2025年浙教新版高三物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教新版高三物理上冊階段測試試卷235考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、下列各物理量中屬于標(biāo)量的是（）A.加速度B.時間C.瞬時速度D.位移2、如圖所示，兩個質(zhì)量不同的小球用長度不等的細(xì)線拴在同一點，并在同一水平面內(nèi)作勻速圓周運(yùn)動，則它們的（）A.運(yùn)動周期相同B.運(yùn)動線速度一樣C.運(yùn)動向心加速度相同D.細(xì)線所受拉力大小相同3、一顆炮彈從炮口水平射出，炮彈在空中飛行時所受的空氣阻力與其速度成正比，下列圖象中可以近似反映在空中整個飛行過程中炮彈的水平分速度vx隨時間t變化規(guī)律的是（）A.B.C.D.4、下列關(guān)于萬有引力定律的說法中，正確的是()A.萬有引力定律是牛頓發(fā)現(xiàn)的B.F＝G中的G是一個比例常數(shù)，是沒有單位的C.萬有引力定律適用于任意質(zhì)點間的相互作用D.兩個質(zhì)量分布均勻的分離的球體之間的相互作用力也可以用F＝來計算，r是兩球體球心間的距離5、我國北斗導(dǎo)航衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)中有這樣的衛(wèi)星，它在其圓軌道上運(yùn)動的周期與地球自轉(zhuǎn)周期相同，但軌道平面與赤道平面有一定的夾角，因此這種軌道也被稱為傾斜同步軌道，根據(jù)以上信息請判斷下列說法中正確的是(

)

A.該衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動的圓心不一定與地心重合B.該衛(wèi)星離地面的高度要小于地球同步衛(wèi)星離地面的高度C.地球?qū)υ撔l(wèi)星的萬有引力大小一定等于地球同步衛(wèi)星的萬有引力大小D.軌道傾角合適，該衛(wèi)星可以在每天的固定時間經(jīng)過昆明上空6、粒子甲的質(zhì)量與電荷量分別是粒子乙的4倍與2倍，兩粒子均帶正電．讓它們在勻強(qiáng)磁場中同一點以大小相等、方向相反的速度開始運(yùn)動．以下四個圖中，磁場方向垂直紙面向里，大圓的半徑是小圓半徑的兩倍，能正確表示兩粒子運(yùn)動軌跡的是（）A.B.C.D.7、如圖為汽車?yán)@O點轉(zhuǎn)彎時兩個后輪運(yùn)動情況的示意圖，若在轉(zhuǎn)彎過程中左輪轉(zhuǎn)動角速度為ω1，右輪轉(zhuǎn)動角速度為ω2，且車輪不打滑，則在任一時刻（）A.ω2大于ω1B.ω2小于ω1C.ω2等于ω1D.ω2可能大于ω1，也可能小于ω18、（2016春?興慶區(qū)校級月考）如圖所示，豎直放置的螺線管與導(dǎo)線abcd構(gòu)成回路，導(dǎo)線所圍區(qū)域內(nèi)有一垂直紙面向里的變化的勻強(qiáng)磁場，螺線管下方水平桌面上有一導(dǎo)體圓環(huán)，導(dǎo)線abcd所圍區(qū)域內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度按圖中的哪一圖線所表示的方式隨時間變化時，導(dǎo)體圓環(huán)對桌面的壓力增大（）A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、如圖所示，電路中三個完全相同的燈泡a、b和c分別與電阻器R、電感線圈L和電容器C串聯(lián)，當(dāng)電路兩端連接電壓為u1=220sin100πtV的交變電源時，三個燈泡亮度恰好相同．若將電路兩端接入的交變電源的電壓變?yōu)閡2=220sin120πtV，則將發(fā)生的現(xiàn)象是（各燈泡均未被燒毀（）A.a燈亮度不變B.b燈變暗C.c燈更亮D.三燈亮度都不變10、如圖所示，在粗糙水平面上固定一點電荷Q，在M點無初速釋放一帶有恒定電量的小物塊，小物塊在Q的電場中運(yùn)動到N點靜止，則從M點運(yùn)動到N點過程中（）A.小物塊所受電場力逐漸減小B.小物塊具有的電勢能逐漸減小C.M點的電勢一定高于N點的電勢D.M點的電勢一定低于N點的電勢11、關(guān)于自由落體運(yùn)動的加速度g，下列說法中正確的是（）A.同一地點，輕重物體的g值一樣大B.在同一緯度，g值隨高度的增加而增大C.在同一緯度，g值隨高度的增加而減小D.g值在赤道處大于在北極處12、利用半導(dǎo)體材料可以制成（）A.標(biāo)準(zhǔn)電阻B.熱敏電阻C.光敏電阻D.溫度報警器13、如圖所示，在光滑水平而上有一質(zhì)量為M

