2025年華東師大版高二物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華東師大版高二物理上冊階段測試試卷920考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖是某區(qū)域的電場線分布；某帶電粒子僅在電場力的作用下，從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B，則可判斷（）

A.帶電粒子帶負(fù)電B.帶電粒子在A點(diǎn)的加速度小于在B點(diǎn)的加速度C.帶電粒子在A點(diǎn)的電勢能大于在B點(diǎn)的電勢能D.A點(diǎn)的電勢低于B點(diǎn)的電勢2、如圖所示，在原來不帶電的金屬桿ab附近，在ab連線的延長線上放置一個(gè)正點(diǎn)電荷，達(dá)到靜電平衡后，下列判斷正確的是（）A.a端的電勢比b端的高B.b端的電勢比d點(diǎn)的高C.a端的電勢與b端的電勢相等D.感應(yīng)電荷在桿內(nèi)c處產(chǎn)生的場強(qiáng)方向由b指向a3、如圖所示，理想變壓器的副線圈上通過輸電線接有兩個(gè)相同的燈泡L1

和L2

輸電線的等效電阻為R

開始時(shí)，開關(guān)S

斷開，當(dāng)開關(guān)S

接通時(shí)，下列說法中不正確的是(

)

A.副線圈兩端MN

的輸出電壓減小B.副線圈輸電線等效電阻R

上的電壓將增大C.通過燈泡L1

的電流減小D.原線圈上電流增大4、由于地磁場的存在；飛機(jī)在一定高度水平飛行時(shí)，其機(jī)翼就會(huì)切割磁感線，機(jī)翼的兩端之間會(huì)有一定的電勢差．若飛機(jī)在北半球水平飛行，則從飛行員的角度看，機(jī)翼左端的電勢比右端的電勢（）

A.低。

B.高。

C.相等。

D.以上情況都有可能。

5、某電場的電場線分布如圖所示(

實(shí)線)

以下說法正確的是(

)

A.c

點(diǎn)場強(qiáng)大于b

點(diǎn)場強(qiáng)B.b

和c

處在同一等勢面上C.若將一試探電荷+q

由a

點(diǎn)移動(dòng)到d

點(diǎn)，電荷的電勢能將增大D.若某一點(diǎn)電荷只在電場力的作用下沿虛線由a

點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到d

點(diǎn)，可判斷該電荷一定帶負(fù)電6、下列敘述____的是A.rm{婁隴H>0}表示放熱反應(yīng)，rm{婁隴H<0}表示吸熱反應(yīng)B.化學(xué)反應(yīng)遵循質(zhì)量守恒的同時(shí)，也遵循能量守恒C.“冰，水為之，而寒于水”說明相同質(zhì)量的水和冰相比較，水的能量高D.化學(xué)反應(yīng)的反應(yīng)熱只與反應(yīng)體系的始態(tài)和終態(tài)狀態(tài)有關(guān)，而與反應(yīng)的途徑無關(guān)7、如圖所示，在垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場中有由兩個(gè)大小不等的圓環(huán)MN

連接而成的導(dǎo)線框.

沿圖中箭頭方向用外力將N

環(huán)拉扁，該過程中，關(guān)于M

環(huán)中感應(yīng)電流的說法中正確的是(

)

A.有順時(shí)針方向的感應(yīng)電流產(chǎn)生，且M

環(huán)有擴(kuò)張的趨勢B.有逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流產(chǎn)生，且M

環(huán)有擴(kuò)張的趨勢C.有順時(shí)針方向的感應(yīng)電流產(chǎn)生，且M

環(huán)有收縮的趨勢D.有逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流產(chǎn)生，且M

環(huán)有收縮的趨勢8、關(guān)于光的波粒二象性，下列說法中不正確的是(

)

