2025年陜教新版必修3物理下冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年陜教新版必修3物理下冊月考試卷914考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，電源的電動勢和內阻分別為E、r，在滑動變阻器的滑片由a向b移動的過程中；下列各物理量變化情況為（）

A.電流表的讀數(shù)逐漸減小B.的功率先減小后增大C.電源的輸出功率逐漸增大D.電壓表與電流表讀數(shù)改變量的比值先減小后增大2、真空中兩個相同的帶等量異種電荷的小球A和B，分別固定在兩處，兩球間靜電力為F。用不帶電的同樣小球C先和A接觸，再與B接觸，然后移去C，則AB間的靜電力應為（）A.B.C.D.3、已知電荷量為Q的場源點電荷電場中某點的電勢表達式為（規(guī)定離場源電荷無限遠處的電勢為零，式中k為靜電力常量，r為該點與場源電荷間的距離）。若空間中存在多個場源點電荷，則某點的電勢等于各場源電荷單獨存在時在該點電勢的代數(shù)和。現(xiàn)在真空中有兩個點電荷P、Q分別固定在坐標軸上的和的位置上，它們形成的電場在x軸上的電勢隨x的變化關系如圖所示。A、B是圖線與x軸的交點，A點的x坐標是圖線上C點的切線水平。下列說法正確的是（）

A.電荷P、Q的電性相同B.B點的x坐標是C.電荷P、Q的電荷量之比為4：1D.C點的電場強度等于A點的電場強度4、A、B為兩等量異號點電荷，A帶負電，B帶正電，在A、B連線上有a、b、c三點，其中b為連線的中點，且ab＝bc；則。

A.a點與c點的電場強度大小相等，方向相反B.a點與c點的電勢相等C.a、b間電勢差與b、c間電勢差相等D.因為a點的電勢低于c點的電勢，所以點電荷在a點的電勢能低于其在c點的電勢能5、如圖所示，為光滑絕緣水平面上正方形區(qū)域的幾何中心，該區(qū)域有一勻強電場，方向水平由指向一帶負電小球從點以速度沿方向射入電場。以下說法正確的是（）

A.小球由向做減速運動B.電場中點的電勢低于點的電勢C.小球由向運動的過程中，電勢能不斷減小D.該小球若從點沿方向射入，則小球將向邊偏轉6、兩根由同種材料制成的均勻電阻絲A、B串聯(lián)在電路中，A的長度為L，直徑為d；B的長度為2L，直徑為2d，那么通電后在相同的時間內產(chǎn)生的熱量之比為（）A.QA∶QB＝1∶1B.QA∶QB＝2∶1C.QA∶QB＝1∶2D.QA∶QB＝4∶1評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)7、如圖所示電路中，合上開關S后，電壓表和電流表的讀數(shù)分別為U、I，定值電阻R2消耗的功率為P；電容器所帶的電荷量為Q，兩電表均為理想電表．當滑動變阻器的滑片向右移動時，下列有關物理量之間變化關系圖象正確的是()

A.B.C.D.8、如圖所示，在帶電體C的右側有兩個原來不帶電的、相互接觸的金屬導體A和B，A、B、C均放在絕緣支座不導電上。由于靜電感應，導體A、B均帶電。下列說法正確的是（）

A.如圖所示狀態(tài)中，導體A帶負電，B帶正電B.在圖示狀態(tài)下移走帶電體C，導體A、B帶電情況不變C.在圖示狀態(tài)下將導體A、B分開，分開后A、B仍帶電，該過程創(chuàng)造了電荷D.無論是移走帶電體C還是將導體A、B分開，導體A、B上的總電荷始終為零9、如圖所示，P、Q為兩個等量的異種電荷，以靠近電荷P的O點為原點，沿兩電荷的連線建立x軸，沿直線向右為x軸正方向,一帶正電的粒子從O點由靜止開始僅在電場力作用下運動到A點，已知A點與O點關于P、Q兩電荷連線的中點對稱，粒子的重力忽略不計．在從O點到A點的運動過程中，下列關于粒子的運動速度v和加速度a隨時間的變化、粒子的動能和運動徑跡上電勢隨位移x的變化圖線可能正確的是（）

A.B.C.D.10、如圖所示，有三個點電荷QA、和QC分別位于等邊△ABC的三個頂點上，都是正電荷，所受QC兩個電荷的靜電力的合力為FA，且與AC連線垂直。圖中虛曲線是以點C為圓心、AC間距為半徑的一段圓弧。若點電荷在外力作用下；從A點開始沿圓弧緩慢地運動到D點，則下列說法正確的是（）

