2025年人教B版必修1物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教B版必修1物理上冊階段測試試卷888考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖，質量為m的物體置于傾角為θ的固定斜面上，物體與斜面之間的動摩擦因數為μ，先用平行于斜面的推力F1作用于物體上，使其能沿斜面勻速上滑，若改用水平推力F2作用于物體上，也能使物體沿斜面勻速上滑，則兩次力之比為。

A.cosθ+μsinθB.cosθ–μsinθC.l+μtanθD.1–μtanθ2、某物體運動的v－t圖像如圖所示；由圖像可知（）

A.物體在1.5s時的加速度大小為3m/s2B.物體在1.5s時的加速度大小為1.5m/s2C.物體在5s末的速度大小為6m/sD.物體在0~5s內的位移大小為27m3、如圖所示，在水平地面上，輕彈簧左端固定在豎直墻壁上，右端與質量為m的物體A連接，物體B的質量也為m，兩物體與地面的動摩擦因數均為μ；施加一水平外力推動物體B向左將彈簧壓縮到最短，撤去外力，經過一段時間后兩物體分離，分離時，彈簧的情況為（）

A.彈簧被拉長B.彈簧處于原長C.彈簧被壓縮，彈力大小為μmgD.彈簧被壓縮，彈力大小為2μmg4、有一種精彩天象叫“金星凌日”，觀察到日面上有顆小黑點緩慢走過，持續(xù)時間長達六個半小時，那便是金星，這種天文現(xiàn)象稱為“金星凌日”，如圖所示下面說法正確的是（）

A.以太陽為參考系，可以認為金星是運動的B.觀測“金星凌日”時可將太陽看成質點C.以太陽為參考系，金星繞太陽一周位移不為零D.地球在金星與太陽之間5、如圖所示為載有防疫物資的無人駕駛小車在水平路面上行駛的位移時間圖像；該圖像為拋物線的一部分，t=8s時刻對應圖像的最高點，下列說法正確的是（）

A.t=0時小車的速度為零B.t=8s時小車的加速度為零C.t=4s時小車的速度為整個過程最大速度的D.s=8m時小車的速度為整個過程最大速度的6、關于矢量和標量的說法中正確的是（）A.甲、乙發(fā)生位移分別為則甲的位移大B.平均速度、速度變化量、重力、加速度都是矢量C.在直線運動中，位移的大小等于路程D.標量和矢量遵從相同的相加法則7、一輛汽車由靜止開始沿平直公路從甲地開往乙地。汽車先做勻加速直線運動，接著做勻減速直線運動，開到乙地剛好停止，其圖像如圖所示。那么在和兩段時間內（）

A.加速度大小之比3∶1B.位移大小之比為1∶2C.平均速度大小之比為1∶2D.在時刻汽車的運動方向發(fā)生改變8、如圖所示；帶有光滑豎直桿的三角形斜劈固定在水平地面上，放置于斜劈上的光滑小球與套在豎直桿上的小滑塊用輕繩連接，開始時輕繩與斜劈平行?，F(xiàn)給小滑塊施加一個豎直向上的拉力，使小滑塊沿桿緩慢上升，整個過程中小球始終未脫離斜劈，則有（）

A.對小滑塊施加的豎直向上的拉力逐漸增大B.豎直桿對小滑塊的彈力先減小再增大C.小球對斜劈的壓力保持不變D.輕繩對小球的拉力先減小后增大評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、如圖所示，小車內有一質量為m的物塊，一輕質彈簧兩端與小車和物塊相連，處于壓縮狀態(tài)且在彈性限度內，彈簧的勁度系數為k，形變量為x，物塊和小車之間的動摩擦因數為μ；設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，運動過程中，物塊和小車始終保持相對靜止，則下列說法正確的是()

A.若μmg小于kx，則小車的加速度方向一定向左B.若μmg小于kx，則小車的加速度最小值為a＝且小車只能向左加速運動C.若μmg大于kx，則小車的加速度方向可以向左也可以向右D.若μmg大于kx，則小車的加速度最大值為最小值為10、如圖所示，A物重B物重A和B通過輕繩繞過定滑輪相連，A與B、A與地面間的動摩擦因數皆為現(xiàn)用水平力拉繩，使A物向左勻速運動，則（）