A.能量較大的光子其波動(dòng)性越顯著B.光波頻率越高，粒子性越明顯C.波粒二象性指光有時(shí)表現(xiàn)為波動(dòng)性，有時(shí)表現(xiàn)為粒子性D.個(gè)別光子易表現(xiàn)出粒子性，大量光子易表現(xiàn)出顯示波動(dòng)性評(píng)卷人得分二、填空題(共6題，共12分)9、某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)；在小車A的前端粘有橡皮泥，設(shè)法使小車A做勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后與原來靜止的小車B相碰并粘在一起，繼續(xù)做勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)計(jì)如圖1所示：

在小車A的后面連著紙帶；電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的頻率為50Hz，長木板下墊著小木片用以平衡摩擦力．

（1）若已得到打點(diǎn)紙帶如圖2所示，并測得各計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離，在圖上標(biāo)出A為運(yùn)動(dòng)起始的點(diǎn)，則應(yīng)選____段來計(jì)算A碰前的速度，應(yīng)選____段來計(jì)算A和B碰后的共同速度．

（2）已測得小車A的質(zhì)量mA=0.4kg，小車B的質(zhì)量mB=0.20kg，則由以上結(jié)果可得碰前總動(dòng)量=____kg?m/s，碰后總動(dòng)量=____kg?m/s．

10、如圖所示是某電場中的一簇等勢面；甲等勢面的電勢為90V，乙等勢面的電勢為-10V，各相鄰等勢面間的電勢差相等。

（1）將q=+1×10-8C的電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場力做功______；

（2）將q=-1×10-8C的電荷從A點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場力做功______；

（3）在圖中定性畫出幾條電場線．11、某品牌電熱水壺的銘牌如圖所示..用該電熱水壺?zé)?，在額定電壓下工作時(shí)，它的工作電流是________AA正常工作1min1min消耗的電能是________JJ．產(chǎn)品型號(hào)DSB隆陋055DSB隆陋055

額定電壓220V220V

額定功率880W880W

使用頻率50Hz50Hz

容量0.8L0.8L12、如圖所示是一種延時(shí)繼電器的示意圖，鐵芯上有兩個(gè)線圈A和B。當(dāng)S1閉合時(shí)，電磁鐵將吸引銜鐵D，使觸頭C接通電路工作。（1）如果閉合S2，當(dāng)S1斷開時(shí)，由于電磁感應(yīng)作用，要延遲一段時(shí)間，彈簧才將銜鐵D拉起使觸頭C斷開電路，這種延遲是由于線圈（填“A”或“B”）的作用。（2）如果斷開S2，當(dāng)S1斷開時(shí)，則（填“仍有”或“無”）延時(shí)作用。13、一靈敏電流計(jì)；當(dāng)電流從它的正接線柱流入時(shí)，指針向正接線柱一側(cè)偏轉(zhuǎn).

現(xiàn)把它與一個(gè)線圈串聯(lián)，將磁鐵從線圈上方插入或拔出.

請(qǐng)完成下列填空：

(1)

圖(a)

中靈敏電流計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)方向?yàn)開_____.(

填“偏向正極”或“偏向負(fù)極”)

(2)

圖(b)

中磁鐵下方的極性是______.(

填“N

極”或“S

極”)

(3)

圖(c)

中磁鐵的運(yùn)動(dòng)方向是______.(

填“向上”或“向下”)

(4)

圖(d)

中線圈從上向下看的電流方向是______.(

填“順時(shí)針”或“逆時(shí)針”)

14、在電場中某點(diǎn)放入一點(diǎn)電荷，電量q、受到的電場力F．則電場中該點(diǎn)電場強(qiáng)度大小為______。若在該點(diǎn)放入另一個(gè)點(diǎn)電荷，電量q′=3q、電場中該點(diǎn)電場強(qiáng)度大小為______，點(diǎn)電荷q′受到的電場力大小為______。評(píng)卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)15、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

18、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點(diǎn)間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

