2025年統(tǒng)編版高三物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年統(tǒng)編版高三物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖1，A、B是電場中的同一條直線形電場線上的兩點．若將一個帶負電的點電荷從A點由靜止釋放，它在沿電場線從A向B運動過程中的速度圖象如圖2所示．比較A、B兩點的電勢U和場強E，下列說法中正確的是（）A.UA＞UB，EA＞EBB.UA＞UB，EA＜EBC.UA＜UB，EA＜EBD.UA＜UB，EA＞EB2、有一長為L，質(zhì)量均勻分布的長鐵鏈，其總質(zhì)量為M，下端位于斜面AB的B端，斜面長為3L，其中AC段、CD段、DB段長均為L，CD段與鐵鏈的動摩擦因數(shù)μ=，其余部分均可視為光滑，現(xiàn)用輕繩把鐵鏈沿斜面全部拉到水平面上，人至少要做的功為（）A.MgLB.MgLC.MgLD.MgL3、某物體沿直線運動；其v-t圖象如圖所示，則下列說法中正確的是（）

A.第3s內(nèi)和第5s內(nèi)速度方向相反B.第3s內(nèi)和第5s內(nèi)加速度方向相反C.第5s內(nèi)速度和加速度方向相同D.第7s內(nèi)速度和加速度方向相同4、以下說法不符合物理史實的是（）A.庫侖發(fā)現(xiàn)了點電荷間相互作用力的大小B.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)C.法拉第提出了電場的概念，并首先用電場線形象地描述電場D.安培首先提出磁場對電荷有力的作用5、下列說法中正確的是()A.rm{10mL0.5mol/LCH_{3}COONa}溶液與rm{10mL0.5mol/L

CH_{3}COONa}鹽酸混合：rm{6mL1mol/L}B.在rm{c(Cl^{-})>c(Na^{+})>c(CH_{3}COO^{-})>c(H^{+})>c(OH^{-})}時，將rm{25隆忙}的氨水與rm{amol隆隴L^{-1}}的鹽酸等體積混合反應(yīng)時溶液中rm{0.01mol隆隴L^{-1}}用含rm{c(NH_{4}^{+})=c(Cl^{-})}的代數(shù)式表示rm{a}的電離常數(shù)rm{NH_{3}隆隴H_{2}O}C.常溫下rm{K_=10^{-9}/(a-0.01)}的下列溶液rm{壟脵NH_{4}Al(SO_{4})_{2}壟脷NH_{4}Cl壟脹NH_{3}隆隴H_{2}O壟脺CH_{3}COONH_{4}}中rm{0.1mol/L}rm{壟脵NH_{4}Al(SO_{4})_{2}壟脷NH_{4}Cl壟脹

NH_{3}隆隴H_{2}O壟脺CH_{3}COONH_{4}}由大到小的順序是：rm{c(NH}D.等濃度的下列稀溶液：rm{)}硫酸氫鈉rm{壟脷>壟脵>壟脺>壟脹}乙酸鈉rm{壟脵}醋酸rm{壟脷}碳酸氫鈉rm{壟脹}硝酸鈉rm{壟脺}苯酚鈉，它們的rm{壟脻}由小到大排列為：rm{壟脼}rm{pH}6、以下涉及物理學史上的四個重大發(fā)現(xiàn)，其中說法不正確的是（）A.卡文迪許通過扭秤實驗，測定出了萬有引力常量B.奧斯特通過實驗研究，發(fā)現(xiàn)了電流周圍存在磁場C.牛頓根據(jù)理想斜面實驗，提出力是改變物體運動狀態(tài)的原因D.紐曼、韋伯在對理論和實驗資料進行嚴格分析后，總結(jié)出后人稱之為法拉第電磁感應(yīng)定律的結(jié)論7、公式的使用范圍是（）A.任何變速運動B.勻變速直線運動C.曲線運動D.任何一種變速直線運動評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、用于加速粒子的回旋加速器其核心部分如圖所示，兩D形盒分別與電源相連．下列說法正確的是（）A.質(zhì)子僅由電場加速B.質(zhì)子在電場中被加速，加速電壓越高，射出的速率v越大C.D型盒的直徑越大，射出的率度v越大D.質(zhì)子在磁場中運動的周期隨質(zhì)子速度增大而增大9、人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，則離地面越近的衛(wèi)星（）A.線速度越大B.角速度越大C.周期越大D.向心加速度越大10、小球做勻速圓周運動的過程中，以下各物理量中發(fā)生變化的是（）A.線速度B.向心力C.周期D.向心加速度11、在純電阻電路中，下列論斷正確的是（）A.串聯(lián)電路各個電阻消耗的電功率跟它們的電阻成正比B.并聯(lián)電路各個電阻消耗的電功率跟它們的電阻成反比C.串聯(lián)電路上消耗的總功率等于各個電阻上消耗的熱功率之和D.并聯(lián)電阻上消耗的總功率不等于各個電阻上消耗的熱功率之和12、如圖所示，水平放置的兩根足夠長的平行滑桿AB和CD，各穿有質(zhì)量分別為M和m的小球，兩桿之間的距離為d，兩球用自由長度為d的輕質(zhì)彈簧連接，現(xiàn)從左側(cè)用擋板將M擋住，用力把m向左拉一段距離（在彈性限度內(nèi)），釋放后（）A.從釋放m到彈簧第一次恢復(fù)原長的過程中，兩球和彈簧組成的系統(tǒng)動量守恒、機械能守恒B.彈簧第二次恢復(fù)原長時，M的速度達到最大C.彈簧第一次恢復(fù)原長后繼續(xù)運動的過程中，系統(tǒng)的動量守恒、機械能守恒D.釋放m后的過程中，彈簧的最大伸長量總小于釋放m時彈簧的伸長量13、做勻速圓周運動的物體，關(guān)于其運動的角速度和線速度，下列說法正確的是（）A.半徑一定，線速度大小與角速度成反比B.半徑一定，線速度大小與角速度成正比C.線速度大小一定，角速度與半徑成反比D.角速度一定，線速度大小與半徑成反比14、關(guān)于物理學的研究方法，下列敘述正確的是（）A.伽利略利用斜面實驗研究自由落體運動時，采用了微小量放大的思想方法B.用點電荷來代替實際帶電體是采用了理想模型的方法C.在探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系時，利用了控制變量的思想方法D.法拉第在研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象時，采用了理想實驗的方法15、如圖所示，帶有長方體盒子的斜劈A放在固定的斜面體C的斜面上，在盒子內(nèi)放有光滑球B，B恰與盒子前、后壁P、Q點相接觸．若使斜劈A在斜面體C上靜止不動，則P、Q對球B無壓力．以下說法正確的是（）A.若C的斜面光滑，斜劈A由靜止釋放，則P點對球B有壓力B.若C的斜面光滑，斜劈A以一定的初速度沿斜面向上滑行，則P、Q對B均無壓力C.若C的斜面粗糙，斜劈A沿斜面勻速下滑，則P、Q對B均無壓力D.若C的斜面粗糙，斜劈A沿斜面加速下滑，則Q點對球B有壓力16、已知地球和火星的半徑分別為r1r2

繞太陽公轉(zhuǎn)軌道可視為圓，軌道半徑分別為r1隆盲r2隆盲

公轉(zhuǎn)線速度分別為v1隆盲v2隆盲

地球和火星表面重力加速度分別為g1g2

平均密度分別為婁脩1婁脩2

地球第一宇宙速度為v1

飛船貼近火星表面環(huán)繞線速度為v2

則下列關(guān)系正確的是(

)

