2025年人教A新版必修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教A新版必修3物理下冊階段測試試卷134考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，光滑絕緣水平面上有一菱形ABCD，其中∠A=60°，現(xiàn)將兩電荷量均為Q的正點電荷固定在A、C兩點，欲使放在B點的負試探電荷q靜止，則應在D點放置的電荷為（）

A.電荷量為Q的正電荷B.電荷量為Q的負電荷C.電荷量為Q的正電荷D.電荷量為Q的負電荷2、如圖所示為邊長為L的正六邊形，在A、C、E點上分別放置電荷量為的點電荷，已知靜電力常量為k；關于三個點電荷形成的電場，下列說法正確的是（）

A.O點和F點電場強度大小均為方向相反B.B點和D點的電勢相等，且比O點電勢低C.將一個帶電小球從O點移到C點，小球的電勢能降低D.B點和D點的電場強度方向相同3、如圖所示，一電容為C的平行板電容器，兩極板A、B間距離為d，板間電壓為U，B板電勢高于A板，兩板間有M、N、P三點，M、N連線平行于極板，N、P連線垂直于極板，M、P兩點間距離為L，∠PMN＝θ。以下說法正確的是（）

A.電容器帶電荷量為B.兩極板間勻強電場的電場強度大小為C.M、P兩點間的電勢差為D.若將帶電荷量為＋q的電荷從M移到P，該電荷的電勢能增加了4、顯像管原理的示意圖如圖所示，當沒有磁場時，電子束將打在熒光屏正中的O點，安裝在管徑上的偏轉線圈可以產(chǎn)生磁場，使電子束發(fā)生偏轉。設垂直紙面向里的磁場方向為正方向，若使電子打在熒光屏上的位置由b點逐漸移動到a點；下列變化的磁場能夠使電子發(fā)生上述偏轉的是（）

A.B.C.D.5、某大型超市安裝了一臺傾角30°的自動扶梯。該扶梯在380V額定電壓的電動機帶動下以0.5m/s的恒定速率斜向上運動。電動機的最大輸出功率為6.4kW，不載人時測得電動機中的電流為5A。若載人時扶梯速率和不載人時相同，設人的平均質量為60kg（g取10m/s2）則該扶梯可同時乘載的人數(shù)最多為（）A.20人B.25人C.30人D.35人評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)6、關于能量的轉化與守恒，下列說法正確的是A.任何制造永動機的設想，無論它看上去多么巧妙，都是一種徒勞B.不可再生能源是不能再次生產(chǎn)和重復使用的，包括煤、石油和天然氣C.由于自然界的能量是守恒的，所以說能源危機不過是杞人憂天D.輕繩一端固定在天花板，另一端連接一重物在豎直面內來回擺動許多次后總會停下來，說明這個過程的能量不守恒7、2019年央視春晚深圳分會場首次成功實現(xiàn)4K超高清內容的5G網(wǎng)絡傳輸．2020年我國將全面進入5G萬物互聯(lián)的商用網(wǎng)絡新時代．所謂5G是指第五代通信技術，采用3300~5000MHZ頻段的無線電波．現(xiàn)行的第四代移動通信技術4G，其頻段范圍是1880~2635MHZ．5G相比4G技術而言，其數(shù)據(jù)傳輸速度提升了數(shù)十倍，容量更大，時延大幅度縮短到1毫秒以內，為產(chǎn)業(yè)革命提供技術支撐．根據(jù)以上內容結合所學知識，判斷下列說法正確的是A.4G信號、5G信號都是橫波B.4G信號和5G信號相遇能產(chǎn)生干涉現(xiàn)象C.4G信號比5G信號更容易發(fā)生衍射現(xiàn)象D.4G信號比5G信號在真空中的傳播速度更小8、如圖所示，三個帶電量分別為-q、+q、+q的點電荷位于等邊三角形ABC的三個頂點上，D、E分別為AB、BC邊的中點，O為三角形的中心．D、E、O三點的電場強度分別用ED、EE、EO表示；下列說法正確的是（）

A.B.C.D.9、如圖所示，有一均勻對稱帶負電花環(huán)和一質量為m的帶正電小球，小球由靜止從花環(huán)正上方某一高處的A點落下，穿過花環(huán)中心又下落到達與A對稱的點。在這個過程中，若取花環(huán)中心為坐標原點且重力勢能為零，無限遠處電勢為零，豎直向下為軸正方向，則關于小球的加速度a、重力勢能電勢能機械能E，這四個物理量與小球的位置坐標x的關系圖像可能正確的是（）

