深圳實驗學(xué)校高中園2022-2023學(xué)年高一（上）期末物理試卷

第2頁（共16頁）2022-2023學(xué)年廣東省深圳實驗學(xué)校高中園高一（上）期末物理試卷一、單選題（本題共11小題，每小題4分，共44分。每小題給出的四個選項中，只有一個選項是正確的）1．（4分）下列關(guān)于運動和力關(guān)系的相關(guān)說法正確的是（）A．牛頓第一定律是有實驗基礎(chǔ)的，隨著科學(xué)技術(shù)的發(fā)展是可以用實驗來直接驗證的 B．伽利略用實驗證明了物體的運動不需要力來維持 C．物體不受力時才能保持自己運動狀態(tài)不變的特性稱為慣性 D．笛卡爾認(rèn)為，如果沒有其他原因，運動的物體不會偏離原來運動的方向2．（4分）關(guān)于重力和重心，下列說法正確的是（）A．重力就是地球?qū)ξ矬w的吸引力 B．同一物體在赤道和北極受到的重力大小相等 C．重力方向豎直向下，所以地球上一切物體所受的重力方向都一樣 D．物體的重心不一定在物體的幾何中心3．（4分）足球運動是目前全球體育界最具影響力的運動項目之一，深受青少年喜愛。如圖所示為三種與足球有關(guān)的情景，下列說法正確的是（）A．圖甲中，一小朋友腳下踩著一個靜止的足球，足球受到向下的彈力就是腳的重力 B．圖甲中，靜止在地面上的足球受到腳給的彈力、地面給的彈力和地球給的重力三個力作用 C．圖乙中，靜止在光滑水平地面上的兩個足球由于接觸而受到相互作用的彈力 D．圖丙中，一個足球靜止在墻角，只受到地面給的彈力一個力的作用4．（4分）2018年12月8日，“長征三號乙”運載火箭在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射。2019年1月3日，“嫦娥四號”成功登陸月球背面，全人類首次實現(xiàn)月球背面軟著陸。下列說法正確的是（）A．火箭發(fā)射時，噴出的高速氣流對火箭的作用力大于火箭對氣流的作用力 B．燃?xì)鈴幕鸺膊繃姵鰰r對火箭的作用力與火箭對燃?xì)獾淖饔昧κ且粚ζ胶饬?C．發(fā)射離地瞬間，火箭處于平衡狀態(tài) D．若發(fā)射塔的高度為h，發(fā)射初期火箭的運動可視為勻加速直線運動，測出火箭從發(fā)射到其尾部上升到塔頂?shù)臅r間，則可估算出火箭的加速度5．（4分）如圖5所示，用手握住玻璃杯做以下動作時，下列對杯子所受的摩擦力描述正確的是（）圖5圖6圖7圖8A．水平勻速移動杯子，摩擦力為0 B．勻速向上移動杯子，摩擦力向下 C．勻速向下移動杯子，摩擦力為下 D．保持杯子靜止，無論手握的力多大，摩擦力都不變6．（4分）如圖6所示，A、B、C三個物體分別用輕繩和輕彈簧連接，放置在傾角為θ的光滑斜面上，當(dāng)用沿斜面向上的恒力F作用在物體A上時，三者恰好保持靜止，已知A、B、C三者質(zhì)量相等，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A．在輕繩被燒斷的瞬間，A的加速度大小為gsinθ B．在輕繩被燒斷的瞬間，B的加速度大小為gsinθ C．剪斷彈簧的瞬間，A的加速度大小為gsinθ D．突然撤去外力F的瞬間，A的加速度大小為2gsinθ7．（4分）如圖7所示，質(zhì)量均為m的斜面體A、B疊放在水平地面上，A、B間接觸面光滑，用一與斜面平行的推力F作用在B上，B沿斜面勻速上升，A始終靜止。若A的斜面傾角為θ，下列說法正確的是（）A．F＝mgtanθ B．A、B間的作用力為mgtanθ C．