2025年魯科版七年級化學下冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年魯科版七年級化學下冊月考試卷696考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、用“”和“”代表兩種不同的單質分子；它們在一定條件下能發(fā)生化學反應，反應前后的模擬如圖所示．下列說法正確的是（）

A.該反應屬于化合反應。

B.該反應有兩種生成物。

C.每個生成物分子由3個原子構成。

D.參加反應的“”和“”分子個數(shù)比是2：1

2、某班就“使用金屬材料的利與弊”為題進行小組辯論；甲方的觀點是使用金屬材料有利，下列甲方觀點不科學的是（）

A.金屬材料大多有延展性；可以加工成各種形狀。

B.金屬材料大多有美麗的光澤。

C.廢棄的金屬不會造成土壤污染和水污染。

D.金屬材料大多數(shù)可以回收再利用。

3、下列有關氣體的說法正確的是rm{(}rm{)}A.僅用一盒火柴就可鑒別氫氣、氧氣、二氧化碳三種氣體B.氫氣、氧氣、二氧化碳三種氣體是無色、無味、密度比空氣大的氣體C.一氧化碳、二氧化碳均能與石灰水反應D.氫氣、一氧化碳還原氧化銅的反應類型都屬于置換反應4、將氯酸鉀和二氧化錳的混合物加熱，下列表示二氧化錳在固體混合物中的質量分數(shù)rm{w}隨時間rm{t}的變化曲線正確的是rm{(}rm{)}A.B.C.D.5、用托盤天平稱量rm{3.6}克食鹽，稱量過程中發(fā)現(xiàn)指針向右偏轉，此時應該rm{(}rm{)}A.加藥品B.加砝碼C.減少藥品D.調節(jié)平衡螺母向左旋6、比較類推是學習中常用的思維方法，下列類推正確的是rm{(}rm{)}A.點燃rm{H_{2}}和rm{O_{2}}的混合氣體可能發(fā)生爆炸，則點燃rm{CH_{4}}與rm{O_{2}}的混合氣體也可能發(fā)生爆炸B.原子和分子均是微觀粒子，在化學變化中原子不能再分，則分子也不能再分C.同種元素的粒子質子數(shù)相同，則質子數(shù)相同的粒子一定是同種元素D.堿溶液的rm{pH>7}則rm{pH>7}的溶液一定是堿溶液7、下列關于分子、原子、離子構成物質的說法中，不正確的是rm{(}rm{)}A.金屬汞是由汞原子直接構成B.氫氣是由氫原子構成C.氫原子和氯原子結合成氯化氫分子，氯化氫分子聚集成氯化氫D.氯原子和鈉原子得失電子形成氯離子和鈉離子，兩種離子結合成氯化鈉8、彤彤同學需配制rm{100g}rm{12%}的rm{NaOH}溶液來制作“葉脈書簽”rm{.}在配制過程中，下列做法正確的是rm{(}rm{)}A.在托盤上墊上紙片稱量rm{12gNaOH}固體B.稱量時發(fā)現(xiàn)指針向右偏轉，應調節(jié)游碼使天平平衡C.用rm{100mL}量筒量取rm{88mL}水D.用藥匙攪拌，加速rm{NaOH}溶解評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、有一種“消字靈”；是由甲；乙兩瓶溶液組成的．甲瓶中溶液的主要有效成分是高錳酸鉀，乙瓶中溶液的主要有效成分是亞硫酸．高錳酸鉀溶液有氧化性，而亞硫酸溶液有還原性．使用時，先用甲瓶中的高錳酸鉀溶液將字跡中的色素氧化而除去，高錳酸鉀生成二氧化錳而顯棕色，再用乙瓶中的亞硫酸溶液將二氧化錳還原成無色的物質，便完成了消字的過程．下列墨水書寫的字跡用這種消字靈肯定不能消去的是（）

A.純藍墨水。

B.藍黑墨水。

C.碳素墨水。

D.墨汁。

10、某同學取不同質量的某鐵和鋁的合金分別與等質量的鹽酸反應；測得如下數(shù)據（鹽酸的質量分數(shù)相等）．則下列分析推理中不正確的是（）

。100g鹽酸100g鹽酸100g鹽酸所取合金質量13.9g16.9g19.9g產生H2質量0.7g0.8g0.8g

A.鹽酸的質量分數(shù)為29.2%

B.根據表中數(shù)據不能計算出合金中鐵的質量分數(shù)。

C.加入合金13.9g時鹽酸過量。

D.加入合金16.9g時恰好與鹽酸完全反應。

11、如圖所示圖象不正確的是rm{(}rm{)}A.

表示向足量的稀rm{HCl}中加入等質量的鋅和鐵，生成氫氣質量和反應時間的關系圖B.

表示rm{CO}還原rm{Fe_{2}O_{3}}的實驗中，試管內的固體質量與時間的關系圖C.

表示等質量rm{CaCO_{3}}分別與等體積等質量分數(shù)的稀鹽酸rm{(}足量rm{)}反應D.

表示向足量的稀rm{HCl}中加入少量rm{Fe}溶液質量與時間的關系圖12、下列有關量的變化圖象與其對應敘述相符的是rm{(}rm{)}

。rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}常溫下，向一定量的飽和石灰水中加入氧化鈣將水通電電解一段時間向一定質量的過氧化氫的水溶液中加入二氧化錳向等質量的鐵和鎂中分別加入足量的稀鹽酸A.rm{A}B.rm{B}C.rm{C}D.rm{D}13、下列rm{CO_{2}}的制備裝置中，不能起到“隨開隨制，隨關隨?！毙Ч氖莚m{(}rm{)}A.B.C.D.14、如圖所示各圖中和分別表示兩種不同元素的原子，則其中表示單質的是rm{(}rm{)}A.B.C.D.15、在天平的兩個托盤上各放一只等質量的燒杯，燒杯中盛有等質量的同一種鹽酸，此時天平保持平衡rm{.}在天平左右兩端分別加入等質量的金屬鐵和鋅，充分反應后鐵無剩余，則以下判斷正確的是rm{(}rm{)}A.鋅一定無剩余B.天平平衡C.天平向右偏D.酸一定消耗完了評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)16、已知X3+的結構示意圖為則X元素的核電荷數(shù)為____，該元素的氧化物的化學式為____．17、水是生命之源；常用于工農業(yè)生產和科學實驗中．

rm{(1)}根據所學知識；能證明水是由氫；氧兩元素組成的化學實驗是______實驗，該實驗發(fā)生的化學反應文字表達式是：______；

rm{(2)}供城市生活用水的自來水廠凈水流程如圖所示：

rm{壟脵}過濾池的作用是______；投藥的目的是______．

rm{壟脷}用戶用到的水______rm{(}填“是”或“不是”rm{)}純凈水rm{.}原因是______檢驗的方法是______．18、比較；推理是化學學習常用的方法；以下是根據一些反應事實推導出的影響化學反應的因素，其中推理合理的是______

。序號化學反應事實影響化學反應的因素rm{A}鐵絲在空氣中很難燃燒，而在氧氣中能劇烈燃燒反應溫度rm{B}碳在常溫下不與氧氣發(fā)生反應，而在點燃時能與氧氣反應反應物的濃度rm{C}雙氧水在常溫下較難分解，而在加入二氧化錳后迅速分解催化劑rm{D}銅片在空氣中很難燃燒，銅粉在空氣中較易燃燒______19、從下列物質中選擇合適的物質；并將序號填在橫線上：