A.繩的拉力是B.A和B間摩擦力為C.拉力為D.拉力為11、下列關于直線運動的甲；乙、丙、丁四個圖像的說法中；正確的是（）

A.甲圖中所描述的物體在0~2s內做勻減速直線運動B.乙圖中所描述的物體在0~t1時段通過的位移為x1C.丙圖中所描述的物體在t1~t2時段速度的變化量為a0（t2-t1）D.若丁圖中所描述的物體正在做勻加速直線運動，則該物體的加速度為4m/s212、如圖所示，木塊放在粗糙的水平桌面上，外力沿水平方向作用在木塊上，木塊處于靜止狀態(tài)，其中若撤去力則木塊受到的摩擦力大小可能是（）

A.2NB.9NC.10ND.12N13、如圖所示，一臺空調外機用兩個三角形支架固定在外墻上，空外機的重心恰好在支架橫梁和斜梁的連接點O的上方；重力大小為200N。橫梁AO水平，斜梁BO跟橫梁的夾角為37°，sin37°=0.6，橫梁O點的拉力沿OA方向，斜梁對O點的壓力沿BO方向，則（）

A.斜梁對O點的壓力NB.橫梁對O點的拉力NC.如果把斜梁加長一點，仍保持連接點O的位置不變，橫梁仍然水平，這時橫梁對O點的作用力大小將變大D.如果把斜梁加長一點，仍保持連接點O的位置不變，橫梁仍然水平，這時斜梁對O點的作用力大小將變小14、應用于機場和火車站的安全檢查儀，其傳送裝置可簡化為如圖所示的模型。傳送帶始終保持v＝0.4m/s的恒定速率運行，行李與傳送帶之間的動摩擦因數μ＝0.2，A、B間的距離為2m，取重力加速度g=10m/s2，旅客把行李（可視為質點）無初速度地放在A處，下列說法正確的是（）

A.行李經過5s到達B處B.行李到達B處時速度大小為0.4m/sC.行李在傳送帶上留下的摩擦痕跡長度為0.08mD.若使行李最快到達B處，傳送帶的最小運行速率為15、如圖所示，物體沿斜面由靜止開始下滑，在水平面上滑行一段距離后停止，物體與斜面和水平面間的動摩擦因數相同，斜面與水平面平滑連接，圖中ν、a、f、s、t分別表示物體速度大小；加速度大小，摩擦力大小，路程，時間。下列選項可能正確的是（）

A.B.C.D.16、一個物體以初速度1m/s做勻加速直線運動，經過一段時間后速度增大為7m/s，則()A.該加速過程中物體平均速度為4m/sB.物體在該運動過程位移中點的瞬時速度為4m/sC.將該過程分為兩段相等時間，則物體先后兩段相等時間內的位移之比是5∶11D.將該過程分為兩段相等位移，則物體先后兩段位移所用時間之比是1∶(－1)評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)17、力的單位。

（1）力的國際單位：牛頓，簡稱____；符號為N。

（2）“牛頓”的定義：使質量為1kg的物體產生1m/s2的加速度的力叫作1N，即1N＝_____。

（3）在質量的單位取kg，加速度的單位取m/s2，力的單位取N時，F(xiàn)＝kma中的k＝____，此時牛頓第二定律可表示為F＝_____。18、總質量為M的熱氣球由于故障在空中以速度v0勻速下降。為了阻止繼續(xù)下降，在t=0時刻，從熱氣球中釋放了一個質量為m的沙袋.不計空氣阻力，當t=________時，熱氣球停止下降，這時沙袋的速度為________。19、一同學以恒定的速率沿半徑為R的圓形跑道跑步，他跑完一圈所用時間為T，則其平均速度大小為___________，平均速率為___________。20、判斷正誤：

（1）勻變速直線運動是加速度均勻變化的運動。()

（2）勻加速直線運動是速度均勻變化的直線運動。()

（3）勻加速直線運動的位移是均勻增大的。()

（4）在勻變速直線運動中，中間時刻的速度一定小于該段時間內位移中點的速度。()21、某時刻甲車從靜止開始以6m/s2的加速度在水平公路上向東勻加速直線運動，此時在其正前方35m處乙車正以20m/s的初速度5m/s2的加速度向東勻減速直線運動，則甲車追上乙車需要_________________s22、橫梁一端A插在墻壁內，另一端裝有一光滑小滑輪B，一輕繩的一端C固定于墻壁上，另一端跨過滑輪后懸掛一質量的重物D，如圖所示，則滑輪受到繩子的作用力為多少？（g?。?/p>

