2025年外研版高二物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版高二物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、將一個質(zhì)量為3kg的木板置于光滑水平面上，另一質(zhì)量為1kg的物塊放在木板上．已知物塊和木板間有摩擦，而木板足夠長，若兩者都以大小為4m/s的初速度向相反方向運動(如上圖)，則當木板的速度為2.4m/s時，物塊正在()A.水平向左勻減速運動B.水平向右勻加速運動C.水平方向做勻速運動D.處于靜止狀態(tài)2、靜止在光滑水平面上的物體，受到一個水平拉力，當力開始作用的瞬間，下列說法正確的是（）A.物體同時獲得速度和加速度B.物體立即獲得加速度，速度開始發(fā)生變化C.物體的速度和加速度仍為零D.物體立即獲得加速度，但速度為零3、將液體分子視作球體，且分子間的距離可忽略不計，則已知某種液體的摩爾質(zhì)量婁脤

該液體的密度婁脩

以及阿伏加德羅常數(shù)NA

后，可得該液體分子的半徑為()

A.3婁脤4婁脨婁脩NA3

B.3婁脤NA4婁脨婁脩3

C.6婁脤婁脨婁脩NA3

D.6婁脤NA婁脨婁脩3

4、伽利略在研究自由落體運動時，做了如下的實驗：他讓一個銅球從阻力很小(

可忽略不計)

的斜面上由靜止開始滾下，并且做了上百次.

假設(shè)某次實驗伽利略是這樣做的：在斜面上任取三個位置ABC.

讓小球分別由ABC

滾下，讓ABC

與斜面底端的距離分別為s1s2s3

小球由ABC

運動到斜面底端的時間分別為t1t2t3

小球由ABC

運動到斜面底端時的速度分別為v1v2v3

則下列關(guān)系式中正確并且是伽利略用來證明小球沿光滑斜面向下運動是勻變速直線運動的是(

)

A.s1鈭?s2=s2鈭?s3

B.s1t12=s2t22=s3t32

C.v1t1=v2t2=v3t3

D.v12=v22=v32

5、如圖所示，矩形線圈abcd由靜止開始運動；若要使線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，則線圈的運動情況應(yīng)該是（）

A.向右平動（ad邊還沒有進入磁場）B.向上平動（ab邊還沒有離開磁場）C.以bc邊為軸轉(zhuǎn)動（ad邊還未轉(zhuǎn)入磁場）D.平行于磁場向外平動評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)6、如圖甲所示為一個燈泡兩端的電壓與通過的電流的關(guān)系曲線，參考這根曲線回答下列問題（不計電流表和電池的內(nèi)阻）．如圖乙所示，將兩個這樣的燈泡并聯(lián)后再與l0Ω的定值電阻串聯(lián)，接在電動勢為8V的電源上，求通過電流表的電流為A，各燈泡的電阻值為Ω．7、如圖所示為聲波干涉演示儀的原理圖，兩個U形管A和B套在一起，A管兩側(cè)各有一小孔．聲波從左側(cè)小孔傳入管內(nèi)，被分成兩列頻率________的波．當聲波分別通過A、B傳播到右側(cè)小孔時，若兩列波傳播的路程相差半個波長，則此處聲波的振幅________；若傳播的路程相差一個波長，則此處聲波的振幅________．8、示波管的原理如下圖所示；當兩偏轉(zhuǎn)電極均不加電壓時電子打在熒光屏的正中間(亮斑)，規(guī)定：偏轉(zhuǎn)電極XX’中，X板電勢高電壓為正；偏轉(zhuǎn)電極YY’中，Y板電勢高電壓為正；

①若偏轉(zhuǎn)電極XX’不加電壓；只在偏轉(zhuǎn)電極YY’所加圖示電壓，則在熒光屏上出現(xiàn)____________

②若偏轉(zhuǎn)電極XX’加圖示電壓，同時偏轉(zhuǎn)電極YY’所加圖示電壓，則在熒光屏上出現(xiàn)____________．請在直角坐標系中定性畫出條紋形狀．9、一個可供使用的萬用表，S為選擇開關(guān)、Q為歐姆檔調(diào)零旋鈕．現(xiàn)在要用它測量兩個電阻的阻值，R1大約幾十歐姆、R2大約幾百歐姆．下面提出了在測量過程中一系列可能的操作．請選出盡可能準確地確定各阻值同時又符合萬用表安全使用規(guī)則的各項操作；并且將它們按合理順序填寫在后面的橫線空白處。