19、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

20、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、只有沿著電場線的方向電勢才會(huì)降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）22、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、證明題(共2題，共14分)23、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)。24、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)。評(píng)卷人得分五、綜合題(共2題，共10分)25、（1）某金屬在光的照射下產(chǎn)生光電效應(yīng)，其遏止電壓Uc與入射光頻率的關(guān)系圖象如右圖所示．則由圖象可知____。（填正確答案標(biāo)號(hào)；選對(duì)1個(gè)給2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分，每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分0分）

A．該金屬的逸出功等于B．若已知電子電量e，就可以求出普朗克常量hC．遏止電壓是確定的，與照射光的頻率無關(guān)D．入射光的頻率為時(shí)，產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能為E、入射光的頻率為時(shí)，產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能為（2）如圖所示，一半徑為R的半圓形光滑軌道固定在豎直平面內(nèi)。a、b是軌道的兩個(gè)端點(diǎn)且高度相同，O為圓心。小球A靜止在軌道的最低點(diǎn)，小球B從軌道右端b點(diǎn)的正上方距b點(diǎn)高為2R處由靜止自由落下，從b點(diǎn)沿圓弧切線進(jìn)入軌道后，與小球A相碰。第一次碰撞后B球恰返回到b點(diǎn)，A球上升的最高點(diǎn)為c，Oc連線與豎直方向夾角為60°（兩球均可視為質(zhì)點(diǎn)）。求A與B兩球的質(zhì)量之比（結(jié)果可以用根式表示）

26、[

物理隆陋隆陋

選修3隆陋3]

(1)

甲、乙兩分子相距較遠(yuǎn)，設(shè)甲固定不動(dòng)，乙在分子力作用下逐漸向甲靠近直到不能再靠近的過程中，下列說法正確的是_________(

填正確答案標(biāo)號(hào)。)

A.乙分子的速度先增大后減小B.加速度先增大后減小C.分子力先減小后增大D.分子動(dòng)能先增大后減小E.分子勢能先減小后增大

(2)

如圖所示，玻璃管A

上端封閉，B

上端開口且足夠長，兩管下端用橡皮管連接起來，A

管上端被一段水銀柱封閉了一段長為6cm

的氣體，外界大氣壓為75cmHg

左右兩水銀面高度差為5cm

溫度為t1=27隆忙

(i)

保持溫度不變，上下移動(dòng)B

管，使A

管中氣體長度變?yōu)?cm

穩(wěn)定后的壓強(qiáng)為多少？(ii)B

管應(yīng)向哪個(gè)方向移動(dòng)？移動(dòng)多少距離？(iii)

穩(wěn)定后保持B

不動(dòng)，為了讓A

管中氣體長度回復(fù)到6cm

則溫度應(yīng)變?yōu)槎嗌?？參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【分析】由電荷的運(yùn)動(dòng)軌跡可知；電荷的受力沿著電場線的方向，所以電荷為正電荷，A錯(cuò)誤，電場線的疏密程度可表示電場強(qiáng)度大小，故A點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于B點(diǎn)的電場強(qiáng)度，所以粒子在A點(diǎn)的加速度大于在B點(diǎn)的加速度，B錯(cuò)誤，過程中電場力做正功電勢能減小，所以A點(diǎn)的電勢能大于在B點(diǎn)的電勢能，C正確，沿電場方向電勢減小，故A點(diǎn)的電勢高于B點(diǎn)的電勢。

【點(diǎn)評(píng)】沿電場線的方向，電勢降低，電場線密的地方電場的強(qiáng)度大，電場線疏的地方電場的強(qiáng)度小。2、C【分析】解：ABCD、達(dá)到靜電平衡后，導(dǎo)體為等勢體，導(dǎo)體上的電勢處處相等，所以可以得到φa=φb；

