2025年人教版PEP選擇性必修2物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版PEP選擇性必修2物理上冊月考試卷757考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖，一絕緣光滑固定斜面處于勻強(qiáng)磁場中，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于斜面向上，通有電流I的金屬細(xì)桿水平靜止在斜面上．若電流變?yōu)?.5I，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)?B，電流和磁場的方向均不變，則金屬細(xì)桿將（）

A.沿斜面加速上滑B.沿斜面加速下滑C.沿斜面勻速上滑D.仍靜止在斜面上2、如圖為模擬遠(yuǎn)距離輸電的部分測試電路，a、b端接電壓穩(wěn)定的正弦交變電源，定值電阻阻值分別為R1、R2，且R1<R2，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為k且k<1，電流表、電壓表均為理想表，其示數(shù)分別用I和U表示。當(dāng)向下調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑動端P時，電流表、電壓表示數(shù)變化分別用ΔI和ΔU表示。則以下說法正確的是（）

A.B.原線圈兩端電壓U1一定變小C.電源的輸出功率一定增大D.R1消耗的功率一定增加3、如圖所示，靜止的離子A+和A3+，經(jīng)電壓為U的電場加速后進(jìn)入方向垂直紙面向里的一定寬度的勻強(qiáng)磁場B中．已知離子A+在磁場中轉(zhuǎn)過=30°后從磁場右邊界射出．在電場和磁場中運(yùn)動時，離子A+和A3+（）

A.在電場中的加速度之比為1：1B.在磁場中運(yùn)動的半徑之比為3:1C.在磁場中轉(zhuǎn)過的角度之比為1：2D.在磁場中運(yùn)動的時間之比為1:24、如圖所示，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比a、b間接入220V的交流電。燈泡L的電阻恒為額定電壓為24V，定值電阻滑動變阻器R的最大阻值為為使燈泡正常工作；滑動變阻器接入電路的電阻應(yīng)調(diào)節(jié)為（）

A.B.C.D.5、1930年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器，憑借此項(xiàng)成果，他于1939年獲得諾貝爾物理學(xué)獎。其原理如圖所示，置于真空中的D形金屬盒半徑為R，兩盒間的狹縫很小，帶電粒子穿過的時間可忽略；磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場與盒面垂直，交流電源頻率為加速電壓為U。若A處粒子源產(chǎn)生質(zhì)子的質(zhì)量為m、電荷量為在加速過程中不考慮相對論效應(yīng)和重力離子的影響。則下列說法正確的是（）

A.若只增大交流電壓U，則質(zhì)子獲得的最大動能增大B.若只增大D形金屬盒半徑，則質(zhì)子獲得的最大動能增大C.質(zhì)子在回旋加速器中做圓周運(yùn)動的周期隨回旋半徑的增大而增大D.若磁感應(yīng)強(qiáng)度B增大，交流電頻率必須適當(dāng)減小才能正常工作6、如圖所示，豎直平面內(nèi)有一金屬環(huán)，半徑為a，總電阻為R（指拉直時兩端的電阻），磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場垂直穿過環(huán)平面，在環(huán)的最高點(diǎn)A用鉸鏈連接長度為2a、電阻為R的導(dǎo)體棒AB，AB由水平位置緊貼環(huán)面擺下（與環(huán)接觸良好），當(dāng)擺到豎直位置時，B點(diǎn)的線速度為v，則此時AB兩端的電壓為（）

A.2BavB.BavC.D.7、如圖所示的理想變壓器電路，原線圈兩端接入正弦交流電壓副線圈接有電阻并接有理想電壓表和理想電流表。已知原、副線圈匝數(shù)之比為則（）

A.若的阻值和副線圈匝數(shù)同時增加到原來的2倍，則變壓器輸出功率增加到原來的2倍B.若僅將副線圈匝數(shù)增加到原來的2倍，則電流表的讀數(shù)減小到原來的一半C.若僅將的阻值增加到原來的2倍，則變壓器輸入功率也增加到原來的2倍D.電壓表讀數(shù)為8、下列四幅圖所涉及的物理知識；說法正確的是（）