地面對A的支持力大小為2mg D．地面對A的摩擦力大小為Fcosθ8．（4分）“蹦極”是一項刺激的體育運動。某人身系彈性繩自高空P點自由下落，圖中8a點是彈性繩的原長位置，c是人所到達(dá)的最低點，b是人靜止懸吊著時的平衡位置，人在從P點下落到最低點c點的過程中（）A．在a點時人的速度最大 B．在ab段人做加速運動 C．在bc段，人處于失重狀態(tài) D．在c點，人的速度為零，處于平衡狀態(tài)9．（4分）明朝謝肇淛的《五雜組》中記載：“明姑蘇虎丘寺廟傾側(cè)，議欲正之，非萬緡不可。一游僧見之，曰：無煩也，我能正之?！庇紊刻鞂⒛拘◤乃韮A斜一側(cè)的磚縫間敲進(jìn)去，經(jīng)月余扶正了塔身。假設(shè)所用的木楔為等腰三角形，木楔的頂角為θ，現(xiàn)在木楔背上加一力F，方向如圖所示，木楔兩側(cè)產(chǎn)生推力FN，則（）A．若F一定，θ大時FN大 B．若F一定，θ小時FN大 C．若θ一定，F(xiàn)大時FN小 D．若θ一定，F(xiàn)小時FN大10．（4分）如圖，水平面上放置兩物塊A、B，A的質(zhì)量為m，B的質(zhì)量為2m，A、B和水平面間的動摩擦因數(shù)均為μ，中間用勁度系數(shù)不變的輕彈簧連接，現(xiàn)用水平向右的力F推A，使A、B一起加速運動，則穩(wěn)定時彈簧的彈力為（）A．F B．F C．F﹣μmg D．2μmg11．（4分）“探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律”實驗過程如圖所示。圖甲中，輕質(zhì)小圓環(huán)連在長度為GE的橡皮條的上端，下端固定；圖乙中，用兩個彈簧測力計把小圓環(huán)拉到O點，兩測力計的示數(shù)分別為F1、F2；圖丙中，用一個彈簧測力計把小圓環(huán)拉到O點，示數(shù)為F3。關(guān)于該實驗的有關(guān)說法正確的是（）A．記錄分力F1、F2時，只需記錄兩力的大小 B．記錄合力F3時，只需要記錄該力的方向 C．兩次拉橡皮條時，必須把小圓環(huán)拉到同一點 D．分力F1與F2的代數(shù)和等于合力F3的大小二、多選題（本題共4小題，每小題6分，共24分。每小題給出的四個選項中，有兩個或以上選項正確。全選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯或不答的得0分）（多選）12．（6分）關(guān)于單位制，下列說法中正確的是（）A．在力學(xué)中，力是基本概念，所以力的單位“牛頓”是力學(xué)單位中的基本單位 B．因為力的單位是牛頓，而1Ν＝1kg?m/s2，所以牛頓是導(dǎo)出單位 C．各物理量采用國際單位制中的單位，通過物理公式運算的結(jié)果的單位一定為國際單位制中的單位 D．物理公式只能確定物理量之間的數(shù)量關(guān)系，無法確定物理量間的單位關(guān)系（多選）13．（6分）如圖13所示，懸繩OA將一質(zhì)量為m的小球懸掛于O點，OA與豎直方向的夾角為β＝25°，力F作用于小球，保持A點位置不變，現(xiàn)使F逆時針緩慢旋轉(zhuǎn)90°，則（）圖13圖14圖15A．力F先減小再增大 B．力F逐漸減小 C．力F與水平夾角為25°時，取到最小值 D．懸繩OA上的拉力先增大再減?。ǘ噙x）14．（6分）如圖14所示，一質(zhì)量為m的小物體以一定的速率v0滑到水平傳送帶上左端的A點，當(dāng)傳送帶始終靜止時，已知物體能滑過右端的B點，則下列判斷正確的是（）A．