2025年人教版（2024）高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年人教版（2024）高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖，在原點(diǎn)處做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的波源產(chǎn)生的機(jī)械波沿x軸正方向傳播，波速v＝400m/s.為了接收信號(hào)，在x＝400m處設(shè)有一接收器A(圖中未標(biāo)出)．已知t＝0時(shí)，波已經(jīng)傳播到x＝40m處，則下列說法中不正確的是A.波源振動(dòng)的周期為0.05sB.x＝40m處的質(zhì)點(diǎn)在t＝0.5s時(shí)位移最大C.接收器在t＝1.0s時(shí)才能接收到此波D.若波源向x軸負(fù)方向移動(dòng)，則接收器接收到的波的頻率將小于20Hz2、關(guān)于熱現(xiàn)象和熱學(xué)規(guī)律，有以下說法中正確的是A.布朗運(yùn)動(dòng)就是液體分子的運(yùn)動(dòng)B.物體的溫度越高，分子平均動(dòng)能越大C.分子間的距離增大，分子間的引力增大，分子間的斥力減小D.第二類永動(dòng)機(jī)不可能制成的原因是違反了能量守恒定律3、帶電粒子在垂直于勻強(qiáng)磁場(chǎng)的平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，現(xiàn)欲縮短其旋轉(zhuǎn)周期，可行的方案是(

)

A.減小粒子的入射速率B.減小磁感應(yīng)強(qiáng)度C.增大粒子的入射速率D.增大磁感應(yīng)強(qiáng)度4、理想變壓器的電路如圖所示，原線圈與副線圈總匝數(shù)之比為10：1，變壓器的副線圈線匝數(shù)可變，c為滑動(dòng)端．R為一滑動(dòng)變阻器，P為滑片．若ab端輸入的正弦交流電的瞬時(shí)值表達(dá)式為u=220sin100πt（V）；下列說法正確的是（）

A.其他條件不變的情況下，c端向上滑動(dòng)．L1變暗B.其他條件不變的情況下，P端向下滑動(dòng)，L2變亮C.其他條件不變的情況下，P端向上滑動(dòng)．原線圈中的電流會(huì)增大D.不管c如何滑動(dòng)．擊穿電壓為30v的電容器均可正常工作5、圖中P為放在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的天放射源，其可以放出三種射線，其中α射線（氦核）帶正電，β射線（電子）帶負(fù)電，γ射線（電磁波）不帶電，其放出的射線在電場(chǎng)的作用下分成a，b，c三束，以下判斷正確的是（）A.a為α射線，b為β射線B.a為β射線，b為γ射線C.b為γ射線，c為α射線D.b為α射線，c為γ射線6、紅外遙感衛(wèi)星通過接收地面物體發(fā)出的紅外輻射來(lái)探測(cè)地面物體的狀況．地球大氣中的水汽（H2O）、二氧化碳（CO2）能強(qiáng)烈吸收某些波長(zhǎng)范圍的紅外輻射，即地面物體發(fā)出的某些波長(zhǎng)的電磁波，只有一部分能夠通過大氣層被遙感衛(wèi)星接收．下圖為水和二氧化碳對(duì)某一波段不同波長(zhǎng)電磁波的吸收情況，由圖可知，在該波段紅外遙感大致能夠接收到的波長(zhǎng)范圍為（）

A.2.5～3.5μm

B.4～4.5μm

C.5～7μm

D.8～13μm

7、如圖為一列沿x軸負(fù)方向傳播的簡(jiǎn)諧波在某一時(shí)刻的圖象,下列說法中正確的是（）A.該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)a和質(zhì)點(diǎn)d位移相同，加速度方向相反B.該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)b和質(zhì)點(diǎn)c位移相同，速度方向也相同C.質(zhì)點(diǎn)b比質(zhì)點(diǎn)c先回到平衡位置D.質(zhì)點(diǎn)a比質(zhì)點(diǎn)d先回到平衡位置8、在下列圖中“?”表示直線電流方向垂直紙面向里，“⊙”表示直線電流方向垂直紙面向外，則下列圖形中能正確描繪直線電流周圍的磁感線的是（）A.B.C.D.9、如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B

