2025年華東師大版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華東師大版必修3物理上冊階段測試試卷808考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、我國古代四大發(fā)明中，涉及到電磁現(xiàn)象應用的發(fā)明是()A.指南針B.造紙術C.印刷術D.火藥2、如圖所示，實線表示電場線，虛線表示一帶電粒子僅在電場力作用下的運動軌跡，其中過點的切線與該處的電場線垂直。下列說法正確的是（）

A.粒子帶正電B.粒子在點的加速小于它在點的加速度C.粒子在點時電場力做功的功率為零D.粒子從點運動到點的過程中電勢能先減小后增大3、物理中引入概念時常用到一些思想方法，下列物理概念的引入與“質點”所用的思想方法相同的是（）A.重心B.點電荷C.瞬時速度D.電流強度4、關于靜電場的電場強度和電場線，下列說法正確的是（）A.在一個以點電荷為中心、r為半徑的球面上，各處的電場強度都相同B.僅適用于真空中點電荷形成的電場C.電場強度的方向就是放入電場中的電荷受到的電場力的方向D.當電荷的初速度為零時，放入電場中的電荷在電場力作用下的運動軌跡一定與電場線重合5、在圖中所示的勻強電場的等勢面分布圖中；每兩個相鄰的水平等勢面相距2厘米，由此可知，電場強度E的方向和大小分別是（）

A.方向豎直向下，大小為100V/mB.方向水平向左，大小為300V/mC.方向豎直向上，大小為100V/mD.方向水平向右，大小為300V/m評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)6、如圖所示，當電路里滑動變阻器R2的滑動觸頭P向下滑動時（）

A.電容器C兩極板間的電場強度增大B.電壓表的讀數減小C.R1消耗的功率減小D.R2消耗的功率增大7、兩個用相同材料制成的半徑相等的帶電金屬小球（可看成點電荷），其中一個球的帶電量的絕對值是另一個的5倍，當它們靜止于空間某兩點時，靜電力大小為F。現(xiàn)將兩球接觸后再放回原處，則它們間靜電力的大小可能為（）A.B.C.D.8、如圖，一橢圓的兩焦點M、N處固定兩個等量異種電荷+Q、-Q，O為橢圓中心，ab是橢圓短軸上的兩個端點，c是OM上的一點，d是Oa上的一點，ef是橢圓上關于O點對稱的兩個點；設無窮遠處電勢和電勢能為零，下列說法中正確的是（）

A.a、b兩點電勢相等，但電場強度不同B.e、f兩點電場強度相同，電勢也相同C.一電子在c點受到的靜電力大于在d點受到的靜電力，且在c點的電勢能小于在d點的電勢能D.一質子從d點移到無窮遠處，靜電力做功為零9、若規(guī)定無限遠處的電勢為零，真空中點電荷周圍某點的電勢φ可表示為φ＝k其中k為靜電力常量，Q為點電荷的電荷量，r為該點到點電荷的距離。如圖所示，M、N、C是真空中三個電荷量均為+Q的固定點電荷，M、N、C連線構成一等邊三角形且邊長L，D是三條邊中垂線的交點。已知靜電力常量為k；規(guī)定無限遠處的電勢為零。則下列說法正確的是（）

A.O、A、B三點場強相等B.場強EAC.電勢φA：φD＝（2+4）：9D.在D處放置一負電荷q，其電勢能Ep10、如圖所示，a、b、c、d分別是一個菱形的四個頂點，∠abc＝120°?，F(xiàn)將三個等量的正點電荷＋Q固定在a、b、c三個頂點上，將一個電量為＋q的點電荷依次放在菱形中心點O點和另一個頂點d點處；兩點相比。

