：rm{boxed{begin{matrix}賂脽錄露脰盧路戮脣謾脛脝脩脦隆壟脣廬隆壟賂脢脫脥end{matrix}}xrightarrow[脢魯脩脦驢脜脕攏]{虜脵脳梅壟脵}begin{cases}boxed{賂脽錄露脰盧路戮脣謾脛脝脩脦}boxed{賂脢脫脥隆壟脣廬}underrightarrow{虜脵脳梅壟脷}begin{cases}boxed{脣廬}boxed{賂脢脫脥}end{cases}end{cases}}加入食鹽顆粒后，液體表面析出白色固體，則食鹽的作用是_________________________。Ⅲ、淀粉和纖維素的化學(xué)式都是rm{boxed{begin{matrix}賂脽錄露脰盧路戮脣謾脛脝

脩脦隆壟脣廬隆壟賂脢脫脥end{matrix}}xrightarrow[脢魯脩脦驢脜脕攏]{虜脵脳梅壟脵}begin{cases}

boxed{賂脽錄露脰盧路戮脣謾脛脝脩脦}

boxed{賂脢脫脥隆壟脣廬}underrightarrow{虜脵脳梅壟脷}begin{cases}boxed{脣廬}

boxed{賂脢脫脥}end{cases}end{cases}}它們__rm{(C_{6}H_{10}O_{5})n}選“是或“不是”rm{(}同分異構(gòu)體，淀粉水解的最終產(chǎn)物是_________rm{)}寫名稱rm{(}為證明淀粉已開始水解，可加入_________________進行檢驗；為證明淀粉已完全水解，可加入_________，現(xiàn)象是__________________．rm{))}15、如圖a

在xy

平面內(nèi)有兩個沿z

方向做簡諧振動的點波源1(0,4)

和2(0,簍C2)

兩波源的振動圖線分別如圖b

和圖c

所示，兩列波的波速均為1.00m/s

兩列波從波源傳播到點A(8,簍C2)

的路程差為________m

兩列波引起的點B(4,1)

處質(zhì)點的振動相互__________(

填“加強”或“減弱”)

點C(0,0.5)

處質(zhì)點的振動相互__________(

填“加強”或“減弱”)

16、壟脵

在隆露

測定金屬絲電阻率隆路

的實驗中；需要測出其長度L.

直徑d

和電阻R.

用螺旋測微器測金屬絲直徑時讀數(shù)如圖1

則金屬絲的直徑為______mm

．

壟脷

用電流表和電壓表測金屬絲的電流電壓時讀數(shù)如圖2

則電壓表的讀數(shù)為______V

電流表的讀數(shù)為______A.

評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)17、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）18、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）19、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）20、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

21、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

22、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

23、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）24、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

25、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、實驗題(共3題，共12分)26、如圖所示：①金屬絲直徑的測量值為d=________mm．（3分）②用多用電表粗測某一電阻.將選擇開關(guān)調(diào)到歐姆擋“×10”檔位，測量時發(fā)現(xiàn)指針向右偏轉(zhuǎn)角度太大，這時他應(yīng)該：a.將選擇開關(guān)換成歐姆擋的“_____”檔位(選填“×100”或“×l”）。b.調(diào)零后再次測量電阻絲的阻值，其表盤及指針所指位置如右下圖所示，則此段金屬絲的電阻約為_____Ω。27、在驗證機械能守恒定律的實驗中，一同學(xué)進行如下操作A．將打點計時器水平固定在鐵架臺上B．將長約0.5m的紙帶用小夾子固定在重物上后穿過打點計時器，用手提著紙帶，使重物靜止在靠近打點計時器的地方C．先松開紙帶，再接通電源，讓重物自由下落，計時器就在紙帶上打下一系列的點D．換幾條紙帶，重復(fù)上面實驗E．在答出的紙帶中挑選第一、第二兩點間距接近2mm，且點跡清楚的紙帶進行測量，先記下O點（第一個點）的位置，再從后面較清晰的任意點開始依次再取四個計數(shù)點A、B、C、D，求出相應(yīng)位置對應(yīng)的速度及其下落的高度。F．將測量數(shù)據(jù)及計算結(jié)果填入自己設(shè)計的表格中G．根據(jù)以上測得數(shù)據(jù)計算相應(yīng)的動能和重力勢能，驗證機械能守恒定律（1）以上操作有錯誤的是（2）選出一條紙帶如圖所示，其中O點為起點，A、B、C為三個計數(shù)點，打點計時器通過周期為0.02s的交流電，用最小刻度為mm的刻度尺，測得OA=11.13cm，OB=17.69cm，OC=25.9cm。這三個數(shù)字中不符合有效數(shù)字要求的是____，應(yīng)寫成cm。在計數(shù)點A和B之間，B和C之間還各有一個點未畫出，重錘的質(zhì)量為m=1.5kg，根據(jù)以上數(shù)據(jù)，求當打點針打到B點時重錘的重力勢能比開始下落時減少了____J；這時它的動能是____J。（g取10m/s2，結(jié)果保留三位有效數(shù)字）（3）實驗中往往出現(xiàn)重錘重力勢能的減少量大于動能的增加量，其主要原因是。28、用多用電表的歐姆擋測量阻值約為幾十千歐的電阻Rx，以下給出的是可能的操作步驟，其中S為選擇開關(guān)，P為歐姆擋調(diào)零旋鈕，把你認為正確的步驟前的字母按合理的順序填寫在橫線上________．