A.v1隆盲v2隆盲=r2隆盲r1隆盲

B.v1v2=r2r1

C.婁脩1r12v22=婁脩2r22v12

D.g1r12=g2r22

評卷人得分三、判斷題(共3題，共18分)17、當溫度升高時，物體內(nèi)部所有分子的動能都增加．____．（判斷對錯）18、電荷在電場中一定受電場力的作用．____（判斷對錯）19、永磁體在受到加熱或敲打后，磁性不會發(fā)生改變____．（判斷對錯）評卷人得分四、實驗探究題(共4題，共8分)20、圖甲為某同學探究功與速度變化關(guān)系的實驗裝置圖．一端裝有定滑輪的長木板平放在桌面上，木板上的小車右端通過細線跨過定滑輪與托盤相連，紙帶穿過打點計時器與小車左端相連，將車從靠近打點計時器位置由靜止釋放，每次托盤下落高度一定，木板足夠長，小車沒有碰到右側(cè)滑輪（小車在碰到右側(cè)滑輪之前，托盤就著地了）．將小車中的砝碼依次移至托盤中，釋放托盤，多次實驗打下紙帶．實驗中小車質(zhì)量為M，托盤質(zhì)量為m0，每個砝碼的質(zhì)量也為m0；所有砝碼與托盤的總質(zhì)量為m，且滿足M》m，托盤下落的高度為h，當?shù)刂亓铀俣葹間．

（1）為減小實驗誤差，實驗操作中先將長木板放置在水平桌面上，接下來再進行一項調(diào)節(jié)是______

A．將長木板一端墊高；釋放空托盤讓其拖動小車拉著紙帶并打點，然后利用紙帶判斷小車是否做勻速運動。

B．將長木板一端墊高；撤除拉線，用手撥動小車后讓其拉著紙帶運動并打點，判斷小車是否做勻速運動。

C．將長木板一端墊高；撤除拉線，讓小車白行下滑拉著紙帶并打點，然后判斷小車是否做勻加速運動。

D．每移動一次砝碼；小車對木板的壓力都不同，導致摩擦力不同，所以都應(yīng)平衡一次摩擦力。

（2）實驗中，用不同數(shù)目的砝碼，拉動小車拖動紙帶，打出紙帶，利用紙帶的測量數(shù)據(jù)來進行研究，上面圖乙是一條實驗紙帶，O為初始點，紙帶上的點為打點計時器打下的原始點，則對紙帶上的數(shù)據(jù)處理正確的是______

A．選取OA間距；求OA間的平均速度。

B．選取DE間距；求DE間的平均速度。

C．選取DG間距；求DG間的平均速度。

D．選取AG間距；求AG間的平均速度。

（3）實驗對多次做功的定量記錄和對紙帶的分析，多次實驗探究功與速度變化的關(guān)系．在數(shù)據(jù)處理時采用了圖象法處理，縱軸為小車最大速度的υ2，橫軸為n，托盤中的砝碼個數(shù)n碼=n-1，得到圖丙，圖線為過原點的傾斜直線，說明了做功與速度變化的關(guān)系是：______．

（4）此實驗數(shù)據(jù)也可用來驗證機械能守恒定律，在滿足機械能守恒的情況下，圖中的圖線斜率的表達式：k=______．21、某興趣小組的同學為了測量某電壓表的內(nèi)阻；設(shè)計了如圖甲所示的電路。可供選擇的器材如下。

A.待測電壓表V1(

量程3V

內(nèi)阻約為幾k婁賂)

B.電壓表V2(

量程5V

內(nèi)阻約為3k婁賂)

C.定值電阻R1

阻值為200婁賂

D.定值電阻R2

阻值為2000婁賂

E.滑動變阻器R3(

阻值范圍0鈭?10婁賂)

F.滑動變阻器R4(

阻值范圍0鈭?10k婁賂)

G.直流電源；電動勢6V

內(nèi)阻不計。

H.開關(guān)一個；導線若干。

實驗主要步驟如下：

(壟隆)

選擇恰當?shù)膶嶒炂鞑模话磳嶒炿娐穼嵨飯D連接好；

(壟壟)

閉合開關(guān)S

調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片到某一位置，記錄V1V2

的讀數(shù)分別為U1U2

(壟攏)

移動滑動變阻器的滑片；多次記錄V1V2

的讀數(shù)；

(壟隴)

以U1

為縱坐標；U2

為橫坐標，作出U1鈭?U2

關(guān)系圖象；

(壟樓)

分析U1鈭?U2

關(guān)系圖象；得到待測電壓表的內(nèi)阻。

請回答下列問題：

(1)

步驟(壟隆)

中定值電阻R0

最好選用______；滑動變阻器R

最好選用______。(

填寫器材前面的序號)

(2)

步驟(壟隆)

中實物圖連接還有兩根導線沒有連接好；請在圖乙中補充完整______。

(3)

步驟(壟壟)

中V1

示數(shù)如圖丙所示；則V1

的讀數(shù)______V

(4)

步驟(壟隴)

中得到的U1鈭?U2

關(guān)系圖象如圖丁所示。步驟(壟樓)

分析得出U1鈭?U2

關(guān)系圖象的斜率為k

定值電阻的阻值為R0

則可得待測電壓表的內(nèi)阻為______。22、用如圖甲所示的實驗裝置；驗證m1m2

組成的系統(tǒng)機械能守恒.m2

從高處由靜止開始下落，m1

上拖著的紙帶打出一系列的點，對紙帶上的點跡進行測量，即可驗證機械能守恒定律.

圖乙給出的是實驗中獲取的一條紙帶：0

是打下的第一個點，每相鄰兩個計數(shù)點間還有4

個打點(

圖中未標出)

相鄰計數(shù)點間的距離如圖乙所示.

已知m1=50gm2=150gg=9.8m/s2

則(

結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)

(1)

在紙帶上打下計數(shù)點4

時的速度v=

______m/s

(2)

在0隆蘆4

過程中系統(tǒng)動能的增量鈻?EK=

______J

系統(tǒng)勢能的減少量鈻?EP=

______J.

23、[生物——選修1：生物技術(shù)實踐]果酒和果醋含有豐富的營養(yǎng)，且便于保存。分析并回答下列問題：（1）果酒的制作需要以________作為菌種，從生態(tài)系統(tǒng)的成分看，該微生物屬于________。（2）能證明果汁中產(chǎn)生了酒精的試劑是________，此顏色反應(yīng)需在________條件下進行，其顏色變化為________。（3）在果醋制作過程中，醋酸菌將果酒制作的產(chǎn)物乙醇先變?yōu)開_______，再將其變?yōu)榇姿?。上述過程需在氧氣充足，但________的條件下完成。（4）果酒制作過程涉及的微生物細胞呼吸產(chǎn)生CO2的場所包括________。評卷人得分五、推斷題(共4題，共8分)24、對氨基苯甲酸酯類是一類局部麻醉藥，化合物rm{M}是該類藥物之一。合成rm{M}的一種路線如下：已知以下信息：rm{壟脵}核磁共振氫譜顯示rm{B}只有一種化學環(huán)境的氫，rm{H}苯環(huán)上有兩種化學環(huán)境的氫。rm{壟脷}rm{壟脹E}為芳香烴，其相對分子質(zhì)量為rm{92}rm{壟脺}rm{(}苯胺，易被氧化rm{)}回答下列問題：rm{(1)A}的結(jié)構(gòu)簡式為____，其化學名稱是____。rm{(2)}由rm{G}生成rm{H}的反應(yīng)類型為____，rm{H}在一定條件下可以發(fā)生聚合反應(yīng)，寫出該聚合反應(yīng)的化學方程式____。rm{(3)D}的同分異構(gòu)體中不能與金屬鈉反應(yīng)生成氫氣的共有____種rm{(}不考慮立體異構(gòu)rm{)}其中核磁共振氫譜只有兩組峰，且峰面積比為rm{6:1}的是____rm{(}寫結(jié)構(gòu)簡式rm{)}rm{(4)}參照上述合成路線，以乙烯和環(huán)氧乙烷為原料rm{(}無機試劑任選rm{)}制備rm{1}rm{6-}己二醛，設(shè)計合成路線____25、有機物rm{F}是一種香料，其合成路線如圖所示：是一種香料，其合成路線如圖所示：