A、高錳酸鉀rm{B}碳酸鈣rm{C}明礬rm{D}一氧化碳rm{E}干冰rm{F}肥皂水。

rm{(1)}大理石的主要成分是______；

rm{(2)}可用于人工降雨的是______；

rm{(3)}能和血紅蛋白結合的是______；

rm{(4)}能溶水形成紫紅色溶液的是______；

rm{(5)}處理水時作凈水劑的是______；

rm{(6)}可以區(qū)分硬水和軟水的是______．20、用數(shù)字和化學符號表示：

rm{(1)2}個氧分子______；rm{(2)}保持水的化學性質的最小微粒______；

rm{(3)3}個鈉離子______；rm{(4)}氯化鈣中鈣元素的化合價______．21、在H；O、C、Cl、Ca五種元素中；選擇適當元素，組成符合下列要求的物質，將其化學式填入空格內．

最常用的溶劑是____，可用作溫室氣體肥料的是____，可用作某些食品干燥劑的是____，可用于制水泥的是____，能用來改良酸性土壤的堿是____，可用于清洗鋼鐵表面鐵銹的是____．評卷人得分四、推斷題(共3題，共12分)22、已知rm{A-E}是初中化學常見的物質，如圖所示是它之間的轉化關系rm{.}其中rm{A}rm{B}組成元素相同，rm{D}常用于改良酸性土壤rm{.E}為常見的酸．

rm{(l)B}的化學式為______；

rm{(2)A}rm{B}化學性質不同的原因是______；

rm{(3)E}發(fā)生分解反應生成rm{A}的化學方程式為______．23、rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}rm{F}rm{G}為常見的物質，rm{A}是紅棕色固體，rm{B}rm{E}rm{G}屬于單質，反應rm{壟脵}是煉鐵工業(yè)中的主要反應rm{.}如圖是它們之間的相互轉化關系rm{.}請回答：

rm{(1)}寫出反應rm{壟脵}的化學方程式：______

rm{(2)}寫出反應rm{壟脹}中生成rm{G}的化學方程式：______

rm{(3)}如圖轉化中產生無色氣體rm{E}的原因是______．24、俗話說“酒是陳的香”，白酒的主要成分是乙醇，把酒窖封存在地下窖藏幾年后，其中的乙醇就和白酒中少量的乙醇發(fā)生反應，生成一種有濃郁果香味、名叫乙酸乙酯rm{(}化學式為rm{C_{4}H_{8}O_{2})}的物質，上述反應速度較慢，窖藏時間越長，乙酸乙酯量越多，酒就越醇香．

閱讀上面信息后回答：

rm{(1)}乙酸乙酯分子中rm{C}rm{H}rm{O}三種原子的個數(shù)比為____；

rm{(2)}乙酸乙酯中____元素的質量分數(shù)最大。評卷人得分五、計算題(共4題，共12分)25、赤鐵礦（主要成分是Fe2O3）中；鐵（Fe）的質量分數(shù)是多少？要列式計算．

26、發(fā)酵粉是糕點的常見膨松劑，成分一般是rm{NH_{4}HCO_{3}}rm{NaHCO_{3}}某同學將發(fā)酵粉加入到一定量的氫氧化鈣飽和溶液中，產生大量氣泡和白色固體，溶液呈無色．

Ⅰ；為確定氣體和固體及溶液的成分；該同學進行了如下的探究：

rm{(1)}將氣體通入紫色石蕊試液中，石蕊試液變藍色rm{.}則該氣體為______rm{(}寫化學式rm{)}生成該氣體的化學方程式是______．

rm{(2)}對白色固體做出如下猜測并進行實驗：

【猜測】rm{壟脵}白色固體是rm{CaCO_{3}}rm{壟脷}______；rm{壟脹}白色固體是rm{CaCO_{3}}和rm{Ca(OH)_{2}}．

【實驗】取洗凈后的白色固體；加入足量的水，滴入酚酞，無明顯變化，則白色固體一定是______．

rm{(3)}將所得溶液分為兩份：

rm{壟脵}一份中加足量的稀鹽酸；無氣體；

rm{壟脷}在另一份中通入足量的rm{CO_{2}}后，滴入酚酞rm{.}生成白色沉淀且溶液呈紅色rm{.}則原溶液中有溶質______、______rm{(}寫化學式rm{)}．

Ⅱ；為確定發(fā)酵粉成分含量；該同學進行了定量實驗：

rm{(4)}稱取干燥的白色固體rm{10g}充分加熱至質量不再改變?yōu)橹梗Q得殘留固體質量為rm{5.3g.}則發(fā)酵粉中rm{NH_{4}HCO_{3}}與rm{NaHCO_{3}}的質量比為______．27、在實驗室中，可以用加熱二氧化錳和濃鹽酸來制取氯氣，可采用右圖裝置制取氯氣并測量產生Cl2的體積．

（1）能采用該氣體發(fā)生裝置的理由是______；

（2）該裝置中油層的作用是______．

氯氣在常溫下能分別與水；堿類等物質發(fā)生反應；并可以產生具有殺菌消毒、漂白（使有色物質褪色）等作用的物質．

（3）氯氣與水反應的化學方程式為：Cl2+H2O=HCl+HClO．為了證明把氯氣通入水的過程中；起漂白作用的物質是次氯酸（化學式為HClO），小明同學進行了如圖所示的探究實驗．你認為小明設計的方案能夠達到目的嗎？若能，請說明理由．若不能，請補充實驗幫助小明達到實驗目的（寫出實驗步驟；現(xiàn)象及結論）．______．

28、說出兩種區(qū)別水和酒精的方法．______．

評卷人得分六、簡答題(共4題，共40分)29、某校九rm{(5)}班學生進行一系列的實驗，請結合圖rm{1}幫助他們解決以下問題：

rm{(1)}寫出圖中有標號儀器的名稱：rm{壟脵}______，rm{壟脷}______．

rm{(2)}用加熱高錳酸鉀的方法制取氧氣，應選用的發(fā)生裝置是______rm{(}填字母編號rm{)}

寫出該反應化學方程式______．

rm{(3)}用rm{B}rm{D}裝置可制取二氧化碳氣體；寫出相應的化學方程式______．

rm{(4)}實驗室用鋅粒和稀硫酸反應制取氫氣，常選用裝置rm{B}或裝置rm{C}rm{C}與rm{B}相比較，其優(yōu)點是______，選用的收集裝置為______rm{(}填字母編號rm{)}．

rm{(5)}甲同學查閱資料知：濃鹽酸具有揮發(fā)性；能揮發(fā)出氯化氫．

rm{壟脵}若用稀鹽酸和大理石在rm{B}裝置中反應，制取rm{CO_{2}}并檢驗其有關性質時；觀察到紫色石蕊溶液液變紅，反應的化學方程式為______．

rm{壟脷}若用濃鹽酸和大理石在rm{B}裝置中反應；將制得的氣體通入澄清的石灰水中，石灰水沒有變渾濁，其原因可能是______．

rm{(6)}乙同學檢查裝置rm{C}氣密性的操作和現(xiàn)象是：先用夾子夾住導氣管中的橡皮管；再向長頸漏斗中加入水至形成一段水柱，靜置，若觀察到______，說明氣密性良好．

rm{(7)}丙同學用圖rm{2}所示裝置完成一系列的實驗rm{.}用實驗裝置的序號回答下列問題rm{(}裝置可重復使用，尾氣處理裝置未給出rm{)}．

資料：濃硫酸具有吸水性rm{.}氫氧化鈉溶液能較多地吸收二氧化碳氣體rm{.}白色的硫酸銅粉末遇水立即反應生成藍色．

rm{壟脵}實驗室用儀器rm{A}rm{B}可組合成制取氧氣的反應裝置；則發(fā)生反應的化學方程式為______．

rm{壟脷}檢驗rm{CO}中混有的rm{CO_{2}}的裝置是______，除去rm{CO}中較多的rm{CO_{2}}最好選裝置______．

rm{壟脹}水煤氣含有rm{CO}rm{H_{2}}rm{CO_{2}}rm{H_{2}O.}證明水煤氣中含有rm{CO}和rm{H_{2}}的實驗裝置的連接順序是______．30、飲用水的凈化過程一般要經過三個階段：貯存、凈化、輸水rm{.}水庫將雨水、江河和溪流里的水匯集貯存起來，凈化時首先在水中加入沉淀劑，這些物質可以使懸浮在水中不溶性顆粒逐漸的沉降下來rm{.}如圖是水的凈化過程示意圖；回答下列問題：

rm{(1)}常用的沉淀劑rm{(}絮凝劑rm{)}有______；

rm{(2)}若rm{A}中是小卵石和石英砂的作用是______；在實驗室進行該操作要用到玻璃棒的作用是______；

rm{(3)}若rm{B}中是粒狀活性炭；其目的是______．

rm{(4)}進入水管網或水塔中的水是否是純凈物______；理由______．31、向rm{16}克黃銅rm{(}銅rm{-}鋅合金rm{)}樣品中加入稀硫酸使其充分反應；經實驗測得所加稀硫酸與生成氣體的質量關系如圖所示．