的斜劈，其斜面傾角為婁脕

一質(zhì)量為m

的物體放在其光滑斜面上，現(xiàn)用一水平力F

推斜劈，恰使物體m

與斜劈間無相對滑動，則斜劈對物塊m

的彈力大小為()

A.mgcos婁脕

B.mgcos偽

C.mF(M+m)cos偽

D.mF(M+m)sin偽

14、（2015秋?撫順期末）如圖所示，一質(zhì)子以速度v從左側(cè)平行板射入互相垂直的電場和磁場區(qū)域而沒有發(fā)生偏轉(zhuǎn)，在不計重力的情況下，下列說法正確的是（）A.若電子以相同速度v射入該區(qū)域，將會發(fā)生偏轉(zhuǎn)B.無論何種帶電粒子，只要以相同速度射入都不會發(fā)生偏轉(zhuǎn)C.若質(zhì)子的速度v′＜v，它將向下偏轉(zhuǎn)而做類似平拋的運(yùn)動D.若質(zhì)子從右側(cè)以相同大小的速度射入則不能沿直線通過15、下列說法中正確的是（）A.原子核放出β粒子后，轉(zhuǎn)變成的新核所對應(yīng)的元素是原來元素的同位素B.玻爾在研究原子結(jié)構(gòu)中引進(jìn)了量子化的觀點C.氫原子從高能級躍遷到低能級要放出光子D.放射性元素衰變的快慢跟原子所處的化學(xué)狀態(tài)和外部條件有一定的關(guān)系16、甲、乙兩名溜冰運(yùn)動員，面對面拉著彈簧秤做圓周運(yùn)動的溜冰表演，如圖所示．已知M甲=80kg，M乙=40kg，兩人相距0.9m，彈簧秤的示數(shù)為30N，下列判斷中正確的是（）A.兩人的角速度相同B.兩人的線速度相同C.兩人的運(yùn)動半徑相同，都是0.45mD.兩人的運(yùn)動半徑不同，甲為0.3m，乙為0.6m評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)17、（2012秋?金山區(qū)期末）如圖，一小球通過細(xì)繩懸掛于車廂頂上，車廂在水平軌道上做減速運(yùn)動，小球相對車廂靜止，細(xì)繩與豎直方向夾角為α，則車廂的加速度大小為____，運(yùn)動方向為____．18、（2012?上海二模）某地區(qū)地震波中的橫波和縱波傳播速率分別約為4km/s和9km/s，一種簡易地震儀由豎直彈簧振子P和水平彈簧振子H組成．在一次地震中，震源在地震儀下方，觀察到兩振子相差10s開始振動，則彈簧振子____（選填“P”或“H”）先開始振動，震源距地震儀約____km．19、一物體做勻加速直線運(yùn)動，經(jīng)0.2s時間速度由8m/s增加到12m/s，則該物體的加速度為____m/s2；一足球以8m/s的速度飛來，運(yùn)動員在0.2s時間內(nèi)將足球以12m/s的速度反向踢出，足球在這段時間內(nèi)平均加速度的大小為____m/s2，方向____．20、電場中A、B兩點的電勢分別為φA=800V，φB=-200V．把q=1.5×10-8C的電荷由A移動到B點，電場力做____J，電勢能變化了____J．21、一個小石塊從空中a點自由落下，先后經(jīng)過b點和c點，不計空氣阻力．已知它經(jīng)過b點時的速度為v，經(jīng)過c點時的速度為3v，則ab段與ac段位移之比為____．22、真空中A、B兩個點電荷相距L，質(zhì)量分別為m與4m，它們由靜止開始運(yùn)動（不計重力及其他作用力），開始時A的加速度大小為a，經(jīng)過一段時間B的加速度大小也為a，那么此時A、B兩點電荷間的距離為____．評卷人得分四、判斷題(共2題，共10分)23、電視機(jī)的顯象管中電子束每秒進(jìn)行50場掃描____．24、重心就是物體上最重的一點．____．評卷人得分五、證明題(共3題，共12分)25、船以4m/s′的速度（相對靜水）垂直河岸渡河；水流的速度為5m/s．若河寬為120m，試計算：

