2025年牛津譯林版必修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年牛津譯林版必修3物理下冊階段測試試卷368考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、在如圖示電路中，電源電動勢為E、內(nèi)阻為r，L1、L2、L3均為小燈泡，P為滑動變阻器的滑動觸頭，開關S1、S2閉合。則。

A.向右滑動觸頭P，小燈泡L2變亮B.向右滑動觸頭P，小燈泡L3變亮C.若只斷開S2，小燈泡L1變暗D.若只斷開S2，小燈泡L2變亮2、在物理學史上，奧斯特首先發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁場。隨后，物理學家提出“磁生電”的閃光思想。很多科學家為證實這種思想進行了十多年的艱苦研究，首先成功發(fā)現(xiàn)“磁生電”的物理學家是（）A.牛頓B.愛因斯坦C.法拉第D.安培3、某條電場線是一條直線，沿電場線方向依次有O、A、B、C四個點，相鄰兩點間距離均為d，以O點為坐標原點，沿電場強度方向建立x軸，該電場線上各點電場強度E隨x的變化規(guī)律如圖所示。一個帶電量為的粒子，從O點由靜止釋放，僅受電場力作用。則下列說法正確的是（）

A.若O點的電勢為零，則A點的電勢為B.粒子從A到B做勻速直線運動C.粒子在OA段電勢能減少量小于BC段電勢能減少量D.粒子運動到B點時動能為4、均勻帶電的球殼在球外空間產(chǎn)生的電場等效于電荷集中于球心處產(chǎn)生的電場．如圖所示，在半球面AB上均勻分布正電荷，其電荷量為q，球面半徑為R，CD為通過半球頂點與球心O的軸線，在軸線上有M、N兩點，OM=ON=2R．已知M點的場強大小為E，則N點的場強大小為（）

A.B.C.D.5、如圖所示，在兩等量異種點電荷的電場中，MN為兩電荷連線的中垂線，a、b、c三點所在直線平行于兩電荷的連線，且a與c關于MN對稱，b、d兩點位于MN上。以下判斷正確的是（）

A.點場強大于點場強B.點電勢小于點電勢C.兩點間的電勢差等于兩點間的電勢差D.試探電荷在點的電勢能小于在點的電勢能6、如圖所示；為電場某區(qū)域的電場線分布情況，由圖可知（）

A.A點電勢低于B點電勢B.A點場強大于B點場強C.若正電荷由A點移動到B點，則電場力做負功D.負電荷在A點電勢能大于B點的電勢能7、如圖所示，四個相同的電流表分別改裝成兩個安培表和兩個伏特表，安培表A1的量程大于A2的量程，伏特表V1的量程大于V2的量程；把它們按圖接入電路中，則下列說法正確的是（）

A.安培表A1的偏轉角大于安培表A2的偏轉角B.安培表A1的讀數(shù)小于安培表A2的讀數(shù)C.伏特表V1的讀數(shù)小于伏特表V2的讀數(shù)D.伏特表V1的偏轉角等于伏特表V2的偏轉角評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)8、下列說法中正確的是（）A.觀看3D電影時，所佩戴的眼鏡利用了光的衍射原理B.軍隊士兵過橋時使用便步，是為了防止橋發(fā)生共振現(xiàn)象C.手機上網(wǎng)時用的Wifi信號屬于無線電波E.用標準平面檢查光學平面的平整程度是利用光的偏振E.用標準平面檢查光學平面的平整程度是利用光的偏振9、如圖所示，在點電荷產(chǎn)生的電場中，實線是標有電場方向的一條電場線，一帶電粒子只在靜電力作用下從A沿著虛線運動到設兩點的電場強度大小分別為電勢能分別為下列說法正確的是（）

A.粒子一定帶正電B.點電荷一定靠近端C.兩點的電場強度D.該粒子在兩點的電勢能10、如圖所示，M點有電荷量為Q的負點電荷，在距離點電荷為r處放入厚度為d的平行金屬板，N點為金屬板內(nèi)距表面為的點，MN連線與金屬板表面垂直。當金屬板處于靜電平衡時；下列說法正確的是（）

