2025年人教版PEP選擇性必修2物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版PEP選擇性必修2物理上冊月考試卷208考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、遠距離輸電示意圖如圖甲所示，發(fā)電機的輸出電壓變化規(guī)律如圖乙。輸電線總電阻為r，升壓變壓器原、副線圈匝數分別為降壓變壓器原、副線圈匝數分別為（變壓器均為理想變壓器）。降壓變壓器的輸出電壓為220V；則下列說法中正確的（）

A.通過升壓變壓器的電流頻率比通過降壓變壓器的電流頻率大B.C.乙圖中電壓的瞬時值表達式為D.升壓變壓器的輸出功率等于降壓變壓器的輸入功率2、一根長為L的通電直導線放入磁感應強度大小為B的勻強磁場中。設導線中通過的電流為I，受到的安培力大小為F。下列說法正確的是（）A.若導線與磁場方向垂直，則F=ILBB.若導線與磁場方向垂直，則F=0C.若導線與磁場方向平行，則F=ILBD.若導線與磁場方向平行，則F=ILB3、下列四個圖都與渦流有關，其中說法正確的是（）A.真空冷煉爐是利用渦流來熔化金屬的裝置B.自制金屬探測器是利用地磁場來進行探測的C.

電磁爐工作時在它的面板上產生渦流加熱食物D.變壓器的鐵芯用相互絕緣的硅鋼片疊合而成是為了增大渦流4、如圖所示，虛線MN上方存在垂直紙面向外的勻強磁場，在直角三角形OPQ中，∠PQO=90°，∠QOP=30°。兩個帶電荷量數值相等的粒子a、b分別從O、P兩點垂直于MN同時射入磁場，恰好在Q點相遇。不計粒子重力及粒子間相互作用力。下列說法正確的是（）

A.a、b兩粒子均帶正電B.a、b兩粒子的周期之比為1:3C.a、b兩粒子的速度之比為2:1D.a、b兩粒子的質量之比為1:35、如圖所示，甲乙兩圖中的理想變壓器以不同的方式接在高壓電路中。甲圖中變壓器原副線圈的匝數比為電壓表讀數為U，乙圖中變壓器原副線圈的匝數比為電流表讀數為I。則甲圖中高壓線電壓和乙圖中高壓線電流分別為（）

A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)6、電磁軌道炮工作原理如圖所示．待發(fā)射彈體可在兩平行軌道之間自由移動，并與軌道保持良好接觸．電流從一條軌道流入，通過導電彈體后從另一條軌道流回，軌道電流可形成在彈體處垂直于軌道面的磁場（可視為勻強磁場），磁感應強度的大小與I成正比；通電的彈體在軌道上受到安培力的作用而高速射出．現欲使彈體的出射速度增加至原來的2倍，下列方法正確的是（）

A.只將軌道長度L變?yōu)樵瓉淼?倍B.只將電流I增加至原來的2倍C.只將彈體質量減至原來的四分之一D.將彈體質量減至原來的一半，軌道長度L變?yōu)樵瓉淼?倍，其它量不變7、釹磁鐵也稱為釹鐵硼磁鐵，因其在磁能積上的優(yōu)越性被廣泛地應用于電子產品。如圖所示，為一電磁阻尼實驗裝置，將一質量為m的小塊釹磁鐵從銅管上端由靜止釋放，可觀察到磁鐵下落的速度明顯放緩，現測得銅管長為L，磁鐵通過銅管的時間為t，磁鐵離開銅管時的速度為v；不計空氣阻力及電磁輻射，以下說法正確的是（）

A.將銅管改為塑料管也能觀察到類似現象B.磁鐵在銅管中做勻加速運動C.該過程，系統(tǒng)因渦流產生的熱量為D.在t時間內銅管對磁鐵的平均作用力為8、如圖所示，在0≤x≤a的區(qū)域內存在與xOy平面垂直的勻強磁場，磁感應強度大小為B。一束等速率的相同帶電粒子從原點O發(fā)射，速度方向與y軸正方向的夾角分布在0°～90°范圍內。其中，沿y軸正方向發(fā)射的粒子經時間t從磁場右邊界上的P點（圖中未標出）離開磁場；其偏向角為120°。不計粒子重力，下列說法正確的是（）