a．旋轉(zhuǎn)S使其尖端對準歐姆擋×1k

b．將兩表筆分別連接到被測電阻的兩端，讀出Rx的阻值后；斷開兩表筆。

c．旋轉(zhuǎn)S使其尖端對準歐姆擋×100

d．將兩表筆短接，調(diào)節(jié)P使指針對準刻度盤上歐姆擋的零刻度；斷開兩表筆。

e．旋轉(zhuǎn)S使其尖端對準交流500V擋；并拔出兩表筆。

根據(jù)上圖所示指針位置，此被測電阻的阻值約為________Ω．評卷人得分五、簡答題(共2題，共16分)29、(1)

如圖所示，電子射線管位于通電導(dǎo)線ab

正下方，該裝置可以演示電子在磁場中的偏轉(zhuǎn)。若實驗發(fā)現(xiàn)電子束的徑跡向下偏轉(zhuǎn)，那么導(dǎo)線中電流的方向是____。

(2)

下圖是某電場區(qū)域的電場線分布，ABC

是電場中的三點，在這三點中，電場最強的是____點，電場最弱的是____點。30、rm{25隆忙}時，部分物質(zhì)的電離平衡常數(shù)如表所示：?；瘜W(xué)式rm{CH_{3}COOH}rm{H_{2}CO_{3}}rm{HClO}電離平衡常數(shù)rm{1.7隆脕10^{-5}mol?L^{-1}}rm{K1=4.4隆脕10^{-7}mol?L^{-1}}

rm{K2=5.6隆脕10^{-1}}rm{{,!}^{1}}rm{mol?L^{-1}}rm{3.0隆脕10^{-8}}

rm{mol?L^{-1}}請回答下列問題：rm{(1)}同濃度的rm{CH_{3}COO^{-}}rm{HCO_{3}^{-}}rm{CO_{3}^{2-}}rm{ClO^{-}}結(jié)合rm{H^{+}}的能力由強到弱的順序為_____rm{.}rm{(2)}常溫下rm{0.1mol?L^{-1}}的rm{CH_{3}COOH}溶液在加水稀釋過程中，下列表達式的數(shù)據(jù)一定變小的是________rm{(}填字母序號，下同rm{)}．

A.rm{c(H^{+})}rm{B}．rm{dfrac{cleft({H}^{+}right)}{cleft(C{H}_{3}COOHright)}}rm{

dfrac{cleft({H}^{+}right)}{cleft(C{H}_{3}COOHright)}}rm{C.c(H^{+})?c(OH^{-})}．rm{dfrac{cleft(O{H}^{-}right)}{cleft({H}^{+}right)}}rm{D}．rm{dfrac{cleft(C{H}_{3}CO{O}^{-}right)隆隴cleft({H}^{+}right)}{cleft(C{H}_{3}COOHright)}}

若該溶液升高溫度，上述rm{

dfrac{cleft(O{H}^{-}right)}{cleft({H}^{+}right)}}種表達式的數(shù)據(jù)增大的是________rm{E}rm{

dfrac{cleft(C{H}_{3}CO{O}^{-}right)隆隴cleft({H}^{+}right)}{cleft(C{H}_{3}COOHright)}

}體積為rm{5}的醋酸溶液與一元酸rm{.}溶液分別加水稀釋至rm{(3)}稀釋過程rm{10mLpH=2}變化如圖：

則rm{HX}的電離平衡常數(shù)________rm{1000mL}填“大于”、“等于”或“小于”rm{pH}醋酸的平衡常數(shù)rm{HX}稀釋后，rm{(}溶液中由水電離出來的rm{)}________rm{.}填“大于”、“等于”或“小于”rm{HX}醋酸的溶液中由水電離出來的rm{c(H+)}理由是________rm{(}rm{)}已知rm{c(H^{+})}時，水的離子積為rm{.}，該溫度下測得某溶液rm{(4)}該溶液顯________rm{100隆忙}填“酸”、“堿”或“中”rm{1隆脕10^{-12}}性rm{pH=7}將此溫度下rm{(}的rm{)}溶液rm{.}與rm{pH=1}的rm{H_{2}SO_{4}}溶液rm{aL}混合，若所得混合液rm{pH=11}則rm{NaOH}rm{bL}________rm{pH=2}rm{a}評卷人得分六、綜合題(共2題，共6分)31、[

物理隆陋隆陋

選修3鈭?4]

(1)

關(guān)于電磁場和電磁波，下列說法正確的是_________。(

填正確答案標號。)

A.

