2025年蘇教版選修3物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年蘇教版選修3物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷135考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、超級(jí)電容器又叫雙電層電容器，它具有功率密度高、充放電時(shí)間短、循環(huán)壽命長(zhǎng)、工作溫度范圍寬等特點(diǎn)．圖示為一款超級(jí)電容器，其上標(biāo)有“2.7V400F”，下列說法正確的是

A.該電容器的輸入電壓只能是2.7V時(shí)才能工作B.該電容器的電容與電容器兩極間電勢(shì)差成反比C.該電容器不充電時(shí)的電容為零D.該電容器正常工作電時(shí)儲(chǔ)存的電荷量為1080C2、如圖所示的電路；是用一個(gè)靈敏電流計(jì)G和一個(gè)變阻器R改裝成的量程更大的電表，下列判斷正確的是（）

A.改裝成了電流表，R增大時(shí)量程減小B.改裝成了電流表，R增大時(shí)量程增大C.改裝成了電壓表，R增大時(shí)量程減小D.改裝成了電壓表，R增大時(shí)量程增大3、電源的效率定義為外電路電阻消耗的功率與電源的總功率之比．在測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)中得到的實(shí)驗(yàn)圖線如圖所示，圖中U為路端電壓，I為干路電流，a、b為圖線上的兩點(diǎn)，相應(yīng)狀態(tài)下電源的效率分別為．由圖可知的值分別為。

A.B.C.D.4、在地球的赤道上置一矩形線圈，線圈平面與赤道平面重合，線圈的上、下邊水平，此時(shí)穿過線圈平面的磁通量大小為Φ?，F(xiàn)使線圈繞其豎直軸線旋轉(zhuǎn)180°，則此過程中穿過線圈的磁通量的變化量的大小為（）A.0B.ΦC.ΦD.2Φ5、如圖所示；帶電物塊放置在水平絕緣板上．當(dāng)空間存在有水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)時(shí)，物塊恰能向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)．若在電場(chǎng)中將絕緣板的右端抬高，當(dāng)板與水平面的夾角為37°時(shí)，物塊恰能沿絕緣板勻速下滑，則物塊與絕緣板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為（取sin37°=0.6，cos37°=0.8）

A.B.C.D.6、一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧機(jī)械橫波；波速為2m/s．某時(shí)刻波形如圖所示，下列說法正確的是。

A.這列波的周期為4sB.這列波的振幅為6cmC.此時(shí)x=4m處的質(zhì)點(diǎn)速度為零D.此時(shí)x=8m處的質(zhì)點(diǎn)沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)7、如圖所示，鐵板AB于水平地面間的夾角為一塊磁鐵吸附在鐵板下方．現(xiàn)緩慢抬起鐵板B端使角始終小于增大的過程中，磁鐵始終相對(duì)鐵板靜止．下列說法正確的是

A.磁鐵所受合外力逐漸減小B.鐵板對(duì)磁鐵的彈力逐漸增大C.磁鐵受到的摩擦力做負(fù)功D.鐵板對(duì)磁鐵的彈力沖量等于零評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、在如圖所示的電路中；閉合開關(guān)S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)過程中，下列說法正確的是。

A.電壓表V1示數(shù)在變大，電壓表V2示數(shù)在變小B.電流表A的示數(shù)減小，電壓表V3示數(shù)在變小C.電容器的電荷量增大，電阻R1消耗的電功率變大D.電源內(nèi)阻損耗的功率變大，電源消耗的總功率變大9、下列說法正確的是（）A.用油膜法可以估測(cè)分子的大小B.晶體的熔點(diǎn)是確定的，幾何形狀是規(guī)則的C.石英、云母、明礬、玻璃等是晶體，食鹽、蜂蠟、松香、橡膠等是非晶體E.英國(guó)物理學(xué)家焦耳通過實(shí)驗(yàn)測(cè)定了外界對(duì)系統(tǒng)做功和傳熱對(duì)于系統(tǒng)狀態(tài)的影響，并得出功與熱量的相互關(guān)系E.英國(guó)物理學(xué)家焦耳通過實(shí)驗(yàn)測(cè)定了外界對(duì)系統(tǒng)做功和傳熱對(duì)于系統(tǒng)狀態(tài)的影響，并得出功與熱量的相互關(guān)系10、空調(diào)即空氣調(diào)節(jié)器；是通過壓縮機(jī)等裝置使熱量在室內(nèi)和室外轉(zhuǎn)移。制冷時(shí)從室內(nèi)吸收熱量釋放到室外，制熱時(shí)從室外吸收熱量釋放到室內(nèi)。圖所示為某空調(diào)的銘牌，對(duì)空調(diào)；空調(diào)的銘牌以及熱學(xué)的相關(guān)知識(shí)，以下說法中正確的是（）