A.帶電粒子的比荷為B.帶電粒子在磁場中運動的最長時間為2tC.粒子在磁場中做圓周運動的半徑為D.粒子的發(fā)射速度大小為9、如圖所示，L1和L2為兩條平行的虛線，L1上方和L2下方都是范圍足夠大，且磁感應強度相同的勻強磁場，A、B兩點都在L2上。帶電粒子從A點以初速度v0與L2成角斜向右上方射出，經過偏轉后正好過B點，經過B點時速度方向也斜向上；不計重力，下列說法正確的是（）

A.若將帶電粒子在A點時的初速度變大（方向不變），它仍能經過B點B.帶電粒子經過B點時的速度一定跟在A點時的速度大小相同C.若將帶電粒子在A點時的初速度方向改為與L2成角斜向右上方，它將不能經過B點D.此帶電粒子既可以是正電荷，也可以是負電荷10、如圖所示，間距為L，電阻不計的足夠長的平行光滑金屬導軌水平放置，導軌左端連接一阻值為R的電阻，導軌上橫跨一根質量為m、電阻為r的金屬棒，金屬棒與導軌接觸良好整個裝置處于豎直向下的勻強磁場中。現給金屬棒一沿導軌向右、大小為F的恒力，讓金屬棒從靜止開始運動，金屬棒經過t0前進了s，然后以v0的速度勻速向右運動，重力加速度為g；下列說法正確的是（）

A.0~t0金屬棒的速度隨時間均勻增大B.勻強磁場的磁感應強度大小為C.0~t0流過電阻R的平均電流為D.0~t0電阻R上的平均電功率為11、如圖甲所示，在豎直方向上有四條間距相等的水平虛線在之間、之間存在勻強磁場，大小均為1T，方向垂直于虛線所在平面．現有一矩形線圈abcd，寬度質量為電阻為將其從圖示位置靜止釋放邊與重合速度隨時間的變化關系如圖乙所示，時刻cd邊與重合，時刻ab邊與重合，時刻ab邊與重合，已知的時間間隔為整個運動過程中線圈平面始終處于豎直方向．重力加速度g取則

A.在時間內，通過線圈的電荷量為B.線圈勻速運動的速度大小為C.線圈的長度為1mD.時間內，線圈產生的熱量為12、下列說法正確的是（）A.只有橫波才能產生干涉、衍射現象B.均勻變化的磁場產生均勻變化的電場向外傳播就形成了電磁波C.泊松亮斑支持了光的波動說，牛頓環(huán)是光的干涉產生的D.由紅光和綠光組成的一細光束從水中射向空氣，在不斷增大入射角時水面上首先消失的是綠光評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)13、如圖所示，一束帶負電粒子自下而上進入一垂直紙面的勻強磁場后發(fā)生偏轉，則磁場方向向___________，進入磁場后，該粒子的動能_____________（填“增加”；“減少”或“不變”）

14、降低輸電損耗的兩個途徑。

（1）減小輸電線的電阻：在輸電距離一定的情況下，為了減小電阻，應當選用電阻率______的金屬材料，還要盡可能______導線的橫截面積。

（2）減小輸電線中的電流：為了減小輸電電流，同時又要保證向用戶提供一定的電功率，就要______輸電電壓。15、將①紅外線、②紫外線、③無線電波、④可見光、⑤γ射線、⑥X射線，按波長由大到小的排列順序是___________；其中___________最容易發(fā)生明顯衍射現象，___________的穿透能力最強。（每空均填寫電磁波前的序號即可）16、正弦式交變電流的公式和圖像可以詳細描述交變電流的情況．若線圈通過中性面時開始計時，交變電流的圖像是______曲線。17、一段直導線在垂直于均勻磁場的平面內運動。已知導線繞其一端以角速度轉動時的電動勢與導線以垂直于導線方向的速度v做平動時的電動勢相同，那么，導線的長度為__________________。18、目前雷達發(fā)射的電磁波頻率多在200MHz至1000MHz的范圍內；請回答下列關于雷達和電磁波的有關問題。

（1）雷達發(fā)射電磁波的波長范圍是多少______。

（2）能否根據雷達發(fā)出的電磁波確定雷達和目標間的距離_______。19、如圖所示；通電圓環(huán)掛在通電螺線管的右側，若通電線圈從上往下看逆時針方向轉動，則電源的_________（選填“左端”或“右端”）為正極．

