2025年浙教版高三物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版高三物理上冊(cè)月考試卷95考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、在下列四個(gè)核反應(yīng)方程中，符號(hào)“X”表示中子的是（）A.Al+n→Mg+XB.Na→Mg+XC.Be+He→C+XD.U→Np+X2、穿過一個(gè)N匝線圈的磁通量始終保持每秒鐘減少2Wb，則（）A.線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)每秒增加2VB.線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)每秒減少2VC.線圈中無感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)D.線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)保持不變3、新華社2010年12月3日快訊：我國新一代高速動(dòng)車組今日在京滬高鐵跑出486.1km/h，創(chuàng)世界高鐵最高時(shí)速，如圖所示．假設(shè)該動(dòng)車組在某段距離中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，速度由5m/s增加到10m/s時(shí)位移為x1，速度由10m/s增加到15m/s時(shí)位移為x2，則x1與x2的比值是（）A.1：2B.1：3C.2：5D.3：54、2011年11月3日凌晨1時(shí)43分，“神舟八號(hào)”與“天宮一號(hào)”成功對(duì)接．從對(duì)接機(jī)構(gòu)接觸開始，經(jīng)過捕獲、緩沖、拉近、鎖緊4個(gè)步驟，“神舟八號(hào)”飛船與“天宮一號(hào)”目標(biāo)飛器3日凌晨實(shí)現(xiàn)剛性連接，形成組合體，中國載人航天首次空間交會(huì)對(duì)接試驗(yàn)獲得成功．假設(shè)對(duì)接前它們?cè)诟髯攒壍郎侠@地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如圖所示，則下列說法中正確的是（）A.對(duì)接前“神舟八號(hào)”比“天宮一號(hào)”運(yùn)行的加速度要小B.對(duì)接前“神舟八號(hào)”比“天宮一號(hào)”運(yùn)行的周期要長(zhǎng)C.對(duì)接前“天宮一號(hào)”比“神舟八號(hào)”運(yùn)行的線速度要大D.“神舟八號(hào)”必須加速才能與“天宮一號(hào)”實(shí)現(xiàn)對(duì)接5、乘客坐在行駛的火車上，看到車外的房屋和樹木向車后方退去，他選擇的參考系是（）A.他乘坐的火車B.迎面駛來的火車C.路旁的房屋D.路旁的樹木6、一理想變壓器，原、副線圈匝數(shù)各為1210匝和33匝．在原線圈接入電壓為220V的交流電源，則該變壓器負(fù)線圈的輸出電壓為（）A.110VB.6VC.220VD.311V7、一準(zhǔn)確運(yùn)動(dòng)的機(jī)械鐘表，下列說法正確的是（）A.秒針轉(zhuǎn)動(dòng)的周期最長(zhǎng)B.時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度最大C.秒針轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度最大D.秒針、分針、時(shí)針上任一點(diǎn)的線速度相同評(píng)卷人得分二、填空題(共7題，共14分)8、質(zhì)量為M的跳水運(yùn)動(dòng)員以高為H的跳臺(tái)上的速率V1起跳，落水時(shí)的速率V2．運(yùn)動(dòng)中遇有空氣阻力．那么運(yùn)動(dòng)員起跳時(shí)做功是____，在空氣中克服空氣阻力所做的功是____．9、一個(gè)物體以某一初速度v0開始作勻減速直線運(yùn)動(dòng)直到停止，其總位移為s．當(dāng)它的位移為時(shí)，所用時(shí)間為t1，當(dāng)它的速度為時(shí)，所用時(shí)間為t2．則=____．10、某同學(xué)要測(cè)量某圓柱體其長(zhǎng)度和外徑.

