2025年華師大新版選修3物理上冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年華師大新版選修3物理上冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示；一根豎直的彈簀支持著一倒立汽缸中的活塞，使汽缸懸空而靜止。設(shè)活塞與缸壁間無(wú)摩擦且可以在缸內(nèi)自由移動(dòng)，缸壁導(dǎo)熱性能良好，則下列說(shuō)法中正確的是（）

A.若外界大氣壓增大，則彈簧將壓縮一些B.若外界大氣壓增大，則汽缸上底面距地面的高度將不變C.若氣溫升高，則活塞距地面的高度將減小D.若氣溫升高，則汽缸上底面距地面的高度將增大2、下列說(shuō)法正確的是（）A.運(yùn)動(dòng)員入水過(guò)程激起的水花中，很多水滴呈現(xiàn)球形是因?yàn)樗谋砻鎻埩Φ淖饔肂.浸潤(rùn)液體在毛細(xì)管中下降，不浸潤(rùn)液體在毛細(xì)管中上升C.晶體一定表現(xiàn)出各向異性，非晶體一定表現(xiàn)出各向同性D.在軌道上運(yùn)行的空間站中的密閉容器內(nèi)的氣體壓強(qiáng)為零3、用伏安法測(cè)某一電阻時(shí)，如果采用如圖所示的甲電路，測(cè)量值為R1，如果采用乙電路，測(cè)量值為R2，那么R1、R2與真實(shí)值R之間滿足關(guān)系（）

A.B.C.D.4、一段導(dǎo)線abcde位于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，且與磁場(chǎng)方向（垂直于紙面向里）垂直．線段ab、bc、cd和de的長(zhǎng)度均為L(zhǎng)，且∠abc＝∠cde＝120°，流經(jīng)導(dǎo)線的電流為I，方向如圖中箭頭所示．導(dǎo)線段abcde所受到的磁場(chǎng)的作用力的合力大小為()

A.BILB.2BILC.3BILD.4BIL5、如圖所示，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)、電阻為R的正方形金屬線框abcd放在光滑絕緣水平面上，其右邊有一磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向豎直向上的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的寬度為L(zhǎng)，線框的ab邊與磁場(chǎng)的左邊界相距為L(zhǎng)，且與磁場(chǎng)邊界平行．線框在某一水平恒力作用下由靜止向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)線框恰好開(kāi)始做勻速運(yùn)動(dòng)．根據(jù)題中信息，下列物理量可以求出的是（）

A.外力的大小B.勻速運(yùn)動(dòng)的速度大小C.通過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱D.線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中通過(guò)線框某橫截面的電荷量6、傳感器是把非電學(xué)物理量（如位移、壓力、流量、聲強(qiáng)等）轉(zhuǎn)換成電學(xué)量的一種元件。如圖所示為一種電容傳感器，電路可將聲音信號(hào)轉(zhuǎn)化為電信號(hào)。電路中構(gòu)成一個(gè)電容器，是固定不動(dòng)的金屬板，是能在聲波驅(qū)動(dòng)下沿水平方向振動(dòng)的鍍有金屬層的振動(dòng)膜。若聲源發(fā)出頻率恒定的聲波使振動(dòng)，則在振動(dòng)過(guò)程中（）

A.板之間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變B.板所帶的電荷量不變C.向右位移最大時(shí)，電容器的電容量最大D.電路中始終有方向不變的電流7、據(jù)有關(guān)資料介紹，受控核聚變裝置中有極高的溫度，因而帶電粒子將沒(méi)有通常意義上的“容器”可裝，而是由磁場(chǎng)約束帶電粒子運(yùn)動(dòng)，使之束縛在某個(gè)區(qū)域內(nèi)。如圖所示，環(huán)狀磁場(chǎng)的內(nèi)半徑為外半徑為被束縛的帶電粒子的比荷為k，若中空區(qū)域內(nèi)帶電粒子均具有沿半徑方向的速度，速度大小為v。中空區(qū)域中的帶電粒子都不會(huì)穿出磁場(chǎng)的外邊緣而被約束在半徑為的區(qū)域內(nèi)；則環(huán)狀區(qū)域內(nèi)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度最小值為（）

