2025年仁愛科普版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年仁愛科普版必修3物理上冊階段測試試卷16考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、關于物理學的研究方法，下列說法正確的是（）A.法拉第用歸納法得出了電磁感應的產(chǎn)生條件B.由牛頓運動定律可知加速度該公式體現(xiàn)了比值定義法C.伽利略猜想自由落體運動的速度與下落時間成正比，并直接用實驗進行了驗證D.在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，然后把各小段的位移相加，這里采用了理想模型法2、圖示電路中，電源內(nèi)阻為r，電容器的兩塊極板A、B間有一帶電油滴恰能靜止．把的滑動片向右滑動時；下列說法中正確的是（）

A.電流表讀數(shù)減小，油滴向下運動B.電流表讀數(shù)減小，油滴向上運動C.電流表讀數(shù)增大，油滴向下運動D.電流表讀數(shù)增大，油滴向上運動3、一半徑為R的半球面均勻帶有正電荷Q,電荷Q在球心O處產(chǎn)生物的場強大小方向如圖所示.把半球面分為表面積相等的上、下兩部分,如圖甲所示,上、下兩部分電荷在球心O處產(chǎn)生電場的場強大小分別為把半球面分為表面積相等的左、右兩部分,如圖乙所示,左、右兩部分電荷在球心O處產(chǎn)生電場的場強大小分別為則()

A.B.C.D.4、如圖所示，一質(zhì)子只在電場力的作用下，沿虛線由M點運動到N點；質(zhì)子的電勢能增加，則下列說法正確的是（）

A.M點的電場強度大B.質(zhì)子在M點的速度可能為0C.M、N間的虛線可能是一條電場線D.N點的電勢高5、保護知識產(chǎn)權(quán)，抵制盜版是我們每個公民的責任與義務．盜版書籍影響我們的學習效率，甚至會給我們的學習帶來隱患。小華同學有一次不小心購買了盜版的物理參考書做練習時，他發(fā)現(xiàn)有一個帶電質(zhì)點的電荷量數(shù)字看不清，他只能看清是6.____×10－18C，拿去問老師，如果你是老師，你認為該帶電質(zhì)點的電荷量可能是下列哪一個（）A.6.2×10－18CB.6.4×10－18CC.6.6×10－18CD.6.8×10－18C6、帶電量分別為和的正負點電荷，其電場線分布如圖中實線所示，在兩點電荷的連線上有A、B、C、D四點，且下列說法中正確的是（）

A.點電荷位于B點B.A點的電場強度為零C.A點的電勢比D點的電勢高D.把一個負試探電荷從BC中點移至無窮遠處，其電勢能減小7、在如圖所示電路中，電源內(nèi)阻不可忽略，開關S閉合后，在滑動變阻器的滑動端由b向a緩慢滑動的過程中；下列說法正確的是（）

A.電流表的示數(shù)增大B.電壓表的示數(shù)減小C.電阻的電功率增大D.電容器C所帶電荷量增大評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、如圖所示的電路中，定值電阻為R，滑動變阻器最大阻值R＇＝2R，電源電動勢為E，內(nèi)電阻r＝R，燈泡L的電阻為R，G為零刻度在中央的理想電流計，V為理想伏特計，當滑動變阻器的觸片P從左端滑到右端的過程中，下列判斷正確的是（）

A.G的示數(shù)先減小后增大B.V的示數(shù)先增大后減小C.電源的輸出功率先增大后減小D.燈泡L先變暗后變亮9、如圖是某品牌電動汽車的標識牌；以下說法正確的是（）

A.該電池的容量為60A·hB.該電池以6A的電流放電，可以工作10hC.該電池以6A的電流放電，可以工作60hD.該電池充完電可貯存的電荷量為60C10、如圖所示，相互垂直的固定絕緣光滑擋板PO、QO，豎直放置在重力場中，a、b為兩個帶有同種電量的小球（可以近似看成點電荷），當用水平向左的作用力F作用于b時，a、b緊靠擋板處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)若稍改變F的大小，使b稍向左移動一段小距離，則當a、b重新處于靜止狀態(tài)后（）

