2025年人教版必修3物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版必修3物理上冊月考試卷603考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖，電源的電動勢E和內電阻r恒定不變，R2為定值電阻，電燈L正常發(fā)光，燈泡的電阻保持不變，如果變阻器的滑片向a端滑動；則（）

A.電燈L變暗，安培表的示數(shù)減小B.電燈L更亮，安培表的示數(shù)增大C.電燈L更亮，安培表的示數(shù)減小D.電燈L變暗，安培表的示數(shù)增大2、下列關于電場強度的兩個表達式和的敘述，錯誤的是（）A.是電場強度的定義式，F(xiàn)是放入電場中的電荷所受的力，q是產(chǎn)生電場的電荷的電荷量B.是電場強度的定義式，F(xiàn)是放入電場中電荷所受的電場力，q是放入電場中電荷的電荷量，它適用于任何電場C.是點電荷場強的計算式，Q是產(chǎn)生電場的電荷的電荷量，它不適用于勻強電場D.從點電荷場強計算式分析庫侖定律的表達式式是點電荷q2產(chǎn)生的電場在點電荷q1處的場強大小，而是點電荷q1產(chǎn)生的電場在q2處場強的大小3、如圖所示，AB、CD、EF都為半徑為R的空間球面的直徑，其中AB與EF同在水平面內，EF與AB的夾角θ=45°，CD與水平面垂直，現(xiàn)在A、B兩點分別固定等量異種點電荷；則（）

A.E、F兩點電勢相同B.E、F兩點電場強度相同C.沿直線從C到D，電場強度先變小后變大D.將帶正電的檢驗電荷從E點沿直線移到F點，電場力不做功4、如圖所示，真空中A、B兩點分別固定電量為2q、﹣q的點電荷，距離為4r，a、b、c、d是以A、B連線的中點O為圓心、r為半徑的圓上四個點；下列說法正確的是（）

A.a、b兩點電場強度大小相等、方向相同B.把一正點電荷從c點沿直線移動到d點的過程中，電場力先做正功后做負功C.把一負試探電荷從a點移到O點比從O點移到b點克服電場力做功多D.把一正試探電荷放在a點時具有的電勢能比在b點小5、如圖所示，在場強為E的勻強電場中有A、B兩點，AB連線長L，與電場線夾角為α．則AB兩點的電勢差為。

A.零B.ELC.ELcosαD.ELsinα6、汽車蓄電池供電的簡化電路如圖所示。當汽車啟動時；開關S閉合，啟動系統(tǒng)的電動機工作，車燈亮度會有明顯變化；當汽車啟動之后，開關S斷開，啟動系統(tǒng)的電動機停止工作，車燈亮度恢復正常。則汽車啟動時。

A.電源的效率減小B.車燈一定變亮C.電動機的輸出功率等于電源輸出功率減去兩燈的功率D.若燈L1不亮燈L2亮，可能是由于L1燈短路所致7、圖甲為某電源的UI圖線，圖乙為某小燈泡的UI圖線；則下列說法正確的是（）

A.電源的內阻為B.小燈泡的電阻隨著電壓的增大而減小C.當小燈泡兩端的電壓為0.5V時，它的電阻約為D.把電源和小燈泡組成閉合回路，小燈泡的功率約為2.59W8、在如圖所示的電路中，E為電源電動勢，r為其內阻，L為小燈泡（其燈絲電阻可視為不變），R1、R2為定值電阻，R3為光敏電阻，其阻值大小隨所受照射光強度的增大而減小，V為理想電壓表。當開關S閉合后，若將照射R3的光的強度減弱；則下列說法中正確的是（）

A.電壓表的示數(shù)變小B.通過R2的電流變小C.小燈泡消耗的功率變大D.電源的內電壓變大評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)9、兩根平行且相距L的長、細導線分別通有大小相等、方向相反的電流，橫截面如圖所示．在兩導線的連線及延長線上有a、b、c三點，b為兩直導線連線的中點，a、c與導線的距離均為，則