A.C帶負電，且B.在點電荷和QC產(chǎn)生的電場中，A點的電勢比D點的電勢高C.在點電荷和Qc產(chǎn)生的電場中，A點的場強比D點的場強小D.在D點時，施加的外力大小為·FA11、如圖所示，實線為電場線，虛線為等勢線，且AB=BC，電場中的A、B、C三點的場強分別為EA、EB、EC，電勢分別為φA、φB、φC，AB、BC間的電勢差分別為UAB、UBC；則下列關系中正確的是（）

A.φA>φB>φCB.EC>EB>EAC.UAB<UBCD.UAB=UBC12、如圖甲是有兩個量程的電流表，當使用兩個端點時，量程為當使用兩個端點時，量程為已知靈敏電流計的內阻為滿偏電流為如圖乙是有兩量程的電壓表，當使用兩個端點時，量程為當使用兩個端點時，量程為已知靈敏電流計的內阻為滿偏電流為則電阻分別為（）

A.B.C.D.評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)13、如圖甲所示為一測量電解液電阻率的玻璃容器，P、Q為電極，設a=1m，b=0.2m，c=0.1m，當里面注滿某電解液，且P、Q加上電壓后，其U-I圖線如圖乙所示，當U=10V時，求電解液的電阻率ρ是_______Ω·m

14、學會使用______法測量電阻。15、北京正負電子對撞機的儲存環(huán)是周長為的近似圓形軌道。當環(huán)中電子以光速的的速度順時針流動而形成的電流是時，則環(huán)中電流方向為___________（填“順時針”或“逆時針”）；環(huán)中運行的電子數(shù)目為___________個。16、恒定電場：

（1）由___________分布的電荷所產(chǎn)生的___________的電場。

（2）形成：當電路達到穩(wěn)定時，導線中的電場是由___________、___________等電路元件所積累的電荷共同形成的。

（3）特點：任何位置的電荷分布和電場強度都不隨時間變化。17、如圖所示是一種指針式多用電表外形圖，表的上半部分為______，下半部分是______開關；開關周圍標有測量功能的區(qū)域及量程．

18、如圖所示，虛線方框內為一勻強電場，為該電場中的三個點，已知

（1）試在該方框中作出該電場的示意圖；_________

（2）間的電勢差為___________若將動能是的電子由點發(fā)出，若該電子能經(jīng)過點，則該電子經(jīng)過點時的動能是___________將一個電子從移動到電場力做功為___________

19、平行板電容器的電容C；兩極板間電壓為U，兩板間場強E和帶電量Q在下列情況下怎樣變化？（填：減小；增大或不變）

（1）保持兩板與電源相連，只增大兩板間距離，則C____，U____，Q_____，E________．

（2）給電容器充電后與電源斷開，再減小電容器極板間距離，則C____，U____，Q____，E_____．20、（1）①圖1所示的電流表使用量程時，圖中表針示數(shù)為______

②圖2所示的電壓表使用量程時，圖中表針指示的是______

（2）如圖乙所示，游標卡尺的讀數(shù)為______

21、將一電荷量為+Q的小球放在不帶電的金屬球附近，所形成的電場線分布如圖所示，金屬球表面的電勢處處相等。a、b為電場中的兩點；則：

（1）a點的電場強度比b點的______（填“大”“小”）；

（2）a點的電勢比b點的______（填“高”“低”）；

（3）檢驗電荷－q在a點的電勢能比在b點的______（填“大”“小”）；

（4）將檢驗電荷－q從a點移到b點的過程中，電場力做______功（填“正”“負”或“不做”）；評卷人得分四、實驗題(共3題，共15分)22、在練習使用多用表的實驗中。

（1）某同學連接的電路如圖所示．

①若旋轉選擇開關，使其尖端對準直流電流檔，此時測得的是通過____________的電流；

②若斷開電路中的電鍵，旋轉選擇開關使其尖端對準歐姆檔，此時測得的是____________的阻值；

③若旋轉選擇開關，使其尖端對準直流電壓檔，閉合電鍵，并將滑動變阻器的滑片移至最左端，此時測得的是____________兩端的電壓．

（2）在使用多用表的歐姆檔測量電阻時，若________。A．雙手捏住兩表筆金屬桿，測量值將偏大B．測量時發(fā)現(xiàn)指針偏離中央刻度過大，則必需減小倍率，重新調零后再進行測量C．選擇“×10”倍率測量時發(fā)現(xiàn)指針位于20與30正中間，則測量值小于25ΩD．歐姆表內的電池使用時間太長，雖能完成調零，但測量值將略偏大23、在某次描繪小燈泡伏安特性曲線的實驗中；所選用的實驗器材有：