電磁場是一種客觀存在的物質(zhì)B.

利用電磁波傳遞信號可以實現(xiàn)無線通信，但電磁波不能通過電纜、光纜傳輸C.

電磁波有時候表現(xiàn)為橫波，有時候表現(xiàn)為縱波D.

電磁波在真空中傳播時，它的電場強度與磁感應(yīng)強度相互垂直E.

電磁波由真空進入介質(zhì)，頻率不變，速度變小(2)

如圖所示，直角三角形ABC

是玻璃磚的橫截面，其中隆脧A=30鈭?BC

邊的長度為l

一細光束從AB

邊上的O

點射入玻璃磚，在玻璃磚內(nèi)部部分光路如圖所示，已知玻璃對光的折射率n=2OB

的長度是AB

長度的14

求：

壟脵

光線在AB

面的入射角i

壟脷

光在玻璃磚的出射點到A

點間的距離d

32、(1)(1)圖11是一正點電荷的電場線分布圖，AABB是電場中的兩點，其電場強度分別為EEA和EEB．比較：壟脵AB

兩點電場強度大?。粔琶欰B

兩點電場強度方向是否相同

(2)

如圖12

所示的勻強電場，電場強度E=2隆脕104N/C.

一電荷量q=+1隆脕10q=+1隆脕10鈭?8CC的點電荷從電場中的AA點移動到BB點，電場力對電荷所做的功W=2隆脕10W=2隆脕10鈭?5J.求：

壟脵

點電荷所受電場力的大小F壟脷AB

之間的距離d

．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A|B|C【分析】【解析】試題分析：電子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力：整理得兩過程電子速度v相同，所以半徑相同，故A正確．粒子在磁場中的可能運動情況如圖所示，電子從O點水平進入由于它們進入圓形磁場和矩形磁場的軌道半徑、速度是相同的，我們把圓形磁場和矩形磁場的邊界放到同一位置如圖所示，由圖可以看出進入磁場區(qū)域的電子的軌跡1，先出圓形磁場，再出矩形磁場；進入磁場區(qū)域的電子的軌跡2，同時從圓形與矩形邊界處磁場；進入磁場區(qū)域的電子的軌跡3，先出圓形磁場，再出矩形磁場；所以電子不會先出矩形的磁場，即進入圓形區(qū)域的電子一定不會后飛離磁場，BC正確，D錯誤；考點：考查了帶電粒子在有界磁場中的運動，【解析】【答案】ABC2、B|C|D【分析】【解析】試題分析：A、如果帶電粒子的運動方向與磁場方向平行則帶電粒子就不會受洛倫茲力作用；錯誤B、帶電粒子在空間定向運動，可以等效成電流，根據(jù)電流的磁效應(yīng)可知，其周圍空間一定形成磁場；正確C、帶電粒子垂直射入勻強磁場中，受到的洛倫茲力與運動方向垂直，洛倫茲力做為向心力，由于洛倫茲力大小不變，所以帶電粒子做勻速圓周運動；正確D、洛倫茲力的方向總與帶電粒子運動方向垂直，所以洛侖茲力總是不做功；正確故選BＣＤ考點：洛侖茲力【解析】【答案】BＣＤ3、C【分析】電壓表示數(shù)為燈泡兩端電壓的有效值,由圖像知電動勢的最大值Em=有效值E=220V，燈泡兩端電壓A錯；由圖像知T=0.02S，一個周期內(nèi)電流方向變化兩次，可知1s內(nèi)電流方向變化100次，B錯；燈泡的實際功率D錯；電流的有效值發(fā)電機線圈內(nèi)阻每秒鐘產(chǎn)生的焦耳熱為C對【解析】【答案】C4、D【分析】解：A、電池組的內(nèi)阻r==Ω=1Ω．故A錯誤．

B、電阻的阻值約R==Ω=3Ω．故B錯誤．

C；兩圖線的交點表示將該電阻接在該電池組兩端時電路的工作狀態(tài)；由圖讀出路端電壓為U=3V，電流為I=1A，電池組的輸出功率是P=UI=3W．故C錯誤．

D、當外電阻等于電池的內(nèi)阻時，即外電阻R=r=1Ω時，電池組的最大輸出功率P出=（）2R=（）2×1=4W．故D正確．

故選：D．

電池組的伏安特性曲線的斜率絕對值等于電池的內(nèi)阻．電阻的伏安特性曲線斜率的倒數(shù)大小等于電阻．兩圖線的交點表示將該電阻接在該電池組兩端時電路的工作狀態(tài)．當外電阻等于電池的內(nèi)阻時電池組有最大的輸出功率．

