2025年人民版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年人民版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷469考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示；一個(gè)圓形線圈處在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度增大時(shí)（）

A.線圈有順時(shí)針的電流B.線圈有逆時(shí)針的電流C.線圈沒有電流D.線圈的電流可能是順時(shí)針方向，也可能是逆時(shí)針方向2、皮球從3m高處自由落下，被地板彈起后，在1m高處被接住，則小球在整個(gè)過程中說法正確的是（）A.路程為4m，位移2m，方向豎直向下B.路程為4m，位移2m，方向豎直向上C.路程為3m，位移1m，方向豎直向下D.路程為3m，位移1m，方向豎直向上3、質(zhì)量為m的圓球放在光滑斜面和光滑的豎直擋板之間，如圖．當(dāng)斜面傾角α由零逐漸增大時(shí)（保持擋板豎直），斜面和擋板對(duì)圓球的彈力大小的變化，說法錯(cuò)誤的是（）A.斜面的彈力由零逐漸變大B.斜面的彈力由mg逐漸變大C.擋板的彈力由零逐漸變大D.擋板和斜面對(duì)圓球的彈力的合力不變4、2011年3月11日，日本發(fā)生里氏9.0級(jí)大地震，造成福島核電站的核泄漏事故。在泄露的污染物中含有和兩種放射性元素，它們通過一系列衰變產(chǎn)生對(duì)人體有危害的輻射，其中的衰變方程為其半衰期為8天。下列說法不正確的是()A.該核反應(yīng)是衰變B.原子核中含有78個(gè)中子C.經(jīng)過16天，75％的原子核發(fā)生了衰變D.雖然該反應(yīng)出現(xiàn)質(zhì)量虧損，但核反應(yīng)前后的原子核總質(zhì)量數(shù)不變5、有一物體做直線運(yùn)動(dòng)，其速度-時(shí)間圖象如圖所示，則物體的加速度和速度方向相同的時(shí)間間隔是（）A.只有0＜t＜2sB.只有2s＜t＜4sC.0＜t＜2s和5s＜t＜6sD.0＜t＜2s和6s＜t＜8s評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)6、一個(gè)電容器所帶電荷量為3×10-6C時(shí)，板間電勢(shì)差為2×102V，則此電容器的電容為____F．7、重為150N的物體在水平面上向右運(yùn)動(dòng)，物體與水平面的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1，與此同時(shí)物體受到一個(gè)水平向左的力F=15N，那么物體受到的摩擦力大小為____N，方向?yàn)開___．8、甲、乙兩個(gè)溜冰者，質(zhì)量分別為m甲=59kg，m乙=50kg，均以6.0m/s的速度在同一直線上相向運(yùn)動(dòng)．甲手持一個(gè)質(zhì)量為1.0kg的球，他將球拋給乙，乙再把球拋還給甲．這樣拋接若干次后，甲接到球后的速度恰為零，這時(shí)乙的速度大小為____，速度方向與乙原來(lái)的方向____．9、（2016?金山區(qū)一模）如圖，長(zhǎng)為1m的輕桿OA可繞O處鉸鏈在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)，質(zhì)量均為1kg的小球固定在A、B兩處，B為桿的中點(diǎn)．若桿在水平位置由靜止起開始自由轉(zhuǎn)動(dòng)，不計(jì)阻力，轉(zhuǎn)動(dòng)30°角時(shí)B球的速度為____m/s，此過程中桿對(duì)A球做的功為____J．10、（2014秋?肥西縣校級(jí)月考）長(zhǎng)木板AB放在水平面上，如圖所示，它的下表面光滑而上表面粗糙，一個(gè)質(zhì)量為m、電量為-q的小物塊C從A端以某一初速起動(dòng)向右滑行．當(dāng)存在向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)時(shí)，C恰能滑到B端，當(dāng)此電場(chǎng)方向改為向上時(shí)，C只能滑到AB的中點(diǎn)，此電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E=____．11、（2013春?郫縣校級(jí)月考）有一正弦交流電源，如圖，電壓有效值U=120V，頻率為f=50Hz，向一霓虹燈供電，若霓虹燈的激發(fā)電壓和熄滅電壓均為U0=60V，試估算在一個(gè)小時(shí)內(nèi)，霓虹燈發(fā)光時(shí)間為____s．12、磁感線是描述磁場(chǎng)____和____，磁感線上每一點(diǎn)____方向是這點(diǎn)____的方向，即磁場(chǎng)方向．磁感線越密的地方，磁場(chǎng)____，越疏的地方，磁場(chǎng)____．磁感線的疏密表示磁場(chǎng)____，磁感線是假想出來(lái)，實(shí)際不存在．是____曲線，任意兩條磁感線都不會(huì)相交．13、一個(gè)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的物體，初速度大小為8.0m/s，加速度大小為3.0m/s2，4s末物體的速度大小是____；這5s內(nèi)發(fā)生的位移是____．14、（2013秋?包河區(qū)校級(jí)期中）如圖所示．質(zhì)量為m，帶正電的小球以速度v0從O點(diǎn)沿水平方向射入方向向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，A點(diǎn)是小球運(yùn)動(dòng)軌跡上的一點(diǎn)，O、A兩點(diǎn)的連線與水平方向夾角а=30°，則小球通過A點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為____．評(píng)卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)15、x-t圖象描述了物體的位移隨時(shí)間的變化規(guī)律．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、布朗運(yùn)動(dòng)是微觀粒子的運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)規(guī)律不遵循牛頓第二定律．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、月亮在云中穿梭，參考系是云．____（判斷對(duì)錯(cuò)）18、“寧停三分，不搶一秒”指的是時(shí)間．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、x-t圖象描述了物體的位移隨時(shí)間的變化規(guī)律．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、單晶體的所有物理性質(zhì)都是各向異性的．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、狹義相對(duì)論認(rèn)為真空中的光速在不同的慣性參考系中是不同的____（判斷對(duì)錯(cuò)）22、（2010?駐馬店模擬）氫原子的能級(jí)圖如圖所示，欲使一處于基態(tài)的氫原子釋放出一個(gè)電子而變成氫離子，該氫原子需要吸收的能量至少是13.60eV____（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、計(jì)算題(共2題，共20分)23、一個(gè)質(zhì)點(diǎn)沿直線做勻加速運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)時(shí)速度為2m/s；經(jīng)過5s到達(dá)B點(diǎn)，速度達(dá)到10m/s．此時(shí)質(zhì)點(diǎn)又開始做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過4s后到達(dá)C點(diǎn)并停止運(yùn)動(dòng)．求：