方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，安裝兩條彼此平行的金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌的左、右兩段水平，中間部分由兩個(gè)半徑為r

的半圓連接而成，半圓形導(dǎo)軌的圓心與水平導(dǎo)軌處在同一水平面內(nèi)，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，在兩導(dǎo)軌的左端點(diǎn)連接一個(gè)電阻R

導(dǎo)軌間距為d

現(xiàn)在導(dǎo)軌的左段上放置一根金屬棒，金屬棒與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，若以恒定的速率v

將金屬棒從導(dǎo)軌的左端拉到右端，且在金屬棒運(yùn)動(dòng)過程中始終不離開軌道，金屬棒電阻不計(jì)，則在金屬棒通過兩半圓軌道的全過程中()A.通過電阻R

的電流是恒定電流B.通過電阻R

的電流是交變電流C.電阻R

上產(chǎn)生的熱量是2婁脨rB2d2R

D.電阻R

上產(chǎn)生的熱量是婁脨rB2d2R

評(píng)卷人得分二、填空題(共5題，共10分)10、如圖所示，地面上有一高h(yuǎn)=3.75m的平臺(tái)，平臺(tái)下有一傾角可調(diào)的擋板，擋板的一端與平臺(tái)邊緣A點(diǎn)的正下方B點(diǎn)重合。將一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的小球以v=5m/s的速度水平推出。小球下落過程中所受空氣阻力忽略不計(jì)。適當(dāng)調(diào)節(jié)擋板的傾角θ，小球會(huì)剛好垂直撞在擋板上，則小球運(yùn)動(dòng)時(shí)間t=_____s，擋板傾角θ=_____。(g取10m／s2)11、如圖所示，放在通電螺線管內(nèi)部中央處的小磁針，靜止時(shí)N極指向右端，則電源的a端為____極，螺線管的c端為____極．

12、在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中，由于回路產(chǎn)生感應(yīng)電流，使回路受到安培力作用，而安培力的作用可能產(chǎn)生電磁阻尼和電磁驅(qū)動(dòng)兩種不同的效果．靈敏電流計(jì)在運(yùn)輸時(shí)用導(dǎo)線把兩個(gè)接線柱連在一起，在這種做法中，安培力的作用效果是______．交流感應(yīng)電動(dòng)機(jī)在正常工作時(shí)，安培力的作用效果是______．13、已知氮核的質(zhì)量為14.00735u，氧核的質(zhì)量為17.00454u，氦核的質(zhì)量為4.00387u，質(zhì)子的質(zhì)量為1.00815u，則核反應(yīng)N+He→O+H是______（填“釋放”或“吸收”）能量的反應(yīng)，能量變化了______J．（1u相當(dāng)于931MeV，結(jié)果保留2位有效數(shù)字）14、曾經(jīng)謠傳2012

年12

月21

日“世界末日”來(lái)臨.

有不少科學(xué)家在瑪雅文化發(fā)祥地進(jìn)行探索和研究；發(fā)現(xiàn)了一些散落在平整山坡上非常規(guī)則的不明圓柱體，有科學(xué)家認(rèn)為是外星人帶著瑪雅人離開時(shí)留下的.

對(duì)其力學(xué)性質(zhì)進(jìn)行研究，下表為其形變量x

與所施加拉力F

關(guān)系的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)。

。F/N0.524.5812.518X/mm123456(1)

試猜想此不明圓柱體施加拉力F

與其形變量x

的關(guān)系______

(2)

如果想要驗(yàn)證猜想是否正確；應(yīng)該畫出下列哪種圖象最能直觀準(zhǔn)確的表示兩者之間的關(guān)系______

A.F鈭?x

圖象B.F鈭?x2

圖象C.F2鈭?x

圖象D.F2鈭?x2

圖象．評(píng)卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)15、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

18、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

19、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、畫圖題(共2題，共6分)21、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象22、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)探究題(共3題，共27分)23、某學(xué)習(xí)小組在“探究功與速度變化關(guān)系”的試驗(yàn)中采用了如圖所示的試驗(yàn)裝置．