A.空調(diào)的工作說明了熱量可以從低溫物體傳到高溫物體B.熱量只能從高溫物體傳到低溫物體，不能從低溫物體傳到高溫物體C.空調(diào)工作是消耗較少的電能來“搬運(yùn)”了更多的熱量，并不違背能量守恒定律E.圖示銘牌的標(biāo)注有誤，因?yàn)轭~定制冷（熱）功率小于額定制冷（熱）量，不符合能量守恒定律E.圖示銘牌的標(biāo)注有誤，因?yàn)轭~定制冷（熱）功率小于額定制冷（熱）量，不符合能量守恒定律11、如圖所示，一帶電液滴在相互垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)中剛好做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其軌道半徑為R．已知電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度為E，方向豎直向下；磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直紙面向里，不計(jì)空氣阻力，設(shè)重力加速度為g；則（）

A.液滴帶正電B.液滴荷質(zhì)比C.液滴順時(shí)針運(yùn)動(dòng)D.液滴運(yùn)動(dòng)速度大小為12、如圖，水平導(dǎo)軌左端接有定值電阻R，導(dǎo)體棒ab與導(dǎo)軌接觸而構(gòu)成閉合回路，均勻磁場(chǎng)B垂直于導(dǎo)軌平面；則下列情況下，回路中可能沒有感應(yīng)電流是。

A.B保持恒定，ab向右滑動(dòng)B.B逐漸增強(qiáng)，ab向右滑動(dòng)C.B逐漸增強(qiáng)，ab向左滑動(dòng)D.B逐漸減弱，ab向右滑動(dòng)13、下列說法中正確的是____A.一定質(zhì)量的理想氣體體積增大時(shí)，其內(nèi)能一定減少B.氣體的溫度降低，某個(gè)氣體分子熱運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能可能增加C.氣體對(duì)器壁的壓強(qiáng)是由大量氣體分子對(duì)器壁不斷碰撞而產(chǎn)生的E.在“用油膜法估測(cè)分子的大小”的實(shí)驗(yàn)中，將油酸酒精溶液的體積直接作為油酸的體積進(jìn)行計(jì)算，會(huì)使分子直徑計(jì)算結(jié)果偏大E.在“用油膜法估測(cè)分子的大小”的實(shí)驗(yàn)中，將油酸酒精溶液的體積直接作為油酸的體積進(jìn)行計(jì)算，會(huì)使分子直徑計(jì)算結(jié)果偏大14、如圖所示，一束復(fù)色光由空氣射向一塊平行平面玻璃磚，經(jīng)折射后分為兩束單色光a和b；下列判斷正確的是（）

A.a光的頻率小于b光的頻率B.在玻璃磚中a光的波長(zhǎng)小于b光的波長(zhǎng)C.若單色光a是藍(lán)光，則b可能是紫光D.單色光a和b從下表面射出時(shí)一定平行評(píng)卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、A、B、C、D、E、F分別是正六邊形的六個(gè)頂點(diǎn)，各頂點(diǎn)到正六邊形中心O的距離為a，現(xiàn)只在F處放一電量為-Q的點(diǎn)電荷，則中心O處的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為____；若再在A、B、C、D、E處各放一電量為+Q的點(diǎn)電荷，則中心O處的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小變?yōu)開___。

16、上?？茖W(xué)中心創(chuàng)造的激光在秒內(nèi)產(chǎn)生400焦能量，其平均功率為___________W；中心波長(zhǎng)為米，對(duì)應(yīng)的頻率為___________赫茲。17、在如圖所示的電路中；電源電壓保持不變。由于電阻R；燈L可能出現(xiàn)了故障，閉合開關(guān)S，兩電表只有一個(gè)有示數(shù)。

①發(fā)生故障時(shí)；小燈L__發(fā)光（選填“可能”或“不可能”）；

②在原故障電路中，將一個(gè)檢查小燈L′并在R兩端，電流表A的示數(shù)不發(fā)生變化，電路中可能存在的故障是_________。18、如右圖所示，在圓心為O、半徑為r的圓形區(qū)域內(nèi)有方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一電子以速度v沿AO方向射入，后沿OB方向射出勻強(qiáng)磁場(chǎng)，若已知∠AOB=120°，則電子穿越此勻強(qiáng)磁場(chǎng)所經(jīng)歷的時(shí)間是________。19、對(duì)大量的事實(shí)分析表明：______________________．這個(gè)結(jié)論被稱做熱力學(xué)第三定律．20、如圖所示為一彈簧振子的振動(dòng)圖像；試完成以下問題：

（1）該振子簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為____________________；

（2）該振子在第100s時(shí)的位移為________cm，該振子在前100s內(nèi)的路程為________cm．21、據(jù)統(tǒng)計(jì)，人在運(yùn)動(dòng)過程中，腳底在接觸地面瞬間受到的沖擊力是人體所受重力的數(shù)倍．為探究這個(gè)問題，實(shí)驗(yàn)小組同學(xué)利用落錘沖擊的方式進(jìn)行了實(shí)驗(yàn)，即通過一定質(zhì)量的重物從某一高度自由下落沖擊地面來模擬人體落地時(shí)的情況．重物與地面的形變很小，可忽略不計(jì)，不考慮空氣阻力的影響取重力加速度g＝10m/s2下表為一次實(shí)驗(yàn)過程中的相關(guān)數(shù)據(jù)．