A.b點磁感應強度的方向垂直a、c連線向下B.c點磁感應強度的大小為0C.a點和b點的磁感應強度的方向相同D.a點和c點的磁感應強度相同10、如圖所示，矩形閉合線圈abcd豎直放置，OO′是它的對稱軸，通電直導線AB與OO′平行。若要在線圈中產(chǎn)生感應電流；可行的做法是（）

A.AB中電流I逐漸增大B.AB中電流I先增大后減小C.以AB為軸，線圈繞AB順時針轉90°（俯視）D.線圈繞OO′軸逆時針轉動90°（俯視）11、如圖，在等邊三角形abc的中心O處有一帶正電的點電荷，d為ac邊的中點；則在該點電荷產(chǎn)生的電場中（）

A.a、b、c三點的電場強度相同B.a、c、d三點間的電勢差滿足Uad=UdcC.電子在a點的電勢能等于在b點的電勢能D.電子在a點的電勢能大于在d點的電勢能12、A、B兩點各放有電量為+Q和+2Q的點電荷，A、B、C、D四點在同一直線上，且AC=CD=DB。將一正電荷從C點沿直線移到D點；則（）

A.兩電荷連線上合場強為零的點在CD之間B.兩電荷連線上合場強為零的點在AC之間C.電場力一直做負功D.電場力先做正功再做負功13、如圖所示電路中，電源電動勢為E，內阻為r，電壓表和電流表均為理想表．現(xiàn)閉合開關S，將變阻器的滑片向左移動時，下列判斷正確的是（）

A.電容器兩極板間的電場強度變大，電容器的帶電量減小B.電流表示數(shù)減小，電壓表示數(shù)變大C.電壓表的示數(shù)U和電流表的示數(shù)I的比值變大D.電源的輸出功率一定變小14、在如圖所示的電路中；電壓表和電流表均為理想電表，電源內阻不能忽略。閉合開關S后，將滑動變阻器的滑片P向下調節(jié)，則下列敘述正確的是（）

A.燈L1變亮，電壓表的示數(shù)增大B.燈L2變暗，電流表的示數(shù)增大C.電容器C所帶電荷量增加D.電容器C所帶電荷量減小評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)15、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10－8C的正點電荷，則A處場強大小EA=______N/C，B處的場強大小EB=______N/C.

16、能量的耗散是從能量轉化的角度反映出自然界中的宏觀過程具有______．17、『判一判』

（1）放電后的電容器所帶電荷量為零，電容也為零。______

（2）電容器所帶的電荷量是指每個極板所帶電荷量的代數(shù)和。______

（3）電容表示電容器容納電荷的多少。______

（4）電容器的電容與電容器所帶電荷量成反比。______

（5）電容器的電容跟它兩極板間所加電壓成反比。______

（6）公式可用來計算任何電容器的電容。______

（7）將電介質插入平行板電容器時，電容器的電容將變小。______

（8）任何兩個彼此絕緣而又相互靠近的導體都能組成電容器，而且跟這兩個導體是否帶電無關。______

（9）電容器兩極板上所加的電壓不能超過擊穿電壓。______18、（1）自然界中有兩種電荷：_____________電荷和_____________電荷；

（2）電荷的相互作用：同種電荷相互_________，異種電荷相互___________；

（3）電荷量：電荷的多少，用Q或q表示，國際單位制中的單位是____________，符號是C。19、(1)在測定一根粗細均勻合金絲電阻率的實驗中，利用螺旋測微器測定合金絲直徑，如圖所示，甲圖是將螺旋測微器小砧靠在一起時的讀數(shù)，為______mm；乙圖是測量合金絲直徑時的讀數(shù)，則合金絲的直徑為______mm；

(2)某實驗小組為測量電壓表V1的內阻，先用多用電表的歐姆檔進行了一次測量，為進一步準確測量電壓表V1的內阻，設計了如圖甲所示的電路，請根據(jù)電路圖連接實物圖乙______。

評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)20、如圖所示，磁感應強度大小為的勻強磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內，左右各一半面積的范圍內，磁場方向相反。有一個邊長為的正方形導線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進入磁場算起；規(guī)定剛開始時磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時間的變化圖像。

21、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關S擲向1，一段時間后，將開關擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短22、由電流產(chǎn)生的磁場方向如圖所示；請在圖中標出線圈中的電流方向.