用游標(biāo)為50

分度的卡尺測(cè)量其長(zhǎng)度L=

______mm

用螺旋測(cè)微器測(cè)量其直徑D=

______mm

．

11、（2014秋?張店區(qū)校級(jí)期末）兩個(gè)帶電粒子分別在電場(chǎng)中的M、N處，其受力方向如圖所示．則M處的粒子帶____電荷（填“正”或“負(fù)”）；M、N兩處的場(chǎng)強(qiáng)大小EM____EN（填“＞”、“＜”或“=”）．如果在N點(diǎn)放一個(gè)帶電荷量為q=2×10-4C的正電荷，所受電場(chǎng)力大小為FN=8N，則N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度E=____N/C．12、（2010秋?高新區(qū)校級(jí)月考）如圖，一帶正電的物體位于M處，用絕緣絲線系上帶正電的小球，分別掛在P1、P2、P3的位置，可觀察到小球在不同位置時(shí)絲線偏離豎直方向的角度不同．由此實(shí)驗(yàn)得出的結(jié)論是：____．13、（2012秋?雨城區(qū)校級(jí)期中）如圖所示的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.2T，通電直導(dǎo)線與磁場(chǎng)方向垂直，導(dǎo)線長(zhǎng)度為0.2m，導(dǎo)線中電流為1A．該導(dǎo)線所受安培力的大小為____N．14、一條大河寬120米，河水以3m/s的速度勻速流動(dòng)，一小船在靜水中的速度為4m/s，小船渡過大河最少需要的時(shí)間為____s，其位移為____m．評(píng)卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)15、光的偏振現(xiàn)象說明光是橫波____（判斷對(duì)錯(cuò)）16、一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能的大小只與溫度有關(guān)____（判斷對(duì)錯(cuò)）17、氣體由狀態(tài)1變到狀態(tài)2時(shí)，一定滿足方程=．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、布朗運(yùn)動(dòng)是微觀粒子的運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)規(guī)律不遵循牛頓第二定律．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、單晶體的所有物理性質(zhì)都是各向異性的．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共36分)20、2013年12月14日晚上9點(diǎn)14左右；嫦娥三號(hào)月球探測(cè)器平衡降落在月球虹灣，并在4分鐘后展開太陽能電池板，如圖甲．太陽能電池在有光照時(shí)，可以將光能轉(zhuǎn)化為電能；沒有光照時(shí)，可以視為一個(gè)電動(dòng)勢(shì)為零的電學(xué)器件．

探究一：某實(shí)驗(yàn)小組用測(cè)繪小燈泡伏安特性曲線的實(shí)驗(yàn)方法；探究太陽能電池被不透光黑紙包住時(shí)的I-U特性。

（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理圖乙，圖丙中滑動(dòng)變阻器上需要用導(dǎo)線連接的是____．（用A；B、C、D、E表示）

（2）通過實(shí)驗(yàn)獲得如下數(shù)據(jù)：

。U/V00.701.201.511.922.162.47I/μA020.556.197.6199.9303.3541.3請(qǐng)?jiān)趫D丁坐標(biāo)紙上畫出太陽能電池的I-U特性曲線．

探究二：在穩(wěn)定光照環(huán)境下；取下太陽能電池外的黑紙，并按圖戊電路探究導(dǎo)體電阻與其影響因素的定量關(guān)系。

（3）該小組通過本實(shí)驗(yàn)練習(xí)使用螺旋測(cè)微器，其次測(cè)量如圖己所示，讀數(shù)為____mm．

（4）開關(guān)閉合后，下列說法正確的是____．

A．電壓表分流使R測(cè)偏大B．電壓表分流使R測(cè)偏小C．電流表分壓使R測(cè)偏大D．電流表分壓使R測(cè)偏小。

（5）若實(shí)驗(yàn)中電壓表和電流表的示數(shù)分別為U和I，金屬絲的直徑為d，長(zhǎng)度為L(zhǎng)，則金屬絲的電阻率ρ=____．21、（2012春?金牛區(qū)校級(jí)月考）在“測(cè)定電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”的實(shí)驗(yàn)中某同學(xué)所用電路圖如圖甲所示．他測(cè)得的數(shù)據(jù)如表所示：

。1234561.421.361.081.211.141.070.040.080.120.160.200.24（1）實(shí)驗(yàn)誤差分系統(tǒng)誤差和偶然誤差兩種．該實(shí)驗(yàn)的系統(tǒng)誤差主要是由____引起的．采用畫U-I圖線求電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的優(yōu)點(diǎn)在于可以盡量減小實(shí)驗(yàn)的____誤差．

（2）在圖乙給出的U-I坐標(biāo)系中根據(jù)表中的數(shù)據(jù)畫出U-I圖線（橫、縱坐標(biāo)的起點(diǎn)已經(jīng)規(guī)定好），從圖象中可以發(fā)現(xiàn)該同學(xué)記錄的第____組數(shù)據(jù)有誤．