A.圖甲中雷達(dá)利用了x射線探測飛機(jī)B.圖乙中電磁爐加熱食物是利用電磁波中的微波加熱C.圖丙中漏電保護(hù)開關(guān)利用電磁感應(yīng)原理D.圖丁中手持式金屬探測器利用了電流的熱效應(yīng)9、小明在研究性學(xué)習(xí)中設(shè)計了一種可測量磁感應(yīng)強(qiáng)度的實(shí)驗(yàn)，其裝置如圖所示．在該實(shí)驗(yàn)中，磁鐵固定在水平放置的電子測力計上，此時電子測力計的計數(shù)為G1，磁鐵兩極之間的磁場可視為水平勻強(qiáng)磁場，其余區(qū)域磁場不計．直銅條AB的兩端通過導(dǎo)線與一電阻連接成閉合回路，總阻值為R．若讓銅條水平且垂直于磁場，以恒定的速率v在磁場中豎直向上運(yùn)動，這時電子測力計的計數(shù)為G2，銅條在磁場中的長度L．在直銅條AB向上運(yùn)動過程中說法正確的是（）

A.直銅條AB所受安培力方向向上B.直銅條AB中感應(yīng)電流方向?yàn)锽→AC.G1小于G2D.感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B＝評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、1930年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器，其原理如圖所示，核心部分為兩個銅質(zhì)D形盒D1、D2構(gòu)成；其間留有空隙，將其置于勻強(qiáng)磁場中，兩盒分別與高頻電源相連，下列說法正確的是。

A.粒子被加速后的最大動能隨加速電場電壓的增大而增大B.離子由加速器的邊緣進(jìn)入加速器C.電場變化周期由粒子的質(zhì)量、電荷量和磁感應(yīng)強(qiáng)度決定D.為使被加速的粒子獲得的動能增加為原來的4倍，可只調(diào)節(jié)D形盒的半徑增大為原來的2倍11、光滑平行導(dǎo)軌水平放置，導(dǎo)軌左端與恒流源（輸出電流不變）相連，右端與半徑為L=20cm的兩段光滑圓弧導(dǎo)軌相接，一根質(zhì)量m=60g、電阻R=1Ω、長為L的導(dǎo)體棒ab，用長也為L的絕緣細(xì)線懸掛，如圖所示，系統(tǒng)空間有豎直向下的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T，當(dāng)閉合開關(guān)S后，導(dǎo)體棒沿圓弧擺動，擺到最大高度時，細(xì)線與豎直方向成θ=53°角，擺動過程中導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌接觸良好且細(xì)線處于張緊狀態(tài)，導(dǎo)軌電阻不計，sin53°=0.8，g=10m/s2；則（）

A.恒流源提供的電流在導(dǎo)體棒ab中的方向?yàn)閍→bB.恒流源提供的電流為I=3AC.導(dǎo)體棒在擺動過程中所受安培力F=0.8ND.導(dǎo)體棒在擺動過程中電源提供的電能為0.048J12、理想變壓器原線圈兩端接入有效值為U的交流電源；燈泡恰好正常發(fā)光，如圖所示。現(xiàn)欲使燈泡變暗，可以采取的方法有（）

A.僅減小交流電源的電壓B.僅增大交流電源的頻率C.保持Q的位置不動，僅將P向上滑動D.保持P的位置不動，僅將Q向上滑動13、如圖所示，在中有一垂直紙面向里勻強(qiáng)磁場，質(zhì)量和電荷量都相等的帶電粒子a、b、c以不同的速率從O點(diǎn)沿垂直于的方向射入磁場，圖中實(shí)線是它們的軌跡。已知O是的中點(diǎn)；不計粒子重力，下列說法中正確的是（）

A.粒子a帶正電，粒子b、c帶負(fù)電B.粒子c在磁場中運(yùn)動的時間最長C.粒子a在磁場中運(yùn)動的周期最小D.射入磁場時粒子a的速率最小14、如圖甲所示，在傾角為θ的光滑斜面內(nèi)分布著垂直于斜面的勻強(qiáng)磁場，以垂直于斜面向上為磁感應(yīng)強(qiáng)度正方向，其磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示。質(zhì)量為m的矩形金屬框的面積為S，電阻為R，從t=0時刻將金屬框由靜止釋放，2t0時刻的速度為v；移動的距離為L，重力加速度為g，金屬框的電阻為R，在金屬框下滑的過程中，下列說法正確的是（）

