2024屆云南三校高考備考聯(lián)考卷（五）理科綜合試題答案及雙向細(xì)目表

理科綜合參考答案·第頁）2024屆云南三校高考備考實(shí)用性聯(lián)考卷（五）理科綜合參考答案一、選擇題：本題共13小題，每小題6分。題號(hào)12345678910111213答案BBCDCACDACBBD二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14～18題只有一項(xiàng)符合題目要求；第19～21題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的給6分，選對(duì)但不全的給3分，有選錯(cuò)的給0分。題號(hào)1415161718192021答案ABDCDBCBDAC【解析】1．=1\*GB3①農(nóng)業(yè)生產(chǎn)中，土壤松土可促進(jìn)根細(xì)胞有氧呼吸作用，有利于主動(dòng)運(yùn)輸，為礦質(zhì)元素吸收供應(yīng)能量，正確；②植物光合色素主要吸收紅光和藍(lán)紫光，不吸收紅外光和紫外光，錯(cuò)誤；③釀酒時(shí)前期適當(dāng)通氣，目的是促進(jìn)酵母菌有氧呼吸，利于菌種繁殖，后期密封發(fā)酵罐，促進(jìn)酵母菌無氧呼吸，利于產(chǎn)生酒精，錯(cuò)誤；④稻田應(yīng)定期排水，可以避免水稻根細(xì)胞無氧呼吸產(chǎn)生酒精使根腐爛變黑，錯(cuò)誤；⑤小麥、玉米等種子收獲后經(jīng)適當(dāng)風(fēng)干，可以減少自由水含量利于儲(chǔ)藏，錯(cuò)誤；⑥連續(xù)陰雨天小麥傳粉受到影響，噴灑一定濃度的生長(zhǎng)素類調(diào)節(jié)劑能促進(jìn)果實(shí)發(fā)育，而小麥?zhǔn)强糠N子增產(chǎn)，錯(cuò)誤。因此正確的有一項(xiàng)，故選B。2．摩爾根的果蠅雜交實(shí)驗(yàn)和孟德爾的豌豆交實(shí)驗(yàn)結(jié)論的得出都應(yīng)用了假說—演繹法，A正確。證明DNA半保留復(fù)制（15N標(biāo)記）的實(shí)驗(yàn)和T2噬菌體侵染大腸桿菌（32P/35S標(biāo)記）的實(shí)驗(yàn)都用到了同位素標(biāo)記法，但是15N是穩(wěn)定性同位素沒有放射性，B錯(cuò)誤。用顏色不同、形狀大小相同的兩條橡皮泥代表同源染色體，C正確。在“模擬性狀分離比”實(shí)驗(yàn)中兩個(gè)桶內(nèi)的彩球分別代表雌雄配子，數(shù)量不一定要相等，D正確。故選B。3．高血糖時(shí)，下丘腦某一區(qū)域興奮，引起胰島B細(xì)胞分泌胰島素屬于神經(jīng)調(diào)節(jié)，A錯(cuò)誤。激素發(fā)揮作用后會(huì)被滅活，但激素運(yùn)輸?shù)桨屑?xì)胞的時(shí)間有先后，因此體液調(diào)節(jié)的作用時(shí)間比較長(zhǎng)，B錯(cuò)誤。免疫活性物質(zhì)是由免疫細(xì)胞或其他細(xì)胞產(chǎn)生的發(fā)揮免疫作用的物質(zhì)，C正確。不是所有激素的分泌都是通過下丘腦—垂體—相應(yīng)靶腺體來進(jìn)行分級(jí)調(diào)節(jié)的，如腎上腺素的分泌等，D錯(cuò)誤。故選C。4．探究土壤微生物對(duì)落葉的分解作用時(shí)，應(yīng)將實(shí)驗(yàn)組的土壤滅菌以排除土壤微生物的作用，運(yùn)用了變量處理中的減法原理，A正確。一些土壤小動(dòng)物，如蚯蚓、蜣螂等可以通過呼吸作用產(chǎn)生二氧化碳，二氧化碳進(jìn)入大氣中，可以參與碳循環(huán)，進(jìn)而影響植物的生長(zhǎng)，B正確?？梢罁?jù)土壤小動(dòng)物趨暗、趨濕、避高溫等特性來設(shè)計(jì)誘蟲器，C正確。調(diào)查身體微小、活動(dòng)能力強(qiáng)的土壤小動(dòng)物數(shù)量常用取樣器取樣法，D錯(cuò)誤。故選D。5．組合一的F1自交得到的F2中紅花∶黃花∶白花=12∶3∶1，符合9∶3∶3∶1的變式，說明控制該花色的兩對(duì)基因（A/a和B/b）位于兩對(duì)染色體上，遵循基因的自由組合定律。