評卷人得分五、實驗題(共1題，共4分)23、某同學測量一金屬導體的電阻率，如圖甲所示，該導體橫截面為空心的正方形．外正方形的邊長是內正方形邊長的2倍且內正方形中空．經(jīng)粗略測量該金屬導體電阻為左右．為了精確測量它的阻值R，以便進一步測出該材料的電阻率實驗室備有下列器材．

A.電源E（電動勢為3V；內阻不計）

B.電流表A1（量程為0～1A，內阻r1約為）

C.電流表A2（量程為0～0.6A，內阻）

D.滑動變阻器（阻值范圍0～）

E.開關S；導線若干。

（1）請在圖乙虛線框內補充畫出完整、合理的測量電路圖_______．

（2）做實驗時，先把滑動變阻器滑片P滑動到A端，閉合開關S，滑動P到合適位置，記錄電流表A1的讀數(shù)記錄電流表的讀數(shù)可以求出金屬導體電阻R=___________（用題中所給字母表示）；然后滑動滑片，多次測量求平均值，可得到更精確阻值．

（3）該同學測得外正方形的邊長為a，金屬導體的長度為L．用已經(jīng)測得的物理量L、a及題中所給物理量可得到該金屬材料電阻率的表達式為_____________．評卷人得分六、解答題(共3題，共12分)24、如圖所示，帶電荷量為Q的正電荷固定在傾角為的光滑絕緣斜面底部的C點，斜面上有A、B兩點，且A、B和C在同一直線上，A和C相距為L，B為AC的中點。現(xiàn)將一帶電小球從A點由靜止釋放，當帶電小球運動到B點時速度正好又為零，已知帶電小球在A點處的加速度大小為靜電力常量為k；求：

（1）小球運動到B點時的加速度；

（2）A和B兩點間的電勢差用k、Q和L表示

25、如圖所示，一質量為m，電荷量為q的帶正電荷小球（可視為質點）從y軸上的A點以初速度v0（未知）水平拋出，兩長為L的平行金屬板M。N傾斜放置且水平方向間的夾角為帶電小球恰好能垂直M板從其中心小孔B進入兩板間（sin37°=0.6；cos37°=0.8）

（1）試求帶電小球在y軸上的拋出點A的坐標以及小球拋出時的初速度v0；

（2）若該平行金屬板M、N間有如圖所示的勻強電場，且勻強電場的電場強度大小與小球質量之間的關系滿足試計算兩平行板M、N之間的垂直距離d至少為多少時才能保證小球不打在N板上。

26、如圖所示為直流電動機提升重物裝置，電動機的內阻一定，閉合開關K，當把它接入電壓為的電路時，電動機不轉，測得此時流過電動機的電流是當把電動機接入電壓為的電路中，電動機正常工作且電動機勻速提升重物，工作電流是求：

（1）電動機線圈的電阻

（2）當電動機正常工作時的輸出功率；

（3）如果重物質量當時電動機提升重物的速度大小是多少?（?。?/p>

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

據(jù)題意，當滑片向a端移動，滑動變阻器的電阻變小，則整個電路總電阻變小，據(jù)閉合電路歐姆定律可知總電流I將增大；安培表的示數(shù)增大，內電壓增大而外電壓減小，故燈泡變暗。