A.0~2t0和時間內(nèi)金屬框中沒有感應(yīng)電流B.0~2t0時間內(nèi)金屬框做勻加速直線運(yùn)動C.0~2t0時間內(nèi)金屬框中的電流方向始終沿abcda方向D.0~2t0時間內(nèi)金屬框中產(chǎn)生的焦耳熱為mgLsinθ-mv215、如圖所示，金屬棒MN放置在處于勻強(qiáng)磁場中的兩條平行金屬導(dǎo)軌上，與金屬導(dǎo)軌組成閉合回路。當(dāng)回路通有電流(電流方向如圖中所示)時，關(guān)于金屬棒受到安培力F的方向和大??；下列說法中正確的有（）

A.F方向向右B.F方向向左C.增大電流，F(xiàn)增大D.增大磁感應(yīng)強(qiáng)度，F(xiàn)減小16、如圖所示，邊界OA與OC之間分布有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，邊界OA上有一粒子源S。某一時刻，從S平行于紙面向各個方向發(fā)射出大量帶正電的同種粒子（不計粒子的重力及粒子間的相互作用），所有粒子的初速度大小相同，經(jīng)過一段時間有大量粒子從邊界OC射出磁場。已知∠AOC=60°，從邊界OC射出的粒子在磁場中運(yùn)動的最長時間等于（T為粒子在磁場中運(yùn)動的周期），則從邊界OC射出的粒子在磁場中運(yùn)動的時間可能為（）

A.B.C.D.17、如圖甲所示，豎直向上的勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B0＝0.5T，并且以＝0.1T/s的變化率均勻增大，圖象如圖乙所示，水平放置的導(dǎo)軌不計電阻，不計摩擦阻力，寬度L＝0.5m，在導(dǎo)軌上放著一金屬棒MN，電阻R0＝0.1Ω，并且水平細(xì)線通過定滑輪懸吊著質(zhì)量M＝0.2kg的重物．導(dǎo)軌的定值電阻R＝0.4Ω，與P、Q端點(diǎn)相連組成回路。又知PN長d＝0.8m。在重物被拉起的過程中，下列說法中正確的是(g取10N/kg)()

A.電阻R中電流的方向由P到QB.電流的大小為0.1AC.從磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0開始計時，經(jīng)過495s的時間，金屬棒MN恰能將重物拉起D.電阻R上產(chǎn)生的熱量約為16J評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)18、如圖所示，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝T，邊長L＝10cm的正方形線圈abcd共100匝，線圈電阻r＝1Ω，線圈繞垂直于磁感線的對稱軸OO′勻速轉(zhuǎn)動，角速度ω＝2πrad/s，外電路電阻R＝4Ω，從圖示位置開始計時，轉(zhuǎn)動過程中感應(yīng)電動勢瞬時值表達(dá)式為e=____________V；電壓表的示數(shù)為____________V.

19、變壓器是由閉合鐵芯和繞在鐵芯上的兩個線圈組成的；如圖所示為可拆式變壓器的構(gòu)造。

（1）其工作原理是：___________；

（2）實(shí)驗(yàn)中考慮到變壓器“三損”，實(shí)驗(yàn)結(jié)論將有：___________（選填“>”“＜”或“=”）。20、如圖甲所示，矩形線框ABCD（C端被B端遮住，D端被A端遮?。┮訟D邊為軸逆時針勻速轉(zhuǎn)動，角速度為已知AB和CD邊長為L1，BC和AD邊長為L2，勻強(qiáng)磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度為B；線框只有一匝。從線圈經(jīng)過中性面（圖中虛線位置）時開始計時，并規(guī)定此后四分之一周期內(nèi)電流沿正方向。

（1）轉(zhuǎn)動中___________（哪一條或哪幾條）邊切割磁感線；

（2）轉(zhuǎn)動中，BC邊的速率是___________。

（3）t時刻（圖中實(shí)線位置），線框平面與中性面的夾角是_________，BC邊的速度與磁場夾角是___________。

（4）t時刻，BC邊中的電動勢eBC=___________，線框中的電動勢e=___________。

（5）如果線框共n匝，并用S表示線框的面積（也就是）。則t時刻線框中的電動勢e=___________，其最大值是Em=___________。

（6）在乙圖中畫出e-t圖線________。21、如圖所示，是一個按正弦規(guī)律變化的交變電流的圖像，則該交變電流的周期是_________s，電流的有效值是______A。