(1)

將氣墊導(dǎo)軌接通氣泵；通過調(diào)平螺絲調(diào)整氣墊導(dǎo)軌使之水平，檢查是否調(diào)平的方法是______．

(2)

試驗(yàn)測(cè)得遮光條的寬度鈻?d

實(shí)驗(yàn)時(shí)，將橡皮條掛在滑塊的掛鉤上，向后拉伸一定的距離，并做好標(biāo)記，一保證每次拉伸的距離恒定；現(xiàn)測(cè)得掛一根橡皮條時(shí)，滑塊彈離橡皮條后，經(jīng)過光電門1

的時(shí)間為鈻?t

則滑塊最后勻速運(yùn)動(dòng)的速度表達(dá)式為v=

______(

用字母表示)

(3)

逐漸增加橡皮條；記錄每次遮光條經(jīng)過光電門1

的時(shí)間，并計(jì)算對(duì)應(yīng)的速度.

則畫出的W鈭?v2

圖象應(yīng)該是圖中的______．

24、如圖1

所示；用“碰撞實(shí)驗(yàn)器”可以驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，即研究?jī)蓚€(gè)小球在軌道水平部分碰撞前后的動(dòng)量關(guān)系：

先安裝好實(shí)驗(yàn)裝置；在地上鋪一張白紙，白紙上鋪放復(fù)寫紙，記下重垂線所指的位置O

．

接下來(lái)的實(shí)驗(yàn)步驟如下：

步驟1

不放小球2

讓小球1

從斜槽上A

點(diǎn)由靜止?jié)L下，并落在地面上.

重復(fù)多次，用盡可能小的圓，把小球的所有落點(diǎn)圈在里面，其圓心就是小球落點(diǎn)的平均位置；

步驟2

把小球2

放在斜槽前端邊緣位置B

讓小球1

從A

點(diǎn)由靜止?jié)L下，使它們碰撞.

重復(fù)多次，并使用與步驟1

同樣的方法分別標(biāo)出碰撞后兩小球落點(diǎn)的平均位置；

步驟3

用刻度尺分別測(cè)量三個(gè)落地點(diǎn)的平均位置MPN

離O

點(diǎn)的距離；即線段OMOPON

的長(zhǎng)度．

(1)

對(duì)于上述實(shí)驗(yàn)操作；下列說法正確的是______

A.應(yīng)使小球每次從斜槽上相同的位置自由滾下。

B.斜槽軌道必須光滑。

C.斜槽軌道末端必須水平。

D.小球1

質(zhì)量應(yīng)大于小球2

的質(zhì)量。

(2)

上述實(shí)驗(yàn)除需測(cè)量線段OMOPON

的長(zhǎng)度外；還需要測(cè)量的物理量有______．

A.AB

兩點(diǎn)間的高度差h1

B.B

點(diǎn)離地面的高度h2

C.小球1

和小球2

的質(zhì)量m1m2

D.小球1

和小球2

的半徑r

(3)

當(dāng)所測(cè)物理量滿足表達(dá)式______(

用所測(cè)物理量的字母表示)

時(shí)；即說明兩球碰撞遵守動(dòng)量守恒定律.

如果還滿足表達(dá)式______(

用所測(cè)物理量的字母表示)

時(shí)，即說明兩球碰撞時(shí)無(wú)機(jī)械能損失．

(4)

完成上述實(shí)驗(yàn)后，某實(shí)驗(yàn)小組對(duì)上述裝置進(jìn)行了改造，如圖2

所示.

在水平槽末端與水平地面間放置了一個(gè)斜面，斜面的頂點(diǎn)與水平槽等高且無(wú)縫連接.

使小球1

仍從斜槽上A

點(diǎn)由靜止?jié)L下，重復(fù)實(shí)驗(yàn)步驟1

和2

的操作，得到兩球落在斜面上的平均落點(diǎn)M隆盲P隆盲N隆盲.

用刻度尺測(cè)量斜面頂點(diǎn)到M隆盲P隆盲N隆盲

三點(diǎn)的距離分別為l1l2l3.