（A）將兩表筆短接；調(diào)節(jié)Q使表針對準歐姆檔刻度盤上的零歐姆處；隨后即斷開；

（B）旋動S使其尖端對準歐姆檔×100；

（C）旋動S使其尖端對準歐姆檔×10；

（D）旋動S使其尖端對準歐姆檔×1；

（E）旋動S使其尖端對準交流電壓的最高檔；

（F）將兩表筆分別接到R1的兩端、讀出R1的阻值；隨后即分開；

（G）將兩表筆斷開；使指針指電流為零的位置；

（H）旋動S使其尖端對準歐姆檔×1K；

（I）將兩表筆分別接到R2的兩端、讀出R2的阻值；隨后即斷開；

正確地操作順序為____．10、光由空氣以45°的入射角射向介質(zhì)時，折射角是30°，則光由介質(zhì)射向空氣的臨界角是____。11、在”驗證力的平行四邊形定則”的實驗中：

(1)

部分實驗步驟如下；請完成有關(guān)內(nèi)容：

A.將一根橡皮筋的一端固定在貼有白紙的豎直平整木板上；另一端綁上兩根細線．

B.在其中一根細線上掛上5

個質(zhì)量相等的鉤碼；使橡皮筋拉伸，如圖甲所示，記錄：______；______、______．

C.將步驟B

中的鉤碼取下；分別在兩根細線上掛上4

個和3

個質(zhì)量相等的鉤碼，用兩光滑硬棒BC

使兩細線互成角度，如圖乙所示，小心調(diào)整BC

的位置，使______，記錄______．

(2)

如果”驗證力的平行四邊形定則”得到驗證，那么圖乙中cos婁脕cos尾=

______．評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)12、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）13、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）14、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）15、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

16、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

17、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）18、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

19、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

20、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、解答題(共2題，共10分)21、一列簡諧橫波由波源O點沿x軸正方向傳播，OA=0.4m，AB=0.6m，經(jīng)時間4×10-2s；振動從O點傳播到了A點，此時波形如圖所示．當這列波進入AB區(qū)域時，它的傳播速度。

變?yōu)樵瓉淼?.5倍；那么：

（1）這列波在OA和AB區(qū)域的波長分別是多少？

（2）從圖示時刻起；經(jīng)過多長時間，質(zhì)點B第三次到達正向最大位移處？

22、2008年5月12日；四川汶川地區(qū)發(fā)生8級特大地震，給人民生命和財產(chǎn)造成極大危害．危急關(guān)頭，在黨和政府的積極指揮下，英雄的消防官兵及時地出現(xiàn)在災(zāi)區(qū)人民面前，為他們排憂解難．在一次救援行動中，一名消防隊員沿著長為12m的豎立在地面上的鋼管往下滑．這名隊員的質(zhì)量為60kg，他從鋼管頂端由靜止開始先勻加速再勻減速下滑，滑到地面時速度恰好為零．如果加速時的加速度大小是減速時的加速度大小的2倍，下滑的總時間為3s，那么該消防隊員下滑過程中的最大速度是多少？加速和減速下滑時，消防隊員與鋼管間的摩擦力之比是多少？

評卷人得分五、綜合題(共3題，共12分)23、如圖所示，電荷量為-e、質(zhì)量為m的電子從A點沿與電場垂直的方向進入勻強電場，初速度為v0，當它通過電場B點時，速度與場強方向成150°角，不計電子的重力，求A、B兩點間的電勢差．24、(1)(1)真空中有兩個點電荷，它們之間的靜電力為FF如果保持它們所帶的電量不變，將它們之間的距離增大到原來的33倍，它們之間作用力的大小等于________．A.F

B.3F

C.F3

D.F9

(2)

如圖所示為帶負電的點電荷的電場線分布圖，對該電場中的AB

兩點，下列說法正確的是________．A.A

點的電場強度等于B

點的電場強度B.A

點的電場強度比B

點的電場強度大C.A

點的電勢等于B

點的電勢D.A

點的電勢比B

點的電勢高(3)

在如圖所示的電路中，電源電動勢為E

內(nèi)電阻為r.