已知：rm{F}rm{i.}．rm{ii}的名稱為______，試劑rm{(1)A}的結(jié)構(gòu)簡式為____________，rm{X}步驟Ⅵ的反應(yīng)類型為________________步驟Ⅰ的反應(yīng)試劑和條件分別為____________rm{(2)}步驟Ⅱ反應(yīng)的化學方程式為_________________________________________________rm{(3)}滿足括號中條件rm{(4)}苯環(huán)上只有兩個取代基，rm{(壟脵}能與rm{壟脷}溶液發(fā)生顯色反應(yīng)，rm{FeCl_{3}}能發(fā)生水解反應(yīng)和銀鏡反應(yīng)rm{壟脹}的rm{)}的同分異構(gòu)體有_____種，其中核磁共振氫譜峰面積比為rm{E}rm{6}rm{2}rm{2}rm{1}的分子的結(jié)構(gòu)簡式為______________rm{1}依據(jù)題中信息，完成以為原料制取的合成路線圖．合成路線圖示例如下：rm{CH_{2}=CH_{2}xrightarrow[]{HBr}CH_{3}CH_{2}Brxrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}CH_{3}CH_{2}OH}rm{(5)}26、A、rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}rm{F}是原子序數(shù)依次增大的短周期主族元素，其中rm{A}rm{B}左右相鄰，rm{B}的最高價氧化物對應(yīng)水化物與其氫化物能反應(yīng)生成鹽，rm{B}rm{C}rm{F}的最外層電子數(shù)之和為rm{18}rm{B}rm{F}的原子序數(shù)之和是rm{C}的rm{3}倍，rm{C}rm{E}同主族，rm{C}rm{D}rm{F}組成的rm{36}電子的化合物rm{X}是常用消毒劑的主要成分。rm{II}請回答下列問題：rm{(1)C}rm{D}rm{E}rm{F}對應(yīng)的簡單離子的半徑由大到小的順序為rm{(}用離子符號表示rm{)}___________________rm{;}化合物rm{D_{2}E_{2}}含有的化學鍵類型為_______________。rm{(2)}在微電子工業(yè)中，rm{B}的最簡單氣態(tài)氫化物的水溶液可作rm{H_{2}O_{2}}的清除劑，所發(fā)生反應(yīng)的產(chǎn)物不污染環(huán)境，其化學方程式為______________________________。rm{(3)}由rm{A}rm{C}rm{D}組成的一種生活中的常用鹽，其中rm{D}的質(zhì)量分數(shù)為rm{43%}其水溶液與rm{F}單質(zhì)物質(zhì)的量之比rm{2:1}反應(yīng)的離子方程式________________________。rm{(4)A}與鎂元素形成的rm{1mol}化合物甲與水反應(yīng)，生成rm{2molMg(OH)_{2}}和rm{1mol}烴，該烴分子中碳氫質(zhì)量比為rm{9:1}烴的電子式為_____________，甲與水反應(yīng)的化學方程式為___________________________________________________。rm{II.(1)}鉛是rm{A}的同族元素，比rm{A}多rm{4}個電子層。鉛在元素周期表的位置為________；rm{PbO_{2}}的酸性比rm{AC_{2}}的酸性________rm{(}填“強”或“弱”rm{)}rm{(2)PbO_{2}}在加熱過程發(fā)生分解的曲線如下圖所示，取rm{239gPbO_{2}}加熱，若rm{a}點固體組成表示為rm{PbO_{x}}或rm{mPbO_{2}隆隴nPbO}則rm{m隆脙n=}________。27、rm{[}化學rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機化學基礎(chǔ)rm{]}秸稈rm{(}含多糖物質(zhì)rm{)}的綜合應(yīng)用具有重要的意義。下面是以秸稈為原料合成聚酯類高分子化合物的路線

回答下列問題：rm{(1)}下列關(guān)于糖類的說法正確的是______________。rm{(}填標號rm{)}rm{a.}糖類都有甜味，具有rm{C_{n}H_{2m}O_{m}}的通式rm{b.}麥芽糖水解生成互為同分異構(gòu)體的葡萄糖和果糖rm{c.}用銀鏡反應(yīng)不能判斷淀粉水解是否完全rm{d.}淀粉和纖維素都屬于多糖類天然高分子化合物rm{(2)B}生成rm{C}的反應(yīng)類型為______。rm{(3)D}中官能團名稱為_____，rm{D}生成rm{E}的反應(yīng)類型為______。rm{(4)F}的化學名稱是____，由rm{F}生成rm{G}的化學方程式為____。rm{(5)}具有一種官能團的二取代芳香化合物rm{W}是rm{E}的同分異構(gòu)體，rm{0.5molW}與足量碳酸氫鈉溶液反應(yīng)生成rm{44gCO_{2}}rm{W}共有______種rm{(}不含立體結(jié)構(gòu)rm{)}其中核磁共振氫譜為三組峰的結(jié)構(gòu)簡式為_________。rm{(6)}參照上述合成路線，以rm{(}反，反rm{)-2}rm{4-}己二烯和rm{C_{2}H_{4}}為原料rm{(}無機試劑任選rm{)}設(shè)計制備對二苯二甲酸的合成路線_______________________。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【分析】速度時間圖象的切線的斜率表示加速度，正試探電荷受到的電場力方向為場強方向，沿著電場力方向，電勢降低【解析】【解答】解：從速度時間圖象可以看出，物體加速，負試探電荷受到的電場力方向為場強的反方向，故電場力向左，場強方向也向左，逆著電場力方向，電勢升高，故UA＜UB

速度時間圖象的切線的斜率表示加速度，故說明加速度不斷減小，電場力不斷減小，場強也不斷減小，故EA＞EB；

故選：D2、D【分析】【分析】要使把鐵鏈沿斜面全部拉到水平面上，則需要把鐵鏈的重心拉到水平面上，拉力做功最小時，重心到達水平面時的速度剛好為零，從開始拉鐵鏈到鐵鏈的重心到達水平面的過程中運用動能定理即可求解．【解析】【解答】解：拉力做功最小時；鐵鏈重心到達水平面時的速度剛好為零，從開始拉鐵鏈到鐵鏈的重心到達水平面的過程中運用動能定理得：

0-0=

解得：；故D正確．

故選：D3、B【分析】【分析】v-t圖象中，與時間軸平行的直線表示做勻速直線運動，傾斜的直線表示勻變速直線運動，斜率表示加速度，傾斜角越大表示加速度越大，圖象與坐標軸圍成的面積表示位移．【解析】【解答】解：A；由圖知；第3s內(nèi)和第5s內(nèi)，速度均為正方向，故A錯誤；

