2025年冀少新版高二物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年冀少新版高二物理上冊(cè)月考試卷194考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、在粗糙的地面上勻速移動(dòng)桌子，采用下列施力方式，其中施力最小的是(

)

A.B.C.D.2、一個(gè)帶電粒子，沿垂直于磁場(chǎng)的方向射入一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，粒子的一段徑跡如圖所示，徑跡上的每一小段可近似看成圓弧.

由于帶電粒子使沿途的空氣電離，粒子的能量逐漸減小(

帶電量不變).

從圖中可以確定(

)

A.粒子從a

到b

帶正電B.粒子從b

到a

帶正電C.粒子從a

到b

帶負(fù)電D.粒子從b

到a

帶負(fù)電3、如圖甲，AB是某電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線，若有一電荷量恒定且?guī)д姷牧Ｗ右阅骋怀跛俣?，僅在電場(chǎng)力的作用下，沿AB由A運(yùn)動(dòng)到B。其速度圖像如圖乙所示。下列關(guān)于A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)φ和電場(chǎng)強(qiáng)度E的判斷正確的是()A.EA>EBφA>φBB.EABφA<φBC.EA>EBφA<φBD.EABφA>φB4、用力F拉一物體使其以加速度a在水平面上做勻加速直線運(yùn)動(dòng),力F的水平分量為F1,如圖所示.若以與F1大小、方向都相同的力F’代替力F拉此物體,使物體產(chǎn)生的加速度為2,則（）A.當(dāng)該水平面光滑時(shí),a’B.當(dāng)該水平面光滑時(shí),a’=aC.當(dāng)該水平面粗糙時(shí),a’D.當(dāng)該水平面粗糙時(shí),a’>a5、如圖所示，把兩個(gè)完全一樣的環(huán)形線圈互相垂直地放置，它們的圓心位于一個(gè)共同點(diǎn)O上，當(dāng)通以相同大小的電流時(shí)，O點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度與一個(gè)線圈單獨(dú)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小之比是()A.1∶1B.∶1C.1∶D.2∶16、關(guān)于靜電場(chǎng)的下列說法中正確的是A.電場(chǎng)中電勢(shì)較高處的電場(chǎng)強(qiáng)度一定較大B.由電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=F/q可知，電場(chǎng)中某點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小與檢驗(yàn)電荷在該點(diǎn)所受的電場(chǎng)力成正比，與檢驗(yàn)電荷的電量成反比C.電場(chǎng)中某點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向就是該點(diǎn)所放電荷受到的電場(chǎng)力的方向D.電場(chǎng)中的電場(chǎng)線一定與等勢(shì)面垂直相交7、如圖所示用兩根等長(zhǎng)的絕緣細(xì)線各懸掛質(zhì)量分別為mA和mB的小球，懸點(diǎn)為O，兩小球均帶正電荷，當(dāng)小球由于靜電力作用張開一角度時(shí)，A球懸線與豎直線夾角為α，B球懸線與豎直線夾角為β，如果α=30°，β=60°，則兩小球mA和mB之比為（）

A.

