2025年外研銜接版選擇性必修1物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研銜接版選擇性必修1物理下冊階段測試試卷548考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，質(zhì)量為m的小球，用不可伸長的輕繩懸掛在O點．現(xiàn)將小球從A點由靜止釋放，小球向下擺動至最低點B．在此過程中，小球重力做的功為W，小球重力的沖量為I，小球動能的變化量為小球動量的變化量為．不計空氣阻力；下列關(guān)系式正確的是。

A.B.C.D.2、在我國漢代，勞動人民就已經(jīng)發(fā)明了轆轤，如圖所示，可轉(zhuǎn)動的把手邊緣上a點到轉(zhuǎn)軸的距離為轆轤邊緣b點到轉(zhuǎn)軸的距離為R，忽略空氣阻力。在水桶離開水面后加速往上運動的過程中，下列說法正確的是（）

A.把手邊緣上a點的角速度小于轆轤邊緣b點的角速度B.水桶上升的速度大小等于把手邊緣上a點的線速度大小C.繩子拉力對水桶做的功等于水桶和水的機械能的增加量D.拉力對水桶的沖量等于水桶動量的變化量3、研究人員讓外層覆蓋鋅的納米機器人攜帶藥物進入老鼠體內(nèi)，機器人到達胃部后，外層的鋅與消化液反應(yīng)，產(chǎn)生氫氣氣泡，從而推動機器人前進，速度可達60若機器人所受重力和浮力忽略不計；當納米機器人在胃液中加速前進時，下列判斷正確的是。

A.機器人由原電池提供的電能直接驅(qū)動B.機器人對胃液的作用力比胃液對機器人的作用力大C.氫氣氣泡對機器人做的功比機器人克服胃液作用力做的功多D.氫氣氣泡對機器人作用力的沖量比胃液對機器人作用力的沖量小.4、如圖所示，A、兩個大小相同、質(zhì)量不等的小球放在光滑水平地面上，A以的速率向右運動，以的速率向左運動，發(fā)生正碰后A、兩小球都以的速率反彈，則兩小球的質(zhì)量之比為（）

A.B.C.D.5、一束光強為I0的自然光垂直穿過兩個偏振片，且此兩偏振片的偏振化方向成45°角，則穿過兩個偏振片后的光強I為（）A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、圖1為一列簡諧橫波在t=0時刻的波形圖；P；Q為介質(zhì)中的兩個質(zhì)點，圖2為質(zhì)點P的振動圖象，則。

A.t=0.2s時，質(zhì)點Q沿y軸負方向運動B.0～0.3s內(nèi)，質(zhì)點Q運動的路程為0.3mC.t=0.5s時，質(zhì)點Q的加速度小于質(zhì)點P的加速度D.t=0.7s時，質(zhì)點Q距平衡位置的距離小于質(zhì)點P距平衡位置的距離7、一個質(zhì)點做簡諧運動的圖像如圖所示；下列敘述正確的是（）

A.質(zhì)點的振動頻率為4HzB.在10s內(nèi)質(zhì)點經(jīng)過的路程是20cmC.在5s末，速度為零，加速度最大E.在t=1.5s和t=4.5s兩時刻質(zhì)點的速度相同E.在t=1.5s和t=4.5s兩時刻質(zhì)點的速度相同8、以下說法正確的是（）A.光纖通信利用了激光相干性好的特點B.激光武器利用了激光亮度高的特點C.激光寫、讀光盤利用了激光亮度高的特點D.全息照相利用了激光的相干性好的特點9、如圖，a、b、c、d是均勻媒質(zhì)中x軸上的四個質(zhì)點，相鄰兩點的間距依次為2m、4m和6m。一列簡諧橫波以2m/s的波速沿x軸正向傳播，在t=0時刻到達質(zhì)點a處，質(zhì)點a由平衡位置開始豎直向下運動，t=3s時a第一次到達最高點。下列說法正確的是（）

A.質(zhì)點b開始振動后，其振動周期為4sB.在t=5s時刻質(zhì)點c恰好到達最高點C.在t=6s時刻波恰好傳到質(zhì)點d處E.當質(zhì)點d向下運動時，質(zhì)點b一定向上運動E.當質(zhì)點d向下運動時，質(zhì)點b一定向上運動10、如圖所示，一質(zhì)量為m、半徑為R的四分之一光滑圓弧槽，放在光滑的水平面上，有一質(zhì)量也為m的小球由槽頂端A靜止釋放，在其下滑至槽末端B的過程中，已知重力加速度為g；空氣阻力忽略不計。則下列說法正確的是（）