本題考查讀圖的能力．對于圖象，往往從數(shù)學(xué)上斜率、截距、交點等知識來理解其物理意義．【解析】【答案】D5、B【分析】試題分析：根據(jù)發(fā)生明顯衍射的條件，即當波的波長與小孔或障礙物得尺寸相當，或大于小孔和障礙物的尺寸，會發(fā)生明顯的衍射，知A、C、D錯誤，B正確。所以選B?？键c：本題考查衍射現(xiàn)象及發(fā)生明顯衍射的條件?！窘馕觥俊敬鸢浮緽6、D【分析】解：A；由靜止釋放的粒子；只在電場力作用下運動，其運動只有電場力決定，而電場力與場強方向并不與電場線重合，所以帶電粒子不一定沿電場線運動，故A錯誤．

B；沿電場線電勢越來越低；據(jù)場強反向的規(guī)定，場強可與電場線的反向相同或相反，即電場力的方向與電場線的方向相同或相反，所以帶電粒子可能朝著電勢高或低的位置運動，故B錯誤．

C；由于帶電粒子所在的電場可能是勻強電場也可能是非勻強電場；即所受的電場力不一定是恒力，據(jù)牛頓第二定律得，其加速度不一定恒定，故C錯誤．

D；由題境知；電場力做正功，電勢能減少，所以粒子朝著電勢能低的位置運動，故D正確．

故選：D．

只在電場力作用下運動；物體的運動由力決定，與電場線；電勢的高低無關(guān)．

解題關(guān)鍵明確帶電粒子的運動情況只有力決定，與電場線無直接關(guān)系，分析運動必須先分析力．【解析】【答案】D7、A【分析】解：導(dǎo)線的電流方向為順時針；根據(jù)小磁針的靜止時，N極的指向即為磁場的方向；

A、由右手螺旋定則可知，通電螺線管左端為N極，右端為S極，螺線管的內(nèi)部磁場由右指向左，外部由左到右，則有a磁針方向錯誤，b磁針方向正確；故A正確，B錯誤；

C；而對于U形螺線管左端相當于S極；右端相當于N極，故c磁針的方向正確，故C正確；

D；對于環(huán)形導(dǎo)線；左端相當于S極，右端相當于N極，因此d磁針方向正確，故D正確；

本題選擇錯誤的；故選：A．

根據(jù)右手螺旋定則可確定；通電螺線管的磁場分布，及通電直導(dǎo)線磁場的分布，并由小磁針的靜止時，N極的指向即為磁場的方向．

考查通電導(dǎo)線的電流方向來確定磁場的方向，掌握右手螺旋定則的應(yīng)用，注意螺線管內(nèi)部的磁場方向．【解析】【答案】A二、填空題(共9題，共18分)8、略

【分析】解：根據(jù)電阻定律公式R=婁脩LS

有：

R1R2=婁脩1L1S1婁脩2L2S2=婁脩1蟻2隆脕L1L2隆脕S2S1=56隆脕12隆脕43=59

故答案為59

．

導(dǎo)體的R

跟它的長度L

成正比，跟它的橫截面積S

成反比，還跟導(dǎo)體的材料有關(guān)系，這個規(guī)律就叫電阻定律，公式為R=婁脩LS

．

本題是電阻定律的直接運用，記住公式即可，基礎(chǔ)題．【解析】59

9、（1）C點與桌子邊緣間的水平距離c立柱高h桌面高H

（2）【分析】【分析】要驗證動量守恒，就需要知道碰撞前后的動量，所以要測量12

兩個小球的質(zhì)量，1

球下擺過程機械能守恒，根據(jù)守恒定律列式求最低點速度，球1

上擺過程機械能再次守恒，可求解碰撞后速度，碰撞后小球2

做平拋運動，根據(jù)平拋運動的分位移公式求解碰撞后2

球的速度，然后驗證動量是否守恒即可。本題考查動量守恒定律的實驗驗證，在驗證動量守恒定律中，要學(xué)會在相同高度下，水平射程來間接測出速度的方法，明確實驗原理即可準確求解。【解答】(1)

要驗證動量守恒，就需要知道碰撞前后的動量，要通過平拋運動的分位移公式求解碰撞后2

球的速度，所以要測量落地點的水平距離cc立柱高h

桌面高H1

小球從A

處下擺過程只有重力做功，機械能守恒；

(2)

