2025年湘教版高三物理下冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教版高三物理下冊(cè)月考試卷103考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、A、B、C三質(zhì)點(diǎn)同時(shí)同地沿一直線運(yùn)動(dòng)，其x-t圖象如圖所示，則在0～t0這段時(shí)間內(nèi)，下列說法中正確的是（）A.質(zhì)點(diǎn)A的位移最大B.質(zhì)點(diǎn)C的平均速度最小C.質(zhì)點(diǎn)A在t0時(shí)刻的瞬時(shí)速度最大D.三質(zhì)點(diǎn)平均速度相等2、在物理學(xué)的探索和發(fā)現(xiàn)過程中，科學(xué)家們運(yùn)用了許多研究方法．以下關(guān)于物理學(xué)研究方法的敘述中正確的是（）A.在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來代替物體的方法是微元法B.根據(jù)速度定義式v=，當(dāng)△t→0時(shí)，就可以表示物體在t時(shí)刻的瞬時(shí)速度，該定義運(yùn)用了極限法C.在研究玻璃瓶在壓力作用下的微小形變時(shí)采用了微元法D.在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運(yùn)動(dòng)，再把各小段位移相加，這里運(yùn)用了理想模型法3、物體在豎直向上的拉力F作用下豎直向上運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的v-t圖象如圖所示．在0-2s、2-3s、3-5s三段時(shí)間內(nèi)F做功依次為W1、W2和W3，則它們的大小關(guān)系正確的是（）A.W1＞W(wǎng)2＞W(wǎng)3B.W1=W2=W3C.W3＞W(wǎng)2＞W(wǎng)1D.W1＞W(wǎng)3＞W(wǎng)24、放在磁場(chǎng)中的閉合線圈，當(dāng)滿足一定條件時(shí)會(huì)有電流流過，這種現(xiàn)象叫做()A.靜電現(xiàn)象B.電流的磁效應(yīng)C.電磁感應(yīng)D.電流的熱效應(yīng)5、在變電站里，經(jīng)常要用交流電表去監(jiān)測(cè)電網(wǎng)上的高電壓，所用的器材叫電壓互感器.

如下所示的四個(gè)圖中，能正確反應(yīng)其工作原理的是(

)

A.B.C.D.6、人站在h高處的平臺(tái)上，水平拋出一個(gè)質(zhì)量為m的物體，物體落地時(shí)的水平速度為v，以地面為重力勢(shì)能的零點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，則下列說法中不正確的是（）A.人對(duì)小球做的功是mv2B.物體下落的過程中的動(dòng)能的改變量為mghC.小球落地時(shí)的機(jī)械能是mv2+mghD.小球重力勢(shì)能的改變量是mv2-mgh7、下列說法正確的是（）A.原子核U衰變?yōu)樵雍薖a，經(jīng)1次α衰變、1次β衰變B.熱核反應(yīng)就是重核的裂變C.入射光的波長(zhǎng)大于金屬的極限波長(zhǎng)才能發(fā)生光電效應(yīng)D.光電效應(yīng)中發(fā)射出的光電子是同時(shí)吸收了多個(gè)光子的能量后逃離金屬表面的A8、如圖所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直彈性圓形導(dǎo)線圈abcd指向紙內(nèi)，現(xiàn)讓線圈仍處在原先所在平面內(nèi)且面積增大，則在線圈發(fā)生形變的過程中（）A.線圈中將產(chǎn)生abcda方向的感應(yīng)電流B.線圈中將產(chǎn)生adcba方向的感應(yīng)電流C.線圈中感應(yīng)電流方向無法判斷D.線圈中無感應(yīng)電流9、在做“碰撞中的動(dòng)量守恒”實(shí)驗(yàn)中，以下操作正確的是（）A.在安裝斜槽軌道時(shí)，必須使斜槽末端的切線保持水平B.入射小球沿斜槽下滑過程中，受到與斜槽的摩擦力會(huì)影響實(shí)驗(yàn)C.白紙鋪到地面上后，實(shí)驗(yàn)時(shí)整個(gè)過程都不能移動(dòng)，但復(fù)寫紙不必固定在白紙上D.復(fù)寫紙必須要將整張白紙覆蓋評(píng)卷人得分二、雙選題(共8題，共16分)10、【題文】水平桌面上有甲；乙、丙三個(gè)完全相同的容器；裝有不同的液體，將三個(gè)長(zhǎng)方體A、B、C分別放入容器的液體中，靜止時(shí)的位置如圖所示，三個(gè)容器的液面相平。已知三個(gè)長(zhǎng)方體的質(zhì)量和體積都相同。則下列判斷正確的是。

A．物體受到的浮力F浮A＞F浮B＞F浮C

B．容器對(duì)桌面的壓力F甲＜F乙＜F丙

C．液體對(duì)容器底的壓強(qiáng)p甲＝p乙＝p丙

D．物體下表面受到液體的壓力F′A＞F′B＝F′C11、短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序數(shù)之和為rm{45}四種元素均位于不同主族。rm{W}的最高正價(jià)和最低負(fù)價(jià)代數(shù)和等于rm{0}rm{X}單質(zhì)可作半導(dǎo)體材料；rm{Z}的氣態(tài)氫化物與其最高價(jià)含氧酸都是強(qiáng)酸。下列說法中正確的是A.原子半徑：rm{X<Y}B.最簡(jiǎn)單氫化物的穩(wěn)定性：rm{Z>X}C.rm{Y}的簡(jiǎn)單離子與rm{Z}的簡(jiǎn)單離子具有相同的電子層結(jié)構(gòu)D.化合物rm{XWZ_{3}}中存在離子鍵和極性鍵12、三位分別來自法國(guó)、美國(guó)、荷蘭的科學(xué)家因研究“分子機(jī)器的設(shè)計(jì)與合成”而獲得rm{2016}年諾貝爾化學(xué)獎(jiǎng)。納米分子機(jī)器日益受到關(guān)注，機(jī)器的“車輪”常用組件如下，下列說法正確的是()rm{壟脵(}三碟烯rm{)}rm{壟脷(}扭曲烷rm{)}rm{壟脹(}富勒烯rm{)}rm{壟脺(}金剛烷rm{)}A.rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}均屬于烴B.rm{壟脵壟脹}均能發(fā)生加成反應(yīng)C.rm{壟脵壟脺}互為同分異構(gòu)體D.rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}的一氯代物均只有一種13、常溫下，用rm{0.1000mol/L}的鹽酸滴定rm{20.00mL}未知濃度的rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，溶液的rm{pH}與所加鹽酸的體積關(guān)系如圖所示。下列有關(guān)敘述正確的是A.rm{a}點(diǎn)溶液呈堿性的原因用離子方程式表示為：rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}Ooverset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}B.rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}O