由于桿處于靜電平衡狀態(tài)，所以內(nèi)部的場強(qiáng)為零，即正電荷和感應(yīng)電荷在內(nèi)部產(chǎn)生的合場強(qiáng)為零，正電荷在c處產(chǎn)生的場強(qiáng)方向由b指向a，所以感應(yīng)電荷在桿內(nèi)c處產(chǎn)生的場強(qiáng)方向由a指向b；故ABD錯(cuò)誤，C正確．

故選：C．

根據(jù)靜電平衡可知；同一個(gè)導(dǎo)體為等勢體，導(dǎo)體上的電勢處處相等，再由靜電平衡的導(dǎo)體內(nèi)部場強(qiáng)為零判斷場強(qiáng)的反向．

達(dá)到靜電平衡后，導(dǎo)體為等勢體，導(dǎo)體上的電勢處處相等，這是解決本題的關(guān)鍵的地方，對(duì)于靜電場的特點(diǎn)一定要熟悉．【解析】【答案】C3、A【分析】解：當(dāng)開關(guān)S

接通時(shí)；相當(dāng)于增加了負(fù)載，副線圈中電阻減小，電流增大(

同時(shí)原線圈中的電流也增大)R

上的分壓增大，燈泡兩端的電壓減小，故通過燈泡L1

的電流減小，副線圈兩端MN

的輸出電壓有匝數(shù)和原線圈兩端的電壓有關(guān)，保持不變，故A錯(cuò)誤，BCD正確；

本題選錯(cuò)誤的；故選：A

負(fù)載增多電阻減??；利用動(dòng)態(tài)分析的方法分析電流電壓的變化，再根據(jù)變壓器的匝數(shù)與電流電壓的關(guān)系即可判斷各項(xiàng)．

本題結(jié)合變壓器考查了電路的動(dòng)態(tài)分析，方法是從部分電路的變化分析整體的變化然后再到部分．【解析】A

4、B【分析】

當(dāng)飛機(jī)在北半球水平飛行時(shí)；由于地磁場的存在，且地磁場的豎直分量方向豎直向下，則由右手定則可判定機(jī)翼左端的電勢比右端的電勢高．若構(gòu)成閉合電路則電流方向由機(jī)翼的右端流向左端，而機(jī)翼切割磁感線相當(dāng)于電源，所以電源內(nèi)部電流由負(fù)極流向正極．

故選：B

【解析】【答案】由于地磁場的存在；當(dāng)飛機(jī)在北半球水平飛行時(shí)，兩機(jī)翼的兩端點(diǎn)之間會(huì)有一定的電勢差，相當(dāng)于金屬棒在切割磁感線一樣．從飛行員角度看，磁場向下則由右手定則可判定機(jī)翼左端的電勢比右端的電勢高．

5、A【分析】解：A

電場線的疏密表示場強(qiáng)的強(qiáng)弱，由圖知c

點(diǎn)場強(qiáng)大于b

點(diǎn)場強(qiáng)；故A正確；

B、沿電場線方向電勢逐漸降低，故b

的電勢大于c

的；故B錯(cuò)誤；

C；若將一試探電荷+q

由a

點(diǎn)移動(dòng)到d

點(diǎn)；電場力做正功，電荷的電勢能將減小，故C錯(cuò)誤；

D；由粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡彎曲方向可知；帶電粒子受電場力大致斜向左上方，與電場強(qiáng)度方向相同，故粒子帶正電，故D錯(cuò)誤；

故選：A

解這類題是思路：電場線的疏密表示場強(qiáng)的強(qiáng)弱；沿電場線方向電勢逐漸降低，根據(jù)帶電粒子運(yùn)動(dòng)軌跡判定電場力方向，然后根據(jù)電性判斷電場線方向，根據(jù)電場力做功判斷電勢能的變化．

解決這類帶電粒子在電場中運(yùn)動(dòng)問題的關(guān)鍵是根據(jù)軌跡判斷出電場力方向，利用電場中有關(guān)規(guī)律求解.