白花的基因型為aabb，黃花的基因型有兩種：AAbb、Aabb或aaBB、aaBb，A錯(cuò)誤。組合一的F2中紅花植株共占12份，純合體占2份，所以純合子占1/6；只有一對(duì)基因是雜合的占6份，所以只有一對(duì)基因是雜合的占1/2，B錯(cuò)誤。組合二黃花與紅花雜交，設(shè)黃花基因型是Aabb，則紅花的基因型應(yīng)為aaBb，F(xiàn)1黃花基因型為Aabb，與白花（aabb）雜交，后代黃花和白花的比例為1∶1，黃花占1/2，C正確。測(cè)交是要與隱性純合子雜交，組合二的親本黃花與紅花都為雜合子，因此不屬于測(cè)交；組合三的親本中紅花是雙雜合子，白花是隱性純合子，所以組合三的雜交類型在遺傳學(xué)中稱為測(cè)交，D錯(cuò)誤。故選C。6．醋酸菌在糖源充足的情況下能將糖分解成醋酸，故可采用葡萄糖作為發(fā)酵培養(yǎng)液的碳源，A錯(cuò)誤。工業(yè)發(fā)酵罐的體積一般很大，需要接入的菌種總體積也多，所以接入發(fā)酵罐前還需要對(duì)菌種進(jìn)行擴(kuò)大化培養(yǎng)，B正確。醋酸菌為需氧型生物，深層通氣液體發(fā)酵可保證氧氣供應(yīng)，使醋酸菌迅速生長(zhǎng)繁殖，產(chǎn)生代謝產(chǎn)物醋酸，從而提高醋的產(chǎn)量，C正確。發(fā)酵工程所用的菌種，大多是單一菌種，一旦有雜菌污染可能導(dǎo)致產(chǎn)量大大降低，所以發(fā)酵設(shè)備和培養(yǎng)液均需要經(jīng)過嚴(yán)格滅菌，D正確。故選A。7．燃煤脫硫可以減少SO?的排放，有利于減少酸雨的形成，但并未減少CO?的排放，不利于實(shí)現(xiàn)“碳中和”，A錯(cuò)誤。柴油是多種烴的混合物，烴不發(fā)生水解，熱的純堿溶液無法洗滌金屬表面的柴油，B錯(cuò)誤。黃金光亮且薄如紙，說明金不活潑和有很好的延展性，C正確。絲綢和毛的化學(xué)成分是蛋白質(zhì)，棉的化學(xué)成分是纖維素，D錯(cuò)誤。8．M為酯類物質(zhì)，故在稀硫酸條件下M水解產(chǎn)物A的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為

，M與A的分子中都含有碳碳雙鍵，均能使酸性高錳酸鉀溶液和溴水褪色，A正確。由M的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式可知，合成M的單體為，故M的單體中C原子有sp、sp2和sp3共3種雜化方式，B正確。B的結(jié)構(gòu)為

，分子中含有羧基和羥基，可以發(fā)生酯化反應(yīng)，羥基的β?碳原子上含有氫9．向飽和AgCl溶液中加入少量NaCl固體，產(chǎn)生白色沉淀，即AgCl沉淀，說明該實(shí)驗(yàn)過程存在沉淀溶解平衡，A正確。蛋白質(zhì)溶液中滴加飽和NaCl溶液發(fā)生鹽析，加CuSO4溶液發(fā)生變性，鹽析為可逆過程，變性為不可逆過程，B錯(cuò)誤。向苯酚濁液中滴加飽和Na2CO3溶液，反應(yīng)生成苯酚鈉、碳酸氫鈉，濁液變澄清，說明酸性：苯酚>碳酸氫根，C錯(cuò)誤。若溶液中含有亞硫酸根離子、硫離子，加入鹽酸也會(huì)出現(xiàn)相同的現(xiàn)象，故不能說明該無色溶液中一定含有，D錯(cuò)誤。10．Y是地殼中含量最多的元素，則Y為O；結(jié)合圖示可知，Z形成+1價(jià)陽離子，其原子序數(shù)大于O，則Z為Na；W形成1個(gè)共價(jià)鍵，其原子序數(shù)小于O，則W為H，四種原子的原子序數(shù)總和為25，X的原子序數(shù)為25?1?8?11=5，則X為B元素。由上述分析可知，W為H，X為B，Y為O，Z為Na元素，同一周期從左到右，電負(fù)性增大，故電負(fù)性Y(O)＞X(B)，A錯(cuò)誤。X為B，最高價(jià)氧化物的水化物分子式為，B錯(cuò)誤。該化合物含有過氧鍵結(jié)構(gòu)，因此具有強(qiáng)氧化性，可殺菌消毒，C正確。W為H，X為B，Y為O，都是非金屬元素，H與X或Y形成化合物只有共價(jià)鍵，Z為Na，與H形成化合物NaH含離子鍵，D錯(cuò)誤。11．根據(jù)反應(yīng)③，X為，是生成物（副產(chǎn)物），A錯(cuò)誤。反應(yīng)③顯示其是制備過程的副反應(yīng)，會(huì)生成X（乙醇），因此每消耗2mol