B；第3s內(nèi)和第5s內(nèi)；速度均為正方向，第3s內(nèi)，速度越來越大為加速運動，第5s內(nèi)速度越來越小為減速運動，故兩者加速度方向相反，故B正確；

C；由圖知；第5s內(nèi)速度為正方向，加速度為負方向的減速運動，故素的和加速度方向相反，故C錯誤；

D；第7s內(nèi)速度為負方向；加速度為正方向，方向相反，故D錯誤；

故選：B．4、D【分析】【分析】根據(jù)物理學史和常識解答，記住著名物理學家的主要貢獻即可．【解析】【解答】解：A；庫侖發(fā)現(xiàn)了點電荷間相互作用力的大小規(guī)律；即庫侖定律，故A正確；

B；奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)；故B正確；

C；法拉第提出了電場的概念；并首先用電場線形象地描述電場，故C正確；

D；洛倫茲首先提出磁場對電荷有力的作用；故D錯誤；

本題選不符合物理史實的，故選：D．5、B【分析】【分析】本題考查了溶液中離子濃度的大小比較，難度較難，考查了學生對電解質(zhì)溶液的掌握情況?！窘獯稹緼.rm{10mL0.5mol/LCH}rm{10mL0.5mol/LCH}rm{{,!}_{3}}溶液中含有rm{COONa}溶液中含有rm{0.005mol}的醋酸鈉，rm{6mL1mol/L}鹽酸中含有rm{0.006mol}的rm{HCl}混合后溶質(zhì)為rm{0.005mol}的醋酸、rm{0.001molHCl}rm{0.005mol}氯化鈉，醋酸部分電離，溶液顯酸性，因為氫離子來自鹽酸、水、醋酸的電離，則的醋酸鈉，rm{COONa}鹽酸中含有rm{0.005mol}的rm{6mL1mol/L}混合后溶質(zhì)為rm{0.006mol}的醋酸、rm{HCl}rm{0.005mol}氯化鈉，醋酸部分電離，溶液顯酸性，因為氫離子來自鹽酸、水、醋酸的電離，則rm{0.001molHCl}rm{0.005mol}rm{c(H}rm{c(H}rm{+}rm{+}rm{)}rm{)}，則正確的順序為：rm{>c(CH}rm{>c(CH}rm{3}，故A錯誤；B.由電荷守恒知rm{cleft({H}^{+}right)+cleft(N{{H}_{4}}^{+}right)=cleft(C{l}^{-}right)+cleft(O{H}^{-}right)}已知，rm{cleft(N{{H}_{4}}^{+}right)=cleft(C{l}^{-}right)=0.005mol/L}則有rm{cleft({H}^{+}right)=cleft(O{H}^{-}right)=1隆脕{10}^{-7}mol/L}所以溶液顯中性，電離常數(shù)只和溫度有關(guān)，則此時rm{3}rm{COO}rm{COO}rm{-}rm{-}的電離常數(shù)rm{{K}_=dfrac{left[N{{H}_{4}}^{+}right]left[O{H}^{-}right]}{left[N{H}_{3}隆隴{H}_{2}Oright]}=dfrac{0.005隆脕1隆脕{10}^{-7}}{dfrac{a}{2}-0.005}=dfrac{{10}^{-9}}{a-0.01}}故B正確；

rm{)}rm{)}rm{c(Cl^{-})>c(Na^{+})>c(H}rm{+}rm{+}rm{)>c(CH_{3}COO^{-;})>c(OH^{-})}B.由電荷守恒知rm{cleft({H}^{+}right)+cleft(N{{H}_{4}}^{+}right)=cleft(C{l}^{-}right)+cleft(O{H}^{-}right)

}已知，rm{cleft(N{{H}_{4}}^{+}right)=cleft(C{l}^{-}right)=0.005mol/L

}則有rm{cleft({H}^{+}right)=cleft(O{H}^{-}right)=1隆脕{10}^{-7}mol/L

}所以溶液顯中性，電離常數(shù)只和溫度有關(guān)，則此時rm{NH}rm{cleft({H}^{+}right)+cleft(N{{H}_{4}}^{+}right)=cleft(C{l}^{-}right)+cleft(O{H}^{-}right)

}rm{cleft(N{{H}_{4}}^{+}right)=cleft(C{l}^{-}right)=0.005mol/L

}rm{cleft({H}^{+}right)=cleft(O{H}^{-}right)=1隆脕{10}^{-7}mol/L

}rm{NH}rm{{,!}_{3}}rm{隆隴H}rm{隆隴H}rm{{,!}_{2}}rm{O}的電離常數(shù)rm{{K}_=

dfrac{left[N{{H}_{4}}^{+}right]left[O{H}^{-}right]}{left[N{H}_{3}隆隴{H}_{2}Oright]}=

dfrac{0.005隆脕1隆脕{10}^{-7}}{dfrac{a}{2}-0.005}=

dfrac{{10}^{-9}}{a-0.01}}故B正確；因rm{O}中鋁離子水解抑制銨根離子水解，rm{{K}_=

dfrac{left[N{{H}_{4}}^{+}right]left[O{H}^{-}right]}{left[N{H}_{3}隆隴{H}_{2}Oright]}=

dfrac{0.005隆脕1隆脕{10}^{-7}}{dfrac{a}{2}-0.005}=

dfrac{{10}^{-9}}{a-0.01}}中銨根離子水解，C.常溫下同濃度下列溶液rm{壟脵NH}弱堿電離，且程度很弱，rm{壟脵NH}醋酸根離子水解促進銨根離子水解，則rm{{,!}_{4}}rm{Al(SO}由大到小的順序是：rm{Al(SO}，故C錯誤；rm{{,!}_{4}}rm{)}相當于一元強酸，rm{)}一元弱酸，rm{{,!}_{2}}水解都呈堿性，且水解程度依次減小，所以溶液rm{壟脷NH}rm{壟脷NH}rm{{,!}_{4}}溶液呈中性，rm{Cl壟脹NH}所以溶液的rm{Cl壟脹NH}由小到大排列為：rm{{,!}_{3}}rm{隆隴H}rm{隆隴H}故D錯誤。故選B。rm{{,!}_{2}}【解析】rm{B}6、C【分析】解：A；牛頓提出萬有引力定律后；卡文迪許通過扭秤實驗，測定出了力有引力恒量，故A正確；

B；奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)；揭示了磁現(xiàn)象和電現(xiàn)象之間的聯(lián)系，故B正確；

C；伽利略根據(jù)理想斜面實驗；提出力是改變物體運動狀態(tài)的原因，故C錯誤；

D；紐曼、韋伯在對理論和實驗資料進行嚴格分析后；先后指出：閉合電路中感應(yīng)電動勢的大小，跟穿過這一電路的磁通量的變化率成正比，后人稱之為法拉第電磁感應(yīng)定律，故D正確。

本題選不正確的；

故選：C。

根據(jù)物理學史和常識解答；記住著名物理學家的主要貢獻即可。

本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強記憶，這也是考試內(nèi)容之一。【解析】C7、B【分析】【分析】明確公式公式的來源，則可以分析其應(yīng)用范圍．【解析】【解答】解：公式是在勻變速直線運動中根據(jù)位移公式和速度公式推導出來的；故只能用于勻變速直線運動；

故選：B．二、多選題(共9題，共18分)8、AC【分析】【分析】回旋加速器利用電場加速和磁場偏轉(zhuǎn)來加速粒子，根據(jù)洛倫茲力提供向心力求出粒子射出時的速度，從而得出動能的表達式，看動能與什么因素有關(guān)，而洛倫茲力對粒子不做功，因此能量是從電場被加速而來．粒子在磁場中運動時，洛倫茲力提供向心力，滿足qvB=m，運動周期T==．【解析】【解答】解：A；質(zhì)子是在電場中加速的；磁場只改變質(zhì)子的運動方向，使質(zhì)子在磁場中做圓周運動，起到偏轉(zhuǎn)作用．故A正確．

