2025年人教版（2024）高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年人教版（2024）高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷505考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖；兩平行的帶電金屬板水平放置．若在兩板中間a點(diǎn)從靜止釋放一帶電微粒，微粒恰好保持靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)將兩板繞過a點(diǎn)的軸（垂直于紙面）逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)45°，再由a點(diǎn)從靜止釋放一同樣的微粒，該微粒將（）

A.保持靜止?fàn)顟B(tài)B.向左上方做勻加速運(yùn)動(dòng)C.向正下方做勻加速運(yùn)動(dòng)D.向左下方做勻加速運(yùn)動(dòng)2、如圖所示電路中的變壓器為理想變壓器，S為單刀雙擲開關(guān)，P是滑動(dòng)變阻器R的滑動(dòng)觸頭，U1為加在原線圈兩端的交變電壓，I1、I2分別為原線圈和副線圈中的電流．下列說法正確的是（）A.保持P的位置及U1不變，S由b切換到a，則R上消耗的功率減小B.保持P的位置及U1不變，S由b切換到a，則I2減小C.保持U1不變，S接在b端，將P向下滑動(dòng)，則I2增大D.保持U1不變，S接在b端，將P向上滑動(dòng)，則I1增大3、矩形導(dǎo)線框abcd

放在磁場(chǎng)中靜止不動(dòng)，磁場(chǎng)方向與線圈平面垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度B

隨時(shí)間t

變化的圖象如甲圖。設(shè)t=0

時(shí)刻，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直紙面向里，則在0隆蘆4s

時(shí)間內(nèi)，乙圖中能正確反映線框ab

邊所受的安培力隨時(shí)間t

變化的圖象(

規(guī)定ab

邊所受的安培力向左為正)

的是

?A.A

B.B

C.C

D.D

4、如圖所示；為一臺(tái)發(fā)電機(jī)結(jié)構(gòu)示意圖，其中N；S是永久磁鐵的兩個(gè)磁極，它們的表面呈半圓柱面形狀．M是圓柱形鐵芯，它與磁極的柱面共軸，鐵芯上有一矩形線框，可繞與鐵芯M共軸的固定轉(zhuǎn)軸旋轉(zhuǎn)．磁極與鐵芯之間的縫隙中形成方向沿半徑、大小相等的磁場(chǎng)．若從圖示位置開始計(jì)時(shí)，當(dāng)線框繞固定轉(zhuǎn)動(dòng)軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，下列說法中正確的是（）

A.繞圈中將產(chǎn)生正弦交變電流。

B.繞圈中將產(chǎn)生恒定電流。

C.穿過繞圈的磁通量的變化率始終為零。

D.繞圈中產(chǎn)生的電流大小不變；方向每轉(zhuǎn)一周改變兩次。

5、一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸負(fù)方向傳播，圖1是t=1s時(shí)的波形圖，圖2是波中某振動(dòng)質(zhì)元位移隨時(shí)間變化的振動(dòng)圖線(兩圖用同同一時(shí)間起點(diǎn))，則圖2可能是圖1中哪個(gè)質(zhì)元的振動(dòng)圖線（）A.x=0處的質(zhì)元；B.x=1m處的質(zhì)元；C.x=2m處的質(zhì)元；D.x=3m處的質(zhì)元。6、如圖所示；兩輕質(zhì)閉合金屬圓環(huán)，穿掛在一根光滑水平絕緣直桿上，原來處于靜止?fàn)顟B(tài)。當(dāng)條形磁鐵的N極自右向左插入圓環(huán)時(shí)，兩環(huán)的運(yùn)動(dòng)情況是：

A.同時(shí)向左運(yùn)動(dòng)，兩環(huán)間距變大B.同時(shí)向左運(yùn)動(dòng)，兩環(huán)間距變小?

C.同時(shí)向右運(yùn)動(dòng)，兩環(huán)間距變大D.同時(shí)向右運(yùn)動(dòng)，兩環(huán)間距變小評(píng)卷人得分二、填空題(共5題，共10分)7、正弦式交流電在一個(gè)周期內(nèi)出現(xiàn)______次峰值．我國(guó)電網(wǎng)的交變電流在1s內(nèi)共出現(xiàn)______次峰值．8、如圖所示，QA=3隆脕10鈭?8CQB=鈭?3隆脕10鈭?8CAB

兩相距6cm

在水平方向外電場(chǎng)作用下，AB

保持靜止，懸線豎直，則AB

連線中點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小______，方向______.(

兩帶電小球可看作質(zhì)點(diǎn))

9、如圖所示，兩平行金屬板帶等量異種電荷，板間電壓為U

場(chǎng)強(qiáng)方向豎直向下，金屬板下方有一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一帶電量為+q

質(zhì)量為m

的粒子，由靜止開始從正極板出發(fā)，經(jīng)電場(chǎng)加速后射出，并進(jìn)入磁場(chǎng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)半徑為R

不計(jì)粒子的重力.