N2O，可制備的CH3CHO少于1mol，B正確。Fe+是催化劑12．由圖示可判斷，放電時(shí)Na+向NaFePO4F(a電極)方向移動(dòng)，所以a電極為正極，根據(jù)總反應(yīng)式，放電時(shí)由總反應(yīng)結(jié)合原電池正極反應(yīng)可知，放電時(shí)負(fù)極b上的電極反應(yīng)式為Na3Ti2(PO4)3?2e?NaTi2(PO4)3+2Na+，C正確。由圖示知，NaFePO4F、Na2FePO4F、Na3Ti2(PO4)3、NaTi2(PO4)3均附著在電極材料上，充、放電時(shí)Na+生成與消耗的量相等，理論上溶液中的鈉離子濃度不變，D正確。13．當(dāng)，即時(shí)，由常溫時(shí)可知，，則，即為P點(diǎn)，故曲線①表示與pH的關(guān)系，曲線②表示與pH的關(guān)系，A錯(cuò)誤。M點(diǎn)時(shí)，與相等，即，可得，c(OH?)=10?7.9mol/L，pH=6.1，B錯(cuò)誤。曲線②表示與pH的關(guān)系，而N點(diǎn)的比M點(diǎn)的大，酸的電離抑制水的電離，則N點(diǎn)水的電離程度比M點(diǎn)的小，C錯(cuò)誤。由題圖可知，N點(diǎn)時(shí)，即，則HX的電離平衡常數(shù)，D正確。14．對(duì)A進(jìn)行受力分析，如圖甲所示，由圖可知B向右緩慢移動(dòng)時(shí)，B對(duì)A的支持力與豎直方向的夾角逐漸變大，可知B對(duì)A的支持力增大，豎直墻面對(duì)A的彈力增大，故A正確，C錯(cuò)誤。對(duì)A、B整體進(jìn)行受力分析，如圖乙所示，根據(jù)平衡條件可知、，所以水平地面對(duì)B的支持力不變，外力增大，故B、D錯(cuò)誤。15．由圖像可知，波源Q比P先起振，故A錯(cuò)誤。時(shí)兩列波在處發(fā)生干涉，振動(dòng)加強(qiáng)，振幅為45cm，故B正確。兩列波的波長(zhǎng)均為4m，產(chǎn)生明顯衍射條件相同，故C錯(cuò)誤。當(dāng)觀察者以2m/s的速度向x軸正方向運(yùn)動(dòng)時(shí)，觀察到的P波波速為8m/s，速度減小，故頻率減小，故D錯(cuò)誤。16．氣球內(nèi)的壓強(qiáng)大于汽缸內(nèi)的氣體壓強(qiáng)，故A錯(cuò)誤。因?yàn)闅馇驅(qū)嵝阅芰己?，氣球?nèi)的溫度一定等于汽缸內(nèi)的溫度，故B錯(cuò)誤。若將活塞緩慢下移，外界對(duì)氣體做功，W為正數(shù)，又因?yàn)槠譖絕熱，所以Q為零，由熱力學(xué)第一定律：，得到一定為正數(shù)，所以汽缸內(nèi)氣體溫度升高，壓強(qiáng)增大，故C錯(cuò)誤。對(duì)于汽缸內(nèi)的氣體，若將活塞緩慢上移，氣體對(duì)外17．兩次鉛球到達(dá)的最大高度相同，則由可知，兩次鉛球運(yùn)動(dòng)的豎直位移相同，由可知時(shí)間相同，故A錯(cuò)誤。由A項(xiàng)分析可知兩次鉛球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，而第2次水平位移大，所以第2次拋出時(shí)初速度的水平分量大，即，故B錯(cuò)誤。由可知第2次拋出時(shí)的初速度大，根據(jù)動(dòng)能定理可知，推球過程人對(duì)鉛球做的功：，故C正確。兩次落地時(shí)速度的豎直分量相等，所以由可得，故D錯(cuò)誤。18．發(fā)射飛船的速度小于第二宇宙速度，故A錯(cuò)誤。月球繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由，得，故B19．由于不知道帶電質(zhì)點(diǎn)的電性，無法判斷電場(chǎng)的方向，所以不能確定各點(diǎn)電勢(shì)的高低，故A錯(cuò)誤。由圖可知，P點(diǎn)處電場(chǎng)線比Q點(diǎn)處密集，則P點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度比Q點(diǎn)處大，帶電質(zhì)點(diǎn)在P點(diǎn)所受電場(chǎng)力比Q點(diǎn)大，在P點(diǎn)的加速度大于在點(diǎn)的加速度，故B正確。