B、C、帶電粒子從D形盒中射出時的動能Ekm=mvm2（1）

帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，則圓周半徑R=（2）

由（1）（2）可得Ekm=

顯然，當帶電粒子q、m一定的，則Ekm∝R2B2；故B錯誤；C正確．

D、質(zhì)子在磁場中運動的周期為T=；與質(zhì)子的速度無關(guān)，故D錯誤．

故選：AC．9、ABD【分析】【分析】衛(wèi)星繞地球做圓周運動，萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律求出線速度、角速度、周期與向心加速度，然后答題．【解析】【解答】解：萬有引力提供衛(wèi)星做圓周運動的向心力；

A、由牛頓第二定律得：G=m，解得：v=，離地面越近的衛(wèi)星軌道半徑r越小；線速度v越大，故A正確；

B、由牛頓第二定律得：G=mω2r，解得：ω=，離地面越近的衛(wèi)星軌道半徑r越小；角速度ω越大，故B正確；

C、由牛頓第二定律得：G=mr，解得：T=2π，離地面越近的衛(wèi)星軌道半徑r越??；周期T越小，故C錯誤；

D、由牛頓第二定律得：G=ma，解得：a=，離地面越近的衛(wèi)星軌道半徑r越?。幌蛐募铀俣萢越大，故D正確；

故選：ABD．10、ABD【分析】【分析】對于物理量的理解要明確是如何定義的決定因素有哪些，是標量還是矢量，如本題中明確描述勻速圓周運動的各個物理量特點是解本題的關(guān)鍵，尤其是注意標量和矢量的區(qū)別．【解析】【解答】解：在描述勻速圓周運動的物理量中；線速度；向心加速度、向心力這幾個物理量都是矢量，雖然其大小不變但是方向在變，因此這些物理量是變化的；所以保持不變的量是周期、角速度和頻率，所以ABD正確C錯誤．

故選：ABD．11、ABC【分析】【分析】純電阻電路中電路中的功率全部用來發(fā)熱，故電功率等于熱功率；再由串并聯(lián)電路的規(guī)律可得出功率與電阻的關(guān)系．【解析】【解答】解：A、由P=I2R可知；串聯(lián)電路各個電阻消耗的電功率跟它們的電阻成正比；故A正確；

B、由P=可知；并聯(lián)電路各個電阻消耗的電功率跟它們的電阻成反比；故B正確；

C；任何電路中；電路中的總功率等于各個電阻上消耗的熱功率之和；故C正確，D錯誤；

故選：ABC．12、BCD【分析】【分析】在彈簧第一次恢復(fù)原長的過程中，擋板對M有作用力，可知動量不守恒．第一次恢復(fù)原長后，M做加速運動，m做減速運動，系統(tǒng)動量守恒、機械能也守恒．【解析】【解答】解：A；從釋放m到彈簧第一次恢復(fù)原長的過程中；擋板對M有外力作用，兩球組成的系統(tǒng)動量不守恒．故A錯誤．

B；第一次回復(fù)原長后；m向右做減速運動，M向右做加速運動，當彈簧回復(fù)原長時，M的速度最大．故B正確．

C；探究第一次回復(fù)原長后；繼續(xù)運動的過程中，系統(tǒng)所受的外力之和為零，系統(tǒng)動量守恒，因為只有彈簧彈力做功，系統(tǒng)機械能守恒．故C正確．

D；釋放m后的過程中；當?shù)谝淮位謴?fù)到原長，彈簧的彈性勢能全部轉(zhuǎn)化為m的動能，在以后的運動過程中，彈簧伸長量最大時，兩者都有速度，結(jié)合動量守恒定律和能量守恒定律知，彈簧的最大伸長量總小于釋放m時彈簧的伸長量．故D正確．

故選BCD．13、BC【分析】【分析】根據(jù)線速度的定義和角速度的定義以及角度的定義得出線速度、角速度之間的關(guān)系，由此展開討論即可．【解析】【解答】解：根據(jù)線速度的定義v=，弧長l=Rθ，得v=ω

A；半徑一定時；線速度的大小與角速度成正比，故A錯誤；

B；半徑一定時；線速度的大小與角速度成正比，故B正確；

C；因為v=Rω；所以線速度大小一定時，角速度與半徑成反比，故C正確；

D；角速度一定；線速度大小與半徑成正比，故D錯誤

故選BC．14、BC【分析】【分析】A；伽利略利用斜面實驗研究自由落體運動時；不計空氣阻力，采樣了理想實驗?zāi)Ｐ偷姆椒ǎ?/p>

B；點電荷是物體在一定條件下的科學抽象；是建立理想化物理模型的方法．

C；在研究多個物理量之間關(guān)系時；往往要控制某些量不變，即控制變量法．

D、法拉第在研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象時，對所做的實驗進行歸納總結(jié)，得出結(jié)論．【解析】【解答】解：A；伽利略利用斜面實驗研究自由落體運動時；采用的是建立理想實驗?zāi)Ｐ偷姆椒ǎ蔄錯誤．

B；點電荷是理想化的模型；采用的是建立理想化物理模型的方法．故B正確．

C；在探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系時；要控制力或質(zhì)量不變，采用的方法是控制變量法．故C正確．

D；法拉第在研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象時；對所做的實驗進行歸納總結(jié)，得出結(jié)論．采用的是歸納法．故D錯誤．

故選BC．15、CD【分析】【分析】斜劈A在斜面體C上靜止不動，則B受重力和支持力平衡．當斜面光滑，斜劈A和B球具有相同的加速度沿斜面向下加速，通過對B球進行受力分析，判斷P、Q對球有無壓力．當斜面粗糙或光滑，按照同樣的方法，先判斷出整體的加速度方向，再隔離對B進行受力分析，從而判斷P、Q對球有無壓力．【解析】【解答】解：A；當斜面光滑；斜劈是靜止釋放還是以一定的初速度沿斜面上滑，斜劈和球這個整體具有相同的加速度，方向沿斜面向下．根據(jù)牛頓第二定律，知B球的合力方向沿斜面向下．所以B球受重力、底部的支持力、以及Q對球的彈力．知P點對球無壓力，Q點對球有壓力．故A、B錯誤．

C；斜劈A沿斜面勻速下滑；知B球處于平衡狀態(tài)，受重力和底部的支持力平衡．所以P、Q對球均無壓力．故C正確．

D；斜劈A沿斜面加速下滑；斜劈和球這個整體具有相同的加速度，方向沿斜面向下．根據(jù)牛頓第二定律，知B球的合力方向沿斜面向下．所以B球受重力、底部的支持力、以及Q對球的彈力．故D正確．

故選CD．16、AC【分析】解：A

根據(jù)萬有引力提供向心力得：GMmr鈥?2=mv2r鈥?