則驗(yàn)證兩球碰撞過程中動(dòng)量守恒的表達(dá)式為______(

用所測(cè)物理量的字母表示)

．25、某同學(xué)用如圖(

甲)

所示電路，測(cè)繪標(biāo)有“3.8V0.3A

”的小燈泡的燈絲電阻R

隨電壓U

變化的圖象．

(

甲)

(1)

除了導(dǎo)線和開關(guān)外，有以下一些器材可供選擇：電流表：A1(

量程100mA

內(nèi)阻約2婁賂)A2(

量程0.6A

內(nèi)阻約0.3婁賂)

電壓表：V1(

量程5V

內(nèi)阻約5k婁賂)V2(

量程15V

內(nèi)阻約15k婁賂)

滑動(dòng)變阻器：R1(

阻值范圍0婁賂隆蘆10婁賂)R2(

阻值范圍0k婁賂隆蘆2k婁賂)

電源：E1(

電動(dòng)勢(shì)為1.5V

內(nèi)阻約為0.2婁賂)E2(

電動(dòng)勢(shì)為4V

內(nèi)阻約為0.04婁賂)

為了調(diào)節(jié)方便，測(cè)量準(zhǔn)確，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選用電流表______，電壓表______，滑動(dòng)變阻器______，電源______。(

填器材符號(hào))

(2)

在圖(

乙)

中用筆畫線代替導(dǎo)線，把實(shí)驗(yàn)儀器連接成完整的實(shí)驗(yàn)電路。

(3)

根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)；計(jì)算并描繪出R鈭?U

的圖象如圖(

丙)

所示.

由圖象可知，此小燈泡在不工作時(shí)，燈絲電阻為_________婁賂

當(dāng)所加電壓為3V

時(shí)，燈絲電阻為______婁賂

評(píng)卷人得分六、解答題(共3題，共12分)26、A和B是一列簡(jiǎn)諧橫波在傳播方向上的兩質(zhì)點(diǎn)，圖中甲和乙分別為其振動(dòng)圖象，其平衡位置的坐標(biāo)分是xA=0和xB=6m；如果波長(zhǎng)大于3m但小于9m，波沿x軸正方向傳播，求波的傳播速度大小并畫出t=0.1s時(shí)刻兩質(zhì)點(diǎn)間的波形圖．

27、如圖所示為某一用直流電動(dòng)機(jī)提升重物的裝置，重物的質(zhì)量m=50kg，電源給電動(dòng)機(jī)提供110V的電壓，當(dāng)電動(dòng)機(jī)以v=0.9m/s的恒定速度向上提升重物時(shí)，電路中的電流I=5A，試求電動(dòng)機(jī)線圈的電阻．（g取10m/s2）

28、交流發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為e=εmsinωt；若發(fā)電機(jī)的轉(zhuǎn)速增加到原來(lái)的兩倍，則這時(shí)交流發(fā)電機(jī)線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為______，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為______．

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B|C【分析】【解析】試題分析：波源振動(dòng)的周期＝s＝0.05s，A正確；x＝40m處的質(zhì)點(diǎn)在t＝0.5s時(shí)仍在平衡位置，B錯(cuò)誤；接收器接收到此波的時(shí)間t＝s＝0.9s，C錯(cuò)誤；由多普勒效應(yīng)的知識(shí)，可知D正確．讓選錯(cuò)誤的，故選BC考點(diǎn)：本題在橫波圖像中考查了多普勒效應(yīng)【解析】【答案】BC2、B【分析】【解析】【答案】B3、D【分析】解：AC

帶電粒子在垂直于勻強(qiáng)磁場(chǎng)的平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期公式為T=2婁脨mqB

可見周期T

與粒子的速率無(wú)關(guān)，改變粒子的速率，不能改變粒子圓周運(yùn)動(dòng)的周期。故AC錯(cuò)誤。

B、D

由公式T=2婁脨mqB

可知；增大磁感應(yīng)強(qiáng)度可縮短周期T

故B錯(cuò)誤，D正確。

故選D

解答本題的關(guān)鍵是掌握帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期公式T=2婁脨mqB