（1）質(zhì)點(diǎn)從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)過程中的加速度．

（2）質(zhì)點(diǎn)從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)過程中的加速度．

（3）質(zhì)點(diǎn)從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的位移．24、【題文】電動(dòng)機(jī)M和電燈L并聯(lián)之后接在直流電源上，電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻r′=1Ω，電燈燈絲電阻R=10Ω，電源電動(dòng)勢(shì)ε=12V，內(nèi)阻r=1Q，當(dāng)電壓表讀數(shù)為10V時(shí)，求電動(dòng)機(jī)對(duì)外輸出的機(jī)械功率。評(píng)卷人得分五、畫圖題(共2題，共8分)25、圖所示為一列向左傳播的簡(jiǎn)諧波在某一時(shí)刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經(jīng)7s時(shí)的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）26、在圖示中，物體A處于靜止?fàn)顟B(tài)，請(qǐng)畫出各圖中A物體所受的彈力．評(píng)卷人得分六、實(shí)驗(yàn)探究題(共4題，共20分)27、為了研究輕質(zhì)彈簧的彈性勢(shì)能與彈簧壓縮量的關(guān)系；某實(shí)驗(yàn)小組的實(shí)驗(yàn)裝置如圖1所示，光滑水平桌面距地面高為h，一輕質(zhì)彈簧左端固定，右端與質(zhì)量為m的小鋼球接觸，彈簧處于原長(zhǎng)．將小球向左推，壓縮彈簧一段距離后由靜止釋放，彈簧將小球沿水平方向推出，小球落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡，已知重力加速度為g

（1）某次實(shí)驗(yàn)測(cè)得小球的落點(diǎn)P到O點(diǎn)的距離為S，那么由理論分析得到小球釋放前壓縮彈簧的彈性勢(shì)能Ep與h、s、mg之間的關(guān)系式為______；

（2）改變彈簧壓縮量進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)；測(cè)量數(shù)據(jù)如表所示，請(qǐng)?jiān)趫D2坐標(biāo)紙上做出x-s圖象．

。彈簧壓縮量x/m0.0100.0150.0200.0250.0300.035小球飛行水平距離s/m2.03.04.15.96.07.0（3）由圖象得出x與s的關(guān)系式為______；由實(shí)驗(yàn)得到彈簧彈性勢(shì)能Ep與彈簧壓縮量x之間的關(guān)系式為______．28、在“描繪小電珠的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，用導(dǎo)紐ab.cde.fg

