2025年教科新版高三物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年教科新版高三物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、（2016春?唐山校級月考）2012年6月16日，劉旺、景海鵬、劉洋三名宇航員搭乘“神舟九號”飛船飛向太空．6月24日執(zhí)行手動載人交匯對接任務(wù)后，于29日10時03分乘返回艙安全返回．返回艙在A點從圓形軌道Ⅰ進入橢圓軌道Ⅱ，如圖所示．關(guān)于返回艙的運動，下列說法中正確的有（）A.飛船在軌道Ⅰ上經(jīng)過A時需向運動的反方向噴氣才能進入橢圓軌道ⅡB.飛船變軌后機械能增大C.飛船在軌道Ⅱ上運動的周期小于在軌道Ⅰ上運動的周期D.正常運行時，飛船在軌道Ⅱ上經(jīng)過A的加速度小于在軌道Ⅰ上經(jīng)過A的加速度2、下列物理量中是標(biāo)量的是（）A.路程B.位移C.平均速度D.加速度3、如圖所示，半徑為R的環(huán)形塑料管豎直放置，AB為該環(huán)的水平直徑，且管的內(nèi)徑遠(yuǎn)小于環(huán)的半徑，環(huán)的直徑AB及其以下部分處于水平向左的勻強電場中，管的內(nèi)壁光滑，現(xiàn)將一質(zhì)量為m，帶電荷量為+q的小球從管中A點由靜止釋放，已知qE=mg，以下說法正確的是（）A.小球釋放后，到達最低點D時速度最大B.小球釋放后，第一次經(jīng)過最低點D和最高點C時對管壁的壓力之比為5：1C.小球釋放后，到達B點時速度為零，并在BDA間往復(fù)運動D.小球釋放后，第一次和第二次經(jīng)過最高點C時對管壁的壓力之比為1：1且方向相同4、【題文】如圖，長方體玻璃水槽中盛有NaCl的水溶液，在水槽左、右側(cè)壁內(nèi)側(cè)各裝一導(dǎo)體片，使溶液中通入沿x軸正向的電流I，沿y軸正向加恒定的勻強磁場B．圖中a、b是垂直于z軸方向上水槽的前后兩內(nèi)側(cè)面（）

A.a處電勢高于b處電勢。

B.a處離子濃度大于b處離子濃度。

C.溶液的上表面電勢高于下表面的電勢。

D.溶液的上表面處的離子濃度大于下表面處的離子濃度5、關(guān)于磁通量下列說法正確的是()A.磁通量不僅有大小而且有方向，所以是矢量B.磁通量越大，磁感應(yīng)強度越大C.過某一平面的磁通量為零，該處磁感應(yīng)強度不一定為零D.磁通量就是磁感應(yīng)強度6、如圖所示，兩個相同的小物體P

、Q

靜止在斜面上，P

與Q

之間的彈簧A

處于伸長狀態(tài)，Q

與擋板間的彈簧B

處于壓縮狀態(tài)，則以下判斷正確的是A.撤去彈簧A

，物體P

將下滑，物體Q

將靜止B.撤去彈簧A

，彈簧B

的彈力將變小C.撤去彈簧B

，彈簧A

的彈力將變小D.撤去彈簧B

，兩個物體均保持靜止7、如圖所示電路中，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，當(dāng)開關(guān)S閉合時，電流表和電壓表讀數(shù)的變化是（）A.兩表讀數(shù)均變大B.兩表讀數(shù)均變小C.電流表讀數(shù)增大，電壓表讀數(shù)減小D.電流表讀數(shù)減小，電壓表讀數(shù)增大評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)8、某實驗小組為了測定某一標(biāo)準(zhǔn)圓柱形導(dǎo)體的電阻率；進行如下實驗：

①首先用多用電表進行了電阻測量；主要實驗步驟如下：

A．把選擇開關(guān)扳到“×10”的歐姆擋上；

B．把表筆插入測試插孔中；先把兩根表筆相接觸，旋轉(zhuǎn)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指在電阻刻度的零位上；