來(lái)分析縮短周期的方案。

本題關(guān)鍵是掌握粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期公式，公式反映出周期與速率無(wú)關(guān)，與磁感應(yīng)強(qiáng)度成反比?！窘馕觥緿

4、C【分析】解：A、其他條件不變的情況下，c端向上滑動(dòng)。副線圈匝數(shù)增加，變壓器副線圈電壓增大，L1變亮；故A錯(cuò)誤；

B、其他條件不變的情況下，P端向下滑動(dòng)，R接入電路的電阻增大，由于副線圈電壓不變，所以通過L2的電流強(qiáng)度變小，L2變暗；故B錯(cuò)誤；

C、其他條件不變的情況下，P端向上滑動(dòng)，R接入電路的電阻減小，由于副線圈電壓不變，所以通過L2的電流強(qiáng)度變大；輸出功率變大，則輸入功率也變大，原線圈中的電流會(huì)增大，故C正確；

D、原線圈與副線圈總匝數(shù)之比為10：1，當(dāng)c滑到最上端時(shí)，輸出電壓的有效值為：U2=V=22V，最大值為：Em=22V=31.1V＞30V；故電容器不能正常工作，故D錯(cuò)誤。

故選：C。

根據(jù)滑動(dòng)變阻器的變化分析電壓和電阻的變化；從而分析燈泡的亮度變化和電流強(qiáng)度的變化；計(jì)算副線圈的電壓最大值分析電容器是否能夠工作．

變壓器的動(dòng)態(tài)問題大致有兩種情況：一是負(fù)載電阻不變，原、副線圈的電壓U1，U2，電流I1，I2，輸入和輸出功率P1，P2隨匝數(shù)比的變化而變化的情況；二是匝數(shù)比不變，電流和功率隨負(fù)載電阻的變化而變化的情況．不論哪種情況，處理這類問題的關(guān)鍵在于分清變量和不變量，弄清楚“誰(shuí)決定誰(shuí)”的制約關(guān)系．【解析】C5、D【分析】解：根據(jù)所受知識(shí)可知，α粒子是42He帶正電，β粒子是高速電子流，帶負(fù)電，γ是高頻率的電磁波，不帶電，因此根據(jù)三種射線的帶電情況，可知c為γ射線、b為α射線a為β射線。D正確。

故選：D。

本題比較簡(jiǎn)單；根據(jù)α；β、γ三種射線的帶電性質(zhì)以及正負(fù)電粒子在電場(chǎng)中受力特點(diǎn)可正確解答．

本題比較簡(jiǎn)單主要考查了三種射線的特點(diǎn)、應(yīng)用、帶電性質(zhì)以及所受電場(chǎng)力的特點(diǎn)，是考查基礎(chǔ)知識(shí)的好題．【解析】D6、D【分析】

由圖可知：水對(duì)電磁波吸收的波長(zhǎng)范圍為0-8μm；二氧化碳對(duì)電磁波吸收的波長(zhǎng)范圍為3-5μm和大于13μm的；

所以能夠通過大氣層被遙感衛(wèi)星接收的波長(zhǎng)范圍為8-13μm

故選D．

【解析】【答案】根據(jù)圖中水和二氧化碳對(duì)某一波段不同波長(zhǎng)電磁波的吸收的百分比就可以解題．

7、D【分析】該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)a和質(zhì)點(diǎn)d位移相同，加速度方向均指向平衡位置，方向相同，A錯(cuò)誤；該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)b和質(zhì)點(diǎn)c位移相同，b點(diǎn)振動(dòng)方向向上，c點(diǎn)振動(dòng)方向向下，故速度方向也相反，c點(diǎn)先回到平衡位置，BC錯(cuò)誤；質(zhì)點(diǎn)a向上振動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)d向下振動(dòng)，故質(zhì)點(diǎn)a比質(zhì)點(diǎn)d先回到平衡位置，D正確?！窘馕觥俊敬鸢浮緿8、D【分析】【解答】右手握住直導(dǎo)線；大拇指所指方向?yàn)殡娏鞣较颍闹笍澢较驗(yàn)殡娏髦車拇艌?chǎng)方向．故D正確，A；B、C錯(cuò)誤．故選：D．