粒子從電場(chǎng)射出時(shí)速度的大小為______；勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為______．10、如圖為雙縫干涉的實(shí)驗(yàn)示意圖，若要使干涉條紋的間距變大可改用長(zhǎng)更______(

填長(zhǎng)、短)

的單色光，或是使雙縫與光屏間的距離______(

填增大、減小)

．11、有一游標(biāo)卡尺；主尺的最小分度是1mm

游標(biāo)上有20

個(gè)小的等分刻度.

用它測(cè)量一小球的直徑，如圖1

所示的讀數(shù)是______cm.

如圖2

用螺旋測(cè)微器測(cè)量一根金屬絲的直徑，如圖所示的讀數(shù)是______mm

．

評(píng)卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)12、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）13、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）14、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

15、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

17、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、推斷題(共4題，共16分)18、根據(jù)圖示填空。

（1）化合物A含有的官能團(tuán)是____。

（2）1molA與2moH2反應(yīng)生成1moE，其反應(yīng)方程式是____。

（3）與A具有相同官能團(tuán)的A的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式是____。

（4）B在酸性條件下與Br2反應(yīng)得到D，D的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式是____。

（5）F的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式是____。由E生成F的反應(yīng)類型是。19、【化學(xué)rm{隆陋}選修r(nóng)m{3}物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)】20、下圖是元素周期表的一部分，表中的rm{壟脵隆蘆壟脼}代表對(duì)應(yīng)元素，用化學(xué)用語(yǔ)填空：rm{(1)}元素rm{壟脺}在元素周期表中的位置是________。rm{(2)壟脻}rm{壟脼}兩種元素最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)的水化物酸性較強(qiáng)的是________。rm{(3)壟脵}元素可以形成多種氧化物，其中顏色為紅棕色的是________，寫出它與水反應(yīng)的化學(xué)方程式________。rm{(4)}寫出元素rm{壟脹}與元素rm{壟脷}形成的化合物的電子式________。21、人工合成有機(jī)化合物rm{H}的路線可簡(jiǎn)單表示如圖：已知：rm{F}的核磁共振氫譜有四個(gè)峰，峰的面積比為rm{1}rm{1}rm{3}rm{3.}請(qǐng)回答下列問題：rm{(1)A}的名稱rm{(}系統(tǒng)命名rm{)}為______；rm{C}中官能團(tuán)的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為______；rm{(2)G+F隆煤H}的反應(yīng)類型為______；rm{H}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為______．rm{(3)C隆煤D}的離子方程式為______．rm{(4)E}在一定條件下生成的高分子化合物的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為______．rm{(5)X}是rm{F}的同分異構(gòu)體，它同時(shí)符合下列rm{3}個(gè)條件：rm{壟脵}能發(fā)生水解反應(yīng)rm{壟脷}不含甲基rm{壟脹}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，則rm{X}可能的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為______、______rm{(}寫出任意兩種rm{)}．評(píng)卷人得分五、證明題(共2題，共6分)22、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。23、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。評(píng)卷人得分六、綜合題(共4題，共16分)24、(1)(1)真空中有兩個(gè)點(diǎn)電荷，它們之間的靜電力為FF如果保持它們所帶的電量不變，將它們之間的距離增大到原來的33倍，它們之間作用力的大小等于________．A.F

B.3F

C.F3

D.F9

(2)

如圖所示為帶負(fù)電的點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線分布圖，對(duì)該電場(chǎng)中的AB

兩點(diǎn)，下列說法正確的是________．A.A

點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度等于B

點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度B.A

點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比B

點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大C.A

點(diǎn)的電勢(shì)等于B

點(diǎn)的電勢(shì)D.A

點(diǎn)的電勢(shì)比B

點(diǎn)的電勢(shì)高(3)

在如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E

內(nèi)電阻為r.

將滑動(dòng)變阻器的滑片P

從圖示位置向右滑動(dòng)的過程中，關(guān)于各電表示數(shù)的變化，下列判斷中正確的是________．A.電壓表V

的示數(shù)變小B.電流表A2

的示數(shù)變小C.電流表A1

的示數(shù)變小D.電流表A

的示數(shù)變大(4)

在如圖所示的電路中，電源的電動(dòng)勢(shì)為E

內(nèi)電阻為r

電阻R1

與變阻器R2

串聯(lián)，將R2

的阻值調(diào)至零時(shí)，下列說法中正確的是________．A.電路的外電阻最小B.電阻R1

消耗的功率最小C.電源內(nèi)消耗的功率最小D.電源內(nèi)部的電勢(shì)降落最小(5)

如圖所示，MN

表示真空室中垂直于紙面放置的感光板，它的一側(cè)有勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B.

一個(gè)電荷量為q

的帶電粒子從感光板上的狹縫O

處以垂直于感光板的初速度v

射入磁場(chǎng)區(qū)域，最后到達(dá)感光板上的P

點(diǎn).

經(jīng)測(cè)量PO

間的距離為l

不計(jì)帶電粒子受到的重力.