。重物（包括傳感器）的質(zhì)量m/kg

8.5

重物下落高度H/cm

45

重物反彈高度h/cm

20

最大沖擊力Fm/N

850

重物與地面接觸時(shí)間t/s

0.1

（1）請(qǐng)你選擇所需數(shù)據(jù)；通過計(jì)算回答下列問題。

a．重物受到地面的最大沖擊力時(shí)的加速度大小a＝_____

b．在重物與地面接觸過程中；重物受到地面施加的平均作用力是_____倍重物所受的重力．

（2）如果人從某一確定高度由靜止豎直跳下，為減小腳底在與地面接觸過程中受到的沖擊力，可采取一些具體措施，請(qǐng)你提供一種可行的方法并說明理由．_____．評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共12分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共12分)25、在“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，氣墊導(dǎo)軌上放置著帶有遮光板的滑塊A、B，遮光板的寬度相同，測(cè)得的質(zhì)量分別為m1和m2．實(shí)驗(yàn)中，用細(xì)線將兩個(gè)滑塊拉近使輕彈簧壓縮，然后燒斷細(xì)線，輕彈簧將兩個(gè)滑塊彈開，測(cè)得它們通過光電門的時(shí)間分別為t1、t2．

（1）圖2為甲、乙兩同學(xué)用螺旋測(cè)微器測(cè)遮光板寬度d時(shí)所得的不同情景．由該圖可知甲同學(xué)測(cè)得的示數(shù)為______mm，乙同學(xué)測(cè)得的示數(shù)為______mm．

（2）用測(cè)量的物理量表示動(dòng)量守恒應(yīng)滿足的關(guān)系式：______，被壓縮彈簧開始貯存的彈性勢(shì)能EP=______．26、為了測(cè)量某待測(cè)金屬絲的電阻率(阻值約為30Ω)，有以下一些器材可供選擇．

電流表A1(量程0～50mA，內(nèi)阻約10Ω)；

電流表A2(量程0～3A，內(nèi)阻約0.12Ω)；

電壓表V1(量程0～3V，內(nèi)阻很大)；

電壓表V2(量程0～15V，內(nèi)阻很大)；

電源E(電動(dòng)勢(shì)約為3V，內(nèi)阻約為0.2Ω)；

定值電阻R(20Ω，允許最大電流1.0A)；

滑動(dòng)變阻器R1(0～10Ω，允許最大電流2.0A)；

滑動(dòng)變阻器R2(0～1kΩ，允許最大電流0.5A)；

單刀單擲開關(guān)S一個(gè)，導(dǎo)線若干．

(1)電流表應(yīng)選________，電壓表應(yīng)選________，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選________．(填器材的元件符號(hào))

(2)使用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑，如圖所示，則金屬絲的直徑為______mm．

(3)請(qǐng)?jiān)谙旅娴奶摼€框內(nèi)畫出測(cè)量電阻Rx的實(shí)驗(yàn)電路圖______．(要求所測(cè)量范圍盡可能大)

(4)某次測(cè)量中，電壓表示數(shù)為U時(shí)，電流表示數(shù)為I，則計(jì)算待測(cè)電阻阻值的表達(dá)式為Rx＝________．27、（1）某同學(xué)用圖所示的“碰撞實(shí)驗(yàn)裝置”研究直徑相同的兩個(gè)小球在軌道水平部分碰撞前后的動(dòng)量關(guān)系．

①在實(shí)驗(yàn)中小球速度不易測(cè)量，可通過僅測(cè)量_____解決這一問題．

A．小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間

B．小球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平距離

C．小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初始高度

D．小球釋放時(shí)的高度

②圖中PQ是斜槽，QR為水平槽，R為水平槽末端．利用鉛垂線在記錄紙上確定R的投影點(diǎn)O．實(shí)驗(yàn)時(shí)先使A球從斜槽上G處由靜止開始滾下，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡；此后，再把B球放在R處，將A球再?gòu)腉處由靜止釋放，與B球碰撞后在記錄紙上分別留下A、B兩球落點(diǎn)痕跡．由測(cè)量可知，碰撞前A球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平距離為x0；碰撞后，A、B兩球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平距離分別為x1、x2．用天平稱量A、B兩球的質(zhì)量分別為mA、mB．若兩球相碰前后的動(dòng)量守恒，其表達(dá)式可表示為____（用題目給出的物理量符號(hào)表示）．

（2）在“測(cè)定金屬的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中，金屬絲的阻值約為5，某同學(xué)先用刻度尺測(cè)量金屬絲的長(zhǎng)度l=50.00cm，用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲直徑時(shí)刻度位置如圖7所示，再用伏安法測(cè)出金屬絲的電阻，然后根據(jù)電阻定律計(jì)算出該金屬材料的電阻率．