20、如圖，邊長為的正方形金屬線框內，有一個磁感應強度大小為方向垂直于紙面向里的圓形勻強磁場，其區(qū)域半徑為則穿過線框的磁通量大小為______；若該區(qū)域內的磁感應強度逐漸增大，則金屬線框中的感應電流方向為______（填“順時針”或“逆時針”）。

21、如圖所示，質量為m阻值為R的金屬棒從H高的弧形軌道由靜止釋放，水平軌道處于豎直向上的勻強磁場中，勻強磁場強度大小為B，質量也為m阻值也為R金屬棒處于水平導軌上，運動過程中棒與棒不相撞，已知重力加速度g，平行導軌間距L；水平導軌足夠長，不計一切摩擦，求：

（1）棒固定，棒剛進入磁場時的電流___________？

（2）棒固定，棒進入磁場后運動的位移___________？

（3）棒不固定，棒與棒最終速度___________？___________？

（4）棒不固定，整個過程中電能的生成量___________？電熱的生成量___________？

評卷人得分四、作圖題(共4題，共32分)22、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

23、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

24、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

25、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共3題，共30分)26、已知一熱敏電阻當溫度從10℃升至60℃時阻值從幾千歐姆降至幾百歐姆；某同學利用伏安法測量其阻值隨溫度的變化關系，部分電路如圖所示。

（1）實驗時，將熱敏電阻置于溫度控制室中，記錄不同溫度下電壓表和亳安表的示數，計算出相應的熱敏電阻阻值。若某次測量中電壓表和毫安表的示數分別為5.5V和3.0mA，則此時熱敏電阻的阻值為______kΩ（保留2位有效數字）。實驗中得到的該熱敏電阻阻值R隨溫度t變化的曲線如圖（a）所示；

（2）將熱敏電阻從溫控室取出置于室溫下，測得達到熱平衡后熱敏電阻的阻值為2.2kΩ，由圖（a）求得，此時室溫為______℃（保留3位有效數字）；

（3）利用實驗中的熱敏電阻可以制作溫控報警器，其電路的一部分如圖（b）所示。圖中，E為直流電源（電動勢為10V，內阻可忽略）；當溫度升高時熱敏電阻的電壓將______（填升高或降低），當圖中的輸出電壓達到或超過6.0V時，便觸發(fā)報警器（圖中未畫出）報警，則圖中______（填“R1”或“R2”）應使用熱敏電阻，若要求開始報警時環(huán)境溫度為50℃，另一固定電阻的阻值應為______kΩ（保留2位有效數字）。27、下圖為“探究感應電流的方向”實驗中所用儀器示意圖?，F將條形磁鐵的N極插入螺線管時；試回答下列問題：

（1）條形磁鐵產生磁場方向______（向上或向下）；

（2）螺線管中磁通量的變化情況______（不變；增加或減?。?/p>

（3）螺線管中感應電流產生的磁場方向______（向上；沒有或向下）；

（4）電流計指針的偏轉方向______（向左；不偏轉或向右）；

（5）通過上述實驗，總結得到感應電流方向的規(guī)律：______。28、某同學了解到，給大貨車“稱重”利用了壓阻應變片元件，當改變對壓阻應變片壓力時，其阻值發(fā)生變化，這種效應稱為“壓阻效應”?，F用如圖（a）所示的電路研究某壓阻應變片的壓阻效應，己知的阻值變化范圍為幾歐姆到幾十歐姆，所用電源的電動勢內阻忽略不計。除圖（a）中的器材外，實驗室還提供了如下器材可供選擇：

A．電壓表V（量程為內阻約為）

B．電流表（量程為內阻）

（1）為盡量減少測量誤差，圖（a）中的未知電表M選擇電流表而不選擇電壓表V，請說明理由：______。

（2）圖（a）中的未知電表M選擇電流表給電阻加上一定的壓力后，閉合開關S，調節(jié)滑動變阻器記下電流表和電流表的讀數分別為和可得______（用題目中給定的字母符號表示）。

（3）該同學用提供的器材設計了如圖（b）所示電路，想把電流表改成簡單壓力表，即直接在電流表盤上對應電流位置處標上壓力大小，若與壓力F的函數關系為（單位均取國際單位）；回答下列問題：

①該同學通過調節(jié)圖（b）中的滑動變阻器當電流表的讀數為時，在此刻度處標上則此時滑動變阻器的阻值為______（計算結果保留兩位有效數字），之后保持阻值不變，在電流表表盤上對應電流位置處標上壓力F的刻度，則該壓力表盤的刻度線______（選填“均勻”或“不均勻”）；