A.ab間的電場力增大B.作用力F將減小C.系統(tǒng)重力勢能增加D.系統(tǒng)的電勢能將減小11、光滑絕緣水平面上固定兩個等量點電荷，它們連線的中垂線上有A、B、C三點，如圖甲所示。一質(zhì)量m=1kg的帶正電小物塊由A點靜止釋放，并以此時為計時起點，沿光滑水平面經(jīng)過B、C兩點，其運動過程的v-t圖象如圖乙所示，其中圖線在B點位置時斜率最大；根據(jù)圖線可以確定（）

A.中垂線上B點電場強度最大B.兩點電荷是負電荷C.B點是A、C連線的中點D.UBC>UAB12、真空中電量均為Q的兩同種點電荷連線和一絕緣正方體框架的兩側(cè)面ABB1A1和DCC1D1中心連線重合，連線中心和立方體中心重合，空間中除兩同種電荷Q產(chǎn)生的電場外，不計其它任何電場的影響，則下列說法中正確的是（）

A.正方體兩頂點A、C1電場強度相同B.正方體兩頂點A、C1電勢相同C.兩等量同種點電荷周圍電場線和面ABB1A1總是垂直D.把正檢驗電荷q從頂點A移到C電場力不做功13、如圖所示是用于離子聚焦的靜電四極子場的截面圖，四個電極對稱分布，其中兩個電極帶正電荷，形成高電勢兩個電極帶負電荷，形成低電勢圖中a、b、c、d四個點為電場中的四個位置。下列說法正確的是（）

A.圖中虛線表示電場線B.a點的電場強度大于b點的電場強度C.電荷在四個電極的表面分布不均勻D.電子在c點的電勢能小于電子在d點的電勢能14、豎直平面內(nèi)有一勻強電場，如圖所示，其電場線（方向未知）與水平方向成30°角，圖中與電場線垂直，在同一水平線上，且現(xiàn)從電場中的點沿水平方向拋出一質(zhì)量為電荷量為的可視為質(zhì)點的物體，經(jīng)時間物體恰好經(jīng)過點。已知物體在兩點的速率相等，重力加速度為則下列說法正確的是（）

A.電場線的方向垂直斜向下B.該勻強電場的場強C.物體由運動到的過程中電場力做功的值為D.兩點在豎直方向的高度差為15、如圖所示，在豎直放置的平行板電容器的金屬板內(nèi)側(cè)表面系一絕緣細線，細線下端系一帶電小球，帶電小球靜止時絕緣細線與金屬板的夾角為為定值電阻，為滑動變阻器，為電阻箱。閉合開關S，電流表和電壓表的示數(shù)分別為和已知電源電動勢和內(nèi)阻一定，電表均為理想電表。下列說法正確的有（）

A.小球帶負電B.將的滑片向左移動，角變小C.調(diào)節(jié)使其阻值減小，與的比值變小D.調(diào)節(jié)使其阻值減小，的變化量的絕對值與的變化量的絕對值的比值不變評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)16、在如圖所示的電路中，電源內(nèi)電阻為r,R1、R3分別為兩個定值電阻．閉合電鍵S,當變阻器R2的滑動觸頭P向下滑動時，伏特表V1的示數(shù)逐漸________(選填“增大”、“減小”、“不變”)．若移動P的過程中，電流表示數(shù)變化量的大小為伏特表V2示數(shù)變化量的大小則比值是_______________(選填“增大”；“減小”、“不變”)

17、電阻絲直徑的測量。

電阻絲比較細，所以我們選取______或______來測量電阻絲的直徑d.在不同位置測量三次，根據(jù)S＝πd2計算出電阻絲的橫截面積S。18、如下圖所示，是我們家里經(jīng)常使用的電風扇，在使用一段時間之后發(fā)現(xiàn)扇葉上沾滿了灰塵，是因為扇葉______（填一物理名詞）使得扇葉容易吸附灰塵。