A：小燈泡“2.5V；0.2A”

B：電流表0~0.6A~3A（內阻約1Ω）

C：電壓表0~3V~15V（內阻很大）

D：滑動變阻器“2A；10Ω”

E：電源（兩節(jié)干電池）

F：開關一個；導線若干。

（1）在實驗時，某同學采用了如圖甲所示的實物電路，則具體實驗操作前，該電路需改進的地方有（寫出三個）______；______；______。

（2）在對電路進行改進后；該同學進行了實驗，但在實驗中發(fā)現(xiàn)，無論怎樣調節(jié)滑動變阻器，都不能使小燈泡兩端電壓達到2.5V的額定電壓，而是只能勉強達到1.80V，于是他猜想是否干電池太舊，總電動勢只能達到1.8V，為了驗證自己的猜想，他用以上器材測量該電源電動勢和內阻，電路圖如圖乙所示，實驗數(shù)據(jù)如下：

。U（V）2.372.302.182.101.901.601.30I（A）0.110.140.180.210.290.420.56

請在圖丙上畫出U—I圖線______，由圖線可得電源電動勢E=______V，內阻r=______Ω。24、為測量金屬絲的電阻R（約為5歐姆），取兩節(jié)干電池內阻不計開關和若干導線及下列器材：

A．電流表內阻約0.5Ω；

B．電流表內阻約0.1Ω；

C．電壓表內阻約

D．電壓表內阻約

E．滑動變阻器，額定電流為

F．滑動變阻器，額定電流為

(1)為準確測出金屬絲阻值，電流表應選___________，電壓表應選___________，滑動變阻器應選___________（填序號）。

(2)測量電路選擇___________法（填“內接”或“外接”），控制電路選擇___________式（填“限流”或“分壓”）。

(3)根據(jù)已知的物理量（金屬絲長度L、直徑）和實驗中測量的物理量（電壓表讀數(shù)U、電流表讀數(shù)），則金屬絲電阻率表達式___________。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】【詳解】

AB．滑動變阻器的滑動觸頭將滑動變阻器分為上下兩部分，上下兩部分電阻屬于并聯(lián)關系，當滑動變阻器的滑動觸頭由a向b移動的過程中，并聯(lián)電阻的等效電阻先增大后減小，可知回路中總電阻先增大后減小，根據(jù)閉合電路的歐姆定律有

可知，回路中的電流先減小后增大，則電流表的讀數(shù)先減小后增大，的功率

可知其功率先減小后增大；故A錯誤，B正確；

C．電源的輸出功率

由于電源的內阻與外電阻之間的關系未知；則電源的輸出功率的變化不確定，故C錯誤；

D．電壓表測量路端電壓，根據(jù)閉合電路的歐姆定律有

可得

不變；故D錯誤。

故選B。2、C【分析】【詳解】

兩個完全相同且可看成點電荷的金屬小球A和B，分別帶有等量異種電荷q，這時兩球間靜電引力的大小為F；當用一個不帶電，且與A和B完全相同的絕緣金屬小球C先與A球接觸，再與B球接觸后移去。根據(jù)電荷的分配規(guī)律，是先中和在平分的原則。