23、“不了解運動，就不了解自然”—Aristotle（公元前384﹣公元前322）_____杰出的哲學家、科學家，形式邏輯的創(chuàng)始人。在物理學方面，Aristotle認為_____。24、如圖是做物體做直線運動的v－t圖象；由圖象可得到：

t＝1s時物體的加速度為________m/s2

t＝5s時物體的加速度為_________m/s2

全過程物體的位移為___________m．25、電磁打點計時器的電源是___________（填“交流”或“直流”）電源，電火花打點計時器的電源是___________電源，工作電壓為___________伏，實驗室使用我國民用電時，每隔___________秒打一次點，如果每打5個取一個計數點，即相鄰兩個計數點間的時間間隔為___________秒。評卷人得分四、作圖題(共1題，共3分)26、（1）靜止物體A重力G=5N，請在圖中畫出A物體所受重力的圖示。

（2）畫出圖中靜止物體A所受的各力的示意圖（球面是光滑的，其他粗糙）評卷人得分五、實驗題(共4題，共16分)27、在“勻變速直線運動的實驗探究”中，如圖所示是小明同學由打點計時器得到的表示小車運動過程的一條清晰紙帶，紙帶上兩相鄰計數點間還有四個點沒有畫出，打點計時器打點的時間間隔T=0.02s，其中x1=7.05cm、x2=7.68cm、x3=8.33cm、x4=8.95cm、x5=9.61cm、x6=10.26cm．

(1)物體是否做勻變速直線運動____（選填“是”或者“否”）；

你的判斷依據是__________________________．

(2)下表列出了打點計時器打下B、C、F、E時小車的瞬時速度，請求出打點計時器打下D點時小車的瞬時速度vD=____．（結果保留3位有效數字）

。位置BCDEF速度0.7370.8010.9280.994

(3)以A點為計時起點，在坐標圖中畫出小車的速度—時間關系圖線_________．

(4)根據所畫出的小車的速度—時間關系圖線計算出小車的加速度a=____m/s2．（結果保留2位有效數字）28、某興趣小組利用自由落體運動測定重力加速度；實驗裝置如圖所示．傾斜的球槽中放有若干個小鐵球，閉合開關K，電磁鐵吸住第1個小球。手動敲擊彈性金屬片M，M與觸頭瞬間分開，第1個小球開始下落，M迅速恢復，電磁鐵又吸住第2個小球。當第1個小球撞擊M時，M與觸頭分開，第2個小球開始下落.這樣，就可測出多個小球下落的總時間。

（1）在實驗中，下列做法正確的有_______

A．電路中的電源只能選用交流電源。

B．實驗前應將M調整到電磁鐵的正下方。

C．用直尺測量電磁鐵下端到M的豎直距離作為小球下落的高度。

D．手動敲擊M的同時按下秒表開始計時。

（2）實驗測得小球下落的高度H=1.980m，10個小球下落的總時間T=6.5s，可求出重力加速度g=_______m/s2。（結果保留兩位有效數字）

（3）在不增加實驗器材的情況下；請?zhí)岢鰷p小實驗誤差的兩個辦法。

_________________________________________。

（4）某同學考慮到電磁鐵在每次斷電后需要時間磁性才消失，因此，每個小球的實際下落時間與它的測量時間相差這導致實驗誤差。為此，他分別取高度H1和H2，測量n個小球下落的總時間T1和T2。他是否可以利用這兩組數據消除對實驗結果的影響？______請推導說明。29、小米同學用圖所示裝置探究物體的加速度與力的關系。實驗時保持小車(含車中重物)的質量不變，細線下端懸掛鉤碼的重力視為小車受到的合力F，用打點計時器測出小車運動的加速度a。

（1）下列操作中，是為了保證“細線下端懸掛鉤碼的重力視為小車受到的合力F”這一條件的有()

A．實驗前應將木板遠離定滑輪一端適當墊高；以平衡摩擦力。

B．實驗前應調節(jié)定滑輪高度；使定滑輪和小車間的細線與木板平行。

C．小車的質量應遠小于鉤碼的質量。

D．實驗時；應先接通打點計時器電源，后釋放小車。

（2）如圖為實驗中打出的一條紙帶，從比較清晰的點跡起，在紙帶上標出連續(xù)的5個計數點A、B、C、D、E，相鄰兩個計數點之間都有4個點跡未標出，測出各計數點到A點間的距離。已知所用電源的頻率為50Hz，則小車的加速度a＝________m/s2。（結果保留兩位小數）