A.＋q在O點所受的電場力較大B.＋q在d點所具有的電勢能較大C.d點的電勢低于O點的電勢D.d點的電場強度大于O點的電場強度11、據報道，2018年3月14日，某市一處高壓電線落地燃燒，幸好沒有造成人員傷亡．高壓電線落地可能導致行人跨步觸電，如圖所示．設人的兩腳MN間最大跨步距離為d，觸地點O流入大地的電流為I，大地的電阻率為p，ON間的距離為R．電流在以O點為圓心、半徑為r的半球面上均勻分布，其電流密度為，電流密度乘以電阻率等于電場強度，該電場強度可以等效成把點電荷Q放在真空中O點處產生的電場強度．下列說法正確的是（））

A.兩腳并攏跳離觸地點是防跨步觸電的一種有效方法B.圖中MN兩腳間跨步電壓小于C.等效點電荷Q的電荷量為(k為靜電力常量)D.當兩腳間的距離處于最大跨步時，跨步電壓不可能為零12、在如圖所示的圖象中，直線I為某一電源的路端電壓與電流的關系圖象，直線II為某一電阻R的伏安特性曲線。用該電源直接與電阻R相連組成閉合電路。由圖象可知（）

A.電源的電動勢為3V，內阻為0.5B.電阻R的阻值為10C.電源的輸出功率為2WD.電源的效率為66.7%評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)13、在x軸上，x=0處放置一個電荷為+4q的點電荷，x=6cm處放置一個電荷為-q的點電荷，合場強為零的點在x=______cm處．

14、能量的耗散∶

（1）定義∶電池中的______轉化為電能，電能又通過燈泡轉化為_____和_____，熱和光被其他物質吸收之后變成周圍環(huán)境的____；我們很難把這些內能收集起來重新利用，這種現(xiàn)象叫作能量的耗散。

（2）能量的耗散表明∶能量的數量是_____的，但是能量可利用的品質_____了。

（3）能量的耗散從能量轉化的角度反映出自然中與熱現(xiàn)象有關的宏觀過程具有_______。15、電子式單相電能表已經廣泛使用，其重要參數imp/（kw·h）表示用電器消耗1kW·h電能指示燈閃爍的次數。亮亮家的電能表標明“6400imp/（kW·h）”，當某用電器單獨接在該表上，用電器正常工作5min，指示燈閃爍了640次，則5min內該用電器消耗的電能為________kW·h，該用電器的額定功率為________W。16、內燃機一個工作循環(huán)有吸氣、壓縮、做功、排氣四個沖程，實現(xiàn)將內能轉化為機械能的是______沖程。發(fā)動機運行前必須加潤滑油，是為了______。某品牌汽車100km耗油7kg，這些汽油完全燃燒要放出______J的熱量。（汽油的熱值q=4.6×107J/kg）17、如圖所示，在真空中有兩個點電荷A和B，電荷量分別為-Q和+Q，它們相距L．如果在兩點電荷連線的中點O有一個半徑為r（2r＜L）的空心金屬球，則球殼左端的感應電荷為_________（選填“正電荷”或“負電荷”）,若球心位于O點，則球殼上的感應電荷在O點處的場強大小_________，方向______．

18、某次實驗中兩電表示數如圖所示，可讀出毫安表的示數是___________微安表的示數是___________

評卷人得分四、作圖題(共4題，共12分)19、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

20、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關S擲向1，一段時間后，將開關擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內阻和電阻箱阻值均未知，根據已知條件和傳感器顯示的圖像中的數據信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短21、如圖所示是某電場中的電場線，請畫出點a點的場強方向和電荷-q在b點所受電場力的方向。

22、如圖1所示，用電動勢為E、內阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標，I為橫坐標，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關系圖線上任取一點；畫出帶網格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共12分)23、在練習使用多用電表時：