試計算：

rm{(1)}黃銅中銅和鋅的質量比；

rm{(2)}恰好完全反應時，所得溶液中溶質的質量分數(shù)．32、如圖是初中化學中常見物質間的轉化關系，其中甲、乙、丙為單質，rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}為化合物，rm{A}是由四種元素組成的白色固體，rm{B}的水溶液能使酚酞試液變紅，丙是目前生產生活中應用最廣泛的金屬rm{.(}圖中部分生成物已略去rm{)}

請回答：

rm{(1)B}的化學式是______；

rm{(2)}寫出rm{A}受熱分解的化學方程式______；

rm{(3)}在rm{C}生成甲和乙的化學反應中；所得甲乙兩種氣體的體積比是______；

rm{(4)}寫出rm{E}與rm{CO}反應生成rm{D}和丙的化學方程式______；該反應______rm{(}填“屬于”，“不屬于”rm{)}置換反應．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】

根據題意，該反應的各物質的微粒關系圖應是：

由微粒關系圖可知：

A；該反應由兩種反應物生成了一種生成物；屬于化合反應，故A正確；

B；該反應有一種生成物；故B錯誤；

C；每個生成物分子由4個原子構成；故C錯誤；

D、參加反應的“”和“”分子個數(shù)比是3：1；故D錯誤．

故選A．

【解析】【答案】A；觀察反應前后的模擬圖；分析反應物、生成物的種類及反應的特點，判斷反應的基本類型；

B；對比反應前后的模擬圖；分析生成物質的種類；

C；觀察生成物的分子的模擬圖；分析構成的原子的數(shù)目；

D、根據反應前后的模擬圖，分析參加反應的“”和“”分子個數(shù)比．

2、C【分析】

A；金屬材料一般具有延展性；所以可以對金屬材料進行加工鍛打，以便成為需要的形狀，故正確；

B；金屬材料一般具有金屬光澤；故正確；

C；金屬材料廢棄后有可能污染土壤和水源；例如干電池中的汞就是一例，故錯誤；

D；金屬材料廢棄后絕大部分能夠回收和再利用；這是保護金屬資源常用的方式，故正確；

故選C

【解析】【答案】依據金屬材料的性質以及回收利用的意義分析解答；

3、A【分析】解：rm{A}將一燃著的火柴分別深入三種氣體中；能夠熄滅的是二氧化碳，燃燒更旺的是氧氣，能夠燃燒發(fā)出藍色火焰的是氫氣，故A正確；

B；因為氫氣的密度比空氣的密度小；故B錯誤；

C；二氧化碳能使澄清石灰水變渾濁；一氧化碳不能與石灰水反應，故C錯誤；

D；置換反應是單質與化合物反應；生成另一種單質，另一種化合物，一氧化碳還原氧化銅的反應中沒有單質，故D錯誤．

故選A．【解析】rm{A}4、C【分析】解：反應前的固體是二氧化錳和氯酸鉀的混合物；二氧化錳具有一定的質量分數(shù)，即起點是在縱柚上的某點；反應中二氧化錳是氯酸鉀分解反應的催化劑，根據催化劑“一變，兩不變”的特點，二氧化錳的質量在反應前后不變，而氯酸鉀分解生成氯化鉀和氧氣，根據質量守恒定律，氯酸鉀的質量等于氯化鉀與氧氣的質量總和，即反應后固體質量減小，所以二氧化錳的質量分數(shù)隨反應的進行不斷變大；當氯酸鉀完全反應后，固體總質量不再變化，二氧化錳的質量分數(shù)也不再變化，會形成水平線．

故選C．

根據催化劑的特點；判斷反應前后二氧化錳的質量是否改變，根據氯酸鉀分解生成氯化鉀和氧氣的反應前后固體總質量的變化情況，最后分析出二氧化錳的質量隨反應的進行，在固體中的質量分數(shù)有什么變化．

本題以圖象為工具考查催化劑和催化作用的定義，透徹理解催化劑的定義是解題的關鍵．【解析】rm{C}5、A【分析】解：

稱量rm{3.6g}藥品時，砝碼和游碼都已放好，發(fā)現(xiàn)天平指針向右偏轉，說明藥品質量不夠rm{3.6g}需繼續(xù)添加藥品，直到天平平衡．

故選A．【解析】rm{A}6、A【分析】解：rm{A}可燃性的氣體與氧氣混合時，在點燃時有可能爆炸rm{.}故A正確．

B、在化學變化中原子不能再分，分子能再分rm{.}故B不正確．

C、元素的同種原子的總稱，不同的原子和分子也可能含有相同的質子數(shù)，但不是同種元素rm{.}故C不正確．

D、堿溶液的rm{pH}大于rm{7}但是溶液的rm{pH}大于rm{7}的溶液，只能說明溶液顯堿性，但不一定是堿rm{.}故不正確．

故選A【解析】rm{A}7、B【分析】解：rm{A.}汞是由汞原子構成的；汞原子聚集成金屬汞，正確；

B.氫氣是由氫分子構成的；錯誤；

C.氫原子和氯原子結合成氯化氫分子；氯化氫分子聚集成氯化氫，正確；

D.氯原子和鈉原子得失電子形成氯離子和鈉離子；兩種離子結合成氯化鈉大，正確．

故選B．

構成物質的微粒有分子、原子、離子rm{.}有的物質是有原子直接構成的；例如鐵；有的物質是有分子構成的，例如氧氣；有些的物質是有離子構成的，例如氯化鈉．

本題考查了物質構成微粒的基本知識，完成此題，可以依據已有的知識進行．【解析】rm{B}8、C【分析】解：rm{A}氫氧化鈉有極強的腐蝕性；在稱取時應放在玻璃容器內進行稱取，防止腐蝕托盤；故A不正確；

B；稱量時發(fā)現(xiàn)指針向右偏轉；說明左側所加藥品質量未達到所需稱取量，應再向左側加入藥品，在稱量過程中不能再調節(jié)游碼使天平平衡；故B不正確；

C、根據量筒選用原則：一次性量取且量筒量程略大于所量取體積，因此量取rm{88ml}水應選用rm{100ml}量筒；故C正確；

D；在溶解過程中；為加快固體氫氧化鈉的溶解，應使用玻璃棒進行攪拌，不能圖省事而用藥匙進行攪拌；故D不正確；

故選C．【解析】rm{C}二、多選題(共7題，共14分)9、CD【分析】

在常溫下；碳的化學性質是不活潑的．象碳素墨水；墨汁均含炭黑，不易與氧化劑、還原劑反應，也不可被這種消字靈消去．而純藍墨水、藍黑墨水是可以被消字靈消去的．

故選CD

【解析】【答案】根據碳常溫下的穩(wěn)定性分析。

10、BD【分析】

A、由分析知100g鹽酸最多生成氫氣的質量是0.8g，設該溶液中氯化氫的質量是x，利用氫氣來源于酸中的氫可得關系式為2HCl～H2；

則有2HCl～H2

732

x0.8g

x=29.2g

所以鹽酸的質量分數(shù)為×100%=29.2%

B、根據第一組數(shù)據中分析可知13.9g合金與鹽酸反應時生成的氫氣質量是0.7g，利用關系式2Al～3H2和Fe～H2可求出該合金中兩種金屬的質量；進而可求合金中鐵的質量分數(shù)；