故選D。2、A【分析】【詳解】

AB．公式為電場強度的定義式，適合一切電場強度的計算，公式中F表示試探電荷受到的電場力，q表示試探電荷的電荷量；不是場源電荷的電荷量，故A錯誤，B正確；

CD．公式為點電荷電場強度公式，只適用于點電荷電場強度的計算，Q為場源電荷的電荷量，其是利用電場強度定義式和庫侖定律表達式推導出來的，其中是點電荷q2產(chǎn)生的電場在點電荷q1處的場強大小，而是點電荷q1產(chǎn)生的電場在q2處場強的大??；故CD正確。

本題選擇錯誤的，故選A。3、B【分析】【詳解】

AB．等量異種點電荷的電場和等勢線分布如圖所示。

由圖可知，E、F兩點電勢不相同；但兩點電場強度相同，故A錯誤，B正確；

C．沿直線從C到D；電場強度先變大后變小，故C錯誤；

D．將帶正電的檢驗電荷從E點沿直線移到F點；電勢降低，電勢能減小，電場力做正功，故D錯誤。

故選B。4、C【分析】【詳解】

A．a(chǎn)點的電場強度為

b點的電場強度為

大小不同；方向相同，故A錯誤；

B．因為兩電荷的電量不等，所以連線的中垂線不是等勢線，等勢面類似于拋物線形狀，則O的電勢大于c、d兩點電勢，所以把一正點電荷從c點沿直線移動到d點的過程中；電場力先做負功后做正功，故B錯誤；

C．因為A點電荷的電荷量大于B點電荷的電荷量，所以aO間的平均電場強度大于Ob間的，負電荷在aO間的受到的電場力大于在Ob間受的電場力，故把一負試探電荷從a點移到O點比從O點移到b點克服電場力做功多；故C正確；

D．沿電場方向電勢降低，正電荷在電勢高的位置電勢能多，所以正試探電荷放在a點時具有的電勢能比在b點大；故D錯誤。

故選C。5、C【分析】【分析】

根據(jù)電場強度的大小以及A、B兩點沿電場線方向上的距離，結合U=Ed求出電勢差。

【詳解】

兩點的電勢差UAB=Ed=ELcosα，故C正確，A、B、D錯誤．6、A【分析】【詳解】

A．汽車啟動時，電鍵S閉合時，電路中總電流變大，等效于外電阻減小，根據(jù)