②根據上述壓力表的標定方法，此壓力表能測得的壓力最大值為______N（計算結果保留兩位有效數字）。評卷人得分六、解答題(共2題，共20分)29、托卡馬克是一種利用磁約束來實現受控核聚變的環(huán)形容器，如圖為該磁約束裝置的簡化模型，兩個圓心均在O點，半徑分別為和的圓環(huán)將空間分成區(qū)域I和II，區(qū)域I內無磁場，區(qū)域II內有方向垂直于紙面向里，大小為B的勻強磁場。一束不同速率、電量為質量為的帶電粒子從O點沿著區(qū)域I的半徑方向射入環(huán)形的勻強磁場；不計一切阻力與粒子重力。

（1）求能約束在此裝置內的粒子的最大初動能；

（2）若粒子從O點以動能沿x軸正方向射入環(huán)形磁場，運動一段時間后，又能再一次沿x軸正方向通過O點；求此過程中粒子運動時間。

30、如圖所示，在平面直角坐標系內有一圓形有界磁場（圖中未畫出），圓心在坐標原點O處。磁場的方向垂直于坐標平面向里，磁感應強度大小為B0，x軸上M點（L，0）的右側有沿y軸負方向的勻強電場，同時將M點右側區(qū)域以未知）為界分成左右兩部分，分別存在磁感應強度大小均為B（未知）的勻強磁場（圖中未畫出），左側磁場沿y軸正方向，右側磁場沿y軸負方向。帶電粒子從O點沿y軸負方向射出，速度大小為恰好從M點進人復合場區(qū)，速度與x軸正方向的夾角恰好從N點（2.08L，0）垂直于x軸經過，不計粒子的重力。

（1）求圓形有界磁場的面積和帶電粒子的比荷。

（2）求勻強電場的電場強度大小E。

（3）求磁感應強度的大小B及沿y軸正方向磁場的寬度d。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】【詳解】

A．變壓器只改變電壓；不會改變交流電的頻率，因此通過升壓變壓器的電流頻率與通過降壓變壓器的電流頻率相同，A錯誤；

BD．由于發(fā)電廠的交流電壓的有效值為220V，用戶得到的電壓也是220V，但電能輸送的過程中，有能量的損失，升壓變壓器的輸出功率大于降壓變壓器的輸入功率，根據

可知

因此

BD錯誤；

C．交流電的周期為0.02s，因此角速度

因此乙圖中電壓的瞬時值表達式為

C正確。

故選C。2、A【分析】【分析】

【詳解】

AB．若導線與磁場方向垂直，則受到的安培力大小為

B錯誤A正確；

CD．若導線與磁場方向平行；則受到的安培力大小為零，CD錯誤。

故選A。3、A【分析】【分析】

【詳解】

A．真空冷煉爐是線圈中的電流做周期性變化；在金屬中產生渦流，從而產生大量的熱量，熔化金屬的，故A正確；

B．金屬探測器中變化電流遇到金屬物體；在被測金屬中上產生渦流來進行探測，故B錯誤；

C．家用電磁爐工作時；在鍋體中產生渦流，加熱食物，故C錯誤；

D．當變壓器中的電流變化時；在其鐵芯將產生渦流，使用相互絕緣的硅鋼片疊合做成的鐵芯可以盡可能減小渦流，故D錯誤。

故選A。4、C【分析】【詳解】

A．如下圖所示。

由幾何關系可得兩粒子軌跡圓心在同一點，軌跡半徑相等。根據左手定則可知a受到的洛倫茲力方向向右，指向圓心，即a帶正電，而b受到的洛倫茲力方向向右，與圓心方向相反，則b帶負電；故A錯誤；