overset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}點(diǎn)處的溶液中rm{c}rm{c}rm{(Na^{+})-}rm{c}rm{(Cl^{-})=}rm{c}rm{(HCO{}^{^{-}}_{_{3}})+2}rm{c}C.滴定過程中使用甲基橙作為指示劑比酚酞更準(zhǔn)確D.rm{(CO{}^{^{2-}}_{_{3}})}點(diǎn)處溶液中水電離出的rmxktb8rcrm{c}大于rm{(H^{+})}點(diǎn)處rm14、rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{T}四種原子序數(shù)遞增的短周期元素，其部分性質(zhì)或結(jié)構(gòu)如下：。元素元素性質(zhì)或原子結(jié)構(gòu)rm{X}形成的簡(jiǎn)單陽離子核外無電子rm{Y}元素的氣態(tài)氫化物的水溶液顯堿性rm{Z}元素在周期表中的周期序數(shù)是族序數(shù)的rm{3}倍rm{T}同周期元素中形成的簡(jiǎn)單離子半徑最小下列說法不正確的是rm{(}rm{)}A.原子半徑大小順序：rm{Z>T>Y>X}B.rm{X}與rm{Y}可形成既含極性鍵又含非極性鍵的化合物C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三種元素形成的化合物只可能含有共價(jià)鍵，不可能含有離子鍵D.由rm{X}rm{Y}和rm{T}三種元素的簡(jiǎn)單離子，均能破壞水的電離平衡15、某課題組以納米rm{Fe_{2}O_{3}}作為電極材料制備鋰離子電池rm{(}另一極為金屬鋰和石墨的復(fù)合材料rm{)}通過在室溫條件下對(duì)鋰離子電池進(jìn)行循環(huán)充放電，成功地實(shí)現(xiàn)了對(duì)磁性的可逆調(diào)控rm{(}如圖rm{)}以下說法正確的是A.放電時(shí)，正極的電極反應(yīng)式為rm{Fe_{2}O_{3}+6Li^{+}+6e^{-}=2Fe+3Li_{2}O}B.該電池可以用水溶液做電解質(zhì)溶液C.放電時(shí)，rm{Fe}作電池的負(fù)極，rm{Fe_{2}O_{3}}作電池的正極D.充電時(shí)，電池被磁鐵吸引評(píng)卷人得分三、填空題(共7題，共14分)16、（2015?閘北區(qū)一模）如圖，用跨過光滑定滑輪的纜繩將海面上一艘小船直線拖向岸邊．已知拖動(dòng)纜繩的電動(dòng)機(jī)功率恒為P，小船的質(zhì)量為m，小船所受到水的阻力大小恒為f，經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的速度大小為v，小船從A點(diǎn)沿直線運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)經(jīng)歷時(shí)間為t，此時(shí)纜繩與水平面夾角為θ，A、B兩點(diǎn)間水平距離為d，纜繩質(zhì)量忽略不計(jì)．則小船經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的速度大小為____，小船經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的加速度大小為____．17、（2010秋?北海期中）如圖所示，QA=2×10-8C，QB=-2×10-8C，A、B相距3cm．在水平方向的外電場(chǎng)作用下，A、B保持靜止，懸線都沿豎直方向．則此電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為____N/C，方向是____．A、B之間中點(diǎn)處的合電場(chǎng)強(qiáng)度大小是____N/C，方向是____．18、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體可由狀態(tài)1經(jīng)等容過程到狀態(tài)2，再經(jīng)等壓過程到狀態(tài)3，也可先經(jīng)等壓過程到狀態(tài)4，再經(jīng)等容過程到狀態(tài)3．已知狀態(tài)1的溫度和狀態(tài)3的溫度相同，狀態(tài)2的溫度為T2，狀態(tài)4的溫度為T4，則狀態(tài)1和狀態(tài)3的溫度T1=T3=____．

19、如圖所示為電源的路端電壓U

與電力I

管線的圖象，由圖可知，該電源的電動(dòng)勢(shì)為______V

內(nèi)阻為______婁賂.

20、鋁在土壤中常以鋁酸鹽的形式存在，可造成土壤酸化而影響植物生長(zhǎng)。鋁能抑制植物根尖細(xì)胞的分裂，抑制根生長(zhǎng)，破壞根組織。部分植物能通過根部細(xì)胞膜上的蘋果酸通道蛋白（ALMT）將蘋果酸轉(zhuǎn)運(yùn)到細(xì)胞外來緩解鋁毒?？蓪LMT基因?qū)胫参锛?xì)胞，來培育轉(zhuǎn)基因耐鋁植物，請(qǐng)回答下列問題：（1）可以從基因文庫中獲得ALMT基因，則合成cDNA的過程中，反應(yīng)體系內(nèi)加入的物質(zhì)除mRNA和ATP外，還包括_________、___________、____。（2）可將ALMT基因插入農(nóng)桿菌Ti質(zhì)粒的______________片段中，以便目的基因進(jìn)入植物細(xì)胞。利用該方法導(dǎo)入的目的基因的遺傳一般遵循孟德爾遺傳定律，原因是_________________________。（3）啟動(dòng)子是_________________特異性識(shí)別并結(jié)合的位點(diǎn)，能調(diào)控目的基因的表達(dá)。ALMT基因的啟動(dòng)子有兩種類型，其中α啟動(dòng)子能使ALMT基因在酸性土壤的誘導(dǎo)下表達(dá)，β啟動(dòng)子能使ALMT基因高效表達(dá)而無需酸性誘導(dǎo)。則在獲得轉(zhuǎn)ALMT基因耐鋁植物時(shí)應(yīng)使用α啟動(dòng)子，不使用另外一種啟動(dòng)子的原因是___________________________________________________________________________________________________________________________。21、（2010秋?安平縣校級(jí)月考）A．B．C三個(gè)物體疊放在桌面上，在A的上面加一個(gè)作用力F，則物體A受____個(gè)力；物體B受____個(gè)力．22、（2012春?上城區(qū)校級(jí)期中）位于x=0處的聲源從t=0時(shí)刻開始振動(dòng)；振動(dòng)圖象如圖所示，已知波在空氣中傳播的速度為340m/s，則：

（1）該聲源振動(dòng)的位移隨時(shí)間變化的表達(dá)式為____mm．

（2）從聲源振動(dòng)開始經(jīng)過____s；位于x=68m的觀測(cè)者開始聽到聲音．

（3）如果在聲源和觀測(cè)者之間設(shè)置一堵長(zhǎng)為30m，高為2m，吸音效果良好的墻，觀測(cè)者能否聽到聲音，為什么？____．評(píng)卷人得分四、判斷題(共1題，共4分)23、直線電流磁場(chǎng)的方向的判斷可以用安培定則：____．評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)探究題(共3題，共30分)24、小明在研究由某種新材料制成的圓柱體電學(xué)元件(

圖甲所示)

的過程中，進(jìn)行了如下操作：(1)

用20

分度的游標(biāo)卡尺測(cè)量其長(zhǎng)度如圖乙所示；由圖可知其長(zhǎng)度為____mm

用螺旋測(cè)微器測(cè)量其直徑如圖丙所示，其直徑為____mm.