【分析】根據(jù)右手螺旋定則判斷電流周圍的磁場(chǎng)方向．9、D【分析】【分析】以恒定的速率v

將金屬棒通過兩半圓軌道的全過程中，切割磁感線的速度等于v

在水平方向的分速度，有導(dǎo)體棒切割磁感線和閉合電路歐姆定律的公式進(jìn)行分析；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路歐姆定律、運(yùn)動(dòng)的時(shí)間和焦耳定律求出電阻RR上產(chǎn)生的熱量。本題主要考查了導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路歐姆定律、運(yùn)動(dòng)的時(shí)間和焦耳定律等綜合應(yīng)用，難度偏難，注意運(yùn)動(dòng)過程。【解答】AB.AB.以恒定的速率vv將金屬棒通過兩半圓軌道的全過程中，切割磁感線的速度等于vv在水平方向的分速度，運(yùn)動(dòng)過程中分速度發(fā)生變化，但是電流的方向沒有變化，所以通過電阻RR的電流既不是恒定電流也不是交變電流，故AB錯(cuò)誤；CCD.根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知：E=Em2=Bd隆隴v2

由閉合電路歐姆定律可知I=ER

運(yùn)動(dòng)的時(shí)間?t=2婁脨rv

電阻R

上產(chǎn)生的熱量Q=I2R?t

解得Q=婁脨rB2d2vR

故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。【解析】D

二、填空題(共5題，共10分)10、略

【分析】把撞到擋板的速度分解，有由位移的關(guān)系，聯(lián)立公式得t=0.5m/s，傾角θ=45°【解析】【答案】0.545°11、略

【分析】

螺線管內(nèi)部的磁場(chǎng)方向水平向右；根據(jù)安培定則，知螺線管中的電流從左側(cè)流進(jìn)，右側(cè)流出，實(shí)驗(yàn)a端為電源的正極．內(nèi)部的磁場(chǎng)由S指向N，實(shí)驗(yàn)c端為S極或南極．

故答案為：正；S（或南）．

【解析】【答案】根據(jù)小磁針的指向；通過安培定則判斷出螺線管電流的流向，從而知道電源的正負(fù)極．螺線管等效為條形磁鐵，根據(jù)內(nèi)部磁場(chǎng)的方向得出螺線管的極性．

12、略

【分析】解：閉合線圈在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流；從而出現(xiàn)安培阻力，即電磁阻尼，電動(dòng)機(jī)是通電線圈在磁場(chǎng)中受到安培力作用，即電磁驅(qū)動(dòng)．

故答案為：電磁阻尼；電磁驅(qū)動(dòng)。

閉合線圈在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流；從而出現(xiàn)安培阻力；電動(dòng)機(jī)是通電線圈在磁場(chǎng)中受到安培力作用旋轉(zhuǎn)，是電磁驅(qū)動(dòng)．

解決此題要知道電磁阻尼與電磁驅(qū)動(dòng)的工作原理，本題考查電磁阻尼與電磁驅(qū)動(dòng)的原理與不同，理解阻礙含義．【解析】電磁阻尼；電磁驅(qū)動(dòng)13、略

【分析】解：反應(yīng)前的質(zhì)量為14.00735u+4.00387u=18.01122u；反應(yīng)后的質(zhì)量17.00454u+1.00815u=18.01269u；

反應(yīng)前的質(zhì)量小于反應(yīng)后的質(zhì)量；可知需要吸收能量．

吸收的能量為：△E=（18.01269-18.01122）×931MeV=1.37MeV=2.2×10-13J．

故答案為：吸收，2.2×10-13．

根據(jù)反應(yīng)前和反應(yīng)后的質(zhì)量大小關(guān)系；結(jié)合質(zhì)能方程判斷吸收能量還是放出能量，以及求出能量的大?。?/p>

解決本題的關(guān)鍵掌握愛因斯坦質(zhì)能方程，知道反應(yīng)前質(zhì)量大于反應(yīng)后質(zhì)量，有能量放出，反應(yīng)前質(zhì)量小于反應(yīng)后質(zhì)量，需吸收能量．【解析】吸收；2.2×10-1314、略