A.若圓弧槽固定，小球的機械能守恒B.若圓弧槽固定，小球滑至B點時對槽的壓力大小為3mgC.若圓弧槽不固定，小球和槽組成的系統(tǒng)動量守恒D.圓弧槽固定和不固定情形下，小球滑到B點時的速度大小之比為1：111、如圖所示，長直桿固定放置與水平面夾角=30°，桿上O點以上部分粗糙，O點以下部分（含O點）光滑。輕彈簧穿過長桿，下端與擋板相連，彈簧原長時上端恰好在O點，質(zhì)量為m的帶孔小球穿過長桿，與彈簧上端連接。小球與桿粗糙部分的動摩擦因數(shù)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，現(xiàn)將小球拉到圖示a位置由靜止釋放，一段時間后觀察到小球振動時彈簧上端的最低位置始終在b點，O點與a、b間距均為L。重力加速度為g；不計空氣阻力，則下列說法正確的是（）

A.小球在a點加速度大小是在b點加速度大小的2倍B.小球在a點加速度大小是在b點加速度大小的3倍C.整個運動過程小球在直桿粗糙部分運動的路程為2LD.若增加小球質(zhì)量，仍從a位置靜止釋放，則小球最終運動的最低點仍在b點12、如圖所示，一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，時，位于坐標原點O處的波源開始從平衡位置沿y軸向上做周期為0.5s、振幅為6cm的簡諧振動。當平衡位置在處的質(zhì)點P剛開始振動時；波源處的質(zhì)點剛好位于波峰。下列描述正確的是（）

A.波源O在開始振動后1.75s內(nèi)通過的路程為0.84mB.該列簡諧橫波的最大波長為20mC.該列簡諧橫波的最大波速為40m/sD.若波長滿足則波速為16m/s13、如圖甲所示是一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t＝0時刻的波形圖，P是參與波動的、離原點x1＝2m處的質(zhì)點，Q是參與波動的、離原點x2＝4m處的質(zhì)點。圖乙是參與波動的某一質(zhì)點的振動圖像（所有參與波動的質(zhì)點計時起點相同）。由圖可知（）

A.這列波的傳播速度為v＝2m/sB.從t＝0到t＝6s，質(zhì)點Q通過的路程為1.2mC.從t＝0起，質(zhì)點P比質(zhì)點Q先到達波峰D.圖乙可能是圖甲中質(zhì)點Q的振動圖像14、下列說法中正確的是（）A.用標準平面檢查光學(xué)平面的平整程度是利用光的偏振現(xiàn)象B.用激光束垂直照射一個不透光的小圓屏，在后面的圓屏陰影中心會出現(xiàn)一個亮點，這是光的衍射現(xiàn)象造成的C.兩只相同的燈泡發(fā)出的光束相遇能發(fā)生干涉現(xiàn)象D.照相機的鏡頭上的增透膜利用的是光的干涉現(xiàn)象評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)15、如圖所示S1和S2是兩個相干的波源，其振幅均為A，波長為λ，圖中實線和虛線分別表示兩波形成的波峰和波谷，則在a、b、c三點中，振動減弱點是___________；經(jīng)過四分之一周期，b點通過的路程為_________。16、判斷下列說法的正誤。