19、一半徑為R的絕緣球殼上均勻地帶有電荷量為+Q的電荷，另一電荷量為+q的點電荷放在球心O上，如圖所示．現(xiàn)在球殼上挖去半徑為r（r<<R）的一個小圓孔，則此時置于球心的點電荷所受電場力的大小為______（已知靜電力常量為k），方向____________．

20、如圖所示，A、B、C為一等邊三角形的三個頂點，某勻強電場的電場線平行于該三角形平面。現(xiàn)將電荷量為10-8C的正點電荷從A點移到B點，電場力做功為3×10-6J，則A、B兩點間的電勢差UAB=______V，將另一電荷量為10-8C的負點電荷從A點移到C點，克服電場力做功3×10-6J。若AB邊長為2cm，則電場強度大小______V/m，方向______。

21、電源的作用：保持導體兩端的_______，使電路有持續(xù)的________。22、某同學在做“測定金屬電阻率”的實驗時，通過游標卡尺和螺旋測微器分別測量一薄金屬圓片的直徑和厚度，讀出圖中的示數(shù)，游標卡尺所示的金屬圓片直徑的測量值為_____mm，螺旋測微器所示的金屬圓片厚度的測量值為____mm。

評卷人得分四、作圖題(共2題，共20分)23、連線題：請將下列電路元器件的實物圖與其符號相連。

24、如圖所示是某電場中的電場線，請畫出點a點的場強方向和電荷-q在b點所受電場力的方向。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共7分)25、利用高電阻放電法研究電容器的充放電，實驗是利用高阻值電阻延長充放電時間，繪制電容器充放電電流與時間的i-t圖像來研究電容器的充放電規(guī)律。

某同學先按圖甲所示電路連接好實驗電路。然后繼續(xù)實驗操作如下：

(1)先接通開關S1、S2，調(diào)節(jié)電阻箱R的阻值，使微安表的指針偏轉(zhuǎn)接近滿刻度，記下這時微安表的示數(shù)i0=500μA、電壓表的示數(shù)U0=6.0V，此時電阻箱R的阻值為8.5kΩ，則微安表的內(nèi)阻為_____kΩ。

(2)斷開開關S2，同時開始計時，每隔5s或10s讀一次電流i的值，將測得數(shù)據(jù)填入預先設計的表格中，根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)在坐標紙上標出以時間t為橫坐標、電流i為縱坐標的點，如圖乙中用“×”表示的點。請在圖乙中描繪出電流隨時間變化的圖線_____。

(3)根據(jù)圖線估算出該電容器在整個放電過程中放出的電荷量約為_____C；（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）

(4)根據(jù)公式_____來計算電容器的電容。（只要求寫出表達式，不要求計算結(jié)果）評卷人得分六、解答題(共2題，共6分)26、如圖所示，水平虛線AB、CD之間有一勻強電場，電場強度的大小、方向未知，其中虛線AB與CD的間距等于CD與水平地面的間距，兩完全相同的帶正電粒子甲、乙分別從AB上的O點沿相反方向，以相等的速率v水平進入電場區(qū)域，此后甲恰好從O點正下方的P點離開電場區(qū)域，已知乙離開電場時的動能與甲落地時動能相等，且均是甲離開電場時動能的2.6倍，重力加速度大小為g，甲、乙質(zhì)量均為m，電量均為q；不計粒子間的相互作用，求：

(1)甲；乙離開電場時的水平速度大??；

(2)甲落地時的豎直分速度與乙離開電場時的豎直分速度的比值；

(3)勻強電場的大小和方向。

27、把一個帶電荷量為的正點電荷從電場中的A點移到無限遠處時，靜電力做功若把該電荷從電場中的B點移到無限遠處時，靜電力做功取無限遠處電勢為零。

（1）求A點的電勢;

（2）求A、B兩點的電勢差;