：1B.1：2C.1：D.2：18、如圖所示為大型電子地磅電路圖，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻不計(jì)。不稱物體時(shí)，滑片P滑到A端，滑動(dòng)變阻器接入電路的有效電阻最大，電流較小；稱重物時(shí)，在壓力作用下使滑片P下滑，滑動(dòng)變阻器有效電阻變小，電流變大，這樣把電流對(duì)應(yīng)的重量值刻在刻度盤上，就可以讀出被稱物體的重量值，若滑動(dòng)變阻器上A、B間距離為L(zhǎng)，最大阻值等于電阻阻值R0，已知兩只彈簧的總彈力與形變量成正比，其比例系數(shù)為k，所稱重物的重量G與電流大小I的關(guān)系為（）A.G=2kL+B.G=2kL-C.G=+kLD.G=kIL評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)9、模塊機(jī)器人具有三個(gè)部分，它們分別是____器，控制器和執(zhí)行器，如果模塊機(jī)器人有2種傳感器，3種控制方式，4種執(zhí)行器，那么從理論上可以有____種組合方式．10、在如圖所示的勻強(qiáng)電場(chǎng)中有A、B點(diǎn)，AB=0.1m，AB和電場(chǎng)方向成60°角，一個(gè)電荷量為q=4×10-8C的正電荷從A移到B電場(chǎng)力做功為W=1.2×10-6J求：1.A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差UAB2.勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E11、把一個(gè)矩形線圈從有理想邊界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速拉出如圖．第一次速度為V1，第二次速度為v2，且V2=2V1，則兩情況下拉力的功之比=______，拉力的功率之比=______：線圈中產(chǎn)生的焦耳熱之比=______．12、一個(gè)質(zhì)量為0.1kg

的小球，從5m

高處下落，若落地時(shí)受到1.6NS

的合外力的沖量作用，則小球反跳速率是____(

g

=10m/s2).

13、如圖所示，一個(gè)運(yùn)動(dòng)的中子與一個(gè)靜止的中子發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程中動(dòng)量____（“一定”、“可能”或“一定不”）守恒，碰撞后A中子____（“靜止”“向右運(yùn)動(dòng)”或“向左運(yùn)動(dòng)”）．

14、如圖所示，在一次救災(zāi)工作中，一架離水面高為H，沿水平直線飛行的直升機(jī)A，用懸索(重力可忽略不計(jì))救護(hù)困在湖水中的傷員B，已知傷員B的質(zhì)量為m，不計(jì)空氣阻力，在直升機(jī)A和傷員B以相同的水平速度水平勻速運(yùn)動(dòng)的同時(shí)，懸索將傷員吊起。A、B之間的距離l隨時(shí)間t的變化規(guī)律為：l="H"-kt2(SI制單位，k為給定常數(shù))，則在時(shí)間t內(nèi)傷員的機(jī)械能增加了________；t時(shí)刻懸索拉力的瞬時(shí)功率為______________。15、電流表G的滿偏電流時(shí)3mA，內(nèi)阻是100Ω，把它改裝成量程為3V的電壓表，應(yīng)____（填串或并）連一個(gè)阻值為____Ω的電阻．若把它改裝成一個(gè)大量程的電流表應(yīng)____（填串或并）連一個(gè)電阻．16、在遠(yuǎn)距離送電時(shí)，如果輸送電壓為2000V，輸送功率為10kW，輸電線的電阻為20Ω，則輸電線上損失功率為______，損失電壓為______，用戶得到電壓為______，用戶得到的功率為______．17、李明最近購買了一臺(tái)冷熱兩用的空調(diào)；這臺(tái)空調(diào)的說明書中主要數(shù)據(jù)如表所示．

。電源電壓220V頻率50Hz額定制冷功率1320W額定制熱功率1420W(1)

空調(diào)工作時(shí)應(yīng)選如圖中______孔插座(

填“二”或“三”)

(2)

空調(diào)正常制冷時(shí)電流為______A

連續(xù)正常制冷30min

消耗的電能為______kW?h

．評(píng)卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)18、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

21、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

22、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

23、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）24、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）25、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）26、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、計(jì)算題(共2題，共10分)27、（8分）如圖所示，擺長(zhǎng)為L(zhǎng)的單擺，當(dāng)擺球由A經(jīng)平衡位置O向右運(yùn)動(dòng)的瞬間，另一小球B以速度v同時(shí)通過平衡位置向右運(yùn)動(dòng)，B與水平面無摩擦，與豎直墻壁碰撞無能量損失，問OC間距離x滿足什么條件，才能使B返回時(shí)與A球相遇？28、圖（甲）為小型旋轉(zhuǎn)電樞式交流發(fā)電機(jī)的原理圖，其矩形線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)方向的固定軸OO′勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，線圈的匝數(shù)n=100、電阻r=10Ω；線圈的兩端經(jīng)集流環(huán)與電阻R連接，電阻R=90Ω，與R并聯(lián)的交流電壓表為理想電表．在t=0時(shí)刻，線圈平面與磁場(chǎng)方向平行，穿過每匝線圈的磁通量隨時(shí)間t按圖（乙）所示正弦規(guī)律變化．求：