①該電阻絲直徑的測(cè)量值d=___________mm；

②實(shí)驗(yàn)中能提供的器材有：

A．電壓表V1（量程0～3V，內(nèi)阻約3k）

B．電壓表V2（量程0～15V，內(nèi)阻約15k）

C．電流表A1（量程0～3A，內(nèi)阻約0.01）

D．電流表A2（量程0～0.6A，內(nèi)阻約0.1）

E．滑動(dòng)變阻器R1（0～20）

F．滑動(dòng)變阻器R2（0～500）

G．電源E（電動(dòng)勢(shì)為3.0V）及開關(guān)和導(dǎo)線若干

該同學(xué)從以上器材中選擇合適的器材連接好電路進(jìn)行測(cè)量，則電壓表應(yīng)選擇_______，電流表應(yīng)選擇________，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇_______，（選填各器材前的字母）．要求在流過金屬絲的電流相同情況下，電源消耗功率最小，并能較準(zhǔn)確地測(cè)出電阻絲的阻值，實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)選用圖_________．

③該同學(xué)建立U-I坐標(biāo)系，如圖所示，圖中已標(biāo)出了與測(cè)量數(shù)據(jù)對(duì)應(yīng)的五個(gè)坐標(biāo)點(diǎn)，還有一次測(cè)量的電壓表和電流表示數(shù)如圖10所示，請(qǐng)根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)將坐標(biāo)點(diǎn)補(bǔ)全，并描繪出U-I圖線．由圖線數(shù)據(jù)可計(jì)算出金屬絲的電阻為____Ω（保留兩位有效數(shù)字）．設(shè)被測(cè)金屬絲電阻為R，則該金屬材料電阻率的表達(dá)式是________________

（用題目給出的物理量符號(hào)表示）．R④實(shí)驗(yàn)中使用的電流表內(nèi)阻為AR，電壓表內(nèi)阻為V，U若考慮電流表和電壓表內(nèi)阻的影響，圖I-k圖像中圖線斜率ρ與該金屬材料的電阻率k的關(guān)系是___________=

（用題目給出的物理量符號(hào)表示）．28、物理興趣小組設(shè)計(jì)出測(cè)定室溫環(huán)境下小燈泡燈絲電阻R0的實(shí)驗(yàn)；由于小燈泡通電后的熱效應(yīng)，其室溫下的電阻不能直接測(cè)量，所以，測(cè)量方案利用小功率下的燈絲電阻與電功率的關(guān)系外推到零功率的情況下獲得．

備選器材：

A．待測(cè)小燈泡L；

B．恒壓電源E輸出電壓1V；

C．定值電阻R2=20Ω；

D．滑動(dòng)變阻器R1阻值范圍0~10Ω；

E．電壓表V1量程150mV；內(nèi)阻很大；

F．電壓表V2量程200mV；內(nèi)阻很大；

G．開關(guān)和若干導(dǎo)線．

實(shí)驗(yàn)步驟：

①連接好線路，滑動(dòng)變阻器R1的滑片滑至a端。

②檢查無誤后；閉合開關(guān)S

③記錄燈泡L的電壓U1，與R2的電壓U2

④計(jì)算燈泡L的電阻R0，和它的功率P

（1）請(qǐng)將原理圖中虛線框部分的實(shí)驗(yàn)電路補(bǔ)充完整（請(qǐng)用直尺作圖）____________．

（2）該實(shí)驗(yàn)中的燈絲電阻R0計(jì)算式R0=____，燈絲電功率P計(jì)算式P=____．（用U1、U2、R2表示）

（3）實(shí)驗(yàn)中測(cè)量和計(jì)算的數(shù)據(jù)如下表所示：。序號(hào)測(cè)量數(shù)據(jù)計(jì)算數(shù)據(jù)燈絲電壓。

U1（mV）R2電壓。

U2（mV）燈絲電流。

（mA）燈絲電阻。

R0（Ω）燈絲電功率。

P（mW）燈絲電功率。

P（mW）121.040.02.0010.500.042231.760.03.0010.570.095342.879.94.0010.710.171454.4100.15.0110.870.272566.3119.65.9811.080.396679.4140.47.0211.310.557792.9160.48.0211.590.745

請(qǐng)?jiān)谙聢D中標(biāo)出表格中第五組計(jì)算數(shù)據(jù)R0與P對(duì)應(yīng)的坐標(biāo)點(diǎn)，并結(jié)合坐標(biāo)紙上已標(biāo)出的坐標(biāo)點(diǎn)畫出R0隨P變化的圖線___________________．

（4）根據(jù)繪制的圖線求出室溫環(huán)境下小燈泡燈絲電阻R0的阻值為____________Ω．評(píng)卷人得分六、解答題(共4題，共16分)29、如圖所示，開口向上、粗細(xì)均勻的玻璃管豎直放置，管內(nèi)用兩段水銀柱封閉了兩部分理想氣體，兩段水銀柱長(zhǎng)均為h=15cm，兩段氣柱長(zhǎng)均為=6cm。已知大氣壓強(qiáng)p0=75cmHg，玻璃管的導(dǎo)熱性能良好，環(huán)境溫度T0=300K，封閉的兩部分氣體的質(zhì)量均保持不變，A處水銀面到管口的距離足夠大。