A.B.C.D.10、如圖所示，在x軸上相距為L的兩點固定兩個等量異種點電荷＋Q、－Q，虛線是以＋Q所在點為圓心、為半徑的圓，a、b、c、d是圓上的四個點，其中a、c兩點在x軸上，b、d兩點關于x軸對稱。下列判斷正確的是（）

A.b、d兩點處的電勢相同B.四個點中c點處的電勢最低C.b、d兩點處的電場強度相同D.將一試探電荷＋q沿圓周由a點移至c點，＋q的電勢能增大11、如圖所示，O點固定放置一個正點電荷，在過O點的豎直平面內的A點，自由釋放一個帶正電的小球，小球的質量為m，帶電荷量為q，小球落下的軌跡如圖中的實線所示，它與以O點為圓心、R為半徑的圓（圖中虛線表示）相交于B、C兩點，O、C在同一水平線上，∠BOC＝30°，A距OC的高度為h，若小球通過B點的速度為v；則下列敘述正確的是（）

A.小球通過C點的速度大小是B.小球通過C點的速度大小是C.小球由A到C電場力做功是D.小球由A到C電場力做功是12、如圖所示，真空中存在電荷量為和的點電荷，為兩點電荷連線的中垂線，四點連線構成的矩形區(qū)域關于和兩點電荷連線對稱，一帶負電的粒子從a點沿矩形經(jīng)過b點、c點，到達d點；下列說法正確的是（）

A.粒子從電勢能一直不變B.粒子從電勢能增加C.粒子在a點和b點受到的電場力不同D.粒子從電勢能一直不變13、如圖所示，質量為M=4kg的木板靜止在光滑水平面上，一個質量為m=1kg的小滑塊以初速度v0=5m/s從木板的左端向右滑上木板；小滑塊始終未離開木板．則下面說法正確的是。

A.從開始到小滑塊與木板相對靜止這段時間內,小滑塊和木板的加速度大小之比為1:4B.整個過程中因摩擦產(chǎn)生的熱量為10JC.可以求出木板的最小長度是3.5mD.從開始到小滑塊與木板相對靜止這段時間內，小滑塊與木板的位移之比是6:1評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)14、正離子A（質量為m、電荷量為q）和正離子B（質量為2m、電荷量為q）由靜止開始經(jīng)相同電加速后，如圖所示垂直電場線射入兩塊平行帶電金屬板間，從兩板間射出時（重力不計）A、B側移之比yA：yB=______________；A、B動能增量之比△EkA：△EkB=______________。

15、心室纖顫是一種可能危及生命的疾病。如圖所示的設備是一種心臟除顫器，該除顫器對患者進行治療時，相當于通過一個充電的電容器對患者皮膚上的兩個電極放電，讓電荷通過人體組織，達到治療的目的。若電容器的電容為充電后電壓為放電至電壓為0的過程中有______的電荷量通過了人體組織；放電過程中，電容器的電容______（填“增大”“減小”或“不變”）。

16、如圖所示為伏打電池示意圖，由于化學反應，在A、B兩電極附近產(chǎn)生了很薄的兩個帶電接觸層a、b。

（1）說明銅板帶正電、鋅板帶負電的原因是什么______？

（2）在電源內部的a、b兩個區(qū)域，電荷如何被搬運到極板上______？

（3）在正常工作的閉合電路中，靜電力對做定向運動的電子做______（選填“正”或“負”）功，使電子向電勢______（選填“升高”或“降低”）的方向運動，電子的電勢能______（選填“增加”或“減少”）；非靜電力對做定向運動的電子做______（選填“正”或“負”）功，使電子向電勢______（選填“升高”或“降低”）的方向運動，電子的電勢能______（選填“增加”或“減少”）．

（4）沿電流方向繞電路一周，非靜電力做功的區(qū)域是()

A．RB．bC．rD．a(chǎn)