（1）一個系統(tǒng)初、末狀態(tài)動量大小相等，即動量守恒。___________

（2）兩個做勻速直線運動的物體發(fā)生碰撞瞬間，兩個物體組成的系統(tǒng)動量守恒。___________

（3）系統(tǒng)動量守恒也就是系統(tǒng)總動量變化量始終為零。___________

（4）只要系統(tǒng)內(nèi)存在摩擦力，動量就一定不守恒。___________17、人船模型。

（1）模型圖示。

（2）模型特點。

①兩物體滿足動量守恒定律：mv人－Mv船＝____

②兩物體的位移滿足：m－M＝____，x人＋x船＝L；

得x人＝L，x船＝L

（3）運動特點。

①人動則船___，人靜則船___，人快船___，人慢船___，人左船____；

②人船位移比等于它們質(zhì)量的______；人船平均速度（瞬時速度）比等于它們質(zhì)量的____，即＝＝18、在縱波中，_________。在橫波中，_________。這種方法適用于看得見質(zhì)點振動方向的機械波。_________不能產(chǎn)生偏振現(xiàn)象。相同的橫波，即使傳播方向相同，振動方向也可能是不同的。這個現(xiàn)象稱為“____________”。一列沿水平方向傳播的橫波，既可能沿上下方向振動，也可能沿左右方向振動，還可能沿其他“斜”的方向振動。橫波的振動方向稱為“____________”。19、判斷該說法的正誤：

多普勒效應(yīng)說明波源的頻率發(fā)生變化。________20、一個靜止的?質(zhì)量為M的不穩(wěn)定原子核，當它放射出質(zhì)量為m?速度大小為υ的粒子后，原子核的剩余部分的速率等于________?21、阻尼振動。

（1）阻尼：當振動系統(tǒng)受到_______的作用時；振動受到了阻尼。

（2）阻尼振動：______逐漸減小的振動；如圖所示。

（3）振動系統(tǒng)能量衰減的兩種方式。

①振動系統(tǒng)受到_______阻力作用，機械能逐漸轉(zhuǎn)化為_____；

②振動系統(tǒng)引起鄰近介質(zhì)中各_______的振動，能量向外輻射出去。22、一列簡諧橫波沿x軸的正方向傳播，在t=0時刻的波形圖如圖中的實線部分所示，當t=2.5s時刻的波形圖如圖中的虛線所示。若該波的周期T滿足的條件是則該簡諧波的波長=__________m，該簡諧波的傳播速度v=______m/s。

評卷人得分四、作圖題(共2題，共6分)23、如圖所示，一列簡諧波在x軸上傳播，波速為50m/s。已知時刻的波形圖像如圖甲所示，圖中M處的質(zhì)點此時正經(jīng)過平衡位置沿y軸的正方向運動。將時的波形圖像畫在圖乙上（至少要畫出一個波長）。

24、某同學(xué)利用“插針法”測定玻璃的折射率，所用的玻璃磚兩面平行。正確操作后，四枚大頭針的位置如圖所示，入射光線已畫出，補全光路圖及標出入射角i和折射角r。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共18分)25、某學(xué)習(xí)小組為了探究碰撞中的不變量，設(shè)計了如下方案：如圖所示，斜面與水平固定的長木板上表面平滑連接（不計滑塊A滑過交界處的能量損失），先將質(zhì)量為mA的滑塊A從斜面上某位置由靜止釋放，測量出滑塊在水平木板上滑行的距離為L0；接著將質(zhì)量為mB的滑塊B放在斜面底端的水平木板上，再讓A從斜面上同一位置由靜止釋放，A與B碰撞后，測量出各自沿水平木板滑行的距離L1、L2已知兩滑塊與長木板間的動摩擦因數(shù)相同；重力加速度為g。

（1）為使兩滑塊碰撞后滑塊A不反彈，所選用的兩滑塊質(zhì)量關(guān)系應(yīng)為mA___________mB（選填“”、“>”或“=”）

（2）若滿足關(guān)系式___________，則驗證了A和B的碰撞中質(zhì)量和速度乘積之和保持不變（用題目中給出的物理量表示）；

（3）如果A、B兩滑塊的碰撞是彈性碰撞，則還需滿足的關(guān)系式為___________（用題目中給出的物理量表示）；

（4）若在長木板右端下方墊一小木塊，使木板稍有傾斜，與上面同樣的實驗操作后___________（選填“能”或“不能”）驗證A和B的碰撞中質(zhì)量和速度的乘積之和保持不變。26、某同學(xué)利用圖甲雙縫干涉裝置測量某種單色光的波長。實驗時；接通電源使光源正常發(fā)光；調(diào)整實驗裝置，使得從目鏡中可以觀察到干涉條紋?；卮鹣铝袉栴}：