（3）求得電動(dòng)勢(shì)E=____V，內(nèi)阻r=____Ω．（均保留2位有效數(shù)字）．22、在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)中；電路圖如圖（a）所示，所用器材有：小燈泡（2.5V，0.6W）；滑動(dòng)變阻器、多用表、電流表、蓄電池、電鍵、導(dǎo)線若干．

（1）粗測(cè)小燈泡的電阻，應(yīng)選用多用表的____倍率（選填“×1”、“×10”、或“×100”），正確操作后，多用表的示數(shù)如圖（b）所示，結(jié)果為____Ω．

（2）實(shí)驗(yàn)中使用多用表測(cè)電壓；請(qǐng)根據(jù)圖（a）的電路圖在圖（c）中將實(shí)物圖補(bǔ)充完整．

23、實(shí)驗(yàn)室進(jìn)行二氧化硫制備與性質(zhì)實(shí)驗(yàn)的組合裝置如圖所示，部分夾持裝置未畫出。請(qǐng)回答下列問題：rm{(1)}檢驗(yàn)裝置rm{A}氣密性的方法是關(guān)閉彈簧夾rm{1}rm{2}向分液漏斗中加入水，然后打開活塞，________，則氣密性良好。rm{(2)}為檢驗(yàn)rm{SO_{2}}與rm{Na_{2}O_{2}}的反應(yīng)是否有氧氣生成，裝置rm{B}中盛放的試劑rm{X}應(yīng)為________，裝置rm{D}中堿石灰的作用是________________________________________________。rm{(3)}關(guān)閉彈簧夾rm{2}打開彈簧夾rm{1}注入rm{70攏樓}的硫酸至浸沒三頸燒瓶中的固體，能證明rm{SO_{2}}與rm{Na_{2}O_{2}}反應(yīng)不生成氧氣的操作及現(xiàn)象是________________________________________________。rm{(4)}關(guān)閉彈簧夾rm{1}打開彈簧夾rm{2}殘余氣體進(jìn)入裝置rm{E}rm{F}rm{G}中，能說明rm{I^{-}}的還原性弱于rm{SO_{2}}的現(xiàn)象為________________________________________________，發(fā)生反應(yīng)的離子方程式是________________________________________________。rm{(5)}為了驗(yàn)證裝置rm{E}中rm{SO_{2}}與rm{FeCl_{3}}發(fā)生了氧化還原反應(yīng)，某學(xué)生設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)：取少量裝置rm{E}中的溶液于試管中，向其中加入稀硝酸酸化的rm{BaCl_{2}}溶液，產(chǎn)生白色沉淀，并由此判斷rm{SO_{2}}與rm{FeCl_{3}}發(fā)生了氧化還原反應(yīng)。上述方案是否合理？________rm{(}填“合理”或“不合理”rm{)}原因是________________________________________________________。評(píng)卷人得分五、解答題(共1題，共4分)24、如圖所示為某一“電場(chǎng)拋射裝置”的示意圖．相距為d的兩正對(duì)平行金屬板A；B豎直放置；兩板間放置一內(nèi)壁光滑的絕緣細(xì)直管CD，細(xì)管與水平面的夾角為37°．一質(zhì)量為m、帶電量為q的帶電小球從管口C處無初速釋放，經(jīng)板間電場(chǎng)加速后從另一管口D射出，飛行一段距離恰好沿水平方向進(jìn)入平臺(tái)MN，其臺(tái)面與C點(diǎn)的高度差也為d．重力加速度為g，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：

（1）小球從管口D射出運(yùn)動(dòng)到平臺(tái)所用的時(shí)間。

（2）小球從管口D射出時(shí)的速度大??；

（3）A、B兩板之間的電勢(shì)差．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【分析】根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒確定x的電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)，從而判斷是否是中子．【解析】【解答】解：A；根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒知；x的電荷數(shù)為13+0-12=1，質(zhì)量數(shù)為27+1-27=1，為質(zhì)子．故A錯(cuò)誤．

B；根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒知；x的電荷數(shù)為11-12=-1，質(zhì)量數(shù)為24-24=0，為電子．故B錯(cuò)誤．

C；根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒知；x的電荷數(shù)為4+2-6=0，質(zhì)量數(shù)為9+4-12=1．為中子．故C正確．

D；根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒知；x的電荷數(shù)為92-93=-1，質(zhì)量數(shù)為239-239=0，為電子．故D錯(cuò)誤．