（5）在圖中閉合回路的各區(qū)域內，電勢升高的總和等于電源的______。

（6）沿電流方向繞電路一周，在什么地方電勢降低______？在什么地方電勢升高______？17、摩擦起電的原因：當兩種物質組成的物體相互摩擦時，一些受束縛較弱的___________會轉移到另一個物體上，原來電中性的物體由于得到電子而帶___________，失去電子的物體則帶___________。18、電場中某區(qū)域的電場線分布如圖所示，A、B、C為電場中的三點，則三點中電場強度最大的是______點，電勢最低的是______點；將一個正點電荷從A點移動到C點過程中電場力做______（選填“正功”或“負功”）。

19、在“研究磁通量變化時感應電流的方向”實驗中；實物電路連接如圖：

（1）實物圖中有一個元件接錯了回路，請指出并改正：____________；

（2）為了方便探究感應電流方向的規(guī)律，實驗應研究原磁場方向、磁通量的變化情況、__________三者的關系；

（3）在實驗中，變阻器滑片向右移動，觀察到靈敏電流計指針向右偏轉，已知原線圈A中的電流是順時針方向（從上往下看），則流經(jīng)靈敏電流計的電流方向是____________（選填“左進右出”或“右進左出”）；為使靈敏電流計指針向左偏轉，采取的方法有（寫出一種方法）：____________；

（4）某組同學實驗中，發(fā)現(xiàn)靈敏電流計指針的偏轉始終很小，可能的原因是_________。評卷人得分四、作圖題(共4題，共24分)20、連線題：請將下列電路元器件的實物圖與其符號相連。

21、如圖所示是某電場中的電場線，請畫出點a點的場強方向和電荷-q在b點所受電場力的方向。

22、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內有一個由四個阻值相同的電阻構成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

23、如圖1所示，用電動勢為E、內阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標，I為橫坐標，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關系圖線上任取一點；畫出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共16分)24、測定電源的電動勢和內電阻的實驗電路如圖；回答下列問題：

現(xiàn)備有以下器材：

A.干電池1個

B.電壓表（0~3V）C.電壓表（0~15V）

D.電流表（0~0.6A）E.電流表（0~3A）

F.滑動變阻器（0~10Ω）G。滑動變阻器（0~1750Ω）

實驗時經(jīng)測量得出的數(shù)據(jù)如下表：。123456I/A0.120.200.310.320.500.57U/V1.371.321.241.181.101.05

(1)請在圖中的方格紙上畫出U—I圖線____。

(2)利用圖線可求出電源電動勢為______V、內電阻為_____Ω。（保留三位有效數(shù)字）25、在“測定小燈泡額定功率”的實驗中，提供的器材有：“（待測量）”的小燈泡、“”的滑動變阻器；四節(jié)新干電池等。

（1）連接電路時開關應__________。

（2）請用筆畫線代替導線，將圖甲中的實物電路連接完整，使閉合開關時滑動變阻器連入電路的電阻最大。（______）

（3）閉合開關，發(fā)現(xiàn)燈泡不亮，兩電表均無示數(shù)。為了查找故障，小明將電壓表拆下并選擇最大的量程，然后在開關閉合狀態(tài)下，分別將電壓表接在電源、滑動變阻器及開關兩端，結果只有接在滑動變阻器兩端時，電壓表無示數(shù)，則肯定出現(xiàn)故障的元件是__________，故障原因是__________。（填“短路”或“斷路”）

（4）排除故障后繼續(xù)實驗，將滑片移到某一位置時，電壓表示數(shù)如圖乙所示，為測量燈泡的額定功率，應將滑片向___________端移動，直至電壓表的示數(shù)為此時電流表示數(shù)如圖丙所示，則小燈泡的額定功率是___________26、如圖所示，已知表頭G的滿偏電流為1mA，表頭上標記的內阻值為400?，R1、R2和R3是定值電阻，其中R1=100?。某同學將其改裝為兩個量程的電壓表，圖中虛線框內是電壓表的改裝電路。若使用a、b兩個接線柱電壓表的量程為10V，若使用a、c兩個接線柱；電壓表的量程為30V。

（1）根據(jù)上述所給條件，定值電阻的阻值為R2=______?，R3=________?；

（2）用量程為30V的標準電壓表V對改裝表30V檔的不同刻度進行校準。若由于表頭G上標記的內阻值偏小。造成每次校驗時標準電壓表讀數(shù)______（填“大于”或“小于”）改裝電壓表讀數(shù)。