(2)

小明為研究通過該電學(xué)元件的電流I

隨兩端電壓U

變化的關(guān)系；設(shè)計(jì)了圖示實(shí)驗(yàn)電路.

為使該電學(xué)元件兩端電壓能從零開始調(diào)起，請(qǐng)你用筆畫線代替導(dǎo)線幫他將電路實(shí)物圖連接完整．

(3)

小明利用(2)

中實(shí)驗(yàn)電路測(cè)得相關(guān)數(shù)據(jù)如下表所示，請(qǐng)你在坐標(biāo)紙上繪出I鈭?U

圖象．。U/V

0

0.40

0.60

0.80

1.00

1.20

1.32

1.50

I/A

0

0.20

0.45

0.80

1.25

1.80

2.20

2.81

(4)

小明用一節(jié)電動(dòng)勢(shì)為1.5V

內(nèi)阻為0.75婁賂

的干電池僅對(duì)該元件供電.

則該元件消耗的電功率為____W.(

結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)

25、利用氣墊導(dǎo)軌驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示.

水平桌面上固定一傾斜的氣墊導(dǎo)軌；導(dǎo)軌上A

點(diǎn)處有一帶長(zhǎng)方形遮光片的滑塊，其總質(zhì)量為M

左端由跨過輕質(zhì)光滑定滑輪的細(xì)繩與一質(zhì)量為m

的小球相連；遮光片兩條長(zhǎng)邊與導(dǎo)軌垂直；導(dǎo)軌上B

點(diǎn)有一光電門，可以測(cè)量遮光片經(jīng)過光電門時(shí)的擋光時(shí)間，用d

表示A

點(diǎn)到光電門B

處的距離，b

表示遮光片的寬度，將遮光片通過光電門的平均速度看作滑塊通過B

點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)速度.

實(shí)驗(yàn)時(shí)滑塊在A

處由靜止開始運(yùn)動(dòng)，測(cè)得遮光片經(jīng)過光電門時(shí)的擋光時(shí)間t

．(1)

滑塊通過點(diǎn)B

的瞬時(shí)速度可表示為vB=

________(

用題中字母表示)

(2)

某次實(shí)驗(yàn)測(cè)得傾角婁脠=30鈭?

滑塊從A

處到達(dá)B

處時(shí)，m

和M

組成的系統(tǒng)動(dòng)能增加量可表示為婁隴E=

________，滑塊從A

處到達(dá)B

處的過程中，系統(tǒng)的重力勢(shì)能減少量可表示為婁隴Ep=

________，在誤差允許的范圍內(nèi)，若婁隴Ek=婁隴Ep

則可認(rèn)為系統(tǒng)的機(jī)械能守恒；重力加速度用g

表示(

用題中字母表示)

．(3)

在(2)

描述的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)改變AB

間的距離，作出的v2鈭?d

圖象如圖所示，并測(cè)得M=m

則重力加速度g=

________m/s2

．26、某同學(xué)設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)來測(cè)量物塊和地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，同時(shí)測(cè)量彈簧的勁度系數(shù)。如圖甲所示，用n根相同的輕彈簧（圖中未畫出）彼此平行地沿水平方向拉放在水平地面上質(zhì)量為m的物塊。改變彈簧的根數(shù)進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)，保證每根彈簧的伸長(zhǎng)量均為x（在彈性限度內(nèi)），利用加速度傳感器測(cè)出物塊的加速度a，通過描點(diǎn)連線得到a與彈簧根數(shù)n的關(guān)系如圖乙所示。圖線在橫軸上的截距為n1，在縱軸上的截距為-b．當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮間

（1）物塊與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為______。

（2）彈簧的勁度系數(shù)為______。評(píng)卷人得分六、計(jì)算題(共4題，共28分)27、在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中；帶正電的小球用兩根絕緣細(xì)線懸掛于O點(diǎn)和A點(diǎn)，線長(zhǎng)均為L(zhǎng)，AB線水平，BO線與豎直方向夾角為θ，小球的質(zhì)量為m，電荷量為q，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E，如圖，現(xiàn)剪斷水平細(xì)線，小球?qū)⑾蛳聰[動(dòng)到最低點(diǎn)．求：

（1）剪斷AB線以前；BO懸掛的拉力；

（2）當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，小球的速度．28、（13分）如圖所示，一質(zhì)量m=0.4kg的小物塊，以v0=2m/s的初速度，在與斜面成某一夾角的拉力F作用下，沿斜面向上做勻加速運(yùn)動(dòng)，經(jīng)t=2s的時(shí)間物塊由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，A、B之間的距離L=10m。已知斜面傾角θ=30o，物塊與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)（重力加速度g取10m/s2）（1）求物塊加速度的大小及到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度的大小。（2）拉力F與斜面的夾角多大時(shí)，拉力F最??？拉力F的最小值是多少？29、如圖所示，粒子源能放出初速度為0

比荷均為qm=1.6隆脕104C/kg

的帶負(fù)電粒子，進(jìn)入水平方向的加速電場(chǎng)中，加速后的粒子正好能沿圓心方向垂直進(jìn)入一個(gè)半徑為r=0.1m

的圓形磁場(chǎng)區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化的關(guān)系為B=0.5sin婁脴t(T)

在圓形磁場(chǎng)區(qū)域右邊有一屏，屏的高度為h=0.63m

屏距磁場(chǎng)右側(cè)距離為L(zhǎng)=0.2m

且屏中心與圓形磁場(chǎng)圓心位于同一水平線上.

現(xiàn)要使進(jìn)入磁場(chǎng)中的帶電粒子能全部打在屏上，試求加速電壓的最小值．30、如圖所示，質(zhì)量m1=3kg的滑塊C（可視為質(zhì)點(diǎn)）放置于光滑的平臺(tái)上，與一處于自然長(zhǎng)度的彈簧接觸但不相連，彈簧另一端固定在豎直墻壁上。平臺(tái)右側(cè)的水平地面上緊靠平臺(tái)依次排放著兩塊木板A、B．已知木板A、B的長(zhǎng)度均為L(zhǎng)=5m，質(zhì)量均為m2=1.5kg，木板A、B上表面與平臺(tái)相平，木板A與平臺(tái)和木板B均接觸但不粘連。滑塊C與木板A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ1=0.3，木板A、B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2=0.1．現(xiàn)用一水平向左的力作用于滑塊C上，將彈簧從原長(zhǎng)開始緩慢地壓縮一段距離，然后將滑塊C由靜止釋放，當(dāng)滑塊C剛滑上木板A時(shí)，滑塊C的速度為7m/s．設(shè)最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力大小相等，取g=10m/s2．求：