將滑動變阻器的滑片P

從圖示位置向右滑動的過程中，關(guān)于各電表示數(shù)的變化，下列判斷中正確的是________．A.電壓表V

的示數(shù)變小B.電流表A2

的示數(shù)變小C.電流表A1

的示數(shù)變小D.電流表A

的示數(shù)變大(4)

在如圖所示的電路中，電源的電動勢為E

內(nèi)電阻為r

電阻R1

與變阻器R2

串聯(lián)，將R2

的阻值調(diào)至零時，下列說法中正確的是________．A.電路的外電阻最小B.電阻R1

消耗的功率最小C.電源內(nèi)消耗的功率最小D.電源內(nèi)部的電勢降落最小(5)

如圖所示，MN

表示真空室中垂直于紙面放置的感光板，它的一側(cè)有勻強磁場，磁場方向垂直于紙面向里，磁感應(yīng)強度大小為B.

一個電荷量為q

的帶電粒子從感光板上的狹縫O

處以垂直于感光板的初速度v

射入磁場區(qū)域，最后到達感光板上的P

點.

經(jīng)測量PO

間的距離為l

不計帶電粒子受到的重力.

求：壟脵

帶電粒子所受洛倫茲力的大小為________；壟脷

此粒子的質(zhì)量為________．(6)

水平面上有電阻不計的U

形導(dǎo)軌NMPQ

它們之間的寬度為LM

和P

之間接入電動勢為E

的電源(

不計內(nèi)阻).

現(xiàn)垂直于導(dǎo)軌放置一根質(zhì)量為m

電阻為R

的金屬棒ab

并加一個范圍較大的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B

方向與水平面夾角為婁脠

且指向右上方，如圖所示，問：壟脵

當ab

棒靜止時，受到的支持力和摩擦力各為多少？壟脷

若B

的大小和方向均能改變，則要使ab

棒所受支持力為零，B

的大小至少為多少？此時B

的方向如何？25、(1)

以下關(guān)于分子力的說法；正確的是()

A.分子間的距離增大則分子間的斥力與引力均減小。

B.氣體分子之間總沒有分子力的作用。

C.液體難于壓縮表明液體中分子總是引力。

D.當分子間表現(xiàn)為引力時；隨分子間距離增大分子間勢能增大。

E.當分子間的引力與斥力大小相等時分子間勢能最小(2)

如圖所示，圓柱形汽缸開口向上豎直放置在水平面上，汽缸足夠長，內(nèi)截面積為S

大氣壓強為P0

一厚度不計，質(zhì)量為m

=p0s2g

的活塞封住一定量的理想氣體，溫度為T0

時缸內(nèi)氣體體積為V0

先在活塞上緩慢放上質(zhì)量為3

m

的砂子，然后將缸內(nèi)氣體溫度緩慢升高到2T0

求穩(wěn)定后缸內(nèi)氣體的體積．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】根據(jù)動量守恒有：則物塊向右運動，由于速度小于木板的速度，受到向右的摩擦力，做勻加速運動，B正確?！窘馕觥俊敬鸢浮緽2、B|D【分析】根據(jù)力與加速度的瞬時性，有力一定有加速度，但速度的變化有一定的過程，BD正確?！窘馕觥俊敬鸢浮緽D3、A【分析】略【解析】A

4、B【分析】解：A

由圖可知及運動學(xué)規(guī)律可知，s1鈭?s2>s2鈭?s3

故A錯誤．

B、由運動學(xué)公式可知，s=12at2a=2st2

故三次下落中位移與時間平方向的比值一定為定值，伽利略正是用這一規(guī)律說明小球沿光滑斜面下滑為勻變速直線運動，故B正確．

C、由v=at

可得，a=vt

三次下落中的加速度相同，故公式正確，但是不是當是伽利略用來證用勻變速直線運動的結(jié)論；故C錯誤．

D；小球在斜面上三次運動的位移不同；末速度一定不同，故D錯誤．

故選：B

．

小球在斜面上做勻變速直線運動；由運動學(xué)公式可判斷各項是否正確；同時判斷該結(jié)論是否由伽利略用來證明勻變速運動的結(jié)論．

雖然當時伽利略是通過分析得出勻變速直線運動的，但我們今天可以借助勻變速直線運動的規(guī)律去理解伽利略的實驗．【解析】B

5、A【分析】解：A；向右平動（ad邊還沒有進入磁場）；因此線圈磁通量發(fā)生變化，故有感應(yīng)電流，故A正確；

B、向上平動（ab邊還沒有離開磁場）；線圈的磁通量沒有變化，故沒有感應(yīng)電流，故B錯誤；

C、以bc邊為軸轉(zhuǎn)動（ad邊還未轉(zhuǎn)入磁場）；其磁通量沒有發(fā)生變化，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故C錯誤；