小球C先與A球接觸，A球和C球分別帶電

B球和C球

由庫侖定律可得

兩球間靜電力的大小為原來的八分之一；故ABD錯誤，C正確。

故選C。3、C【分析】【詳解】

A．電荷量為Q的場源點電荷電場中某點的電勢表達式為

場源電荷附近電勢正負和場源電荷正負一致，故由圖可知，電荷P、Q的電性相反；A錯誤；

B．根據(jù)電勢為零可得

解得B點的x坐標為

B錯誤；

C．由于A點電勢為零，故有

所以，電荷P、Q的電量之比為

C正確；

D．故由圖可知，電荷P、Q的電性相反，且電場線的疏密程度不一樣，故可得C點的電場強度不等于A點的電場強度；D錯誤。

故選C。4、C【分析】【詳解】

等量異種電荷的電場線分布如圖所示：

A．a(chǎn)點與c點關于b點對稱；所以電場強度的大小相等，方向都向左，A錯誤；

B．沿著電場線的方向電勢是逐漸減小的，所以a點的電勢小于c點的電勢；B錯誤；

C．由于A、B是等量異種電荷，且ab＝bc，根據(jù)對稱性，所以C正確；

D．因為a點的電勢低于c點的電勢正確，但點電荷如果是負電荷，那么點電荷在a點的電勢能大于其在c點的電勢能；所以D錯誤；

故選C。5、C【分析】【詳解】

A．小球帶負電，可知小球所受電場力沿著方向；與小球得初速度方向相同，小球做加速運動，故A錯誤；

B．根據(jù)勻強電場的等勢線和電場線垂直可知，C點的電勢等于P點的電勢，A點的電勢等于Q點的電勢，沿著電場線的方向電勢逐漸降低，可知電場中點的電勢高于點的電勢；故B錯誤；

C．根據(jù)A選項分析可知小球所受電場力的方向與小球的運動方向相同；電場力做正功，則小球的電勢能不斷減小，故C正確；

D．根據(jù)A選項分析可知小球所受電場力沿著方向，該小球若從點沿方向射入，則小球將向AD邊偏轉；故D錯誤。

故選C。6、B【分析】【詳解】

由電阻定律可得

電阻絲A的電阻

電阻絲B的電阻

所以

由焦耳定律可得

代入數(shù)值可得QA∶QB＝2∶1

故選B。二、多選題(共6題，共12分)7、B:D【分析】【分析】

根據(jù)閉合電路歐姆定律以及Q=CU和P=I2R；找到要討論的圖形的函數(shù)關系，結合數(shù)學知識解答.

【詳解】

當滑動變阻器的滑片向右移動，則R1減小，電流I變大，根據(jù)P=I2R2可知P-I圖形是開口向上的拋物線的一部分，選項A錯誤；電容量電量：則圖像B正確；U=E-Ir，可知則圖像C錯誤，D正確；故選BD.8、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．導體A的左端感應出負電荷，導體B的右端感應出等量的正電荷；A正確；

B．若先移走C，此時導體A和B中的電荷又發(fā)生中和；不再帶電，B錯誤；

C．在圖示狀態(tài)下將導體A、B分開，分開后A、B仍帶電；該過程不是創(chuàng)造了電荷，是電荷的重新分布，C錯誤；

D．根據(jù)電荷守恒定律，可知無論是移走帶電體C還是將導體A、B分開，導體A、B上的總電荷始終為零；D正確。

故選AD。9、C:D【分析】【詳解】

等量異種電荷的電場線如圖所示．

根據(jù)沿著電場線方向電勢逐漸降低，電場強度由圖可知E先減小后增大，所以圖象切線的斜率先減小后增大，故A錯誤．沿兩點電荷連線從O到A，電場強度先變小后變大，一帶正電的粒子從O點由靜止開始在電場力作用下運動到A點的過程中，電場力一直做正功，粒子的速度一直在增大．電場力先變小后變大，則加速度先變小后變大．v-t圖象切線的斜率先變小后變大，故CD可能，故CD正確．粒子的動能電場強度先變小后變大，則切線的斜率先變小后變大；則B圖不可能．故B錯誤．故選CD．

【點睛】根據(jù)等量異種電荷電場線的分布情況，分析場強、電勢的變化，由電場力做功情況判斷動能的變化情況．由牛頓第二定律研究加速度的變化情況，并分析粒子的運動情況．10、A:B:D【分析】【詳解】

A．所受QC兩個電荷的靜電力的合力為FA，且與AC連線垂直；如圖所示。

則C對A一定是吸引的庫侖力，故C帶負電，設距離為有

可得

故A正確；

B．在正點電荷和負電電荷QC產(chǎn)生的電場中；根據(jù)正電荷周圍的電勢高，負電荷周圍的電勢低，A點離正電荷更近，由電勢的疊加原理可知A點的電勢比D點的電勢高，故B正確；