（1）彈簧的最大彈性勢(shì)能；

（2）滑塊C剛滑上木板A時(shí)；木板A；B及滑塊C的加速度；

（3）從滑塊C滑上木板A到整個(gè)系統(tǒng)停止運(yùn)動(dòng)所需的時(shí)間。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】由位移與時(shí)間的圖象縱坐標(biāo)的變化量讀出位移關(guān)系，再根據(jù)平均速度公式判斷平均速度的大?。矔r(shí)速度由圖象的斜率分析．【解析】【解答】解：ABD、根據(jù)位移等于x的變化量，由圖象可知，A、B、C三質(zhì)點(diǎn)在0～t0這段時(shí)間內(nèi)的位移相等；所用的時(shí)間也相等，所以三個(gè)質(zhì)點(diǎn)的平均速度相等，故A；B錯(cuò)誤，D正確；

C、x-t圖的斜率表示瞬時(shí)速度，由圖可知質(zhì)點(diǎn)C在t0時(shí)刻的瞬時(shí)速度最大；故C錯(cuò)誤；

故選：D2、B【分析】【分析】質(zhì)點(diǎn)是實(shí)際物體在一定條件下的科學(xué)抽象，是采用了建立理想化的物理模型的方法；當(dāng)時(shí)間非常小時(shí)，我們認(rèn)為此時(shí)的平均速度可看作某一時(shí)刻的速度即稱之為瞬時(shí)速度，采用的是極限思維法；在研究曲線運(yùn)動(dòng)或者加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，常常采用微元法，將曲線運(yùn)動(dòng)變成直線運(yùn)動(dòng)，或?qū)⒆兓乃俣茸兂刹蛔兊乃俣龋窘馕觥俊窘獯稹拷猓篈；用質(zhì)點(diǎn)代替物體；采用的科學(xué)方法是建立理想化的物理模型的方法，故A錯(cuò)誤；

B；以時(shí)間趨向無窮小時(shí)的平均速度作為瞬時(shí)速度；采用了極限思維法，故B正確；

C；在研究玻璃瓶在壓力作用下的微小形變時(shí)采用了放大法；故C錯(cuò)誤；

D；在推導(dǎo)勻變速運(yùn)動(dòng)的位移公式時(shí)；采用微元法將變速運(yùn)動(dòng)等效近似為很多小段的勻速運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤．

故選：B．3、A【分析】【分析】根據(jù)位移時(shí)間圖象中圖象與時(shí)間軸所圍圖形的面積表示物體的位移可知，三個(gè)時(shí)間段里物體的位移大小相等，再根據(jù)功的表達(dá)式W=FS可知，比較功的大小就是比較力的大?。?yàn)槲矬w在力F和重力兩個(gè)力作用下運(yùn)動(dòng)，根據(jù)物體運(yùn)動(dòng)的狀態(tài)確定力F與重力的大小從而比較力的大小即可．【解析】【解答】解：由v-t圖象可知；物體在三段時(shí)間內(nèi)的位移大小相等均為S，比較力F做功的大小就是比較三段時(shí)間作用在物體上的力F的大小即可．

如圖可知，物體在0-2s內(nèi)向上做我加速直線運(yùn)動(dòng)故F1＞mg；物體在2-3s內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故F2=mg，物體在3-5s內(nèi)向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)故有F3＜mg；

由于位移S相同，故三段時(shí)間內(nèi)力F做功滿足W1＞W(wǎng)2＞W(wǎng)3故A選項(xiàng)正確；BCD錯(cuò)誤．

故選A4、C【分析】解：放在磁場(chǎng)中的閉合線圈；當(dāng)穿過線圈的磁通量發(fā)生改變時(shí)，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，這種現(xiàn)象叫電磁感應(yīng)．故C正確．

故選C【解析】【答案】C5、B【分析】解：由理想變壓器的原副線圈的電壓之比可知；電壓與匝數(shù)成正比.

則電壓互感器應(yīng)并聯(lián)接入匝數(shù)較多的線圈上.

故B正確；

故選：B

電壓互感器要并聯(lián)在線路中；且原線圈匝數(shù)比副線圈的多．

電壓互感器的接線應(yīng)遵守并聯(lián)原則；按被測(cè)電壓大小，選擇合適的匝數(shù)比．【解析】B

6、D【分析】【分析】人對(duì)小球做的功等于小球獲得的初動(dòng)能，根據(jù)對(duì)拋出到落地的過程運(yùn)用動(dòng)能定理即可求得初動(dòng)能；小球落地的機(jī)械能等于落地時(shí)的動(dòng)能加重力勢(shì)能，以地面為重力勢(shì)能的零點(diǎn)，所以小球落地的機(jī)械能等于落地時(shí)的動(dòng)能．【解析】【解答】解：A、人對(duì)小球做的功等于小球獲得的初動(dòng)能，而物體平拋運(yùn)動(dòng)的初速度等于v，根據(jù)動(dòng)能定理得：人對(duì)小球做的功是W=mv2．故A正確．

B、對(duì)拋出到落地的過程，運(yùn)用動(dòng)能定理得：動(dòng)能的改變量為△Ek=mgh；故B正確．

C、小球的機(jī)械能守恒，其落地時(shí)的機(jī)械能等于剛被拋出時(shí)的機(jī)械能，為mv2+mgh．故C正確．

D；小球重力勢(shì)能的改變量等于重力做功的負(fù)值；為-mgh，故D錯(cuò)誤．

本題選不正確的，故選：D7、A【分析】【分析】α衰變的過程中電荷數(shù)少2，質(zhì)量數(shù)少4，β衰變的過程中電荷數(shù)多1，質(zhì)量數(shù)不變．根據(jù)衰變的實(shí)質(zhì)確定衰變的次數(shù)．發(fā)生光電效應(yīng)的條件是v＞v0或hv＞W(wǎng)0，光電效應(yīng)中電子一次只能是吸收了一個(gè)光子的能量．【解析】【解答】解：A；設(shè)經(jīng)過了n次α衰變；m次β衰變．有：4n=238-234=4，所以n=1；2n-m=92-91=1，解得m=1．故A正確；

B；熱核反應(yīng)就是輕核的聚變．故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)光電效應(yīng)方程EKm=h-h．入射光的波長(zhǎng)必須小于極限波長(zhǎng)；才能發(fā)生光電效應(yīng)．故C錯(cuò)誤；

D；光電效應(yīng)中發(fā)射出的光電子是吸收了一個(gè)光子的能量后逃離金屬表面的；不可能同時(shí)吸收了多個(gè)光子的能量．故D錯(cuò)誤．

故選：A8、B【分析】【分析】根據(jù)面積增大，導(dǎo)致穿過線圈的磁通量增大．再由楞次定律，即可求解．【解析】【解答】解：由題意可知，磁通量在增大，根據(jù)楞次定律知在線圈中將產(chǎn)生adcba方向的感應(yīng)電流．

