2025年滬科版高二物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版高二物理下冊月考試卷875考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖5所示,一電子以初速度v沿金屬板平行方向飛入MN極板間,若突然發(fā)現(xiàn)電子向M板偏轉(zhuǎn),則可能是（）.A.電鍵S閉合瞬間B.電鍵S由閉合到斷開瞬間C.電鍵S是閉合的,變阻器滑片P向左迅速滑動D.電鍵S是閉合的,變阻器滑片P向右迅速滑動2、某白熾燈泡的額定功率與額定電壓分別為36W與36V．若把此燈泡接到輸出電壓為18V的電源兩端，則燈泡消耗的電功率()A.等于36WB.小于36W，大于9WC.等于9WD.小于36W3、如圖所示；虛線框內(nèi)為改裝好的電表，M；N為新表的接線柱．已知靈敏電流計G的滿偏電流為100μA，內(nèi)阻為495.0Ω，電阻箱讀數(shù)為5.0Ω，根據(jù)以上數(shù)據(jù)計算可知改好的電表。

A.電壓量程為1mVB.電壓量程為500mVC.電流量程為1μAD.電流量程為10mA4、下列說法正確的是（）A.以點電荷為圓心，r為半徑的球面上，各點的場強都相同B.電荷所受電場力大，該點電場強度一定很大C.負電荷沿電場線方向移動時，電勢能一定增加D.正電荷的電勢能一定是正值，負電荷的電勢能一定是5、如圖所示，示波器的示波管可以視為加速電場與偏轉(zhuǎn)電場的組合，若已知加速電壓為U1，偏轉(zhuǎn)電壓為U2，偏轉(zhuǎn)極板長為L，極板間距為d，且電子被加速前的初速度可忽略，則關(guān)于示波器的靈敏度（即偏轉(zhuǎn)電場中每單位偏轉(zhuǎn)電壓所引起的偏轉(zhuǎn)量）與加速電場、偏轉(zhuǎn)電場的關(guān)系，下列說法中正確的是（）A.L越大，靈敏度越高B.d越大，靈敏度越高C.U1越大，靈敏度越高D.U2越大，靈敏度越高評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)6、如圖，是學(xué)生實驗用的有兩個量程的電壓表刻度盤，當使用較小量程時，測量電壓最大值不得超過____V，每一小格表示____V；圖中指針示數(shù)為____V．若使用的是較大量程，則表盤刻度每小格表示____V；測量電壓最大值不得超過____V．

7、設(shè)M是太陽的質(zhì)量，m是地球的質(zhì)量，太陽與地球之間的距離為r，萬有引力常量為G，則地球和太陽之間的萬有引力F=____，地球繞太陽運行的線速度=____。8、A.如圖所示，線圈LL與電流表GG串聯(lián)，線圈為100100匝，在時間0.4s0.4s內(nèi)把磁鐵插入線圈，這段時間里穿過線圈的磁通量由00增至1.2隆脕101.2隆脕10鈭?2Wb.Wb.此過程電流表的指針____((填“會”或“不會”))偏轉(zhuǎn)，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為____V.V.

B.如圖所示的電路中；電源的電動勢為5V

內(nèi)阻為1婁賂

定值電阻的阻值為9婁賂

電流表和電壓表均是理想電表.

則開關(guān)S

閉合后，電流表的示數(shù)為____A

電壓表的示數(shù)為____V.

9、電量為2×10-6C的正點電荷放入電場中A點，受到作用力為4×10-4N，方向向右，則該點的場強為____N/c，方向____．若把另一電荷放在該點受到力為2×10-4N，方向向左，則這個電荷的電量大小為____C，是____（填正或負）電荷．10、在某次光電效應(yīng)實驗中，得到的遏制電壓Uc與入射光的頻率ν的關(guān)系如圖所示，若該直線的斜率和截距分別為k和b，電子電荷量的絕對值為e，則普朗克常量可表示為______．11、電場中沿著電場線方向電勢逐漸____(

選填“升高”或“降低”).

在電場中移動電荷時，電場力所做的功與電荷的運動路徑____(

選填“有關(guān)”或“無關(guān)”)

12、如圖是點電荷Q

所產(chǎn)生的電場中的一條電場線，AB

是電場線上的兩點.

由圖可知，Q

所帶電荷為______電荷.

若取A

點的電勢為零，則B

點電勢______(

填“大于”、“等于”或“小于”)

零.