(1)下列關于用多用電表歐姆擋測電阻的說法中正確的是。

A．測量電阻時；如果紅；黑表筆分別插在負、正插孔，則不會影響測量結果。

B．雙手捏住兩表筆金屬桿；測量值將偏大。

C．測量電路中的電阻時；應該把該電阻與電路斷開。

D．歐姆表使用一段時間后；電池電動勢變小，內阻變大，但仍能調零，其測量結果與原來相比不變。

(2)用多用電表探測二極管的極性，用歐姆擋測量，黑表筆接a端，紅表筆接b端。

時，指針向右偏轉角較大，然后黑、紅表筆反接指針偏轉角較小，說明____（選填“a”或“b”）端是二極管正極．

(3)現(xiàn)有兩相同的某型號多用表；一同學在研究性學習過程中想獲得10V量程直流電壓檔的內阻和×lk歐姆檔的內部電源的電動勢，已知×lk歐姆檔中央刻度線對應的數據，為完成實驗，進行了如下操作：

①將甲多用表檔位旋鈕撥到10V電壓檔；將乙多用表檔位旋鈕撥到×lk歐姆檔；

②應將甲多用表的紅表筆與乙多用表的__________（填“紅”或“黑”）表筆連接；再將另外兩表筆連接；

③在連接兩多用表表筆之前應對乙多用表進行的操作為：_____________

④兩多用表連接后，兩表讀數分別為6.0V和30k，可知10V量程直流電壓檔內阻為___k，×lk歐姆檔的內部電源的電動勢為_________V．24、（1）如圖1螺旋測微器讀數為_______mm，如圖2游標卡尺讀數為_______mm。

（2）用伏安法測金屬絲電阻存在系統(tǒng)誤差。為了減小系統(tǒng)誤差，有人設計了如圖甲所示的實驗方案。其中Rx是待測電阻，R是電阻箱，R1、R2是已知阻值的定值電阻。合上開關S，靈敏電流計的指針偏轉。將R調至阻值為R0時，靈敏電流計的示數為零。由此可計算出待測電阻Rx______；（用R1、R2、R0表示）

（3）有同學利用“半偏法”也可以測量電壓表的內阻；其電路原理圖如圖乙所示。

①將滑動變阻器R的滑片P調至_________（填“A”或“B”端），電阻箱R0的阻值調至________（填“零”或“最大”）；

②閉合開關S；移動滑動變阻器的滑片P使電壓表滿偏；

③保持滑動變阻器的滑片P不動，調節(jié)電阻箱R0的阻值使電壓表半偏；

④記下電阻箱R0的示數。

⑤若電阻箱R0的示數為3002Ω，則電壓表內阻的測量值為______Ω，該測量值與電壓表的實際內阻相比_______（填“偏大”、“偏小”或“相等”）。25、某同學改裝和校準電壓表的電路圖如圖所示；圖中虛線框內是電壓表的改裝電路。

（1）已知表頭G滿偏電流為表頭上標記的內阻值為900Ω。R1、R2和R3是定值電阻。利用R1和表頭構成1mA的電流表，然后再將其改裝為兩個量程的電壓表。若使用a、b兩個接線柱，電壓表的量程為1V；若使用a、c兩個接線柱，電壓表的量程為3V。則根據題給條件，定值電阻的阻值應選R1=___________Ω，R2=___________Ω，R3=___________Ω。

（2）用量程為3V，內阻為2500Ω的標準電壓表V對改裝表3V擋的不同刻度進行校準。所用電池的電動勢E為5V；滑動變阻器R有兩種規(guī)格，最大阻值分別為50Ω和5kΩ。為了方便實驗中調節(jié)電壓，圖中R應選用最大阻值為___________Ω的滑動變阻器。

（3）校準時，在閉合開關S前，滑動變阻器的滑動端P應靠近___________（填“M”或“N”）端。

（4）若由于表頭G上標記的內阻值不準，造成改裝后電壓表的讀數比標準電壓表的讀數偏小，則表頭G內阻的真實值___________（填“大于”或“小于”）900Ω。評卷人得分六、解答題(共1題，共9分)26、如圖所示的電路中，三個電阻的阻值均為6歐，電壓U恒為18伏；求。