（3）該同學計劃用歐姆表測出表頭G的內阻。所用歐姆表內部電源電動勢為1.50V，表盤中間刻線示數(shù)為“15”，歐姆表選取“×100”檔位并進行歐姆調零，然后將該歐姆表紅、黑表筆接在表頭G兩接線柱上，則紅表筆應接在表頭G_______（填“正”或“負”）接線柱。此時表頭G讀數(shù)為0.78mA，可知表頭G內阻為_______?（保留三位有效數(shù)字）。27、某個演示用多用電表只有兩個擋位，其內部電路如圖甲所示，其中R為定值電阻；表盤如圖乙所示。

（1）這個多用電表內部電流表G的左側為________（填“正”或“負”）接線柱；

（2）若擋位置于歐姆擋，其倍率為“×1”擋，測某電阻的阻值時，多用電表指針如圖乙中①所示，若擋位置于電流擋，測某電路的電流時，多用電表指針如圖乙中②所示，則其示數(shù)為________mA；

（3）由表盤刻度可知，該多用電表內部所使用的電池電壓為________V。評卷人得分六、解答題(共1題，共6分)28、如圖所示，有一半徑為R=1m的圓形區(qū)域，O為圓心，AC為直徑，三角形ABC為圓內接三角形，為60°。有面積足夠大平行于圓面的勻強電場，已知場強E=100V/m，A點電勢為B點電勢為0，C點電勢低于B點電勢，電子電荷量大小為電子重力不計。求：

（1）勻強電場的方向；

（2）C點的電勢（可用根號表示）；

（3）若將一電子以某一初速度從C點飛出；電子經(jīng)過圓形區(qū)域邊界時可能獲得的最大動能增量（可用根號及含eV單位的數(shù)值表示）。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【詳解】

由題意可知，∠B=120°，固定在A、C兩點的電荷對放在B點的負試探電荷的靜電力等大，為

由于二力的夾角為120°，根據(jù)菱形特點可知其合力為

方向由B指向D，欲使放在B點的負試探電荷q靜止，則放置在D點的電荷對q的作用力與F合等大反向，故應在D點放置電荷量為Q的負電荷；故ABC錯誤，D正確。

故選D。2、B【分析】【詳解】

A．根據(jù)點電荷得場強公式

以及矢量合成運算法則可知，O點處得場強大小為方向由

F點得場強大小為方向由

故A錯誤；

B．根據(jù)對稱性可知，B點和D點的電勢相等，從O點到D點，C點和E點處的兩個電荷產(chǎn)生的電勢之和始終為零，而與A點處的正電荷距離越來越遠，所有電勢一直降低，同理可知從O點到B點也是同樣的情況；故B正確；

C．將一個帶電小球從O點移到C點，帶點小球離正電荷越來越遠，離負電荷越來越近，若帶電小球帶正電，則在從O點移到C點的過程中電場力始終做正功，電勢能降低，若帶電小球帶負電，則在從O點移到C點的過程中電場力始終做負功；電勢能升高，因此在不知道帶電小球電性的情況下無法做出判斷，故C錯誤；

D．根據(jù)對稱性可知，B點和D點的電場強度大小相等方向不同；故D錯誤。

故選B。3、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由電容的定義式

得電容器的帶電量。

故A錯誤；

B．兩極板間勻強電場的電場強度大小。

故B錯誤；

C．M、P兩點間的電勢差為。

故C正確；

D．將帶電量為+q的電荷從M移到P；電場力做功。

電荷的電勢能減小。

故D錯誤。

故選C。4、C【分析】【詳解】

高速電子流打在熒光屏上的位置由b點逐漸移動到a點；所以電子先受到向下的洛倫茲力，且逐漸減弱為零，后受到向上的洛倫茲力，且逐漸增強。根據(jù)左手定則可以判斷，磁場的方向先垂直紙面向里，方向為正，且逐漸減弱為零，后來磁場的方向垂直紙面向外，方向為負，且逐漸增強，故C正確，ABD錯誤。

故選C。5、C【分析】【詳解】

電動機的電壓恒為380V，扶梯不載人時，電動機中的電流為5A，忽略電動機內阻的消耗，認為電動機的輸入功率和輸出功率等，即可得到維持扶梯運轉的功率為P0=380V×5A=1900W