求：壟脵

帶電粒子所受洛倫茲力的大小為________；壟脷

此粒子的質(zhì)量為________．(6)

水平面上有電阻不計(jì)的U

形導(dǎo)軌NMPQ

它們之間的寬度為L(zhǎng)M

和P

之間接入電動(dòng)勢(shì)為E

的電源(

不計(jì)內(nèi)阻).

現(xiàn)垂直于導(dǎo)軌放置一根質(zhì)量為m

電阻為R

的金屬棒ab

并加一個(gè)范圍較大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B

方向與水平面夾角為婁脠

且指向右上方，如圖所示，問：壟脵

當(dāng)ab

棒靜止時(shí)，受到的支持力和摩擦力各為多少？壟脷

若B

的大小和方向均能改變，則要使ab

棒所受支持力為零，B

的大小至少為多少？此時(shí)B

的方向如何？25、攏脹攏脹物理隆陋隆陋隆陋隆陋選修3簍C3攏脻3簍C3攏脻略26、2003年10月16日我國(guó)成功發(fā)射了“神州五號(hào)”載人飛船；這標(biāo)志著我國(guó)的航天航空事業(yè)居于世界前列．

（1）如圖是A“神州五號(hào)”的火箭發(fā)射場(chǎng)，B為山區(qū)，C為城市，發(fā)射場(chǎng)正在進(jìn)行發(fā)射，若該火箭起飛時(shí)質(zhì)量為2.02×105kg，起飛推力2.75×106N，火箭發(fā)射塔高100m，則該火箭起飛的加速度大小為______，在火箭推力不變的情況下，若不考慮空氣阻力和火箭質(zhì)量的變化，火箭起飛后經(jīng)______s飛離發(fā)射塔．

（2）為了轉(zhuǎn)播發(fā)射實(shí)況，我國(guó)科技工作者在發(fā)射場(chǎng)建立了發(fā)射臺(tái)用于發(fā)射廣播與電視信號(hào)．已知傳輸無(wú)線電廣播所用的電磁波波長(zhǎng)為550m，而傳輸電視信號(hào)所用的電磁波波長(zhǎng)為0.556m，為了不讓山區(qū)擋住信號(hào)的傳播，使城市居民能聽到和收看實(shí)況，必須通過在山頂?shù)霓D(zhuǎn)發(fā)站來轉(zhuǎn)發(fā)______（填無(wú)線電廣播信號(hào)或電視信號(hào)），這是因?yàn)開_____．27、I.有一電風(fēng)扇上標(biāo)有“220V110W

”，若風(fēng)扇的電動(dòng)機(jī)線圈電阻為5婁賂

當(dāng)它正常工作時(shí)，電源供給的電功率是______W

轉(zhuǎn)化為風(fēng)的電功率是_______W

電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率是_____W

II

欲用伏安法測(cè)定一段阻值約為5婁賂

左右的金屬導(dǎo)線的電阻，要求測(cè)量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，現(xiàn)備有以下器材：A.電池組(3V

內(nèi)阻10婁賂)

B.電流表(0隆蘆3A

內(nèi)阻0.0125婁賂)

C.電流表(0隆蘆0.6A

內(nèi)阻0.125婁賂)

D.電壓表(0隆蘆3V

內(nèi)阻3k婁賂):

E.電壓表(0隆蘆15V

內(nèi)阻15k婁賂)

F.滑動(dòng)變阻器(0隆蘆50婁賂

額定電流1A)

G.滑動(dòng)變阻器(0隆蘆5000婁賂

額定電流0.3A)

H.開關(guān)、導(dǎo)線(1)

上述器材中應(yīng)選用的是____、____、____、____、___(

填寫各器材的字母代號(hào))

(2)

實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)采用電流表_____接法(

填“內(nèi)”或“外”)

(3)

設(shè)實(shí)驗(yàn)中，電流表、電壓表的某組示數(shù)如圖所示，圖示中I=

____AU=

____V

(4)

請(qǐng)?jiān)谔摼€框內(nèi)畫出你設(shè)計(jì)的電路圖，并根據(jù)你沒計(jì)的電路，將所給定的器材連成實(shí)驗(yàn)電路。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【解答】在兩板中間a點(diǎn)從靜止釋放一帶電微粒；微粒恰好保持靜止?fàn)顟B(tài)，微粒受重力和電場(chǎng)力平衡，故電場(chǎng)力大小F=mg，方向豎直向上；

將兩板繞過a點(diǎn)的軸（垂直于紙面）逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)45°；電場(chǎng)強(qiáng)度大小不變，方向逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)45°，故電場(chǎng)力逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)45°，大小仍然為mg；

故重力和電場(chǎng)力的大小均為mg；方向夾角為135°，故合力向左下方，微粒的加速度恒定，向左下方做勻加速運(yùn)動(dòng)；

故ABC錯(cuò)誤；D正確；故選：D．

【分析】本題關(guān)鍵是對(duì)微粒受力分析后結(jié)合牛頓第二定律分析，注意本題中電容器的兩板繞過a點(diǎn)的軸逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)，板間場(chǎng)強(qiáng)大小不變，基礎(chǔ)題目．2、D【分析】解：A、S由b切換到a，副線圈匝數(shù)變大，所以副線圈電壓變大，電阻不變，電流I2變大；R上消耗的功率變大，故AB錯(cuò)誤；