傳送帶若逆時針運行且保持速率不變并且速率足夠大，則物體有可能不能滑過B點 B．傳送帶若逆時針運行且保持速率不變，物體可能先做勻減速直線運動后做勻速直線運動 C．傳送帶若順時針運行，當(dāng)其運行速率（保持不變）v＜v0時，物體可能一直做勻減速直線運動滑過B點 D．傳送帶若順時針運行，當(dāng)其運行速率（保持不變）v＞v0時，物體過B點的速率可能小于或等于傳送帶速率v（多選）15．（6分）如圖15所示，有一足夠長的木板靜止在光滑水平面上，木板的質(zhì)量為M＝4kg，一可視為質(zhì)點的小滑塊質(zhì)量m＝1kg，以初速度v0＝10m/s沖上木板左端，木塊與木板間的動摩擦因數(shù)為μ＝0.4，（g＝10m/s2）。則（）A．小滑塊剛沖上木板時小滑塊加速度的大小為4m/s2 B．小滑塊剛沖上木板時木板加速度的大小為2m/s2 C．小滑塊經(jīng)過2s和木板達(dá)到共同速度 D．小滑塊從沖上木板到相對木板靜止，相對木板滑行了10m三、實驗題（本題共1小題，共10分）16．（10分）如圖1所示的實驗裝置驗證“牛頓第二定律”，請回答下列問題。（1）以小車為研究對象，為了便于探究、減小誤差，應(yīng)使小車質(zhì)量m與砝碼和盤的總質(zhì)量M滿足：M（填“遠(yuǎn)大于”或“遠(yuǎn)小于”）m。（2）實驗中打出的紙帶如圖2所示，相鄰計數(shù)點間還有四個點未畫出，其中x1＝7.05cm，x2＝7.68cm，x3＝8.33cm，x4＝8.96cm，x5＝9.60cm，x6＝10.24cm，由此可以算出小車運動的加速度是m/s2（交流電頻率為50Hz，結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。（3）通過實驗得到如圖3①所示的圖象，造成當(dāng)m一定時，a與F不成正比的原因可能是：在平衡摩擦力時木板與水平桌面的夾角（填“偏大”或“偏小”）。（4）重新平衡摩擦力后，驗證外力一定時，a與m的關(guān)系：通過多次實驗，甲、乙兩同學(xué)利用各自得到的數(shù)據(jù)得到的關(guān)系圖象，如圖3②所示。該圖象說明在甲、乙兩同學(xué)做實驗時（填“甲”或“乙”）同學(xué)實驗中繩子的拉力更小。四、計算題（本題共2小題，17題10分，18題12分，共22分。解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案不能得分。有數(shù)值計算的題，答案中必須寫出數(shù)值和單位）17．（10分）如圖所示，使用三段輕繩懸掛質(zhì)量為m1的物體甲，三段輕繩的結(jié)點為O，輕繩OB水平且B端與站在水平面上的質(zhì)量為m2的人相連，輕繩OA與豎直方向的夾角θ＝37°。物體甲及人均處于靜止?fàn)顟B(tài)。（已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g取10m/s2，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力）求：（1）輕繩OA、OB受到的拉力的大小。（2）若人的質(zhì)量m2＝60kg，人與水平面之間的動摩擦因數(shù)為μ＝0.3，欲使人在水平面上不滑動，則物體甲的質(zhì)量m1的最大值。18．（12分）航模興趣小組設(shè)計出一架遙控飛行器，其質(zhì)量m＝4kg，動力系統(tǒng)提供的恒定升力F＝60N。試飛時，飛行器從地面由靜止開始豎直上升。設(shè)飛行器飛行時所受的阻力大小不變，g取10m/s2。（1）第一次試飛，飛行器飛行t1＝8s時到達(dá)高度H＝128m。求飛行器所受阻力f大小；（2）第二次試飛，飛行器飛行t2＝11s時遙控器出現(xiàn)故障，飛行器立即失去升力。求飛行器能達(dá)到的最大高度h。