若取無限遠處的電勢為零，則B

點電勢______(

填“大于”、“等于”或“小于”)

零.

若把同一個負電荷分別置于AB

兩點，則它在______點時電勢能較大．評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)13、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）14、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）15、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

16、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

17、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）18、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）19、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）20、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

21、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、簡答題(共3題，共24分)22、略23、在一列橫波的傳播方向上有兩點P

和Q

兩點間距離PQ=24m

它們的振動圖象如圖所示，P

點距波源近．

(1)

波速多大？

(2)

若PQ婁脣(

波長)

畫出t=4.2s

時，PQ

之間的波形曲線.(

請標出坐標的物理量及單位、有關(guān)數(shù)值)

24、由于溫室效應(yīng)和資源短缺等問題，如何降低大氣中的rm{CO_{2}}含量并加以開發(fā)利用，引起了各國的普遍重視。目前工業(yè)上有一種方法是用rm{CO_{2}}生產(chǎn)燃料甲醇。

rm{(1)}在rm{25^{0}}C、rm{101KPa}時，rm{3.2}克甲醇rm{(CH_{3}0H)}完全燃燒生成rm{CO_{2}}和液態(tài)水時放熱rm{72.576kJ}則能表示甲醇燃燒的熱化學(xué)方程式為__________。rm{(2)}為探究反應(yīng)原理，現(xiàn)進行如下實驗，在體積為rm{2L}的密閉容器中，充入rm{2molCO_{2}}和rm{6molH_{2}}一定條件下發(fā)生反應(yīng)：rm{CO_{2}(g)+3H_{2}(g)?CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)triangleH=隆陋49kJ/mol}測得rm{CO_{2}(g)+3H_{2}(g)?

CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)triangleH=隆陋49kJ/mol}和rm{CO_{2}}的濃度隨時間變化如下圖所示。從反應(yīng)開始到平衡，氫氣的平均反應(yīng)速率rm{H_{2}O(g)}__________rm{v(H_{2})=}

rm{mol/(L隆隴min)^{-1}}評卷人得分五、實驗題(共4題，共20分)25、如圖為“研究一定質(zhì)量氣體在壓強不變的條件下，體積變化與溫度變化關(guān)系”的實驗裝置示意圖。粗細均勻的彎曲玻璃管A臂插入燒瓶，B臂與玻璃管C下部用橡膠管連接，C管開口向上，一定質(zhì)量的氣體被封閉于燒瓶內(nèi)。開始時，B、C內(nèi)的水銀面等高，外界大氣壓恒定不變。（1）若氣體溫度升高，為使瓶內(nèi)氣體的壓強不變，應(yīng)將C管_______（填“向上”或“向下”）移動，直至_____________。（2）（單選）實驗中多次改變氣體溫度，用t表示氣體升高的溫度，用h表示B管內(nèi)水銀面高度的改變量。根據(jù)測量數(shù)據(jù)作出的圖線是（）26、小船在寬300m的河中橫渡，兩河岸均與水流方向平行，水流速度為1.2m/s，船在靜水中的航速是5m/s，要求渡河時間最短應(yīng)該如何渡河？________（選填“船頭斜指向上游”、“船頭始終垂直河岸”、“船頭斜指向下游”），渡河的最短時間為________s．27、某位同學(xué)用下面的方法測量某種液體的折射率。如圖所示，他在一個燒杯中裝滿了某種透明液體，緊貼著杯口豎直插入一根直尺AB，眼睛從容器邊緣的P處斜向下看去，觀察到A經(jīng)液面反射所成的虛像A′恰好與B經(jīng)液體折射形成的虛像重合。他讀出直尺露出液面的長度AC、沒入液體中的長度BC，量出燒杯的直徑d。由此求出這種透明液體的折射率為28、電吉他是利用電磁感應(yīng)原理工作的一種樂器。如圖a所示為電吉他的拾音器的原理圖，在金屬弦的下方置有一個連接到放大器的螺線管。一條形磁鐵固定在管內(nèi)，當撥動金屬弦后，螺線管內(nèi)就會產(chǎn)生感應(yīng)電流，經(jīng)一系列轉(zhuǎn)化后可將電信號轉(zhuǎn)為聲音信號。①金屬弦的作用類似“研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象”實驗中鐵芯的作用，則被撥動后靠近螺線管的過程中，通過放大器的電流方向為（以圖象為準，填“向上”或“向下”）。②下列說法正確的是（）A．金屬弦上下振動的周期越大，螺線管內(nèi)感應(yīng)電流的方向變化也越快B．金屬弦上下振動過程中，經(jīng)過相同位置時速度越大，螺線管中感應(yīng)電動勢也越大C．電吉他通過擴音器發(fā)出的聲音隨感應(yīng)電流強度增大而變響，增減螺線管匝數(shù)會起到調(diào)節(jié)音量的作用D．電吉他通過擴音器發(fā)出的聲音頻率和金屬弦振動頻率相同，則金屬弦振動越快，發(fā)出的聲越響③若由于金屬弦的振動，螺線管內(nèi)的磁通量隨時間的變化如圖b所示，則對應(yīng)感應(yīng)電流的變化為()評卷人得分六、綜合題(共2題，共12分)29、一個質(zhì)量為m