電動機的最大輸出功率為Pm=6.4kW

可用于輸送顧客功率為△P=Pm-P0=4.5kW由于扶梯以恒定速率向斜上方移動，每一位顧客所受的力為重力mg和支持力FN，且FN=mg

電動機通過扶梯的支持力FN對顧客做功，對每一位顧客做功的功率為P1=FNvcosα=mgvcos(90°-30°)=150W

則同時乘載的最多人數(shù)為人

故C正確；ABD錯誤。

故選C。二、多選題(共8題，共16分)6、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A.因為永動機違背了能量守恒定律；所以任何制造永動機的設想，無論它看上去多么巧妙，都是一種徒勞，故A正確；

B.不可再生的能源指煤；石油、天然氣等儲存能源；這些能源的形成需要經(jīng)過上萬年很難在短時間內形成所以是不可再生能源，故B正確；

C.能源危機能量在數(shù)量上雖沒有減少；但在可利用的品質上降低了，從便于利用的變成不便于利用的了．這是能源危機的深層次的含意，故C錯誤；

D.輕繩一端固定在天花板，另一端連接一重物在豎直面內來回擺動許多次后總會停下來，是因為阻力做功，機械能轉化為內能，重物才停下來，但不違背能量守恒定律，故D錯誤．7、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AD、無論是4G還是5G，都是電磁波，都是橫波，且在真空中的傳播速度都是3×108m/s；A正確D錯誤；

B；4G信號和5G信號的頻率不同；則相遇時不能產(chǎn)生干涉現(xiàn)象，B錯誤；

C、4G信號的頻率小，波長較大，則4G信號比5G信號更容易發(fā)生衍射現(xiàn)象，C正確．8、A:D【分析】【詳解】

BC兩個等量正電荷在E點合電場為零，故E點的電場強度為ABC三個點的電荷在O點的電場強度大小都相等，為其中B、C兩點電荷再O點的合電場強為方向向上，A點電荷在O點的電場強度方向也向上，所以A、B、C三個點電荷在O點合電場強度為Eo=．A、B電荷在D的電場強度相同，EAB=2×kC點電荷在D點電場強度為EC=k電場EAB和電場EC方向垂直，所以它們的合電場為ED=所以，ED＞EO＞EE，故AD正確，BC錯誤．9、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．花環(huán)中心電場強度為零；無窮遠處電場強度為零，所以從中心到無窮遠處電場強度是先增加再減少。加速度是重力和電場力的合力與質量的比值，在花環(huán)上方，重力和電場力都向下，且電場力可能先增加再減小，所以加速度可能先增加再減小，在花環(huán)下方，重力向下，電場力向上，且電場力先增加再減小，合力可能先減小再增加，所以加速度可能先減小再增加，A正確；

B．從A到重力做正功；重力勢能減小，B錯誤；

C．從A到電場力先做正功再做負功；所以電勢能先減小再增加，但由于場強不均勻，所以電場力做功及電勢能變化也不均勻，C錯誤；

D．由機械能守恒的條件可知；除重力之外的其它力做功影響機械能的變化，電場力先做正功再做負功，所以機械能先增加再減小，小球在花環(huán)上方下落過程中電場力可能先變大再變小，在花環(huán)下方下落過程中電場力可能先變大再變小，這種變化情況是有可能的，D正確。

故選AD。10、A:B【分析】【詳解】

A.等量異種點電荷的電場線及等勢線的分布如圖所示。

由于b、d兩點關于x軸對稱，故b、d兩點電勢相等；故A正確；

B.a、b、c、d四個點中，只有c點電勢為零；其余各點的電勢均大于零，故B正確；

C.b、d兩點的電場強度大小相等；方向不同，故C錯誤；

D.將一正的試探電荷由a點移動到c點的過程中，由于a點電勢高于c點電勢；故該電荷的電勢能減小，故D錯誤。

故選AB。11、B:D【分析】【詳解】

A．從A到C的過程中，重力做正功，電場力做負功，根據(jù)動能定理

因此到達C點的速度

A錯誤；

B．由于B、C處于同一等勢面上，從B到C的過程中，電場力做功為零，根據(jù)動能定理

又

解得①

B正確；

CD．從A到C的過程中，根據(jù)動能定理②

由①②聯(lián)立得

C錯誤；D正確。

故選BD。12、B:C【分析】【詳解】

AD．由等量異種點電荷產(chǎn)生的電場的特點可知，連線不是等勢線，帶負電的粒子從電勢能會發(fā)生變化，同理可知，該粒子從電勢能也會發(fā)生變化；選項AD錯誤；