可知；電源的效率減小，選項A正確；

B．汽車啟動時；電路中總電流變大，則電源內阻上的電壓變大，則路端電壓減小，則車燈一定變暗，選項B錯誤；

C．由能量關系可知；電動機的輸入功率等于電源輸出功率減去兩燈的功率，選項C錯誤；

D．若L1燈短路，則L2燈也會不亮；選項D錯誤；

故選A.7、D【分析】【詳解】

A．由圖甲，根據(jù)可得，電動勢

內阻

故A錯誤；

B．由圖乙可得：電壓越大；斜率越大，故電阻越大，故B錯誤；

C．由圖乙可得，當小燈泡兩端的電壓U=0.5V時，電流I=6A，故電阻

故C錯誤；

D．把電源和小燈泡組成閉合回路；將甲；乙兩圖疊加到一起，如圖所示。

兩UI曲線的交點即小燈泡的電壓、電流，故U≈0.47V，I=5.5A，所以，小燈泡的功率P=UI=

故D正確。

故選D。8、A【分析】【詳解】

A．光敏電阻光照減弱，故光敏電阻的阻值增大，電路中的總電阻增大。由閉合電路歐姆定律可得，電路中電流減小，故R1兩端的電壓減小；故A正確；

BD．因電路中電流減小，故電源內阻的電壓減小，路端電壓增大，同時R1兩端的電壓減小，故并聯(lián)電路部分電壓增大，則流過R2的電流增大；故BD錯誤；

C．由并聯(lián)電路的電流規(guī)律可知，總電流減小，流過支路R2的電流增大，所以流過燈泡的電流一定減小，故由可知；小燈泡消耗的功率變小，故C錯誤。

故選A。二、多選題(共6題，共12分)9、A:D【分析】【詳解】

根據(jù)右手定則可知，左邊直導線在b點的磁場方向向下，右邊直導線在b點的磁場方向也是向下的，由疊加原理可知，b點磁感應強度的方向垂直a、c連線向下，選項A正確；根據(jù)右手定則可知，左邊直導線在c點的磁場方向向下，右邊直導線在c點的磁場方向也是向上，但是右邊直導線在c點的磁場強度大于左邊直導線在c點的磁場強度，由疊加原理可知，c點磁感應強度大小不為0，選項B錯誤；由疊加原理可知，a點的磁場方向垂直ac向上，則a點和b點的磁感應強度的方向相反；選項C錯誤；根據(jù)對稱性可知，a點和c點的磁感應強度大小和方向均相同，選項D正確；故選AD.

【點睛】

磁感應強度為矢量，合成時要用平行四邊形定則，因此要正確根據(jù)安培定則判斷導線周圍磁場方向是解題的前提．10、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．只要AB中電流發(fā)生變化；無論是大小變，還是方向變，還是大小和方向同時變，都可以使線圈內的磁通量發(fā)生變化，從而產(chǎn)生感應電流，A；B正確；

C．以AB為軸，線圈繞AB順時針轉90°的過程中；磁感應強度的大小和線圈的有效面積都沒變，磁通量不變，不能產(chǎn)生感應電流，C錯誤；

D．以OO′為軸逆時針轉90°的過程中；線圈的有效面積發(fā)生了變化，磁通量變化，能產(chǎn)生感應電流，D正確。

故選ABD。11、C:D【分析】【詳解】

A．由點電荷的場強公式

可知，a、b、c點的電場強度大小相等，但方向不同，所以a、b、c點的電場強度不相同；故A錯誤；

B．a(chǎn)、c兩點電勢相等且小于d點的電勢，所以Uad＝-Udc

故B錯誤；

C．由于a、b兩點的電勢相等，所以電子在a點時的電勢能等于在b點的電勢能；故C正確；

D．由于d點離正點電荷更近，所以d點電勢比a點電勢高，根據(jù)負電荷在電勢低處電勢能大，所以電子在a點時的電勢能大于在d點的電勢能；故D正確。

故選CD。12、A:D【分析】【詳解】

AB．設AC=CD=DB=L，+Q在C點產(chǎn)生的電場強度大小為方向向右；+2Q在C點產(chǎn)生的電場強度大小為方向向左，則兩點電荷在C點產(chǎn)生的合電場強度方向向右。+Q在D點產(chǎn)生的電場強度大小為方向向右；+2Q在D點產(chǎn)生的電場強度大小為方向向左，則兩點電荷在D點產(chǎn)生合電場強度方向向左。因此兩電荷連線上合場強是零的點在CD之間；A正確，B錯誤；

CD．由以上計算分析可知，從C點沿直線移到D點，合電場強度的方向先向右后向左，因此正電荷從C點沿直線移到D點；受電場力方向先向右后向左，則電場力對正電荷先做正功再做負功，C錯誤，D正確。

故選AD。13、B:C【分析】【詳解】

當變阻器的滑片向左移動時，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，總電流減小，R2電壓減小，則電容器板間電壓減小，板間的電場強度變小，電容器所帶電量減小，故A錯誤．總電流減小，電流表示數(shù)減小．則R2電壓和內電壓均減小，由閉合電路歐姆定律知，R1電壓變大，所以電壓表示數(shù)變大，故B正確．電壓表的示數(shù)U和電流表的示數(shù)I的比值=R1；變大，故C正確．由于電源的內外電阻的大小關系未知，所以不能確定電源輸出功率如何變化．故D錯誤．故選BC.