（1）交流發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)的最大值；

（2）從線框經(jīng)過圖示位置開始計(jì)時(shí)；寫出交流發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式；

（3）電路中交流電壓表的示數(shù)．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】解：C

和D

受力相同；摩擦力和外力的大小相等，B

中F

有向下的分力，因?yàn)槭谴植诘牡孛妫阅Σ亮υ龃?，相反，A

中F

有向上的分力，壓力減小，摩擦力減小，所以A

施力最?。?/p>

故選A．

對(duì)物體受力分析；根據(jù)拉力的方向可以判斷物體受到的摩擦力的大小從而找出拉力最小的情況．

物體受到的是滑動(dòng)摩擦力，滑動(dòng)摩擦力的大小是與物體對(duì)接觸面的正壓力成正比的．【解析】A

2、B【分析】解：由于帶電粒子使沿途的空氣電離，粒子的能量逐漸減小，速度逐漸減小，根據(jù)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑公式r=mvqB

可知；粒子的半徑逐漸的減??；

所以粒子的運(yùn)動(dòng)方向是從b

到a

再根據(jù)左手定則可知，粒子帶正電，所以B正確．

故選：B

．

根據(jù)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑公式r=mvqB

來分析粒子的運(yùn)動(dòng)的方向；在根據(jù)左手定則來分析電荷的性質(zhì)．

根據(jù)r=mvqB

可知，粒子運(yùn)動(dòng)的半徑與速度的大小有關(guān)，根據(jù)半徑的變化來判斷粒子的運(yùn)動(dòng)的方向，這是解決本題的關(guān)鍵．【解析】B

3、C【分析】【解析】試題分析：由圖可知，電子在A點(diǎn)加速度較大，則可知A點(diǎn)所受電場(chǎng)力較大，由F=Eq可知，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)要大于B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)；而電子從A到B的過程中，速度減小，動(dòng)能減小，則可知電場(chǎng)力做負(fù)功，故電勢(shì)能增加，故?A＜?B且電子帶負(fù)電，由可知，A點(diǎn)的電勢(shì)要大于B點(diǎn)電勢(shì)，故C正確，考點(diǎn)：考查了電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系【解析】【答案】C4、B|C【分析】如果水平面光滑，沒有摩擦力，則兩種情況合外力相同，加速度相同，B對(duì)；如果有摩擦力第二種情況則a’【解析】【答案】BC5、B【分析】試題分析：以環(huán)形電流的磁場(chǎng)為知識(shí)背景，考查對(duì)安培定則的應(yīng)用和磁場(chǎng)疊加的運(yùn)算能力。設(shè)每個(gè)通電環(huán)形線圈在O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，由安培定則可判斷B的方向分別為垂直紙面向內(nèi)和豎直向上，其磁感應(yīng)強(qiáng)度的矢量和為故與一個(gè)線圈單獨(dú)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小之比為∶1?？键c(diǎn)：安培定則磁場(chǎng)疊加平行四邊形定則【解析】【答案】B6、D【分析】試題分析：A中電場(chǎng)強(qiáng)度與電場(chǎng)線的疏密有關(guān)，與電勢(shì)的高低無關(guān)，故A不對(duì)；B中電場(chǎng)強(qiáng)度的大小與檢驗(yàn)電荷在該點(diǎn)所受到的電場(chǎng)力無關(guān)，只與該點(diǎn)在電場(chǎng)中的位置有關(guān)，受到的電場(chǎng)力大，但電荷量還大，故其比值是不變的，B不對(duì)；C中電場(chǎng)中某點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向應(yīng)該是該點(diǎn)所放正電荷受到的電場(chǎng)力的方向，故C是不對(duì)的；D中電場(chǎng)中的電場(chǎng)線一定與等勢(shì)面垂直相交是正確的，故選D?？键c(diǎn)：電場(chǎng)強(qiáng)度的概念。【解析】【答案】D7、A【分析】【解答】解：對(duì)兩球受力分析；