和h

按圖甲所示方式連接好電路，電路中所有元器件都完好，且電壓表和電流表已調(diào)零。閉合開關(guān)后：

(1)

若不管怎樣調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器；小電珠亮度能發(fā)生變化，但電壓表；電流表的示數(shù)總不能為零，則可能是______導(dǎo)線斷路。

(2)

某同學(xué)排除故障后側(cè)繪出電源和小電珠的U鈭?I

特性圖線。如圖乙所示。電源的電動(dòng)勢(shì)E=

______V

小電珠的電阻隨溫度的上升而______

(3)

將與上面相同的兩個(gè)小電珠并聯(lián)后接到上面電源上；每一只小電珠的實(shí)際電功率是______W(

保留兩位小數(shù))

29、某同學(xué)想利用家中常見的東西來(lái)驗(yàn)證牛頓第二定律：他先用兩條光潔的鐵絲做了兩個(gè)“V

”形的框架甲和乙；尖角向下懸空固定，在“V

”形下尖角處抹少許潤(rùn)滑油，模擬兩個(gè)光滑定滑輪：用兩個(gè)農(nóng)夫山泉瓶蓋兒做成兩個(gè)小桶A

和B

并用一條跨過兩“V

”形框架的較長(zhǎng)細(xì)線相連；再找來(lái)卷尺豎直立于小桶B

旁邊.

整個(gè)裝置側(cè)視圖如下．

他用小紙片一點(diǎn)點(diǎn)加入桶中；調(diào)節(jié)到AB

桶都能靜止平衡為止，設(shè)此時(shí)每個(gè)桶(

含紙片)

質(zhì)量都為M

再找到一瓶過期但完好的相同藥片，在AB

桶中各放入5

片藥片，設(shè)每片藥片質(zhì)量為m

．

從A

桶中拿出一片藥片放入B

桶；控制小桶靜止釋放，用手機(jī)秒表功能測(cè)出B

桶下降高度h

所用時(shí)間為t.

則小桶加速度a=

______，若每個(gè)小桶質(zhì)量M=km

則k=

______.(

都用htg

表示)

將兩桶中所有藥片取出(

紙片不取)

再在B

桶中放入一片藥片，將桶靜止釋放，測(cè)得下降高度h

所用時(shí)間為，以后每次實(shí)驗(yàn)都在前一次實(shí)驗(yàn)基礎(chǔ)上同時(shí)在兩桶中各加入一片藥片，每次都讓B

桶靜止釋放下降相同高度h

測(cè)得每次時(shí)間為不同的t

若這些______(

填tt2t3)

與______(

填“從A

桶拿入B

桶藥片數(shù)量”、“AB

兩桶的總質(zhì)量”)

的比值在誤差范圍內(nèi)為定值，則得到結(jié)論：物體合外力一定時(shí)，加速度與質(zhì)量成反比．30、探究小組利用傳感器研究小球在擺動(dòng)過程中的機(jī)械能守恒規(guī)律；實(shí)驗(yàn)裝置如圖1

所示.

在懸點(diǎn)處裝有拉力傳感器，可記錄小球在擺動(dòng)過程中各時(shí)刻的拉力值.

小球半徑；擺線的質(zhì)量和擺動(dòng)過程中擺線長(zhǎng)度的變化可忽略不計(jì).

實(shí)驗(yàn)過程如下：

壟脵

測(cè)量小球質(zhì)量m

擺線長(zhǎng)L

壟脷

將小球拉離平衡位置某一高度處無(wú)初速度釋放；在傳感器采集的數(shù)據(jù)中提取最大值為F

小球擺到最低點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能表達(dá)式為______.(

用上面給定物理量的符號(hào)表示)

壟脹

改變釋放高度h

重復(fù)上述過程，獲取多組擺動(dòng)高度h

與對(duì)應(yīng)過程的拉力最大值F

的數(shù)據(jù)，在F鈭?h

坐標(biāo)系中描點(diǎn)連線：

壟脺

通過描點(diǎn)連線；發(fā)現(xiàn)h

與F

成線性關(guān)系，如圖2

所示，可證明小球擺動(dòng)過程中機(jī)械能守恒．

壟脻

根據(jù)F鈭?h

圖線中數(shù)據(jù)，可知小球質(zhì)量m=

______kg

擺線長(zhǎng)L=

______m(

計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字，重力加速度g=l0m/s2)