比較電勢能的大小有兩種方法：一可以從電場力做功角度比較，二從電勢能公式角度判斷，先比較電勢，再比較電勢能．【解析】A

6、A【分析】【分析】本題考查吸熱放熱反應(yīng)的判斷，以及反應(yīng)熱的判斷，難度不大。【解答】A.rm{婁隴H>0}表示吸熱反應(yīng)，rm{婁隴H<0}表示放熱反應(yīng)；故A錯(cuò)誤；

B.化學(xué)反應(yīng)遵循質(zhì)量守恒的同時(shí)；也遵循能量守恒，故B正確；

C.“冰；水為之，而寒于水”說明相同質(zhì)量的水和冰相比較，水的能量高，故C正確；

D.化學(xué)反應(yīng)的反應(yīng)熱只與反應(yīng)體系的始態(tài)和終態(tài)狀態(tài)有關(guān)；而與反應(yīng)的途徑無關(guān)，故D正確。

故選A。

【解析】rm{A}7、A【分析】解：用外力將N

環(huán)拉扁；穿過N

環(huán)的磁通量減小，根據(jù)楞次定律判斷可知，N

環(huán)中感應(yīng)電流的方向沿順時(shí)針方向.

根據(jù)左手定則判斷可知：M

環(huán)各部分所受的安培力方向沿徑向向外，所以M

環(huán)有擴(kuò)張的趨勢.

故A正確．

故選：A

【解析】A

8、A【分析】解：A

能量較大的光子的波長短；其粒子性越顯著，故A錯(cuò)誤；

B；光的波長越長；其波動(dòng)性越顯著，頻率越高，波長越短，其粒子性越顯著，故B正確；

C；光子既有波動(dòng)性又有粒子性；波粒二象性指光有時(shí)表現(xiàn)為波動(dòng)性，有時(shí)表現(xiàn)為粒子性，故C正確；

D；個(gè)別光子的作用效果往往表現(xiàn)為粒子性；大量光子的作用效果往往表現(xiàn)為波動(dòng)性；故D正確；

本題選擇不正確的；故選：A

光子既有波動(dòng)性又有粒子性；波粒二象性中所說的波是一種概率波，對(duì)大量光子才有意義.

波粒二象性中所說的粒子，是指其不連續(xù)性，是一份能量.

個(gè)別光子的作用效果往往表現(xiàn)為粒子性；大量光子的作用效果往往表現(xiàn)為波動(dòng)性．

本題考查了光的波粒二象性，有時(shí)波動(dòng)性明顯，有時(shí)粒子性明顯.

個(gè)別光子的作用效果往往表現(xiàn)為粒子性；大量光子的作用效果往往表現(xiàn)為波動(dòng)性．【解析】A

二、填空題(共6題，共12分)9、略

【分析】

（1）由于碰撞之后共同勻速運(yùn)動(dòng)的速度小于碰撞之前A獨(dú)自運(yùn)動(dòng)的速度；故AC應(yīng)在碰撞之前，DE應(yīng)在碰撞之后．

推動(dòng)小車由靜止開始運(yùn)動(dòng)；故小車有個(gè)加速過程，在碰撞前做勻速直線運(yùn)動(dòng)，即在相同的時(shí)間內(nèi)通過的位移相同，故BC段為勻速運(yùn)動(dòng)的階段，故選BC計(jì)算碰前的速度；

碰撞過程是一個(gè)變速運(yùn)動(dòng)的過程；而A和B碰后的共同運(yùn)動(dòng)時(shí)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故在相同的時(shí)間內(nèi)通過相同的位移，故應(yīng)選DE段來計(jì)算碰后共同的速度．