電荷量為鈭?q

不計重力的帶電粒子從x

軸上的P(a,0)

點以速度v

沿與x

軸正方向成60鈭?

的方向射入第一象限內(nèi)的勻強磁場中，并恰好垂直于y

軸射出第一象限，求：

(1)

勻強磁場的磁感應(yīng)強度B

(2)

穿過第一象限的時間．30、【物理隆陋隆陋

選修3鈭?4

】(1)

一列簡諧橫波沿x

軸正向傳播，t

=0

時的波的圖象如圖所示，質(zhì)點P

的平衡位置在x

=8m

處。該波的周期T

=0.4s

下列說法正確的是_____。A.該列波的傳播速度為20m/s

B.在0隆蘆1.2s

內(nèi)質(zhì)點P

經(jīng)過的路程24m

C.t

=0.6s

時質(zhì)點P

的速度方向沿y

軸正方向D.t

=0.7s

時質(zhì)點P

位于波谷E.質(zhì)點P

的振動方程是y

=10sin5婁脨

t

(cm)

(2)

濕地公園有一處矩形觀景臺伸向水面，如圖所示是其截面圖，觀景臺下表面恰好和水面相平，A

為觀景臺右側(cè)面在湖底的投影，水深h

=4m

在距觀景臺右側(cè)面x

=4m

處有一可沿豎直方向移動的單色點光源S

，在該光源從距水面高3m

處向下移動到接近水面的過程中，觀景臺水下被照亮的最遠距離為AC

，最近距離為AB

，且AB

=3m

求：(1)

該單色光在水中的折射率；(2)

AC

的距離。參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A|C【分析】試題分析:開關(guān)K接通瞬間，穿過線圈的磁通量向右增加，由楞次定律知在右側(cè)線圈中感應(yīng)電流的磁場方向向左，產(chǎn)生左正右負的感應(yīng)電動勢，電子向M板偏振，A正確；斷開開關(guān)K瞬間，穿過線圈的磁通量減少，由楞次定律知在右側(cè)線圈中產(chǎn)生左負右正的感應(yīng)電動勢，電子向N板偏振，B錯誤；接通K后，變阻器滑動觸頭向左迅速滑動，電阻減小，電流增大，穿過線圈的磁通量增加，由楞次定律知在上線圈中產(chǎn)生左正右負的電動勢，電子向M板偏振，C正確；接通K后，變阻器滑動觸頭向右迅速滑動，電阻增大，電流減小，穿過線圈的磁通量減少，由楞次定律知在上線圈中感應(yīng)出左負右正的電動勢，電子向N板偏振，D錯誤．考點：楞次定律；帶電粒子在電場中的運動【解析】【答案】AC2、B【分析】試題分析：由于金屬的電阻隨溫度的升高而增大，所以以額定電壓工作時的電阻大于以18V電壓工作的電阻．根據(jù)有：則所以燈泡消耗的功率小于36W大于9W，故B正確．考點：本題考查電功、電功率及電阻率與溫度的關(guān)系．【解析】【答案】B3、D【分析】【詳解】

電流計與電阻箱并聯(lián)；此為電流表，M，N兩端電壓為：

U=IgRg=100×10-6×495.0=0.0495V=49.5mV，流過電阻箱的電流為：故電流表的總電流故D正確，ABC錯誤．

故選D.4、C【分析】解：A、以點電荷為圓心，r為半徑的球面上；各點的場強大小相等，而方向不同，故A錯誤；

B；同一電荷所受電場力大；該點電場強度一定很大，故B錯誤；

C；負電荷沿電場線方向移動時；電場力做負功，則電勢能一定增加，故C正確；

D；正電荷的電勢能不一定是正值；負電荷的電勢能不一定是負值，還與電勢的正負有關(guān)，故D錯誤；

故選：C

點電荷為圓心，r為半徑的球面上；各點的場強大小相等，方向不同；同一電荷所受電場力大，該點電場強度才越大；負電荷沿電場線方向移動，電場力做負功，電勢能增加；正電荷的電勢能不一定為正，負電荷的電勢能不一定為負，還要根據(jù)電勢的正負確定．