C、S置于b位置不動(dòng)，P向下滑動(dòng)，電阻變大，電壓不變，則I1變小，則I2減小；故C錯(cuò)誤．

D、S置于b位置不動(dòng)，P向上滑動(dòng)，電阻變小，電壓不變，則I1增加；故D正確．

故選：D．

理想變壓器輸入功率等于輸出功率；原副線圈電流與匝數(shù)成反比，原副線圈電壓與匝數(shù)成正比．

理想變壓器是理想化模型，一是不計(jì)線圈內(nèi)阻；二是沒有出現(xiàn)漏磁現(xiàn)象．輸入電壓決定輸出電壓，而輸出功率決定輸入功率．【解析】【答案】D3、D【分析】【分析】

根據(jù)楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，判斷出感應(yīng)電流的方向和大小，再根據(jù)左手定則判斷出abab邊所受的安培力FF再由安培力大小F=BILF=BIL即可求解。

解決本題的關(guān)鍵掌握法拉第電磁感應(yīng)定律求感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、感應(yīng)電流的大小，會(huì)用楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向?！窘獯稹?/p>

0隆蘆1s

內(nèi)，由楞次定律可判斷電流方向?yàn)閎隆煤a

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，電流的大小恒定，由左手定則可判斷ab

邊受到的安培力向左；為正方向的力，再由安培力大小公式F=BIL

可知，安培力的大小與磁場(chǎng)成正比，則大小在減小。

1s隆蘆2s

內(nèi)，磁場(chǎng)向外且增大，線框中電流方向?yàn)閎隆煤a

電流大小恒定，ab

邊受到向右的力；為反方向，大小在增大；

2s隆蘆3s

內(nèi)，磁場(chǎng)向外且減小，線框中電流方向?yàn)閍隆煤b

電流大小恒定，ab

邊受到向左的力；為正方向，大小在減??；

3s隆蘆4s

內(nèi)，磁場(chǎng)向里且增大，線框中電流方向a隆煤b

電流的大小恒定，ab

邊受到向右的力；為反方向，大小在增大.

綜合上述三項(xiàng)，故D正確，ABC錯(cuò)誤。

故選D。

【解析】D

4、D【分析】

由磁場(chǎng)分布特點(diǎn)知：線圈在每一位置的切割情況相同；故感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小是相同的，方向做周期性變化，即每周改變兩次，故ABC錯(cuò)誤，D選項(xiàng)正確．

故選D

【解析】【答案】根據(jù)永久磁鐵中磁感線的分布特點(diǎn)可知；線圈運(yùn)動(dòng)到任何位置切割情況都一樣，產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)大小不變，方向改變．

5、A【分析】在圖２中的１ｓ時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)在平衡位置正向下振動(dòng)，結(jié)合圖１可知該質(zhì)點(diǎn)為ｘ＝０處質(zhì)點(diǎn)，Ａ對(duì)；【解析】【答案】A6、B【分析】解：當(dāng)磁鐵的靠近時(shí)；導(dǎo)致兩圓環(huán)的磁通量變大，從而由楞次定律可得兩圓環(huán)的感應(yīng)電流為逆時(shí)針（從右向左看），所以又處于N極的磁場(chǎng)中，則受到的安培力向左。由于兩圓環(huán)的電流均是逆時(shí)針，所以兩圓環(huán)的相互吸引。

故選：B。

當(dāng)磁鐵的運(yùn)動(dòng)；導(dǎo)致兩金屬圓環(huán)的磁通量發(fā)生變化，從而由楞次定律可得線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，則處于磁鐵的磁場(chǎng)受到安培力，使兩圓環(huán)運(yùn)動(dòng)，同時(shí)兩圓環(huán)間的電流相互作用而導(dǎo)致間距變化．

從楞次定律相對(duì)運(yùn)動(dòng)角度可得：近則斥，遠(yuǎn)則吸．同時(shí)同向電流相互吸引，反向電流相互排斥．【解析】B二、填空題(共5題，共10分)7、略

【分析】解：交流電是指電流的方向發(fā)生變化的電流；電流的大小是否變化對(duì)其沒有影響，而對(duì)于周期性變化的電流，即為大小與方向都隨著時(shí)間做周期性變化．