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】【分析】當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度增大時(shí)根據(jù)楞次定律即可判斷出感應(yīng)電流的方向．【解析】【解答】解：當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度增大時(shí)；穿過線框的磁通量增大，則感應(yīng)電流的磁場(chǎng)的方向與原磁場(chǎng)的方向相反，極向外，所以感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向．

故選：B2、A【分析】【分析】位移等于從初位置到末位置有向線段的長(zhǎng)度，路程是物體運(yùn)動(dòng)路線的長(zhǎng)度．【解析】【解答】解：物體的初位置距地面高度為3m；末位置距地面高度為1m，則物體的位移大小等于x=3m-1m=2m，方向豎直向下．物體向下運(yùn)動(dòng)的路程是3m，向上運(yùn)動(dòng)的路程是1m，總路程是4m．故A正確，BCD錯(cuò)誤；

故選：A．3、A【分析】【分析】以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，分析受力情況，作出力圖，由平衡條件求得斜面對(duì)球的支持力大小和擋板對(duì)小球的支持力，即可得解．【解析】【解答】解：以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，分析受力情況，作出力圖如圖，由平衡條件得

A、斜面對(duì)球的支持力大小F2=＞mg，故當(dāng)α增大時(shí)F2從mg逐漸增大；故B正確A錯(cuò)誤．

C、擋板對(duì)小球的彈力F1=mgtanα，當(dāng)α增大時(shí)F1從零逐漸增大；故C正確；

D；圓球一直處于平衡狀態(tài)；合力為0，則擋板和斜面對(duì)圓球的彈力始終與重力等大反向，即合力不變，故D正確．

題目要求選錯(cuò)誤的，故選：A．4、A【分析】【解答】本題考查的是原子核的組成.核反應(yīng).半衰期等原子物理知識(shí)。該核反應(yīng)是β衰變，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；的中子數(shù)為131-53=78，選項(xiàng)B正確；16天為兩個(gè)半衰期，有的發(fā)生了衰變；選項(xiàng)C正確；核反應(yīng)前后，電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒，選項(xiàng)D正確。

【分析】衰變過程是原子核自發(fā)的，滿足質(zhì)量數(shù)與質(zhì)子數(shù)守恒，而原子核由中子與質(zhì)子組成5、C【分析】【分析】速度時(shí)間圖象的斜率等于物體運(yùn)動(dòng)的加速度，斜率大于零說明物體的加速度沿正方向，斜率小于0說明物體的加速度沿負(fù)方向；速度v＞0，說明物體的速度沿正方向，v＜0，說明物體運(yùn)動(dòng)的方向沿負(fù)方向．【解析】【解答】解：速度時(shí)間圖象的斜率等于物體運(yùn)動(dòng)的加速度；斜率大于零說明物體的加速度沿正方向，斜率小于0說明物體的加速度沿負(fù)方向，速度v＞0，說明物體的速度沿正方向，v＜0，說明物體運(yùn)動(dòng)的方向沿負(fù)方向，則由圖可知：

在0＜t＜2s時(shí)間內(nèi)速度與加速度方向相同；均沿正方向；5s＜t＜6s時(shí)間內(nèi)，速度和加速度都沿負(fù)方向，方向相同．故加速度方向和速度方向相同的時(shí)間間隔是0＜t＜2s和5s＜t＜6s．

故選：C二、填空題(共9題，共18分)6、1.5×10-8F【分析】【分析】已知電容器兩板上的電量和兩板間的電壓；根據(jù)可求電容．【解析】【解答】解：根據(jù)電容定義式：可得，該電容器的電容：==1.5×10-8F

故答案為：1.5×10-87、15水平向左【分析】【分析】物體在地面上運(yùn)動(dòng)，則受到滑動(dòng)摩擦力；由f=μFN可求得滑動(dòng)摩擦力．【解析】【解答】解：物體對(duì)地面的壓力FN=150N；

則其受到的摩擦力f=μFN=0.1×150=15N；

方向與運(yùn)動(dòng)方向相反；即應(yīng)水平向左；

故答案為；15；水平向左．8、12m/s相反【分析】【分析】以兩人和球?yàn)檠芯繉?duì)象，系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒列方程即可正確解答．【解析】【解答】解：設(shè)甲溜冰者的運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檎较?；根?jù)動(dòng)量守恒定律，選擇開始和最后兩個(gè)狀態(tài)列方程得：