方法是設13.9g合金中鋁的質量是x；則鐵的質量是13.9g-x，鋁生成的氫氣質量是y，則鐵生成的氫氣質量是0.7g-y

則有2Al～3H2

546

xy

和Fe～H2

562

13.9g-x0.7g-y

列出比例式就可得鐵的質量；進而可知鐵的質量分數(shù)；

C；由以上的分析可知加入合金13.9g時鹽酸過量；

D、由分析知100g鹽酸與16.9g合金反應時鹽酸一定完全反應，需要合金的質量是=15.89；所以兩者不一定恰好反應；

故選BD

【解析】【答案】依據圖中后兩次100g鹽酸與不同質量的合金生成的氫氣質量均是0.8g；可知100g該鹽酸完全反應時生成的氫氣質量即為0.8g，由此可依據方程式計算出反應的氯化氫的質量，進而可知該鹽酸的溶質質量分數(shù)，也可由此知13.9g合金與100g鹽酸反應時鹽酸過量，則13.9g合金已完全反應，據此判斷合金中鐵的質量分數(shù)，解題時依據以上結論探討即可；

11、AB【分析】解：rm{A}鋅的活動性大于鐵的活動性；所以鋅生成氫氣的速率快，鋅的相對原子質量大，所以鋅生成氫氣的質量小，故A錯誤；

B；一氧化碳和氧化鐵反應生成鐵和二氧化碳；所以固體的質量不斷減少，而不是增大，故B錯誤；

C、等質量rm{CaCO_{3}}分別與等體積等質量分數(shù)的稀鹽酸rm{(}足量rm{)}反應；粉末狀的放出二氧化碳的速率快，但最終生成二氧化碳的質量一樣多，故C正確；

D；鐵和稀鹽酸反應生成氯化亞鐵和氫氣；所以溶液的質量逐漸增大，反應完畢后溶液的質量不變?yōu)橐欢ㄖ担蔇正確．

故選：rm{AB}．

A；根據鋅的活動性大于鐵的活動性；所以鋅生成氫氣的速率快，鋅的相對原子質量大，所以鋅生成氫氣的質量小進行解答；

B；根據一氧化碳和氧化鐵反應生成鐵和二氧化碳；所以固體的質量不斷減少進行解答；

C、根據等質量rm{CaCO_{3}}分別與等體積等質量分數(shù)的稀鹽酸rm{(}足量rm{)}反應；粉末狀的放出二氧化碳的速率快，但最終生成二氧化碳的質量一樣多進行解答；

D；根據鐵和稀鹽酸反應生成氯化亞鐵和氫氣；所以溶液的質量逐漸增大進行解答．

本題通過圖象考查化學定量性變化過程，既要對化學反應原理清楚，又要對圖象從多角度觀察，以達到快速準確的解題；圖象類型的試題一般可從兩方面解題：一方面從化學反應原理分析入手；二方面抓住圖象的三個點即起點、轉折點、終點是否正確快速解題．【解析】rm{AB}12、BC【分析】解：rm{A}由于氧化鈣能與水發(fā)生反應生成氫氧化鈣；氧化鈣反應消耗了飽和溶液中的水，而使飽和溶液因減少溶劑水而析出固體，飽和溶液的溶質、溶劑質量同時減少，所以溶液的質量減少，故錯誤；

B、將水通電電解一段時間，根據“氫rm{2}氧rm{1}正氧負氫”，圖中氫氣和氧氣的體積比為rm{2}rm{1}故正確；

C、過氧化氫的水溶液中含有水，所以開始水的質量不為rm{0}過氧化氫溶液和二氧化錳混合生成水和氧氣，所以隨著反應的進行，水的質量不斷增加，當反應完畢后水的質量不再增加，為一定值，故正確；

D；分別向等質量的鎂和鐵中滴入溶質質量分數(shù)相同的稀鹽酸；當鹽酸少量時，生成的氣體由鹽酸的量決定，所以開始二者放出氣體一直相等，但由于鹽酸過量，等質量的鎂放出的氣體大于鐵放出的氣體，所以圖象錯誤．

故選：rm{B}rm{C}．

A；根據氧化鈣能與水發(fā)生反應生成氫氧化鈣進行分析；

B、據將水通電電解一段時間：“氫rm{2}氧rm{1}正氧負氫”，分析解答；

C、根據過氧化氫的水溶液中含有水，所以開始水的質量不為rm{0}過氧化氫溶液和二氧化錳混合生成水和氧氣，所以隨著反應的進行，水的質量不斷增加，當反應完畢后水的質量不再增加進行解答；

D；分別向等質量的鎂和鐵中滴入溶質質量分數(shù)相同的稀鹽酸；當鹽酸少量時，生成的氣體由鹽酸的量決定，所以開始二者放出氣體一直相等，但由于鹽酸過量，等質量的鎂放出的氣體大于鐵放出的氣體．

解答本題的關鍵是要理解圖象的物理意義和所代表的反應的反應原理和相關物質的定量反應關系．【解析】rm{BC}13、BD【分析】【分析】本題考查氣體發(fā)生裝置的效果判斷，能起到“隨開隨制，隨關隨?！毙Ч难b置應能實現(xiàn)固液分離?！窘獯稹緼.將干燥管移出液面可實現(xiàn)固液分離，故A不符合題意；B.小試管能起到液封的作用，節(jié)約藥品，但反應過程中固液不能分離，不能起到“隨開隨制，隨關隨停”效果，故B符合題意；C.可抽動的銅絲可以將固體反應物移出液面，故C不符合題意；D.長頸漏斗下端位于液面以上，產生的氣體會從長頸漏斗中逸出，裝置錯誤，故D符合題意。故選BD。【解析】rm{BD}14、CD【分析】解：rm{A}中的物質是由兩種元素組成的純凈物；屬于化合物；

rm{B}中的物質是由三種物質組成的；屬于混合物；

rm{C}中的物質是由一種元素組成的純凈物；屬于單質；

rm{D}中的物質是由一種元素組成的純凈物；屬于單質．

故選：rm{CD}．

純凈物由一種物質組成；混合物由兩種或兩種以上的物質組成；

單質是由一種元素組成的純凈物；化合物是由不同種元素組成的純凈物．

判斷純凈物和混合物時，就是判斷物質的物質組成；判斷是否是單質、化合物時，既要判斷元素組成，又要判斷物質組成．【解析】rm{CD}15、AC【分析】解：根據已知條件，反應前天平平衡，若反應后天平平衡，說明生成氣體的質量相等，而同質量的金屬與酸反應生成的氫氣量與rm{dfrac{{陸冒脢么碌脛祿爐潞脧錄脹}}{{陸冒脢么碌脛脧脿露脭脭顱脳脫脰脢脕驢}}}成正比；所以同質量的鐵比鋅與酸反應生成的氫氣多一些，故充分反應后鐵無剩余，鋅一定無剩余，故天平向右偏；

故選AC．

根據已知條件；反應前天平平衡，若反應后天平平衡，說明生成氣體的質量相等，而后依據同質量的鋅；鋁生成氫氣的多少分析解答即可；

解決天平平衡的有關化學計算，方法是：若反應之前兩邊質量相同，則在兩邊分別加入不同物質后，必須是兩邊的質量變化相等，天平才會平衡．【解析】rm{AC}三、填空題(共6題，共12分)16、略