B．兩帶電粒子射入磁場，同時到達Q點，故運動時間相等，又由圖可知，粒子a到達Q點時運動的圓弧對應的圓心角為粒子b到達Q點時運動的圓弧對應的圓心角為有

即

故B錯誤；

CD．又由

有

解得

由洛倫茲力提供向心力，則

解得

即

故D錯誤；C正確。

故選C。5、B【分析】【分析】

【詳解】

根據理想變壓器的電壓和電流規(guī)律：

解得甲圖中高壓線電壓為。

乙圖中高壓線電流為。

故B正確；ACD錯誤。

故選B。二、多選題(共7題，共14分)6、B:C:D【分析】【詳解】

設彈體質量為m，磁感應強度與電流的比例系數為k，兩條軌道之間的距離為d，彈體的加速度為a，經過位移L后的速度為v，則

解得

A．只將軌道長度L變?yōu)樵瓉淼?倍，可知速度增加至原來的倍；故A錯誤；

B．只將電流I增加至原來的2倍；可知速度增加至原來的2倍，故B正確；

C．只將彈體質量減至原來的四分之一，則

故C正確；

D．將彈體質量減至原來的一半，軌道長度L變?yōu)樵瓉淼?倍，其它量不變，則

故D正確。

故選BCD。7、C:D【分析】【詳解】

A．將銅管改為塑料管；不會產生電磁感應現象，故不會觀察到類似現象，A錯誤；

B．由于磁鐵的速度發(fā)生變化；導致產生感應電流的大小發(fā)生變化，安培力發(fā)生變化，則合外力發(fā)生變化，故磁鐵在銅管中做變加速運動，B錯誤；

C．該過程，磁鐵減少的重力勢能等于回路中產生的熱量與磁鐵增加的動能之和，即回路產生的熱量為

C正確；

D．根據動量定理可得

解得在t時間內銅管對磁鐵的平均作用力為

D正確。

故選CD。8、B:C【分析】【詳解】

C．根據題意作出沿y軸正方向發(fā)射的帶電粒子在磁場中做圓周運動的運動軌跡；如圖甲所示。

圓心為O′，根據幾何關系，可知粒子做圓周運動的半徑為故C正確；

D．沿y軸正方向發(fā)射的粒子在磁場中運動的圓心角為運動速率

故D錯誤；

A．由

得

故A錯誤；

B．在磁場中運動時間最長的粒子的運動軌跡如圖乙所示，由幾何知識得該粒子做圓周運動的圓心角為在磁場中的運動時間為2t；故B正確。

故選BC。9、A:B:D【分析】【詳解】

畫出帶電粒子運動的可能軌跡，B點的位置可能有如圖四種。

A．根據軌跡，粒子經過邊界L1時入射點與出射點間的距離與經過邊界L2時入射點與出射點間的距離相同，與速度無關．所以當初速度大小稍微增大一點，但保持方向不變，它仍有可能經過B點；故A錯誤；

B．如圖，粒子B的位置在B1、B4，由于洛倫茲力對粒子不做功，則速度跟在A點時的速度大小相等；但方向不同，故B正確；

C．如圖，設L1與L2之間的距離為d，則A到B2的距離為x=

所以，若將帶電粒子在A點時初速度方向改為與L2成角斜向上，則每次經過一個周期前進的距離為

則經過三個周期后經過B點。故C錯誤；

D．由圖可知；分別是正負電荷的軌跡，正負電荷都可能，故D正確。

故選ABD。10、B:C【分析】【詳解】

A．根據牛頓第二定律

而

整理得

可知隨著速度的增加，加速度減小，在0~t0金屬棒的速度隨時間增加的越來越慢；A錯誤；

B．最大速度時，加速度減小到零，此時

可得勻強磁場的磁感應強度大小為

B正確；

C．在0~t0平均電動勢

因此平均電流

C正確；

D．根據動能定理

克服安培力做的功等于整個回路產生的焦耳熱，而電阻R產生的焦耳熱

R上平均電功率

整理得

D錯誤。

故選BC。11、A:B【分析】【分析】

根據感應電荷量求解電荷量；

t2～t3這段時間內線圈做勻速直線運動；線圈所受的安培力和重力平衡，根據平衡求出勻速直線運動的速度；

通過線圈在t1～t2的時間間隔內，穿過線圈的磁通量沒有改變，沒有感應電流產生，線圈做勻加速直線運動，加速度為g，知以cd在L2為初狀態(tài)，以ab邊剛進L3為末狀態(tài)；設磁場的寬度為d，則線圈下降的位移為3d，．根據運動學公式求出線圈的長度．

根據能量守恒求出0～t3這段時間內線圈中所產生的電熱．

【詳解】

B項：根據平衡有：mg=BIL，而

聯(lián)立兩式解得代入數據解得：故B正確；

C項：t1～t2的時間間隔內線圈一直做勻加速直線運動，知以cd在L2為初狀態(tài)，以ab邊剛進L3為末狀態(tài)，設磁場的寬度為d，則線圈下降的位移為3d，則有：其中v=8m/s；t=0.6s，代入解得d=1m所以線圈的長度為L′=2d=2m．故C錯誤；