22、在正弦式交變電流中；最大值與有效值之間的關(guān)系。

E＝＝______Em，U＝＝______Um，I＝＝______Im評卷人得分四、作圖題(共4題，共12分)23、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導(dǎo)線I所受磁場力的方向。

24、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關(guān)和聲敏開關(guān)控制，光敏開關(guān)在天黑時自動閉合，天亮?xí)r自動斷開；聲敏開關(guān)在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

25、在“探究楞次定律”的實(shí)驗(yàn)中；某同學(xué)記錄了實(shí)驗(yàn)過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補(bǔ)充完整。

26、如圖所示：當(dāng)條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標(biāo)出圓環(huán)中的電流方向___________．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【分析】

本題是一道關(guān)于安培力的共點(diǎn)力的平衡問題及牛頓第二定律相關(guān)知識。

【詳解】

最初金屬細(xì)桿受到三個力作用；且合力為零，如圖所示。

由平衡可知，安培力

若電流變?yōu)?.5I，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)?B，則安培力

根據(jù)牛頓第二定律

故金屬細(xì)桿以

的加速度沿著斜面加速上滑；故A正確，BCD錯誤。

故選A。2、A【分析】【詳解】

A．理想變壓器的原、副線圈的電壓變化比

電流變化比

則有

將R1視為輸入端電源內(nèi)阻，則有

所以有

故A正確；

BCD．向下調(diào)節(jié)滑動變阻器R3的滑動端P時，副線圈負(fù)載電阻R增大，由原副線圈的電壓電流的關(guān)系得

原線圈的電流I1變小，R1功率減?。浑娫措妷翰蛔?，電源的輸出功率一定減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知原線圈的輸入電壓增大，故BCD錯誤。

故選A。3、C【分析】【詳解】

A．兩個離子的質(zhì)量相同，其帶電量是的關(guān)系,所以由：

可以知道其在電場中的加速度是故A錯誤.

B．要想知道半徑必須先知道進(jìn)入磁場的速度,而速度的決定因素是加速電場,所以在離開電場時其速度表達(dá)式為：

可以知道其速度之比為又由：

知：

所以其半徑之比為所以B錯誤.

C．由B的分析知道離子在磁場中運(yùn)動的半徑之比為設(shè)磁場寬度為L,離子通過磁場轉(zhuǎn)過的角度等于其圓心角,所以有：

則可以知道角度的正弦值之比為又A+的角度為可以知道A3+角度為所以在磁場中轉(zhuǎn)過的角度之比為故C正確.

D．由電場加速后：

可以知道兩離子離開電場的動能之比為所以D錯誤.4、C【分析】【詳解】

燈泡正常工作時，副線圈的輸出電流為

則原線圈的輸入電流為

定值電阻兩端電壓為

原線圈的輸入電壓為

則副線圈的輸出電壓為

定值電阻兩端電壓為

通過定值電阻的電流為

則滑動變阻器接入電路的電阻為

故選C。5、B【分析】【詳解】

AB．粒子在磁場中，洛倫茲力提供向心力

得

粒子的動能

可知若只增大交流電壓U；則質(zhì)子獲得的最大動能不變；若只增大D形金屬盒半徑，則質(zhì)子獲得的最大動能增大，選項(xiàng)A錯誤，B正確；

C．粒子在磁場中運(yùn)動的周期

被加速的帶電粒子在回旋加速器中做圓周運(yùn)動的周期與半徑無關(guān)；故C錯誤；

D．粒子在磁場中運(yùn)動的頻率為

若磁感應(yīng)強(qiáng)度B增大，交流電頻率必須適當(dāng)增大才能正常工作；故D錯誤。

故選B。6、D【分析】【詳解】

導(dǎo)體棒擺到豎直位置時，產(chǎn)生的電動勢大小為

分析可知此時電路相當(dāng)于金屬環(huán)左半邊和右半邊并聯(lián)后與導(dǎo)體棒串聯(lián)，兩邊金屬環(huán)并聯(lián)后的電阻為