A.B.C.D.8、現(xiàn)代科學(xué)的發(fā)展極大地促進(jìn)了人們對(duì)原子、原子核的認(rèn)識(shí)，下列有關(guān)原子、原子核的敘述正確的是：A.盧瑟福α粒子散射實(shí)驗(yàn)說(shuō)明原子核內(nèi)部具有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)B.輕核聚變反應(yīng)方程有：C.天然放射現(xiàn)象表明原子核內(nèi)部有電子D.氫原子從n＝3能級(jí)躍遷到n＝1能級(jí)和從n＝2能級(jí)躍遷到n＝1能級(jí)，前者躍遷輻射出的光子波長(zhǎng)比后者的長(zhǎng)9、在一個(gè)原子核衰變?yōu)橐粋€(gè)原子核的過(guò)程中，發(fā)生β衰變的次數(shù)為A.6次B.10次C.22次D.32次評(píng)卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、如圖所示；圖中的四個(gè)電表均為理想電表，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向右端移動(dòng)時(shí)，下面說(shuō)法中正確的是()

A.電壓表的讀數(shù)減小，電流表的讀數(shù)增大B.電壓表的讀數(shù)減小，電流表的讀數(shù)減小C.電壓表的讀數(shù)的變化量與的讀數(shù)變化量之比不變D.電壓表的讀數(shù)與的讀數(shù)之比變大11、如圖所示，一理想變壓器的原線圈接有電壓為U的交流電，副線圈接有電阻R1和光敏電阻R2（阻值隨光照增強(qiáng)而減?。?，開(kāi)關(guān)S開(kāi)始時(shí)處于閉合狀態(tài)；下列說(shuō)法正確的是。

A.當(dāng)U增大時(shí)，副線圈中電流變大B.當(dāng)光照變?nèi)鯐r(shí)，變壓器的輸入功率變大C.當(dāng)開(kāi)關(guān)S由閉合到斷開(kāi)時(shí)，交流電流表的示數(shù)變大D.當(dāng)滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，電阻R1消耗的功率增加12、如圖所示的電路，a、b、c為三個(gè)相同的燈泡，其電阻大于電源內(nèi)阻，當(dāng)變阻器R的滑片P向上移動(dòng)時(shí)；下列判斷中正確的是。

A.a、b兩燈變亮，c燈變暗B.a、c兩燈變亮，b燈變暗C.電源輸出功率先增大后減小D.b燈中電流變化值大于c燈中電流變化值13、一定質(zhì)量的理想氣體，從狀態(tài)A開(kāi)始經(jīng)歷三個(gè)不同的過(guò)程I、Ⅱ、Ⅲ到狀態(tài)B、C、D，狀態(tài)B、C、D的體積相同。過(guò)程I是等溫膨脹過(guò)程；過(guò)程Ⅱ是等壓膨脹過(guò)程，過(guò)程Ⅲ是絕熱膨脹過(guò)程。關(guān)于三個(gè)過(guò)程和三個(gè)狀態(tài)有關(guān)參量的比較，正確的是（）A.D三個(gè)狀態(tài)，C狀態(tài)的溫度最高B.Ⅱ過(guò)程對(duì)外做的功最多C.三個(gè)狀態(tài)的D相比較，D狀態(tài)分子數(shù)密度最小E.只有狀態(tài)D的內(nèi)能小于狀態(tài)A的內(nèi)能E.只有狀態(tài)D的內(nèi)能小于狀態(tài)A的內(nèi)能14、回旋加速器是用來(lái)加速帶電粒子的裝置，如圖所示．它的核心部分是兩個(gè)D形金屬盒，兩盒相距很近（縫隙的寬度遠(yuǎn)小于盒半徑），分別和高頻交流電源相連接，使帶電粒子每通過(guò)縫隙時(shí)恰好在最大電壓下被加速，最大電壓為U．兩盒放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直于盒面，帶電粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，粒子通過(guò)兩盒的縫隙時(shí)反復(fù)被加速，直到最大圓周半徑時(shí)通過(guò)特殊裝置被引出．利用該加速器分別給質(zhì)子和粒子（氦原子核）加速，已知質(zhì)子、粒子質(zhì)量之比為14，帶電量之比為12，則下列說(shuō)法正確的是()

A.引出的質(zhì)子和粒子動(dòng)能之比為11B.引出的質(zhì)子和粒子動(dòng)量之比為11C.若增大電壓U，質(zhì)子、粒子被引出的動(dòng)能都增大D.質(zhì)子、粒子被引出的動(dòng)能大小與電壓U無(wú)關(guān)．15、在如圖所示的電路中，燈泡L的電阻大于電源的內(nèi)阻r；閉合開(kāi)關(guān)S，將滑動(dòng)變阻器滑片P向右移動(dòng)一段距離后，下列結(jié)論正確的是（）