由于質(zhì)點(diǎn)只受電場(chǎng)力作用，根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡可知電場(chǎng)力的方向在軌跡凹側(cè)，從P到Q，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，即帶電質(zhì)點(diǎn)在Q點(diǎn)具有的電勢(shì)能比在P點(diǎn)具有的電勢(shì)能小；根據(jù)動(dòng)能定理知，動(dòng)能增大，即Q點(diǎn)的動(dòng)能大于P點(diǎn)的動(dòng)能，即帶電質(zhì)點(diǎn)在Q點(diǎn)處的速率比在P點(diǎn)處大，故C正確，D錯(cuò)誤。20．由圖可知電容器上極板帶正電，下極板帶負(fù)電，所以帶電油滴帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤。若保持、閉合，滑片P向上移動(dòng)，接入阻值變小，電流表示數(shù)增大，電壓表示數(shù)減小，故B正確。若保持閉合，將斷開，滑片P向下移動(dòng)，接入阻值變大，外電路電阻增大，因?yàn)?，電源輸出功率隨外電阻增大而減小，故C錯(cuò)誤。若保持、閉合，將上極板向上平移一小段距離，電容器兩極板電壓值不變，由知E變小，M點(diǎn)與下極板間的電勢(shì)差減小，下極板接地電勢(shì)為0，所以M點(diǎn)的電勢(shì)降低，故D正確。21．因?yàn)镺C垂直于桿，所以在C點(diǎn)圓環(huán)沿著繩的方向速度等于零，則物塊的速度等于零，圓環(huán)從A運(yùn)動(dòng)到C的過程中，物塊下降，速度先增大再減小，物塊先失重后超重，故A正確。根據(jù)機(jī)械能守恒得，，=3m，解得圓環(huán)到達(dá)C位置時(shí)，圓環(huán)的速度，故B錯(cuò)誤。從A運(yùn)動(dòng)到B的過程中，圓環(huán)和物體的機(jī)械能守恒，圓環(huán)沿桿下滑到最低點(diǎn)B，在該點(diǎn)圓環(huán)和物塊的速度都等于零，圓環(huán)的重力勢(shì)能減少了，物塊的重力勢(shì)能必然增加，所以物塊上升，OA<OB，AC<CB，故C正確。從A運(yùn)動(dòng)到B的過程中，圓環(huán)和物塊的機(jī)械能守恒，圓環(huán)和物塊整體減小的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為圓環(huán)和物塊的動(dòng)能，故D錯(cuò)誤。三、非選擇題：共14題，共174分。22．（每空2分，共8分）（1）需要（2）()（3）（4）小于【解析】（1）為了使電壓調(diào)節(jié)范圍盡量大，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓式接法，則圖乙中虛線處需要連接導(dǎo)線。（2）將其與一個(gè)電動(dòng)勢(shì)為3V（內(nèi)阻忽略不計(jì)）的電源和阻值為5kΩ的定值電阻串聯(lián)在一起時(shí)，可等效為將其接在電動(dòng)勢(shì)為3V、內(nèi)阻為5kΩ的電源上，將等效電源的I?U圖像畫在元件的I?U圖像上，交點(diǎn)處電壓與電流的乘積即為它消耗的電功率（如圖所示），即、，則。（3）由電阻定律以及可得。（4）由于電壓表的分流作用，使得電流的測(cè)量值偏大，則電阻測(cè)量值偏小。23．（每空2分，共10分）（1）C（2）CD（3）（4）【解析】（2）小球碰前和碰后的速度都用平拋運(yùn)動(dòng)來測(cè)定，即，而由可知，每次平拋的豎直高度相同，則平拋時(shí)間相等，若兩球相碰前后的動(dòng)量守恒，則有，可得，所以只需要測(cè)量小球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平射程。由上述分析可知，實(shí)驗(yàn)中不需要測(cè)量測(cè)量小球m1開始釋放高度h和拋出點(diǎn)距地面的高度H，故A、B錯(cuò)誤。