（1）若想增加從目鏡中觀察到的條紋數(shù)，該同學(xué)可________。

A.將單縫向雙縫靠近。

B.將屏向靠近雙縫方向移動。

C.將屏向遠離雙縫的方向移動。

D.使用間距更小的雙縫。

（2）該同學(xué)選用間距為的雙縫，雙縫與屏的距離為用某種單色光做實驗得到干涉條紋如圖乙所示，其中分劃板在A條亮紋的中心時，螺旋測微器（圖丙）讀數(shù)為_________分劃板在B條亮紋的中心時，螺旋測微器（圖丁）讀數(shù)_________該單色光的波長等于_______（兩相鄰亮條紋或暗條紋間的距離）。27、在“驗證動量守恒定律”的實驗中；某同學(xué)用如圖所示的裝置進行了如下的操作：

①先調(diào)整斜槽軌道，使斜槽末端切線水平，在一塊平木板表面先后釘上白紙和復(fù)寫紙，并將該木板豎直立于靠近槽口處，使小球a從斜槽軌道上某固定點處由靜止釋放，撞到木板并在白紙上留下痕跡O；

②將木板向右平移適當?shù)木嚯x，再使小球a從原固定點由靜止釋放，撞在木板上并在白紙上留下痕跡B；

③把半徑相同的小球b靜止放在斜槽軌道水平段的最右端，讓小球a仍從原固定點由靜止釋放，和小球b相碰后，兩球撞在木板上并在白紙上留下痕跡A和C；

④用天平測量a、b兩小球的質(zhì)量分別為用刻度尺測量白紙上O點到A、B、C三點的距離分別為和

用本實驗中所測得的量來驗證兩球碰撞過程動量守恒，其表達式為__________________；若發(fā)生的是彈性碰撞，則表達式__________________將成立。參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】【詳解】

小球在擺動過程中，只有重力做功，輕繩的彈力不做功，根據(jù)動能定理可知，重力的功等于動能的變化量，即W=△Ek；小球在擺動過程中；受到了重力和繩子拉力的沖量，故重力的沖量不等于動量的變化量。

A.與分析不符；故A錯誤；

B.與分析相符；故B正確；

C.與分析不符；故C錯誤；

D.與分析不符，故D錯誤．2、C【分析】【詳解】

A．手邊緣上a點與轆轤邊緣b點屬于共軸轉(zhuǎn)動；所以角速度相同，A錯誤；

B．根據(jù)角速度與線速度的關(guān)系，可得水桶上升的速度大小

把手邊緣上a點的線速度大小為

所以水桶上升的速度大小小于把手邊緣上a點的線速度大小；B錯誤；

C．水桶受到重力和拉力作用；根據(jù)功能關(guān)系可知繩子拉力對水桶做的功等于水桶和水的機械能的增加量，C正確；

D．對水平分析，根據(jù)動量定理

可知拉力對水桶的沖量等于重力對水桶的沖量與水桶動量的變化量之和；D錯誤。

故選C。3、C【分析】【分析】

【詳解】

A．納米機器人由外層的鋅與消化液中的鹽酸反應(yīng)；產(chǎn)生氫氣氣泡作為推進動力，故A錯誤；

B．根據(jù)相互作用力的特點可知；機器人對胃液的作用力等于胃液對機器人的作用力，故B錯誤；

C．機器人在胃液中加速前進；根據(jù)動能定理可知，氫氣氣泡對機器人做的功比機器人克服胃液作用力做的功多，故C正確；

D．氫氣氣泡對機器人作用力大于胃液對機器人作用力；故前者的沖量大，故D錯誤。

故選C。4、B【分析】【分析】

【詳解】

向右為正方向，則由動量守恒可知

即

解得

故選B。5、B【分析】【詳解】

透過第一片之后，光強變?yōu)樵O(shè)振幅為x，則分解到第二片的偏振方向的分量就是

即振幅變成原來的則穿過第二片后光強變?yōu)榇┻^第一片后的則光強變?yōu)?/p>

故選B。二、多選題(共9題，共18分)6、C:D【分析】【詳解】

A．由振動圖像可知T=0.4s；t=0時刻質(zhì)點P向上振動，可知波沿x軸負向傳播，則t=0.2s=0.5T時，質(zhì)點Q沿y軸正方向運動，選項A錯誤；

B．0.3s=T，因質(zhì)點Q在開始時不是從平衡位置或者最高點（或最低點）開始振動，可知0～0.3s內(nèi)，質(zhì)點Q運動的路程不等于選項B錯誤；