C．把兩根表筆分別與圓柱形導(dǎo)體的兩端相接；發(fā)現(xiàn)這時指針偏轉(zhuǎn)較大；

D．換用“×100”的歐姆擋進行測量；隨即記下歐姆數(shù)值；

E．把表筆從測試筆插孔中拔出后；將選擇開關(guān)旋至OFF，把多用電表放回原處．

上述實驗中有二處操作錯誤：

錯誤一：____．

錯誤二：____．

②分別用游標(biāo)卡尺和螺旋測微器對圓柱形導(dǎo)體的長度L和直徑d進行測量，結(jié)果如圖1所示，其讀數(shù)分別是L=____mm，d=____mm．

③為使實驗更準(zhǔn)確，又采用伏安法進行了電阻測量，右面兩個電路方案中，應(yīng)選擇圖2中的____．用實驗中讀取電壓表和電流表的示數(shù)U、I和②中讀取的L、d，計算電阻率的表達式為ρ=____．9、人們經(jīng)常用指針式萬用表來對電容器進行簡易檢測．對下列各檢側(cè)結(jié)果作簡要評價：

（1）如果表針先向右偏轉(zhuǎn)，然后向左回擺到底（阻值無窮大處），一般表明電容器____

（2）如果表針向左回擺不到底，而是停在某一刻度上，則表明電容器____

（3）如果表針向右偏轉(zhuǎn)到歐姆零位后不再回擺，則表明電容器____

（4）如果表針無偏轉(zhuǎn)和問轉(zhuǎn)，通常是因為____．10、電路中有一段導(dǎo)體，給它加上3V的電壓時，通過它的電流為2mA，可知這段導(dǎo)體的電阻為____Ω；如果給它兩端加2V的電壓，則通過它的電流為____mA；如果在它兩端不加電壓，它的電阻為____Ω．11、（2011秋?白銀區(qū)校級期中）電阻R1、R2、R3的伏安特性曲線如圖所示，若將它們串聯(lián)后接入電路，則它們的電壓之比U1：U2：U3=____．若將它們并聯(lián)后接入電路，則它們消耗的電功率之比P1：P2：P3=____．12、（2012秋?越城區(qū)校級月考）光滑斜面的傾角為300，有兩個相同的小球，分別用光滑擋板A、B擋住，擋板A沿豎直方向，擋板B垂直斜面．則兩擋板對小球1、2的彈力大小之比為____；斜面受到1、2兩小球壓力大小之比為____．13、（2013?蒙城縣一模）吃過柚子的人恐怕都有這樣的體會：“柚子好吃卻難聞”．倘若將一根細(xì)繩沿縫隙繞在柚子的果肉上，把兩端繩頭往中間拉，就可以輕松解決開柚子的難題了（如圖）．這個小竅門事實上就是通過____的方法來____壓強的（第二空填“增大”或“減小”）．14、質(zhì)量為1kg的物體自足夠高處自由落下（不計空氣阻力），g取10m/s2，在下落3s的時間內(nèi)物體下落的高度為____m，在下落3s的時間內(nèi)重力對物體所做的功為____J，在下落3s的時間內(nèi)重力對物體做功的功率為____W，第3s末重力對物體做功的功率為____W．15、直升機從靜止開始做勻加速直線運動，起飛時的速度為v，所用時間為t，滑行距離為s，則直升機滑行距離時的速度為____．評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)16、狹義相對論認(rèn)為真空中的光速在不同的慣性參考系中是不同的____（判斷對錯）17、在磁場中任一點，小磁針北極的受力方向為該點的磁場方向．____．（判斷對錯）18、物體運動的方向必與物體所受合外力的方向一致．____（判斷對錯）19、因為汽車剎車時的速度越大滑的越遠(yuǎn)，所以速度大的物體慣性大．____（判斷對錯）20、幾個不同阻值的電阻并聯(lián)后，其總電阻等于各電阻之和．____．（判斷對錯）評卷人得分四、計算題(共1題，共8分)21、如圖，水平桌面上有一輕彈簧，左端固定在A點，自然狀態(tài)時其右端位于B點．水平桌面右側(cè)有一豎直放置的軌道MNP，其形狀為半徑R=1.0m的圓環(huán)剪去了左上角120°的圓弧，MN為其豎直直徑，P點到桌面的豎直距離是h=2.4m．用質(zhì)量m1=0.4kg的物塊將彈簧緩慢壓縮到C點，釋放后彈簧恢復(fù)原長時物塊恰停止在B點．用同種材料、質(zhì)量為m2=0.2kg的物塊將彈簧緩慢壓縮到C點釋放，物塊過B點后做勻變速運動其位移與時間的關(guān)系為s=6t-2t2，物塊飛離桌面后恰好由P點沿切線落入圓軌道．(不計空氣阻力，g取10m/s2，sin60°=