2022-2023學(xué)年廣東省深圳實驗學(xué)校高中園高一（上）期末物理試卷參考答案與試題解析一、單選題（本題共11小題，每小題4分，共44分。每小題給出的四個選項中，只有一個選項是正確的）1．【分析】牛頓第一定律表明物體具有保持原來運動狀態(tài)不變的性質(zhì)，即慣性，慣性的大小與物體的受力情況和運動情況均無關(guān)，只與質(zhì)量有關(guān)，質(zhì)量越大，慣性越大。明確牛頓第一定律無法用實驗進(jìn)行驗證。【解答】解：A、牛頓第一定律是在實驗的基礎(chǔ)上，通過邏輯推理得出的，是以實驗為基礎(chǔ)，即使科學(xué)技術(shù)發(fā)展了也不能通過實驗直接驗證的，故A錯誤；B、伽利略用實驗和推理相結(jié)合證明物體的運動不需要力來維持，并沒有用實驗來證實，故B錯誤；C、一切物體任何狀態(tài)下都有慣性，與受力情況無關(guān)，故C錯誤；D、笛卡爾認(rèn)為，如果沒有其他原因，運動的物體不會偏離原來運動的方向，故D正確。故選：D?！军c評】本題關(guān)鍵抓住質(zhì)量是慣性的唯一量度，質(zhì)量大的物體慣性也大，與速度大小和是否受力均無關(guān)。2．【分析】由于地球的吸引而使物體受到的力叫重力，重力方向豎直向下，重力的大小隨緯度的增大而增大；物體的重心不一定在物體的幾何中心?！窘獯稹拷猓篈、重力就是由于地球?qū)ξ矬w的吸引力產(chǎn)生的，地球的吸引力不一定等于重力，故A錯誤；B、同一物體在赤道和北極受到的重力大小不相等，赤道處的質(zhì)量小于北極處的重力，故B錯誤；C、重力方向豎直向下，但地球上不同位置處物體所受的重力方向不一樣，例如南極和北極處重力方向相反，故C錯誤；D、物體重心的位置與物體的形狀、質(zhì)量分布情況有關(guān)，物體的重心不一定在物體的幾何中心，故D正確。故選：D。【點評】質(zhì)量均勻分布的物體（均勻物體），重心的位置只跟物體的形狀有關(guān)，規(guī)則形狀的物體，它的重心就在幾何中心上，質(zhì)量分布不均勻、外形不規(guī)則的物體的重心可以利用懸吊的方法來確定，物體的重心可能不在物體上，重心的位置除跟物體的形狀有關(guān)外，還跟物體質(zhì)量的分布有關(guān)。3．【分析】對足球進(jìn)行受力分析，理解彈力的產(chǎn)生條件，結(jié)合題目選項完成分析。【解答】解：AB、圖甲中，對足球進(jìn)行受力分析，足球受重力、地面的支持力和腳的壓力，故A錯誤，B正確；C、圖乙中，靜止在光滑地面上的兩個足球直接接觸，但因為沒有相互擠壓及發(fā)生形變，所以沒有受到相互作用的彈力，故C錯誤；D、圖丙中，足球靜止在墻角，只受重力和地面的支持力，故D錯誤；故選：B?！军c評】本題主要考查了物體的受力分析，熟悉物體的受力分析，理解彈力的產(chǎn)生條件即可完成解答。4．【分析】A、根據(jù)作用力與反作用力的關(guān)系，可知火箭發(fā)射時，噴出的高速氣流對火箭的作用力與火箭對氣流的作用力的大小關(guān)系。