【分析】

由該離子的結構示意圖可知，離子核外電子數(shù)為10；該離子帶3個單位的正電荷，是因為X原子失去3個電子所得正電荷，則可知X原子的核外電子數(shù)為13，根據“核電荷數(shù)=質子數(shù)=核外電子數(shù)”，則n=2+8+3=13；故它的核電荷為13，為鋁元素．由于鋁離子所帶電荷的數(shù)值與化合價的數(shù)值相等，且正負一致，由于鋁離子帶有3個單位的正電荷，故鋁元素的化合價為+3價；氧元素顯-2價，所以該元素的氧化物的化學式為Al2O3．

故答為：13，Al2O3．

【解析】【答案】X元素原子的核電荷數(shù)為n，X失去3個電子后變?yōu)閄3+；根據在原子中；核電荷數(shù)=核內質子數(shù)=核外電子數(shù)，可以確定它的核電荷數(shù)；由離子與化合價的關系，可以確定該元素的化合價，進而可以確定其氧化物的化學式．

17、電解水；水氫氣+氧氣；除去不可溶性的雜質；殺菌毒；不是；溶有可溶性的雜質；取少量的水蒸干，有固體物質析出【分析】解：rm{(1)}根據所學知識，能證明水是由氫、氧兩元素組成的化學實驗是電解水實驗，該實驗發(fā)生的化學反應文字表達式是：水rm{overset{{脥簍碌莽}}{}}氫氣rm{+}氧氣；

rm{(2)壟脵}由自來水廠凈水流程圖可知；過濾池的作用是除去不可溶性的雜質，投藥的目的是殺菌消毒；

rm{壟脷}用戶用到的水不是純凈水rm{.}原因是水溶有可溶性的雜質；檢驗的方法是：取少量的水蒸干，有固體物質析出．

故答為：rm{(1)}電解水實驗，水rm{overset{{脥簍碌莽}}{}}氫氣rm{+}氧氣；

rm{(2)壟脵}除去不可溶性的雜質；殺菌消毒；

rm{壟脷}不是；水溶有可溶性的雜質，取少量的水蒸干，有固體物質析出．

rm{(1)}根據點哦及水實驗的結論分析；

rm{(2)壟脵}根據過濾的原理；投藥的目的目的分析；

rm{壟脷}根據自來水的組成來分析回答．

本題較為簡單，了解電解水實驗的結論、凈化水的方法和原理即可分析回答．【解析】電解水；水rm{overset{{脥簍碌莽}}{}}氫氣rm{+}氧氣；除去不可溶性的雜質；殺菌毒；不是；溶有可溶性的雜質；取少量的水蒸干，有固體物質析出18、C；反應物的接觸面積【分析】解：rm{A}鐵絲能在氧氣中燃燒是因為氧氣的濃度大了；而不是反應溫度，故A錯誤；

B；常溫和點燃時的溫度不同；所以影響因素是反應溫度，而不是反應物的濃度，故B錯誤；

C；過氧化氫在常溫下較難分解；二氧化錳加快了過氧化氫的分解速率，所以影響因素是催化劑，故C正確；

D；銅片與銅粉都是銅；銅片不易燃燒是因為它的體積大溫度升高慢，而銅粉體積小溫度升高快很快達到了著火點，所以影響因素是反應物的接觸面積．

故答案為：rm{C}反應物的接觸面積．

A；根據空氣和氧氣中的氧氣的濃度進行分析；

B；根據碳反應時的溫度的不同進行分析；

C；根據二氧化錳的作用進行分析；

D；根據銅粉和銅片的不同進行分析．

本題通過不同的實驗現(xiàn)象總結影響化學反應速度的因素，考察了學生通過現(xiàn)象總結本質的能力；rm{D}答案具有很強的迷惑性但只要撇開形狀不同的現(xiàn)象看到都是銅的實質就不難得出結論．【解析】rm{C}反應物的接觸面積19、B；E；D；A；C；F【分析】解：rm{(1)}大理石和石灰石的主要成分都是碳酸鈣；

rm{(2)}干冰在升華時吸熱；故可用于人工降雨；

rm{(3)}一氧化碳有毒；易于和人體的血紅蛋白結合，使人中毒；

rm{(4)}高錳酸鉀能溶水形成紫紅色溶液；

rm{(5)}明礬能吸附水中的懸浮顆粒；故可作凈水劑；

rm{(6)}硬水使肥皂水產生較少的泡沫；而軟水能使肥皂水產生較多的泡沫，故可用肥皂水來區(qū)別硬水和軟水．

故答案為：rm{(1)B}rm{(2)E}rm{(3)D}rm{(4)A}rm{(5)C}rm{(6)F}．

本題考查的是日常生活中常用的物質用途，物質的用途是由物質的性質決定的rm{.}如碳酸鈣是大理石的主要成分；干冰升華時吸熱用于人工降雨；一氧化碳有毒；明礬具有吸附性能凈水；肥皂水區(qū)別硬水和軟水rm{.}它們還具有各自不同的用途；只要好好把握，問題就會迎刃而解．

本考點主要考查與生活生產聯(lián)系比較密切的物質的用途，物質的用途是由物質的性質決定的rm{.}此題體現(xiàn)了化學源于生活，又反饋于生活．【解析】rm{B}rm{E}rm{D}rm{A}rm{C}rm{F}20、2O2；H2O；3Na+；Cl2【分析】解：rm{(1)}分子的表示方法：正確書寫物質的化學式，表示多個該分子，就在其化學式前加上相應的數(shù)字，所以rm{2}個氧分子可表示為rm{2O_{2}}

rm{(2)}保持水的化學性質的最小微粒是水分子，其化學式為：rm{H_{2}O}

rm{(3)}離子的表示方法：在表示該離子的元素符號右上角，標出該離子所帶的正負電荷數(shù)，數(shù)字在前，正負符號在后，帶rm{1}個電荷時，rm{1}要省略rm{.}若表示多個該離子，就在其元素符號前加上相應的數(shù)字，故rm{3}個鈉離子可表示為：rm{3Na^{+}}

rm{(4)}元素化合價的表示方法：確定出化合物中所要標出的元素的化合價，然后在其化學式該元素的上方用正負號和數(shù)字表示，正負號在前，數(shù)字在后，所以氯化鈣中鈣元素的化合價，故可表示為：rm{overset{+2}{Ca}Cl_{2}}

故答案為：rm{(1)2O_{2}}rm{(2)H_{2}O}rm{(3)3Na^{+}}rm{(4)overset{+2}{Ca}Cl_{2}}

本題考查化學用語的意義及書寫；解題關鍵是分清化學用語所表達的對象是分子；原子、離子還是化合價，才能在化學符號前或其它位置加上適當?shù)挠嬃繑?shù)來完整地表達其意義，并能根據物質化學式的書寫規(guī)則正確書寫物質的化學式，才能熟練準確的解答此類題目．

本題主要考查學生對化學用語的書寫和理解能力，題目設計既包含對化學符號意義的了解，又考查了學生對化學符號的書寫，考查全面，注重基礎，題目難度較易．rm{(4)

overset{+2}{Ca}Cl_{2}}【解析】rm{2O_{2}}rm{H_{2}O}rm{3Na^{+}}rm{overset{+2}{Ca}Cl_{2}}21、略