考查點電荷的電場強度的大小與方向的不同，掌握控制變量的方法，理解電場力做功的正負與電勢能變化有關(guān)，同時注意電勢能的正負與電荷的正負沒有必然聯(lián)系．【解析】【答案】C5、A【分析】解：根據(jù)動能定理得，eU1=mv2；

粒子在偏轉(zhuǎn)電場中運動的時間t=

在偏轉(zhuǎn)電場中的偏轉(zhuǎn)位移h=at2=?=

則靈敏度=．知L越大，靈敏度越大；d越大，靈敏度越?。籙1越小，靈敏度越大．靈敏度與U2無關(guān)．故A正確；CBD錯誤．

故選：A．

根據(jù)帶電粒子在加速電場中加速；在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運動，結(jié)合動能定理；牛頓第二定律和運動學(xué)公式求出偏轉(zhuǎn)量，從而得出靈敏度的大?。?/p>

本題考查了帶電粒子在電場中的加速和偏轉(zhuǎn)，綜合考查了動能定理、牛頓第二定律、運動學(xué)公式等，難度中等【解析】【答案】A二、填空題(共7題，共14分)6、略

【分析】

當使用較小量程時，測量電壓最大值不得超過3.0V．總共有30格，則每一小格表示．圖中指針示數(shù)為1.70V．使用的是較大量程，則表盤刻度每小格表示測量電壓的最大值不得超過15V．

故答案為：30.11.700.515

【解析】【答案】電表每小格代表的數(shù)是：讀數(shù)為：格子數(shù)×每小格代表的數(shù)．

7、略

【分析】【解析】【答案】8、A.會，3B.0.5；4.5【分析】A.【分析】線圈的磁通量變化時，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，由法拉第電磁感應(yīng)定律可得感應(yīng)電動勢大小。平均感應(yīng)電動勢的大小由E=N?婁脮?t

而瞬時感應(yīng)電動勢則由E=BLV

來求得，注意V

是切割磁感線的速度，L

是有效切割長度。【解答】磁鐵插入線圈；閉合線圈的磁通量發(fā)生變化，從而產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，形成感應(yīng)電流，則指針會偏轉(zhuǎn)；

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得。

E=N?婁脮?t=100隆脕1.2隆脕10鈭?20.4=3V

故填：會，3

B.【分析】開關(guān)閉合后，電壓表測量路端電壓，電流表測量干路電流，根據(jù)閉合電路歐姆定律列式即可求解。本題主要考查了閉合電路歐姆定律的直接應(yīng)用，難度不大，屬于基礎(chǔ)題?！窘獯稹扛鶕?jù)閉合電路歐姆定律得：I=ER+r=59+1=0.5A

路端電壓

故填：0.54.5

【解析】A.會，3

B.0.54.5

9、略

【分析】

A點的場強E==N/C=200N/C；方向：向右．

把另一電荷放在該點時；場強不變．由F′=q′E得。

q′==C=1×10-6C

因電場力方向與場強方向相反；則該電荷帶負電荷．

故本題答案是：200；向右；1×10-6C；負。

【解析】【答案】電場強度等于試探電荷所受電場力與其電荷量的比值；方向與正電荷所受電場力方向相同，與負電荷所受電場力方向相反．同一點電場強度不變，由電場力F=qE求解電荷量．

10、略

【分析】解：根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程EK=hγ-W，任何一種金屬的逸出功W一定，說明EK隨頻率f的變化而變化，且是線性關(guān)系（與y=ax+b類似），直線的斜率等于普朗克恒量，由于：EK=eUe所以：eUe=hγ-W；