B、根據(jù)作用力與反作用力的關(guān)系、平衡力的關(guān)系，可知燃?xì)鈴幕鸺膊繃姵鰰r對火箭的作用力與火箭對燃?xì)獾淖饔昧χg的關(guān)系。C、根據(jù)火箭發(fā)射離地瞬間的受力情況，及平衡狀態(tài)的特征，可判斷發(fā)射離地瞬間，火箭是否處于平衡狀態(tài)。D、由初速度為零的位移—時間公式可求加速度。【解答】解：A、火箭發(fā)射時，噴出的高速氣流對火箭的作用力與火箭對氣流的作用力是一對作用力與反作用力，兩者等大反向，故A錯誤；B、燃?xì)鈴幕鸺膊繃姵鰰r對火箭的作用力，受力物體是火箭；火箭對燃?xì)獾淖饔昧Γ芰ξ矬w是燃?xì)?，這兩個作用力分別作用在兩個物體上，等大反向，不是一對平衡力（平衡力作用在同一個物體上），而是一對作用力與反作用力，故B錯誤；C、由牛頓第二定律可知，發(fā)射離地瞬間，火箭所受合外力大于零，方向豎直向上，則火箭處于非平衡狀態(tài)（平衡狀態(tài)合力應(yīng)為零），故C錯誤；D、若發(fā)射塔的高度為h，發(fā)射初期火箭的運動可視為勻加速直線運動（設(shè)火箭的加速度為a），測出火箭從發(fā)射到其尾部上升到塔頂?shù)臅r間t，則有：h＝at2解得：a＝則可估算出火箭的加速度，故D正確。故選：D?！军c評】解答本題，要掌握作用力與反作用力、平衡力的特點，要會運用牛頓第二定律、運動學(xué)公式來分析和解決問題。5．【分析】玻璃杯子處于平衡狀態(tài)，故受到的為靜摩擦力，由二力平衡關(guān)系可求得手與玻璃杯子之間的摩擦力。【解答】解：玻璃杯勻速移動或者靜止時都處于平衡狀態(tài)，而豎直方向只受重力和靜摩擦力，故摩擦力大小始終等于重力的大小，方向向上，不會發(fā)生變化，故D正確，ABC錯誤。故選：D。【點評】本題主要是考查共點力的平衡，關(guān)鍵是知道杯子的受力情況，知道靜摩擦力和最大靜摩擦力的應(yīng)用和區(qū)別，注意最大靜摩擦力的判斷。6．【分析】在輕繩被燒斷的瞬間，繩子的拉力為零，彈簧來不及收縮，彈簧的彈力不變，利用整體法和隔離法對物體進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求解；在剪斷彈簧的瞬間，輕繩拉力會發(fā)生突變，以AB整體為研究對象進(jìn)行分析?！窘獯稹拷猓篈．把ABC看成是一個整體進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件可得拉力F＝3mgsinθ在輕繩被燒斷的瞬間，AB之間的繩子拉力為零，對A由牛頓第二定律F﹣mgsinθ＝maA解得aA＝2gsinθ，故A錯誤；B．在輕繩被燒斷前，對于C根據(jù)平衡條件可得彈簧彈力F彈＝mgsinθ在輕繩被燒斷的瞬間，對于B分析，由于繩子拉力為零，彈簧彈力不變，根據(jù)牛頓第二定律F彈+mgsinθ＝maB解得aB＝2gsinθ，故B錯誤；C．剪斷彈簧的瞬間，對于整體AB，彈簧彈力為零，根據(jù)牛頓第二定律F﹣2mgsinθ＝2maAB解得而A的加速度大小故C正確；D．突然撤去外力F的瞬間，對整體AB，由牛頓第二定律F彈+2mgsinθ＝2ma′ABF彈＝mgsinθ解得故D錯誤。故選：C?！军c評】本題考查了牛頓第二定律、受力分析法等知識點。整體法和隔離法是受力分析的重要方法，在解題時可以先利用整體法求出加速度，然后再根據(jù)隔離法求其它力；知道彈簧彈力不會發(fā)生突變的原因。7．