（3）若把電荷量為的負電荷由A點移到B點，靜電力做的功為多少？參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【分析】

【詳解】

A．法拉第用歸納法得出了電磁感應的產(chǎn)生條件；A正確；

B．由牛頓運動定律可知加速度該公式不是比值定義法，B錯誤；

C．伽利略猜想自由落體運動的速度與下落時間成正比；一定的實驗加合理外推而得到的，并不是直接用實驗進行了驗證，C錯誤；

D．在推導勻變速直線運動位移公式時；把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，然后把各小段的位移相加，這里采用了微元法，D錯誤。

故選A。2、B【分析】【詳解】

的滑動片向右滑動時，增大；外電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，干路電流減小，則知電流表讀數(shù)減?。陕冯娏鳒p小，電源的內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，則電容器板間電壓增大，板間電場強度增大，油滴所受的電場力增大，則油滴向上運動，B正確，ACD錯誤。

故選B．3、A【分析】【詳解】

根據(jù)點電荷電場強度公式且電荷只分布球的表面，對于圖甲，雖表面積相同，但由于間距的不同，則上、下兩部分電荷在球心O處產(chǎn)生電場的場強大小關系為因電荷Q在球心O處產(chǎn)生物的場強大小則而故A正確，B錯誤；對圖乙，半球面分為表面積相等的左、右兩部分，是由于左右兩個半個球殼在同一點產(chǎn)生的場強大小相等，則根據(jù)電場的疊加可知：左側(cè)部分在O點產(chǎn)生的場強與右側(cè)電荷在O點產(chǎn)生的場強大小相等，即．由于方向不共線，由合成法則可知，故CD錯誤，故選A.

【點睛】根據(jù)電場的疊加原理，分析半球殼在O點的場強方向，再比較場強的大小關系．根據(jù)結(jié)合左右兩側(cè)球殼上點電荷到O點距離的關系，進行分析．4、D【分析】【詳解】

A．只有一條運動軌跡；無法確定場強的大小關系，A錯誤；

B．質(zhì)子運動過程只有電場力做負功，故動能減小，在M點的初速度不可能為零；B錯誤；

C．虛線MN是質(zhì)子的運動軌跡，根據(jù)曲線運動的條件（電場力總是指向軌跡的凹側(cè)）可知，場強一定指向軌跡的凹側(cè)，故虛線MN不可能是一條電場線；C錯誤；

D．質(zhì)子電勢能增加，據(jù)

可知，電勢升高，故N點的電勢高；D正確。

故選D。5、B【分析】【詳解】

任何帶電體的電荷量是元電荷的整數(shù)倍，即是的整數(shù)倍，由計算可知，只有是的整數(shù)倍。

故選B。6、C【分析】【分析】

【詳解】

A．B處的電場線比較密集，說明B處的電荷量很大，即B處為4q的正電荷；故A錯誤；

B．設AB=BC=CD=r，B為4q正電荷，C為?q負電荷，則A點的電場強度

故B錯誤；

C．點電荷的電勢為

A點的電勢為

D點電勢為

顯然A點電勢大于D點電勢；故C正確；

D．因為正電荷電量大于負電荷，所以BC中點電勢大于0，根據(jù)

中點電勢能小于零，而無窮遠處電勢為零，電勢能為零，所以把一個負試探電荷從BC中點移至無窮遠處；其電勢能增大，故D錯誤。

故選C。7、D【分析】【詳解】

A．滑動變阻器的滑動端由向緩慢滑動的過程中，變大；電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知總電流減小，電流表的示數(shù)減小，故A錯誤；

B．電壓表測量的是滑動變阻器兩端的電壓，由

總電流減小，路端電壓增大，R1所分電壓減小；則電壓表示數(shù)增大，故B錯誤；

C．電阻的電功率

根據(jù)數(shù)學知識可知，當

時，電阻的電功率最大，故由b向a緩慢滑動的過程中，電阻的電功率不一定一直增大；故C錯誤；

D．電容器兩端電壓等于兩端的電壓，兩端電壓增大，電容器兩端的電壓增大，根據(jù)