我國(guó)電網(wǎng)交流電的頻率為50Hz；一個(gè)周期內(nèi)出現(xiàn)2次峰值；

交變電流在1s內(nèi)出現(xiàn)50個(gè)完整波形；則有100次峰值．

故答案為：2；100．

直流電是指電流的方向不發(fā)生變化的電流；其大小可以變化，交流電是指電流的方向發(fā)生變化的電流，但是它的電流的大小可以不變．

交流電的最大的特點(diǎn)是電流方向在不斷的變化，對(duì)于其大小是否變化沒有要求．【解析】2；1008、略

【分析】解：懸線豎直；小球靜止處于平衡狀態(tài)，由平衡條件得：

對(duì)A

球：EQA=kQAQBLAB2

解得：E=7.5隆脕104N/C

方向：水平向左；

點(diǎn)電荷在中點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)：EA=EB=kQA(LAB2)2=9隆脕109隆脕3隆脕10鈭?8(0.062)2=3隆脕105N/C

A；B

在聯(lián)系中點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向都水平向右；

AB

連線中點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大?。篍脰脨=2EA鈭?E=2隆脕3隆脕105鈭?7.5隆脕104=5.25隆脕105N/C

方向：水平向右；

故答案為：5.25隆脕105N/C

水平向右．

抓住A

球平衡；根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式和勻強(qiáng)電場(chǎng)的定義式求出外電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小和方向；根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加求出O

點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)．

本題考查了庫(kù)侖定律以及場(chǎng)強(qiáng)的疊加，難度不大，知道場(chǎng)強(qiáng)是矢量，合場(chǎng)強(qiáng)等于各個(gè)場(chǎng)強(qiáng)的矢量和．【解析】5.25隆脕105N/C

水平向右9、略

【分析】解：粒子在電場(chǎng)中；只受電場(chǎng)力作用，由靜止加速到速度v

后射出電場(chǎng)，由動(dòng)能定理可知：

qU=12mv2

解得：

v=2qUm

粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；洛倫茲力提供向心力，則：

qvB=mv2R

解得：B=mvqR

將第一問的速度代入；得：

B=1R2mUq

故答案為：2qUm1R2mUq

．

根據(jù)動(dòng)能定理列式；即可求解粒子從電場(chǎng)射出時(shí)速度的大?。辉俑鶕?jù)洛倫茲力提供向心力列式，即可求解磁感應(yīng)強(qiáng)度的大?。?/p>

本題考查了帶電粒子在電場(chǎng)中的加速和在磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)，屬于基礎(chǔ)題，另外要注意公式U=Edd

是指沿電場(chǎng)方向距離．【解析】2qUm1R2mUq

10、略

【分析】解：依據(jù)雙縫干涉相鄰條紋間距規(guī)律鈻?x=Ld鈰?婁脣

可知要使干涉條紋的間距變大，在其它條件不變的情況下要么改用波長(zhǎng)更長(zhǎng)的單色光即增大婁脣

要么增大雙縫與屏之間的距離L

要么減小雙縫之間的距離d

．

故答案為：長(zhǎng)；增大．

雙縫干涉相鄰條紋之間的距離鈻?x=Ld鈰?婁脣

其中婁脣

為入射光的波長(zhǎng)，L

為雙縫與屏之間的距離，d

為雙縫之間的距離．

掌握了雙縫干涉相鄰條紋之間的距離公式鈻?x=Ld鈰?婁脣

明確每個(gè)物理量的含義是解決此類題目的關(guān)鍵．【解析】長(zhǎng)；增大11、略

【分析】解：游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為1.3cm

游標(biāo)讀數(shù)為0.05隆脕11mm=0.55mm=0.055cm

所以最終讀數(shù)為：1.3cm+0.055cm=1.355cm

螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為0.5mm

可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01隆脕24.0mm=0.240mm

所以最終讀數(shù)為：0.5mm+0.240mm=0.740mm

．

故答案為：1.3550.740

．

游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)；不需估讀.

螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．

解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺和螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法，游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀.

螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．【解析】1.3550.740

三、判斷題(共6題，共12分)12、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．13、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．14、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．15、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．16、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．17、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?、推斷題(共4題，共16分)18、略

【分析】【分析】本題考查有機(jī)物推斷，考查了有機(jī)物的轉(zhuǎn)化，涉及考查了醛基、羧基、碳碳雙鍵的性質(zhì)，該題有一定的綜合性，難度中等。側(cè)重考查學(xué)生分析推斷能力，根據(jù)反應(yīng)條件及某些物質(zhì)結(jié)構(gòu)進(jìn)行推斷，正確推斷各物質(zhì)結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式是解本題關(guān)鍵。

【解答】

(1)從圖可以推斷出A的結(jié)構(gòu)為：OHC－CH＝CH－COOH，所以化合物A中含有的官能團(tuán)是碳碳雙鍵，醛基、羧基。故填：碳碳雙鍵；醛基；羧基；(2)1molA與2moH2反應(yīng)生成1moE；其反應(yīng)方程式是：

OHC－CH＝CH－COOH＋2H2HO－CH2－CH－CH2－COOH。故填：OHC－CH＝CH－COOH＋2H2HO－CH2－CH－CH2－COOH；(3)與A具有相同官能團(tuán)的A的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式是：故填：(4)B為HOOC－CH＝CH－COOH，所以其余溴反應(yīng)得到：故填：(5)A加成變?yōu)镋，E為HO－CH2－CH－CH2－COOH，分子中含有羥基和羧基，所其可以形成內(nèi)酯，故F為或該反應(yīng)是酯化反應(yīng)。故填：或酯化反應(yīng)?！窘馕觥?1)碳碳雙鍵醛基羧基。