由上述分析可知，實(shí)驗(yàn)需要測(cè)量小球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平射程，故C、D正確。（3）若兩球相碰前后的動(dòng)量守恒，則有，即①；若是彈性碰撞，則還應(yīng)滿足機(jī)械能守恒，故有，即②。（4）結(jié)合（3）中的①②式，解得、，可得，即。24．（10分）解：（1）小滑塊在斜面上下滑時(shí)，由牛頓第二定律可得 ①解得 ②小滑塊在斜面上由靜止?fàn)顟B(tài)勻加速下滑，由 ③解得滑塊第一次經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的時(shí)間 ④（2）滑塊第一次經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的速度 ⑤滑塊滑上傳送帶做勻減速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律可得 ⑥解得滑塊在傳送帶上向左勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小為 ⑦滑塊在傳送帶上向左運(yùn)動(dòng)的位移大小為 ⑧評(píng)分標(biāo)準(zhǔn)：本題共10分。正確得出③、⑧式各給2分，其余各式各給1分。25．（14分）解：（1）粒子進(jìn)入電場(chǎng)E1后，受力如圖所示水平方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有①②解得 ③（2）豎直方向僅受重力作用： ④粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)水平速度：，解得 ⑤粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)豎直速度：，解得 ⑥則帶電粒子進(jìn)入磁場(chǎng)中的速度：，解得 ⑦速度與水平方向夾角為θ，則，，所以 ⑧則帶電粒子進(jìn)入磁場(chǎng)中的速度為5m/s，方向與水平方向夾角為θ，且（3）從虛線上C點(diǎn)進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)時(shí)C點(diǎn)與P點(diǎn)相距⑨帶電粒子進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域后，由于qE2=mg，則帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)其做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r，則由，解得⑩由于帶電粒子從C點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)速度與水平方向夾角為53°，則，則C、D兩點(diǎn)之間的距離 ?則出射點(diǎn)D與點(diǎn)P間的距離 ?評(píng)分標(biāo)準(zhǔn)：本題共14分。正確得出⑤、⑨式各給2分，其余各式各給1分。26．（20分）解：（1）設(shè)起跳后，小蟲獲得的速度為，桿獲得的速度為根據(jù) =1\*GB3① =2\*GB3② =3\*GB3③解得 =4\*GB3④（2）對(duì)小蟲與桿受力分析即得 =5\*GB3⑤ =6\*GB3⑥即得 =7\*GB3⑦根據(jù) =8\*GB3⑧ =9\*GB3⑨解得 =10\*GB3⑩（3）設(shè)爬行時(shí)相互作用力為F，由（2）中受力分析即得 ? ?根據(jù)可得 ? ?即得 ?所以 ?令，整理即得 ?由基本不等式即得：當(dāng)時(shí)， ?評(píng)分標(biāo)準(zhǔn)：本題共20分。正確得出?、?式各給2分，其余各式各給1分。27．（除特殊標(biāo)注外，每空1分，共14分）（1）三頸燒瓶溫度計(jì)的水銀球沒有插入液面以下或溫度計(jì)位置錯(cuò)誤（2分）（2）冷水?。?）