A項：在0～t1時間內，cd邊從L1運動到L2，通過線圈的電荷量為故A正確；

D項：、0～t3時間內，根據能量守恒得，Q=mg（3d+2d）-故D錯誤．

故應選：AB．

【點睛】

解決本題的關鍵理清線圈的運動情況，選擇合適的規(guī)律進行求解，本題的難點就是通過線圈勻加速直線運動挖掘出下落的位移為磁場寬度的3倍．12、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．任意波；只要頻率相同，均能產生干涉現象，A錯誤；

B．均勻變化的磁場產生穩(wěn)定的電場；穩(wěn)定的電場不能再產生磁場，故不能激發(fā)電磁波，B錯誤；

C．泊松亮斑是衍射現象支持了光的波動說；牛頓環(huán)是光的干涉產生的，C正確；

D．綠光的折射率大于紅光的折射率，由臨界角公式sinC=

知；綠光的臨界角小于紅光的臨界角，當光從水中射向空氣，在不斷增大入射角時，綠光先發(fā)生全反射，從水面上消失，D正確。

故選CD。三、填空題(共9題，共18分)13、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由左手定則可知；磁場方向垂直紙面向里；

[2]由于洛倫茲力不做功，則粒子的動能不變?！窘馕觥坷锊蛔?4、略

【分析】【詳解】

略【解析】①.?、?增加③.提高15、略

【分析】【詳解】

[1]按波長由大到小的排列順序是無線電波；紅外線、可見光、紫外線、X射線、γ射線。

[2]波長最長的無線電波最容易發(fā)生明顯衍射現象。

[3]波長最短的γ射線穿透能力最強?！窘馕觥竣?③①④②⑥⑤②.③③.⑤16、略

【解析】正弦17、略

【分析】【詳解】

[1]導線以垂直于導線方向的速度v做平動時的電動勢為

導線繞其一端以角速度轉動時的電動勢為

聯(lián)立得【解析】18、略

【分析】【詳解】

[1]由可得

所以雷達發(fā)射電磁波的波長范圍是0.3m~1.5m。

[2]電磁波測距的原理就是通過發(fā)射和接收的時間間隔t來確定距離，所以可根據

確定和目標間的距離?！窘馕觥?.3~1.5m能19、略

【分析】【詳解】

[1]將圓環(huán)等效成小磁針根據右手定則可知，在未轉動時，垂直紙面向外為N極，故螺線管的右端為N極，通電線圈才從上往下看逆時針方向轉動，根據右手定則可以判斷電源左端為正極。【解析】左端20、略

【分析】【詳解】

[1][2]穿過線框的磁通量大小為

根據楞次定律，若該區(qū)域內的磁感應強度逐漸增大，則金屬線框中的感應電流方向為逆時針。【解析】逆時針21、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]棒固定時，棒進入水平軌道時速度為有

棒剛進入磁場時的感應電動勢為

棒剛進入磁場時的電流為

聯(lián)立解得

(2)[2]由動量定理可得

聯(lián)立解得

(3)[3][4]棒不固定，兩棒最終一起做勻速直線動動，由動量守恒定律可得

解得

則

(4)[5][6]由能量守恒定律可得，整個過程中動能減小轉化為電能，再轉化為內能產生熱量，則有

解得【解析】四、作圖題(共4題，共32分)22、略

【分析】【詳解】

根據左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】23、略

【分析】【分析】

根據題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發(fā)出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯(lián)后連入電路；根據安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉，則有：線圈中向下的磁場增強，感應電流的磁場阻礙磁通量增加，感應電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應電流的磁場方向向下，與磁鐵在線圈中的磁場方向相反，則線圈中磁場增強，故磁鐵向下運動，如圖。

第三個圖指針向右偏；說明感應電流的磁場方向向上，與磁鐵在線圈中的磁場方向相同，則線圈中磁場減弱，故磁鐵向上運動，如圖。

【解析】25、略

【分析】【詳解】

當條形磁鐵向右靠近圓環(huán)時；導線線圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反減同可知，線圈中產生感應電流的方向順時針（從右向左看），如圖所示：

【解析】如圖所示五、實驗題(共3題，共30分)26、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]根據歐姆定律得。

(2)[2]由圖