得v=GMrr隆盲

是行星公轉(zhuǎn)半徑，地球和火星的公轉(zhuǎn)半徑之比為r1隆盲r2隆盲

所以公轉(zhuǎn)線速度之比v隆盲1v鈥?2=r隆盲2r鈥?1

故A正確；

B、與行星公轉(zhuǎn)相似，對于衛(wèi)星，線速度表達式也為v=GMr

由于不知道地球和火星的質(zhì)量之比，所以無法求出v1v2

故B錯誤．

C、衛(wèi)星貼近表面運行時，有GMmr2=mv2r

得：M=rv2G

行星的密度為：婁脩=M43蟺r3=3v24蟺Gr2(

其中T

為星球表面衛(wèi)星運行的周期，r

為星球半徑)

故婁脩r2v2=34蟺G

為定值，故婁脩1r12v22=婁脩2r22v12

故C正確．

D、在行星表面，由重力等于萬有引力，有GMmr2=mgr

是行星的半徑，得：g=GMr2

則有GM=gr2

由于地球與火星的質(zhì)量不等，則g1r12鈮?g2r22.

故D錯誤．

故選：AC

根據(jù)萬有引力提供向心力GMmr2=mv2r

去求地球和火星公轉(zhuǎn)的線速度之比；以及近地衛(wèi)星的速度之比.

根據(jù)萬有引力等于重力求星球表面重力加速度之比，結(jié)合密度公式研究．

解決本題的關(guān)鍵搞清楚公轉(zhuǎn)、第一宇宙速度等問題中，誰是中心天體，誰是環(huán)繞天體，然后根據(jù)萬有引力提供向心力，萬有引力等于重力進行求解．【解析】AC

三、判斷題(共3題，共18分)17、×【分析】【分析】溫度是分子的平均動能的標志，是大量分子運動的統(tǒng)計規(guī)律，由此分析解答即可．【解析】【解答】解：溫度是分子的平均動能的標志；是大量分子運動的統(tǒng)計規(guī)律，對單個的分子沒有意義；當溫度升高時，物體內(nèi)的分子的平均動能增加，不是物體內(nèi)部所有分子的動能都增加．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×18、√【分析】【分析】電場的基本性質(zhì)就是對其中的電荷有力的作用，電荷在電場中一定受到電場力作用．【解析】【解答】解：電場的基本性質(zhì)就是對其中的電荷有力的作用；故電荷在電場中一定受電場力的作用．

故答案為：√19、×【分析】【分析】永磁體在受到加熱或敲打后，磁性會減弱或消失，這種現(xiàn)象叫退磁．鐵磁性的物質(zhì)與磁鐵接觸后會顯示出磁性，這種現(xiàn)象叫磁化．【解析】【解答】解：永磁體在受到加熱或敲打后；磁性會減弱或消失，這種現(xiàn)象叫退磁．所以這種說法是錯誤的．

故答案為：（×）四、實驗探究題(共4題，共8分)20、略

【分析】解：（1）由于小車在長木板上運動時不可避免地受到摩擦力；為了平衡摩擦力，所以要把左端墊高一點，當Mgsinθ=μMgcosθ時，可以等效為不受摩擦力．實際操作時用手撥動小車后讓其拉著紙帶運動并打點，判斷小車是否勻速運動．所以選：B

（2）因為是探究功與速度變化關(guān)系；所以必須求出末速度，而末速度是用平均速度代替的，在能夠計算速度且使誤差盡量減小的情況下，時間越短，誤差越小，所以只能選DG段，求平均速度從而代替末速度，況且DG段點跡均勻說明已經(jīng)勻速運動，所以選：C

（3）對于整個系統(tǒng)而言；變化n系統(tǒng)質(zhì)量未變，但改變了合外力，合外力的變化與n成正比，故可得：合外力的功與速度的平方成正比．

（4）由機械能守恒律可得：整理得：故v2--n圖象的斜率為k=．

故答案為：（1）B（2）C（3）合外力的功與速度的平方成正比（4）．

本題是實驗題；除了考察實驗過程，而且考察對數(shù)據(jù)的處理．既探究了做功與速度變化的關(guān)系，同時又能驗證機械能守恒律，可謂一舉兩得．

（1）不管是達到什么目的；都須考慮摩擦力，所以要平衡摩擦力．墊高左端讓小車拉著紙帶在長木板上勻速直線運動，打下的點跡應(yīng)均勻．

（2）要求末速度；因為每次砝碼下降的高度均為h，所以下降h后系統(tǒng)已經(jīng)勻速運動了，只有點跡均勻才能是勻速運動，從紙帶點跡來看，最后一段說明砝碼盤已經(jīng)落地，小車已經(jīng)勻速運動了．

（3）小車的質(zhì)量為M，所有砝碼與托盤的總質(zhì)量為m，且滿足M》m，所以可以近似認為合外力等于所有砝碼與托盤的總重力．而總重力與n成正比，故能得到v2與n成正比關(guān)系．

（4）由機械能守恒律；砝碼及盤減少的重力勢能等于系統(tǒng)增加的動能，寫出表達式就能看出斜率k式子．

本題巧妙的是系統(tǒng)的總質(zhì)量保持不變，從小車拿下的砝碼都放在小車上，砝碼盤的質(zhì)量等于砝碼的質(zhì)量，相當于一個砝碼．題目已經(jīng)對數(shù)據(jù)進行處理并畫出了v2-n圖象，且是一條過原點的直線，而n又與砝碼及盤的總重力（可看成合外力）成正比，所以能得到合外力的功與速度的平方成正比；至于驗證機械能守恒律，寫出守恒式，就能看出斜率的表達式．【解析】B；C；合外力的功與速度的平方成正比；21、略

【分析】解：(1)

因為待測電壓表的內(nèi)阻約幾k婁賂

故定值電阻R0

的阻值不能太小，否則分的電壓大小，影響實驗結(jié)果的準確性，故選D；

該實驗中；因為要求電壓表的示數(shù)從0

開始，并且要多測幾組數(shù)據(jù)，故滑動變阻器采用分壓接法，為方便實驗操作，要選擇最大阻值較小的滑動變阻器，選擇E

(2)

連接的實物圖如圖所示：

(3)V1

的量程是3V

的；故丙圖中的計數(shù)為1.90V

(4)

定值電阻R0

與V1

串聯(lián)，電流相等，則有：U1RV1=U2鈭?U1R0

變形得：U1=RV1R0+RV1U2

由U1鈭?U2

關(guān)系圖象可知斜率k=RV1R0+RV1

解得：RV1=k1鈭?kR0

故答案為：(1)D

(2)E

(3)

(4)1.90

(5)k1鈭?kR0

根據(jù)電壓表一定值電阻的大小關(guān)系；就能確定定值電阻的阻值應(yīng)選擇哪一個；滑動變阻器由于是采用分壓接法，所以應(yīng)選擇阻值較小的；根據(jù)串聯(lián)電路電流的等量關(guān)系及歐姆定律，再結(jié)合圖象斜率的意義，根據(jù)表達式從而求出電壓表的內(nèi)阻。

當測量電路的電阻較大時，用滑動變阻器控制的分壓接法時，滑動變阻器的阻值要較小，否則滑動變阻器影響電路中的電流；先寫出電壓的表達式，結(jié)合圖象的斜率的意義就能求出電壓表的內(nèi)阻?！窘馕觥緿E

如圖；1.90k1鈭?kR0

22、略

【分析】解：(1)

因為每相鄰兩個計數(shù)點間還有4

個打點；所以計數(shù)點時間間隔為0.1s

根據(jù)在勻變速直線運動中時間中點的瞬時速度大小等于該過程中的平均速度；可知打計數(shù)點4

時的速度為：

v4=x352T=0.168+0.2160.2m/s=1.9m/s

(2)

在0隆蘆4

過程中系統(tǒng)動能的增量鈻?EK=12(m1+m2)v52=12隆脕0.2隆脕1.92J=0.36J

系統(tǒng)重力勢能的減小量等于物體重力做功，故：鈻?EP=W=(m2鈭?m1)gx=0.1隆脕10隆脕(0.024+0.072+0.120+0.168)=0.38J