故選：C．2、D【分析】【分析】線圈中磁通量均勻減小，由法拉第電磁感應(yīng)定律可以求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)．【解析】【解答】解：由法拉第電磁感應(yīng)定律可知；感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：

E=n=N×=2V；

感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)是一個(gè)定值；不隨時(shí)間變化，故A；B、C錯(cuò)誤，D正確．

故選：D．3、D【分析】【分析】已知兩段位移x1、x2的初、末速度，又知?jiǎng)蚣铀龠\(yùn)動(dòng)具有相同的加速度可設(shè)為a，根據(jù)公式V2-V02=2ax可求得兩段位移關(guān)系．【解析】【解答】解：已知V1=5m/s，V2=10m/s，V3=15m/s

由V2-V02=2ax得：

X1=（V22-V12）÷2a=

X2=（V32-V22）÷2a=

則X1：X2=3：5

故選：D．4、D【分析】【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力，得出加速度、周期、線速度與軌道半徑的關(guān)系，從而比較出大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓篈、根據(jù)，解得a=，，．可知軌道半徑越大；線速度越小，加速度越小，周期越大．可知對(duì)接前，神舟八號(hào)的加速度大，線速度大，周期?。蔄；B、C錯(cuò)誤．

D；神舟八號(hào)需加速；使得萬有引力不夠提供向心力，做離心運(yùn)動(dòng)，離開原軌道，與天宮一號(hào)實(shí)現(xiàn)對(duì)接．故D正確．

故選D．5、A【分析】【分析】解答此題的關(guān)鍵是看被研究的物體與所選的標(biāo)準(zhǔn)，即參照物之間的相對(duì)位置是否發(fā)生了改變，如果發(fā)生改變，則物體是運(yùn)動(dòng)的；如果未發(fā)生變化，則物體是靜止的．【解析】【解答】解：路旁的樹是被研究的物體；路旁的樹飛速向后退去，樹是運(yùn)動(dòng)的，火車（或乘客）和樹木之間發(fā)生位置的改變．所以樹木向后退是以火車（乘客）為參照物的．

故選A6、B【分析】【分析】已知匝數(shù)及輸入電壓；根據(jù)變壓器的匝數(shù)之比等于電壓之比即可求出．【解析】【解答】解：變壓器的匝數(shù)與電壓成正比，所以負(fù)線圈的輸出電壓為：U=×220=6V．

故選：B．7、C【分析】【分析】由于是機(jī)械鐘表，故時(shí)針、分針、秒針的周期分別為12h、1h、h，利用角速度、線速度公式就可求解．【解析】【解答】解：A、時(shí)針、分針、秒針的周期分別為12h、1h、h；故秒針轉(zhuǎn)動(dòng)的周期最短，故A錯(cuò)誤；

B、C、秒針轉(zhuǎn)動(dòng)的周期最短，根據(jù)公式ω=；秒針的角速度最大，故B錯(cuò)誤，C正確；

D、根據(jù)公式v=；秒針；分針、時(shí)針上不同點(diǎn)的周期和轉(zhuǎn)動(dòng)半徑通常都不同，故線速度不同，故D錯(cuò)誤；

故選：C．二、填空題(共7題，共14分)8、【分析】【分析】根據(jù)動(dòng)能定理求出運(yùn)動(dòng)員起跳時(shí)做功的大小，對(duì)運(yùn)動(dòng)員在空中的過程運(yùn)用動(dòng)能定理，結(jié)合初末動(dòng)能求出克服空氣阻力做功的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓浩鹛鴷r(shí)運(yùn)動(dòng)員做功的大小為：W=．

對(duì)運(yùn)動(dòng)員在空中的過程運(yùn)用動(dòng)能定理得：mgH-．

解得克服空氣阻力做功的大小為：．

故答案為：，．9、【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式求出物體運(yùn)動(dòng)的加速度大小，然后分別求出位移為時(shí)所用時(shí)間，以及速度為時(shí)所用時(shí)間，從而求出兩個(gè)時(shí)間的比值．【解析】【解答】解：根據(jù)得，加速度的大小為：a=．