cos60°=)求：

(1)物塊m2過B點時的瞬時速度vB及與桌面間的滑動摩擦因數(shù)μ．

(2)若軌道MNP光滑，小球經(jīng)過軌道最低點N時對軌道的壓力FN．

(3)若小球剛好能到達軌道最高點M，則釋放后m2運動過程中克服摩擦力做的功W．評卷人得分五、簡答題(共1題，共5分)22、有機物rm{G(}rm{)}是一種調(diào)香香精，可用作抗氧劑，工業(yè)上合成它的路線圖之一如下：rm{(1)A}中官能團的名稱是_____，rm{B隆煤C}的反應(yīng)類型為_________。rm{(2)G}分子中一定共平面的碳原子有______個。rm{(3)}反應(yīng)rm{F隆煤G}中消耗的rm{F}與rm{CH_{3}MgBr}的物質(zhì)的量之比為______，rm{B}在濃硫酸存在下加熱可通過一步反應(yīng)得到rm{E}物質(zhì)，但合成不采用此方法，其原因是_____。rm{(4)C隆煤D}的化學(xué)方程式為_______________。rm{(5)E}有多種同分異構(gòu)體，其中滿足下列條件的同分異構(gòu)體有_____種，寫出核磁共振氫譜有rm{4}個吸收蜂的物質(zhì)的結(jié)構(gòu)簡式：_____。rm{壟脵}含有一個六元環(huán)rm{壟脷1mol}同分異構(gòu)體與足量銀氨溶液發(fā)生銀鏡反應(yīng)生成rm{4molAg}rm{(6)}已知rm{A}轉(zhuǎn)化為rm{B}的原理與rm{F}轉(zhuǎn)化為rm{G}的相似，請設(shè)計以rm{A}為起始原料rm{(}其他試劑任選rm{)}制備的合成路線______________。評卷人得分六、證明題(共1題，共3分)23、宇航員駕駛一飛船在靠近某行星表面附近的圓形軌道上運行，已知飛船運行的周期為T，行星的平均密度為試證明（萬有引力恒量G為已知，是恒量）參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【分析】繞地球做圓周運動時萬有引力提供圓周運動向心力，繞地球做橢圓軌道運動時，在近地點衛(wèi)星將做離心運動，在遠(yuǎn)地點衛(wèi)星將開始做近心運動，由此判斷衛(wèi)星在不同軌道上經(jīng)過同一點時的速度大小即可．【解析】【解答】解：A；在軌道Ⅱ上經(jīng)過A點；由于萬有引力大于向心力，會靠近地球運動，在軌道I上經(jīng)過A點時，萬有引力等于向心力，做圓周運動，根據(jù)萬有引力相同可知在軌道II上經(jīng)過A的速度小于在軌道I上經(jīng)過A的速度，飛船變軌后機械能減小，所以飛船在軌道Ⅰ上經(jīng)過A時需向運動的運動的方向噴氣才能進入橢圓軌道Ⅱ．故A錯誤，B錯誤；