（1）船能否垂直到達(dá)對岸？

（2）船需要多少時間才能到達(dá)對岸？

（3）船登陸的地點離出發(fā)點的距離是多少？26、如圖所示，小球用不可伸長的長度為L的輕繩懸于O點．（不計阻力）試證明：繩對小球在最低點拉力T1與最高點拉力T2之差T1-T2=6mg．

27、帶電離子以速度v沿CB方向射入一橫截面為正方形的區(qū)域，C，B為該正方形兩邊的中點，如圖所示，不計粒子的重力，當(dāng)區(qū)域內(nèi)有豎直方向的勻強(qiáng)電場E時，粒子恰好從A點飛出；當(dāng)區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場時，粒子也恰好從A點飛出，試證明：=v．評卷人得分六、解答題(共1題，共7分)28、如圖所示，用F=10N的水平拉力，使物體由靜止開始沿水平地面做勻加速直線運(yùn)動．已知物體的質(zhì)量m=2.0kg，物體與地面間的動摩擦因數(shù)μ=0.30，g=10m/s2求：

（1）物體的加速度．

（2）物體在3秒內(nèi)的位移．

（3）物體在t=2s時速度v大?。畢⒖即鸢敢?、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【分析】標(biāo)量是只有大小，沒有方向的物理量．矢量是既有大小，又有方向的物理量．【解析】【解答】解：標(biāo)量是只有大小；沒有方向的物理量．時間是標(biāo)量，而矢量是既有大小，又有方向的物理量．加速度；瞬時速度和位移都是矢量，故B正確，ACD錯誤．

故選：B2、A【分析】【分析】兩個小球均做勻速圓周運(yùn)動，對它們受力分析，找出向心力來源，可先求出角速度，再由角速度與線速度、周期、向心加速度的關(guān)系公式求解．【解析】【解答】解：A；對其中一個小球受力分析；如圖，受重力，繩子的拉力，由于小球做勻速圓周運(yùn)動，故合力提供向心力；

將重力與拉力合成；合力指向圓心，由幾何關(guān)系得，合力：F=mgtanθ①；

由向心力公式得到：F=mω2r②；

設(shè)繩子與懸掛點間的高度差為h，由幾何關(guān)系，得：r=htanθ③；

由①②③三式得：ω=，與繩子的長度和轉(zhuǎn)動半徑無關(guān)，又由T=知；周期相同，故A正確；

B、由v=ωr；兩球轉(zhuǎn)動半徑不等，故B錯誤；

C、由a=ω2r；兩球轉(zhuǎn)動半徑不等，故C錯誤；

D、細(xì)線的拉力T=；因θ不同，故T不同，故D錯誤；

故選：A．3、C【分析】【分析】v-t圖象的斜率表示加速度，據(jù)此分析對應(yīng)的正確的圖象．【解析】【解答】解：炮彈在空中飛行；由于受空氣阻力故減速運(yùn)動；