A.金屬板的左側面感應出正電荷B.金屬板的左側面感應出負電荷C.感應電荷在N點產(chǎn)生的電場強度方向沿MN連線向右D.感應電荷在N點產(chǎn)生的電場強度方向沿MN連線向右11、x軸上各點電勢隨x變化的關系如圖所示，其中N點的電勢為零，ND段中C點電勢最高。則（）

A.同一負電荷在C點的電勢能大于在N點的電勢能B.同一負電荷在C點的電勢能小于在N點的電勢能C.N點的電場強度小于C點的電場強度D.N點的電場強度大于C點的電場強度12、四個相同的電流表分別改裝成兩個安培表和兩個電壓表，安培表A1的量程大于A2的量程，電壓表V1的量程大于V2的量程；把它們按圖接入電路中，則()

A.A1的讀數(shù)比A2的讀數(shù)大B.A1指針偏轉角度比A2指針偏轉角度大C.V1讀數(shù)比V2讀數(shù)大D.V1指針偏轉角度比V2指針偏轉角度大評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)13、有一個電流表內(nèi)阻滿偏電流要把它改裝為量程的電壓表，則應串聯(lián)一個電阻阻值__________要把它改裝為量程的電流表,則改裝后電流表的內(nèi)阻__________14、光子說∶

（1）愛因斯坦認為_____本身就是不連續(xù)的。

（2）光本身就是由一個個不可分割的______組成的，頻率為ν的光的能量子為____，h為普朗克常量。15、一個不帶電的金屬球殼的內(nèi)、外半徑分別為R1和R2，今在中心處放置一電荷為q的點電荷，則球殼的電勢U=_______________。16、如圖所示，MN板間存在勻強電場，場強方向豎直向上。電場上A、B兩點相距10cm，AB連線與電場方向夾角A點和M板相距2cm，則AB兩點間的電勢差____V，若M板接地（電勢為0），A點電勢____V。

17、圖中游標卡尺的讀數(shù)為________mm，螺旋測微器的讀數(shù)為________mm。

18、(1)下列各個實驗中，應用了等效法的是_________，應用了控制變量法的是_________

A．探究小車速度隨時間的變化關系。

B．探究彈簧伸長與彈力的關系。

C．探究求合力的方法。

D．探究小車加速度與質量；力的關系。

(2)①用20分度的游標卡尺測量鋼球的直徑，示數(shù)如圖所示，則鋼球直徑為___________mm。

②若某同學也是用這個游標卡尺測量另一物體的長度，測量結果為51.45mm，則在讀數(shù)時游標尺上的第_________格與主尺上的第_________毫米格對齊。評卷人得分四、作圖題(共2題，共20分)19、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關S擲向1，一段時間后，將開關擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短20、如圖1所示，用電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標，I為橫坐標，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關系圖線上任取一點；畫出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共8分)21、利用如圖所示的實驗裝置可以測量干電池的電動勢和內(nèi)阻。

（1）將電源；開關、電阻箱和電流表組成一個串聯(lián)電路；開關閉合之前把電阻箱阻值調(diào)到最大值。

（2）閉合開關，逐漸減小電阻箱的阻值，記錄下電阻箱阻值R和對應的電流表示數(shù)I，多次改變電阻箱阻值，測量并記錄5組R和相對應的電流I。

（3）以R為縱軸，為橫軸，將實驗測得的5組實驗數(shù)據(jù)在坐標系中描點、作圖，得到如圖所示的圖像，則被測電池電動勢測量值為__________V（保留三位有效數(shù)字）；被測干電池內(nèi)阻測量值為__________Ω（保留兩位有效數(shù)字）。

（4）誤差分析：由于系統(tǒng)誤差的影響，這種測量方法得到的電動勢的測量值__________（填“大于”“小于”或“等于”）真實值，電池內(nèi)電阻的測量值__________（填“大于”、“小于”或“等于”）真實值。22、某實驗小組的同學在研究某種材料L的伏安特性曲線時；已知該材料的額定電壓為3.8V，額定功率約為1.2W，實驗室為其提供的實驗器材如下：