【分析】

最常用的溶劑是水，化學式為H2O

二氧化碳可用氣肥，化學式為CO2

氧化鈣能吸收水分；能做食品干燥劑，化學式為CaO

碳酸鈣是制水泥的原料，化學式為CaCO3

氫氧化鈣顯堿性，能改良酸性土壤，化學式為Ca（OH）2

鹽酸能與鐵銹反應；可用于除鐵銹，化學式為：HCl

故答案為：H2O，CO2CaO，CaCO3，Ca（OH）2；HCl．

【解析】【答案】根據物質的用途確定物質；根據書寫化學式的原則書寫化學式．水是常用的溶劑，二氧化碳是氣體肥料；氧化鈣可用干燥劑，碳酸鈣是制水泥原料，氫氧化鈣用于改良酸性土壤，鹽酸用于除鐵銹．注意從已給元素選擇．

四、推斷題(共3題，共12分)22、H2O2；分子構成不同；泥墻；H2SO4=SO3+H2O【分析】解：

根據rm{A-E}是初中化學常見的物質，rm{A}rm{B}組成元素相同，rm{D}常用于改良酸性土壤，則退測rm{D}為氫氧化鈣，而rm{A}通電生成rm{C}則rm{A}為水，rm{B}為雙氧水；根據rm{B}可以生成rm{AC}則rm{C}為氧氣；根據rm{E}為常見的酸；可能為稀硫酸，代入檢驗．

rm{(l)}根據分析，rm{B}為雙氧水，故B的化學式為rm{H_{2}O_{2}}

rm{(2)}根據分析，rm{A}為水，rm{B}為雙氧水，rm{A}rm{B}化學性質不同的原因是分子構成不同；

rm{(3)}反應rm{A隆煤D}即水與氧化鈣反應生成氫氧化鈣，在實際生產中的應用生石灰變?yōu)槭焓遥M行泥墻；

rm{(4)E}發(fā)生分解反應生成rm{A}即硫酸分解生成三氧化硫和水，化學方程式為：rm{H_{2}SO_{4}=SO_{3}+H_{2}O}

故答案為：

rm{(l)H_{2}O_{2}}rm{(2)}分子構成不同；rm{(3)}泥墻；rm{(4)H_{2}SO_{4}=SO_{3}+H_{2}O.}

根據rm{A-E}是初中化學常見的物質，rm{A}rm{B}組成元素相同，rm{D}常用于改良酸性土壤，則退測rm{D}為氫氧化鈣，而rm{A}通電生成rm{C}則rm{A}為水，rm{B}為雙氧水；根據rm{B}可以生成rm{AC}則rm{C}為氧氣；根據rm{E}為常見的酸，可能為稀硫酸，代入檢驗rm{.}在解此類題時，首先將題中有特征的物質推出，然后結合推出的物質和題中的轉化關系推導剩余的物質，最后將推出的各種物質代入轉化關系中進行驗證即可．【解析】rm{H_{2}O_{2}}分子構成不同；泥墻；rm{H_{2}SO_{4}=SO_{3}+H_{2}O}23、Fe2O3+3CO2Fe十3CO2；Fe+CuCl2═FeCl2+Cu；因為X中含有過量的鹽酸與鐵反應【分析】解：由rm{B}rm{E}rm{G}屬于單質，rm{G}為紅色固體，可判斷rm{G}為銅，銅和氧氣加熱生成的rm{D}是氧化銅，rm{D}與過量的稀鹽酸反應得到的rm{X}溶液中含有生成的氯化銅和剩余的鹽酸；反應rm{壟脵}是煉鐵工業(yè)中的主要反應，即一氧化碳還原氧化鐵生成鐵和二氧化化碳，rm{B}能與rm{X}溶液反應生成銅和淺綠色溶液rm{F}則rm{B}是鐵，rm{C}是二氧化碳，rm{F}是氯化亞鐵，rm{E}是氫氣；代入框圖，推斷正確；

故rm{(1)}反應rm{壟脵}是一氧化碳和氧化鐵的反應，反應的化學方程式為：rm{Fe_{2}O_{3}+3COdfrac{overset{;{賂脽脦脗};}{.}}{;}2Fe}十rm{Fe_{2}O_{3}+3COdfrac{

overset{;{賂脽脦脗};}{.}}{;}2Fe}

rm{3CO_{2}}反應rm{(2)}中生成rm{壟脹}的化學方程式：rm{G-Cu}

rm{Fe+CuCl_{2}簍TFeCl_{2}+Cu}溶液中含有過量的鹽酸；能與鐵反應生成氫氣；

故答案為：rm{(1)Fe_{2}O_{3}+3COdfrac{overset{;{賂脽脦脗};}{.}}{;}2Fe}十rm{(3)X}

rm{(1)Fe_{2}O_{3}+3COdfrac{

overset{;{賂脽脦脗};}{.}}{;}2Fe}

rm{3CO_{2}}因為rm{(2)Fe+CuCl_{2}簍TFeCl_{2}+Cu}中含有過量的鹽酸與鐵反應．

根據框圖和提供的信息，其突破口為rm{(3)}是紅色固體單質，則rm{X}是銅，銅和氧氣加熱生成的rm{G}是氧化銅，rm{G}與過量的稀鹽酸反應得到的rm{D}溶液中含有生成的氯化銅和剩余的鹽酸；反應rm{D}是煉鐵工業(yè)中的主要反應，即一氧化碳還原氧化鐵生成鐵和二氧化化碳，rm{X}能與rm{壟脵}溶液反應生成銅和淺綠色溶液rm{B}則rm{X}是鐵，rm{F}是二氧化碳，rm{B}是氯化亞鐵，rm{C}是氫氣；據此解答即可．

本題為框圖式物質推斷題，先根據所提供信息，找出突破口，再根據熟悉的現(xiàn)象進行有依據性的猜測，再進行驗證．rm{F}【解析】rm{Fe_{2}O_{3}+3COdfrac{overset{;{賂脽脦脗};}{.}}{;}2Fe}十rm{Fe_{2}O_{3}+3COdfrac{

overset{;{賂脽脦脗};}{.}}{;}2Fe}rm{3CO_{2}}因為rm{Fe+CuCl_{2}簍TFeCl_{2}+Cu}中含有過量的鹽酸與鐵反應rm{X}24、rm{(1)2}rm{4}rm{1}rm{(2)}碳。rm{(1)2}rm{4}rm{1}碳。rm{(2)}【分析】試題分析：rm{(1)}根據rm{1}個乙酸乙酯分子的構成進行分析解答；

rm{(2)}根據化合物中元素的質量分數(shù)rm{=}rm{隆脕100%}進行分析解答。

解：rm{(1)1}個乙酸乙酯分子是由rm{4}個碳原子、rm{8}個氫原子和rm{2}個氧原子構成的，則乙酸乙酯分子中rm{C}rm{H}rm{O}三種原子的個數(shù)比為rm{4}rm{8}rm{2=2}rm{4}rm{1}

rm{(2)}乙酸乙酯中碳原子的相對原子質量之和為rm{12隆脕4=48}氫原子的相對原子質量之和為rm{1隆脕8=8}氧原子的相對原子質量之和為rm{16隆脕2=32}碳元素的相對原子質量之和最大，則碳元素的質量分數(shù)最大。

故答案為：rm{(1)2}rm{4}rm{1}rm{(2)}碳。【解析】rm{(1)2}rm{4}rm{1}rm{(2)}碳。rm{(1)2}rm{4}rm{1}碳。rm{(2)}五、計算題(共4題，共12分)25、略