當(dāng)它的位移為時(shí)，距離停止的位移為，根據(jù)逆向思維，在后位移內(nèi)有：

，則：；

則運(yùn)動(dòng)位移為所用的時(shí)間等于總時(shí)間減去后的時(shí)間為：

．

而速度為時(shí)所用的時(shí)間為：

．

所以：．

故答案為：．10、略

【分析】解：50

分度的游標(biāo)卡尺；精確度是0.02mm

游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為11mm

游標(biāo)尺上第5

個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為5隆脕0.02mm=0.10mm

所以最終讀數(shù)為：11mm+0.10mm=11.10mm

．

螺旋測(cè)微器的固定刻度為4.5mm

可動(dòng)刻度為20.0隆脕0.01mm=0.200mm

所以最終讀數(shù)為4.5mm+0.200mm=4.700mm

．

故答案為：11.104.700

解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法；主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀.

螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．

對(duì)于基本測(cè)量?jī)x器如游標(biāo)卡尺、螺旋測(cè)微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測(cè)量．【解析】11.104.700

11、負(fù)＞4×104【分析】【分析】根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=求解該點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小，場(chǎng)強(qiáng)方向與正電荷所受的電場(chǎng)力方向相同．在同一點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度不變．【解析】【解答】解：根據(jù)正電荷的電場(chǎng)力方向與該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同；負(fù)電荷與該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反；

則M處的粒子帶負(fù)電荷；

電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)的強(qiáng)度；所以M點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于N點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)．

N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小E===4×104N/C；方向與切線方向相同．

所以N的電場(chǎng)強(qiáng)度大小是4×104N/C．

故答案為：負(fù)，＞，4×10412、電荷間的作用力隨距離的增大而減小【分析】【分析】解答本題要了解庫侖力的推導(dǎo)過程，由于決定電荷之間作用力大小的因素很多，因此需要采用控制變量的方法進(jìn)行研究．雖然學(xué)生現(xiàn)在都知道庫侖力的決定因素，但是該實(shí)驗(yàn)只是研究了庫侖力和距離之間的關(guān)系．【解析】【解答】解：在研究電荷之間作用力大小的決定因素時(shí)；采用控制變量的方法進(jìn)行，如本實(shí)驗(yàn)，根據(jù)小球的擺角可以看出小球所受作用力隨距離的增大而減?。?/p>

故答案為：電荷間的作用力隨距離的增大而減?。?3、0.04【分析】【分析】安培力公式為：F=BIL，注意公式的適用條件是：勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電流和磁場(chǎng)方向垂直．【解析】【解答】解：由圖可知電流與磁場(chǎng)方向垂直；因此直接根據(jù)安培力的大小為：F=BIL=0.2×0.2×1=0.04N；

故答案為：0.04N14、30150【分析】【分析】將船的運(yùn)動(dòng)分解為沿河岸方向和垂直于河岸方向，根據(jù)垂直于河岸方向上的速度求出渡河的時(shí)間．通過計(jì)算合速度，來計(jì)算渡河位移．【解析】【解答】解：當(dāng)靜水速與河岸垂直時(shí)，渡河時(shí)間最短，最短時(shí)間為：t===30s

此時(shí)船于水的合速度為：v==5m/s

所以過河位移為：s=vt=5×30=150m

故答案為：30，150三、判斷題(共5題，共10分)15、√【分析】【分析】可以把波分為橫波和縱波兩類，傳播的只是振動(dòng)形式和能量，而偏振現(xiàn)象與橫波有關(guān)，從而即可求解．【解析】【解答】解：偏振是橫波特有的現(xiàn)象；所以光的偏振現(xiàn)象說明光是橫波．以上說法是正確的．

故答案為：√16、√【分析】【分析】一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，溫度越高，內(nèi)能越大．【解析】【解答】解：物態(tài)的內(nèi)能與物體的物質(zhì)的量；溫度、體積以及物態(tài)有關(guān)．對(duì)一定質(zhì)量的理想氣體；物質(zhì)的量一定，物態(tài)一定，而氣體分子之間的作用力可以忽略不計(jì)，所以一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能的大小只與溫度有關(guān)．

故答案為：√17、×【分析】【分析】根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程即可做出判定．【解析】【解答】解：對(duì)于一定質(zhì)量的理想氣體，由狀態(tài)1變到狀態(tài)2時(shí)，一定滿足方程=．若不滿足一定質(zhì)量的條件；該公式不成立．所以以上的說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×18、×【分析】【分析】布朗運(yùn)動(dòng)是由于分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)而使花粉小顆粒受到撞擊而振動(dòng)；布朗運(yùn)動(dòng)的實(shí)質(zhì)是大量分子做無規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的結(jié)果．【解析】【解答】解：布朗運(yùn)動(dòng)是固體小顆粒的運(yùn)動(dòng)；是宏觀物體，故符合牛頓第二定律；