根據(jù)機械能守恒定律，有碰撞后1

小球上升到最高點的過程中，機械能守恒，根據(jù)機械能守恒定律，有；

所以該實驗中動量守恒的表達式為：m1v1=m2v3+m1v2

；

聯(lián)立解得。

故答案為：(1)C

點與桌子邊緣間的水平距離c

立柱高h

桌面高H(2)2m1a鈭?h=2m1b鈭?h+m2隆隴cH+h

【解析】(1)C

點與桌子邊緣間的水平距離c

立柱高h

桌面高H

(2)2m1a鈭?h=2m1b鈭?h+m2隆隴cHh

10、小球動能最大的時刻應(yīng)在t1到t2之間的某時間【分析】【解答】t1時刻小球小球剛與彈簧接觸，與彈簧接觸后，先做加速度不斷減小的加速運動，當彈力增大到與重力平衡，即加速度減為零時，速度達到最大；t2時刻，彈力最大，故彈簧的壓縮量最大，小球運動到最低點，速度等于零，故小球動能最大的時刻應(yīng)在t1到t2之間的某時間【分析】小球先自由下落，與彈簧接觸后，彈簧被壓縮，在下降的過程中，彈力不斷變大，當彈力小于重力時，物體加速下降，但合力變小，加速度變小，故做加速度減小的加速運動，當加速度減為零時，速度達到最大，之后物體由于慣性繼續(xù)下降，彈力變的大于重力，合力變?yōu)橄蛏锨也粩嘧兇螅始铀俣认蛏锨也粩嘧兇?，故物體做加速度不斷增大的減速運動；同理，上升過程，先做加速度不斷不斷減小的加速運動，當加速度減為零時，速度達到最大，之后做加速度不斷增大的減速運動，直到小球離開彈簧為止．11、mg+2mg+【分析】【解答】球A與球B間的靜電斥力為：FAB=；

球B和球C間的靜電斥力為：FBC=；

球A和球C間的靜電斥力為：FAC=；

先對C球受力分析，受重力、球B的斥力、球C的斥力和細線的拉力；故：

TBC=mg+FAC+FBC=mg+

再對B球和C球整體受力分析，受重力、A球的斥力和細線的拉力；根據(jù)平衡條件，有：

TAB=2mg+FAC+FAB=2mg+

故答案為：mg+2mg+．

【分析】先對C球受力分析，根據(jù)平衡條件求解連結(jié)B、C的細線張力；再對B球和C球整體受力分析，根據(jù)平衡條件求解連結(jié)A、B的細線張力．12、略