(2)OHC－CH＝CH－COOH＋2H2HO－CH2－CH－CH2－COOH

(3)(4)

(5)或酯化反應(yīng)19、（1）CaNA（2）水分子之間形成氫鍵（3）F＞N＞O（4）（5）三角錐形sp3雜化（6）【分析】【分析】本題考查了物質(zhì)的結(jié)構(gòu)與性質(zhì)。需要學(xué)生的識(shí)記和理解，多做有助于快速判斷?！窘獯稹縭m{A}基態(tài)原子rm{2p}能級(jí)有rm{3}個(gè)單電子，原子核外電子排布為rm{1s^{2}2s^{2}2p^{3}}則rm{A}為rm{N}元素；rm{B}意思是基態(tài)原子rm{p}軌道上成對(duì)電子數(shù)等于未成對(duì)電子數(shù)，原子核外電子排布為rm{1s^{2}2s^{2}2p^{4}}則rm{B}為rm{O}元素；rm{C}的氫化物常用于刻蝕玻璃，則rm{C}為rm{F}元素；rm{D}元素基態(tài)原子核外電子分處rm{6}個(gè)不同能級(jí)，且每個(gè)能級(jí)均已排滿，原子核外電子排布為rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}4s^{2}}則rm{D}為rm{Ca}rm{E}的原子序數(shù)等于rm{C}與rm{D}的原子序數(shù)之和，即rm{E}的原子序數(shù)為rm{9+20=29}故E為rm{Cu}rm{(1)D}的元素符號(hào)為rm{Ca}rm{A}的單質(zhì)為rm{N_{2}}結(jié)構(gòu)式為rm{N隆脭N}rm{14g}氮?dú)鉃閞m{14g隆脗28g/mol=0.5mol}含有rm{婁脨}鍵的個(gè)數(shù)為rm{0.5mol隆脕2隆脕N_{A}}rm{mol-1=N_{A}}，所以本題答案為：rm{Ca}rm{N_{A}}rm{(2)B}元素的氫化物的沸點(diǎn)是同族元素氫化物中最高的，原因是：水分子之間形成氫鍵，增大分子間的作用，所以本題答案為：水分子之間形成氫鍵；rm{(3)}同周期所原子序數(shù)增大元素的電負(fù)性增大，rm{3}種元素的電負(fù)性由大到小的順序?yàn)椋簉m{F>N>O}所以本題答案為：rm{F>N>O}rm{(4)Cu^{2+}}的價(jià)層電子排布式為rm{3d^{9}}則價(jià)電子排布圖為所以本題答案為：rm{(5)A}的最簡(jiǎn)單氫化物為rm{NH_{3}}分子的空間構(gòu)型為三角錐形，其中rm{N}原子形成rm{3}個(gè)rm{N-H}鍵、含有rm{1}對(duì)孤對(duì)電子，雜化軌道數(shù)目為rm{4}rm{N}原子的雜化類型是rm{sp^{3}}雜化，所以本題答案為：三角錐形rm{sp^{3}}雜化；rm{(6)}晶胞中白色球數(shù)目為rm{8}黑色球數(shù)目為rm{8隆脕1/8+6隆脕1/2=4}結(jié)合化學(xué)式rm{CaF_{2}}可知白色球?yàn)閞m{F}黑色球?yàn)閞m{Ca}晶胞質(zhì)量為rm{(4隆脕78)/N_{A}g}晶體的密度為rm{婁脩g?cm^{-3}}則rm{4隆脕78N_{A}g=(acm)^{3}隆脕婁脩g?cm^{-3}}故晶胞邊長(zhǎng)rm{4隆脕78N_{A}g=(acm)^{3}隆脕婁脩