（M甲+m）v0-M乙v0=M乙v；即：（59+1）×6-50×6=50v，解得v=12m/s，與乙的初速度方向相反．

故答案為：12m/s；相反．9、1【分析】【分析】?jī)汕蚨际抢@O點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)，則兩球的角速度ω相等，分別找出兩球速度的關(guān)系，再?gòu)尼尫诺睫D(zhuǎn)動(dòng)30°角的過程中，由動(dòng)能定理求出角速度ω，再求出此時(shí)B球的速度；之后再單獨(dú)對(duì)A球分析，求出桿對(duì)A球做的功．【解析】【解答】解：兩球都是繞O點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)，則兩球的角速度ω相等，此時(shí)B球的速度為：；

此時(shí)A球的速度為：vA=ωLOA=ω

從釋放到轉(zhuǎn)動(dòng)30°角的過程中；對(duì)兩球整體分析，由動(dòng)能定理得：

mg+mgLOAsin30°=

代入數(shù)據(jù)解得：ω=2rad/s

則B球的速度為：m/s；

A球的速度為：

再對(duì)A球單獨(dú)隔離分析；由動(dòng)能定理有：

解得此過程中桿對(duì)A球做的功為：W=1J；

故答案為：；1．10、【分析】【分析】對(duì)于物塊C與長(zhǎng)木板AB組成的系統(tǒng)，水平方向不受外力，豎直方向受力平衡，則合外力為零，系統(tǒng)的動(dòng)量守恒．當(dāng)電場(chǎng)方向向下時(shí)，由物塊與木板組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒和系統(tǒng)能量守恒列出等式．電場(chǎng)方向向上時(shí)，由物塊與木板組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒和系統(tǒng)能量守恒列出等式求解．【解析】【解答】解：由題設(shè)條件判斷可知；帶電粒子應(yīng)帶負(fù)電．

設(shè)動(dòng)摩擦因數(shù)為μ；場(chǎng)強(qiáng)大小為E，板長(zhǎng)為L(zhǎng)，物體的初速度為v．D在勻強(qiáng)磁場(chǎng)豎直向下時(shí)，在板上滑行后達(dá)到共同速度v'，據(jù)動(dòng)量定理有。

mv=（m+M）v′

而小物塊C在板AB上的相對(duì)位移為L(zhǎng)．據(jù)功能關(guān)系有。

μ（mg-qE）L=mv2-（m+M）v′2①

當(dāng)勻強(qiáng)電場(chǎng)變?yōu)樨Q直向上時(shí)；小物塊C在板上滑行后也最終達(dá)到共同速度v′

根據(jù)小物塊C在板AB的相對(duì)位移只有；用功能關(guān)系可得。

μ（mg+qE）L=mv2-（m+M）v′2②

①式比②式得

得E=

故答案為：11、2400【分析】【分析】根據(jù)題意求出該交流電的表達(dá)式，然后根據(jù)電壓大于60V時(shí)放電管發(fā)光，計(jì)算出一個(gè)周期內(nèi)的發(fā)光次數(shù)，可進(jìn)一步求出1分鐘內(nèi)的發(fā)光時(shí)間．【解析】【解答】解：由正弦交流電的最大值Um與有效值U的關(guān)系得：Um=120V

設(shè)t=0時(shí)交流電的瞬時(shí)電壓U=0，則交流電的瞬時(shí)表達(dá)式為：u=120sin100πt（V）

畫出一個(gè)周期內(nèi)交流電的u-t圖象如圖r所示，其中陰影部分對(duì)應(yīng)的時(shí)間0～t1表示霓虹燈不能發(fā)光的時(shí)間，根據(jù)對(duì)稱性，一個(gè)周期內(nèi)霓虹燈不能發(fā)光的時(shí)間為4t1

當(dāng)u=U0=60V時(shí)，由上式得t1=s

再由對(duì)稱性求得一個(gè)周期內(nèi)能發(fā)光的時(shí)間為：t=T-4t1=s

由比例關(guān)系求得一小時(shí)內(nèi)霓虹燈發(fā)光的時(shí)間為：t=×s=2400s．

故答案為：2400．12、強(qiáng)弱方向切線磁感線越強(qiáng)越弱強(qiáng)弱假想【分析】【分析】（1）磁體的周圍存在著看不見；摸不著但又客觀存在的磁場(chǎng)，為了描述磁場(chǎng)，在實(shí)驗(yàn)的基礎(chǔ)上，利用建模的方法想象出來(lái)的磁感線，磁感線并不客觀存在．