可知；電容器所帶的電荷量增加，故D正確。

故選D。二、多選題(共8題，共16分)8、A:B:C【分析】【詳解】

A．當滑動變阻器的觸片P從左端滑到右端的過程中，由電橋平衡原理可知，當觸片P滑到變阻器中點時，即兩邊電阻均為R時；電橋平衡，此時電流計的讀數(shù)為零，則G的示數(shù)先減小到零后增大，故選項A正確；

B．當觸片P滑到變阻器中點時，即兩邊電阻均為R時；此時外電路的總電阻最大，此時路端電壓最大，即V的示數(shù)先增大后減小，故B正確；

C．當觸片P滑到變阻器中點時

此時電源的輸出功率最大；則電源的輸出功率先增大后減小，故選項C正確；

D．當觸片P滑到變阻器最左端時，燈泡被短路，不亮；觸片P滑到變阻器中點時，外電路電阻為R，則通過燈泡的電流為

當P滑到最右端時，外電路電阻為通過燈泡的電流

則當滑動變阻器的觸片P從左端滑到右端的過程中；燈泡L一直變亮，故選項D錯誤。

故選ABC。9、A:B【分析】【分析】

【詳解】

ABC．從題圖標識牌可知電池的容量為60A·h；即以6A的電流放電可工作10h，故A；B正確，C錯誤；

D．該電池充完電可貯存的電荷量。

q=60×3600C=2.16×105C故D錯誤。

故選AB。10、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．以a球為研究對象，分析受力情況：重力G、墻壁的支持力FN1和b球?qū)球的靜電力F1；如圖。

根據(jù)平衡條件，在豎直方向向有G1=F1sinα

當小球A沿墻壁PO向著O點移動小段距南后，α變大，則F1減小，a、b間電場力減小；A錯誤；

B．以球為研究對象，對b球進行受力分析如下圖。

由圖可知F=F1cosα

由于α變大，cosα減小，F(xiàn)減小；B正確；

C．由于F1減小，根據(jù)F1=k

可知，兩球間距離增大，由于b稍有向左移動一段小距離，所以a球上升段距離；系統(tǒng)重力勢能增加，C正確；

D．兩球間距離增大；電勢能減小，D正確。

故選BCD。11、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)v-t圖象的斜率表示加速度，知小物塊在B點的加速度最大，所受的電場力最大，所以中垂線上B點電場強度最大；選項A正確；

B．小物塊從B到C動能增大；電場力做正功，且小物塊帶正電，可知兩點電荷是正電荷，選項B錯誤；

C．中垂線上電場線分布不均勻，不能確定B點是A、C連線的中點；選項C錯誤；

D．小物塊從A→B的過程中；根據(jù)動能定理有。

qUAB=mvB2-mvA2=×1×42J-0=8J小物塊從B→C的過程中；根據(jù)動能定理有。

qUBC=mvC2-mvB2=×1×72J-×1×42J=16.5J對比可得。

UBC>UAB選項D正確。

故選AD。12、B:D【分析】【分析】

電場強度是矢量；通過場強的疊加獲得合場強；電勢是標量，沿著電場線方向電勢降低，可以根據(jù)對稱性判斷電勢的大小；電荷從等勢面上的一點移動到另一點，電場力不做功。