D；平行于磁場向外平動；其磁通量沒有變化，故沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故D錯誤；

故選：A．

本題考查了感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件：閉合回路中的磁通量發(fā)生變化．據(jù)此可正確解答本題．

本題比較簡單，考查了基本規(guī)律的應(yīng)用，是一道考查基礎(chǔ)知識的好題，注意產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件，及磁通量是否變化是解題的關(guān)鍵．【解析】【答案】A二、填空題(共6題，共12分)6、略

【分析】試題分析：在題乙圖中的混聯(lián)電路中，設(shè)每只電燈加上的實際電壓和實際電流分別為U和I．在這個閉合電路中，有E=U+2IR0代入數(shù)據(jù)并整理得，U=8-20I，把該直線在題甲圖上畫出，如圖所示．這兩條曲線的交點為U=2V、I=0.3A，同時滿足了電路結(jié)構(gòu)和元件的要求，此時通過電流表的電流值IA=2I=0.6A．每只燈泡的電阻為考點：金屬的伏安特性曲線.【解析】【答案】0.6A；6.7Ω7、略

【分析】聲波從左側(cè)小孔傳入管內(nèi)，被分成兩列頻率相同的波且相位差固定．若波程相差為半波長的偶數(shù)倍，則干涉相長；若波程相差為半波長的奇數(shù)倍，則干涉相消．所以若兩列波傳播的路程相差半個波長，則此處聲波的振幅減??；若傳播的路程相差一個波長，則此處聲波的振幅增大．【解析】【答案】相同減小增大8、略

【分析】經(jīng)解：①因偏轉(zhuǎn)電極XX’不加電壓；則在水平向不偏轉(zhuǎn)，而在偏轉(zhuǎn)電極YY’加圖示電壓，則在y向出現(xiàn)偏轉(zhuǎn)，電壓大則偏轉(zhuǎn)大，因視學(xué)暫留則外觀為一條豎線．

②偏轉(zhuǎn)電極XX’加圖示電壓；水平向偏轉(zhuǎn)，同時偏轉(zhuǎn)電極YY’加圖示電壓，則沿y向偏轉(zhuǎn)，其顯示波形為Y向所加電壓波形．如圖所示。

故答案為：①一條豎線；②正弦圖線，如圖示【解析】一條豎線;正弦圖線9、略

【分析】

利用歐姆表測電阻的方法：根據(jù)待測電阻的大體阻值；選擇合適的倍率，使指針指在大約中央附近，每次選檔后都要重新進行歐姆調(diào)零，測量完畢，將選擇開關(guān)置于OFF擋．

合理是操作步驟為：GDAFCAIE或GCAIDAFE．

故答案為：GDAFCAIE或GCAIDAFE．

【解析】【答案】應(yīng)歐姆表測電阻時；要先進行機械調(diào)零，測多個電阻時，一般先測阻值較小的電阻；測電阻時要根據(jù)待測電阻阻值大小選擇合適的擋位，然后進行歐姆調(diào)零，每換一次擋都要進行歐姆調(diào)零，歐姆表使用完畢，要把選擇開關(guān)置于交流電壓最高檔或off擋．

10、略

【分析】【解析】【答案】45011、鉤碼個數(shù)（或細線拉力）橡皮筋與細線結(jié)點的位置O細線的方向橡皮筋與細線結(jié)點的位置與步驟B中結(jié)點位置重合鉤碼個數(shù)和對應(yīng)的細線方向【分析】解：(1)

根據(jù)實驗原理可知；圖甲中需要記錄合力的大小和方向后，畫出來的合力是實際值，該實驗中根據(jù)鉤碼個數(shù)來表示拉力大小，因此需要記錄的是：鉤碼個數(shù)(

或細線拉力)