【分析】解：(1)

由表格數(shù)據(jù)可以直觀看出F

隨x

的增大而增大，但不是線性關(guān)系；由數(shù)學(xué)歸納法可猜想F鈭?x

的關(guān)系式為F

與x

的二次方成正比，或F=12x2

(2)

由于猜想F鈭?x

的關(guān)系式為F

與x

的二次方成正比；所以畫出F鈭?x2

圖象最能直觀準(zhǔn)確的表示兩者之間的關(guān)系．

故選：B

故答案為：(1)F

與x

的二次方成正比；(2)B

由表格數(shù)據(jù)可以直觀看出F

隨x

的變化情況；進(jìn)而由數(shù)學(xué)歸納法得到F鈭?x

的關(guān)系式；由猜想的公式選擇最能直觀準(zhǔn)確的表示兩者之間的關(guān)系的圖象．

該題屬于信息給予的題目，要注意表格中所給的數(shù)據(jù)可知F

與形變量x

明顯不是線性關(guān)系，不同于我們學(xué)習(xí)過的胡克定律的表達(dá)形式．【解析】F

與x

的二次方成正比；B

三、判斷題(共6題，共12分)15、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．16、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．17、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．18、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?9、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大小．

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．20、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、畫圖題(共2題，共6分)21、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時(shí)磁通量均勻變化，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】22、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時(shí)磁通量均勻變化，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】五、實(shí)驗(yàn)探究題(共3題，共27分)23、略

【分析】解：(1)

氣墊導(dǎo)軌可以認(rèn)為是光滑的；在判斷其是否水平時(shí)可以采取的方法是：接通氣源，將滑塊靜置于氣墊導(dǎo)軌上，滑塊基本保持靜止說明導(dǎo)軌是光滑的(

或接通氣源，將滑塊靜置于氣墊導(dǎo)軌上，輕推滑塊，滑塊能基本做勻速直線運(yùn)動(dòng))

．

(2)

由于遮光條通過光電門的時(shí)間極短，可以用平均速度表示瞬時(shí)速度，所以v=鈻?d鈻?t

(3)

根據(jù)動(dòng)能定理可知；合外力做的功應(yīng)等于物體動(dòng)能的變化量，所以畫出的W鈭?v2

圖象應(yīng)是過坐標(biāo)原點(diǎn)的一條傾斜直線．

故答案為：(1)

接通氣源，將滑塊靜置于氣墊導(dǎo)軌上，滑塊基本保持靜止說明導(dǎo)軌是光滑的(

或接通氣源，將滑塊靜置于氣墊導(dǎo)軌上，輕推滑塊，滑塊能基本做勻速直線運(yùn)動(dòng))(2)鈻?d鈻?t(3)C

(1)

明確實(shí)驗(yàn)原理以及氣墊導(dǎo)軌裝置的特點(diǎn)可正確解答；

(2)

由于遮光條通過光電門的時(shí)間極短；可以用平均速度表示瞬時(shí)速度；

(3)

根據(jù)動(dòng)能定理分析；明確對(duì)應(yīng)的數(shù)學(xué)規(guī)律即可得出正確的圖象．

解決考查驗(yàn)證動(dòng)能定理的實(shí)驗(yàn)，要注意明確實(shí)驗(yàn)原理，知道實(shí)驗(yàn)中驗(yàn)證氣墊導(dǎo)軌水平的方法，知道極短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬時(shí)速度，同時(shí)根據(jù)動(dòng)能定理分析圖象的性質(zhì)．【解析】接通氣源，將滑塊靜置于氣墊導(dǎo)軌上，滑塊基本保持靜止說明導(dǎo)軌是光滑的(

或接通氣源，將滑塊靜置于氣墊導(dǎo)軌上，輕推滑塊，滑塊能基本做勻速直線運(yùn)動(dòng))鈻?d鈻?tC

24、略

【分析】解：(1)

因?yàn)槠綊佭\(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，根據(jù)v=xt

所以用水平射程可以代替速度，則需測(cè)量小球平拋運(yùn)動(dòng)的射程間接測(cè)量速度.