兩端的電壓為路端電壓，有

故選D。7、A【分析】【分析】

【詳解】

A．若副線圈匝數(shù)增加到原來的2倍，則增加到原來的2倍，同時的阻值也增加到原來的2倍，故輸出功率

變?yōu)樵瓉淼?倍；所以選項(xiàng)A正確；

B．若副線圈匝數(shù)增加，則增大，由

可知；電流表示數(shù)增大，所以選項(xiàng)B錯誤；

C．輸入電壓和匝數(shù)比不變，則輸出電壓不變，當(dāng)負(fù)載電阻變大時

電流變小，又

故輸入功率也減?。凰赃x項(xiàng)C錯誤；

D．因?yàn)榻涣麟娫?/p>

電壓表的讀數(shù)為變壓器的輸出電壓的有效值，由

得電壓表讀數(shù)為所以選項(xiàng)D錯誤。

故選A。8、C【分析】【詳解】

A．圖甲中雷達(dá)利用無線電波的反射探測飛機(jī)；故A錯誤；

B．圖乙中電磁爐加熱食物是利用渦流加熱；故B錯誤；

C．圖丙中漏電保護(hù)開關(guān)利用電磁感應(yīng)原理；故C正確；

D．圖丁中手持式金屬探測器利用了渦流探測；故D錯誤。

故選C。9、D【分析】【詳解】

AB．直銅條AB向上運(yùn)動，由右手定則可知，感應(yīng)電流方向：A→B；由左手定則可知，銅條受到的安培力方向：豎直向下，故AB錯誤；

C．設(shè)銅條的重力為G，由題意可知：G1＝G，銅條向上運(yùn)動時，銅條受到的安培力豎直向下，由牛頓第三定律可知，磁鐵受到的磁場力：F＝BIL豎直向上，由平衡條件得：G＝G2+BIL，G2＝G﹣BIL，

由此可知：G1>G2，

故C錯誤；

D．銅條不動時，由平衡條件得：G＝G1，銅條向上運(yùn)動時，磁鐵靜止，由平衡條件得：G＝G2+BIL，

感應(yīng)電流：

解得：

故D正確．二、多選題(共8題，共16分)10、C:D【分析】【詳解】

A：據(jù)得當(dāng)粒子在D形盒內(nèi)運(yùn)動半徑最大時，速度最大，粒子被加速后的最大動能可得：則粒子被加速后的最大動能與加速電場電壓無關(guān)．故A錯誤．

B：離子由加速器的中間部分進(jìn)入加速器；故B錯誤．

C：電場變化周期應(yīng)等于粒子在磁場中運(yùn)動的周期則電場變化周期由粒子的質(zhì)量；電荷量和磁感應(yīng)強(qiáng)度決定．故C正確．

D：被加速的粒子獲得的動能只調(diào)節(jié)D形盒的半徑增大為原來的2倍，粒子獲得的動能增加為原來的4倍．故D正確．

【點(diǎn)睛】

粒子經(jīng)回族加速器加速獲得的最大動能與加速電壓無關(guān)，加速電壓影響的是加速的次數(shù)．11、A:B【分析】【詳解】

A．當(dāng)開關(guān)S閉合時，導(dǎo)體棒向右擺動，說明其所受安培力水平向右，由左手定則可知，導(dǎo)體棒ab中的方向?yàn)閍→b；A正確；

C．根據(jù)動能定理得

解得安培力

C錯誤；

B．恒流源提供的電流

解得

B正確；

D．導(dǎo)體棒在擺動過程中獲得的機(jī)械能

但是還有焦耳熱；D錯誤。

故選AB。12、A:C【分析】【詳解】

A．理想變壓器原副線圈中的電壓與線圈匝數(shù)成正比，即

減小交流電源的電壓；副線圈兩端的電壓減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，燈泡兩端的電壓減小，變暗，故A正確；

B．增大交流電的頻率；不會改變副線圈兩端的電壓，也不會改變燈泡兩端的電壓，故亮度不變，故B錯誤；

C．保持Q的位置不動；副線圈兩端的電壓不變，將P向上滑動，滑動變阻器的電阻增大，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知，滑動變阻器分得的電壓增大，燈泡分得的電壓減小，變暗，故C正確；

D．保持P的位置不動；將Q向上滑動，副線圈匝數(shù)增大，副線圈兩端的電壓增大，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知，燈泡兩端分得的電壓增大，亮度變亮，故D錯誤。