g?cm^{-3}}rm{a=}所以本題答案為：rm{cm}【解析】rm{(1)Ca}rm{N_{A}}rm{(2)}水分子之間形成氫鍵rm{(3)F>N>O}rm{(4)}rm{(5)}三角錐形rm{sp^{3}}雜化rm{(6)}20、（1）第三周期、第ⅢA族（2）HClO4（3）NO23NO2+H2O=2HNO3+NO（4）【分析】【分析】本題考查元素周期表的結(jié)構(gòu)及應(yīng)用、電子式、氮的氧化物，根據(jù)元素的位置推斷元素及元素化合物知識(shí)為解答的關(guān)鍵，側(cè)重分析與應(yīng)用能力的考查。【解答】由元素的位置可知，rm{壟脵壟脷壟脹壟脺壟脻壟脼}分別為rm{N}rm{F}rm{Na}rm{Al}rm{Si}rm{Cl}rm{(1)}元素rm{壟脺}為rm{Al}位于第三周期、第Ⅲrm{A}族；故答案為：第三周期、第Ⅲrm{A}族；rm{(2)壟脻}rm{壟脼}分別為rm{Si}rm{Cl}元素的非金屬性越強(qiáng)，最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)的水化物酸性越強(qiáng)，非金屬性：rm{Cl>Si}則兩種元素最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)的水化物酸性較強(qiáng)的是rm{HClO_{4}}故答案為：rm{HClO_{4}}rm{(3)壟脵}為rm{N}元素，rm{N}元素形成的多種氧化物中顏色為紅棕色的是rm{NO_{2}}與水反應(yīng)生成rm{HNO_{3}}和rm{NO}反應(yīng)的化學(xué)方程式為rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}故答案為：rm{NO_{2}}rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{(4)壟脹}為rm{Na}元素，rm{壟脷}為rm{F}元素，二者形成的化合物為rm{NaF}其電子式為故答案為：【解析】rm{(1)}第三周期、第Ⅲrm{A}族rm{(2)HClO_{4}}rm{(3)NO_{2}}rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{(4)}21、rm{(1)2-}甲基rm{-1-}丁烯rm{-OH}rm{-CHO}

rm{(2)}酯化反應(yīng)rm{CH_{3}CH簍TC(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}

rm{(3)}rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}}rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}

}

rm{+Cu_{2}O隆媒+3H_{2}O}

rm{(4)}rm{(5)HCOOCH_{2}CH_{2}CH=CH_{2}}【分析】【分析】

本題考查有機(jī)物推斷；有機(jī)反應(yīng)方程式、同分異構(gòu)體書寫等；注意根據(jù)反應(yīng)條件進(jìn)行推斷，需要學(xué)生熟練掌握官能團(tuán)的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，難度中等。

【解答】

rm{A}與溴水發(fā)生加成反應(yīng)生成則rm{A}為．發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{B}為rm{B}發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{C}為rm{C}發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{D}rm{D}酸化得到rm{E}為rm{E}發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{F}為rm{CH_{3}CH=C(CH_{3})COOH}溴乙烷發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{G}為rm{CH_{3}CH_{2}OH}rm{F}與rm{G}發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{H}為rm{CH_{3}CH=C(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}．

rm{(1)A}為rm{A}的名稱rm{(}系統(tǒng)命名rm{)}為rm{2-}甲基rm{-1-}丁烯；rm{C}為含有官能團(tuán)的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：rm{-OH}rm{-CHO}

故答案為：rm{2-}甲基rm{-1-}丁烯；rm{-OH}rm{-CHO}

rm{(2)G+F隆煤H}的反應(yīng)類型為酯化反應(yīng)，rm{H}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{CH_{3}CH簍TC(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}

故答案為：酯化反應(yīng)；rm{CH_{3}CH簍TC(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}

rm{(3)C隆煤D}的離子方程式為：rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}}rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}

}

故答案為：rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}}rm{+Cu_{2}O隆媒+3H_{2}O}

rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}

}為rm{+Cu_{2}O隆媒+3H_{2}O}在一定條件下發(fā)生縮聚反應(yīng)生成的高分子化合物為

故答案為：

rm{(4)E}為rm{E}符合下列條件的rm{(5)F}的rm{CH_{3}CH=C(CH_{3})COOH}種同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式：rm{F}能發(fā)生水解反應(yīng)，屬于酯類rm{3}不含甲基，rm{壟脵}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，應(yīng)是甲酸形成的酯，符合條件的rm{壟脷}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式有：rm{壟脹}

故答案為：rm{X}．

rm{HCOOCH_{2}CH_{2}CH=CH_{2}}與溴水發(fā)生加成反應(yīng)生成則rm{HCOOCH_{2}CH_{2}CH=CH_{2}}為．發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{A}為rm{A}發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{B}為rm{B}發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{C}rm{C}酸化得到rm{D}為rm{D}發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{E}為rm{E}溴乙烷發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{F}為rm{CH_{3}CH=C(CH_{3})COOH}rm{G}與rm{CH_{3}CH_{2}OH}發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{F}為rm{G}

rm{H}【解析】rm{(1)2-}甲基rm{-1-}丁烯rm{-OH}rm{-CHO}rm{(2)}酯化反應(yīng)rm{CH_{3}CH簍TC(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}rm{(3)}rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}}rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}

}rm{+Cu_{2}O隆媒+3H_{2}O}rm{(4)}rm{(5)HCOOCH_{2}CH_{2}CH=CH_{2}}五、證明題(共2題，共6分)22、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)23、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)六、綜合題(共4題，共16分)24、(1)D

(2)B

(3)B

(4)A

(5)qvBqBl2v

(6)

解：從b

向a

看側(cè)視圖如圖所示，

壟脵

水平方向：F=FAsin婁脠

豎直方向：FN+FAcos婁脠=mg

又FA=BIL=BERL

聯(lián)立得：FN=mg?BLEcos?婁脠RF=BLEsin?婁脠R

壟脷

使ab

棒受支持力為零，且讓磁場(chǎng)最小，可知安培力豎直向上，

則有FA=mg

Bmin=mgREL

根據(jù)左手定則判定磁場(chǎng)方向水平向右。

【分析】(1)