(1)電流表和電壓表的示數；

(2)將電壓表和電流表的位置互換，電流表和電壓表的示數．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【分析】

【詳解】

指南針利用地磁。

故選：A。2、C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據帶電粒子的運動軌跡可知；帶電粒子所受的電場力沿電場線偏向左下方，則知帶電粒子帶負電，故A錯誤；

B．電場線的疏密表示場強大小，由圖知粒子在B點的場強大于C點的場強，在B點的加速度大于C點的加速度；故B錯誤；

C．粒子過B點的切線與該處的電場線垂直，則粒子受到的電場力方向與粒子在B點速度的方向垂直；所以此刻粒子受到的電場力做功的功率為零，故C正確；

D．從A到B，電場力做負功，電勢能增加，從B到C；電場力做正功，電勢能減小，故D錯誤。

故選C。3、B【分析】【詳解】

建立“質點”的概念；采用理想模型法。

A．重心采用了等效替代法；故A錯誤；

B．點電荷是理想化的物理模型；故B正確；

C．瞬時速度定義應用了極限法；故C錯誤；

D．電流強度是表示電流大小的物理量，是采用比值定義法得到的，故D錯誤；4、B【分析】【詳解】

A.在一個以點電荷為中心，r為半徑的球面上各處的電場強度的大小都相同；而方向不同，故A錯誤；

B.僅適用于真空中點電荷形成的電場；故B正確．

C.電場強度方向就是放入電場中的正電荷受到的電場力的方向；故C錯誤；

D.若電場線是曲線，則電荷受力將發(fā)生方向的變化，則其軌跡不可能與電場線重合，故D錯誤；5、A【分析】【詳解】

電場線與等勢面垂直，且由高電勢面指向低等勢面，可知場強E的方向豎直向下；場強大小為

故選A。二、多選題(共7題，共14分)6、A:C【分析】【詳解】

A．滑動變阻器的滑動觸頭向下滑動時，滑動變阻器接入電路的電阻增大，通過電源的電流減小，路端電壓增大，由歐姆定律知兩端電壓減小；電容器兩極間電壓增大，兩板間的電場強度增大；選項A正確；

B．以上分析知；滑動變阻器的滑動觸頭向下滑動時，路端電壓增大，電壓表的讀數增大；選項B錯誤；

C．以上分析知，滑動變阻器的滑動觸頭向下滑動時，通過的電流減小，消耗的功率減小；選項C正確；

D．通過的電流減小，而接入電路的電阻增大，故消耗的功率變化無法確定；D選項錯誤。

故選AC.7、B:D【分析】【分析】

【詳解】

若兩電荷同性，設一個球的帶電量為Q，則另一個球的帶電量為5Q，此時

接觸后再分開，帶電量各為

則兩球的庫侖力大小

所以

若兩電荷異性，接觸后再分開，兩球電量的絕對值為

此時兩球的庫侖力

所以

故選BD。8、C:D【分析】【詳解】

AB．根據等量異種電荷電場線和等勢面的分布規(guī)律可知，a、b兩點電場強度相同，電勢均為零，e、f兩點關于O點對稱，則電場強度相同，根據沿電場線方向電勢降低，則e點的電勢大于f點的電勢；即電勢不同，故AB錯誤；

C．根據等量異種電荷電場分布規(guī)律可知，c點電場強度大于O點的電場強度，O點的電場強度又大于d點的電場強度，則電子在c點受到的靜電力大于在d點受到的靜電力，根據沿電場線方向電勢降低，知c點的電勢大于d點的電勢，根據電勢能又因為電子帶負電，則電子在c點的電勢能小于在d點的電勢能；故C正確；

D．由題意可知，無窮遠處電勢為零，則兩電荷在d點產生的電勢大小相等，符號相反，代數和為零，即d點電勢為零，一質子在d點和無窮遠處具有的電勢能都為零，即電勢能相等，所以將質子從d點移到無窮遠處；靜電力做功為零，故D正確。