由圖可得Ue=kγ-b

整理得：h=ek；

故答案為：ek

由愛因斯坦光電效應(yīng)方程EK=hγ-W去分析圖象中所包含的對解題有用的物理信息；圖象與縱軸和橫軸交點分別表示普朗克常量和金屬的極限頻率．

本題考查了愛因斯坦光電效應(yīng)方程EK=hγ-W，注意將有關(guān)的物理知識和數(shù)學(xué)的圖線聯(lián)系起來，培養(yǎng)用數(shù)學(xué)知識解決物理物體．【解析】ek11、降低；無關(guān)【分析】本題考查了電場線、電場力做功。電場力做功與重力做功相似，與電荷經(jīng)過路徑無關(guān)；根據(jù)電場力方向與位移方向的關(guān)系，分析電場力做功的正負，由功的公式計算功的大?。浑妶隽ψ稣?，電荷的電勢能減小，相反，電場力做負功，電勢能增加，沿著電場線的方向電勢降低。所以，根據(jù)電場力做功的特點，在電場中移動電荷時，電場力所做的功只與電荷的初、末位置有關(guān)，與路徑無關(guān)；沿著電場線的方向電勢降低?！窘馕觥拷档停粺o關(guān)12、略

【分析】解：電場線的方向從正電荷出發(fā).

指向負電荷.

由圖可知；電場線指向Q

所以該點電荷是負電荷．

沿著電場線，電勢逐漸降低，故婁脮A<婁脮B

若取無限遠處的電勢為零；電場線從無窮遠指向B

所以B

點電勢小于零；

負電荷在電勢低的地方的電勢能大；所以把同一個負電荷分別置于AB

兩點，則它在A

點時電勢能較大．

故答案為：負；大于，小于，A

沿著電場線，電勢逐漸降低；若A

點到點電荷的距離是A

點到B

點的距離的2

倍，故點電荷在B

點右側(cè)，再根據(jù)E=kQr2

列式比較AB

電場強度的大小關(guān)系．

本題關(guān)鍵是明確電場線與電勢的關(guān)系，會根據(jù)公式E=kQr2

列式求解，基礎(chǔ)題目．【解析】負；大于；小于；A

三、判斷題(共9題，共18分)13、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．14、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．15、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．16、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．17、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．18、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大?。浑妱莶钆c零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．19、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．20、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．21、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、簡答題(共3題，共24分)22、【分析】?【解析】23、解：（1）根據(jù)振動圖象可知；橫波的周期T=1.2s；

表明P點先于Q點振動．由圖可知，P點的振動狀態(tài)傳到Q點需要時間：△t=（n+）T=（0.4n+0.3）s；

則波速（n=0；1、2）

（2）波長λ=vT=（n=0；1、2）；

若PQ＜λ；則n=0，此時波長λ=32m；

t=4.2s=

根據(jù)振動圖象可知，t=0時，P在波峰處，Q在平衡位置處且向下振動，則經(jīng)過P在波谷處，Q在平衡位置處且向上振動；

PQ之間的波形曲線；如圖所示：

答：（1）波速為（n=0；1、2）；

（2）PQ之間的波形曲線如圖所示．【分析】

(1)

先根據(jù)振動圖象得出周期；P

點距波源近，P

點與Q

點振動早，根據(jù)振動圖象，P

與Q

振動時間相隔至少，得出時間與周期的關(guān)系式，求出波速．

(2)

根據(jù)PQ<婁脣

求出波長；根據(jù)振動圖象得出t=0

時，PQ

的位置及振動情況，再結(jié)合t=4.2s

與周期的關(guān)系判斷t=4.2s

時，PQ

的位置及振動情況，進而畫出圖象．

本題通過振動圖象表示兩個質(zhì)點的狀態(tài)，根據(jù)同一時刻兩質(zhì)點的狀態(tài)，分析波傳播時間與周期關(guān)系，也可以分析兩質(zhì)點間距離與波長的關(guān)系．【解析】解：(1)

根據(jù)振動圖象可知；橫波的周期T=1.2s

表明P

點先于Q

點振動.

由圖可知，P

點的振動狀態(tài)傳到Q

點需要時間：鈻?t=(n+34)T=(0.4n+0.3)s

則波速v=xt=24(n+34)T=804n+3(n=012)

(2)

波長婁脣=vT=80隆脕1.24n+3=964n+3(n=012)

若PQ<婁脣

則n=0

此時波長婁脣=32m

t=4.2s=312T

根據(jù)振動圖象可知，t=0

時，P

在波峰處，Q

在平衡位置處且向下振動，則經(jīng)過312TP

在波谷處，Q

在平衡位置處且向上振動；

PQ

之間的波形曲線；如圖所示：

答：(1)

波速為964n+3(n=012)