C．A點的庫侖力大小為

則A點的場強為

B處的正電荷在D點產(chǎn)生的庫侖力為

兩場源在D點產(chǎn)生的庫侖力大小相等，夾角為135°，則D點的庫侖力的合力為

即D點場強為

即A點的場強比D點的場強大；故C錯誤；

D．從A點開始沿圓弧緩慢地運動到D點,則D點受力平衡，有

故D正確。

故選ABD。11、A:B:C【分析】【詳解】

A．由圖可知電場中A、B、C三點處在一根電場線上，根據(jù)沿著電場線的方向電勢逐漸降落，故有

A正確；

B．由電場線的密集程度可看出電場強度大小關系為

B正確；

CD．電場線密集的地方電勢降落較快，由

即

C正確；D錯誤。

故選ABC。12、B:C:D【分析】【詳解】

AB．接a、b時，R1起分流作用為一支路，G與R2串聯(lián)為一支路，此時量程為I1=1A

而電流表的量程為當G表頭達到滿偏時通過兩個支路的總電流，即為

同理，接a、c時，為一支路起分流作用，G為一支路，此時量程為

則

聯(lián)立解得

故A錯誤；B正確；

CD．由圖示電路圖可知

聯(lián)立解得

故CD正確。

故選BCD。三、填空題(共9題，共18分)13、略

【分析】【詳解】

由圖乙可求得電解液的電阻為由圖甲可知電解液長為截面積為結合電阻定律可得【解析】4014、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)電阻的測量方法，需要學會使用伏安法測量電阻?！窘馕觥糠?5、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]電流的方向是正電荷的定向移動方向；所以環(huán)中電流方向為逆時針方向；

[2]電子運動一周的時間為。

則電量為。

環(huán)中運行的電子數(shù)目為。

【解析】逆時針16、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]根據(jù)定義可知；恒定電場由穩(wěn)定分布的電荷所產(chǎn)生的穩(wěn)定的電場；

（2）[3][4]根據(jù)定義可知，當電路達到穩(wěn)定時，導線中的電場是由電源、導線等電路元件所積累的電荷共同形成的；【解析】穩(wěn)定穩(wěn)定電源導線17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.表盤②.選擇18、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]依題意可知BC連線為等勢線，連接BC；根據(jù)電場線垂直與等勢線，沿著電場線方向電勢逐漸降低，可知電場方向水平向右，可畫出電場示意圖如圖所示。

（2）[2]CA之間的電勢差為

[3]電子從C到A，根據(jù)動能定理有

代入數(shù)據(jù)解得

[4]電子從B到C，在同一等勢線上移動電荷，電場力做功為零?！窘馕觥竣?見解析②.-10③.50④.019、略

【分析】【詳解】

（1）保持兩板與電源相連，則電壓不變，只增大兩板間距離，由知，則C變小，由知，U不變，故Q變小，根據(jù)知，E變??；（2）充電后與電源斷開，則帶電量不變，再減小電容器極板間距離d，由知，C增大，由知，Q不變，則U變小，由知；E與d無關，故E不變．

【點睛】對于電容器動態(tài)變化分析問題，要抓住不變量．當電容器保持與電源相連時，電壓不變．當電容器充電后，與電源斷開后，往往電量不變．【解析】變小不變變小變小增大變小不變不變20、略

【分析】【詳解】

（1）①[1]電流表使用量程；分度值為0.02A。故其讀數(shù)為0.44A。

②[2]電壓表使用量程時；分度值為0.1V。故其讀數(shù)為1.40A。

（2）[3]游標卡尺的讀數(shù)

【點睛】

注意分度值?！窘馕觥?.441.4020.6021、略

【分析】【分析】

電場線的疏密表示場強的大小；a點所在的電場線從Q出發(fā)到不帶電的金屬球終止，所以a點的電勢高于金屬球的電勢，而b點所在處的電場線從金屬球發(fā)出到無窮遠，所以金屬球的電勢高于b點的電勢；電勢越高的地方；負電荷具有的電勢能越?。?/p>

【詳解】

（1）電場線的疏密表示場強的大小，由圖象知a點的電場強度比b點大；（2）a點所在的電場線從Q出發(fā)到不帶電的金屬球終止，所以a點的電勢高于金屬球的電勢，而b點所在處的電場線從金屬球發(fā)出到無窮遠，所以金屬球的電勢高于b點的電勢，即a點的電勢比b點的；（3）電勢越高的地方，負電荷具有的電勢能越小，即負電荷在a點的電勢能較b點??；（4）由（3）可知，-q在a點的電勢能較b點小，則把-q電荷從電勢能小的a點移動到電勢能大的b點；電勢能增大，電場力做負功。

【點睛】

該題考查電場線的特點與電場力做功的特點，解題的關鍵是電場力做正功，電勢能減??；電場力做負功，電勢能增加；知道電場線從正電荷出發(fā)，終止于負電荷。【解析】大高小負四、實驗題