【分析】

根據物質中某元素的質量分數(shù)=×100%，可得赤鐵礦中鐵（Fe）的質量分數(shù)為×100%=70%；

答：赤鐵礦中鐵（Fe）的質量分數(shù)為70%．

【解析】【答案】根據物質中某元素的質量分數(shù)=×100%；進行解答．

26、NH3；Ca（OH）2+NH4HCO3=CaCO3↓+NH3↑+2H2O；Ca（OH）2；CaCO3；Ca（OH）2；NaOH；4：21【分析】解：rm{(1)}氫氧化鈣和碳酸氫銨反應生成碳酸鈣沉淀、氨氣和水，化學方程式是：rm{Ca(OH)_{2}+NH_{4}HCO_{3}=CaCO_{3}隆媒+NH_{3}隆眉+2H_{2}O}氨氣溶于水顯堿性；能使石蕊試液變藍色；

rm{(2)}氫氧化鈣微溶于水；所以白色固體可能為氫氧化鈣，氫氧化鈣溶于水顯堿性，能使酚酞試液變紅，所以取洗凈后的白色固體，加入足量的水，滴入酚酞，無明顯變化，則白色固體一定沒有氫氧化鈣，故白色固體一定是碳酸鈣；

rm{(3)}一份中加足量的稀鹽酸，無氣體生成，說明沒有碳酸鈉和碳酸銨，通入足量的rm{CO_{2}}后，滴入酚酞rm{.}生成白色沉淀；說明一定含有氫氧化鈣，溶液呈紅色，證明溶液呈堿性，說明含有氫氧化鈉；

rm{(4)}設碳酸氫鈉的質量為rm{x}．

rm{2NaHCO_{3}dfrac{overset{;;triangle;;}{.}}{;}Na_{2}CO_{3}+CO_{2}隆眉+H_{2}O}

rm{2NaHCO_{3}dfrac{

overset{;;triangle;;}{

.}}{;}Na_{2}CO_{3}+CO_{2}隆眉+H_{2}O}rm{168}

rm{106}rm{x}

rm{dfrac{168}{x}=dfrac{106}{5.3g}}

rm{5.3g}

發(fā)酵粉中rm{dfrac{168}{x}=dfrac

{106}{5.3g}}與rm{x=8.4g}的質量比rm{NH_{4}HCO_{3}}rm{NaHCO_{3}}rm{=(10g-8.4g)}

答：發(fā)酵粉中rm{8.4g=4}與rm{21}的質量比為rm{NH_{4}HCO_{3}}rm{NaHCO_{3}}．

故答案為：

rm{4}rm{21}

rm{(1)NH_{3}}rm{Ca(OH)_{2}+NH_{4}HCO_{3}=CaCO_{3}隆媒+NH_{3}隆眉+2H_{2}O}

rm{(2)Ca(OH)_{2}}rm{CaCO_{3}}

rm{(3)Ca(OH)_{2}}rm{NaOH}．

rm{(4)4}根據氫氧化鈣和碳酸氫銨反應生成碳酸鈣沉淀；氨氣和水；氨氣溶于水顯堿性，能使石蕊試液變藍色進行解答；

rm{21}根據氫氧化鈣微溶于水；且溶于水顯堿性，能使酚酞試液變紅進行解答；

rm{(1)}根據一份中加足量的稀鹽酸，無氣體生成，說明沒有碳酸鈉和碳酸銨，通入足量的rm{(2)}后，滴入酚酞rm{(3)}生成白色沉淀；說明一定含有氫氧化鈣，溶液呈紅色，證明溶液呈堿性，說明含有氫氧化鈉進行解答；

rm{CO_{2}}根據碳酸氫銨加熱生成氨氣、水和二氧化碳，碳酸氫鈉受熱分解生成碳酸鈉、水和二氧化碳，所以充分加熱至質量不再改變?yōu)橹?，殘留固體就是碳酸鈉，利用碳酸鈉的質量求出碳酸氫鈉的質量，進而求出發(fā)酵粉中rm{.}與rm{(4)}的質量比即可．

化學實驗現(xiàn)象是化學實驗最突出、最鮮明的部分，也是進行分析推理得出結論的依據，掌握物質的性質和相互之間的反應關系，并有助于提高觀察、實驗能力rm{NH_{4}HCO_{3}}所以，對化學實驗不僅要認真觀察，還應掌握觀察實驗現(xiàn)象的方法．rm{NaHCO_{3}}【解析】rm{NH_{3}}rm{Ca(OH)_{2}+NH_{4}HCO_{3}=CaCO_{3}隆媒+NH_{3}隆眉+2H_{2}O}rm{Ca(OH)_{2}}rm{CaCO_{3}}rm{Ca(OH)_{2}}rm{NaOH}rm{4}rm{21}27、略

【分析】

（1）制取裝置的選擇與反應物的狀態(tài)和反應的條件有關；本題中用加熱二氧化錳和濃鹽酸來制取氯氣；因此需要加熱．故答案為：二氧化錳和濃鹽酸制取氯氣，需要加熱。

（2）氯氣在常溫下能分別與水；堿類等物質發(fā)生反應；并可以產生具有殺菌消毒、漂白（使有色物質褪色）等作用的物質，故答案為：防止氯氣與水反應。

（3）不能達到實驗的目的；需要設計一個對照實驗才能達到實驗的目的，即在一個紅色布條上滴加鹽酸，布條無變化，就證明起漂白作用的物質是次氯酸．故答案為：在一個紅色布條上滴加鹽酸，布條無變化，就證明起漂白作用的物質是次氯酸。

【解析】【答案】制取裝置包括加熱和不需加熱兩種；制取裝置的選擇與反應物的狀態(tài)和反應的條件有關；本題中用加熱二氧化錳和濃鹽酸來制取氯氣，因此需要加熱．該裝置中油層的作用是：防止氯氣與水反應．在實驗設計中，需要設計一個對照實驗才能達到實驗的目的，即在一個紅色布條上滴加鹽酸，布條無變化，就證明起漂白作用的物質是次氯酸．

28、略

【分析】

水和酒精都是無色液體；水沒有無味，而酒精具有酒的芳香氣味，故利用聞氣味的方法可以區(qū)別；分別聞氣味，沒有氣味的是水，有特殊香味的是酒精．

水不具有可燃性；酒精具有可燃性，故可用燃燒的方法可以區(qū)別；點燃，能燃燒的是酒精，不能燃燒的是水．

故答案為：分別聞氣味；沒有氣味的是水，有特殊香味的是酒精；點燃，能燃燒的是酒精，不能燃燒的是水．

【解析】【答案】根據水和酒精的性質的不同進行區(qū)別；水和酒精的氣味不同；水不具有可燃性；酒精具有可燃性；據此進行分析解答即可．

六、簡答題(共4題，共40分)29、酒精燈；集氣瓶；A；2KMnO4K2MnO4+MnO2+O2↑；CaCO3+2HCl═CaCl2+H2O+CO2↑；可隨時控制反應的發(fā)生和停止；E或F；H2O+CO2═H2CO3；濃鹽酸具有較強的揮發(fā)性，CO2帶出的HCl與石灰水反應，阻礙了CO2與石灰水反應；一段時間水柱液面不下降；2H2O22H2O+O2↑；E；F；FGHDE【分析】解：rm{(1)}圖中所標儀器的名稱為：酒精燈和集氣瓶；

rm{(2)}實驗室中用氯酸鉀和二氧化錳制取氧氣屬于固固加熱型的反應，所以應該選擇rm{A}裝置作為發(fā)生裝置，方程式是：rm{2KMnO_{4}dfrac{overset{;;triangle;;}{.}}{;}K_{2}MnO_{4}+MnO_{2}+O_{2}隆眉}

rm{2KMnO_{4}dfrac{

overset{;;triangle;;}{

.}}{;}K_{2}MnO_{4}+MnO_{2}+O_{2}隆眉}裝置能用來制取二氧化碳，所用的藥品為大理石和稀鹽酸，該反應生成了氯化鈣、水和二氧化碳，該反應的化學方程式為：rm{(3)B}