故答案為BC；DE

（2）碰前系統(tǒng)的動(dòng)量即A的動(dòng)量，則P1=m1v1=m1=0.40×=0.420kg?m/s

碰后的總動(dòng)量P2=（m1+m2）v2=（m1+m2）=（0.40+0.20）×=0.417kg?m/s

故答案為：0.420；0.417．

故本題的答案為：（1）BCDE（2）0.4200.417

【解析】【答案】（1）碰撞之后共同勻速運(yùn)動(dòng)的速度小于碰撞之前A獨(dú)自運(yùn)動(dòng)的速度；確定AC應(yīng)在碰撞之前，DE應(yīng)在碰撞之后，在勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)在相同的時(shí)間內(nèi)通過的位移相同，所以BC應(yīng)為碰撞之前勻速運(yùn)動(dòng)階段，DE應(yīng)為碰撞之后勻速運(yùn)動(dòng)階段．

（2）物體發(fā)生的位移與發(fā)生這些位移所用時(shí)間的比值等于勻速運(yùn)動(dòng)的物體在該段時(shí)間內(nèi)的速度．P=mv=m．

10、略

【分析】解：（1）甲等勢面的電勢為90V；乙等勢面的電勢為-10V，各相鄰等勢面間的電勢差相等，則A點(diǎn)的電勢為140V，B點(diǎn)電勢為40V，C點(diǎn)電勢為-60V．

則WAB=qUAB=q（φA-φB）=1×10-8×（140-40）J=1×10-6J

（2）WAC=qUAC=q（φA-φC）=（-1）×10-8×（140+60）J=-2×10-6J

（3）電場線與等勢面垂直；由高等勢面指向低等勢面．如圖．

故答案為：（1）+1×10-6J（2）-2×10-6J（3）如圖．

求出AB；AC兩點(diǎn)間的電勢差；根據(jù)W=qU求出電場力所做的功．電場線與等勢面是垂直的，由高等勢面指向低等勢面．

解決本題的關(guān)鍵掌握電場力做功的公式W=qU，以及掌握等勢面和電場線之間的關(guān)系．【解析】+1×10-6J；-2×10-6J11、4.8×104【分析】【分析】由表中數(shù)據(jù)可以得到額定電壓；額定功率；由電功率公式P=UI

可以求得電流，由W=pt

可以求得電能。

用電器銘牌上都會(huì)有額定電壓和功率，有了這兩個(gè)信息我們可以求出其他幾個(gè)量：額定電流、電阻、用電量等，做題時(shí)要注意總結(jié)?！窘獯稹坑蓤D知電水壺的額定電壓為220V

額定功率為800W

由P=UI

得：I=PU=4011A

t=1min=60s

則1

分鐘消耗的電能為：W=Pt=800W隆脕60s=4.8隆脕104J

。

故填：40114.8隆脕104

【解析】40114.8隆脕104.8隆脕104

12、略

【分析】試題分析：（1）如果閉合S2，當(dāng)S1斷開時(shí)，A的磁場要減弱，故穿過線圈B的磁通量要減小，所以線圈B會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，從而使鐵芯上仍有磁性，即對(duì)電路起到延遲的作用；（2）如果斷開S2，當(dāng)S1斷開時(shí)，則不會(huì)有這種延遲的現(xiàn)象?？键c(diǎn)：電磁感應(yīng)現(xiàn)象?！窘馕觥俊敬鸢浮?1)B；(2)無。13、略

【分析】解：(1)

磁鐵向下運(yùn)動(dòng)；穿過線圈的磁通量增加，原磁場方向向下，根據(jù)楞次定律感應(yīng)電流方向俯視為逆時(shí)針方向，從正接線柱流入電流計(jì)，指針偏向正極．

(2)

由圖可知；電流從負(fù)接線柱流入電流計(jì)，根據(jù)安培定則，感應(yīng)電流的磁場方向向下，又磁通量增加，根據(jù)楞次定律可知，磁鐵下方為S

極．

(3)

磁場方向向下；電流從負(fù)接線柱流入電流計(jì)，根據(jù)安培定則，感應(yīng)電流的磁場方向向下，根據(jù)楞次定律可知，磁通量減小，磁鐵向上運(yùn)動(dòng)．