故選：B．9、A【分析】【分析】在研究碰撞中的動(dòng)量守恒的實(shí)驗(yàn)中，入射小球應(yīng)始終保持在同一高度釋放，使獲得的速度一定，兩球要發(fā)生正碰，采用最小圓的方法確定小球落點(diǎn)的平均值．根據(jù)實(shí)驗(yàn)的要求和操作方法進(jìn)行分析．【解析】【解答】解：A；為使小球做平拋運(yùn)動(dòng)；在安裝斜槽軌道時(shí)，必須使斜槽末端的切線保持水平，故A正確；

B；入射小球沿斜槽下滑過程中；受到與斜槽的摩擦力不會(huì)影響實(shí)驗(yàn)，故B錯(cuò)誤；

C；白紙鋪到地面上后；實(shí)驗(yàn)時(shí)整個(gè)過程都不能移動(dòng)，但復(fù)寫紙不必固定在白紙上，故C正確；

D；只在小球落地附近放上復(fù)習(xí)紙即可；復(fù)寫紙不必要將整張白紙覆蓋，故D錯(cuò)誤；

故選：AC．二、雙選題(共8題，共16分)10、B|D【分析】【解析】

試題分析：三個(gè)長(zhǎng)方體的質(zhì)量相同，它們?cè)谌N液體中都只受重力和浮力，由二力平衡，它們受到的浮力大小相等，A選項(xiàng)錯(cuò)誤。由三個(gè)長(zhǎng)方體在液體中所處的深度不同，得到容器底所處的深度相同，液體對(duì)容器底的壓強(qiáng)C選項(xiàng)錯(cuò)誤。容器是相同的，所以容器對(duì)桌面的壓力B選項(xiàng)正確。浮力是物體上下表面所受的壓力差，A物體上下表面都受到液體的壓力，B/、C只有下表面受到壓力，所以它們下表面所受到的壓力F′A＞F′B＝F′C；D選項(xiàng)正確。

考點(diǎn)：壓力壓強(qiáng)【解析】【答案】B、D11、AB【分析】【分析】本題考查了位置、結(jié)構(gòu)與性質(zhì)的關(guān)系，題目難度中等，推斷元素為解答關(guān)鍵，注意熟練掌握原子結(jié)構(gòu)與元素周期律、元素周期表的關(guān)系?！窘獯稹縭m{X}單質(zhì)可作半導(dǎo)體材料，則rm{X}為rm{Si}元素；rm{W}的最高正價(jià)和最低負(fù)價(jià)代數(shù)和等于rm{0}四種元素均位于不同主族，則rm{W}為rm{H}元素；rm{Z}的氣態(tài)氫化物與其最高價(jià)含氧酸都是強(qiáng)酸，則rm{Z}為rm{Cl}元素；短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序數(shù)之和為rm{45}則rm{Y}的原子序數(shù)為rm{45-1-14-17=13}則rm{Y}為rm{Al}元素。單質(zhì)可作半導(dǎo)體材料，則rm{X}為rm{X}元素；rm{Si}的最高正價(jià)和最低負(fù)價(jià)代數(shù)和等于rm{W}四種元素均位于不同主族，則rm{0}為rm{W}元素；rm{H}的氣態(tài)氫化物與其最高價(jià)含氧酸都是強(qiáng)酸，則rm{Z}為rm{Z}元素；短周期元素rm{Cl}rm{W}rm{X}rm{Y}的原子序數(shù)之和為rm{Z}則rm{45}的原子序數(shù)為rm{Y}則rm{45-1-14-17=13}為rm{Y}元素。rm{Al}和A.rm{Si}和rm{Al}為第三周期元素，同周期從左到右原子半徑逐漸減小，則原子半徑：rm{Al>Si}故A正確；為第三周期元素，同周期從左到右原子半徑逐漸減小，則原子半徑：rm{Si}故A正確；rm{Al}則氫化物穩(wěn)定性：rm{Al>Si}故B正確；B.由于非金屬性rm{Cl>Si}則氫化物穩(wěn)定性：rm{HCl>SiH_{4}}故B正確；個(gè)電子，氯離子有rm{Cl>Si}個(gè)電子，故C錯(cuò)誤；rm{HCl>SiH_{4}}中只含有極性鍵，無離子鍵，故D錯(cuò)誤。C.鋁離子有rm{10}個(gè)電子，氯離子有rm{18}個(gè)電子，故C錯(cuò)誤；

rm{10}【解析】rm{AB}12、AB【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的結(jié)構(gòu)與性質(zhì)，為高頻考點(diǎn)，注意把握官能團(tuán)與性質(zhì)的關(guān)系，側(cè)重苯、烷烴性質(zhì)的考查?！窘獯稹緼.只含有碳?xì)鋬煞N元素的有機(jī)物為烴，rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}均屬于烴，故A正確；B.三碟烯和富勒烯中均含有不飽和鍵，能發(fā)生加成反應(yīng)，故B正確；C.三碟烯的分子式為rm{C_{20}H_{14}}金剛烷的分子式為rm{C_{10}H_{16}}二者不是同分異構(gòu)體，故C錯(cuò)誤；D.三碟烯的一氯代物有rm{4}種，金剛烷的一氯代物有rm{3}種，故D錯(cuò)誤。故選AB?！窘馕觥縭m{AB}13、rm{BC}【分析】【分析】本題考查了酸堿中和滴定的應(yīng)用，題目難度中等，明確溶液酸堿性與溶液rm{pH}的關(guān)系為解答關(guān)鍵，注意掌握中和滴定側(cè)重方法，試題培養(yǎng)了學(xué)生的分析能力及化學(xué)實(shí)驗(yàn)?zāi)芰??！窘獯稹緼.rm{a}點(diǎn)為rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，碳酸根離子部分水解，溶液呈堿性，碳酸根離子的水解一第一步為主，正確的離子方程式為：rm{CO_{3}^{2-}+H_{2}O?HCO_{3}^{-}+OH^{-}}故A錯(cuò)誤；

B.rm{c}點(diǎn)的rm{pH=7}溶液呈中性，則rm{c(H^{+})=c(OH^{-})}根據(jù)電荷守恒rm{c(Na^{+})+c(H^{+})=c(Cl^{-})+c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})+c(OH^{-})}可知：rm{c(Na^{+})-c(Cl^{-})=c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})}故B正確；

C.碳酸氫鈉溶液的rm{pH}接近rm{8.2}與酚酞變色的rm{pH}接近，變色時(shí)的rm{pH}和反應(yīng)終點(diǎn)的rm{pH}不好判斷；而使用甲基橙容易判斷終點(diǎn)，且反應(yīng)產(chǎn)生的二氧化碳不能全部逸出使溶液偏酸性，因此使用甲基橙的誤差小rm{(}使用甲基橙易判斷滴定終點(diǎn)，誤差小rm{)}故C正確；

D.rm點(diǎn)碳酸氫根離子水解，促進(jìn)了水的電離，而rmzdl8urf點(diǎn)溶液呈酸性，抑制了水的電離，則rmibzdvt0點(diǎn)處溶液中水電離出的rm{c(H^{+})}小于rm點(diǎn)處；故D錯(cuò)誤；