（1）若將玻璃管從足夠高處由靜止釋放，不計(jì)空氣阻力，求下落過程中A處的水銀面（穩(wěn)定后）相對(duì)玻璃管上升的距離；

（2）若保持玻璃管靜止，緩慢升高環(huán)境溫度，使A處的水銀面上升2.4cm，求此時(shí)的環(huán)境溫度T。

30、如圖所示；在灌溉完土地后農(nóng)民伯伯往往利用翻松地表土壤的方法來保存土壤里的水分，你知道這是為什么嗎？

31、如圖所示，圓柱形汽缸豎直放置，質(zhì)量為m＝3.0kg、橫截面積為S＝1.0×10－3m2的活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞與汽缸壁封閉良好，不計(jì)摩擦，不計(jì)活塞和汽缸的厚度。開始時(shí)活塞距汽缸底的距離h1＝0.5m，此時(shí)溫度T1＝300K，給汽缸緩慢加熱至480K，活塞上升到距離汽缸底h2處，同時(shí)缸內(nèi)氣體吸收的熱量Q＝289J。已知外界大氣壓強(qiáng)p0＝1.0×105Pa，取g＝10m/s2。求：

(1)缸內(nèi)氣體加熱后距離汽缸底距離h2；

(2)此過程中缸內(nèi)氣體內(nèi)能變化。

32、如圖所示，長(zhǎng)木板質(zhì)量M=3kg，放置于光滑的水平面上，其左端有一大小可忽略，質(zhì)量為m=1kg的物塊A，右端放著一個(gè)質(zhì)量也為m=1kg的物塊B，兩物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ=0.4，AB之間的距離L=6m，開始時(shí)物塊與木板都處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)對(duì)物塊A施加方向水平向右的恒定推力F作用，取g=10m/s2．

（1）.為使物塊A與木板發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)；F至少為多少？

（2）.若F=8N，求物塊A經(jīng)過多長(zhǎng)時(shí)間與B相撞，假如碰撞過程時(shí)間極短且沒有機(jī)械能損失，則碰后瞬間A、B的速度分別是多少？參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【詳解】

A、電容器的額定電壓為2.7V，說明工作電壓要不超過2.7V，可以小于2.7V，故A錯(cuò)誤；

B、電容器的電容由電容器本身來決定，跟電容器兩極間的電勢(shì)差無關(guān)，故B錯(cuò)誤；

C、電容是描述電容器容納電荷的本領(lǐng)，不充電是電容仍然存在，與充電與否無關(guān)，故C錯(cuò)誤；

D、該電容器最大容納電荷量：Q＝CU＝400F×2.7V＝1080C，故D正確．2、A【分析】A；改裝成了電流表；R增大時(shí)電流表量程減小，故A正確，B錯(cuò)誤；

C；把電流計(jì)改裝成電壓表應(yīng)給電流計(jì)串聯(lián)一個(gè)分壓電阻；串聯(lián)電阻越大，電壓表量程越大，由圖示電路圖可知，電流計(jì)與電阻R并聯(lián)，改裝后電壓表量程不變，故CD錯(cuò)誤；

故選A．3、D【分析】【詳解】

電源的效率η定義為外電路電阻消耗的功率與電源的總功率之比．

E為電源的總電壓（即電動(dòng)勢(shì)），在U﹣I圖象中，縱軸截距表示電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)圖象可知?jiǎng)t所以A；B、C錯(cuò)誤，D正確．

點(diǎn)晴：解決本題的關(guān)鍵知道電源的效率也等于外電壓與電動(dòng)勢(shì)之比以及會(huì)從U-I圖象中讀出電動(dòng)勢(shì)和外電壓．4、D【分析】【詳解】

根據(jù)地磁場(chǎng)的分布，赤道處地磁場(chǎng)為水平方向，故線圈轉(zhuǎn)過180°時(shí)磁通量由Φ變成－Φ，變化量的大小為

故選D。5、B【分析】【詳解】

當(dāng)電場(chǎng)水平向右而滑塊勻速直線運(yùn)動(dòng)，由平衡知識(shí)有：聯(lián)立解得而物塊沿斜面勻速下滑時(shí)，有：聯(lián)立得解出動(dòng)摩擦因數(shù)或(舍去)；則A、C、D錯(cuò)誤，B正確.故選B.6、A【分析】【詳解】

A項(xiàng)：由圖知，波長(zhǎng)λ=8m，由波速公式得周期故A正確；

B項(xiàng)：振幅等于y的最大值；故這列波的振幅為A=3cm，故B錯(cuò)誤；

C項(xiàng)：此時(shí)x=4m處質(zhì)點(diǎn)沿處于平衡位置；加速度為零，速度最大，故C錯(cuò)誤；

D項(xiàng)：簡(jiǎn)諧機(jī)械橫波沿x軸正方向傳播；由波形平移法得知，此時(shí)x=8m處質(zhì)點(diǎn)沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤．