（2）磁感線在磁體的周圍是從磁體的N極出發(fā)回到S極．在磁體的內(nèi)部；磁感線是從磁體的S極出發(fā)，回到N極．

（3）磁場(chǎng)中的一點(diǎn)；磁場(chǎng)方向只有一個(gè)，由此入手可以確定磁感線不能相交．

（4）磁場(chǎng)的強(qiáng)弱可以利用磁感線的疏密程度來(lái)描述．磁場(chǎng)越強(qiáng)，磁感線越密集．【解析】【解答】解：磁感線是描述磁場(chǎng)強(qiáng)弱和方向；磁感線上每一點(diǎn)切線方向是這點(diǎn)磁感線的方向，即磁場(chǎng)方向．磁感線越密的地方，磁場(chǎng)越強(qiáng)，越疏的地方，磁場(chǎng)越弱．磁感線的疏密表示磁場(chǎng)強(qiáng)弱，磁感線是假想出來(lái)，實(shí)際不存在．是假想曲線，任意兩條磁感線都不會(huì)相交．

故答案為：強(qiáng)弱、方向、切線、磁感線、越強(qiáng)、越弱、強(qiáng)弱、假想13、20m/s77.5m【分析】【分析】根據(jù)速度時(shí)間公式v=v0+at求出速度，根據(jù)位移時(shí)間公式x=v0t+求解位移．【解析】【解答】解：物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，已知初速度v0=8.0m/s，加速度a=3.0m/s2；則。

4s末物體的速度大小是v4=v0+at4=8+3×4=20（m/s）；

5s內(nèi)發(fā)生的位移是x5=v0t5+=8×5+=77.5（m）

故答案為：20m/s；77.5m．14、【分析】【分析】小球在電場(chǎng)中受到重力和電場(chǎng)力而做類平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向不受力做勻速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)用速度合成，求出P點(diǎn)的速度，再求出動(dòng)能．【解析】【解答】解：小球做類平拋運(yùn)動(dòng)，tan30°==．

解得；

在A點(diǎn)的動(dòng)能=．

故答案為：．三、判斷題(共8題，共16分)15、√【分析】【分析】位移-時(shí)間圖象中的曲線反映了物體的位移隨時(shí)間變化的規(guī)律．由此分析即可．【解析】【解答】解：根據(jù)x-t圖象的意義可知；x-t圖象描述了物體的位移隨時(shí)間的變化規(guī)律，所以該說法是正確的．

故答案為：√16、×【分析】【分析】布朗運(yùn)動(dòng)是由于分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)而使花粉小顆粒受到撞擊而振動(dòng)；布朗運(yùn)動(dòng)的實(shí)質(zhì)是大量分子做無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的結(jié)果．【解析】【解答】解：布朗運(yùn)動(dòng)是固體小顆粒的運(yùn)動(dòng)；是宏觀物體，故符合牛頓第二定律；

故答案為：×17、√【分析】【分析】參考系，是指研究物體運(yùn)動(dòng)時(shí)所選定的參照物體或彼此不作相對(duì)運(yùn)動(dòng)的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來(lái)考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系．【解析】【解答】解：月亮在云中穿梭；月亮相對(duì)于云層的位置發(fā)生變化，所以參考系為云層，該說法是正確的．

故答案為：√18、√【分析】【分析】時(shí)間是指時(shí)間的長(zhǎng)度，在時(shí)間軸上對(duì)應(yīng)一段距離，對(duì)應(yīng)物體的位移或路程，時(shí)刻是指時(shí)間點(diǎn)，在時(shí)間軸上對(duì)應(yīng)的是一個(gè)點(diǎn)，對(duì)應(yīng)物體的位置．【解析】【解答】解：“寧停三分；不搶一秒”中的3分是3分鐘，3分鐘與1秒鐘在時(shí)間軸上都是指的時(shí)間的長(zhǎng)度，都是時(shí)間．故該說法正確；

故答案為：√19、√【分析】【分析】位移-時(shí)間圖象中的曲線反映了物體的位移隨時(shí)間變化的規(guī)律．由此分析即可．【解析】【解答】解：根據(jù)x-t圖象的意義可知；x-t圖象描述了物體的位移隨時(shí)間的變化規(guī)律，所以該說法是正確的．

故答案為：√20、×【分析】【分析】晶體有單晶體和多晶體兩種，單晶體各向異性，而多晶體各向同性．【解析】【解答】解：由于晶體在不同方向上物質(zhì)微粒的排列情況不同；即為各向異性，則為單晶體具有各向異性，但并不是所有物理性質(zhì)都是各向異性的．故該說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×21、×【分析】【分析】根據(jù)狹義相對(duì)論的兩個(gè)基本假設(shè)：