橡皮筋與細線結(jié)點的位置O

細線的方向；

該實驗采用“等效代替”法；因此在用兩個繩套拉橡皮筋時，要將橡皮筋與細線結(jié)點拉到與步驟B

中結(jié)點位置重合，同時記錄鉤碼個數(shù)和對應(yīng)的細線方向．

故答案為：鉤碼個數(shù)(

或細線拉力)

橡皮筋與細線結(jié)點的位置O

細線的方向；橡皮筋與細線結(jié)點的位置與步驟B

中結(jié)點位置重合，鉤碼個數(shù)和對應(yīng)的細線方向．

(2)

根據(jù)O

點處于平衡狀態(tài)；正交分解有：

豎直方向：4mgsin婁脕+3mgsin婁脗=5mg壟脵

水平方向：4mgcos婁脕=3mgcos婁脗壟脷

聯(lián)立壟脵壟脷

解得：cos婁脕cos尾=34

．

故答案為：34

．

“驗證力的平行四邊形定則”的實驗原理是：記錄兩個分力以及合力的大小和方向后；選用相同的標度將這三個力畫出來，畫出來的合力是實際值，然后根據(jù)平行四邊形畫出合力的理論值，通過比較實際值和理論值的關(guān)系來進行驗證，明確了實驗原理即可知知道實驗中需要記錄的物理量和具體的操作．

要圍繞“驗證力的平行四邊形定則”的實驗原理對實驗步驟和實驗中需要注意的問題進行理解，正確理解“等效代替”的含義．【解析】鉤碼個數(shù)(

或細線拉力)

橡皮筋與細線結(jié)點的位置O

細線的方向橡皮筋與細線結(jié)點的位置與步驟B

中結(jié)點位置重合鉤碼個數(shù)和對應(yīng)的細線方向34

三、判斷題(共9題，共18分)12、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．13、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．14、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．15、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．16、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．17、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．18、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．19、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．20、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。摹⒔獯痤}(共2題，共10分)21、略

【分析】

（1）由圖看出，OA段的波長為：λ1=0.2m，周期為T=2×10-2s，則波速為v1==m/s=10m/s

AB段：波速為v2=1.5v1=15m/s，周期T=2×10-2s，波長為：λ2=v2T=0.3m．

（2）由題意得到，AB間距離等于2λ2，則振動從A傳到B的時間為t1=2T=4×10-2s．

振動剛傳到B點時B點向下振動，經(jīng)過t2==1.5×10-2s，B點第一次到達正向最大位移處，則過t3=2T=4×10-2s質(zhì)點B第三次到達正向最大位移處，所以總時間為t=t1+t2+t3=t=9.5×10-2s．

答：

（1）這列波在OA和AB區(qū)域的波長分別是0.2m和0.3m．

（2）從圖示時刻起，經(jīng)過9.5×10-2s；質(zhì)點B第三次到達正向最大位移處。

【解析】【答案】（1）OA段是兩個波長；求出波長和周期，求出波速．波從OA進入AB區(qū)域時周期不變，由波速求出波長．

（2）根據(jù)AB間距離與波長的關(guān)系，確定波從A傳到B的時間，波剛傳到B點時，B點向下振動，再經(jīng)過2質(zhì)點B第三次到達正向最大位移處．

22、略

【分析】

設(shè)最大速度為Vm，由S=Vmt

得：Vm=8m/s

又Vm=a1t1=a2t2

由題意a1=2a2

t=t1+t2=3s

則t1=1s，t2=2s

a1=8m/s2，a1=4m/s2

根據(jù)牛頓第二定律；加速下滑過程，有。

mg-f1=ma1

減速下滑過程；有。

f2-mg=ma2

解得。

f1=l20N

f2=840N

所以。

f1：f2=1：7

即該消防隊員下滑過程中的最大速度是8m/s；加速和減速下滑時，消防隊員與鋼管間的摩擦力之比是1：7．

【解析】【答案】消防隊員先勻加速后勻減速；由于加速和減速過程的最大速度和最小速度相等，故平均速度相等，根據(jù)平均速度公式可以求出最大速度；

求出最大速度后；根據(jù)運動學(xué)公式先求出兩段過程的加速度，再受力分析并根據(jù)牛頓第二定律列式求解即可．

五、綜合題(共3題，共12分)23、略

【分析】電子垂直進入勻強電場中，做類平拋運動，作出電子經(jīng)過B點時速度的分解圖，求出經(jīng)過B點時的速度，根據(jù)動能定理求解A、B兩點間的電勢差．【解析】解：從A到B過程，由動能定理得：