發(fā)生反應(yīng)2，使呋喃甲酸鈉轉(zhuǎn)化為呋喃甲酸而析出（2分）（4）B（2分）①及時(shí)排除乙醚，以免對(duì)人體造成危害②使用電磁加熱無明火，防止引燃乙醚蒸氣或受熱均勻，便于控制溫度（順序不限）（5）重結(jié)晶（6）75.0%（2分）【解析】呋喃甲醛在堿性條件下發(fā)生歧化反應(yīng)生成和，易溶于乙醚，加入乙醚萃取分液，得到有機(jī)相（含的乙醚溶液）和水相（含的水溶液）。的乙醚溶液經(jīng)蒸餾先蒸出乙醚，再蒸餾出。的水溶液加入鹽酸，調(diào)節(jié)pH=3，生成和NaCl，操作3為冷卻結(jié)晶、抽濾，得到呋喃甲酸，再用少量冷水洗滌，用冷水洗滌的目的是減少呋喃甲酸的溶解損失。粗產(chǎn)品再用重結(jié)晶法提純。（1）實(shí)驗(yàn)中控制溫度為8～12℃是反應(yīng)溫度，不是蒸餾，故溫度計(jì)應(yīng)插入三頸燒瓶的溶液中。（2）反應(yīng)1為放熱反應(yīng)，溫度過高會(huì)導(dǎo)致反應(yīng)過于劇烈且過高溫度容易使得呋喃甲醇結(jié)構(gòu)被破壞，同時(shí)使得反應(yīng)物質(zhì)揮發(fā)降低了產(chǎn)品產(chǎn)率，需保持溫度為8℃~12℃，可用冷水浴控制溫度，攪拌散熱也可控制溫度，通過控制滴加反應(yīng)物的速率也可控制反應(yīng)的溫度。（3）操作1為萃取分液，所得水溶液加鹽酸至pH=3的目的是發(fā)生反應(yīng)2，使呋喃甲酸鈉轉(zhuǎn)化為呋喃甲酸。（5）（6）由分析可知，所得產(chǎn)品2的成分為呋喃甲酸，呋喃甲醛的物質(zhì)的量是，根據(jù)反應(yīng)1和2，生成呋喃甲酸的理論產(chǎn)量是0.04mol，實(shí)際生成呋喃甲酸的質(zhì)量是3.36g，物質(zhì)的量為=0.03mol。產(chǎn)品2的產(chǎn)率==75.0%。28．（除特殊標(biāo)注外，每空1分，共14分）（1）分子晶體（2）+4TiO2+6HF=[TiF6]2?+2H++2H2O（2分）（3）防止Fe2+被氧化（2分）（4）①TiO2++2H2O=TiO(OH)2↓+2H+（或TiO2++2H2O=H2TiO3↓+2H+）（2分）2（2分）②FeSO4·7H2O（5）隔絕空氣或者在惰性氣體氛圍中進(jìn)行反應(yīng)（6）稀鹽酸或稀硫酸【解析】（2）根據(jù)2R+Ceq\o(=,\s\up7(高溫))2Fe+2TiO2+CO2↑以及原子守恒，可得鈦酸亞鐵的化學(xué)式為，根據(jù)化TiO2+6HF=[TiF6]2?+2H++2H2O。（3）由分析可知，加鐵粉的目的除了消耗多余的H+外，還可防止亞鐵離子被氧化。（4）①在常溫下，若將含有Fe2+、TiO2+和Mg2+的溶液加水稀釋，析出大量白色沉淀，結(jié)合表中Ksp數(shù)據(jù)可知TiO(OH)2的Ksp最小，則該白色沉淀為氫氧化氧鈦，反應(yīng)的離子方程式為TiO2++2H2O=TiO(OH)2↓+2H+或TiO2++2H2O=H2TiO3↓+2H+。離子沉淀完全時(shí)c2(OH?)==1.0×10?24，c(OH?)=1.0×10?12，pH=2。②由分析可知，溶液Ⅰ經(jīng)冷卻、結(jié)晶、過濾，得到的副產(chǎn)物甲是為FeSO4·7H2O。（5）Mg為活潑金屬，容易被氧氣氧化，所以Mg還原TiCl4過程除必須在1070K的溫度下進(jìn)行外還應(yīng)隔絕空氣或者在惰性氣體氛圍中進(jìn)行反應(yīng)。（6）常溫時(shí)耐酸堿腐蝕，所以除去所得金屬鈦中少量的金屬鎂可用的試劑為稀硫酸或稀鹽酸。29．（除特殊標(biāo)注外，每空2分，共15分）（1）803B（3）或HCO*+H2O*+3H*=H2CO*+H2O*+2H*（4）①溫度低，反應(yīng)速率太慢，且CO2轉(zhuǎn)化率低；溫度太高，甲醇的選擇性低②0.40.21或（5）8（1分）（1073+464×2）=+41.2kJ/mol，解得EC=O≈803kJ/mol，或ΔH1=2EC=O+3×436?(3×415+326+464+2×464)=?49.4kJ/mol，解得EC=O≈803kJ/mol（2）反應(yīng)過程中c(CO2)減小，c(CO)濃度增大，則c(CO2)與c(CO)比值減小，故比值不變能判斷反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài)，A不符合題意。