C．t=0.5s=1T時；質(zhì)點P到達最高點，而質(zhì)點Q經(jīng)過平衡位置向下運動還沒有最低點，則質(zhì)點Q的加速度小于質(zhì)點P的加速度，選項C正確；

D．t=0.7s=1T時，質(zhì)點P到達波谷位置而質(zhì)點而質(zhì)點Q還沒到達波峰位置，則質(zhì)點Q距平衡位置的距離小于質(zhì)點P距平衡位置的距離，選項D正確．7、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖讀出周期為T=4s，則頻率為

故A錯誤；

B．質(zhì)點在一個周期內(nèi)通過的路程是4個振幅t=10s=2.5T

則在10s內(nèi)質(zhì)點經(jīng)過的路程是s=2.5×4A=10×2cm=20cm

故B正確；

C．在5s末；質(zhì)點位于最大位移處，速度為零，加速度最大，故C正確；

DE．由圖看出，在t=1.5s和t=4.5s兩時刻質(zhì)點位移大小相等；速度大小相等；方向相反，故D正確，E錯誤。

故選BCD。8、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

AD．利用激光的相干性好可進行信息的傳遞；如光纖通信，全息照相也是利用了激光的相干性好的特點，故AD正確；

B．激光的亮度高；可以在很小的空間和很短的時間集中很高的能量，利用激光的該特性可以制作激光武器，故B正確；

C．激光的平行度好；可以把激光會聚到很小的一點，用于讀；寫光盤，故C錯誤。

故選ABD。9、A:C:D【分析】【詳解】

B．設(shè)該波的周期為T，由題可得

解得T=4s

波從a傳到c的時間為

則在t=5s時刻質(zhì)點c已振動了2s，而c起振方向向下，故在t=5s時刻質(zhì)點c恰好經(jīng)過平衡位置向上；故B錯誤；

A．質(zhì)點b的振動周期等于a的振動周期；即為4s，故A正確；

C．a(chǎn)d間距離為12m，波在同一介質(zhì)中勻速傳播，則波從a傳到d的時間為

即在t=6s時刻波恰好傳到質(zhì)點d處；故C正確；

D．在4s-6s的時間間隔內(nèi)，質(zhì)點c已振動了1s-3s，質(zhì)點c正從波谷向波峰運動，即向上運動，故D正確；

E．bd相距10m；該波的波長λ=vT=2×4=8m

故bd相距xbd=

則bd相當于相距故有可能b、d同向運動；故E錯誤。

故選ACD。10、A:B【分析】【詳解】

A．若圓弧槽固定；小球下滑過程中只有重力做功，小球的機械能守恒，A正確；

B．若圓弧槽固定，小球滑至B點時的速度為

小球下滑的過程中做圓周運動有

解得

根據(jù)牛頓第三定律可知小球滑至B點時對槽的壓力大小為3mg；B正確；

C．若圓弧槽不固定；小球和槽組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒，C錯誤；

D．圓弧槽不固定的情形下，小球滑到B點時的速度為，取水平向右為正

根據(jù)系統(tǒng)機械能守恒有

解得圓弧槽不固定的情形下，小球滑到B點時的速度為

再結(jié)合選項B，可知圓弧槽固定和不固定情形下，小球滑到B點時的速度之比為D錯誤。

故選AB。11、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．小球在a點由牛頓第二定律得

小球在b點由牛頓第二定律得

由于小球最后是在O與b兩點間做簡諧振動，則在b點與O點的加速度大小相等，小球在O點有

聯(lián)立解得

所以小球在a點加速度大小是在b點加速度大小的2倍；故A正確，B錯誤；

C．小球從a點由靜止開始運動到最后到達b點的過程中由能量守恒可知

解得

故C正確；

D．若增加小球質(zhì)量，仍從a位置靜止釋放，設(shè)小球最終運動的最低點為c，由于小球最后是在O與最低點c兩點間做簡諧振動，則在c點與O點的加速度大小相等，小球在c點有