C、根據(jù)開普勒第三定律，有：=k；所以飛船在軌道Ⅱ上運動的周期小于在軌道Ⅰ上運動的周期．故C正確；

D；在A點的加速度都是由萬有引力產(chǎn)生的；在兩個軌道上經(jīng)過A點時，地球?qū)Ψ祷嘏摰娜f有引力相同，故加速度相等，故D錯誤．

故選：C．2、A【分析】【分析】只有大小、沒有方向，運算時遵守代數(shù)運算法則的量是標(biāo)量，分析各選項所示物理，然后答題．【解析】【解答】解：A；路程只有大?。粵]有方向，是標(biāo)量，故A正確；

B；位移既有大?。挥钟蟹较?，運算時遵守平行四邊形定則，是矢量，故B錯誤；

C；平均速度既有大小；又有方向，運算時遵守平行四邊形定則，是矢量，故C錯誤；

D；加速度既有大小；又有方向，運算時遵守平行四邊形定則，是矢量，故D錯誤；

故選：A．3、B【分析】【分析】小球運動過程中，受到重力、支持力和電場力，只有重力和電場力做功；其中重力做功等于重力勢能的減小量，電場力做的功等于電勢能的減小量，根據(jù)功能關(guān)系、向心力公式和牛頓第二定律列式分析．【解析】【解答】解：A；當(dāng)小球重力和電場力的合力正好沿半徑方向時；小球的速度最大，所以速度最大點在D點的左側(cè)，故A錯誤；

B、第一次過D點時，根據(jù)動能定理，有mgR+qER=①

根據(jù)向心力公式，有N1D-mg=m②

解得

N1D=5mg

第一次過C點；根據(jù)向心力公式，有

N1C+mg=m

根據(jù)動能定理可知：第一次經(jīng)過C點的動能為：2EqR-mgR=mgR，故N1C=mg

故B正確；

C；只有重力和電場力做功；帶電小球到達B點，重力勢能不變，電勢能減小，故有動能，其動能大小等于電場力做的功，為qE?2R=2mgR，故C錯誤；

D；從A點釋放到第二次到C點過程；根據(jù)動能定理，有

-mgR+2qE?2R=③

據(jù)向心力公式，有N2C+mg=m④

解得

N2C=5mg

故D錯誤；

故選B4、B【分析】【解析】略【解析】【答案】B5、C【分析】解：A；磁通量有大??；沒有方向，但有正負(fù)，是標(biāo)量，故A錯誤；

B；磁通量與磁感應(yīng)強度無關(guān)；當(dāng)磁通量越大，磁感應(yīng)強度可能不變，故B錯誤；

C；當(dāng)磁感線與線圈平行時；穿過線圈的磁通量為零，而磁感應(yīng)強度不一定為零，故C正確；

D；磁通量是穿過線圈的磁感線的多少；而磁感應(yīng)強度是描述磁場的強弱，兩者不是相同的概念，故D錯誤；

故選：C【解析】【答案】C6、C【分析】略【解析】C

7、C【分析】【分析】明確電路結(jié)構(gòu)，根據(jù)閉合電路歐姆定律判斷電流的變化情況，根據(jù)U=E-Ir判斷分析路端電壓的變化情況．【解析】【解答】解：當(dāng)開關(guān)S未閉合時，兩個電阻串聯(lián)；閉合S后，電阻R2被短路，外電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律，干路電流I增加，故電流表讀數(shù)增加；根據(jù)U=E-Ir；路端電壓減小，故電壓表讀數(shù)減??；故C正確．