故選BC。

【解析】rm{BC}14、AC【分析】【分析】本題考查元素的結(jié)構(gòu)與元素的性質(zhì)，題目難度中等，注意正確推斷元素的種類為解答該題的關(guān)鍵?！窘獯稹縭m{X}形成的簡(jiǎn)單陽離子核外無電子，應(yīng)為rm{H}元素；rm{Y}元素的氣態(tài)氫化物和它的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)的水化物能發(fā)生化合反應(yīng)，形成的物質(zhì)為銨鹽，應(yīng)為rm{N}元素；rm{Z}元素在周期表的族序數(shù)等于周期序數(shù)的rm{3}倍，即最外層電子數(shù)為電子層數(shù)的rm{3}倍，應(yīng)為rm{O}元素；rm{T}同周期元素中形成的簡(jiǎn)單離子半徑最小，應(yīng)為rm{Al}元素；

即rm{X}為rm{H}元素，rm{Y}為rm{N}元素，rm{Z}為rm{O}元素，rm{T}為rm{Al}元素；則。

A.根據(jù)同周期元素從左到右原子半徑逐漸減小，原子的核外電子層數(shù)越多，半徑越大可知，原子半徑順序?yàn)閞m{T>Y>Z>X}故A錯(cuò)誤；

B.rm{X}分別與rm{Y}形成rm{N_{2}H_{4}}等化合物；既含極性鍵又含非極性鍵，故B正確；

C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三種元素形成的rm{NH_{4}NO_{3}}中只含有共價(jià)鍵也含有離子鍵rm{X}rm{Y}的三種元素形成的rm{Z}中只含有共價(jià)鍵也含有離子鍵；故C錯(cuò)誤；

D.rm{NH_{4}NO_{3}}由rm{X}rm{Y}和rm{T}三種元素的簡(jiǎn)單離子，均能和rm{X}三種元素的簡(jiǎn)單離子，均能促進(jìn)水的電離；故D正確。

故選AC。

rm{Y}【解析】rm{AC}15、AD【分析】【分析】本題綜合考查原電池和電解池知識(shí)，為高頻考點(diǎn)，側(cè)重于學(xué)生的分析能力和計(jì)算能力的考查，注意把握原電池、電解池的工作原理以及電極方程式的書寫，難度中等?！窘獯稹緼.正極發(fā)生還原反應(yīng)，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}rm{{,!}}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}得電子被還原rm{F}所以放電時(shí)電池正極的電極反應(yīng)式為rm{e}rm{2}rm{e}，故rm{e}正確；B.鋰和水發(fā)生反應(yīng)，所以不可以用rm{e}溶液為電解質(zhì)溶液，故rm{2}錯(cuò)誤；C.rm{2}作電池的負(fù)極，rm{O}rm{3}rm{O}rm{O}rm{O}rm{3}rm{3}，故rm{{,!}}錯(cuò)誤；D.充電時(shí)，，，作為陽極，電池被磁鐵吸引，故，。故選AD。，【解析】rm{AD}三、填空題(共7題，共14分)16、【分析】【分析】（1）根據(jù)功的表達(dá)式求出阻力所做的功；根據(jù)動(dòng)能定理求出小船經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的速度．

（2）設(shè)小船經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)繩的拉力大小為F，繩與水平方向夾角為θ，繩的速度大小為u，根據(jù)牛頓第二定律、功率P=Fu，以及小船速度與繩子收縮速度的關(guān)系求出B點(diǎn)的加速度．【解析】【解答】解：（1）小船從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)克服阻力做功Wf=fd①

小船從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)；電動(dòng)機(jī)牽引繩對(duì)小船做功W=Pt②

由動(dòng)能定理有W-Wf=m-mv2③

由①②③式解得v1=④

（2）設(shè)小船經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)繩的拉力大小為F；繩與水平方向夾角為θ，繩的速度大小為u；

P=Fu⑤

u=v1cosθ⑥

牛頓第二定律Fcosθ-f=ma⑦

由④⑤⑥⑦得a=

故答案為：；．17、2×105由B指向A1.4×106由中點(diǎn)處指向B【分析】【分析】對(duì)B球分析，根據(jù)水平方向平衡，得出外電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小和方向．根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加求出AB中點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小和方向．【解析】【解答】解：對(duì)B球受力分析，由平衡條件有：k=QBE．

解得：E=k=9×109×N/C=2×105N/C．

因?yàn)锽球受A球的庫侖力方向水平向左；則外電場(chǎng)給B球的電場(chǎng)力水平向右，所以電場(chǎng)強(qiáng)度的方向由B指向A．

A、B兩電荷在中點(diǎn)產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)大小為：E1=2==8×2×105N/C=1.6×106N/C；方向水平向右．

則AB中點(diǎn)處的總場(chǎng)強(qiáng)為：E′=E1-E=1.4×106N/C．方向水平向右即由中點(diǎn)處指向B．

故答案為：2×105，由B指向A，1.4×106，由中點(diǎn)處指向B．18、略

【分析】

理想氣體狀態(tài)方程得：

p1V1=nRT1①

p2V2=nRT2②

p3V3=nRT3③

p4V4=nRT4④

由題意知，p1=p4，p2=p3，V1=V2，V3=V4，T1=T3則。

由②得p2V1=nRT2⑤

由③得p2V3=nRT1⑥

由④得p1V3=nRT4⑦

由①×⑥得：p1p2V1V3=n2R2

由⑤×⑦得：p1p2V1V3=n2R2T2T4

可得，=T2T4，得

由題T1=T3，則得

故答案為：

【解析】【答案】根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程對(duì)四個(gè)狀態(tài)分別列式，再結(jié)合p1=p4，p2=p3，V1=V2，V3=V4進(jìn)行解答即可．

19、略

【分析】解：由圖示電源U鈭?I

圖象可知；圖象與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值是3V

則電源電動(dòng)勢(shì)為：E=3V

電源內(nèi)阻為：

r=鈻?U鈻?I=36=0.5婁賂

．

故答案為：30.5

．

電源U鈭?I

圖象與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值是電源的電動(dòng)勢(shì)；圖象斜率的絕對(duì)值是電源內(nèi)阻．

本題考查了求電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻，電源U鈭?I

圖象與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值是電源的電動(dòng)勢(shì)，圖象斜率的絕對(duì)值是電源內(nèi)阻．【解析】30.5