①物理規(guī)律在所有慣性系中都具有相同的形式．這叫做相對(duì)性原理．

②在所有的慣性系中，光在真空中的傳播速率具有相同的值C．這叫光速不變?cè)恚嬖V我們光（在真空中）的速度c是恒定的，它不依賴于發(fā)光物體的運(yùn)動(dòng)速度．【解析】【解答】解：根據(jù)相對(duì)論的兩個(gè)基本假設(shè)可知；在所有的慣性系中，光在真空中的傳播速率具有相同的值C．這叫光速不變?cè)恚室陨险f法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×22、√【分析】【分析】當(dāng)電子躍遷到無(wú)窮遠(yuǎn)時(shí)，電子脫離氫原子核的約束，成為自由電子，氫原子變成氫離子，剛好到無(wú)窮遠(yuǎn)處的能量為0，因此這時(shí)吸收的能量最小．【解析】【解答】解：當(dāng)電子恰好電離時(shí)吸收的能量最?。淮藭r(shí)有：△E=0-（-13.60）=13.6eV，故以上說法是正確的．

故答案為：√四、計(jì)算題(共2題，共20分)23、略

【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度時(shí)間公式求出質(zhì)點(diǎn)從A點(diǎn)到B點(diǎn)過程中和B到C過程中的加速度，根據(jù)平均速度推論分別求出A到B和B到C的位移，從而求出AC的位移．【解析】【解答】解：（1）質(zhì)點(diǎn)從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的加速度為：

；

（2）質(zhì)點(diǎn)從B點(diǎn)到C點(diǎn)的加速度為：

．

（3）AB段的位移為：=30m；

BC段的位移為：；

則AC段的位移為：x=x1+x2=30+20m=50m．

答：（1）質(zhì)點(diǎn)從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)過程中的加速度為1.6m/s2．

（2）質(zhì)點(diǎn)從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)過程中的加速度為-2.5m/s2．

（3）質(zhì)點(diǎn)從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的位移為50m．24、略

【分析】【解析】

【錯(cuò)解分析】錯(cuò)解：由部分電路的歐姆定律，=1A；由于L與M并聯(lián)，流過的電流與其電阻成反比；

上述錯(cuò)解過程中有兩處致命的錯(cuò)誤：一是將電動(dòng)機(jī)視為純電阻處理了，電動(dòng)機(jī)不屬于純電阻，而是將電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，錯(cuò)解中利用了并聯(lián)電路中支路電流與電阻成反比的結(jié)論是不恰當(dāng)?shù)模驗(yàn)樵摻Y(jié)論只適用于純電阻電路，二是不明確電動(dòng)機(jī)的輸入功率PM入與輸出功率PM出的區(qū)別，IM2r′是電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻發(fā)熱功率。三者的關(guān)系是：PM入=PM出+IM2r′。

【正解】根據(jù)題意畫出電路圖；如圖所示。

由全電路歐姆定律ε=U+Ir得出干路電流。

由已知條件可知：流過燈泡的電流。

電動(dòng)機(jī)的輸出功率的另一種求法：以全電路為研究對(duì)象，從能量轉(zhuǎn)化和守恒的觀點(diǎn)出發(fā)P源=P路。本題中電路中消耗電能的有：內(nèi)電阻、燈泡和電動(dòng)機(jī)，電動(dòng)機(jī)消耗的電能又可分為電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械能和電動(dòng)機(jī)自身消耗的內(nèi)能。即Iε=I2r+IL2R+PM出+IM2r′。

PM出＝Iε-(I2r+IL2R++IM2r′)=9(W)

【點(diǎn)評(píng)】站在能量轉(zhuǎn)化與守恒的高度看電路各個(gè)部分的作用。就可以從全局的角度把握一道題的解題思路，就能比較清醒地分清公式規(guī)律的適用范圍和條件。【解析】【答案】9(W)五、畫圖題(共2題，共8分)25、略

【分析】【解析】試題分析：由圖讀出波長(zhǎng)，由波速公式求出周期．根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)在一個(gè)周期內(nèi)通過的路程，求出位移．采用波形平移的方法畫出7s時(shí)的波形圖．由圖直接可得波長(zhǎng)根據(jù)得：7秒內(nèi)波傳播的位移為：根據(jù)平移法，把波形沿傳播方向平移3.5米，如下圖實(shí)線：考點(diǎn)：畫波形圖【解析】【答案】圖形向左平移1.5m26、略