A.電流表示數(shù)變大，電壓表示數(shù)變小B.燈泡L變亮C.容器C上電荷量增加D.電源的輸出功率變小16、如圖，電源電動(dòng)勢(shì)E=6V，內(nèi)阻r=0.8定值電阻及R4=3Ω,圖中電壓表和電流表均為理想電表，當(dāng)在P、Q之間連接另外一只理想電流表G時(shí)；下列說(shuō)法正確的是。

A.通過(guò)G的電流為無(wú)窮大，從而會(huì)將G燒壞B.通過(guò)G的電流為0.2AC.V的示數(shù)將變大D.V的示數(shù)變化量的絕對(duì)值與A示數(shù)變化量的絕對(duì)值的比值為0.817、如圖所示，物體A、B的質(zhì)量分別為m和2m,之間用輕彈簧連接；放在光滑的水平面上，物體A緊靠豎直墻，現(xiàn)在用力向左推B使彈簧壓縮，然后由靜止釋放，則。

A.從撤去推力到A離開(kāi)豎直墻之前，B和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，機(jī)械能守恒B.從撤去推力到A離開(kāi)豎直墻之前，B和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能不守恒C.彈簧第二次恢復(fù)為原長(zhǎng)時(shí)，B兩物體的速度方向一定相同D.彈簧第一次、第二次壓縮最短時(shí)彈性勢(shì)能之比為3：1評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)18、按照玻爾理論，一個(gè)氫原子核外的電子從半徑為ra的圓軌道自發(fā)地直接躍遷到半徑為rb的圓軌道上，在此過(guò)程中原子要___________（填“發(fā)射”或“吸收”）某一頻率的光子，電子的動(dòng)能________（填“增大”、“減小”或“不變”），電子（系統(tǒng)）的電勢(shì)能________（填“增大”、“減小”或“不變”），原子的總能量（）。19、如圖所示電路，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移動(dòng)時(shí)，安培表A的示數(shù)如何變化？小明同學(xué)的分析思路如下：

試寫(xiě)出以下步驟的物理原理：

②______________________________________。

④______________________________________。20、（1）一定質(zhì)量的氣體做等容變化，溫度為200K時(shí)的壓強(qiáng)為0.8atm，壓強(qiáng)增大到2atm時(shí)的溫度為_(kāi)_______K。

（2）一定質(zhì)量的氣體，在壓強(qiáng)不變時(shí)，溫度為200K，體積為V0，當(dāng)溫度升高100K時(shí)，體積變?yōu)樵瓉?lái)的________倍。21、如圖，粗細(xì)均勻的長(zhǎng)玻璃管豎直放置且開(kāi)口向下，管內(nèi)的水銀柱封閉了一部分體積的空氣柱．當(dāng)外界大氣壓緩慢減小，水銀柱將_______（上升、不動(dòng)、下降）；若大氣壓減小△p，水銀柱移動(dòng)L1，大氣壓再減小△p，水銀柱又移動(dòng)L2，則：L1_______L2（選填“>”、“<”；“=”）．（保持溫度不變）

22、在水平放置的氣墊導(dǎo)軌上，質(zhì)量為0.4kg、速度為0.5m/s的滑塊甲與質(zhì)量為0.6kg、速度為0.1m/s的滑塊乙迎面相撞，碰撞后滑塊乙的速度大小變?yōu)?.2m/s，此時(shí)滑塊甲的速度大小為_(kāi)_____m/s，方向與它原來(lái)速度方向_______．評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共21分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫(huà)出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫(huà)出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫(huà)出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共12分)26、某研究性學(xué)習(xí)小組為了研究標(biāo)有“3.0V；1.5W"字樣小燈泡的伏安特性曲線，設(shè)計(jì)并完成了有關(guān)實(shí)驗(yàn)．以下是實(shí)驗(yàn)中可供選擇的器材。

A.直流電源E(5V；內(nèi)阻約0.5Ω)；

B.電流表(0～3A；內(nèi)阻約0.1Ω)；

C.電流表(0～0.6A；內(nèi)阻約1Ω)；

D.電壓表(0～3V；內(nèi)阻約3kΩ)；

E電壓表(0～15V；內(nèi)阻約15kΩ)；

F.滑動(dòng)變阻器(0～10Ω；額定電流1A)

G.滑動(dòng)變阻器(0～1000Ω；額定電流0.5A)；

H開(kāi)關(guān)；導(dǎo)線等。

(1)請(qǐng)選用合適的器材，在虛線框中畫(huà)出電路圖，并在圖上標(biāo)出所選器材的符號(hào)__________．

(2)某次讀數(shù)如圖所示，則電流表的讀數(shù)為_(kāi)_________A，電壓表的讀數(shù)為_(kāi)_________V.