【分析】分別以B，AB整體為研究對象，對其受力分析，列式求解即可?！窘獯稹拷猓篈.根據(jù)題意用隔離法：對B受力分析如圖沿斜面方向：F＝mgsinθ，故A錯誤；B.垂直于斜面方向：FN＝mgcosθ，則A、B間的作用力為mgcosθ，故B錯誤；CD.以AB整體為研究對象，進(jìn)行受力分析如圖豎直方向上：FN＝2mg﹣Fsinθ，故C錯誤；水平方向上：f＝Fcosθ，故D正確。故選：D。【點評】本題主要是考查了共點力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對象、進(jìn)行受力分析、利用平行四邊形法則進(jìn)行力的合成或者是正交分解法進(jìn)行力的分解，然后在坐標(biāo)軸上建立平衡方程進(jìn)行解答?？忌枰⒁庹w法和隔離法的應(yīng)用。8．【分析】對人受力分析，根據(jù)牛頓第二定律F＝ma，判定加速度大小和方向，從而判定運動狀態(tài)?！窘獯稹拷猓篴點是彈性繩的原長位置，故人從P到a過程只受重力，做自由落體運動。b是人靜止地懸吊著時的平衡位置，故此點彈性繩的彈力等于物體的重力，故在此點之前，彈力小于人的重力，合力豎直向下，加速度是豎直向下，人做加速運動，到b點速度最大，且在b點時受力平衡，加速度為零；在b點之后，彈力大于人的重力，故合力豎直向上，加速度豎直向上，人處于超重狀態(tài)，故ACD錯誤，B正確。故選：B。【點評】本題考查應(yīng)用牛頓定律判定加速度從而知道運動狀態(tài)的能力，關(guān)鍵是分析物體的受力情況和運動情況。9．【分析】由于木楔處在靜止?fàn)顟B(tài)，可將力F沿與木楔的斜面垂直且向上的方向進(jìn)行分解，根據(jù)平行四邊形定則，畫出力F按效果分解的圖示。并且可據(jù)此求出木楔兩側(cè)產(chǎn)生的推力，再進(jìn)行分析?！窘獯稹拷猓哼x木楔為研究對象，木楔受到的力有：水平向左的F和兩側(cè)給它的與木楔的斜面垂直的彈力，由于木楔處于平衡狀態(tài)，所以兩側(cè)給木楔的斜面垂直的彈力與F沿兩側(cè)分解的力是相等的，力F的分解如圖：則F＝F1cos（90°﹣）+F2cos（90°﹣）＝2F1cos（90°﹣）＝2F1sin，F(xiàn)N＝F1，故得FN＝，所以F一定時，θ越小，F(xiàn)N越大；θ一定時，F(xiàn)越大，F(xiàn)N越大。若θ一定，F(xiàn)大時FN大。若θ一定，F(xiàn)小時FN小。故ACD錯誤，B正確。故選：B?！军c評】本題運用分解法研究力平衡問題。對力進(jìn)行分解時，一定要搞清力的實際作用效果，從而確定兩個分力的方向，再根據(jù)平行四邊形定則或三角形定則進(jìn)行分解即可。10．【分析】先用整體法求出加速度，然后隔離B物體，根據(jù)牛頓第二定律可得彈簧的彈力?！窘獯稹拷猓喊袮、B看成一個整體，由牛頓第二定律有F﹣μ（m+2m）g＝（m+2m）a，設(shè)穩(wěn)定時彈簧的彈力為N，對物塊B由牛頓第二定律有N﹣μ?2mg＝2ma，聯(lián)立解得，故B正確，ACD錯誤。故選：B?！军c評】一般用隔離法的時候，要隔離受力較少的物體比較容易求解。11．【分析】根據(jù)實驗原理結(jié)合實驗操作規(guī)范進(jìn)行分析?！窘獯稹拷猓篈B.“探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律”實驗過程，因為力是矢量，所以實驗中要記錄分力及合力的大小和方向，故AB錯誤；C.