由已知炮彈在空中飛行時所受的空氣阻力與其速度成正比；則加速度與其速度成正比，即加速度逐漸減小；

根據(jù)v-t圖象的斜率表示加速度；即圖線的斜率越來越小，最后至炮彈速度減為零；

綜上正確的為C；

故選：C．4、A|C|D【分析】萬有引力定律是牛頓在前人研究的基礎(chǔ)上發(fā)現(xiàn)的，據(jù)F＝G知G的國際單位是N·m2/kg2，適用于任何兩個物體之間的相互引力作用．【解析】【答案】ACD5、D【分析】解：A

傾斜同步軌道圍繞地球做勻速圓周運(yùn)動；圓心一定是地球的球心，故A錯誤；

B、根據(jù)萬有引力提供向心力GMmr2=m4婁脨2T2r

得r=3GMT24婁脨2

因為傾斜地球同步軌道衛(wèi)星的周期與赤道上空的同步衛(wèi)星的周期相同，故它的軌道髙度與位于赤道上空的同步衛(wèi)星的軌道高度相同，故B錯誤．

C、根據(jù)F=GMmr2

可知；由于不知道該衛(wèi)星和地球同步衛(wèi)星質(zhì)量的關(guān)系，所以無法判斷萬有引力的關(guān)系.

故C錯誤．

D；傾斜同步軌道衛(wèi)星相對于地球非靜止的；所以傾斜同步軌道衛(wèi)星從地球上看是移動的，故該衛(wèi)星不可能始終位于地球表面某個點的正上方，所以只要傾角合適，處于傾斜同步軌道上的衛(wèi)星可以在每天的固定時間經(jīng)過昆明上空，故D正確．

故選：D

傾斜同步軌道圍繞地球做勻速圓周運(yùn)動，圓心一定是地球的球心，根據(jù)萬有引力提供向心力，GMmr2=m4婁脨2T2r

可知T

相同，則r

相同；即軌道高度相同，傾斜同步軌道衛(wèi)星相對于地球非靜止的，所以傾斜同步軌道衛(wèi)星從地球上看是移動的．

本題考查了地球衛(wèi)星軌道相關(guān)知識點，地球衛(wèi)星圍繞地球做勻速圓周運(yùn)動，圓心是地球的地心，萬有引力提供向心力，軌道的中心一定是地球的球心．【解析】D

6、C【分析】【分析】由洛侖茲力充當(dāng)向心力可求得兩粒子的半徑關(guān)系，則由圖可知兩粒子的軌跡圖；由左手定則可判斷粒子的運(yùn)動方向．【解析】【解答】解：兩粒子均帶正電，以大小相等的速度在磁場中向相反的方向運(yùn)動，都是由洛倫茲力充當(dāng)粒子做圓周運(yùn)動的向心力，所以有：Bqv=m，得到：R=；

因為粒子甲的質(zhì)量與電荷量分別是粒子乙的4倍與2倍；所以甲的半徑為乙半徑的2倍，故AB錯誤；

再根據(jù)左手定則；甲粒子做圓周運(yùn)動的洛倫茲力指向圓心，運(yùn)動方向一定為逆時針，所以C正確，D錯誤；

故選：C7、A【分析】【分析】汽車轉(zhuǎn)彎時，右輪的線速度大于左輪的線速度，兩輪到底軸中心的距離相等，根據(jù)v=ωr判斷角速度大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓浩囖D(zhuǎn)彎時，右輪的線速度大于左輪的線速度，而兩輪到車中心軸的距離相等，根據(jù)v=ωr，得ω1＜ω2．故A正確．