故選A．7、B【分析】【詳解】

對(duì)鐵塊受力分析，受重力G、磁力F、支持力N和摩擦力f；如圖所示：

由于始終平衡，故合力為零，故A錯(cuò)誤；根據(jù)平衡條件，有：解得：由于不斷變大，故f不斷變大，N不斷變大，故B正確；摩擦力與運(yùn)動(dòng)方向垂直，則不做功，故C錯(cuò)誤；鐵板對(duì)磁鐵的彈力沖量等于故D錯(cuò)誤．所以B正確，ACD錯(cuò)誤．

【點(diǎn)睛】

本題關(guān)鍵是對(duì)滑塊受力分析，然后根據(jù)平衡條件并運(yùn)用正交分解法列式求解，注意三力平衡通常用合成法，三力以上用正交分解法．二、多選題(共7題，共14分)8、A:D【分析】【分析】

保持開關(guān)S閉合，根據(jù)變阻器接入電路電阻的變化，由歐姆定律分析電表讀數(shù)的變化．根據(jù)電容與板間距離的關(guān)系，分析電容的變化，確定電容器電量的變化，判斷R2中電流的方向．?dāng)嚅_開關(guān)S；分析板間場(chǎng)強(qiáng)的變化．

【詳解】

A、B項(xiàng)：該電路中兩個(gè)電阻串聯(lián)，閉合電鍵S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)過程中，接入電路的有效電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析可知電路中電流I變大，則電流表A讀數(shù)變大；路端電壓：U=E-Ir減小，電壓表V3示數(shù)在變小，U1示數(shù)U1=IR1，隨I的增大在變大，U2示數(shù)U2=E-I（R1+r）；隨電流I的增大而減小，故A正確，B錯(cuò)誤；

C項(xiàng)：電容器兩端的電壓為路端電壓；U減小，根據(jù)Q=CU可知電容器的帶電量減小，故C錯(cuò)誤；

D項(xiàng)：電源內(nèi)阻損耗的功率由于電流變大，所以電源內(nèi)阻損耗的功率變大，電源消耗的總功率電流變大，所以電源消耗的總功率變大，故D正確．

故應(yīng)選：AD．

【點(diǎn)睛】

電容器的動(dòng)態(tài)分析重點(diǎn)在于明確電容器的兩種狀態(tài)：充電后斷開電源則極板上的電量不變；電容器保持和電源相連，則兩板間的電勢(shì)差不變．要掌握

及電容的決定因素．9、A:D:E【分析】【詳解】

A．用油膜法可以估測(cè)分子的大??；故A正確；

B．多晶體的幾何形狀不規(guī)則；故B錯(cuò)誤．

C．食鹽是晶體；玻璃是非晶體，故C錯(cuò)誤；

D．氣體壓強(qiáng)的大小從微觀角度來看．與氣體分子的平均動(dòng)能以及分子的密集程度有關(guān)；故D正確；

E．焦耳通過實(shí)驗(yàn)測(cè)定了外界對(duì)系統(tǒng)做功和傳熱對(duì)于系統(tǒng)狀態(tài)的影響；并得出功與熱量的相互關(guān)系，故E正確。

故選ADE。10、A:C:D【分析】【詳解】

AB．熱量只能自發(fā)地從高溫物體傳到低溫物體；如果不是自發(fā)地情況下可以從低溫物體傳到高溫物體?？照{(diào)的工作說明了熱量可以從低溫物體傳到高溫物體，A正確，B錯(cuò)誤；

C．空調(diào)可以制冷；也可以制熱。在空調(diào)制冷過程中，通過壓縮機(jī)的工作，將周圍環(huán)境的熱能轉(zhuǎn)移”到室外，而工作過程中壓縮機(jī)線圈通過電流會(huì)產(chǎn)生熱量，室外機(jī)的“電風(fēng)扇”用來排氣?？照{(diào)在制冷過程中，電能有一部分轉(zhuǎn)化為機(jī)械能（“壓縮機(jī)”和“電風(fēng)扇”會(huì)轉(zhuǎn)動(dòng)），另有一部分電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能（壓縮機(jī)和“電風(fēng)扇”工作時(shí)其線圈通過電流會(huì)發(fā)熱）?？梢娕欧诺绞彝獾臒崃堪瑥氖覂?nèi)吸收的熱量和電流做功產(chǎn)生的熱量，故空調(diào)工作“搬運(yùn)”了更多的熱量，此過程不違背能量守恒，C正確；

D．可能通過改進(jìn)技術(shù)；實(shí)現(xiàn)空調(diào)在制熱時(shí)具有更小的制熱功率和更大的制熱量，但是制熱功率不能減小到零，制熱功率減小到零空調(diào)就不能制熱了。不存在不消耗電能就能制熱的空調(diào)，不符合能量守恒定律，D正確；

E．空調(diào)制熱時(shí)獲得的熱量；一部分是通過電流做功，消耗電能獲的，另一部分是從外界吸收的熱量，并不違反能量守恒定律，E錯(cuò)誤。

故選ACD。11、C:D【分析】【詳解】

A.液滴在重力場(chǎng)；勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)的復(fù)合場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；可知，液滴受到的重力和電場(chǎng)力是一對(duì)平衡力，重力豎直向下，所以電場(chǎng)力豎直向上，與電場(chǎng)方向相同，故可知液滴帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；