【分析】解：依題意；+q的檢驗電荷從電場的無限遠處被移到電場中的A點時，電場力做的功為W，則電荷的電勢能減小W，無限處電荷的電勢能為零，則電荷在A點的電勢能為：

EPA=-W=-2.4×10-5J；

據(jù)題知，該電荷從A移動到無限遠時，電場力做功為：WAO=-2.4×10-5J；

A點的電勢為φA=-=-=-300V；

故答案為：-2.4×10-5；-300V

根據(jù)電場力做功多少，電荷的電勢能就減小多少，分析電荷在A點與無限遠間電勢能的變化量，確定電荷在A點的電勢能，由公式φA=求解A點的電勢．

電場中求解電勢、電勢能，往往先求出電勢能改變量、該點與零電勢的電勢差，再求解電勢和電勢能．【解析】-2.4×10-5；-300V13、m2a水平向左。

【分析】【分析】

根據(jù)牛頓第二定律隔離物體B

分析；由于向前勻減速運動，加速度向后，故合力向后，對B

物體受力分析，受重力；支持力和摩擦力作用，根據(jù)牛頓第二定律，可以求出靜摩擦力的大小。

對于連接體問題可以用整體法求加速度；用隔離法求解系統(tǒng)內(nèi)力。

【解答】

兩物塊疊放在一起共同向右做勻減速直線運動，對B

根據(jù)牛頓第二定律有：fAB=m2a

物體B

做速度方向向右的勻減速運動，故而加速度方向向左，摩擦力方向水平向左。故答案為：m22a

水平向左。

【解析】m22a

水平向左。

14、Ⅰrm{.BDEF}

Ⅱrm{.(1)}rm{+3NaOH隆煤3C_{17}H_{35}COONa+}

rm{(2)}降低高級脂肪酸鈉鹽的溶解度或者鹽析

Ⅲrm{.}不是葡萄糖銀氨溶液或新制氫氧化銅懸濁液碘水不顯藍色【分析】【分析】本題主要考查糖類油脂蛋白質(zhì)的性質(zhì)和化學(xué)實驗，難度不大，平時須注意積累相關(guān)反應(yīng)知識?！窘獯稹竣駌m{.A.}“糖尿病”人的尿樣中含有葡萄糖，葡萄糖中含有醛基，通過檢驗醛基即可檢驗葡萄糖，加入硫酸銅和氫氧化鈉的混合液，加熱后，若產(chǎn)生紅色沉淀，說明含有醛基，用銀氨溶液檢驗也可以，但操作沒有用新制的氫氧化銅反應(yīng)方便，該方法幾乎不用，故A錯誤；B.飽和rm{Na_{2}CO_{3}}溶液中和揮發(fā)出來的乙酸，使之轉(zhuǎn)化為乙酸鈉溶于水中，故B正確；C.蔗糖水解操作為：取少量純蔗糖加水配成溶液；在蔗糖溶液中加入rm{3隆蘆5}滴稀硫酸；將混合液煮沸幾分鐘、冷卻，故C錯誤；D.在某些物理因素或化學(xué)因素的影響下，蛋白質(zhì)的性質(zhì)和生理功能發(fā)生改變的現(xiàn)象稱為蛋白質(zhì)的變性rm{.}導(dǎo)致蛋白質(zhì)變性的物理因素有：加熱、加壓、攪拌、振蕩、紫外線照射、超聲波等；化學(xué)因素有：加強酸、強堿、重金屬鹽、甲醛等rm{.}該選項在雞蛋白溶液中滴入濃rm{HNO_{3}}加熱會產(chǎn)生黃色物質(zhì)，濃硝酸和加熱都能使蛋白質(zhì)發(fā)生變性，故D正確；E.植物油中含有雙鍵，與溴水發(fā)生加成反應(yīng)，所以可以使溴水褪色，故E正確；F.油脂皂化反應(yīng)的產(chǎn)物為高級脂肪酸鈉和甘油，向混合液中加入食鹽，食鹽不是重金屬鹽，它使高級脂肪酸鈉的溶解度降低而析出從而達到分離的目的，故F正確；故答案為：rm{BDEF}Ⅱrm{.(1)}硬脂酸甘油酯與氫氧化鈉反應(yīng)生成rm{C_{17}H_{35}COONa}與甘油，反應(yīng)方程式為rm{+3NaOH隆煤3C_{17}H_{35}COONa+}故答案為：rm{+3NaOH隆煤3C_{17}H_{35}COONa+}rm{(2)}在皂化反應(yīng)后的混合物中加食鹽可以降低高級脂肪酸鈉的溶解度，高級脂肪酸鈉以固體的形式析出，所以液體表面析出白色固體；故答案為：降低高級脂肪酸鈉鹽的溶解度或者鹽析；Ⅲrm{.}淀粉和纖維素雖具有相同的表示式，但rm{n}不同，則分子式不同，故不是同分異構(gòu)體，淀粉水解最終生成葡萄糖；為證明淀粉已開始水解，即證明有葡萄糖生成，可加入銀氨溶液或新制氫氧化銅懸濁液進行檢驗；為證明淀粉已完全水解，即證明沒有淀粉，可加入碘水，現(xiàn)象是不顯藍色；故答案為：不是；葡萄糖；銀氨溶液或新制氫氧化銅懸濁液；碘水；不顯藍色。【解析】Ⅰrm{.BDEF}Ⅱrm{.(1)}rm{+3NaOH隆煤3C_{17}H_{35}COONa+}rm{(2)}降低高級脂肪酸鈉鹽的溶解度或者鹽析Ⅲrm{.}不是葡萄糖銀氨溶液或新制氫氧化銅懸濁液碘水不顯藍色15、2，減弱，加強?！痉治觥俊痉治觥坑蓭缀侮P(guān)系求路程差，由波速公式v=λf"id="MathJax-Element-970-Frame"role="presentation"tabindex="0">v=婁脣fv=婁脣f求解波長，

如果兩波源起振同方向，當介質(zhì)中某一點與兩波源的路程差等于半波長的奇數(shù)倍時，這一點是振動減弱的點，路程差等于波長的整數(shù)倍時，這一點振動加強；如果兩波源起振方向相反，當介質(zhì)中某一點與兩波源的路程差等于半波長的奇數(shù)倍時，這一點是振動加強的點，路程差等于波長的整數(shù)倍時，這一點振動減弱；據(jù)此分析即可。本題考查了波在相互疊加時，何處振動加強和減弱，牢記當兩波源起振同方向時，路程差等于半波長的奇數(shù)倍時振動減弱，路程差等于波長的整數(shù)倍時振動加強?！窘獯稹?/p>

由圖可知，路程差為△S1=62+82?8=2m"id="MathJax-Element-960-Frame"role="presentation"tabindex="0">?S1=62+82鈭?8=2m?{S}_{1}=sqrt{{6}^{2}+{8}^{2}}-8=2m；兩列波的波速均為1.00m/s."id="MathJax-Element-961-Frame"role="presentation"tabindex="0">1.001.00mm//ss1.001.00mm//ss1.001.00mm//ss1.001.001.001.00mmmm////////ssss由圖可得T=2s"id="MathJax-Element-962-Frame"role="presentation"tabindex="0">TT==22ss

TT==22ssTT==22ssTTTT====2222ssss

，所以波長為λ=vT=1×2=2m"id="MathJax-Element-963-Frame"role="presentation"tabindex="0">婁脣=vT=1隆脕2=2m婁脣=vT=1隆脕2=2m【解析】22減弱，加強。16、略

【分析】解：(1)

由圖甲所示螺旋測微器可知；固定刻度示數(shù)為0.5mm

可動刻度示數(shù)為19.7隆脕0.01mm=0.197mm

螺旋測微器示數(shù)為0.5mm+0.197mm=0.697mm

．

(2)