(3)實(shí)驗(yàn)中根據(jù)測(cè)得小燈泡兩端的電壓與通過(guò)它的電流的數(shù)據(jù)描繪出該小燈泡的U-I曲線如圖所示根據(jù)圖所作出的小燈泡U-I曲線，可判斷下圖中關(guān)系圖象正確的是________．(圖中P為小燈泡的功率，I為通過(guò)小燈泡的電流)

A.B.C.D.

(4)某同學(xué)將兩個(gè)完全相同的這種小燈泡并聯(lián)接到如圖所示的電路中，其中電源電動(dòng)勢(shì)E=3V，內(nèi)阻r=3Ω，則此時(shí)每個(gè)小燈泡的實(shí)際功率為_(kāi)_________(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)．

27、物理實(shí)驗(yàn)社團(tuán)的某小組同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室“探究單擺的周期與擺長(zhǎng)的關(guān)系”。

（1）為測(cè)量擺長(zhǎng)，必須使單擺處于__________狀態(tài)（填“A”；“B”或“C”）。

A.水平放置且拉直。

B.豎直面內(nèi)自然懸垂。

C.懸掛且用豎直外力拉緊。

（2）他已測(cè)得擺線長(zhǎng)度為然后用某種儀器來(lái)測(cè)量擺球的直徑，得到的測(cè)量值為此測(cè)量數(shù)據(jù)是選用了儀器____（填“A”；“B”或“C”）測(cè)量得到的。

A．毫米刻度尺。

B．10分度游標(biāo)卡尺。

C．20分度游標(biāo)卡尺。

（3）正確掛起單擺后，將擺球從平衡位置拉開(kāi)一個(gè)小角度由靜止釋放，使擺球在豎直平面內(nèi)穩(wěn)定擺動(dòng)，當(dāng)擺球某次經(jīng)過(guò)平衡位置時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，測(cè)出小球完成30次全振動(dòng)的時(shí)間為_(kāi)___s。

（4）實(shí)驗(yàn)中的擺球可看成為質(zhì)量均勻分布的球體，社團(tuán)中另一小組同學(xué)錯(cuò)將擺線長(zhǎng)和小球直徑之和當(dāng)作單擺的擺長(zhǎng)，那么在探究周期T與擺長(zhǎng)L的關(guān)系時(shí)將會(huì)得到如圖所示的__________線（填“A”；“B”或“C”）。

評(píng)卷人得分六、解答題(共3題，共30分)28、在一根長(zhǎng)L=5m，橫截面積S=3.5×10-4m2的銅質(zhì)導(dǎo)線兩端加2．5×10-3V電壓．已知銅的電阻率ρ=1.75×10-8Ω·m；則：

（1）該導(dǎo)線的電阻多大？

（2）該導(dǎo)線中的電流多大？

（3）當(dāng)電阻線對(duì)折后，接入相同的電壓，電流是多大？29、如圖所示，傾角為的光滑斜面上，有一垂直于斜面向下的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域PQNM，磁場(chǎng)區(qū)域?qū)挾萀=0.1m．將一質(zhì)量m=0.02kg、邊長(zhǎng)L=0.1m、總電阻R=0.4的單匝正方形閉合線圈abcd由靜止釋放，釋放時(shí)ab邊水平，且到磁場(chǎng)上邊界PQ的距離也為L(zhǎng)，當(dāng)ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，線圈恰好勻速運(yùn)動(dòng)，g=10m/s2；求：

（1）ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，線圓所受安培力的大小F安方向；

（2）ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，線圈的速度及磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；

（3）線圈穿過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程產(chǎn)生的熱量Q．30、一條絕緣的擋板軌道ABC固定在光滑水平桌面上，BC段為直線，長(zhǎng)為4R，動(dòng)摩擦因數(shù)為AB是半徑為R的光滑半圓?。▋刹糠窒嗲杏贐點(diǎn)）．擋板軌道在水平的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，場(chǎng)強(qiáng)大小為方向與BC夾角為．一帶電量為質(zhì)量為的小球從C點(diǎn)靜止釋放，已知求：

（1）小球在B點(diǎn)的速度大??；

（2）若場(chǎng)強(qiáng)E與BC夾角可變，為使小球沿軌道運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)的速度最大，的取值以及A點(diǎn)速度大??；

（3）若場(chǎng)強(qiáng)E與BC夾角可變，為使小球沿軌道運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)沿切線飛出，的取值范圍．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