rm{CaCO_{3}+2HCl簍TCaCl_{2}+H_{2}O+CO_{2}隆眉}分析圖中的裝置可以知道；有孔隔板可以放置固體，當用止水夾夾住膠皮管時由于氣體不能逸散而使試管中壓強增大，將液體壓到長頸漏斗中，此時固液分離而使實驗停止，若使實驗開始只要將止水夾打開即可；氫氣的密度比空氣的密度小且難溶于水，故可用向下排空氣法或排水法收集；

rm{(4)}二氧化碳可與水反應生成碳酸；碳酸可使石蕊變紅；

rm{(5)壟脵}濃鹽酸易揮發(fā)氯化氫氣體；氯化氫溶于水就是鹽酸，會將二氧化碳和石灰水生成的碳酸鈣沉淀重新溶解，所以看不到沉淀；

rm{壟脷}乙同學檢查裝置rm{(6)}氣密性的操作和現(xiàn)象是：先用夾子夾住導氣管中的橡皮管；再向長頸漏斗中加入水至形成一段水柱，靜置，若觀察到一段時間水柱液面不下降，說明氣密性良好；

rm{C}組合為固液常溫型的發(fā)生裝置，所以可以用過氧化氫溶液在二氧化錳的催化作用之下來制取氧氣；過氧化氫分解產生了水和氧氣，該反應的化學方程式為：rm{2H_{2}O_{2}dfrac{overset{;MnO_{2};}{.}}{;}2H_{2}O+O_{2}隆眉}

rm{(7)壟脵AB}檢驗rm{2H_{2}O_{2}dfrac{

overset{;MnO_{2};}{.}}{;}2H_{2}O+O_{2}隆眉}中混有的rm{壟脷}要有明顯的現(xiàn)象，即通入到石灰水中，石灰水變渾濁即可驗證；除去rm{CO}中較多的rm{CO_{2}}要有足夠的試劑與二氧化碳反應，即用溶解度較大的氫氧化鈉；

rm{CO}先把水煤氣通過氫氧化鈉溶液除去二氧化碳，再通過濃硫酸除去水煤氣中的rm{CO_{2}}然后把混合氣體通過灼熱的氧化銅中，rm{壟脹}還原氧化銅生成二氧化碳；氫氣還原氧化銅生成水，接著把生成的混合氣體通過白色硫酸銅粉末，看是否變藍，然后通過澄清的石灰水看是否變渾濁；

故答案為：rm{H_{2}O}酒精燈；集氣瓶；

rm{CO}rm{2KMnO_{4}dfrac{overset{;;triangle;;}{.}}{;}K_{2}MnO_{4}+MnO_{2}+O_{2}隆眉}

rm{(1)}

rm{(2)A}可隨時控制反應的發(fā)生和停止；rm{2KMnO_{4}dfrac{

overset{;;triangle;;}{

.}}{;}K_{2}MnO_{4}+MnO_{2}+O_{2}隆眉}或rm{(3)CaCO_{3}+2HCl簍TCaCl_{2}+H_{2}O+CO_{2}隆眉}

rm{(4)}

rm{E}濃鹽酸具有較強的揮發(fā)性，rm{F}帶出的rm{(5)壟脵H_{2}O+CO_{2}簍TH_{2}CO_{3}}與石灰水反應，阻礙了rm{壟脷}與石灰水反應；

rm{CO_{2}}一段時間水柱液面不下降；

rm{(7)壟脵2H_{2}O_{2}dfrac{overset{;MnO_{2};}{.}}{;}2H_{2}O+O_{2}隆眉}rm{HCl}rm{CO_{2}}rm{(6)}．

rm{(7)壟脵2H_{2}O_{2}dfrac{

overset{;MnO_{2};}{.}}{;}2H_{2}O+O_{2}隆眉}直接寫出儀器的名稱；

rm{壟脷E}實驗室中用高錳酸鉀制取氧氣屬于固固加熱型的反應；可以據此選擇發(fā)生裝置，該反應生成了錳酸鉀；二氧化錳和氧氣，可以據此寫出該反應的化學方程式；

rm{F}裝置能用來制取二氧化碳；所用的藥品為大理石和稀鹽酸，該反應生成了氯化鈣；水和二氧化碳，可以據此寫出該反應的化學方程式；

rm{壟脹FGHDE}裝置能夠隨時控制反應的發(fā)生與停止；并據氫氣的密度和溶解性選擇收集裝置；

rm{(1)}依據二氧化碳和濃鹽酸的性質分析解答；

rm{(2)}若rm{(3)B}裝置氣密性良好則當其與外界空氣隔絕并被加熱時能夠產生壓強差而使液面上升；可以據此解答該題；

rm{(4)C}組合為固液常溫型的發(fā)生裝置；所以可以用過氧化氫溶液在二氧化錳的催化作用之下來制取氧氣；

洗氣裝置要看瓶內加的試劑能否與氣體中混有的雜質反應掉；

rm{(5)}驗證水煤氣中是否含有rm{(6)}和rm{C}要這兩種物質還原氧化銅生成二氧化碳和水，再通過實驗檢驗是否有二氧化碳和水生成，但在還原氧化銅之前先除去水煤氣中混有的rm{(7)壟脵AB}rm{(3)}

本題考查知識綜合而全面，很好的考查了學生對裝置選取、反應原理、氣體的性質等知識，解答時要結合相關知識細心分析，并明確如何對二氧化碳的驗證和除去；以及對混合氣體驗證需要先排除雜質的干擾．rm{CO}【解析】酒精燈；集氣瓶；rm{A}rm{2KMnO_{4}dfrac{overset{;;triangle;;}{.}}{;}K_{2}MnO_{4}+MnO_{2}+O_{2}隆眉}rm{2KMnO_{4}dfrac{

overset{;;triangle;;}{

.}}{;}K_{2}MnO_{4}+MnO_{2}+O_{2}隆眉}可隨時控制反應的發(fā)生和停止；rm{CaCO_{3}+2HCl簍TCaCl_{2}+H_{2}O+CO_{2}隆眉}或rm{E}rm{F}濃鹽酸具有較強的揮發(fā)性，rm{H_{2}O+CO_{2}簍TH_{2}CO_{3}}帶出的rm{CO_{2}}與石灰水反應，阻礙了rm{HCl}與石灰水反應；一段時間水柱液面不下降；rm{2H_{2}O_{2}dfrac{overset{;MnO_{2};}{.}}{;}2H_{2}O+O_{2}隆眉}rm{CO_{2}}rm{2H_{2}O_{2}dfrac{

overset{;MnO_{2};}{.}}{;}2H_{2}O+O_{2}隆眉}rm{E}rm{F}30、明礬；過濾；引流；吸附；否；還含有可溶性雜質【分析】解：

rm{(1)}常用的沉淀劑rm{(}絮凝劑rm{)}有明礬；明礬可以吸附較大顆粒，加速沉降；

rm{(2)}小卵石和石英沙；其作用是過濾；在實驗室進行該操作要用到玻璃棒的作用是引流；

rm{(3)}活性炭具有吸附性；其目的是吸附部分可溶性雜質；

rm{(4)}經過過濾；吸附、消毒后的水還含有可溶性雜質；所以屬于混合物．

故答案為：

rm{(1)}明礬；

rm{(2)}過濾；引流；

rm{(3)}吸附；

rm{(4)}否；還含有可溶性雜質．

rm{(1)}根據常用的沉淀劑rm{(}絮凝劑rm{)}有明礬進行解答；

rm{(2)}根據小卵石和石英沙；其作用是過濾解答；

rm{(3)}根據活性炭具有吸附性進行解答；

rm{(4)}根據經過過濾；吸附、消毒后的水還含有可溶性雜質進行解答．

本題難度不大，掌握水的凈化原理、過濾的原理等并能靈活運用即可正確解答本題．【解析】明礬；過濾；引流；吸附；否；還含有可溶性雜質31、解：（1）設樣品中鋅的質量質量為x；生成硫酸鋅的質量為y；