故應(yīng)保證斜槽末端水平，小球每次都從同一點(diǎn)滑下；同時(shí)為了小球2

能飛的更遠(yuǎn)，防止1

反彈，球1

的質(zhì)量應(yīng)大于球2

的質(zhì)量；故ACD正確，B錯(cuò)誤；

故選：ACD

．

(2)

根據(jù)動(dòng)量守恒得；m1?OP=m1?OM+m2?ON

所以除了測(cè)量線段OMOPON

的長(zhǎng)度外，還需要測(cè)量的物理量是小球1

和小球2

的質(zhì)量m1m2

．

故選：C

．

(3)

因?yàn)槠綊佭\(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，則水平位移可以代表速度，OP

是A

球不與B

球碰撞平拋運(yùn)動(dòng)的位移，該位移可以代表A

球碰撞前的速度，OM

是A

球碰撞后平拋運(yùn)動(dòng)的位移，該位移可以代表碰撞后A

球的速度，ON

是碰撞后B

球的水平位移，該位移可以代表碰撞后B

球的速度，當(dāng)所測(cè)物理量滿足表達(dá)式m1?OP=m1?OM+m2?ON

說明兩球碰撞遵守動(dòng)量守恒定律，由功能關(guān)系可知，只要12m1v02=12m1v12+12m2v22

成立則機(jī)械能守恒；故若m1?OP2=m1?OM2+m2?ON2

說明碰撞過程中機(jī)械能守恒．

(4)

碰撞前；m1

落在圖中的P隆盲

點(diǎn)，設(shè)其水平初速度為v1.

小球m1

和m2

發(fā)生碰撞后，m1

的落點(diǎn)在圖中M隆盲

點(diǎn)，設(shè)其水平初速度為v1隆盲m2

的落點(diǎn)是圖中的N隆盲

點(diǎn)，設(shè)其水平初速度為v2.

設(shè)斜面BC

與水平面的傾角為婁脕

由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律得：Lp隆盲sin婁脕=12gt2Lp隆盲cos婁脕=v1t

解得v1=gLP隆盲cos2婁脕2sin偽

．

同理v1隆盲=gLM隆盲cos2婁脕2sin偽v2=gLN隆盲cos2婁脕2sin偽

可見速度正比于l

．

所以只要驗(yàn)證m1l2=m1l1+m2l3

即可．

故答案為.(1)ACD(2)C(3)m1?OP=m1?OM+m2?ON

m1?(OP)2=m1?(OM)2+m2?(ON)2(4)m1l2=m1l1+m2l3

．

(12)

在驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)中；運(yùn)用平拋運(yùn)動(dòng)的知識(shí)得出碰撞前后兩球的速度，因?yàn)橄侣涞臅r(shí)間相等，則水平位移代表平拋運(yùn)動(dòng)的速度.

根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理確定需要測(cè)量的物理量．

(3)

根據(jù)動(dòng)量守恒定律及機(jī)械能守恒定律可求得動(dòng)量守恒及機(jī)械能守恒的表達(dá)式；

(4)

小球落在斜面上；根據(jù)水平位移關(guān)系和豎直位移的關(guān)系，求出初速度與距離的表達(dá)式，從而得出動(dòng)量守恒的表達(dá)式。

解決本題的關(guān)鍵掌握實(shí)驗(yàn)的原理，以及實(shí)驗(yàn)的步驟，在驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律實(shí)驗(yàn)中，無(wú)需測(cè)出速度的大小，可以用位移代表速度.

同時(shí)，在運(yùn)用平拋運(yùn)動(dòng)的知識(shí)得出碰撞前后兩球的速度，因?yàn)橄侣涞臅r(shí)間相等，則水平位移代表平拋運(yùn)動(dòng)的速度.

若碰撞前后總動(dòng)能相等，則機(jī)械能守恒．【解析】ACDCm1?OP=m1?OM+m2?ONm1?(OP)2=m1?(OM)2+m2?(ON)2m1l2=m1l1+m2l3

25、A2