AC．選擇汽缸和活塞為整體；則彈簧彈力始終等于整體重力，彈簧長(zhǎng)度不發(fā)生變化，則活塞距地面的高度不變，AC錯(cuò)誤；

B．選汽缸為研究對(duì)象，豎直向下受重力和大氣壓力向上受到缸內(nèi)氣體的壓力由平衡條件得。

若外界大氣壓增大，則一定增大；根據(jù)玻意耳定律得。

（常數(shù)）當(dāng)壓強(qiáng)增大時(shí)；氣體體積一定減小，所以汽缸的上底面距地面的高度將減小，B錯(cuò)誤；

D．若氣溫升高；缸內(nèi)氣體做等壓變化，根據(jù)。

可知；當(dāng)溫度升高時(shí)，氣體體積增大，汽缸上升，則汽缸的上底面距地面的高度將增大，D正確。

故選D。2、A【分析】【詳解】

A．運(yùn)動(dòng)員落水激起的水花中；較小的水滴呈現(xiàn)接近球形是因?yàn)楸砻鎻埩Φ淖饔?，故A正確；

B．浸潤(rùn)液體在毛細(xì)管里上升；不浸潤(rùn)液體在毛細(xì)管里下降，故B錯(cuò)誤；

C．單晶體表現(xiàn)為各向異性；多晶體和非晶體表現(xiàn)為各向同性，故C錯(cuò)誤；

D．在軌道上運(yùn)行的空間站中的密閉容器內(nèi)的氣體處于失重狀態(tài)；但分子熱運(yùn)動(dòng)不會(huì)停止，所以分子仍然不斷撞擊容器壁產(chǎn)生壓力，故壓強(qiáng)不為零．故D錯(cuò)誤。

故選A。3、C【分析】【詳解】

甲圖均為并聯(lián)部分的電壓電流，所以測(cè)量值為電壓表內(nèi)阻與電阻的并聯(lián)值，小于電阻值，即．乙圖均為串聯(lián)部分的電壓電流，所以測(cè)量值為電流內(nèi)阻與電阻的串聯(lián)值，大于電阻值，即C對(duì)．4、C【分析】【詳解】

ab段導(dǎo)線受力根據(jù)左手定則判斷方向向上；bcd段導(dǎo)線的有效長(zhǎng)度即是bd的長(zhǎng)度，因?yàn)椤蟖bc＝∠cde＝120°，所以bd長(zhǎng)也為L(zhǎng)，受到安培力根據(jù)左手定則判斷方向向上；dc段導(dǎo)線受安培力根據(jù)左手定則判斷方向向上，所以整段導(dǎo)線受力ABD錯(cuò)誤C正確5、D【分析】【分析】

根據(jù)線框做勻速運(yùn)動(dòng)；可得外力大小等于安培力大小，通過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程是一個(gè)勻速過(guò)程，外力做的功全部轉(zhuǎn)化為焦耳熱，通過(guò)線框某橫截面的電荷量等于平均電流乘時(shí)間．

【詳解】

根據(jù)動(dòng)能定理可得，剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度滿足恰好勻速，可得線框質(zhì)量未知，A、B、C都錯(cuò)；通過(guò)線框某橫截面的電荷量D對(duì)．

【點(diǎn)睛】

此類問(wèn)題綜合性很強(qiáng)，我們針對(duì)特殊狀態(tài)進(jìn)行分析．6、C【分析】【詳解】

A．電容器與電源相連，則電容的電壓不變。當(dāng)振動(dòng)膜片a向右振動(dòng)時(shí)電容器兩極板的距離周期性變化，由知，不變的情況下，a、b板間場(chǎng)強(qiáng)周期性變化；選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B．由知，不變，在變化；則電容器所帶電量也在變化，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．電容器的電容當(dāng)向右位移最大時(shí)，板間距離最小，則電容器的電容量最大，選項(xiàng)C正確；

D．當(dāng)振動(dòng)膜片a向右振動(dòng)時(shí)電容器兩極板的距離周期性變化，根據(jù)及可知電容器的電量不斷變化；充電和充電交替產(chǎn)生，所以電路中電流方向時(shí)刻在變化，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選C。

【點(diǎn)睛】

電容器極板間距離的變化引起了電容的變化，電容的變化引起了電量的變化，從而場(chǎng)強(qiáng)變化，G中有電流。7、B【分析】由題意可知，粒子的比荷k已經(jīng)確定，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，則有

粒子運(yùn)動(dòng)的半徑r已經(jīng)確定；要使所有的粒子都不能穿出磁場(chǎng)，則：

與內(nèi)圓相切的方向進(jìn)入磁場(chǎng)的粒子在磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)的軌跡剛好與外圓相切，可知2r最大為如圖所示：