故選：A8、B【分析】【分析】導(dǎo)線區(qū)內(nèi)磁場的變化使螺線管內(nèi)產(chǎn)生感應(yīng)電流，而感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場可以在下方線圈中產(chǎn)生感線電流；則由法拉第電磁感應(yīng)定律及楞次定律可判斷導(dǎo)線區(qū)域內(nèi)的磁場變化．【解析】【解答】解：由楞次定律的運(yùn)動學(xué)描述“來拒去留”可知，要使導(dǎo)體圓環(huán)對桌面的壓力增大，即圓環(huán)受到向下的作用力，則螺線管中應(yīng)產(chǎn)生增大的磁場；而螺線管中的磁場是由abcd區(qū)域內(nèi)的磁場變化引起的，故abcd中的磁場變化率應(yīng)越來越大；故只有B符合，A是減小的，BD是不變的；

故選：B．二、多選題(共8題，共16分)9、ABC【分析】【分析】根據(jù)電感的特性：通低頻、阻高頻及電容器的特性：通調(diào)頻、阻低頻來分析燈泡亮度的變化．【解析】【解答】解：當(dāng)電路兩端連接電壓為u1=220sin100πtV的交變電源，變?yōu)閡2=220sin120πtV；

根據(jù)ω=2πf；即有頻率變高；

根據(jù)電感的特性：通低頻、阻高頻，當(dāng)電源的頻率變高時，電感對電流的感抗增大，b燈變暗；

根據(jù)電容器的特性：通調(diào)頻；阻低頻；當(dāng)電源的頻率變高時，電容哭喊對電流的容抗減小，C燈變亮．

而電阻的亮度與頻率無關(guān)；a燈亮度不變，故ABC正確，D錯誤．

故選：ABC．10、AB【分析】【分析】解決本題需要正確利用庫侖定律判斷庫侖力大小的變化；根據(jù)電場力做功判斷電勢能的變化；掌握如何判斷電勢的高低；正確利用功能關(guān)系分析物體能量的變化．【解析】【解答】解：A；由于物塊離電荷越來越遠(yuǎn)；根據(jù)庫侖定律可知小物塊所受電場力越來越小，故A正確；

B；由于小物塊由靜止開始運(yùn)動；因此一定受到庫侖斥力作用，所以電場力對其做正功，電勢能逐漸減小，故B正確；

CD；由題可知；物塊與Q帶同種電荷，但電性未知，所以不能判斷M、N電勢的高低，故CD錯誤．

故選：AB．11、AC【分析】【分析】同一地點，重力加速度相同，隨著緯度的升高，重力加速度增大，隨著高度的升高，重力加速度減小．【解析】【解答】解：A；同一地點；輕重物體的重力加速度g一樣大，故A正確．

B；同一緯度；重力加速度g隨著高度的增加而減小，故B錯誤，C正確．

D；重力加速度隨著緯度的升高而增大；兩極處的重力加速度大于赤道處，故D錯誤．

故選：AC．12、BCD【分析】【分析】半導(dǎo)體的導(dǎo)電性能在導(dǎo)體和絕緣體之間；利用半導(dǎo)體的特殊性能，可以做出方便人們生活的物品，例如熱敏電阻可以用在自動滅火裝置上．【解析】【解答】解：A；標(biāo)準(zhǔn)電阻的電阻幾乎不隨溫度的變化而變化；采用合金制造，故A錯誤；

B；熱敏電阻中有電阻隨溫度升高而降低的；是采用半導(dǎo)體材料制造，故B正確；

C；光敏電阻的電阻隨著光強(qiáng)的增加而減?。徊捎冒雽?dǎo)體制造，故C正確；

D；可以采用半導(dǎo)體電阻制造簡單的溫度報警器；故D正確；

故選：BCD．13、BD【分析】【分析】

對物塊受力分析；其受到兩個力的作用：重力，斜面支持力.