容器容積不變，混合氣體的總質(zhì)量不變，則氣體的密度始終不變，故容器內(nèi)氣體密度不變，不能判斷反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài)，B符合題意。反應(yīng)前后氣體物質(zhì)的量不變，但是容器絕熱，溫度降低，壓強(qiáng)減小，故容器內(nèi)氣體壓強(qiáng)不變能判斷反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài)，C不符合題意。容器絕熱，溫度降低，降溫平衡逆向移動(dòng)，平衡常數(shù)減小，故不變能判斷反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài)，D不符合題意。（4）①實(shí)際選用312℃反應(yīng)溫度的原因：溫度低，反應(yīng)速率太慢，且CO2轉(zhuǎn)化率低，溫度高，甲醇選擇性低。②反應(yīng)i為氣體分子數(shù)減小的反應(yīng)，導(dǎo)致總壓強(qiáng)減小。反應(yīng)ii為氣體分子數(shù)不變的反應(yīng)，不會(huì)導(dǎo)致壓強(qiáng)的變化。故反應(yīng)開始到40min時(shí)，減小的壓強(qiáng)120MPa?88MPa=32MPa為反應(yīng)i進(jìn)行導(dǎo)致。由三段式可知：則CH3OH的平均反應(yīng)速率是。容器中通入1molCO2、3molH2進(jìn)行反應(yīng)i和反應(yīng)ii，初始?jí)簭?qiáng)為120MPa，則初始CO2、H2的分壓分別為30MPa、90MPa。由圖表可知，反應(yīng)開始至40min時(shí)，反應(yīng)達(dá)到平衡，由三段式可知：平衡時(shí)、、、、CO的分壓分別為(30?x?y)MPa、(90?3x?y)MPa、xMPa、(x+y)MPa、yMPa，總壓強(qiáng)為88MPa，則(30?x?y)+(90?3x?y)+x+(x+y)+y=88，得120?2x=88。平衡時(shí)n(CH3OH)是n(CO)的4倍，根據(jù)氣體壓強(qiáng)之比等于物質(zhì)的量之比，則x=4y，聯(lián)立解得：y=4MPa，x=16MPa。故H2的平衡分壓是90MPa?3×16MPa?4MPa=38MPa，CO2的分壓是10MPa，H2O的分壓是20MPa，故Kp===0.21。（5）根據(jù)晶胞圖可知1個(gè)Zr4+與8個(gè)O2?結(jié)合，因此Zr4+的配位數(shù)為8。把晶胞平均分成8個(gè)小立方體，O2?位于小立方體的中心，即Zr4+與O2?最短距離是體對(duì)角線的，最短距離是nm。30．（除特殊標(biāo)注外，每空2分，共15分）（1）1，2?二氯乙烯（或順二氯乙烯）（1分）羧基，碳氯鍵取代反應(yīng)（1分）（2）（3）5（4）11（5）（3分）【解析】由信息可知與發(fā)生加成反應(yīng)生成B為，由C的分子式、D的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式，C發(fā)生取代反應(yīng)生成D和HBr，則C為，D發(fā)生水解反應(yīng)、酸化得到E（），F(xiàn)中羥基與中酯基之間發(fā)生取代反應(yīng)、重新引入E→F反應(yīng)中消除的羥基、羧基而生成G，可知E→F的目的是保護(hù)羧基、特定位置羥基，使特定位置的羥基發(fā)生反應(yīng)。（4）有機(jī)物C的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式，C的同分異構(gòu)體滿足：含有六元碳環(huán)，Cl原子均連在環(huán)上不同的C原子上，能與NaHCO3溶液反應(yīng)，說明含有羧基，則符合條件的同分異構(gòu)體有、、、、、、、、、、，共11種。其中核磁共振氫譜的峰面積之比為1∶1∶1∶4∶2的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為。（5）2?丁烯和1，3?丁二烯先發(fā)生信息①反應(yīng)生成，和CO、H2O在Ni的催化下反應(yīng)，氧化碳碳雙鍵引入羧基得到，2?