（3）改變細線下端鉤碼的個數，得到a－F圖象如圖所示，造成圖線不過原點的原因可能是__________。

30、如圖（a），一彈簧上端固定在支架頂端，下端懸掛一托盤：一標尺由游標和主尺構成，主尺豎直固定在彈簧左邊；托盤上方固定有一能與游標刻度線準確對齊的裝置，簡化為圖中的指針?，F(xiàn)要測量圖（a）中彈簧的勁度系數，當托盤內沒有砝碼時，移動游標，使其零刻度線對準指針，此時標尺讀數為1.950cm；當托盤內放有質量為0.100kg的砝碼時，移動游標，再次使其零刻度線對準指針，標尺示數如圖（b）所示，其讀數為_______cm。當地的重力加速度大小為9.80m/s2，此彈簧的勁度系數為________N/m（保留3位有效數字）。評卷人得分六、解答題(共4題，共20分)31、一靜止在光滑水平面的物體從t=0時刻加速度與時間關系如圖所示，a隨t做周期性變化，求t=0到t=32s內物體的位移大小。

32、在某市區(qū)內，一輛小汽車在公路上以速度v1向東行駛，一位觀光游客正由南向北從斑馬線上橫過馬路。汽車司機發(fā)現(xiàn)游客途經D處時，經過0.3s作出反應緊急剎車，但仍將正步行至B處的游客撞傷，該汽車最終在C處停下，如圖所示。為了判斷汽車司機是否超速行駛以及游客橫穿馬路的速度是否過快，警方派警車以法定最高速度vm=14.0m/s行駛在同一馬路的同一地段，在肇事汽車的起始制動點A緊急剎車，經14.0m后停下來。在事故現(xiàn)場測得AB=17.5m，BC=14.0m，BD=2.6m。假設肇事汽車和警車剎車作多減速運動的加速度大小相同；問：

(1)該肇事汽車的初速度vA是多大？

(2)游客橫過馬路的速度是多大？

33、如圖，在傾角為θ=37°的足夠長的固定斜面底端，一小物塊以某一初速度沿斜面上滑，一段時間后返回到出發(fā)點．若物塊上滑所用時間t1和下滑所用時間t2的大小關系滿足取g=10m/s2；sin37°=0.6，cos37°=0.8，試求：

(1)上滑加速度a1與下滑加速度a2的大小之比；

(2)物塊和斜面之間的動摩擦因數；34、如圖甲所示，質量M=3kg的小車靜止在水平面上，光滑固定的圓弧軌道的下端與小車的右端平滑對接，軌道半徑R=0.8m，質量m=1kg的物塊（可視為質點）由軌道頂端靜止釋放沿軌道下滑，接著物塊離開圓軌道滑上小車。從物塊滑上小車開始計時，物塊運動的速度隨時間變化的部分圖像如圖乙所示。已知小車與水平面間的摩擦因數μ0=0.01，重力加速度為10m/s2；求：

(1)物塊經過圓軌道最低點時軌道對物塊的支持力F大??；

(2)物塊與小車之間的動摩擦因數μ和物塊剛滑上小車時小車的加速度大?。?/p>

(3)為了避免物塊從小車上滑下；小車至少要多長。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【詳解】

F1作用時；物體的受力情況如圖1，根據平衡條件得。

F1=mgsinθ+μFN

FN=mgcosθ

解得：F1=mgsinθ+μmgcosθ

F2作用時，物體的受力情況如圖2，根據平衡條件得

F2cosθ=mgsinθ+μFN′

FN′=mgcosθ+F2sinθ

解得：

所以故選B．2、A【分析】【詳解】

AB．物體在1.5s時的加速度大小

B錯誤A正確；

C．物體在時的加速度

物體在5s末的速度大小，逆向思維

C錯誤；

D．在0~5s內的位移大小

D錯誤。

故選A。3、B【分析】【分析】

【詳解】

兩物體剛好分離的臨界條件為兩物體之間的彈力為零且加速度相等，則

解得x=0

即彈簧處于原長。

故選B。4、A【分析】【詳解】

AD.“金星凌日”現(xiàn)象的成因是光的直線傳播，當金星轉到太陽與地球中間時，金星擋住了沿直線傳播的太陽光，人們看到太陽上的黑點實際上是金星，由此可知發(fā)生“金星凌日”現(xiàn)象時，金星位于地球和太陽之間；以太陽為參考系，觀察到日面上有顆小黑點緩慢走過，可以認為金星是運動的，故A正確，D錯誤；