同一次實驗時，需要讓兩個力拉橡皮筋和一個橡皮筋拉皮筋的作用效果相同，則兩次拉橡皮條時，必須把小圓環(huán)拉到同一點，故C正確；D.力是矢量，所以分力石與F的矢量和等于合力F，的大小，故D錯誤。故選：C?！军c評】本題考查”驗證力的平行四邊形定則”實驗中，我們要知道分力和合力的效果是等同的，這要求同學(xué)們對于基礎(chǔ)知識要熟練掌握并能正確應(yīng)用，加強(qiáng)對基礎(chǔ)實驗理解．二、多選題（本題共4小題，每小題6分，共24分。每小題給出的四個選項中，有兩個或以上選項正確。全選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯或不答的得0分）12．【分析】力的單位是牛頓，是一個導(dǎo)出單位，不是力學(xué)單位制中基本單位，當(dāng)F、m和a都取國際單位時k＝1，物理公式確定了物理量之間的數(shù)量關(guān)系，同時也確定了物理量間的單位關(guān)系?！窘獯稹拷猓篈、在力學(xué)中，力是基本概念，在國際單位制中，力學(xué)的基本單位共3個，是千克、秒、米，故A錯誤；B、根據(jù)牛頓第二定律F＝ma知，1N＝1kg?m/s2，力的單位牛頓就是這樣推導(dǎo)出來的，故牛頓是導(dǎo)出單位。故B正確；C、在物理公式運算時，如各物理量都采用國際單位，計算結(jié)果的單位一定是國際單位，故C正確；D、物理公式不僅確定了物理量之間的數(shù)量關(guān)系，同時也確定了物理量間的單位關(guān)系，故D錯誤。故選：BC?！军c評】本題關(guān)鍵要知道是導(dǎo)出單位，并知道如何推導(dǎo)出來的，明確物理解題單位的規(guī)范要求。13．【分析】當(dāng)F逆時針緩慢旋轉(zhuǎn)90°過程中，小球始終處于動態(tài)平衡狀態(tài)，所受合外力始終為零。對小球受力分析，小球受重力、繩的拉力、力F，三個力的作用，三個力恰好可以構(gòu)成首尾相連的閉合矢量三角形，畫出受力圖、閉合矢量三角形圖示，根據(jù)F變化情況，判斷F、懸繩OA上的拉力變化情況?！窘獯稹拷猓盒∏蛱幱趧討B(tài)平衡狀態(tài)，所受合外力始終為零，小球受重力mg、繩的拉力T、力F，三個力的作用，三個力恰好可以構(gòu)成首尾相連的閉合矢量三角形，如下圖所示：AB、由圖二可知，當(dāng)F逆時針緩慢旋轉(zhuǎn)90°過程中，力F先減小再增大，故A正確，B錯誤；C、由圖二可知，當(dāng)力F旋轉(zhuǎn)至垂直O(jiān)A時（即垂直拉力T時），力F取到最小值，再由圖一可知，此時力F與水平夾角為β＝25°，故C正確；D、由圖二可知，當(dāng)F逆時針緩慢旋轉(zhuǎn)90°過程中，懸繩OA上的拉力T一直減小，故D錯誤。故選：AC。【點評】解答本題，要在受力分析的基礎(chǔ)上，畫出首尾相連的閉合矢量三角形，根據(jù)F變化情況可求解。14．【分析】根據(jù)物體相對傳送帶的運動方向可以判斷物體所受摩擦力的情況，進(jìn)而確定物體的運動情況，可以分析AB；若傳送帶的速率和物體的速率大小不等，根據(jù)相對運動情況確定物體受摩擦力情況，然后根據(jù)牛頓第二定律分析即可?！