(2)PQ

之間的波形曲線如圖所示．24、（1）2CH3OH(l)+3O2(g)=2CO2(g)+4H2O(l)△H＝-1451.52kJ/mol

（2）0.225

75%；＞；K=

【分析】【分析】本題考查化學(xué)平衡的計算，為高頻考點，把握化學(xué)平衡三段法、轉(zhuǎn)化率計算等為解答的關(guān)鍵，側(cè)重分析與計算能力的考查，注意rm{K}的計算利用平衡濃度；題目難度不大。

【解答】rm{(1)}在rm{25}在rm{(1)}rm{25}rm{{,!}^{0}}時，C、rm{101KPa}時，rm{3.2}克甲醇rm{(CH}克甲醇rm{101KPa}rm{3.2}rm{(CH}完全燃燒生成rm{{,!}_{3}}rm{OH)}完全燃燒生成rm{CO}rm{OH)}則能表示甲醇燃燒的熱化學(xué)方程式為：rm{2CH_{3}OH(l)+3O_{2}(g)=2CO_{2}(g)+4H_{2}O(l)triangleH=-1451.52kJ/mol}rm{CO}

故答案為：rm{2CH_{3}OH(l)+3O_{2}(g)=2CO_{2}(g)+4H_{2}O(l)triangleH=-1451.52kJ/mol}

rm{{,!}_{2}}由圖像知從反應(yīng)開始到平衡，和液態(tài)水時放熱rm{72.576kJ}則能表示甲醇燃燒的熱化學(xué)方程式為：的平均反應(yīng)速率rm{72.576kJ}同一化學(xué)反應(yīng)速率之比等于化學(xué)計量數(shù)之比，則rm{2CH_{3}OH(l)+3O_{2}(g)=2CO_{2}(g)+4H_{2}O(l)

triangleH=-1451.52kJ/mol}rm{2CH_{3}OH(l)+3O_{2}(g)=2CO_{2}(g)+4H_{2}O(l)

triangleH=-1451.52kJ/mol}rm{(2)}由圖像知從反應(yīng)開始到平衡，rm{H_{2}O}rm{(2)}rm{H_{2}O}

故答案為：rm{v(H_{2}O)=0.075mol/(L隆隴min)^{-1}}

氫氣的平均反應(yīng)速率rm{v(H}【解析】rm{(1)2CH}rm{(1)2CH}rm{{,!}_{3}}rm{OH(l)+3O}rm{OH(l)+3O}rm{{,!}_{2}}rm{(g)=2CO}rm{(g)=2CO}rm{O(l)triangleH=-1451.52kJ/mol}

rm{{,!}_{2}}

rm{(g)+4H}rm{(g)+4H}rm{K=dfrac{c(CH_{3}OH)c(H_{2}O)}{c(CO_{2})c^{3}(H_{2})}}rm{{,!}_{2}}

rm{O(l)triangle

H=-1451.52kJ/mol}五、實驗題(共4題，共20分)25、略

【分析】試題分析：(1)氣體溫度升高，壓強變大，B管水銀面下降，為保證氣體壓強不變，應(yīng)適當降低A管，所以應(yīng)將C管向下移動，直至B、C兩管水銀面等高，即保證了氣體壓強不變．（2）實驗中多次改變氣體溫度，用表示氣體升高的溫度，用表示B管內(nèi)水銀面高度的改變量．壓強不變時體積變化與溫度變化的關(guān)系是成正比的，所以根據(jù)測量數(shù)據(jù)作出的圖線是A．考點：本題考查了理想氣體狀體方程.【解析】【答案】（1）向下，B、C兩管內(nèi)水銀面等高，（2）A26、略

【分析】船的速度大于水流速度，所以要想渡河時間最短船頭應(yīng)始終垂直河岸，【解析】【答案】船頭始終垂直河岸、60s；27、略

【分析】根據(jù)幾何知識可得所以透明液體的折射率為【解析】【答案】28、略

【分析】本題考查電磁感應(yīng)【解析】【答案】①向下②BC③D六、綜合題(共2題，共12分)29、解：(1)設(shè)磁感應(yīng)強度為B，粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑為r

由

得

粒子在磁場中運動情況如圖。

由幾何知識有

有上兩式得

(2)設(shè)粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期為T，則

由圖知；粒子在磁場中做圓周運動對應(yīng)的圓心角為。

θ=180°-60°=120°

所以，粒子在磁場中運動的時間是