20、（1）四種脫氧核苷酸、逆轉(zhuǎn)錄酶和DNA聚合酶（2）T-DNAT-DNA可攜帶目的基因，整合并轉(zhuǎn)移到宿主細(xì)胞的染色體的DNA上（3）RNA聚合酶β啟動(dòng)子可使植物根細(xì)胞持續(xù)轉(zhuǎn)運(yùn)有機(jī)酸，導(dǎo)致土壤酸化，并影響植物自身的生長(zhǎng)【分析】【分析】本題考查目的基因的獲取以及基因工程的操作程序等知識(shí)，意在考查考生理解所學(xué)知識(shí)要點(diǎn)，把握知識(shí)間內(nèi)在聯(lián)系的能力?！窘獯稹浚?）cDNA是以mRNA為模板通過逆轉(zhuǎn)錄過程合成的，因此合成cDNA的過程中，反應(yīng)體系內(nèi)加入的物質(zhì)除mRNA和ATP外，還應(yīng)包括四種脫氧核苷酸、逆轉(zhuǎn)錄酶和DNA聚合酶。

（2）將目的基因?qū)胫参锛?xì)胞常用農(nóng)桿菌轉(zhuǎn)化法，農(nóng)桿菌轉(zhuǎn)化法的原理：農(nóng)桿菌中的Ti質(zhì)粒上的T-DNA可轉(zhuǎn)移至受體細(xì)胞，并且整合到受體細(xì)胞染色體的DNA上。根據(jù)農(nóng)桿菌的這一特點(diǎn)，如果將目的基因插入到Ti質(zhì)粒的T-DNA上，通過農(nóng)桿菌的轉(zhuǎn)化作用，就可以把目的基因整合到植物細(xì)胞中染色體的DNA上。由于T-DNA可攜帶目的基因，整合并轉(zhuǎn)移到宿主細(xì)胞染色體的DNA上，所以利用該方法導(dǎo)入的目的基因的遺傳一般遵循孟德爾遺傳定律。

（3）啟動(dòng)子是RNA聚合酶特異性識(shí)別并結(jié)合的位點(diǎn)，能調(diào)控目的基因的表達(dá)。ALMT基因的啟動(dòng)子有兩種類型。其中α啟動(dòng)子能使ALMT基因在酸性土壤的誘導(dǎo)下表達(dá)，β啟動(dòng)子能使ALMT基因高效表達(dá)而無需酸性誘導(dǎo)。因?yàn)棣聠?dòng)子可使植物細(xì)胞持續(xù)轉(zhuǎn)運(yùn)有機(jī)酸，導(dǎo)致正常土壤酸化，并影響植物自身的生長(zhǎng)，因此在獲得轉(zhuǎn)ALMT基因耐鋁植物時(shí)應(yīng)使用α啟動(dòng)子，不使用另外一種啟動(dòng)子。【解析】（1）四種脫氧核苷酸、逆轉(zhuǎn)錄酶和DNA聚合酶（2）T-DNAT-DNA可攜帶目的基因，整合并轉(zhuǎn)移到宿主細(xì)胞的染色體的DNA上（3）RNA聚合酶β啟動(dòng)子可使植物根細(xì)胞持續(xù)轉(zhuǎn)運(yùn)有機(jī)酸，導(dǎo)致土壤酸化，并影響植物自身的生長(zhǎng)21、33【分析】【分析】分析A、B物體所受到的力，關(guān)鍵找突破口，先對(duì)誰分析．本題可以從A物體入手，進(jìn)行受力分析．【解析】【解答】解：對(duì)A物體；在豎直方向上受重力；B對(duì)A的支持力和作用力F，水平方向上因?yàn)闆]有相對(duì)運(yùn)動(dòng)或相對(duì)運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，所以不受摩擦力．故A受3個(gè)力．

對(duì)B物體；在豎直方向上受重力；C對(duì)B的支持力和A對(duì)B的壓力，水平方向上不受力．故物體B受3個(gè)力．

故答案為：3，3．22、y=4sin250πt0.2能．因?yàn)槁暡ǖ牟ㄩL(zhǎng)與障礙物的高度差不多，可以發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，所以，觀察者能夠聽到聲音【分析】【分析】（1）從圖象上讀出振幅；周期；求出圓頻率，根據(jù)振動(dòng)方程寫出振動(dòng)的表達(dá)式．

（2）根據(jù)波速；波傳播的距離求出經(jīng)歷的時(shí)間．

（3）當(dāng)波長(zhǎng)與障礙物的尺寸相當(dāng)，或比障礙物的尺寸大，會(huì)發(fā)生明顯的衍射．【解析】【解答】解：（1）質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的振幅A=4mm，周期T=0.008s，則圓頻率ω=．因?yàn)橘|(zhì)點(diǎn)初始時(shí)刻向上振動(dòng)；所以振動(dòng)方程為y=4sin250πt（mm）

（2）根據(jù)t=；知經(jīng)過0.2s，位于x=68m的觀測(cè)者開始聽到聲音．

（3）因?yàn)椴ㄩL(zhǎng)與障礙物的高度差不多；可以發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，所以，觀察者能夠聽到聲音．

故答案為：（1）y=4sin250πt；（2）0.2；

（3）能．因?yàn)槁暡ǖ牟ㄩL(zhǎng)與障礙物的高度差不多，可以發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，所以，觀察者能夠聽到聲音．四、判斷題(共1題，共4分)23、√【分析】【分析】安培定則：右手握住導(dǎo)線，讓大拇指所指的方向跟電流方向一致，彎曲的四指所指的方向就是磁感線的環(huán)繞方向．【解析】【解答】解：根據(jù)安培定則的內(nèi)容判定線電流的磁感線的方法是：右手握住導(dǎo)線；讓大拇指所指的方向跟電流方向一致，彎曲的四指所指的方向就是磁感線的環(huán)繞方向．故該說法是正確的．

故答案為：√五、實(shí)驗(yàn)探究題(共3題，共30分)24、(1)50.454.700

(2)

(3)

(4)0.72

．【分析】【分析】(1)

游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀.

螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀.

(2)

根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求可明確滑動(dòng)變阻器接法，從而得出對(duì)應(yīng)的實(shí)物圖；(3)

根據(jù)表中數(shù)據(jù)利用描點(diǎn)法可得出對(duì)應(yīng)的圖象；(4)

在I鈭?U

圖象中做出電源的伏安特性曲線，兩圖的交點(diǎn)表示該元件的工作點(diǎn)，則由P=UI

可求得電功率.

本題考查了長(zhǎng)度測(cè)量?jī)x器的讀數(shù)方法、實(shí)驗(yàn)器材的選擇、設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路圖，確定滑動(dòng)變阻器與電流表接法是正確設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路的前提與關(guān)鍵，當(dāng)電壓與電流從零開始變化時(shí)，滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，求元件實(shí)際功率時(shí)要注意圖象法的應(yīng)用，要掌握應(yīng)用圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的方法．【解答】(1)

游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為50mm

游標(biāo)讀數(shù)為0.05隆脕9mm=0.45mm

所以最終讀數(shù)為50.45mm

螺旋測(cè)微器固定刻度為4.5mm

可動(dòng)刻度為0.01隆脕20.5=0.200mm

所以最終讀數(shù)為4.700mm.