【分析】電量不變，只是將距離增大到原來的3

倍，根據(jù)點(diǎn)電荷庫(kù)侖力的公式F=kQ1Q2r2

可以求得改變之后的庫(kù)侖力的大小。本題就是對(duì)庫(kù)侖力公式的直接考查，掌握住公式就很容易分析了?！窘獯稹坑牲c(diǎn)電荷庫(kù)侖力的公式F=kQ1Q2r2

可以得到，電量不變，當(dāng)距離增大到原來的3

倍，庫(kù)侖力將變?yōu)樵瓉淼?9

故D正確。故選D。

(2)

【分析】電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的強(qiáng)弱，電場(chǎng)線某點(diǎn)的切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，且沿著電場(chǎng)線的方向，電勢(shì)降低，據(jù)此可正確解答。電場(chǎng)線雖然不存在，但可形象來描述電場(chǎng)的分布，明確電場(chǎng)線分布與電場(chǎng)強(qiáng)度之間的關(guān)系?！窘獯稹侩妶?chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的強(qiáng)弱，由于電場(chǎng)線的疏密可知，AB

兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小關(guān)系，所以EA>EB

故A錯(cuò)誤；B正確；

根據(jù)沿著電場(chǎng)線的方向；電勢(shì)降低，則有A

點(diǎn)的電勢(shì)低于B

點(diǎn)的電勢(shì)，故CD錯(cuò)誤；

故選B。(3)

【分析】由滑片的移動(dòng)可知滑動(dòng)變阻器接入電阻的變化，則由閉合電路歐姆定律可知電路中總電流及路端電壓的變化，再分析局部電路可得出電流表及電壓表的變化。本題考查閉合電路歐姆定律的應(yīng)用，要注意明確解題的思路為：“局部?

整體?

局部”。【解答】AD.

當(dāng)滑片向右滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻增大，則總電阻增大；由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流減小，則由U=E?Ir

可知；路端電壓增大；則可知電流表A

的示數(shù)減小，電壓表V

的示數(shù)增大；故AD錯(cuò)誤；

BC.

因路端電壓增大；A1

中電流增大，因總電流減小，而R1

中電流增大，則A2

中電流減小，故C錯(cuò)誤，B正確。

故選B。(4)

【分析】將R2

的阻值調(diào)至零時(shí)，R2

被短路，電路中電阻最小，則電流最大，根據(jù)閉合電路歐姆定律及功率公式即可求解。本題考查閉合電路歐姆定律的動(dòng)態(tài)分析類題目，一般思路都是先分析局部電路的電阻變化，再分析整體中電流及電壓的變化，最后分析局部電路中的流及電壓的變化；在分析局部電路時(shí)要注意靈活應(yīng)用串并聯(lián)電路的性質(zhì)?！窘獯稹繉2

的阻值調(diào)至零時(shí)，R2

被短路，電路中外電阻最小，由閉合電路歐姆定律可得電路中電流最大，則內(nèi)電壓最大，電源內(nèi)部的電勢(shì)降落最大，根據(jù)P=I2R

可知，電流最大，則電阻R1

消耗的功率最大，電源內(nèi)消耗的功率也最大，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。(5)

【分析】壟脵

根據(jù)洛倫茲力公式解答；壟脷

由題意可以求得帶電粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為POO的一半；由洛侖茲力提供向心力從而求出帶電粒子的質(zhì)量；

本題是帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)最基礎(chǔ)的問題，畫出運(yùn)動(dòng)軌跡，由半徑大小和牛頓第二定律就能求出帶電粒子的質(zhì)量。【解答】壟脵

帶電粒子所受洛倫茲力的大小為F=qvB

壟脷

粒子在磁場(chǎng)中做半圓周運(yùn)動(dòng)，由題知：R=l2

qvB=mv2R

由以上兩式得：m=qBl2v

故答案為qvB

；qBl2v

(6)壟脵

由左手定則判斷出安培力方向，作出ab

棒的受力分析圖，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，結(jié)合安培力大小公式、閉合電路歐姆定律求出支持力和摩擦力；壟脷

要使ab

棒所受支持力為零，且讓磁場(chǎng)最小，可知安培力豎直向上，得出磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小，由左手定則判定磁場(chǎng)方向。本題是通電導(dǎo)體棒在磁場(chǎng)中平衡問題，考查共點(diǎn)力平衡與安培力知識(shí)的綜合，將立體圖轉(zhuǎn)化為平面圖是解決本題的關(guān)鍵。

OO【解析】(1)D

(2)B

(3)B

(4)A

(5)qvBqBl2v

(6)

解：從b

向a

看側(cè)視圖如圖所示，壟脵

水平方向：F=FAsin婁脠

豎直方向：FN+FAcos婁脠=mg

又FA=BIL=BERL

聯(lián)立得：FN=mg?BLEcos?