故選CD。9、C:D【分析】【詳解】

A．根據點電荷電場的計算公式可知，M、C兩電荷在A點場強為0，故A點場強是只有N電荷在A點的場強E

根據對稱性可知O、B兩點場強大小也等于但是三點場強方向不同，故A錯誤；

B．三角形邊長為L，則NA＝Lcos30°

代入E

故B錯誤；

C．A點的電勢φA＝2

D點的電勢φD＝3

所以φA：φD＝（2+4）：9

故C正確；

D．有φD

在D處放置一負電荷q，其電勢能Ep

故D正確；

故選CD。10、A:C【分析】【詳解】

AD.設菱形的邊長為r，根據公式分析可知三個點電荷在d產生的場強大小E相等，由電場的疊加可知，d點的場強大小為

方向由O指向d。O點的場強大小為

故O點場強大，＋q在O點所受的電場力較大；故A正確D錯誤。

BC.Od間電場線方向從O到d，根據順著電場線方向電勢降低，O點的電勢高于d點的電勢，而正電荷在高電勢高處電勢能大，則知+q在d點所具有的電勢能較小，故B錯誤C正確。11、A:C【分析】【詳解】

兩腳并攏時跨步電壓較小，跳離觸地點是防跨步觸電的一種有效方法，故A正確；N點處電流密度為由于MN間的電場是非勻強電場，電場強度越靠近O點越大，則知MN間的場強大于ρ，MN兩腳間跨步電壓大于故B錯誤；根據題意有解得：故C正確；當兩腳位于同一等勢線上時即兩腳到O點的距離相等時，跨步電壓為零，故D錯誤；故選AC．

點睛：本題是信息給予題，要讀懂題意，抓住有效信息是關鍵，可采用類比的方法理解，將電流場與點電荷的靜電場模擬分析．12、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據閉合電路歐姆定律得。

當時。

由圖讀出電源的電動勢。

內阻等于斜率的大小；則。

故A正確；

B．電阻。

故B錯誤；

C．兩圖線的交點表示該電源直接與電阻R相連組成閉合電路時工作狀態(tài)；由圖讀出電壓為2V，電流為2A，則電源的輸出功率為。

故C錯誤；

D．電源的效率。

故D正確。

故選AD。三、填空題(共6題，共12分)13、略

【分析】【詳解】

[1]根據電場的疊加原理可知合場強為零的點應在兩個點電荷的連線上-q的外側，設其橫坐標為x，根據平衡條件有

解得：【解析】12cm14、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2][3][4]定義∶電池中的化學能轉化為電能；電能又通過燈泡轉化為內能和光能，熱和光被其他物質吸收之后變成周圍環(huán)境的內能，我們很難把這些內能收集起來重新利用，這種現(xiàn)象叫作能量的耗散；

（2）[5][6]能量的耗散表明∶能量的數量是守恒的；但是能量可利用的品質降低了；

（3）[7]能量的耗散從能量轉化的角度反映出自然中與熱現(xiàn)象有關的宏觀過程具有方向性。【解析】①.化學能②.內能③.光能④.內能⑤.守恒⑥.降低⑦.方向性15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由于沒閃爍6400次消耗1kW·h；因此閃爍640次消耗0.1kW·h；