從而推知，

即

則故C正確，ABD錯(cuò)誤；

故選C。8、B【分析】【詳解】

A．盧瑟福α粒子散射實(shí)驗(yàn)提出原子核式結(jié)構(gòu)；天然放射現(xiàn)象說(shuō)明原子核內(nèi)部具有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)，故A錯(cuò)誤；

B．輕核聚變反應(yīng)是較小的核反應(yīng)生成較大的核的過(guò)程；再由質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒可知，B正確；

C．天然放射線中放出的粒子是原子核中的一個(gè)中子轉(zhuǎn)變了一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子而來(lái)的；故C錯(cuò)誤；

D．躍遷時(shí)輻射的能量等于兩能級(jí)差，氫原子從n=3能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)和從n=2能躍遷到n=1能級(jí)，前者躍遷輻射光子的能量大，頻率大，則波長(zhǎng)比后者的短，故D錯(cuò)誤．9、A【分析】【詳解】

假設(shè)發(fā)生x次α衰變y次β衰變，核反應(yīng)方程依據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，有238=206+4x，92=82+2x+（-1）y，解方程得y=6，因此選項(xiàng)A正確.二、多選題(共8題，共16分)10、A:C【分析】【詳解】

滑動(dòng)變阻器滑片向右端移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器電阻減小，則整個(gè)回路總電阻減小，總電流增大，即電流表A1的讀數(shù)增大，內(nèi)電壓增大，外電壓減小，R1兩端的電壓增大，則R3兩端的電壓減小，即V1的讀數(shù)減小，A2的讀數(shù)減??；總電流增大，通過(guò)R3的電流減小，則通過(guò)RP和R2的電流增大，可知R2兩端的電壓增大，即V2的示數(shù)增大，故A正確，B錯(cuò)誤；根據(jù)閉合電路歐姆定律有U1=E-I（R1+r），則有故電壓表V1的讀數(shù)的變化量與電流表A1的讀數(shù)的變化量的比值保持不變，故C正確；由上可知V1的讀數(shù)減小，A1的讀數(shù)增大，所以電壓表的讀數(shù)與的讀數(shù)之比變小，故D錯(cuò)誤．所以AC正確，BD錯(cuò)誤．11、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A項(xiàng)：當(dāng)U增大時(shí)；副線圈兩端電壓增大，所以副線圈中的電流增大，故A正確；

B項(xiàng)：當(dāng)光照變?nèi)鯐r(shí)，光敏電阻阻值變大，副線圈中的總電阻變大，總電流變小，由公式P=U2I2可知；副線圈消耗的功率變小，變壓器的輸入功率變小，故B錯(cuò)誤；

C項(xiàng)：當(dāng)開(kāi)關(guān)S由閉合到斷開(kāi)時(shí)；副線圈中的總電阻變大，總電流變小，即電流表的示數(shù)變小，故C錯(cuò)誤；

D項(xiàng)：當(dāng)滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，原線圈匝數(shù)變小，副線圈電壓變大，R1中的電流變大；所以消耗的功率變大，故D正確．

故應(yīng)選：AD．12、A:D【分析】【分析】

當(dāng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析總電流的變化，即可知道a燈亮度的變化．由歐姆定律分析并聯(lián)部分電壓的變化，判斷c燈亮度的變化．由通過(guò)c的電流與總電流的變化，分析通過(guò)b燈電流的變化，判斷其亮度的變化．a(chǎn)、b；c三個(gè)燈泡的電阻都大于電源內(nèi)阻；根據(jù)推論：外電阻等于電源的內(nèi)阻時(shí)，電源的輸出功率最大，分析電源的輸出功率如何變化。

【詳解】

A、B項(xiàng)：當(dāng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流I增大，a燈變亮。并聯(lián)部分電壓減小，c燈變暗。由總電流增大，而通過(guò)c燈的電流減小，可知通過(guò)b燈的電流增大，b燈變亮；故A正確，B錯(cuò)誤；

C項(xiàng)：A；B、C三個(gè)燈泡的電阻都大于電源內(nèi)阻；根據(jù)推論：外電阻等于電源的內(nèi)阻時(shí)，電源的輸出功率最大，則知，當(dāng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上移動(dòng)時(shí)，外電路總電阻減小，電源輸出的電功率增大，故C錯(cuò)誤；

D項(xiàng)：由于Ia=Ib+Ic，Ia增大，Ic減小，Ib增大，則知，流過(guò)b燈的電流變化值大于流過(guò)c燈的電流變化值；故D正確。

故應(yīng)選：AD。

【點(diǎn)睛】

本題是電路動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，按局部到整體，再局部分析電壓、電流的變化．利用推論分析電源輸出功率的變化。13、A:B:E【分析】【詳解】