【詳解】

AC．電場強度是矢量，需要兩個電荷在不同點進行場強的疊加，所以A點和C1點兩處的電場強度大小相等，方向不同，且A點合場強不與面ABB1A1垂直；所以AC錯誤；

B．根據(jù)電勢的對稱性可知A、B、B1、A1、和D、C、C1、D1這8個點的電勢相等（關于點電荷連線的中點對稱）；故B正確；

D．因為A點和C點的電勢相等，根據(jù)電場力做功：

可知，正檢驗電荷q從頂點A移到C電場力不做功；故D正確。

【點睛】

考查等量同種電荷電場線和等勢面的分布，掌握電場強度和電勢的標矢性。13、C:D【分析】【詳解】

A．四個電極都是等勢面；電場線與等勢面垂直，則圖中虛線表示等勢線，故A錯誤；

B．因b點等勢面較a點密集，則b點電場線分布較a點密集，即b點的電場強度大小比a點的電場強度大小較大；故B錯誤；

C．每個電極附近的等勢面分布的疏密不同；則電極表面的電場線疏密不同，則電荷在每個電極的表面分布不均勻，故C正確；

D．越靠近正電荷電勢越高，越靠近負電荷電勢越低，故c點的電勢高于d點的電勢，而電子帶負電，負電荷在電勢越低的地方電勢能越大，所以電子在c點的電勢能小于電子在d點的電勢能；故D正確。

故選CD。14、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．物體在兩點的速率相等，則物體在兩點的動能相等，由于重力做正功，則電場力做負功，又物體帶正電，所以電場線的方向垂直斜向下；A正確；

B．對物體由運動到的過程，由動能定理可得

由于

解得

B正確；

D．將電場力分解為沿水平方向和豎直方向的分力，則豎直方向上的分力大小為

則物體在豎直方向上受的合力大小為

由牛頓第二定律可知，豎直方向上的分加速度大小為

則物體由運動到的過程中下落的高度為

D正確；

C．由幾何關系可知，物體由運動到的過程中沿電場線方向的位移大小為

電場力做功的值為

C錯誤。

故選ABD。15、A:C:D【分析】【詳解】

A．閉合開關S后；電容器左極板帶正電，右極板帶負電，板間場強方向向右，由圖可知小球所受的電場力方向向左，因此小球帶負電，A正確；

B．與電容器串聯(lián)，相當于導線，移動滑動變阻器的滑片，不改變電路的總電阻，電容器兩極板間的電壓不變，板間場強不變，小球受到的電場力不變，則角不變；故B錯誤；

C．根據(jù)歐姆定律可知

減小與的比值變小；C正確；

D．根據(jù)閉合電路歐姆定律可得

可得

故減小時，的變化量的絕對值與的變化量的絕對值的比值不變；D正確。

故選ACD。三、填空題(共7題，共14分)16、略

【分析】【詳解】

[1][2]當變阻器的滑動觸頭P向下滑動時,接入電路的電阻變大,電路總電阻變大,根據(jù)閉合電路歐姆定律,總電流減小,電阻兩端的電壓減小,所以伏特表的示數(shù)逐漸減小,伏特表的示數(shù)

所以伏特表示數(shù)變化量的大小為

所以比值是定值大小不變．【解析】減小不變17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】螺旋測微器游標卡尺18、略

【分析】【分析】

【詳解】

因為電扇工作時，轉(zhuǎn)動的扇葉與空氣摩擦帶上電荷，而帶電體具有吸引輕小物體的性質(zhì)，所以灰塵會被吸在扇葉上。【解析】摩擦起電19、略

【分析】【詳解】

球殼的電荷面密度σ=球殼上挖去半徑為r的小圓孔，去掉的電荷量q′=σπr2=關于球心O對稱位置相應電荷對球心電荷的電場力大小為F==方向由球心指向小圓孔圓心，其余部分對球心電荷的合力為零．【解析】由球心指向小圓孔圓心20、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)題意

[2]根據(jù)題意

所以，B、C在同一等勢面上，根據(jù)電場強度公式

[3]電場強度的方向為垂直于BC向右下方【解析】300104V/m垂直于BC向右下方21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]電源的作用是使電路兩端存在電壓，電壓是使電荷定向移動的原因，即使電路中有持續(xù)電流?！窘馕觥竣?電壓②.電流22、略

【分析】【詳解】

[1]游標卡尺的主尺讀數(shù)為10mm，游標尺上第10個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標尺讀數(shù)為

所以最終讀數(shù)為

[2]螺旋測微器的固定刻度為4.5mm，可動刻度為