故選：C．二、填空題(共8題，共16分)8、換用“×1”的歐姆擋換擋后沒有歐姆調(diào)零23.72.792乙【分析】【分析】①使用歐姆表測電阻要選擇合適的檔位；使指針指在中央刻度線附近；歐姆表換擋后要重新進行歐姆調(diào)零；歐姆表使用完畢調(diào)應(yīng)把選擇開關(guān)置于OFF檔或交流電壓最高擋．

②游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)；不需估讀；螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀，注意二者讀數(shù)的差別．

③根據(jù)題意要求，所測電阻偏?。⒁饣瑒幼冏杵鞑捎梅謮菏浇臃?，電流表采取外接法．再結(jié)合電阻定律和歐姆定律求出電阻率的表達式．【解析】【解答】解：①錯誤一：用“×10”歐姆擋測電阻；指針偏轉(zhuǎn)較大，說明電阻偏小，應(yīng)該選用較小擋位，即換用“×1”的歐姆檔，換用“×100”的歐姆檔是錯誤的；

錯誤二：歐姆表換擋后要重新進行歐姆調(diào)零；實驗過程中歐姆表換擋后沒有進行歐姆調(diào)零，這是錯誤的；

②游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為23mm；游標(biāo)尺上第7個刻度與主尺上某一刻度對齊，故其讀數(shù)為0.1×7mm=0.7mm；

所以最終讀數(shù)為：23mm+0.7mm=23.7mm；

螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為2.5mm；可動刻度讀數(shù)為：0.01×29.2mm=0.292mm；

所以最終讀數(shù)為：2.5mm+0.292mm=2.792mm．

③題意中電阻較小，要使實驗更準(zhǔn)確，根據(jù)＞；選取電流表外接法，故選乙圖；

根據(jù)歐姆定律得，R=，根據(jù)電阻定律得，R=ρ=ρ；

聯(lián)立兩式解得ρ=．

故答案為：①換用“×1”的歐姆擋，換擋后沒有歐姆調(diào)零；②23.7，2.792；③乙，．9、完好的導(dǎo)通有電阻短路斷路【分析】【分析】當(dāng)用萬用表的電阻檔測量電容器時，在兩個表筆分別接觸電容器兩只引腳的瞬間，萬用表內(nèi)的電池就要對電容器充電，因為電容器兩端的電壓不能突變，此時，電容器呈現(xiàn)低阻狀態(tài)（即偏轉(zhuǎn)的角度較大）隨著時間的推移，電容器逐步充滿電（這與其時間常數(shù)有關(guān)），表的指針回歸至無窮大．【解析】【解答】解：（1）如果表針先向右偏轉(zhuǎn)；然后向左回擺到底（阻值無窮大處），一般表明電容器先充電后放電，電容器是在好的；

（2）若向左回擺不到位則說明電容器已經(jīng)導(dǎo)通；但有一定電阻；

（3）表針向右偏轉(zhuǎn)到歐姆零位后；不再回擺，則說明電容器短路；

（4）無偏轉(zhuǎn)和回轉(zhuǎn)；則說明電容器損壞，處于斷路狀態(tài)；

故答案為：（1）完好；（2）導(dǎo)通有電阻；（3）短路；（4）斷路．10、15001.31500【分析】【分析】已知電壓與電流，利用R=即可求出電阻值；電阻大小與加在兩端的電壓和通過的電流無關(guān)．【解析】【解答】解：由歐姆定律可知，R===1500Ω；

當(dāng)電壓為2V時，電流I′==1.3mA；

電阻與電壓及電流無關(guān)；故不論加不加電壓，它的電阻均為1500Ω；

故答案為：1500；1.3；150011、1：2：44：2：1【分析】【分析】該題中，根據(jù)電阻的定義式R=，故曲線上的任意點與坐標(biāo)原點的連線的斜率就表示它的電阻；若串聯(lián)接入電路，流過它們的電流相等，電阻兩端的電壓跟它的電阻阻值成正比；若將它們并聯(lián)后接入電路，電壓相等，根據(jù)P=UI求解功率之比．【解析】【解答】解：根據(jù)電阻的定義式：R=；故：