電流表A1：量程為3.0A；內(nèi)阻約為0.1Ω

電流表A2：量程為500mA；內(nèi)阻約為0.2Ω

電壓表V：量程為1.0V，內(nèi)阻Rv=3.0kΩ

定值電阻R0：阻值為12Ω

定值電阻R1：阻值為2.0kΩ

定值電阻R2：阻值為9.0kΩ

滑動變阻器R：阻值范圍為0~10Ω

電源E：電動勢為6.0V；內(nèi)阻不計。

開關S及導線若干。

（1）為了精確描繪出該材料的伏安特性曲線，選擇出合適的實驗器材，完成電路設計并畫在如圖甲所示的虛線框內(nèi)。（將所選器材的代號標注清楚）()

（2）電路設計完成后，通過反復調(diào)節(jié)，得到多組該材料兩端的電壓以及電流值，描繪出的伏安特性曲線如圖乙所示，則表明該材料的電阻值隨著電流的增加而___________（填“增大”“不變”或“減小”）；當該材料兩端的電壓為3.0V時，消耗的實際功率約為___________W（結果保留兩位有效數(shù)字）。

（3）如果將該材料與內(nèi)阻r=10Ω、電動勢為E=3.0V的電源相連接，則材料消耗的實際功率為________W。（結果保留兩位有效數(shù)字）評卷人得分六、解答題(共3題，共15分)23、某一直流電動機提升重物的裝置如圖所示，電源電動勢E=6V，電源內(nèi)阻r=1Ω，電阻R=0.5Ω，重物質量m=0.1kg，當重物固定電動機無法轉動時，理想電壓表的示數(shù)為U1=4V，當重物不固定，且電動機最后以穩(wěn)定的速度勻速提升重物時，電壓表的示數(shù)為U2=5V，各處摩擦均不計，g取10m/s2．求：

(1)電動機內(nèi)阻R0；

(2)重物勻速上升時的速度v；

(3)勻速提升重物3m電源需要消耗的能量．24、如圖所示，傾角θ=53°的粗糙絕緣斜面AB與粗糙絕緣水平地面BC在B點平滑連接，B點右側區(qū)域存在水平向左的勻強電場，電場強度大小E=3.0×104N/C。斜面頂端A點離地高度h=8.0m，可視為質點的帶正電金屬滑塊質量m=1.0kg、電荷量q=1.0×10-4C?，F(xiàn)將滑塊從A點由靜止釋放，最后停在水平地面上的C點。已知滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)μ1=0.5，滑塊與水平地面間的動摩擦因數(shù)μ2=0.2，重力加速度g取10m/s2；sin53°=0.8，cos53°=0.6求：

（1）滑塊在粗糙絕緣斜面AB上下滑到B點時的速度大??；

（2）求滑塊在水平地面上滑行的距離；

（3）將電場強度的大小突然增大到某一值，可使靜止在C點的滑塊恰好能重新返回到斜面頂端A點；求增大后電場強度的大小。

25、如圖所示，電源電動勢E=2V，內(nèi)阻r=1Ω，電阻R0=2Ω，可變電阻的阻值范圍為0~10Ω。求可變電阻為多大時，R上消耗的功率最大；最大值為多少？

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【詳解】

AB.在S2處于閉合狀態(tài)下，向右滑動觸頭P，總電阻增大，總電流減小，內(nèi)電壓和L2兩端電壓減小，L2變暗；則L3兩端電壓增大，故L3變亮；故A錯誤，B正確；

CD.若只斷開S2，總電阻增大，總電流減小，內(nèi)電壓和L2兩端電壓減小，L2變暗；則L1和P兩端電壓增大，電流增大，故L1變亮；故C錯誤，D錯誤。

故選：B2、C【分析】【分析】

【詳解】

首先成功發(fā)現(xiàn)“磁生電”的物理學家是法拉第。

故選C。3、D【分析】【詳解】

A．圖象與坐標軸圍成的面積代表電勢的變化，沿著電場線，電勢逐漸降低，若O點的電勢為零，則A點的電勢為故A錯誤；

B．粒子從A到B運動時；電場力恒定不變，做勻變速直線運動，故B錯誤；

C．根據(jù)及圖象與坐標軸圍成的面積可知粒子在OA段電勢能減少量大于BC段電勢能減少量；故C錯誤；

D．根據(jù)動能定理可知

解得

故D正確。

故選D。4、A【分析】【詳解】

假設在O點有一個完整的帶電荷量為2q的帶電球殼，設完整球殼在N點產(chǎn)生的場強大小為E0，左半球殼在N點產(chǎn)生的電場強度大小為E左，右半球殼在N點產(chǎn)生的電場強度大小為E右，根據(jù)電場疊加原理