故選AC。13、A:B【分析】【詳解】

A．根據(jù)左手定則可知粒子a帶正電，粒子b、c帶負(fù)電；故A正確；

BC．粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動時，由洛倫茲力提供向心力

解得粒子做圓周運(yùn)動的半徑

粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的周期

三種粒子的質(zhì)量和電荷量相同，又射入同一磁場，所以a、b、c在磁場中運(yùn)動的周期相同；而粒子在磁場中的運(yùn)動時間

由于m、q、B都相同，粒子c轉(zhuǎn)過的圓心角θ最大，則粒子c的運(yùn)動時間最長；故B正確，C錯誤；

D、粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動時，由洛倫茲力提供向心力

解得

由圖知，射入磁場時粒子c的半徑最小，所以射入磁場時粒子c的速率最??；故D錯誤。

故選AB。14、B:C【分析】【詳解】

AC．0~2t0時間內(nèi)穿過金屬框的通量先垂直于斜面向下減小，后垂直于斜面向上增大，根據(jù)楞次定律可知，金屬框中的電流方向始終沿abcda方向；A錯誤，C正確；

BD．0~2t0時間內(nèi)，金屬框的ab邊與cd邊所受安培力等大反向；金屬框所受安培力的合力為零，以a=gsinθ的加速度做勻加速直線運(yùn)動，B正確。

D．感應(yīng)電流為I==0~2t0時間內(nèi)金屬框中產(chǎn)生的焦耳熱為Q=I2Rt==D錯誤。

故選BC。15、A:C【分析】【詳解】

AB．磁場分析垂直紙面向外，電流方向N→M，由左手定則可知，F(xiàn)方向向右；故A正確，B錯誤；

CD．由安培力公式F=BIL知，增大電流或磁感應(yīng)強(qiáng)度，F(xiàn)均增大；故C正確，D錯誤。

故選AC。16、C:D【分析】【詳解】

ABCD．粒子在磁場做勻速圓周運(yùn)動，粒子在磁場中出射點(diǎn)和入射點(diǎn)的連線即為軌跡的弦，初速度大小相同，根據(jù)

則

軌跡半徑相同，如圖所示

設(shè)當(dāng)出射點(diǎn)D與S點(diǎn)的連線垂直于OA時，DS弦最長，軌跡所對的圓心角最大，周期一定，則由粒子在磁場中運(yùn)動的時間最長，由此得到，軌跡半徑為

當(dāng)出射點(diǎn)E與S點(diǎn)的連線垂直于OC時，弦ES最短，軌跡所對的圓心角最小，則粒子在磁場中運(yùn)動的時間最短，則

由幾何知識，得最短時間

所以，粒子在磁場中運(yùn)動時間范圍為

AB錯誤CD正確。

故選CD。17、A:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)楞次定律可知電流方向?yàn)镸→N→P→Q→M；故A正確；

B．電流大小

故B錯誤；

C．要恰好把質(zhì)量M＝0.2kg的重物拉起；則。

F安＝=T＝Mg＝2N

解得B′＝50TB′＝B0＋t＝0.5＋0.1t

解得t＝495s

故C正確；

D．電阻R上產(chǎn)生的熱量為Q＝I2Rt＝(0.08)2×0.4×495J＝1.27J

故D錯誤。

故選AC。三、填空題(共5題，共10分)18、略

【分析】【詳解】

[1]電動勢的峰值為

從圖示位置開始計時，轉(zhuǎn)動過程中感應(yīng)電動勢瞬時值表達(dá)式為

[2]根據(jù)電壓分配原理可得，路端電壓的峰值為

則電壓表示數(shù)為【解析】e=10cos2πt19、略

【分析】【詳解】

（1）[1]變壓器有兩組線圈。初級線圈和次級線圈。次級線圈在初級線圈外邊。當(dāng)初級線圈通上交流電時；變壓器鐵芯產(chǎn)生交變磁場，次級線圈就產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，即變壓器工作原理是采用電磁感應(yīng)或者互感；

（2）[2]實(shí)驗(yàn)中考慮到變壓器“三損”，即鐵芯損耗（不變損耗簡稱鐵損），銅損（可變損耗）和附加損耗。實(shí)驗(yàn)結(jié)論將有【解析】電磁感應(yīng)或互感大于20、略

【分析】【分析】