-eU=

又因為：

所以：U=-

答：A、B兩點間的電勢差為-．24、(1)D

(2)B

(3)B

(4)A

(5)qvBqBl2v

(6)

解：從b

向a

看側(cè)視圖如圖所示，

壟脵

水平方向：F=FAsin婁脠

豎直方向：FN+FAcos婁脠=mg

又FA=BIL=BERL

聯(lián)立得：FN=mg?BLEcos?婁脠RF=BLEsin?婁脠R

壟脷

使ab

棒受支持力為零，且讓磁場最小，可知安培力豎直向上，

則有FA=mg

Bmin=mgREL

根據(jù)左手定則判定磁場方向水平向右。

【分析】(1)

【分析】電量不變，只是將距離增大到原來的3

倍，根據(jù)點電荷庫侖力的公式F=kQ1Q2r2

可以求得改變之后的庫侖力的大小。本題就是對庫侖力公式的直接考查，掌握住公式就很容易分析了?！窘獯稹坑牲c電荷庫侖力的公式F=kQ1Q2r2

可以得到，電量不變，當距離增大到原來的3

倍，庫侖力將變?yōu)樵瓉淼?9

故D正確。故選D。

(2)

【分析】電場線的疏密表示電場強度的強弱，電場線某點的切線方向表示電場強度的方向，且沿著電場線的方向，電勢降低，據(jù)此可正確解答。電場線雖然不存在，但可形象來描述電場的分布，明確電場線分布與電場強度之間的關(guān)系?！窘獯稹侩妶鼍€的疏密表示電場強度的強弱，由于電場線的疏密可知，AB

兩點電場強度的大小關(guān)系，所以EA>EB

故A錯誤；B正確；

根據(jù)沿著電場線的方向；電勢降低，則有A

點的電勢低于B

點的電勢，故CD錯誤；

故選B。(3)

【分析】由滑片的移動可知滑動變阻器接入電阻的變化，則由閉合電路歐姆定律可知電路中總電流及路端電壓的變化，再分析局部電路可得出電流表及電壓表的變化。本題考查閉合電路歐姆定律的應(yīng)用，要注意明確解題的思路為：“局部?

整體?

局部”?！窘獯稹緼D.

當滑片向右滑動時，滑動變阻器接入電阻增大，則總電阻增大；由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流減小，則由U=E?Ir

可知；路端電壓增大；則可知電流表A

的示數(shù)減小，電壓表V

的示數(shù)增大；故AD錯誤；

BC.

因路端電壓增大；A1

中電流增大，因總電流減小，而R1

中電流增大，則A2

中電流減小，故C錯誤，B正確。

故選B。(4)

【分析】將R2

的阻值調(diào)至零時，R2

被短路，電路中電阻最小，則電流最大，根據(jù)閉合電路歐姆定律及功率公式即可求解。本題考查閉合電路歐姆定律的動態(tài)分析類題目，一般思路都是先分析局部電路的電阻變化，再分析整體中電流及電壓的變化，最后分析局部電路中的流及電壓的變化；在分析局部電路時要注意靈活應(yīng)用串并聯(lián)電路的性質(zhì)?！窘獯稹繉2

的阻值調(diào)至零時，R2

被短路，電路中外電阻最小，由閉合電路歐姆定律可得電路中電流最大，則內(nèi)電壓最大，電源內(nèi)部的電勢降落最大，根據(jù)P=I2R

可知，電流最大，則電阻R1

消耗的功率最大，電源內(nèi)消耗的功率也最大，故A正確，BCD錯誤。故選A。(5)

【分析】壟脵

根據(jù)洛倫茲力公式解答；壟脷

由題意可以求得帶電粒子做勻速圓周運動的半徑為POO的一半；由洛侖茲力提供向心力從而求出帶電粒子的質(zhì)量；

本題是帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動最基礎(chǔ)的問題，畫出運動軌跡，由半徑大小和牛頓第二定律就能求出帶電粒子的質(zhì)量?！窘獯稹繅琶?/p>

帶電粒子所受洛倫茲力的大小為F=qvB

壟脷

粒子在磁場中做半圓周運動，由題知：R=l2

qvB=mv2R