由圖丙所示電壓表可知；其量程為3V

分度值為0.1V

示數(shù)為2.60V

由圖示電流表可知；其量程為0.6A

分度值為0.02A

示數(shù)為0.52A

．

故答案為：(1)0.697(2)2.600.52

．

(1)

螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器所示．

(2)

由圖象電表確定電表量程與分度值；讀出電表示數(shù)．

螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器示數(shù)，螺旋測微器需要估讀，而電壓表與電流表讀數(shù)不需要估計，原因是不精確．【解析】0.6972.600.52

三、判斷題(共9題，共18分)17、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．18、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．19、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．20、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．21、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．22、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．23、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．24、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．25、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?、實驗題(共3題，共12分)26、略

【分析】試題分析：①螺旋測微器讀數(shù)為②指針向右偏轉(zhuǎn)角度太大，說明電阻過小，需要換用抵擋測量，故選×1電阻為考點：考查了螺旋測微器讀數(shù)，歐姆表的使用【解析】【答案】3.864mm②×11227、略

【分析】【解析】試題分析：（1）將打點計時器豎直固定在鐵架臺上，A錯；先接通電源，再松開紙帶，讓重物自由下落，計時器就在紙帶上打下一系列的點，C錯；（2）該刻度尺的最小刻度為mm，所以要估讀到厘米的百分位上，不符合有效數(shù)字要求的是25.9cm，應(yīng)讀成25.90cm，根據(jù)B點的速度判斷動能增量，所以重力勢能減小量為B點為AC的中間時刻，所以B點速度等于AC的平均速度動能為2.56J（3）由能量守恒可知重力勢能的減少量大于動能的增加量，其主要原因是空氣阻力的作用、紙帶與打點計時器限位孔之間的摩擦等考點：考查驗證機械能守恒定律的實驗【解析】【答案】（1）AC（2）OC、25.90、2.65、2.56（3）空氣阻力的作用、紙帶與打點計時器限位孔之間的摩擦等28、略

【分析】【分析】

使用歐姆表測電阻；應(yīng)選擇合適的擋位，使指針指在中央刻度線附近，選擇擋位后要進行歐姆調(diào)零，然后測電阻，歐姆表使用完畢，要把選擇開關(guān)置于OFF擋或交流電壓最高擋．多用電表測電阻的結(jié)果應(yīng)是讀數(shù)與倍率的乘積．

【詳解】

待測阻值約為幾十千歐，則歐姆表應(yīng)選擇歐姆擋×1k；選擇擋位后，應(yīng)進行歐姆調(diào)零；然后測量電阻；最后把選擇開關(guān)置于OFF擋或交流電壓最高擋．所以正確的步驟是adbe．

歐姆表指針位置如圖，選擇擋位為歐姆擋×1k；則被測電阻的阻值約為．【解析】adbe3×104Ω（或3.0×104Ω）五、簡答題(共2題，共16分)29、（1）a指向b（2）CA【分析】【分析】(1)

電子在磁場中運動，受到洛倫茲力的作用而發(fā)生偏轉(zhuǎn)，根據(jù)電子的偏轉(zhuǎn)方向，判斷出磁場方向，然后根據(jù)右手螺旋定則，判斷出導(dǎo)線中電流方向。本題考查了左手定則和右手螺旋定則的聯(lián)合應(yīng)用，注意兩個定則的適用條件，平時加強聯(lián)系，提高熟練程度。(2)

電場線的疏密表示電場的強弱，電場線越密，電場強度越大，電場線越疏，電場強度越小。本題考查對電場線物理意義的理解和應(yīng)用能力，電場線表示電場的強弱和方向，電場線的疏密表示場強的相對大小，其切線方向表示電場的方向。【解答】(1)

電子運動方向從負極流向正極，根據(jù)左手定則，四指指向電子運動的反方向，即指向負極，大拇指指向電子偏轉(zhuǎn)方向，由此得出導(dǎo)線下方磁場方向垂直紙面向里，根據(jù)右手螺旋定則可知，導(dǎo)線ab