故答案為：×19、×【分析】【分析】晶體有單晶體和多晶體兩種，單晶體各向異性，而多晶體各向同性．【解析】【解答】解：由于晶體在不同方向上物質(zhì)微粒的排列情況不同；即為各向異性，則為單晶體具有各向異性，但并不是所有物理性質(zhì)都是各向異性的．故該說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×四、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共36分)20、A、D、E或C、D、E0.840B【分析】【分析】（1）由原理圖可知；實(shí)驗(yàn)中采用的是分壓接法，故根據(jù)分壓接法的連接方式可選擇接線柱；

（2）根據(jù)給出的數(shù)據(jù)利用描點(diǎn)法可得出對(duì)應(yīng)的伏安特性曲線；

（3）根據(jù)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法得出讀數(shù)；

（4）根據(jù)電路連接分析電路中誤差來源；

（5）根據(jù)電阻定律和歐姆定律列式，聯(lián)立可求得電阻率．【解析】【解答】解：（1）由圖乙所示電路圖可知，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，滑動(dòng)變阻器接入電路的接線柱為：A、D、E或C、D、E；

（2）根據(jù)描點(diǎn)法作出圖象如圖所示；注意不能畫成直線；如圖所示；

（3）螺旋測(cè)微器固定部分讀數(shù)為0.5mm；轉(zhuǎn)動(dòng)部分為34.0；故最終讀數(shù)為：0.5mm+34.0×0.01mm=0.840mm；

（4）本實(shí)驗(yàn)中采用的是電流表的外接法；故由于電壓表的分流使電流表示數(shù)偏大，故測(cè)量結(jié)果偏??；故選B．

（5）由歐姆定律可知：R=，電阻：R=ρ=ρ，電阻率：ρ=；

故答案為：（1）A、D、E或C、D、E；（2）圖象如圖所示；（3）0.840；（4）B；（5）．21、電壓表的分流偶然31.51.8【分析】【分析】①由圖可知；電壓表測(cè)量為電源的輸出電壓，電壓表示數(shù)沒有誤差，但電流表測(cè)量的卻是外電路中一部分電路中的電流，故可知誤差來自于電壓表的分流；

②采用描點(diǎn)法作圖；圖象中偏離較遠(yuǎn)的點(diǎn)誤差較大；

③圖象縱坐標(biāo)的交點(diǎn)為電源的電動(dòng)勢(shì)，圖象的斜率表示電源的內(nèi)阻．【解析】【解答】解：①該實(shí)驗(yàn)的系統(tǒng)誤差主要是由電壓表的分流；導(dǎo)致電流表測(cè)量的電流小于通過電源的真實(shí)電流；

利用等效電源分析；即可將電壓表等效為電源內(nèi)阻，測(cè)實(shí)驗(yàn)中測(cè)出的電動(dòng)勢(shì)應(yīng)為等效電阻輸出的電壓，由圖可知，輸出電壓小于電源的電動(dòng)勢(shì)；故可知電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值小于真實(shí)值；

而采用圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可以減小實(shí)驗(yàn)的偶然誤差；不能減小系統(tǒng)誤差；

②如圖建立坐標(biāo)；采取描點(diǎn)連線的方法作出圖象如圖所示；偏離直線遠(yuǎn)的數(shù)據(jù)點(diǎn)記錄有錯(cuò)誤；故說明第3組紀(jì)錄有誤；

③圖象與縱軸的交點(diǎn)值表示電動(dòng)勢(shì)；圖線的斜率值表示源的內(nèi)阻．由圖可知電源的電動(dòng)勢(shì)為1.50V；

在計(jì)算斜率時(shí)在直線上取距離盡量大點(diǎn)的兩點(diǎn)計(jì)算．故可以選取第1和第6組計(jì)算得：r=≈1.8Ω

故答案為：①電壓表的分流，小于，偶然；②圖象如上圖，3；③1.5，1.8．22、×17.0【分析】【分析】小燈泡（2.5V；0.6W）電阻大約是10Ω，應(yīng)選用多用表的×1倍率．