B．兩點在兩點電荷連線的中垂線兩側（關于中垂線對稱），且b點比c點離正點電荷近，故b點電勢高于c點電勢，所以帶負電的粒子從電勢能增加，B正確；

C．根據(jù)電場強度的疊加原理可知，兩點的電場強度的大小相等，方向不同，故帶負電的粒子在a點和b點受到的電場力不同；C正確。

故選BC。13、B:D【分析】【分析】

由牛頓第二定律分別求出加速度即可；分析滑塊和木板組成的系統(tǒng)所受的外力，判斷動量是否守恒．滑塊相對木板靜止時，由動量守恒定律求出兩者的共同速度，由能量守恒定律求內能．再由求木板的最小長度L；由運動學公式求滑塊與木板的位移之比．

【詳解】

A．滑塊在水平方向只受到摩擦力的作用，由牛頓第二定律可得：地面光滑，可知M在水平方向也只受到m對M的摩擦力，由牛頓第二_定律可得：其中μ是二者之間的動摩擦因數(shù)，即：故A錯誤；

B．水平面光滑，則滑塊和木板組成的系統(tǒng)所受的合外力為零，兩者水平方向動量守恒，滑塊相對木板靜止時，取向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律得：解得：v=1m/s．根據(jù)能量守恒定律得，整個辻程中因摩擦產(chǎn)生的內能：故B正確；

C．設木板的最小長度為L，則有但由于不知道動摩擦因數(shù)不能求出木板的最小長度，故C錯誤；

D.從開始到滑塊與木板相對靜止込段時向內；滑快與木板的位移之比是：

故D正確．

【點睛】

本題主要考查了板塊模型的綜合應用，屬于中等題型．三、填空題(共6題，共12分)14、略

【分析】【詳解】

[1]離子在電場中加速，設末速度為v0，據(jù)動能定理得

離子穿出偏轉電場的時間為

偏轉電場的加速度為

離開偏轉電場時側移量

即側移量與電荷的電量與質量均無關，則A、B側移之比yA：yB=1:1

[2]根據(jù)動能定理

則A、B動能增量之比△EkA：△EkB=1:1【解析】1：11：115、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)電容器的定義式

得

[2]電容器的電容由電容器自身決定，與所帶的電荷量多少無關，所以放電過程中，電容器的電容不變。【解析】①.②.不變16、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]鋅失去電子后，鋅離子進入溶液中與硫酸根離子結合成硫酸鋅，鋅原子將電子留在鋅板上，使鋅板帶負電，硫酸根離子與鋅結合后，導致電解液與b之間處的電勢升高，對于銅板，由于還原反應，硫酸中的氫離子從銅板上得到電子變成氫氣，使銅板帶正電，由于氫離子與銅板上的電子結合導致a與電解液處的電勢降低；

(2)[2]在電源內部的a、b兩個區(qū)域，非靜電力做功，在a區(qū)域，氫離子被搬運到銅板上；在b處；硫酸根離子被搬到鋅板上；

(3)[3][4][5]在正常工作的閉合電路中；靜電力對做定向運動的電子做正功，電勢能減少，所以電子向電勢升高的方向運動；

[6][7][8]電源內部；從負極到正極電勢升高，所以非靜電力把電子從正極搬運到負極，對做定向運動的電子做正功，即電子向電勢降低的方向運動，所以電子的電勢能增加；

(4)[9]在電源的內阻和外電阻上，電荷移動過程中是靜電力做功，r區(qū)域是內阻區(qū)域，由題意可知，“在A、B兩電極附近產(chǎn)生了很薄的兩個帶電接觸層a、b”則該區(qū)域即為非靜電力作用的范圍；也是沿著電流方向電勢升高的范圍，故BD正確，AC錯誤；