中的電流方向從a

指向b

(2)C

處電場線最密；電場強度最大，電場最強，A

處電場線最疏，電場強度最小，電場最弱。

故答案為：(1)a

指向b(2)CA

【解析】(1)a

指向b

(2)CA

30、（1）CO32﹣>ClO﹣>HCO3﹣>CH3COO﹣

（2）AABCEHX酸性強于CH3COOH的，稀釋后HX溶液中的c（H+）小于CH3COOH溶液中的c（H+），所以其對水電離的抑制能力也較弱

（3）大于小于

（4）堿11：9

【分析】【分析】主要考查弱電解質(zhì)在水溶液中的電離平衡及有關(guān)rm{PH}的計算，題目難度中等?！窘獯稹縭m{(1)}平衡常數(shù)越大，則其結(jié)合氫離子能力越弱，由于電離平衡常數(shù)rm{CH_{3}COOH}rm{CH_{3}COOH}rm{>H_{2}CO_{3}>HCO}rm{3}則同濃度rm{3}rm{{,!}^{?}>HClO}、rm{CH_{3}COO}rm{CH_{3}COO}rm{{,!}^{?}}、rm{HCO}rm{HCO}rm{3}、rm{3}結(jié)合rm{{,!}^{?}}的能力由強到弱的順序為：rm{CO}rm{CO}rm{3}rm{3}rm{{,!}^{2?}}rm{ClO^{?}}rm{ClO^{?}}rm{H^{+}}rm{H^{+}}rm{CO}rm{3}rm{3}rm{2}rm{2}rm{-}rm{-}，故答案為：rm{>}rm{ClO}rm{-}rm{-}的rm{>}溶液加稀釋過程中，溶液中氫離子濃度減小，故rm{HCO}正確；B.rm{3}rm{3}的rm{-}溶液加稀釋過程中rm{-}各個微粒濃度減小rm{>}同時醋酸的電離向右移動rm{CH}rm{3}減小的程度小于rm{3}rm{COO}的減小程度rm{-}則rm{dfrac{cleft({H}^{+}right)}{cleft[C{H}_{3}COOHright]}}rm{-}增大，故rm{CO_{3}^{2-}>ClO^{-}>HCO_{3}^{-}}錯誤；C.rm{>CH_{3}COO^{-}}rm{(2)A.0.1mol}只受溫度的影響，溫度不變則其值是一個常數(shù)，故rm{(2)A.0.1mol}錯誤；D.醋酸稀釋rm{/L}酸性減弱rm{CH_{3}COOH}rm{CH_{3}COOH}減小rm{A}水的離子積不變rm{A}則rm{0.1mol}rm{0.1mol}增大rm{/L}所以rm{CH_{3}COOH}rm{dfrac{cleft(O{H}^{-}right)}{cleft({H}^{+}right)}}增大，故rm{CH_{3}COOH}錯誤；E.，rm{dfrac{cleft(C{H}_{3}CO{O}^{-}right)隆隴cleft({H}^{+}right)}{cleft(C{H}_{3}COOHright)}}為醋酸的電離平衡常數(shù)，由于溫度不變，則水的電離平衡常數(shù)不變，故，錯誤；故答案為：，rm{c(H^{+}}若該溶液升高溫度，醋酸、水的電離程度對增大，則溶液中氫離子、氫氧根離子濃度都增大，A.升高溫度后溶液中氫離子濃度rm{c(H^{+}}rm{)}增大，故rm{c}正確；B.升高溫度后氫離子、氫氧根離子濃度都增大rm{c}醋酸的濃度減小rm{(CH_{3}COOH)}則，rm{dfrac{cleft({H}^{+}right)}{cleft[C{H}_{3}COOHright]}}的比值增大，故rm{

dfrac{cleft({H}^{+}right)}{cleft[C{H}_{3}COOHright]}}正確；C.rm{B}為水的離子積，升高溫度后水的電離程度增大，則水的離子積增大，故rm{B}正確；D.升高溫度后氫氧根離子、氫離子濃度都增大rm{Kw}但氫離子濃度增大的幅度大于氫氧根離子rm{Kw}所以rm{=c(H^{+})?c(OH^{?})}rm{dfrac{cleft(O{H}^{-}right)}{cleft({H}^{+}right)}}的比值減小，故rm{C}錯誤；E.rm{dfrac{cleft(C{H}_{3}CO{O}^{-}right)隆隴cleft({H}^{+}right)}{cleft(C{H}_{3}COOHright)}}為醋酸的電離平衡常數(shù)，升高溫度，醋酸的電離平衡常數(shù)增大，故rm{C}正確；故答案為：，；，rm{c(H^{+}}根據(jù)圖象分析，起始是兩種溶液中rm{c(H^{+}}rm{)}相同，較弱酸，較強酸rm{c}稀釋過程中較弱酸的電離程度增大rm{c}故在整個稀釋過程中較弱酸的rm{(OH^{?})}，一直大于較強酸的rm{

dfrac{cleft(O{H}^{-}right)}{cleft({H}^{+}right)}}稀釋相同倍數(shù)rm{D}的rm{D}變化比的大rm{

dfrac{cleft(C{H}_{3}CO{O}^{-}right)隆隴cleft({H}^{+}right)}{cleft(C{H}_{3}COOHright)}

}故rm{E}酸性強rm{E}電離平衡常數(shù)大rm{A}酸性強于rm{c}的rm{c}稀釋后rm{(H^{+})}溶液中rm{A}rm{A}小于，溶液中的，，rm{

dfrac{cleft({H}^{+}right)}{cleft[C{H}_{3}COOHright]}}故答案為：大于rm{B}小于rm{B}rm{c}酸性強于rm{c}的，稀釋后rm{(H^{+})?c(OH^{?})}溶液中的rm{C