根據(jù)共點(diǎn)力平衡和幾何相似比得：

根據(jù)正弦定理，則有，

綜上所述，mA：mB===故A正確；BCD錯(cuò)誤．

故選：A．

【分析】對(duì)小球受力分析，根據(jù)受力平衡可得出小球的傾角與電量、重力的關(guān)系，則可得出兩小球的質(zhì)量的大小關(guān)系．8、B【分析】解：由胡克定律可知；kx=G；

得：x=

此時(shí)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻R′=R0=R0

由閉合電路歐姆定律可知：I=

解得：G=2kL-

故B正確ACD錯(cuò)誤。

故選：B。

由胡克定律可求得彈簧的形變量，由電阻定律可求得滑動(dòng)變阻器接入電阻；而滑動(dòng)變阻器與R0串聯(lián)；由閉合電路歐姆定律可求得電路中的電流。

本題綜合考查閉合電路歐姆定律及胡克定律等有關(guān)內(nèi)容，綜合性較強(qiáng)；要注意尋找題目中的隱含條件，建立各知識(shí)點(diǎn)間的聯(lián)系?！窘馕觥緽二、填空題(共9題，共18分)9、略

【分析】

模塊機(jī)器人由傳感器；控制器和執(zhí)行器三個(gè)模塊組成；相當(dāng)于人的感覺器官、大腦和肌肉．

根據(jù)數(shù)學(xué)組合可知；若選擇一個(gè)傳感器，一個(gè)控制方式，則有四種組合，因此共有24種組合．

故答案為：傳感；24

【解析】【答案】模塊機(jī)器人由傳感器；控制器和執(zhí)行器三個(gè)模塊組成．

10、略

【分析】（1）W=Eql*cosE==600N/C(2)UAB=El*cos=30V【解析】【答案】1.600N/C2.30V11、略

【分析】解：兩情況下；由于位移相同，所以拉力的功與拉力成正比，而拉力與安培力相等，則拉力做的功與安培力成正比，而安培力卻與速度成正比，所以拉力做的功與速度成正比，即1：2；

在兩種情況下；拉力的功率與拉力及速度的乘積成正比，所以功率之比為1：4．

而線圈產(chǎn)生的焦耳熱與拉力做功相等；所以焦耳熱之比1：2．

故答案為：1：2；1：4，1：2

在恒力作用下；矩形線圈以不同速度被勻速拉出，則拉力做功等于拉力與位移的乘積，而拉力功率等于拉力與速度的乘積，線圈產(chǎn)生的焦耳熱等于拉力做的功．

通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中受到的安培力與運(yùn)動(dòng)速度有關(guān)，而且是唯一與速度有關(guān)的一個(gè)力．同時(shí)通過本題讓學(xué)生掌握去尋找要求的量與已知量的關(guān)系，其他不變的量均可去除．【解析】1：2；1：4；1：212、6m/s【分析】【分析】根據(jù)速度位移公式求出小球落地的速度，通過動(dòng)量定理求出小球反跳的速度大小。本題考查了動(dòng)量定理的基本運(yùn)用，知道動(dòng)量定理的矢量性，求解時(shí)注意速度、沖量的方向?！窘獯稹啃∏蚵涞氐乃俣?；