(2)

由于要求電壓從零開始調(diào)節(jié)，故應(yīng)采用滑動(dòng)變阻器分壓接法，同時(shí)由于待測(cè)電阻阻值偏小，故應(yīng)采用電流表外接法，連接實(shí)物圖如圖所示；(3)

根據(jù)表中數(shù)據(jù)，利用描點(diǎn)法得出對(duì)應(yīng)的圖象如圖所示；(4)

在上圖中作出電源的伏安特性曲線，如圖所示，兩圖的交點(diǎn)表示該元件的工作點(diǎn)，則由圖可知，電壓為0.85V

電流I=0.85A

則功率P=UI=0.85隆脕0.85=0.72W

故答案為：(1)50.454.700(2)

如圖所示；(3)

如圖所示；(4)0.72

【解析】(1)50.454.700

(2)

(3)

(4)0.72

．25、略

【分析】【分析】(1)

由于光電門的寬度d

很?。凰晕覀冇煤芏虝r(shí)間內(nèi)的平均速度代替瞬時(shí)速度；

(2)

根據(jù)重力做功和重力勢(shì)能之間的關(guān)系可以求出重力勢(shì)能的減小量；根據(jù)起末點(diǎn)的速度可以求出動(dòng)能的增加量；根據(jù)功能關(guān)系得重力做功的數(shù)值等于重力勢(shì)能減小量；

(3)

根據(jù)圖象的物理意義可知；圖象的斜率大小等于物體的重力加速度大小。

了解光電門測(cè)量瞬時(shí)速度的原理；實(shí)驗(yàn)中我們要清楚研究對(duì)象和研究過程，對(duì)于系統(tǒng)我們要考慮全面，掌握系統(tǒng)機(jī)械能守恒處理方法，注意圖象的斜率的含義?！窘獯稹?1)

由于光電門的寬度b

很小，所以我們用很短時(shí)間內(nèi)的平均速度代替瞬時(shí)速度，滑塊通過光電門B

速度為：vB=bt

(2)

滑塊從A

處到達(dá)B

處時(shí)m

和M

組成的系統(tǒng)動(dòng)能增加量為：?E=12(M+m)(bt)2=(M+m)b22t2

系統(tǒng)的重力勢(shì)能減少量可表示為：?EP=mgd鈭?Mgdsin30o=(m鈭?M2)gd

比較鈻?Ep

和鈻?Ek

若在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)相等，即可認(rèn)為機(jī)械能是守恒的。

(3)

根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒有：12(M+m)v2=(m鈭?M2)gd

則v2=2隆脕m鈭?M2M+mgd

若v2鈭?d

圖象，則圖線的斜率：k=2隆脕m鈭?M2M+mg

由圖象可知，k=2.40.5

則有：g=M+mm鈭?M2隆脕k2

代入數(shù)據(jù)得：g=9.6m/s2

故答案為：(1)bt

(2)(M+m)b22t2(m鈭?M2)gd

(3)9.6

【解析】(1)bt

(2)(M+m)b22t2(m鈭?M2)gd

(3)9.6

26、【分析】解：（1）物塊在橡皮條拉力作用下加速運(yùn)動(dòng)過程中；由牛頓第二定律：

nkx-μmg=ma，故a=

即直線的斜率由決定；在n軸上的截距由μg決定。

則由：μg=b得μ=

（2）由=得k=

故答案為：（1）（2）

對(duì)物體進(jìn)行受力分析；根據(jù)牛頓第二定律求出加速度a與所用橡皮條的數(shù)目n的關(guān)系表達(dá)式，找出影響直線與水平軸線間的夾角和直線在n軸上的截距的因數(shù)，再根據(jù)題目求解。

對(duì)該實(shí)驗(yàn)要明確實(shí)驗(yàn)原理，能夠把物理規(guī)律和數(shù)學(xué)知識(shí)結(jié)合起來，知道斜率與截距的物理意義?！窘馕觥苛⒂?jì)算題(共4題，共28分)27、略

【分析】【分析】（1）剪斷AB線以前；小球靜止，受力平衡，分析其受力，由平衡條件求BO細(xì)線的拉力．

（2）球向下運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過程中，由動(dòng)能定理求小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)的速度．【解析】【解答】解：（1）剪斷AB線以前；小球受到重力mg；豎直向下的電場(chǎng)力qE、AB線的拉力和BO線的拉力．設(shè)BO懸線的拉力大小為T．

根據(jù)平衡條件得豎直方向有：Tcosθ=mg+qE

可得：T=

（2）小球向下擺動(dòng)的過程中；由動(dòng)能定理得：

（mg+qE）L（1-cosθ）=

可得；小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)的速度為：

v=

答：（1）剪斷AB線以前，BO懸線的拉力是；

（2）當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，小球的速度是．28、略

【分析】試題分析：（1）設(shè)物塊加速度的大小為a，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度的大小為v，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得：（2分）（2分）聯(lián)立以上兩式，代入數(shù)據(jù)解得：（2分）（2）設(shè)物塊所受支持力為FN，所受摩擦力為Ff，拉力與斜面之間的夾角為α。受力分析如圖所示，由牛頓第二定律得：（1分）（1分）又（1分）聯(lián)立解得：（1分）由數(shù)學(xué)知識(shí)得：（1分）由上式可知對(duì)應(yīng)的F最小值的夾角α=300（1分）代入數(shù)據(jù)得F的最小值為：（1分）考點(diǎn)：本題考查了牛頓第二定律的應(yīng)用?！窘馕觥俊敬鸢浮浚?）3m/s28m/s（2）30029、略

【分析】

根據(jù)粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑公式；確定出對(duì)應(yīng)的最大偏轉(zhuǎn)角的速度，然后由帶電粒子在電場(chǎng)中電場(chǎng)力做功，由動(dòng)能定理即可求出加速電壓．

本題考查粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)與帶電粒子在電場(chǎng)中的加速，掌握處理的方法，理解牛頓第二定律和動(dòng)能定理的應(yīng)用，注意已知長(zhǎng)度與運(yùn)動(dòng)軌道半徑的正確關(guān)系．【解析】解：粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示：

根據(jù)洛倫茲力公式F=qvB

可知；磁感應(yīng)強(qiáng)度一定時(shí)，粒子進(jìn)入磁場(chǎng)的速度越大，在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)量越?。?/p>

故當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度取最大值時(shí)；若粒子恰好不飛離屏，則加速電壓有最小值．

設(shè)此時(shí)粒子剛好打在屏的最下端B

點(diǎn)；根據(jù)帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)可知；

粒子偏離方向的夾角正切值為tan婁脠=h2r+L

解得：tan婁脠=3

粒子偏離方向的夾角：婁脠=60鈭?

由幾何關(guān)系可知，此時(shí)粒子在磁場(chǎng)中對(duì)應(yīng)的回旋半徑為：R=rtan婁脨鈭?婁脠2=0.13m壟脵

帶電粒子在電場(chǎng)中加速，由動(dòng)能定理得：qU=12mv2壟脷

帶電粒子在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)時(shí)；洛倫茲力提供向心力；