R1：R2：R3===1：2：4；

若串聯(lián)接入電路；流過它們的電流相等，根據(jù)U=IR，它們的電壓之比：

U1：U2：U3=R1：R2：R3=1：2：4；

若將它們并聯(lián)后接入電路；電壓相等，根據(jù)P=UI，消耗的電功率之比：

P1：P2：P3=I1：I2：I1=4：2：1；

故答案為：1：2：4，4：2：1．12、【分析】【分析】對第一個圖中的小球受力分析，根據(jù)共點力的平衡條件可得出斜面的角度；再對第二個小球受力分析可得出球?qū)n板的作用力．【解析】【解答】解：如圖A所示；根據(jù)球的重力作用效果，是同時擠壓斜面和擋板，故確定重力的兩個分力方向分別垂直斜面和擋板．

G1=；G2=GAtanθ

如圖B所示；斜面受到的壓力大小為：

G3=GBcosθ；

G4=GBsinθ；

所以兩擋板受到小球壓力的大小之比為：==

=斜面受到A、B小球的壓力的大小之比為：==

故答案為：，．13、減小受力面積增大【分析】【分析】增大壓強的方法：在壓力一定時，減小受力面積來增大壓強；在受力面積一定時，增大壓力來增大壓強．【解析】【解答】解：細(xì)繩開柚子是通過減小受力面積的方法來增大壓強將柚子分開的．

故答案為：減小受力面積；增大．14、45450150300【分析】【分析】由自由落體規(guī)律可得3s內(nèi)的位移，進而根據(jù)重力做功公式WG=mgh即可求解；根據(jù)=求平均功率；根據(jù)P=Fv求瞬時功率．【解析】【解答】解：3s內(nèi)物體的位移為：

h=gt2=×32=45m；

則下落3s的時間內(nèi)重力對物體做的功為：

WG=mgh=1×10×45=450J．

===150J

第3s末重力對物體做功的功率為P=mgv=mg?gt=10×10×3=300W

故答案為：45，450，150，300．15、【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線運動的速度時間關(guān)系分別由位移和速度求得滑行時的速度即可．【解析】【解答】解：根據(jù)勻變速直線運動的速度位移關(guān)系有：

v2=2as

由以上兩式可以解得直升機滑行時的速度=

故答案為：．三、判斷題(共5題，共10分)16、×【分析】【分析】根據(jù)狹義相對論的兩個基本假設(shè)：

①物理規(guī)律在所有慣性系中都具有相同的形式．這叫做相對性原理．

②在所有的慣性系中，光在真空中的傳播速率具有相同的值C．這叫光速不變原理．它告訴我們光（在真空中）的速度c是恒定的，它不依賴于發(fā)光物體的運動速度．【解析】【解答】解：根據(jù)相對論的兩個基本假設(shè)可知；在所有的慣性系中，光在真空中的傳播速率具有相同的值C．這叫光速不變原理．故以上說法是錯誤的．

故答案為：×17、√【分析】【分析】磁場雖然是看不見、摸不著的，但它會對放入它中的磁體產(chǎn)生力的作用，小磁針N極在磁場中所受的磁力方向跟該點的磁場方向相同．【解析】【解答】解：磁體的周圍存在磁場；電流周圍也存在磁場，磁場的基本性質(zhì)是對放在其中的磁體存在力的作用．

磁場方向與放在該點的小磁針的N極靜止時的方向一致；或小磁針北極的受力方向為該點的磁場方向．所以該說法是正確的．

故答案為：√18、×【分析】【分析】物體運動的方向與物體所受合外力的方向可能相同，也可能不同，可舉例說明．【解析】【解答】解：物體運動方向可能與所受合外力的方向一致；比如自由落體運動，也可能不一致比如平拋運動等等．