點睛：本題是電路的動態(tài)分析問題，按“局部→整體→局部”的思路進行分析．分析電源的輸出功率變化時，要根據(jù)推論：內外電阻相等時，電源的輸出功率最大來分析．14、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．將滑動變阻器的滑片P向下調節(jié)，變阻器接入電路的電阻減小，R與燈L2并聯(lián)的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得知，干路電流I增大，路端電壓U減小，則電壓表示數(shù)減小，燈L1變亮；R與燈L2并聯(lián)電路的電壓U并=U-U1，U減小，U1增大，則U并減小，燈L2變暗。流過電流表的電流IA=I-I2，I增大，I2減小，IA增大；電流表的示數(shù)增大，故A錯誤，B正確；

CD．R與燈L2并聯(lián)電路的電壓減??；電容器板間電壓減小，則其帶電量減小。故C錯誤，D正確。

故選BD。三、填空題(共5題，共10分)15、略

【分析】【詳解】

圓心O處的點電荷在A點產(chǎn)生的場強方向水平向左，根據(jù)矢量求和，所以A處的合場強為零；B處場強大?。?/p>

思路分析：先根據(jù)點電荷的場強公式求出點電荷在A點的場強大??；根據(jù)矢量求和勻原勻強電場疊加得到A；B兩點的場強大?。?/p>

試題點評：考查點電荷產(chǎn)生的電場和矢量求和的應用．【解析】9×103N/C方向與E成45°角斜向右下方16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】方向性17、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）電容器的電容由電容器本身決定；所以放電后的電容器所帶電荷量為零，電容不為零，故錯誤；

（2）電容器所帶的電荷量是指任意一個極板所帶電荷量；故錯誤；

（3）電容表示電容器容納電荷的能力；在豎直上等于1V電壓下極板所帶的電荷量，故錯誤；

（4）電容器的電容由電容器本身決定；極板間的電壓和電荷量無關，電容的大小等于電容器所帶的電荷量與極板間的電壓的比值，故錯誤；

（5）電容器的電容由電容器本身決定；極板間的電壓和電荷量無關，電容的大小等于電容器所帶的電荷量與極板間的電壓的比值，故錯誤；

（6）公式只能計算平行板電容器的電容；故錯誤；

（7）將電介質插入平行板電容器時；電容器的電容將變大，故錯誤；

（8）任何兩個彼此絕緣而又相互靠近的導體都能組成電容器；而且跟這兩個導體是否帶電無關，故正確；

（9）電容器任意一個極板上所加的都電壓不能超過擊穿電壓，故錯誤。【解析】①.錯誤②.錯誤③.錯誤④.錯誤⑤.錯誤⑥.錯誤⑦.錯誤⑧.正確⑨.錯誤18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.正②.負③.排斥④.吸引⑤.庫侖19、略

【分析】【詳解】

(1)[1]圖甲中校零時，螺旋測微器的固定刻度為0，可動刻度為

[2]圖乙測量時，螺旋測微器的固定刻度為可動刻度為故合金絲的直徑為

(2)[3]

【解析】0.006~0.0080.687~0.690四、作圖題(共3題，共6分)20、略

【分析】【分析】

【詳解】

線框穿過磁場的過程可分為三個階段，進入磁場階段（只有邊在磁場中），在磁場中運動階段（兩邊都在磁場中），離開磁場階段（只有邊在磁場中）。

①線框進入磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性增加，最后為

②線框在磁場中運動階段：對應，時間內，穿過線框的磁通量線性減小，最后為時間內，穿過線框的磁通量反向線性增加，最后為

③線框離開磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性減小，最后為

畫出圖像如圖所示。

【解析】見解析21、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減??；選項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據(jù)可知電阻箱R的電壓UR減?。贿x項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據(jù)電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據(jù)電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據(jù)可求出該電容器的電容；選項A正確；

B．根據(jù)電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電