由受力分解和牛頓第二定律可以得到斜面對m

的彈力的兩個表達(dá)式．

【解答】

(1)

對物塊受力分析：其合力沿水平向左；故：N=mgcos婁脕

故B正確；

(2)

由對整體受力；其水平受力為：向左的推力F

用牛頓第二定律得：F=(M+m)a

解得：a=FM+m

對m

來說，其合力為：F隆盲=Nsin婁脠

由牛頓第二定律得：F隆盲=ma

即Nsin婁脠=mFM+m

解得：N=mF(M+m)sin婁脕

故D正確故選：BD

．【解析】BD

14、BD【分析】【分析】（1）質(zhì)子穿過相互垂直的電場和磁場區(qū)域而沒有偏轉(zhuǎn)說明了它受的電場力和洛倫茲力是一對平衡力；有qvB=qE，與帶電性質(zhì)無關(guān)；

（2）如速度發(fā)生改變，電場力不變，洛倫茲力改變，再根據(jù)受力情況去分析運(yùn)動情況即可．【解析】【解答】解：AB；質(zhì)子穿過相互垂直的電場和磁場區(qū)域而沒有偏轉(zhuǎn)說明了它受的電場力和洛倫茲力是一對平衡力有qvB=qE；與帶電性質(zhì)無關(guān)，所以只要以相同的速度射入該區(qū)域都不會發(fā)生偏轉(zhuǎn)．故A錯誤，B正確；

C；若質(zhì)子的入射速度v'＜v；質(zhì)子所受的洛倫茲力小于電場力，將向下偏轉(zhuǎn)，但所受合力變化，不是類平拋運(yùn)動，故C錯誤；

D；若質(zhì)子從右側(cè)以相同大小的速度射入；則電場力與洛倫茲力同向，則會發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故D正確．

故選：BD15、BC【分析】【分析】β衰變時，中子轉(zhuǎn)變成質(zhì)子，放出電子，導(dǎo)致質(zhì)子數(shù)增加1個，則產(chǎn)生新的原子；玻爾理論引進(jìn)量子化觀念，從低能級躍遷到高能級要吸收能量，相反則中釋放能量，從而即可求解．【解析】【解答】解：A；放出β粒子后；轉(zhuǎn)變成的新核所對應(yīng)的元素比原來增加一個質(zhì)子數(shù)，不是原來元素的同位素．故A錯誤；

B；由玻爾理論可知；在研究原子結(jié)構(gòu)中，引進(jìn)了量子化的觀念，故B正確；

C；根據(jù)波爾理論；氫原子從高能級躍遷到低能級要放出光子，從低能級躍遷到高能級要吸收能量，故C正確；

D；半衰期僅僅與元素本身有關(guān)；放射性元素衰變的快慢跟原子所處的化學(xué)狀態(tài)和外部條件無關(guān)，故D錯誤；

故選：BC16、AD【分析】【分析】分析甲；乙兩名運(yùn)動員；彈簧秤對各自的拉力提供向心力．

根據(jù)牛頓第二定律和向心力公式求解．【解析】【解答】解：彈簧秤對甲；乙兩名運(yùn)動員的拉力提供向心力；

根據(jù)牛頓第二定律得：M甲R甲ω甲2=M乙R乙ω乙2①

由于甲、乙兩名運(yùn)動員面對面拉著彈簧秤做圓周運(yùn)動的溜冰表演，所以有：ω甲=ω乙

已知M甲=80kg，M乙=40kg；兩人相距L=0.9m；

所以兩人的運(yùn)動半徑不同：R甲=0.3m，R乙=0.6m；

根據(jù)①得：兩人的角速相同：ω甲=ω乙=2rad/s．

根據(jù)線速度v=ωr得甲的線速度是：v甲=0.6m/s，乙的線速度是：v乙=1.2m/s

故AD正確；BC錯誤。

故選：AD三、填空題(共6題，共12分)17、gtanα水平向左【分析】【分析】車廂和小球具有相同的加速度，隔離對小球分析，根據(jù)合力求出小球的加速度大小和方向，從而得出車廂的加速度大小和方向．【解析】【解答】解：隔離對小球分析，如圖所示，根據(jù)牛頓第二定律得；小球的加速度為：

a==gtanα

廂的加速度與小球的加速度相同；方向水平向右．

車廂做減速運(yùn)動；故運(yùn)動方向與加速度方向相反，水平向左。

故答案為：gtanα，水平向左．18、P72【分析】【分析】縱波的速度快，縱波先到．根據(jù)-=t求出震源距地震儀的距離．【解析】【解答】解：縱波的速度快；縱波先到，所以P先開始振動；