規(guī)定向上為正方向；根據(jù)動(dòng)量定理得，I=mv2鈭?mv1

則1.6=0.1v2+0.1隆脕10

解得v2=6m/s

方向向上。

故填：6m/s

【解析】6m/s

13、略

【分析】

一個(gè)運(yùn)動(dòng)的中子與一個(gè)靜止的中子發(fā)生彈性碰撞；由動(dòng)量守恒定理可得：碰撞過程中動(dòng)量是守恒的．

因?yàn)榘l(fā)生的是彈性碰撞；且兩個(gè)中子質(zhì)量是一樣的，所以運(yùn)動(dòng)的A中子的能量無損失的傳遞給B中子，故碰撞后：A靜止，B速度與A原來的速度相等．

故答案為：一定；靜止．

【解析】【答案】考查動(dòng)量守恒定理；應(yīng)用動(dòng)能定理分析解決．

14、略

【分析】【解析】試題分析：飛機(jī)t=0時(shí)刻離水面高為H，經(jīng)t時(shí)間后，A、B之間的距離為L(zhǎng)=H-kt2，故豎直分位移為y=kt2，故初始速度為零，加速度為ay=2k，速度為vy=2kt；所以動(dòng)能的增加量為：重力勢(shì)能的增加量為：mgh=mgkt2；所以機(jī)械能的增加量為2mk2t2+mgkt2；設(shè)t時(shí)刻懸索拉力為F，則解得F=(2k+g)m，所以t時(shí)刻懸索拉力的瞬時(shí)功率為2ktm（2k+g）考點(diǎn)：考查機(jī)械能守恒、功率的計(jì)算【解析】【答案】2mk2t2+mgkt2、2ktm（2k+g）15、串900并【分析】【解答】解：把電流表改裝成3V的電壓表需要串聯(lián)分壓電阻；

串聯(lián)電阻阻值：R=﹣Rg=﹣100=900Ω；

把電流表改裝成大量程電流表需要并聯(lián)分流電阻；

故答案為：串；900；并．

【分析】把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)分壓電阻，把電流表改裝成大量程的電流表需要并聯(lián)分流電阻，應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以求出串聯(lián)電阻阻值．16、略

【分析】解：由P=UI可知，導(dǎo)線中的電流I===5A；

則損失的功率P損=I2R=25×20=500W；

損失的電壓U損=IR=20×5=100V；

則用戶得到的功率P用=P-P損=10000-500=9500W；

用戶得到的電壓U用=U-U損=2000-100=1900V；

故答案為：500；100；9500；1900．

由P=UI可求得電流，由P=I2R可求得損失功率；由U=RI可求得損失電壓；則可求得用戶得到的功率及電壓．

本題考查遠(yuǎn)距離輸電中的能量損耗，要注意正確理解電路，明確輸送電壓及損耗電壓的區(qū)別與聯(lián)系．【解析】500；100；9500；190017、略

【分析】解：(1)

為了防止當(dāng)空調(diào)漏電時(shí)；發(fā)生觸電事故，所以使外殼接上地線，空調(diào)工作時(shí)應(yīng)使用三孔插座．

(2)

空調(diào)工作時(shí)的制冷功率P脌盲=1320W

I=PU=1320220=6A

正常制冷30min

消耗的電能：

W=P脌盲t=1.32kW隆脕0.5h=0.66kW?h

．

故答案為：(1)

三；(2)60.66

(1)

家用電器都使用三孔插座；是由于這些用電器的外殼是金屬，金屬是導(dǎo)體，當(dāng)用電器漏電時(shí)，會(huì)使外殼帶電，若接上地線，即便漏電，電流也就通過地線，流入大地，而防止了觸電事故的發(fā)生．

(2)

利用電功率公式P=UI

計(jì)算電流；利用電功公式W=Pt

計(jì)算消耗的電能．

本題考查三孔插座的應(yīng)用，了解空調(diào)正常工作的電流、功率及節(jié)能措施，增強(qiáng)節(jié)能減排的意識(shí)．【解析】三；60.66

三、判斷題(共9題，共18分)18、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．19、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．20、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．21、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．22、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?3、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．24、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．25、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．26、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處