故答案為：×19、×【分析】【分析】慣性是物體的固有屬性，一切物體在任何情況下都有慣性，慣性大小由物體的質(zhì)量來量度．根據(jù)這些知識來解答．【解析】【解答】解：質(zhì)量是物體慣性大小的唯一量度；與物體的速度無關(guān)．故該說法是錯誤的．

故答案為：×20、×【分析】【分析】根據(jù)并聯(lián)電阻的總電阻的倒數(shù)等于個分電阻的讀數(shù)之和進行判定即可，【解析】【解答】解：因為并聯(lián)電阻的總電阻的倒數(shù)等于個分電阻的倒數(shù)之和；所以題干則的說法是錯誤的．

故答案為：×四、計算題(共1題，共8分)21、略

【分析】(1)根據(jù)物塊的位移公式可以求出物塊的速度與加速度；由牛頓第二定律可以求出動摩擦因數(shù)．

(2)小球離開桌面后做平拋運動；由平拋運動求出小球離開時的速度，然后由動能定理或機械能守恒定律求出到達N點的速度，再由牛頓第二定律求出在N點小球受到的支持力，由牛頓第三定律求出對軌道的壓力．

(3)由牛頓第二定律求出小球在M點的速度，然后由動能定理求出各段克服摩擦力做功，最后求出整個過程克服摩擦力做功．【解析】解：(1)m2過B點后遵從：s=6t-2t2；

由此可知，vB=6m/s，a=-4m/s2．

由牛頓第二定律得：μmg=ma；解得：μ=0.4；

(2)小球離開桌面后做平拋運動；

在豎直方向上：h==2.4m；

P點速度在豎直方向的分量：

vy=vDtan60°=4m/s；

解得離開D點的速度為vD=4m/s；

由機械能守恒定律得：mvN2=mvD2+mg(h+R-Rcosθ)；

解得：vN2=74m2/s2；

在N點；由牛頓第二定律得：

FN′-mg=m解得：FN′=42N；

由牛頓第三定律得；壓力：F=F'=42N，方向豎直向下．

(3)小球剛好能到達M點；

由牛頓第二定律得：mg=m

小球到達P點的速度vP==8m/s．

從P到M點；由動能定理得：

-mgR(1+cosθ)-WPM=mvM2+-mvP2，解得：WPM=2.4J；

從B到D點，由動能定理得：-WBD=mvD2-mvB2，解得：WBD=2J；

從C到B點，由動能定理得：EP=μm1gxCB，EP=μm2gxCB+m2vB2；

解得：3μm2gxCB=m2vB2，WCB=3μm2gxCB=1.2J；

則釋放后m2運動過程中克服摩擦力做的功為：

W=WCB+WBD+WPM=1.2J+2J+2.4J=5.6J；

答：(1)物塊m2過B點時的瞬時速度vB為6m/s；與桌面間的滑動摩擦因數(shù)為0.4．

(2)若軌道MNP光滑；小球經(jīng)過軌道最低點N時對軌道的壓力為42N方向豎直向下．

(3)若小球剛好能到達軌道最高點M，則釋放后m2運動過程中克服摩擦力做的功為5.6J．五、簡答題(共1題，共5分)22、rm{(1)}羰基、羧基取代反應(yīng)

rm{(2)5}

rm{(3)1漏U2}rm{B}可發(fā)生分子間rm{(}或分子內(nèi)rm{)}酯化反應(yīng)生成副產(chǎn)生

rm{(4)}rm{+NaBr+2H_{2}O}

rm{(5)4}

rm{(6)}

【分析】【分析】本題考查有機物的合成，題目難度中等，注意從rm{A}的結(jié)構(gòu)入手采取正推的方法進行推斷，把握官能團的性質(zhì)以及官能團的轉(zhuǎn)化為解答該題的關(guān)鍵，易錯點為同分異構(gòu)體的判斷，注意把握題給信息?！窘獯稹?/p>