根據(jù)題意

根據(jù)對稱性可知右半球殼在N點產(chǎn)生的電場強度大小和左球殼在M點產(chǎn)生場強大小相等即

解得

A正確；BCD錯誤。

故選A。5、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由電場線分布可知等量異種電荷連線的中垂線上，中點的場強最大，點場強小于點場強；故A錯誤；

B．等量異種電荷連線的中垂線是等勢面，b點電勢等于d點電勢；故B錯誤；

C．由對稱性知a、b兩點的電勢差等于b、c兩點間的電勢差；故C正確；

D．a(chǎn)點的電勢高于c點的電勢，由Ep=q知試探電荷+q在a點的電勢能大于在c點的電勢能；故D錯誤。

故選C。6、B【分析】【分析】

【詳解】

A．沿著電場線，電勢逐漸降低，因此B點電勢低于A點電勢；A錯誤；

B．電場線越密集的地方，場強越大，因此A點場強大于B點場強；B正確；

CD．正電荷受力的方向沿著電場向，負電荷受力方向與電場線方向相反，因此若正電荷由A點移動到B點，電場力做正功，電勢能減少；負電荷由A點移動到B點；電場力做負功，電勢能增加，C；D錯誤。

故選B。7、D【分析】【詳解】

AB．安培表A1、A2并聯(lián)，電壓相同，表頭的電流，指針偏轉角度相同，由于安培表A1的量程大于A2的量程，則安培表A1的讀數(shù)大于安培表A2的讀數(shù)．故AB錯誤．

CD．伏特表V1與V2串聯(lián)，流過表頭的電流相同，指針偏轉的角度相同，由于伏特表V1的量程大于V2的量程，則伏特表V1的讀數(shù)大于伏特表V2的讀數(shù)．故C錯誤，D正確．二、多選題(共5題，共10分)8、B:C:D【分析】A．立體電影是利用了光的偏振現(xiàn)象；故A錯誤。

B．軍隊士兵過橋時使用便步；防止行走的頻率與橋的頻率相同，橋發(fā)生共振現(xiàn)象，故B正確；

C．手機上網(wǎng)時用的Wifi信號屬于無線電波；故C正確；

D．光導纖維利用的是光的全反射原理；根據(jù)產(chǎn)生全反射的必要條件：光必須從光密介質射入光疏介質，可知，光導纖維的內(nèi)芯材料的折射率比外套材料的折射率大，故D正確；

E．用標準平面檢查光學平面的平整程度是利用了薄膜干涉，故E錯誤。9、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AD．根據(jù)電場線的性質，A點電勢小于B點電勢；根據(jù)軌跡的彎曲方向可知，電場力指向曲線彎曲內(nèi)側，與電場線方向相同，所以帶電粒子一定帶正電，根據(jù)電勢能定義式有。

可知，該粒子在A點電勢能小于在B點電勢能；故AD正確；

B．點電荷的電性不明，有可能帶正電靠近N端，也可能帶負電靠近M端；故B錯誤；

C．該電場為點電荷電場，所以A、B兩點的電場強度不可能大小相等；故C錯誤。

故選AD。10、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．根據(jù)同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引規(guī)律，M點的點電荷帶負電；在金屬板的左側面感應出正電荷，A正確，B錯誤；

CD．金屬板內(nèi)部合場強為零，故感應電荷在N點產(chǎn)生的電場強度與點電荷在N點產(chǎn)生的電場強度等大反向，根據(jù)可得，感應電荷在N點產(chǎn)生的電場強度方向沿MN連線向右；C錯誤，D正確。