B.觀測“金星凌日”時，不可將太陽看成質點，如果將太陽看成質點，無法看到“金星凌日”現(xiàn)象，故B錯誤；

C.以太陽為參考系，金星繞太陽一周起點和終點重合，位移為零，故C錯誤。

故選A。5、C【分析】【詳解】

A．根據s-t圖像的切線斜率表示速度；可知t=0時小車的速度不為零，t=8s時小車的速度為零，故A錯誤；

BC．由于s-t圖像為拋物線，可知小車做勻變速直線運動，由于t=8s時小車的速度為零，設t=0時小車的速度為v0，則小車在0~8s內的位移為解得

則小車的加速度為

t=4s時小車的速度為v'=v0+at'=4m/s-0.5×4m/s=2m/s=

可知t=8s時小車的加速度為-0.5m/s2，t=4s時小車的速度為整個過程最大速度的；故B錯誤，C正確；

D．設s=8m時小車的速度大小為則有2as=v21-v20

代入數據可得v1=

可知s=8m時小車的速度大于整個過程最大速度的；故D錯誤。

故選C。6、B【分析】【詳解】

A．甲；乙發(fā)生位移分別為5m、-10m；位移的大小分別是5m和10m，則乙的位移大，A錯誤；

B．平均速度；速度變化量、加速度和重力既有大小又有方向；都是矢量，B正確；

C．只有在單向直線運動中；位移的大小才等于路程，C錯誤；

D．標量遵從算術法則；矢量遵從平行四邊形法則，D錯誤。

故選B。7、B【分析】【詳解】

A．設物體的最大速度為v，根據v－t圖象斜率的絕對值等于加速度大小，則加速度大小之比為

故A錯誤；

B．根據v－t圖象與坐標軸所圍的“面積”大小等于位移，則位移之比為

故B正確；

C．在0－t時間內物體做勻加速直線運動，在t－3t間內物體做勻減速直線運動，由平均速度公式得兩段時間內的平均速度均為

則平均速度大小之比為1：1；故C錯誤；

D．由圖像可知；汽車全程的速度都為正即汽車速度方向不變，故D錯誤。

故選B。8、A【分析】【詳解】

ABC.對小球進行受力分析可知；受重力；支持力和繩的拉力，如圖。

由平衡條件可知，細線的拉力T增大，支持力N減?。桓鶕ｎD第三定律，小球對斜劈的壓力減小，故A正確，BC錯誤；

D．對球和滑塊整體分析，受重力、支持力N、桿的彈力和拉力F，設斜面夾角為由平衡條件得。

水平方向

豎直方向

由于N減小，故減小，F(xiàn)增加；故D錯誤。

故選A。二、多選題(共8題，共16分)9、A:C【分析】【詳解】

A.若μmg小于kx；而彈簧又處于壓縮狀態(tài)，則物塊所受彈簧彈力和靜摩擦力的合力水平向左，即小車的加速度一定向左，故A正確；

B.由牛頓第二定律得kx－Ff＝ma，

當Ff＝μmg時，加速度方向向左且最小值為amin＝

隨著加速度的增加，F(xiàn)f減小到零后又反向增大，當再次出現(xiàn)Ff＝μmg時，加速度方向向左達到最大值amax＝

但小車可向左加速；也可向右減速，故B錯誤；

C.若μmg大于kx；則物塊所受彈簧彈力和靜摩擦力的合力(即加速度)可能水平向左，也可能水平向右，即小車的加速度方向可以向左也可以向右，故C正確；

D.當物塊的合外力水平向右時，加速度的最大值為物塊的合外力水平向左時，加速度的最大值為則小車的加速度最大值為最小值為0，故D錯誤．10、A:C【分析】【詳解】

AB．對B受力分析，物體B受重力、支持力、細線對B向右的拉力T和A對B向左的滑動摩擦力f，根據平衡條件可知

由于

則

故A正確；B錯誤；

CD．對A受力分析，A受到拉力、重力、支持力、B對A的壓力、B對A向右的滑動摩擦力f、地面對A向右的滑動摩擦力和細線對A向右的拉力T，根據平衡條件可知

其中

解得

故C正確；D錯誤。

故選AC。11、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．甲圖是v-t圖像；圖中所描述的物體在0~2s內先做勻減速直線運動，后做反方向的勻加速運動，選項A錯誤；