燈泡電壓能從零開始變化，滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖．【解析】【解答】解：（1）小燈泡（2.5V；0.6W）電阻大約是10Ω，應(yīng)選用多用表的×1倍率；

正確操作后，多用表的示數(shù)如圖（b）所示；結(jié)果為7.0Ω．

（2）燈泡電壓能從零開始變化；滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖．

故答案為：（1）×1，7.0（2）如圖）23、rm{(1)}水面下降到一定程度后保持水面不再下降

rm{(2)}濃硫酸吸收未反應(yīng)的rm{{SO}_{2}}，防止污染空氣，同時(shí)防止空氣中的水蒸氣進(jìn)入裝置與rm{{Na}_{2}{O}_{2}}反應(yīng)，干擾實(shí)驗(yàn)

rm{(3)}將帶火星的木條放在干燥管rm{D}出口處，若木條不復(fù)燃，則無氧氣生成

rm{(4)}裝置rm{F}中溶液藍(lán)色褪去rm{SO_{2}+I_{2}+2H_{2}O=2I^{-}+SO_{4}^{2-}+4H^{+}}

rm{(5)}不合理裝置rm{E}中溶液溶解的rm{{SO}_{2}}?可被稀硝酸氧化成rm{SO_{4}^{2-}}，因此無法確定rm{SO_{4}^{2-}}的來源【分析】【分析】本題考查了二氧化硫性質(zhì)及檢驗(yàn)，為高頻考點(diǎn)和常見題型，題目難度中等，注意掌握二氧化硫的化學(xué)性質(zhì)及檢驗(yàn)方法，正確分析題干信息為解答本題的關(guān)鍵，試題培養(yǎng)了學(xué)生的分析、理解能力及化學(xué)實(shí)驗(yàn)?zāi)芰Α！窘獯稹縭m{(1)}rm{A}氣密性的方法是關(guān)閉彈簧夾rm{1}rm{2}向分液漏斗中加入水，然后打開活塞，水面下降到一定程度后保持水面不再下降，則氣密性良好氣密性的方法是關(guān)閉彈簧夾rm{A}rm{1}向分液漏斗中加入水，然后打開活塞，水面下降到一定程度后保持水面不再下降，則氣密性良好，故答案為：rm{2}；水面下降到一定程度后保持水面不再下降裝置rm{(2)}中試劑rm{B}干燥氯氣，盛放試劑是濃硫酸，防止水與過氧化鈉反應(yīng)生成氧氣而影響實(shí)驗(yàn)結(jié)論，由于二氧化硫污染環(huán)境，可與堿反應(yīng)，則rm{X}的作用是吸收未反應(yīng)的rm{D}防止污染空氣，同時(shí)防止空氣中的水蒸氣進(jìn)入裝置與rm{SO_{2}}反應(yīng)，干擾實(shí)驗(yàn)，故答案為：濃硫酸；吸收未反應(yīng)的rm{Na_{2}O_{2}}防止污染空氣，同時(shí)防止空氣中的水蒸氣進(jìn)入裝置與rm{{SO}_{2}}反應(yīng)，干擾實(shí)驗(yàn)；rm{Na_{2}O_{2}}檢驗(yàn)rm{(3)}與rm{{SO}_{2}}反應(yīng)是否有氧氣生成的方法是：將帶火星的木條放在干燥管rm{Na_{2}O_{2}}出口處，若木條不復(fù)燃，則無氧氣生成，故答案為：將帶火星的木條放在干燥管rm{D}出口處，若木條不復(fù)燃，則無氧氣生成；rm{D}中的離子方程式為：rm{(4)F}該反應(yīng)中二氧化硫?yàn)檫€原劑，碘離子為還原產(chǎn)物，氧化還原反應(yīng)中，還原劑的還原性強(qiáng)于還原產(chǎn)物，能說明rm{SO_{2}+I_{2}+2H_{2}O=2I^{-}+SO_{4}^{2-}+4H^{+}}還原性弱于rm{I^{-}}現(xiàn)象為：裝置rm{{SO}_{2}}中溶液藍(lán)色褪去，故答案為：裝置rm{F}中溶液藍(lán)色褪去；rm{F}rm{SO_{2}+I_{2}+2H_{2}O=2I^{-}+SO_{4}^{2-}+4H^{+}}；與r