丁烯和水發(fā)生加成反應(yīng)生成2?丁醇，羧酸和醇發(fā)生酯化反應(yīng)得到最后的產(chǎn)物，故可設(shè)計(jì)合成路線為31．（除特殊標(biāo)注外，每空2分，共8分）（1）細(xì)胞壞死（1分）由基因所決定的細(xì)胞自動(dòng)結(jié)束生命的過程（2）不完全相同（1分）（3）（有絲分裂）后期和分裂間期（4）端粒內(nèi)側(cè)正?；虻腄NA序列受到損傷32．（除特殊標(biāo)注外，每空2分，共11分）基因重組（1分）雜交時(shí)不用去雄（2）第雜合子給1分，答到第一代雜交種（F1）自交會(huì)發(fā)生性狀分離給2分］（3）染色體變異（1分）取該變異株和原品種植株的（根尖、莖尖等）分生組織制成裝片，用顯微鏡觀察比較二者細(xì)胞中染色體的形態(tài)和數(shù)目（答到取變異株和原品種植株的分生組織或具有分裂能力的細(xì)胞給1分，利用顯微鏡觀察給1分，比較染色體的形態(tài)和數(shù)目給1分，共3分）（4）①密碼子具有簡(jiǎn)并性，基因突變前后的密碼子對(duì)應(yīng)同一種氨基酸②原品種為顯性性狀，太空種子內(nèi)發(fā)生隱性突變③基因突變發(fā)生在非編碼區(qū)（或內(nèi)含子）片段中④基因突變導(dǎo)致個(gè)別氨基酸發(fā)生改變，但蛋白質(zhì)的功能沒有改變（其他表述合理也可酌情給分）33．（除特殊標(biāo)注外，每空2分，共12分）（1）由植物體內(nèi)產(chǎn)生，能從產(chǎn)生部位運(yùn)送到作用部位，對(duì)植物的生長(zhǎng)發(fā)育有顯著影響的微量有機(jī)物（3分）（2）預(yù)實(shí)驗(yàn)（1分）檢驗(yàn)實(shí)驗(yàn)設(shè)計(jì)的科學(xué)性和可行性沾蘸（1分）在2~6μL·L?1的NAA濃度范圍內(nèi)，設(shè)計(jì)一系列更小的濃度梯度進(jìn)行實(shí)驗(yàn)（3）活化（1分）活化狀態(tài)的光敏色素不利于PIFS基因的表達(dá)（1分），導(dǎo)致生長(zhǎng)素合成減少，下胚軸伸長(zhǎng)減弱（1分）34．（除特殊標(biāo)注外，每空2分，共11分）（1）水（2）浮床上的植物根系可吸收水中的N、P等無機(jī)鹽；浮床上的植物根系富集的微生物可將污染物進(jìn)行降解（3）有利于生物種群繁衍（1分）（4）間接價(jià)值和直接（答不全不給分）（5）垂直（1分）提高群落對(duì)環(huán)境資源的利用能力35．（除特殊標(biāo)注外，每空2分，共12分）（1）PCR（1分）瓊脂糖凝膠電泳（1分）（2）終止子RNA聚合酶識(shí)別和結(jié)合的部位，驅(qū)動(dòng)基因轉(zhuǎn)錄（答出RNA聚合酶識(shí)別和結(jié)合的部位給1分，答出驅(qū)動(dòng)基因轉(zhuǎn)錄給1分）（3）便于重組DNA分子的篩選（4）基因突變具有不定向性未轉(zhuǎn)化成功，大腸桿菌內(nèi)沒有導(dǎo)入表達(dá)載體（目的基因）；基因表達(dá)載體（目的基因）雖導(dǎo)入大腸桿菌，但是未轉(zhuǎn)錄出mRNA；基因表達(dá)載體導(dǎo)入大腸桿菌后已轉(zhuǎn)錄出mRNA，但是未翻譯形成蛋白質(zhì)；突變基因翻譯出的蛋白質(zhì)不能發(fā)出熒光（合理即可，酌情給分）

2024屆云南三校高考備考實(shí)用性聯(lián)考卷（五）·雙向細(xì)目表理科綜合生物部分題號(hào)題型分值考查內(nèi)容核心素養(yǎng)難度系數(shù)（得分率）1選擇題6細(xì)胞代謝生命觀念、社會(huì)責(zé)任0.602選擇題6必修二教材實(shí)驗(yàn)科學(xué)探究0.603選擇題6動(dòng)物生命活動(dòng)的調(diào)節(jié)綜合生命觀念0.604選擇題6種群、群落生命觀念、科學(xué)探究0.605選擇題6自由組合定律及其應(yīng)用科學(xué)思維0.556選擇題6發(fā)酵工程生命觀念、社會(huì)責(zé)任0.6531非選擇題8細(xì)胞的生命歷程生命觀念、社會(huì)責(zé)任0.6032非選擇題11基因突變、基因重組、染色體變異、基因表達(dá)生命觀念、科