[2]由于

因此該用電器的額定功率【解析】①.0.1②.16、略

【分析】【詳解】

[1]內燃機的四個沖程中；把內能轉化為機械能的是做功沖程；

[2]加潤滑油的目的是減小摩擦；提高機械效率；

[3]這些汽油完全燃燒放出的熱量為

【點睛】

注意內燃機四個沖程中能量轉換的區(qū)別?！窘馕觥孔龉p小摩擦32.217、略

【分析】【詳解】

[1]在空心球周圍存在向左的電場；則球上自由電子受到向右的電場力，電子聚集在右側，左側多余正電荷，則球殼左端的感應電荷為正電荷。

[2][3]發(fā)生靜電感應的導體內部合場強為零，所以球殼上的感應電荷在O點處的場強大小應該與外部電荷在O點產生的場強大小相等，即

感應電荷也外部電荷產生的電場方向相反，即感應電荷在O點產生的場強方向應該是向右．【解析】正電荷向右18、略

【分析】【詳解】

[1]由題圖可以看出，毫安表的最小分度為按“五分之一估讀”法，其示數為

[2]微安表的最小分度為按“十分之一估讀”法，其示數為【解析】8.0150四、作圖題(共4題，共12分)19、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示?！窘馕觥?0、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減??；選項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據可知電阻箱R的電壓UR減小；選項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據可求出該電容器的電容；選項A正確；

B．根據電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時電阻箱阻值大小，選項B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，因此放電時間將變長，選項C錯誤；

D．電源不變，電容器的充電電壓不變，若只減小電容器的電容大小，根據可知電容器的電荷量將變??；放電的時間將變短，選項D正確。

故選ABD。【解析】ABDABD21、略

【分析】【詳解】

電場線上每一點的切線方向即為該點的電場強度方向；負電荷受電場力的方向與場強方向相反，如圖所示。

【解析】22、略

【分析】【詳解】

（1）由閉合電路歐姆定律可知

所以圖像與縱軸交點的坐標值為電源電動勢；與橫軸交點的坐標值為短路電流，如圖所示。

（2）電源的輸出功率等于路端電壓與干路電流的乘積；即所要求的的面積為該點向坐標軸作垂線后與坐標軸圍成的面積，如圖所示。

【解析】（1）U-I圖像如圖所示。圖像與縱軸交點的坐標值為電源電動勢，與橫軸交點的坐標值為短路電流；（2）五、實驗題(共3題，共12分)23、略

【分析】【分析】

(1)掌握歐姆檔的使用方法及注意事項：每選定一次歐姆檔位后電路發(fā)生改變要重新進行歐姆調零；測量電阻要把電阻與其它元件獨立；測完要把選擇開關正確放置；

(2)二極管有單向導電性；正向導通時電阻很小，反向截止的電阻很大；

(3)歐姆表的黑表筆接的是內部電源的正極；電流要從電壓表正極流入,歐姆表示數是所測電阻阻值，應用串聯(lián)電路特點與歐姆定律求出電源電動勢．

【詳解】

(1)A項：由于歐姆表是由直流電流表改裝成的；所以要求電流應從“+”插孔進從“-”插孔出，否則指針將反向偏轉，因此如果紅黑表筆分別插在負；正插孔時不會影響測量結果，A正確；

B項：若雙手捏住兩表筆金屬桿；測量值將偏小，人是導體，會使測量結果偏小，B錯誤；

C項：測量電阻一定要斷電作業(yè)；即把該電阻與電路斷開．故C正確；

D項：根據閉合電路歐姆定律，調零時應有：所以若電池電動勢變小內阻變大，調零時應有：比較可知，兩次的中值電阻阻值不同，即測量結果會發(fā)生變化，故D錯誤．

故應選：AC．

(2)根據歐姆表改裝原理可知，紅表筆應接“+”插孔，但恰好與歐姆表內部電池的負極相接，同理黑表筆應接“-”插孔，但與歐姆表內部電池的正極相接，所以黑表筆接a端，紅表筆接b端時；指針偏轉角較大，然后黑；紅表筆反接指針偏轉角較小，說明a端是二極管的正極；

(3)②甲多用電表選擇電壓檔；應將甲多用表的紅表筆與乙多用表的黑表筆連接，在將另兩表筆連接；

③由于乙的檔位被撥了一次；故應該在測量前進行歐姆調零，方法是兩表筆短接調零；

④×1k歐姆檔中央刻度