故答案為：(1)1.9(2)0.360.38

(1)

根據(jù)在勻變速直線運動中時間中點的瞬時速度大小等于該過程中的平均速度；可以求出打下記數(shù)點4

時的速度大??；

(2)

根據(jù)系統(tǒng)的初末動能大小可以求出動能的增加量；根據(jù)系統(tǒng)重力做功和重力勢能之間的關(guān)系可以求出系統(tǒng)重力勢能的減小量，比較動能增加量和重力勢能減小量之間的關(guān)系可以得出機械能是否守恒．

本題全面的考查了驗證機械能守恒定律中的數(shù)據(jù)處理問題，要熟練掌握勻變速直線運動的規(guī)律以及功能關(guān)系，增強數(shù)據(jù)處理能力．【解析】1.90.360.38

23、（1）酵母菌分解者（2）重鉻酸鉀酸性橙色變?yōu)榛揖G色（3）乙醛缺少糖源（4）線粒體和細胞質(zhì)基質(zhì)【分析】【分析】本題考查果酒和果醋的制作的相關(guān)知識，意在考查學生掌握知識間的內(nèi)在聯(lián)系，形成知識間的網(wǎng)絡(luò)結(jié)構(gòu)能力?！窘獯稹浚?）果酒的制作需要以酵母菌作為菌種，從生態(tài)系統(tǒng)的成分看，酵母菌屬于分解者。（2）要證明果汁中產(chǎn)生了酒精，可以用重鉻酸鉀來鑒定，在酸性條件下，橙色的重鉻酸鉀溶液遇酒精變成灰綠色。（3）在果酒生產(chǎn)果醋的過程中，醋酸菌將乙醇變?yōu)橐胰賹⒁胰┳優(yōu)榇姿?，此過程需在氧氣充足，但缺少糖源的條件下完成。（4）果酒制作過程涉及的酵母菌的有氧呼吸和無氧呼吸，酵母菌有氧呼吸產(chǎn)生的二氧化碳是在第二階段線粒體基質(zhì)中，無氧呼吸產(chǎn)生二氧化碳是在細胞質(zhì)基質(zhì)中?！窘馕觥浚?）酵母菌分解者（2）重鉻酸鉀酸性橙色變?yōu)榛揖G色（3）乙醛缺少糖源（4）線粒體和細胞質(zhì)基質(zhì)五、推斷題(共4題，共8分)24、（1）2-甲基丙烯（2）還原反應(yīng)（3）15（4）【分析】【分析】本題考查的是有機物的合成與推斷，掌握有機物各官能團的結(jié)構(gòu)和性質(zhì)及相互轉(zhuǎn)化的條件是解答本題的關(guān)鍵，注意題中信息的運用。【解答】核磁共振氫譜顯示rm{B}只有一種化學環(huán)境的氫，則rm{B}中一個碳原子上連有三個甲基，所以rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式則rm{A}的結(jié)構(gòu)簡式為只有一種化學環(huán)境的氫，則rm{B}中一個碳原子上連有三個甲基，所以rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式則rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式為rm{A}可知，；根據(jù)信息rm{壟脷}可知，rm{D}的結(jié)構(gòu)簡式為的結(jié)構(gòu)簡式為rm{壟脷}為芳香烴，其相對分子質(zhì)量為rm{D}則rm{E}為芳香烴，其相對分子質(zhì)量為rm{92}則rm{E}的分子式為rm{{C}_{7}{H}_{8}}則其結(jié)構(gòu)簡式為rm{H}苯環(huán)上有兩種化學環(huán)境的氫，則苯環(huán)上兩種取代基處于對位，根據(jù)rm{E隆煤F}反應(yīng)條件可知，該反應(yīng)為甲苯與濃硝酸發(fā)生的硝化反應(yīng)，根據(jù)rm{H}苯環(huán)上兩種取代基處于對位，則硝基處于甲基的對位，所以rm{F}為rm{G}為rm{H}為rm{D}與rm{H}在一定條件下發(fā)生酯化反應(yīng)，生成rm{M}則rm{M}為的分子式為rm{E}則其結(jié)構(gòu)簡式為rm{92}苯環(huán)上有兩種化學環(huán)境的氫，則苯環(huán)上兩種取代基處于對位，根據(jù)rm{E}反應(yīng)條件可知，該反應(yīng)為甲苯與濃硝酸發(fā)生的硝化反應(yīng)，根據(jù)rm{{C}_{7}{H}_{8}}苯環(huán)上兩種取代基處于對位，則硝基處于甲基的對位，所以rm{H}為rm{E隆煤F}為rm{H}為rm{F}與rm{G}在一定條件下發(fā)生酯化反應(yīng)，生成rm{H}則rm{D}為rm{H}的結(jié)構(gòu)簡式為rm{M}甲基丙烯，故答案為：rm{M}甲基丙烯；rm{(1)A}，其化學名稱為rm{2-}甲基丙烯，生成rm{2-}的反應(yīng)為苯環(huán)上的硝基轉(zhuǎn)化為氨基，所以為還原反應(yīng)；rm{2-}在一定條件下可以發(fā)生聚合反應(yīng)，該聚合反應(yīng)的化學方程式____故答案為：還原反應(yīng)；rm{(2)}為其同分異構(gòu)體中不能與金屬鈉反應(yīng)生成氫氣，則不含羥基，含有醚鍵，則連有醚鍵的兩個烴基可分別為甲基和戊基，乙基和丁基，丙基和丙基。甲基只有一種，乙基只有一種，丙基有兩種，丁基有rm{(2)}種，戊基有rm{G}種，所以連有醚鍵的兩個烴基可分別為甲基和戊基，有rm{H}種結(jié)構(gòu)，分別為乙基和丁基時有rm{H}種結(jié)構(gòu)，分別為丙基和丙基時有rm{(3)D}種結(jié)構(gòu)，所以共有rm{4}種結(jié)構(gòu)，其中核磁共振氫譜只有兩組峰，且峰面積比為rm{8}的是故答案為：rm{8}rm{4}乙烯與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{3}rm{8+4+3=15}二溴乙烷，根據(jù)信息rm{6:1}可知rm{15}rm{(4)}二溴乙烷發(fā)生信息rm{1}的反應(yīng)生成rm{2-}rm{壟脷}己二醇，rm{1}rm{2-}二溴乙烷發(fā)生信息rm{壟脷}的反應(yīng)生成rm{1}rm{6}己二醇，rm{1}rm{6}己二醇在銅作用下被氧氣氧化為rm{1}rm{6-}己二醛，其合成路線為：rm{1}己二醇在銅作用下被氧氣氧化為rm{2-}rm{壟脷}己二醛，其合成路線為：故答案為：rm{1}【解析】rm{(1)}rm{2-}甲基丙烯rm{(2)}還原反應(yīng)rm{(3)15}rm{(4)}25、（1）甲苯CH3CHClCOOH取代反應(yīng)或酯化反應(yīng)

（2）Cl2光照

（3）+NaOH+NaCl

（4）15

（5）【分析】【分析】本題考查有機物的推斷與合成，為高考常見題型，側(cè)重考查學生的分析能力，充分利用有機物的結(jié)構(gòu)進行推斷，注意對題目給予信息的理解，熟練掌握官能團的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化?！窘獯稹縭m{(1)}由上述分析可知，rm{A}的名稱為甲苯，試劑rm{X}的結(jié)構(gòu)簡式為rm{CH_{3}CHClCOOH}步驟Ⅵ的反應(yīng)類型為取代反應(yīng)或酯化反應(yīng)；