A．過(guò)程I是等溫膨脹過(guò)程，根據(jù)玻意耳定律可知當(dāng)體積增大時(shí)，壓強(qiáng)減?。贿^(guò)程Ⅱ是等壓膨脹過(guò)程，根據(jù)蓋呂薩克定律可知當(dāng)體積增大時(shí)，溫度升高；過(guò)程Ⅲ是絕熱膨脹過(guò)程，根據(jù)熱力學(xué)第一定律

體積增大時(shí)；氣體對(duì)外做功，故內(nèi)能減小，又因?yàn)槔硐霘怏w的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，所以可得溫度降低，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，當(dāng)溫度降低，體積增大時(shí)，壓強(qiáng)減??；綜合可得C狀態(tài)的溫度最高，A正確；

B．根據(jù)前面分析；Ⅱ過(guò)程中壓強(qiáng)不變，Ⅰ；Ⅲ過(guò)程中壓強(qiáng)都減小，同時(shí)狀態(tài)B、C、D的體積變化量相同，可知Ⅱ過(guò)程對(duì)外做的功最多，B正確；

C．三個(gè)狀態(tài)的B；C、D的體積相同；所以分子數(shù)密度相同，C錯(cuò)誤；

D．根據(jù)前面分析；Ⅱ過(guò)程對(duì)外做的功最多，末狀態(tài)的溫度最高即內(nèi)能最大，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知該過(guò)程吸收的熱量最多，D錯(cuò)誤；

E．理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)；只有狀態(tài)D的溫度低于狀態(tài)A，所以只有狀態(tài)D的內(nèi)能小于狀態(tài)A的內(nèi)能，E正確。

故選ABE。14、A:D【分析】【詳解】

粒子被引出時(shí)滿足此時(shí)粒子的動(dòng)能：則引出的質(zhì)子和粒子動(dòng)能之比為11，選項(xiàng)A正確；粒子的動(dòng)量：則引出的質(zhì)子和粒子動(dòng)量之比為12，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；由可知，質(zhì)子、粒子被引出的動(dòng)能大小與電壓U無(wú)關(guān)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確．15、A:B【分析】滑動(dòng)變阻器滑片P向右移動(dòng)一段距離后；總電阻減小，則總電流增大，內(nèi)電壓增大，外電壓減小，所以燈泡L的電流增大，燈泡變亮，電流表示數(shù)增大，電壓表示數(shù)減?。蔄B正確．燈泡兩端的電壓變大，外電壓變小，則滑動(dòng)變阻器兩端的電壓減小，根據(jù)Q=CU知，電容器C上的電荷量減?。蔆錯(cuò)誤．因?yàn)楫?dāng)外電阻等于內(nèi)電阻時(shí)，電源的輸出功率變大，外電阻大于內(nèi)電阻，外電阻減小，則輸出功率變大．故D錯(cuò)誤．故選AB．

點(diǎn)睛：本題的難點(diǎn)在于確定電源的輸出功率如何變化，可以用數(shù)學(xué)證明，當(dāng)內(nèi)外電阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大，這是很重要的結(jié)論．對(duì)于電容器，關(guān)鍵確定電壓，記住這個(gè)結(jié)論很有必要：電容器與與它并聯(lián)的電路電壓相等．16、B:D【分析】【詳解】

A、B、當(dāng)在P、Q之間連接另外一只理想電流表G時(shí)外電路中的總電阻為根據(jù)閉合電路歐姆定律知R2和R4是并聯(lián)關(guān)系，根據(jù)分流原理知流過(guò)R4的電流是0.8A；所以有0.2A的電流從電流計(jì)流過(guò)；故A錯(cuò)誤，B正確.

C；當(dāng)在P、Q之間連接另外一只理想電流表G時(shí)相比原來(lái)的電阻變??；所以電流變大，導(dǎo)致路端電壓減小，所以電壓表的示數(shù)變小，故C錯(cuò)誤.

D、根據(jù)閉合電路歐姆定律知：則故D正確.

故選BD.