B.由液滴做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，得知電場(chǎng)力和重力大小相等，得：mg=qE，解得：故B錯(cuò)誤；

C.磁場(chǎng)方向垂直紙面向里；洛倫茲力的方向始終指向圓心，由左手定則可判斷液滴的旋轉(zhuǎn)方向?yàn)轫槙r(shí)針，故C正確；

D.液滴在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為：R=聯(lián)立解得：故D正確；

故選CD.12、C:D【分析】【詳解】

A.B保持恒定，ab向右滑動(dòng)時(shí)；穿過閉合回路的磁通量增加，一定產(chǎn)生感應(yīng)電流，故A錯(cuò)誤；

B.B逐漸增強(qiáng)，ab向右滑動(dòng)時(shí)；穿過閉合回路的磁通量增加，一定產(chǎn)生感應(yīng)電流．故B錯(cuò)誤；

C.B逐漸增強(qiáng)，ab向左滑動(dòng)，回路中的面積減小，若穿過閉合回路的磁通量

.保持不變；則回路中沒有感應(yīng)電流，故C正確；

D.B逐漸減弱，ab向右滑動(dòng)，回路中的面積增大，若穿過閉合回路的磁通量

.保持不變，則回路中沒有感應(yīng)電流，故D正確；13、B:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A.一定質(zhì)量的理想氣體體積增大時(shí)；即氣體對(duì)外做功，同時(shí)也吸熱，其內(nèi)能可能不變，也可能增大，也可能減小，故A錯(cuò)誤；

B.氣體的溫度降低；平均動(dòng)能減小，但某個(gè)氣體分子熱運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能可能增加，故B正確；

C.從微觀角度講；氣體對(duì)器壁的壓強(qiáng)是由大量氣體分子對(duì)器壁的不斷碰撞而產(chǎn)生的，故C正確；

D.當(dāng)水面上方的水蒸氣達(dá)到飽和狀態(tài)時(shí)；水中水分子飛出水面與進(jìn)入水面是平衡的，故D錯(cuò)誤；

E.計(jì)算時(shí)把油酸酒精溶液當(dāng)成了純油酸；體積偏大，則d偏大，故E正確；

故選BCE.14、B:D【分析】【詳解】

A.復(fù)色光進(jìn)入玻璃磚時(shí)兩光的入射角α相等，設(shè)折射角分別為βa、βb，由圖知，βa＜βb，由得na＞nb，則fa＞fb；故A錯(cuò)誤；

B.在玻璃磚中v＝λf，則在玻璃磚中波長(zhǎng)得λa＜λb；故B正確；

C.因?yàn)閒a＞fb，所以若單色光a是藍(lán)光，則b不可能是紫光；故C錯(cuò)誤.

D.由光路可逆原理可知，離開玻璃磚時(shí)與進(jìn)入玻璃磚時(shí)光線平行，故D正確.三、填空題(共7題，共14分)15、略

【分析】【分析】

根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加原理和點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式求解。

【詳解】

[1]根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式得：只在F處放一電量為-Q的點(diǎn)電荷，則中心O處的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小

[2]若再在A、B、C、D、E處各放一電量為+Q的點(diǎn)電荷，根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加原理得B和E的疊加后場(chǎng)強(qiáng)為零，A和D的疊加后場(chǎng)強(qiáng)為零，所以中心O處的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小等于F和C的場(chǎng)強(qiáng)疊加，即

【點(diǎn)睛】

本題運(yùn)用電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加，及幾何圖形的對(duì)稱性來結(jié)合求解?！窘馕觥?6、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)功率的定義式可得。

[2]由公式可得。

【解析】17、略

【分析】【詳解】

①電源電壓不變,閉合電鍵S,兩電表只有一個(gè)有示數(shù),則有:

若電壓表有示數(shù),電流表無示數(shù),只能是小燈泡發(fā)生斷路,電壓表串聯(lián)在電路中,小燈泡不發(fā)光;

若電壓表無示數(shù),電流表有示數(shù),只能是小燈泡短路,小燈泡不發(fā)光;

綜上所述,電路發(fā)生故障時(shí),小燈泡L不可能發(fā)光;

②將一個(gè)檢查小燈L′并在R兩端,電流表A的示數(shù)不發(fā)生變化,故障為小燈泡L斷路,或者小燈泡L斷路且電阻R短路,此時(shí)電壓表串聯(lián)在電路中,電流表無示數(shù),電壓表有示數(shù).

因此；本題正確答案是:①不可能;②L斷路(或L斷路且R短路).