B．乙圖中所描述的物體在0~t1時段通過的位移為x1-x0；選項B錯誤；

C．丙圖中所描述的物體在t1~t2時段速度的變化量為。

?v=a0（t2-t1）選項C正確；

D．若丁圖中所描述的物體正在做勻加速直線運動；根據。

則該物體的加速度。

解得加速度為。

a=4m/s2選項D正確。

故選CD。12、B:C【分析】【詳解】

的合力為8N，木塊處于靜止狀態(tài)，故受到靜摩擦力等于8N，若撤去力在10N的作用下，木塊可能處于靜止狀態(tài)，受到的靜摩擦力為10N，也可能處于運動狀態(tài)，受到的滑動摩擦力滿足

故木塊受到的摩擦力大小介于

故選BC。13、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．以O點為研究對象，受到空調外機的壓力G、OB支架的作用力FOB和OA支架的作用力FOA；受力如圖所示。

由受力圖結合幾何關系可得

故A錯誤；B正確；

CD．若把斜梁加長一點，仍保持點O的位置不變，橫梁仍然水平，則此時θ變大，sinθ變大、tanθ變大，可知，橫梁對O點的作用力大小將變??；故C錯誤，D正確。

故選BD。14、B:D【分析】【詳解】

AB．行李剛放上傳送帶時，做勻加速直線運動，加速度大小為

行李加速到與傳送帶共速所用時間為

加速過程通過的位移為

行李與傳送帶共速后做勻速運動到B處所用時間為

則有

故A錯誤；B正確；

C．行李與傳送帶共速前發(fā)生的相對位移為

行李在傳送帶上留下的摩擦痕跡長度為故C錯誤；

D．若使行李最快到達B處，可知行李整個過程都做勻加速直線運動，則有

解得

可知傳送帶的最小運行速率為故D正確。

故選BD。15、A:D【分析】【詳解】

A．根據牛頓第二定律得，物體在斜面上的加速度大小為

在水平面上的加速度大小為

可以判斷出物體先是在斜面上做勻加速直線運動；到達水平面上之后，做勻減速運動，故A正確；

BD．由于物體的運動先是勻加速運動；后是勻減速運動，在每一個運動的過程中物體的加速度的大小是不變的，所以物體的加速度時間的圖象應該是兩段水平的直線，不能使傾斜的直線，故B錯誤，D正確；

C．物體在斜面上的摩擦力大小

大小不變，在水平面上的摩擦力大小

大小不變；故C錯誤。

故選AD。16、A:C【分析】【詳解】

A：該加速過程中物體平均速度故A項正確．

B：物體在該運動過程位移中點的瞬時速度故B項錯誤．

C：將該過程分為兩段相等時間，則物體前一半時間的位移物體后一半時間的位移物體先后兩段相等時間內的位移之比是5∶11．故C項正確．

D：將該過程分為兩段相等位移，物體前一半位移的平均速度物體后一半位移的平均速度據物體先后兩段相等位移所用時間之比是2：1．故D項錯誤．三、填空題(共9題，共18分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】牛1kg·m/s21ma18、略

【分析】【詳解】

[1]氣球開始時做勻速直線運動，釋放沙袋后所受合外力為根據牛頓第二定律：

解得：

減速至0所用時間：

[2]此時沙袋的速度：

解得：【解析】19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]該同學跑完一圈位置沒有發(fā)生改變；故位移為0，所以平均速度也為0；

[2]該同學跑完一圈的路程

則平均速率【解析】020、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]勻變速直線運動是加速度不變的運動；故錯誤；

（2）[2]勻加速直線運動是速度均勻增加的直線運動。故正確；

（3）[3]根據可知；勻加速直線運動的位移不是均勻增大的。故錯誤；

（4）[4]由勻變速直線運動的規(guī)律知，中間時刻的速度

該段時間內位移中點的速度

比較可得

在勻變速直線運動中，中間時刻的速度一定小于該段時間內位移中點的速度。故正確；【解析】錯誤正確錯誤正確21、略

【分析】【詳解】

乙車減速到零所需時間為：4s內的位移為：

甲車做勻加速運動，甲車在4s內的位移

所以甲追上乙時；乙已經停下來了．

所以甲追上乙時，兩者位移相等，故有：a甲t2=△x+x乙；解得：t=5s.【解析】5s22、略

【分析】【詳解】

繩子BC和BD的拉力大小相等，為F=mg

根據平衡條件有滑輪受到繩子的作用力為

方向為左下與豎直方向成60°?！窘馕觥?00N23、略

【分析】【詳解】

[1][2]亞里士多德是古希臘杰出的哲學家、科學家，形式邏輯的創(chuàng)始人，在物理學方面，他認為物體的運動需要力來維持，他雖然提出錯誤的觀點，但是在人類歷史上卻是一個大的進步，對物理學的發(fā)展起到了非常大的貢獻?！窘馕觥抗畔ＥD物體的運動需要力來維持24、略