故選BD；

(5)[10]依據(jù)電動勢定義可知；電勢升高的總和等于電源的電動勢；

(6)[11][12]ab區(qū)域為非靜電力作用的范圍，電勢升高，R為外電阻，r為內阻，在電阻上，沿電流方向電勢降低?！窘馕觥夸\失去電子后，鋅離子進入溶液中與硫酸根離子結合成硫酸鋅，鋅原子將電子留在鋅板上，使鋅板帶負電，硫酸根離子與鋅結合后，導致電解液與b之間處的電勢升高。對于銅板，由于還原反應，硫酸中的氫離子從銅板上得到電子變成氫氣，使銅板帶正電，由于氫離子與銅板上的電子結合導致a與電解液處的電勢降低在a區(qū)域，氫離子被搬運到銅板上；在b處，硫酸根離子被搬到鋅板上正升高減少正降低增加BD電動勢電勢兩次降低即電流流過外電阻和內電阻時，電勢降低電勢兩次升高即通過兩個極板和電解液接觸層a、b時電勢升高17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]摩擦起電的原因為當兩種物質組成的物體相互摩擦時，一些受束縛較弱的電子會轉移到另一個物體上，原來電中性的物體由于得到電子而帶負電，失去電子的物體則帶正電?！窘馕觥竣?電子②.負電③.正電18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]電場線越密集的地方場強越大，則三點中電場強度最大的是A點；

[2]沿電場線電勢逐漸降低，則電勢最低的是C點；

[3]將一個正點電荷從A點移動到C點過程中電場力的方向與位移同向，則電場力做正功?！窘馕觥緼C正功19、略

【分析】【詳解】

（1）[1]開關應接入原線圈A所在的回路；改正后的接法如下圖。

（2）[2]為了方便探究感應電流方向的規(guī)律；實驗應研究原磁場方向；磁通量的變化情況、感應電流的磁場方向三者之間的關系。

（3）[3]變阻器滑片向右移動；則滑動變阻器的阻值變小，則上面的電路電流變大，原線圈產(chǎn)生從上向下看是順時針方向電流，根據(jù)右手螺旋定則，產(chǎn)生的磁場方向為下N極，上S極，再根據(jù)增反減同原則，產(chǎn)生的感應磁場下S極，上N極，根據(jù)下方螺線管繞線，可以看出電流方向為逆時針（從上往下看），所以經(jīng)靈敏電流計電流方向是右進左出。

[4]滑動變阻器滑片向右滑動；靈敏電流計指針向右偏，則滑動變阻器滑片向左滑動，靈敏電流計指針向左偏。

（4）[5]靈敏電流計指針偏轉角度小，說明是電流太弱，可能是因為原線圈A中沒有插入鐵芯或者電池使用時間過長，原線圈A中電流過小?！窘馕觥块_關應接入原線圈A所在的回路，改正見解析感應電流的磁場方向右進左出變阻器滑片向左滑動（將原線圈A從副原線圈B中拔出，斷開開關也對）原線圈A中沒有插入鐵芯，電池使用時間過長，原線圈A中電流過小四、作圖題(共4題，共24分)20、略

【分析】【詳解】

實物圖中第一個為電動機；電動機符號為符號圖中的第二個；

實物圖中第二個為電容器；電容器符號為符號圖中的第三個；

實物圖中第三個為電阻；電阻符號為符號圖中的第四個；

實物圖中第四個為燈泡；燈泡符號為符號圖中的第一個。

【解析】21、略

【分析】【詳解】

電場線上每一點的切線方向即為該點的電場強度方向；負電荷受電場力的方向與場強方向相反，如圖所示。

【解析】22、略

【分析】【詳解】

因為1；2接線柱之間的電阻與2、3接線柱之間的電阻之和等于1、3接線柱之間的電阻；所以2為中間的結點，又因為2、3接線柱之間的電阻與1、2接線柱之間的電阻的差等于1、2接線柱之間的電阻的一半，故2、3之間有兩個電阻井聯(lián)，后再與第三個電阻串聯(lián)，每個電阻均為1Ω，連接方式如圖所示。

【解析】23、略

【分析】【詳解】

（1）由閉合電路歐姆定律可知

所以圖像與縱軸交點的坐標值為電源電動勢；與橫軸交點的坐標值為短路電流，如圖所示。

（2）電源的輸出功率等于路端電壓與干路電流的乘積；即所要求的的面積為該點向坐標軸作垂線后與坐標軸圍成的面積，如圖所示。

【解析】（1）U-I圖像如圖所示。圖像與縱軸交點的坐標值為電源電動勢，與橫軸交點的坐標值為短路電流；（2）五、實驗題(共4題，共16分)24、略