(4)

圖(d)

中磁鐵向下運(yùn)動(dòng)；穿過線圈的磁通量增加，原磁場方向向上，根據(jù)楞次定律感應(yīng)電流方向俯視為順時(shí)針方向．

故答案為：偏向正極；S

極，向上，順時(shí)針。

根據(jù)磁鐵的運(yùn)動(dòng)方向分析磁通量變化；由楞次定律確定感應(yīng)電流方向，結(jié)合題給條件：當(dāng)電流從它的正接線柱流人時(shí)，指針向正接線柱一側(cè)偏轉(zhuǎn)判斷指針偏轉(zhuǎn)方向分析判斷．

本題考查安培定則和楞次定律綜合應(yīng)用的能力，常規(guī)題，只要細(xì)心分析就能正確作答．【解析】偏向正極；S

向上；順時(shí)針14、3F【分析】解：在電場中放入一點(diǎn)電荷q，電荷受到的電場力為F，則該點(diǎn)電場強(qiáng)度大小為：E=

若在該點(diǎn)放一個(gè)電荷量為3q的點(diǎn)電荷，場強(qiáng)不變，為

故電場力：F′=3q?E=3F；

故答案為：3F

根據(jù)電場強(qiáng)度的定義式E=求出電場強(qiáng)度；再根據(jù)F=qE求出電場力的大小。電場強(qiáng)度的大小與放入電場中的電荷無關(guān)。

解決本題的關(guān)鍵掌握電場強(qiáng)度的定義式E=以及知道電場強(qiáng)度的大小與放入電場中的電荷無關(guān)?！窘馕觥?F三、判斷題(共8題，共16分)15、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大?。浑妱莶钆c零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．16、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．17、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．18、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對(duì)稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢差相比，與a點(diǎn)之間的電勢差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．19、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。?0、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對(duì)大小．

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．21、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．22、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．四、證明題(共2題，共14分)23、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)24、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)五、綜合題(共2題，共10分)25、略

【分析】（1）【分析】根據(jù)光電效應(yīng)方程和得出遏止電壓Uc與入射光頻率v的關(guān)系式，從而進(jìn)行判斷。解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程，以及知道遏止電壓與最大初動(dòng)能之間的關(guān)系，注意遏止電壓與入射光的頻率成線性關(guān)系，并不是正比，并理解圖象的縱、橫坐標(biāo)的含義。【解答】A.當(dāng)遏止電壓為零時(shí)，最大初動(dòng)能為零，則入射光的能量等于逸出功，所以W0=hv0．故A正確；B.因?yàn)橹獔D線的斜率等于h/e，從圖象上可以得出斜率的大小，已知電子電量，可以求出普朗克常量．故B正確；C.根據(jù)光電效應(yīng)方程和得，當(dāng)入射光的頻率大于極限頻率時(shí)，遏止電壓與入射光的頻率成線性關(guān)系．故C錯(cuò)誤；DE、從圖象上可知，逸出功W0=hv0．根據(jù)光電效應(yīng)方程，Ekm=hv-W0=hv0．若入射光的頻率為2ν0時(shí)，產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能為hν0，若入射光的頻率為3ν0時(shí)，產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能為2hν0，故D正確，E錯(cuò)誤。故選ABD。（2）根據(jù)機(jī)械能守恒研究B與A碰前的過程求出碰前的速度大小，第一次碰撞后B球恰返回到b點(diǎn)，A球上升的最高點(diǎn)為c，根據(jù)機(jī)械能守恒列出等式，根據(jù)動(dòng)量守恒定律列出等式，聯(lián)立求解。本題主要考查了機(jī)械能守恒定律、動(dòng)量守恒定律的直接應(yīng)用，關(guān)鍵要清楚物體的運(yùn)動(dòng)過程，難度適中。【解析】（1）ABD（2）解：設(shè)B與A碰前