【點(diǎn)睛】

掌握電阻的連接方式和閉合電路的歐姆定律，動(dòng)態(tài)分析電路的從局部導(dǎo)軌整體再到局部的步驟.17、A:C:D【分析】【詳解】

對(duì)A、B和彈簧組成的系統(tǒng)，從撤去推力到A離開(kāi)豎直墻之前，系統(tǒng)受到墻壁的彈力作用，合外力不為零，則A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒；此過(guò)程中由于只有彈力做功，則機(jī)械能守恒，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；彈簧第二次恢復(fù)為原長(zhǎng)時(shí)，此時(shí)A、B兩物體的速度方向均向右，方向一定相同，選項(xiàng)C正確；撤去力F后，B向右運(yùn)動(dòng)，彈簧彈力逐漸減小，當(dāng)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，A開(kāi)始脫離墻面，這一過(guò)程機(jī)械能守恒，即滿足：E=(2m)vB2；A脫離墻面后速度逐漸增加，B速度逐漸減小，此過(guò)程中彈簧逐漸伸長(zhǎng)，當(dāng)A、B速度相同時(shí)，彈簧彈性勢(shì)能最大，這一過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量和機(jī)械能均守恒，有：動(dòng)量守恒：2mvB=（m+2m）v，機(jī)械能守恒：EPmax＝(2m)vB2?(m+2m)v2；可解得：EPmax＝即彈簧第一次；第二次壓縮最短時(shí)彈性勢(shì)能之比為3：1，所以D正確；故選ACD.

【點(diǎn)睛】

正確認(rèn)識(shí)動(dòng)量守恒條件和機(jī)械能守恒條件是解決本題的關(guān)鍵．如果一個(gè)系統(tǒng)不受外力或所受外力的矢量和為零，那么這個(gè)系統(tǒng)的總動(dòng)量保持不變；系統(tǒng)只有重力或彈力做功為機(jī)械能守恒．三、填空題(共5題，共10分)18、略

【分析】【詳解】

[1]因?yàn)橐粋€(gè)氫原子核外的電子從半徑為的圓軌道能夠自發(fā)地直接躍遷到半徑為的圓軌道上，則有

即氫原子的能量減??；會(huì)向外發(fā)射光子，因?yàn)槟芗?jí)差一定，只能發(fā)出特定頻率的光子；

[2][3]氫原子在發(fā)出特定頻率的光子之后，氫原子的總能量減小，根據(jù)可知軌道半徑減小，電子的動(dòng)能增大，則原子的電勢(shì)能減小?！窘馕觥堪l(fā)射，增大，減小，減小19、略

【分析】【詳解】

②根據(jù)閉合電路歐姆定律得：總電流減小，所以路端電壓變大；④根據(jù)并聯(lián)電路電流關(guān)系：總電流變小，而變大，則一定變小【解析】20、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】50021、略

【分析】【詳解】

設(shè)外界大氣壓為封閉氣體的壓強(qiáng)為封閉氣體的橫截面為S，氣柱的長(zhǎng)度為封閉水銀柱受力平衡：解得由于氣體的溫度不變，所以的乘積應(yīng)該是一定值，設(shè)為C，則解得當(dāng)外界大氣壓降低相同的量時(shí)，根據(jù)函數(shù)關(guān)系可知?dú)庵拈L(zhǎng)度會(huì)增加，且氣柱移動(dòng)的長(zhǎng)度．【解析】下降<22、略

【分析】【分析】

【詳解】

滑塊甲乙系統(tǒng)在碰撞過(guò)程中水平方向動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有：＋＝＋由題意知，兩者迎面碰撞，說(shuō)明兩者初速度方向相反，不妨假設(shè)甲的初速度方向?yàn)檎较?，又由于題目中只說(shuō)明碰后乙的速度大小，未說(shuō)明碰后速度方向，但系統(tǒng)初始總動(dòng)量方向與正方向相同，因此碰后系統(tǒng)的總動(dòng)量方向也應(yīng)與正方向相同，所以碰后乙的速度方向只能沿正方向，解得碰后甲的速度為：＝0.05m/s，為正值，即方向與它原來(lái)的方向相同．【解析】0.05相同四、作圖題(共3題，共21分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針?lè)较?，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】24、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共12分)26、略

【分析】【詳解】

（1）燈泡的額定電壓為3V，則電壓表選擇V1；額定電流為可知電流表選擇A2；滑動(dòng)變阻器要用分壓電路，則選擇阻值較小的R1；因小燈泡的電阻較??；則用電流表外接電路；電路圖如圖；

（2）電流表的量程為0.6A；則讀數(shù)為0.42A；電壓表的量程為3V，則讀數(shù)為2.30V；

（3）由小燈泡U-I曲線可知，小燈泡的電阻隨電流的增加而增大；根據(jù)P=I2R可知I2=P，可知隨R的增加I2-P圖像的斜率減?。还蕡D像B正確；

（4）設(shè)通過(guò)燈泡的電流為I，燈泡兩端電壓為U，根據(jù)圖丙所示電路圖，由閉合電路歐姆定律可得：E=U+2Ir，