【分析】彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體，據(jù)此可得思路分析：彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體試題【解析】【答案】【解析】彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體，據(jù)此可得思路分析：彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體試題六、實(shí)驗(yàn)探究題(共4題，共20分)27、略

【分析】解：（1）小鋼球離開光滑槽后做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，離開光滑槽時(shí)的速度為v0．在豎直方向上是自由落體運(yùn)動(dòng)：

有：h=gt2（1）

水平方向上是勻速直線運(yùn)動(dòng)：

s=v0t（2）

在彈簧推小球的過程中；機(jī)械能守恒，所以有：

Ep=mv2（3）

由（1）（2）（3）式聯(lián)立得：

Ep=（4）

（2）通過描點(diǎn)法根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)作出x-s圖象．

（3）通過圖象可以看出；當(dāng)s=5m時(shí)，x=2.5cm，x與s圖線的斜率k=0.005；

所以x與s的關(guān)系式是x=0.005s（5）

由（4）（5）兩式聯(lián)立得：Ep=

故答案為：（1）Ep=（2）圖象如圖；（3）x=0.005s，Ep=

首先對(duì)小球的運(yùn)動(dòng)情況進(jìn)行分析，小球離開光滑槽后做平拋運(yùn)動(dòng)，常用的方法是把運(yùn)動(dòng)沿水平和豎直方向進(jìn)行分解為勻速直線運(yùn)動(dòng)和自由落體運(yùn)動(dòng)，分別進(jìn)行列式可求出小球釋放前壓縮彈簧的彈性勢(shì)能Ep與h；s和mg之間的關(guān)系式．

通過對(duì)圖線的斜率進(jìn)行分析和求解；可得出x和s之間的關(guān)系，結(jié)合以上的結(jié)論可得到彈簧彈性勢(shì)能與彈簧壓縮量x之間的關(guān)系式．

該題首先是考察了平拋運(yùn)動(dòng)的應(yīng)用；解決關(guān)于平拋運(yùn)動(dòng)的問題常用的方法是沿著水平和豎直兩個(gè)方向進(jìn)行分解，運(yùn)用各方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律進(jìn)行解答．

再次是考察了應(yīng)用實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)進(jìn)行繪制圖線，在繪制圖線時(shí)要使盡可能多的點(diǎn)落到直線上，并使不在直線上的點(diǎn)盡可能的平均分布在直線的兩側(cè)，利用x與s之間的關(guān)系求出彈簧彈性勢(shì)能與彈簧壓縮量x之間的關(guān)系式．【解析】Ep=x=0.005s；Ep=28、略

【分析】解：(1)

若不管怎樣潤(rùn)節(jié)滑動(dòng)變阻器；小電珠亮度能發(fā)生變化，但電壓表電流表的示數(shù)總不能為零，說明滑動(dòng)變阻器不起作用，連成了限流接法，故g

斷路。

(2)

電源的U鈭?I

圖線縱軸截距等于電源的電動(dòng)勢(shì)；則由圖知，電源的電動(dòng)勢(shì)E=3V

小電珠的電阻R=UI

由數(shù)學(xué)知識(shí)分析可知，R

等于小電珠的U鈭?I

特性圖線上的點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率，則小電珠的電阻隨溫度的上升而增大。

(3)

電源的內(nèi)阻等于電源的U鈭?I

圖線的斜率絕對(duì)值，則得內(nèi)阻r=1婁賂

當(dāng)兩個(gè)小電珠并聯(lián)后；接到電源上，由閉合電路歐姆定律得。

E=U+2Ir

電源的U鈭?I

圖線為U=E鈭?2rI=E鈭?2I=3鈭?2I

作出圖象；得U=1.1VI=0.9A

一只小電珠的實(shí)際電功率為P=UI=0.99W

故答案為：

(1)g

(2)3

增大。

(3)0.99

(1)

滑動(dòng)變阻器采用分壓接法時(shí)；電壓表與電流表示數(shù)均可從零開始變化；滑動(dòng)變阻器采用限流接法時(shí)，電壓表與電流表示數(shù)不能從零開始變化。

(2)

電源的U鈭?I

圖線縱軸截距等于電源的電動(dòng)勢(shì)。小電珠的電阻等于UI

由數(shù)學(xué)知識(shí)分析電阻的變化情況；

(3)

兩個(gè)小電