【分析】【詳解】

[1]t=1s時物體的加速度：m/s2；

[2]t=5s時物體的加速度：m/s2；

[3]由圖可知，全程的位移為：m【解析】1.5-0.751225、略

【分析】【詳解】

[1]電磁打點計時器的工作電源為交流電源；

[2][3]電火花打點計時器的電源是220V交流電源；

[4]我國民用電的頻率是50Hz，所以打點計時器打點周期為T=0.02s

即每隔0.02s秒打一次點；

[5]如果每打5個點取一個計數點，則相鄰的計數點間的時間間隔為5T，即0.1s?！窘馕觥拷涣鹘涣?200.020.1四、作圖題(共1題，共3分)26、略

【分析】【分析】

(1)先畫出標度；然后過物體的重心畫出物體所受重力的大小和方向；

(2)小球光滑；不受摩擦力，只受重力和來自兩個接觸面的彈力作用。

【詳解】

(1)如圖所示：

(2)如圖所示：

【點睛】

力的圖示要求畫出力的三要素，包括大小、方向和作用點，而力的示意圖只需要大致表示出共點力的大小和方向?！窘馕觥?1)(2)五、實驗題(共4題，共16分)27、略

【分析】【詳解】

(1)物體是做勻加速直線運動；根據在誤差允許范圍內，相等時間相鄰位移之差是個定值

(2)根據勻變速直線運動中間時刻的瞬時速度等于這段時間內的平均速度可知vD===0.864m/s；或者vD=(vC+vE)/2=0.865m/s.

(3)小車的速度—時間關系圖線如圖所示：

(4)在v-t圖象中，圖線的斜率表示加速度的大小，則a==0.62m/s2(0.60m/s2~0.64m/s2)【解析】是在誤差允許范圍內，相等時間相鄰位移之差是個定值0.864m/s0.62(0.60~0.64)28、略

【分析】【詳解】

（1）[1]A．因為電磁鐵的作用是利用其磁效應來吸住鐵球的；電路的通斷是靠敲擊或小球撞擊M來實現(xiàn)的，則電源用直流電也可以，故A項錯誤；

B．為了能讓小球準確敲擊到M；則實驗前應將M調整到電磁鐵的正下方以便能及時斷電，故B項正確；

C．為了考慮實驗的精確性；測量小球下落的高度時應用直尺測量電磁鐵下端到M的豎直距離再減去小球的直徑，故C項錯誤；

D．從第一個小球開始下落時刻開始計時；即手動敲擊M的時，故D項正確。

故選BD。

（2）[2]設每個小球下落時間為t，則

由自由落體運動的位移公式得

注意結果保留兩位有效數值。

（3）[3]要想減少誤差；可以增加小球下落的高度，以延長下落的時間，從而減小測量下落時間而造成的誤差；還可以多次試驗，取平均值，以減少偶然誤差等。

（4）[4]由和可得

因此可以消去的影響。【解析】BD9.4增加小球下落的高度，多次重復實驗，結果取平均值（其它答案只要合理也可）可以消去的影響29、略

【分析】【詳解】

（1）[1]．A．實驗前應將木板遠離定滑輪一端適當墊高，以平衡摩擦力，這樣細線下端懸掛鉤碼的重力才能視為小車受到的合力F；選項A正確；

B．實驗前應調節(jié)定滑輪高度，使定滑輪和小車間的細線與木板平行，這樣細線下端懸掛鉤碼的重力才能視為小車受到的合力F；選項B正確；

C．要使得細線下端懸掛鉤碼的重力等于小車受到的合力；則要使得小車的質量應遠大于鉤碼的質量，選項C錯誤；

D．實驗時，應先接通打點計時器電源，后釋放小車，這一操作對保證“細線下端懸掛鉤碼的重力