根據(jù)-=t，因此=10

解得：x=72km．

故答案為：P，72．19、20100與初速度方向相反【分析】【分析】根據(jù)加速度的公式a=，求出加速度．注意方向的正負(fù)．【解析】【解答】解：一物體做勻加速直線運(yùn)動；經(jīng)0.2s時間速度由8m/s增加到12m/s，規(guī)定初速度方向為正，則該物體的加速度為：

a===20m/s2；

一足球以8m/s的速度飛來；運(yùn)動員在0.2s時間內(nèi)將足球以12m/s的速度反向踢出，規(guī)定初速度方向為正；

足球在這段時間內(nèi)平均加速度為：

a′===-100m/s2；方向與初速度方向相反．

故答案為：20，100，與初速度方向相反20、1.5×10-51.5×10-5【分析】【分析】根據(jù)電場力做功公式WAB=qUAB，及電勢差UAB=φA-φB，求電場力做功，計算時要連同各個量的符號一起代入運(yùn)算．電場力做功多少，電勢能就減小多少．【解析】【解答】解：電荷由A移動到B點，電場力做功WAB=q（φA-φB）=1.5×10-8C×[800V-（-200）V]=1.5×10-5J，正功，所以電荷的電勢能減少1.5×10-5J．

故答案為：1.5×10-5，1.5×10-5．21、【分析】【分析】物體做的是自由落體運(yùn)動，根據(jù)自由落體的速度位移關(guān)系公式可以求得．【解析】【解答】解：物體做自由落體運(yùn)動；

2ahab=v2①

2ahac=（3v）2②

由①②得：

故答案為：22、【分析】【分析】對A、B兩球兩球之間的庫侖力提供它們的加速度，寫出動力學(xué)的方程，兩個方程相比，化簡即可解得AB電荷之間的距離．【解析】【解答】解：初態(tài)，對A電荷，由庫侖定律得：=ma①

末態(tài)，對B電荷，由庫侖定律得：②

①②相比，化簡得：

故答案為：四、判斷題(共2題，共10分)23、√【分析】【分析】根據(jù)顯像原理：顯像管尾部的電子槍發(fā)射的電子束被加速和控制后呈掃描狀轟擊屏幕上的熒光粉，使屏幕發(fā)光，結(jié)合交流電的頻率，即可求解．【解析】【解答】解：電子槍發(fā)射電子束擊在顯像管的屏幕上的彩色繭光粉上；它的電子束是逐行掃描的，速度非常的快，肉眼是看不出來的，電子束掃描的方向主是靠顯像管管頸上的偏轉(zhuǎn)線圈來控制的，交流電的頻率為50赫茲，因此電子束能在1秒內(nèi)，打在熒光屏上50場畫面，所以顯象管中電子束每秒進(jìn)行50場掃描；

故答案為：√．24、×【分析】【分析】重心是物體的等效作用點，不是物體上最重的一點，重心可以在物體上，也可以不在物體上．【解析】【解答】解：重心是物體所受重力的等效作用點；不是物體上最重的一點；有的物體重心根本不在物體上，如玻璃杯，圓環(huán)，皮球等等，故說法錯誤．

故答案為：×五、證明題(共3題，共12分)25、略

【分析】【分析】將小船渡河的運(yùn)動分解為沿河岸方向和垂直于河岸方向的兩個分運(yùn)動；在兩個方向上都做勻速直線運(yùn)動，因此不能垂直到達(dá)對岸；