解得

所以增大小球的質(zhì)量；彈簧在最低點的形變量也會增大，則最低點位置發(fā)生了改變，故D錯誤。

故選AC。12、A:D【分析】【詳解】

A．波源O在開始振動后內(nèi)通過的路程

A正確；

BC．由已知條件可知波長滿足關(guān)系

即

當時，波長最長，該波的最大波長故最大波速

BC錯誤；

D．由題意可知，波速

只有時，滿足即波速D正確。

故選AD。13、A:D【分析】【詳解】

A．由甲讀出波長λ=4m，波速

A正確；

B．由圖乙讀出該波的周期T=2s，振幅為A=5cm，因為t=6s=3T

所以從t=0到t=6s，質(zhì)點P、Q通過的路程都是

B錯誤；

C．簡諧波沿x軸正方向傳播，t=0時刻質(zhì)點Q向上運動，質(zhì)點P向下運動，所以Q質(zhì)點比P質(zhì)點先到達波峰；C錯誤；

D．由圖乙看出，t=0時刻，質(zhì)點經(jīng)過平衡位置向上，而圖甲中，Q點也經(jīng)過平衡位置向上運動，故乙圖可能是圖甲中質(zhì)點Q的振動圖像；D正確。

故選AD。14、B:D【分析】【詳解】

A．用標準平面檢查光學(xué)平面的平整程度是利用光的干涉；A錯誤；

B．用激光束垂直照射一個不透光的小圓屏；在后面的圓屏陰影中心會出現(xiàn)一個亮點，這個亮點叫泊松亮斑，這是光的衍射現(xiàn)象造成的，B正確；

C．兩只相同的燈泡發(fā)出的光束不是相干光源；因此相遇時不能發(fā)生干涉現(xiàn)象，C錯誤；

D．照相機的鏡頭上的增透膜；原理是膜層前后表面的反射光光程差為半波長的奇數(shù)倍，反射光發(fā)生干涉減弱，其利用的是光的干涉現(xiàn)象，D正確。

故選BD。三、填空題(共8題，共16分)15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由圖可知，a點為波峰與波峰相遇，c點為波谷與波谷相遇，則a、c兩點為振動加強點，b點為波峰與波谷相遇即為振動減弱點，在a、b、c三點中，振動減弱點是b點。

[2]由于b點為波峰與波谷相遇即為振動減弱點，且兩波的振幅相同，則經(jīng)過四分之一周期，b點通過的路程為0【解析】b016、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】錯誤正確正確錯誤17、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]兩物體滿足動量守恒定律

[2]因為

兩物體的位移滿足

（2）[3][4][5][6][7]人動則船動；人靜則船靜，人快船快，人慢船慢，人左船右。

（3）[8]根據(jù)

則有

人船位移比等于它們質(zhì)量的反比。

[9]根據(jù)

則有

人船平均速度（瞬時速度）比等于它們質(zhì)量的反比【解析】①.0②.0③.動④.靜⑤.快⑥.慢⑦.右⑧.反比⑨.反比18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]在縱波中；振動方向與波的傳播方向平行。在橫波中，振動方向與波的傳播方向垂直。這種方法適用于看得見質(zhì)點振動方向的機械波。

[3]縱波不能產(chǎn)生偏振現(xiàn)象。

[4]相同的橫波，即使傳播方向相同，振動方向也可能是不同的。這個現(xiàn)象稱為“偏振現(xiàn)象”。[5]一列沿水平方向傳播的橫波，既可能沿上下方向振動，也可能沿左右方向振動，還可能沿其他“斜”的方向振動。橫波的振動方向稱為“偏振方向”?！窘馕觥竣?振動方向與波的傳播方向平行②.振動方向與波的傳播方向垂直③.縱波④.偏振現(xiàn)象⑤.偏振方向19、略

【分析】【分析】

【詳解】

多普勒效應(yīng)說明接收的頻率發(fā)生變化，而波源的頻率不會變，所以多普勒效應(yīng)說明波源的頻率發(fā)生變化是錯誤的。【解析】錯誤20、略

【分析】規(guī)定后質(zhì)量為m的粒子的速度方向為正；根據(jù)動量守恒定律研究整個原子核：

解得：即剩余部分獲得的反沖速度大小為方向與規(guī)定正方向相反．

【點睛】原子核衰變的過程可以認為系統(tǒng)動量守恒，根據(jù)動量守恒定律列出等式解決問題．【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】