故答案為：甲苯；rm{CH_{3}CHClCOOH}取代反應(yīng)或酯化反應(yīng)；

rm{(2)}步驟Ⅰ的反應(yīng)試劑和條件分別為rm{Cl_{2}}光照；

故答案為：rm{Cl_{2}}光照；

rm{(3)}步驟Ⅱ反應(yīng)的化學方程式為：rm{+NaOHxrightarrow[triangle]{{水}}}rm{+NaOHxrightarrow[triangle

]{{水}}}

故答案為：rm{+NaOHxrightarrow[triangle]{{水}}}rm{+NaCl}

rm{+NaOHxrightarrow[triangle

]{{水}}}滿足下列條件的rm{+NaCl}rm{(4)}它的同分異構(gòu)體符合：rm{E(}苯環(huán)上只有兩個取代基，rm{)}能與rm{壟脵}溶液發(fā)生顯色反應(yīng)，說明含有酚羥基，rm{壟脷}能發(fā)生水解反應(yīng)和銀鏡反應(yīng)，含有甲酸形成的酯基，其中一個為rm{FeCl_{3}}另外取代基為rm{壟脹}或者rm{-OH}或者為rm{-CH_{2}CH_{2}CH_{2}OOCH}或者為rm{-CH(CH_{3})CH_{2}OOCH}或者rm{-CH_{2}CH(CH_{3})OOCH}各有鄰、間、對rm{-C(CH_{3})_{2}OOCH}種，故共有rm{-CH(CH_{2}CH_{3})OOCH}種，其中核磁共振氫譜峰面積比為rm{3}rm{15}rm{6}rm{2}rm{2}的分子的結(jié)構(gòu)簡式為

故答案為：rm{1}

rm{1}先發(fā)生催化氧化生成醛，再進一步氧化生成羧酸，最后與氯氣、紅磷作用得到合成路線流程圖為

故答案為：

rm{15}【解析】rm{(1)}甲苯rm{CH_{3}CHClCOOH}取代反應(yīng)或酯化反應(yīng)rm{(2)Cl_{2;;}}光照rm{(3)}rm{+NaOHxrightarrow[triangle]{{水}}}rm{+NaOHxrightarrow[triangle

]{{水}}}rm{+NaCl}rm{(4)15}rm{(5)}26、I.（1）S2->Cl->O2->Na+離子鍵、共價鍵（或非極性鍵）

（2）2NH3·H2O+3H2O2=N2+8H2O或2NH3+3H2O2=N2+6H2O

（3）2CO32-+Cl2+H2O=Cl-+ClO-+2HCO3-

（4）

II.（1）第六周期IV族弱

（2）1：1?【分析】【分析】本題主要考查元素周期表的綜合應(yīng)用和化學計量的綜合計算，注意從圖像中尋找突破口?！窘獯稹縄.rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}rm{F}是原子序數(shù)依次增大的短周期主族元素，其中rm{A}rm{B}左右相鄰，rm{B}的最高價氧化物對應(yīng)水化物與其氫化物能反應(yīng)生成鹽，則rm{B}為rm{N}元素，rm{A}為rm{C}元素；rm{C}rm{D}rm{F}組成的rm{36}電子的化合物rm{X}是常用消毒劑的主要成分，可推測rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}是原子序數(shù)依次增大的短周期主族元素，其中rm{F}rm{A}左右相鄰，rm{B}的最高價氧化物對應(yīng)水化物與其氫化物能反應(yīng)生成鹽，則rm{B}為rm{B}元素，rm{N}為rm{A}元素；rm{C}rm{C}rm{D}組成的rm{F}電子的化合物rm{36}是常用消毒劑的主要成分，可推測rm{X}是rm{X}rm{NaClO}為rm{C}元素，rm{O}為rm{D}元素，rm{Na}為rm{F}元素，rm{Cl}同主族，C、rm{E}同主族，為rm{E}元素。rm{E}rm{S}rm{(1)}C、rm{D}rm{E}rm{F}對應(yīng)的簡單離子的半徑由大到小的順序為：rm{S^{2-}>Cl^{-}}對應(yīng)的簡單離子的半徑由大到小的順序為：rm{D}rm{E}rm{F}rm{S^{2-}>Cl^{-}}rm{>O^{2-}>Na^{+}}化合物rm{D}rm{D}rm{{,!}_{2}}離子鍵、共價鍵rm{E}或非極性鍵rm{E}rm{{,!}_{2}}氨氣與過氧化氫反應(yīng)的含有的化學鍵類型為：離子鍵、共價鍵，故答案為：rm{S^{2-}>Cl^{-}>O^{2-}>Na^{+;;;;;;;;}}rm{(}rm{)}rm{(2)}化學方程式為：rm{2NH_{3}}rm{{,!}_{2}=N_{2}隆眉+8H_{2}O}或rm{隆隴}故答案為：rm{2NH_{3}隆隴H_{2}O+3H_{2}O_{2}=N_{2}隆眉+8H_{2}O}或rm{隆隴}rm{隆隴}rm{H_{2}O+3}rm{H}rm{H}組成的一種生活中的常用鹽，其中rm{{,!}_{2}}的質(zhì)量分數(shù)為rm{O}此鹽是rm{O}rm{{,!}_{2}=N_{2}隆眉

+8H_{2}O}rm{2NH_{3}+3H_{2}O_{2}=N_{2}+6H_{2}O}rm{2NH_{3}隆隴H_{2}O+3H_{2}O_{2}=N_{2}隆眉

+8H_{2}O}rm{2NH_{3}+3H_{2}O_{2}=N_{2}+6H_{2}O}反應(yīng)的離子方程式為：rm{(3)}由rm{A}rm{C}rm{D}組成的一種生活中的常用鹽，其中rm{D}的質(zhì)量分數(shù)為rm{43%}此鹽是rm{A}故答案為：rm{C}rm{D}rm{D}烴的化學式為rm{43%}烴的電子式為：rm{Na_{2}CO_{3}}化合物甲與水反應(yīng)，生成rm{Na_{2}CO_{3}}和與反應(yīng)前后原子個數(shù)不變，甲與水反應(yīng)的化學方程式為：故答案為：rm{Cl2}鉛在元素周期表的位置為第六周期物質(zhì)的量之比rm{2:1}反應(yīng)的離子方程式為：族，非金屬性小于碳，所以rm{2:1}rm{2CO_{3}}rm{2-}rm{2-}rm{+Cl_{2}+H_{2}O=Cl^{-}+ClO^{-}+2HCO_{3}^{-}}故答案為：第六周期rm{2CO_{3}^{2-}+Cl_{2}+H_{2}O=Cl^{-}+ClO^{-}+2HCO_{3}^{-}}族弱；rm{(4)}根據(jù)題給信息知，烴分子中碳氫質(zhì)量比為rm{9:1}烴的化學式為rm{C_{3}H_{4}}烴的電子式為：rm{9:1}rm{C_{3}H_{4}}rm{1mol}rm{2molMg(OH)_{2}}rm{1molC_{3}H_{4}}rm{II.(1)}鉛在元素周期表的位置為第六周期rm{II.(1)}rm{IV}rm{PbO}rm{PbO}rm{{,!}_{2}}的酸性比rm{AC}rm{AC}rm{{,!}_{2}}則有rm{dfrac{2隆陋x}{2}隆脕32=239-23