【點(diǎn)睛】

電路故障包括短路和斷路,電流表示數(shù)為零,則說明電路斷路;電壓表示數(shù)為零,則說明與電壓表并聯(lián)部分短路;根據(jù)電壓表示數(shù)情況確定電路故障問題.【解析】不可能L斷路（或L斷路且R短路）18、略

【分析】弧AB對(duì)應(yīng)的圓心角為60°，所以經(jīng)歷的時(shí)間為而粒子運(yùn)動(dòng)的半徑為根據(jù)幾何知識(shí)可得所以【解析】19、略

【分析】【分析】

【詳解】

對(duì)大量的事實(shí)分析表明：熱力學(xué)零度不可達(dá)到這個(gè)結(jié)論被稱做熱力學(xué)第三定律．【解析】熱力學(xué)零度不可達(dá)到20、略

【分析】【詳解】

（1）彈簧振子的周期為T=4s，則角速度為：振幅A=5cm故該振子簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為x=Asinωt=5sintcm．

（2）因而振子在一個(gè)周期內(nèi)通過的路程是4A，所以振子在前100s的總路程是：s=25×4A=100×5cm=500cm；總位移為0.【解析】(cm)050021、略

【分析】【詳解】

（1）a．重物受到最大沖擊力時(shí)加速度的大小為a，由牛頓第二定律解得：

b．重物在空中運(yùn)動(dòng)過程中，由動(dòng)能定理有：

重物與地面接觸前瞬時(shí)的速度大小為：

重物離開地面瞬時(shí)的速度大小為：

重物與地面接觸過程，重物受到的平均作用力大小為F，設(shè)豎直向上為正方向，由動(dòng)量定理有：（F﹣mg）t＝mv2﹣mv1

解得：F＝510N

重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的倍數(shù)為：

因此重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的6倍．

（2）人接觸地面后要同時(shí)下蹲以通過延長(zhǎng)與地面接觸的時(shí)間來減小人受到地面的沖擊力．【解析】90m/s26人接觸地面后要同時(shí)下蹲以通過延長(zhǎng)與地面接觸的時(shí)間來減小人受到地面的沖擊力四、作圖題(共3題，共12分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過磁場(chǎng)方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共12分)25、略

【分析】【詳解】

（1）甲圖，螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為3.5mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01×0.5mm=0.005mm，

所以最終讀數(shù)為3.5mm+0.005=3.505mm．

乙圖，螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為3mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01×48.5mm=0.485mm，

所以最終讀數(shù)為3mm+0.485=3.485mm．

（2）根據(jù)動(dòng)量守恒定律可知，設(shè)向右為正方向，則應(yīng)滿足的表達(dá)式為：0=-m1v1+m2v2；即：m1v1=m2v2

根據(jù)光電門的性質(zhì)可知，v1=v2=代入可得：

根據(jù)功能關(guān)系可知，貯存的彈性勢(shì)能等于后來的動(dòng)能，則有：EP=m1v12+m2v22

代入可得：

點(diǎn)睛：本題考查了驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律實(shí)驗(yàn)中表達(dá)式的驗(yàn)證以及螺旋測(cè)微器的使用，要注意判斷使用氣墊導(dǎo)軌的應(yīng)用，要知道動(dòng)量守恒的條件與動(dòng)量守恒定律，明確功能關(guān)系，知道彈簧的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為了兩滑塊的動(dòng)能．【解析】3.505；3.485；；；26、略

【分析】【分析】

（1）根據(jù)電源電動(dòng)勢(shì)選擇電壓表；根據(jù)通過電阻的最大電流選擇電流表．

（2）根據(jù)題意確定滑動(dòng)變阻器與電流表的接法；然后作出電路圖．

（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律求出電阻阻值．

【詳解】

（1）電源電動(dòng)勢(shì)為3V，則電壓表選V1；通過待測(cè)電阻的最大電流約為：選量程為3A的電流表讀數(shù)誤差太大，可以把定值電阻與待測(cè)電阻串聯(lián)，此時(shí)電路最大電流約為：電流表應(yīng)選擇A1．滑動(dòng)變阻器接成分壓電路，則應(yīng)選R1；

（2）金屬絲的直徑為：0.01mm×4.6=0.046mm；（3）定值電阻與待測(cè)電阻串聯(lián)的總阻值約為30+20=50Ω，遠(yuǎn)大于滑動(dòng)變阻器最大阻值10Ω，為測(cè)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法；電流表內(nèi)阻約為10Ω，電壓表內(nèi)阻很大，電流表可以采用外接法，電路圖如圖所示：

（3）待測(cè)電阻阻值：

【點(diǎn)睛】

電學(xué)實(shí)驗(yàn)的考查中，經(jīng)?？疾榈絻x表的選擇、電流表內(nèi)外接法的選擇及實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的處理，故應(yīng)注意此類問題的解法；在實(shí)驗(yàn)中要注意把握準(zhǔn)確性及安全性原則．【解析】A1V1R10.046mm（0.045mm-0.048mm）27、略

【分析】【詳解】

（1）①利用平拋運(yùn)動(dòng)中豎直高度相同；所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，所以水平速度之比即為水平位移之比，故只需測(cè)量小球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平距離即可，正確答案為B；

②動(dòng)量守恒中將速度替換成位移

（2）①螺旋測(cè)微器的的讀數(shù)，主尺