故選AD。11、B:D【分析】【詳解】

AB．負電荷在電勢高處電勢能小，則同一負電荷在C點的電勢能小于在N點的電勢能；故A錯誤，B正確；

CD．隨x變化圖像斜率表示場強，由圖知，N點的電場強度大于C點的電場強度；故C錯誤，D正確。

故選BD。12、A:C【分析】【詳解】

A．電流表A1的量程大于A2的量程，故電流表A1的內(nèi)阻小于A2的內(nèi)阻；電壓表V1的量程大于V2的量程，故V1的電阻大于V2的電阻；由圖可知，兩電流表并聯(lián)，故兩流表兩端的電壓相等，故A1中的電流要大于A2中的電流，故A1的讀數(shù)比A2的讀數(shù)大；故A正確；

B．因兩表由同一電流表改裝而成；而將電流表擴大量程時為并聯(lián)一小電阻，故相當于為四個電阻并聯(lián)，故兩表頭中電流相同，故兩表的偏角相同；故B錯誤；

C．兩電壓表串聯(lián)，故通過兩表的電流相等，故V1的讀數(shù)比V2的讀數(shù)大；故C正確；

D．因表頭與電阻串聯(lián)；故為四個電阻串聯(lián)，因此通過兩表頭的電流相等，兩表的偏轉角度一樣，故D錯誤；

故選AC。三、填空題(共6題，共12分)13、略

【分析】【詳解】

[1][2]依據(jù)電流表改裝成電壓表的特點，則有

解得需串聯(lián)依據(jù)電流表改裝成電流表的特點，則有

解得需并聯(lián)的電阻，即總電阻所以電流表的內(nèi)阻【解析】99000.0514、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]根據(jù)光子說的理論可知；愛因斯坦認為電磁場本身就是不連續(xù)的；

（2）[2][3]光本身就是由一個個不可分割的能量子組成的，頻率為ν的光的能量子為hν。【解析】①.電磁場②.能量子③.hν15、略

【分析】【詳解】

根據(jù)高斯定理，對球面有

則有

其中r>R2

可解得【解析】16、略

【分析】【詳解】

[1]AB兩點間的電勢差為

[2]A點的電勢等于A點與M點的電勢差，故【解析】10-417、略

【分析】【詳解】

[1]游標卡尺的精度為讀數(shù)為

[2]螺旋測微器精度為讀數(shù)為【解析】50.154.700（4.698~4.702）18、略

【分析】【詳解】

(1)[1][2]探究小車速度隨時間的變化關系時；用平均速度替代瞬時速度，體現(xiàn)了極限的思想；探究彈簧伸長與彈力的關系時，采用了圖像分析的方法；探究求合力的方法時，采用了等效替代的方法；探究小車加速度與質量；力的關系時，應用了控制變量法，故選C、D；

(2)[3][4][5]20分度的游標卡尺，其精確度為故鋼球的直徑。

當測量結果為51.45mm時；即。

故讀數(shù)時游標尺上的第9格與主尺刻度對齊。主尺對齊的刻度為。

【解析】CD10.15960四、作圖題(共2題，共20分)19、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減??；選項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據(jù)可知電阻箱R的電壓UR減??；選項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據(jù)電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據(jù)電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據(jù)可求出該電容器的電容；選項A正確；

B．根據(jù)電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時電阻箱阻值大小，選項B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，因此放電時間將變長，選項C錯誤；

D．電源不變，電容器的充電電壓不變，若只減小電容器的電容大小，根據(jù)可知電容器的電荷量將變小；放電的時間將變短，選項D正確。

故選ABD。【解析】ABDABD20、略

【分析】【詳解】

（1）由閉合電路歐姆定律可知

所以圖像與縱軸交點的坐標值為電源電動勢；與橫軸交點的坐標值為短路電流，如圖所示。

（2）電源的輸出功率等于路端電壓與干路電流的乘積；即所要求的的面積為該點向坐標軸作垂線后與坐標軸圍成的面積，如圖所示。

【解析】（1）U-I圖像如圖所示。圖像與縱軸交點的坐標值為電源電動勢，與橫軸交點的坐標值為短路電流；（2）五、實驗題(共2題，共8分)21、略

【分析】【分析】

【詳解】

(3)[2]根據(jù)閉合電路歐姆定律

整理可得

即圖像為直線根據(jù)圖像可知

[1]圖像的斜率為電動勢E，在圖像上