窘獯稹拷猓篈B、若傳送帶逆時針運行，則物體滑上傳送帶時受到傳送帶的摩擦力與傳送帶靜止時受到的摩擦力大小、方向是一樣的，所以物體仍然會一直做勻減速直線運動，并滑過B點，故AB錯誤；C、傳送帶若順時針運行，當(dāng)其運行速率（保持不變）v＜v0時，物體受到的摩擦力方向與其運動方向相反，即水平向左，所以小物體做勻減速直線運動，可能一直減速到滑過B點，也可能減速到和傳送帶速度相等時還沒有滑過B點，以后隨傳動帶一起運動滑過B點，故C正確；D、傳送帶若順時針運行，當(dāng)其運行速率（保持不變）v＞v0時，則物體受到的摩擦力方向水平向右，物體做加速直線運動，可能一直加速直到滑過B點時速度還沒有達(dá)到傳送帶速度v，也可能加速到和傳送帶速度相等時還沒有滑過B點，以后一起勻速運動直到超過B點，故物體過B點的速率可能小于或等于傳送帶速率v，故D正確。故選：CD。【點評】解決本題的關(guān)鍵是要能夠分析清楚小物體受到傳送帶的摩擦力方向，然后根據(jù)牛頓第二定律判斷，當(dāng)物體和傳送帶的速度相等后，兩者之間沒有相對運動，物體和傳送帶一起勻速運動。15．【分析】應(yīng)用牛頓第二定律求出加速度大小；系統(tǒng)動量守恒，應(yīng)用動量守恒定律求出共同速度，應(yīng)用動量定理求出滑塊與木板達(dá)到共同速度的時間；應(yīng)用能量守恒定律求出滑塊相對木板靜止時相對木板滑行的距離?！窘獯稹拷猓篈、由牛頓第二定律可知，小滑塊剛沖上木板時小滑塊加速度的大小a＝，故A正確；B、由牛頓第二定律可知，小滑塊剛沖上木板時木板加速度的大小a'＝，故B錯誤；C、滑塊與木板組成的系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：mv0＝（m+M）v，代入數(shù)據(jù)解得：v＝2m/s，以向右為正方向，對木板，由動量定理得：μmgt＝Mv﹣0，代入數(shù)據(jù)解得：t＝2s，故C正確；D、對滑塊與木板組成的系統(tǒng)，由能量守恒定律得：，代入數(shù)據(jù)解得：x＝10m，故D正確。故選：ACD。【點評】本題考查了動量守恒定律的應(yīng)用，根據(jù)題意分析清楚滑塊與木板的運動過程與受力情況，應(yīng)用牛頓第二定律、動量守恒定律與動量定理、能量守恒定律可以解題。三、實驗題（本題共1小題，共10分）16．【分析】（1）根據(jù)牛頓第二定律求出繩子拉力與砝碼和盤的總重力的關(guān)系，判斷出在什么情況下砝碼和盤的總重力在數(shù)值上近似等于小車運動時受到的拉力；（2）根據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律Δx＝aT2可以求出加速度的大?。唬?）考查實驗時平衡摩擦力時出現(xiàn)的誤差問題，不是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，就是平衡摩擦力時過大．從圖上分析兩圖各是什么原因即可；（4）根據(jù)圖線斜率表示的物理意義，判斷繩子拉力的大小?！窘獯稹拷猓海?）對整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得，a＝，則繩子的拉力F＝ma＝＝，當(dāng)M?m，即砝碼和盤的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車和小車上砝碼的總質(zhì)量時，砝碼和盤的總重力在數(shù)值上近似等于小車運動時受到的拉力．所以為了便于探究、減小誤差，應(yīng)使小車質(zhì)量m與砝碼和盤的總質(zhì)量M滿足M?m的條件；（2）根據(jù)Δx＝aT2，運用逐差法得，a＝＝m/s2＝0.64m/s2；（3）當(dāng)