2025年滬科版高三物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年滬科版高三物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、關(guān)于物體受到的力，下列說(shuō)法正確的是（）A.輕繩對(duì)物體的拉力是由物體的形變產(chǎn)生的，其方向指向輕繩收縮的方向B.相互接觸的物體間一定有彈力作用C.形狀規(guī)則的物體的重心不一定在它的幾何中心上D.書對(duì)桌面的壓力就是書的重力2、理想變壓器正常工作時(shí)，原線圈一側(cè)與副線圈一側(cè)保持不變的物理量是（）A.電流B.電壓C.線圈匝數(shù)D.電功率3、某電場(chǎng)的電場(chǎng)線如圖所示；電場(chǎng)中有A；B兩點(diǎn)，則下列說(shuō)法中正確的是（）

A.電勢(shì)φA＞φB，場(chǎng)強(qiáng)EA＞EBB.電勢(shì)φA＞φB，場(chǎng)強(qiáng)EA＜EBC.將+q電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn)電場(chǎng)力做負(fù)功D.將-q電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn)電場(chǎng)力做正功4、（2016?會(huì)寧縣校級(jí)模擬）如圖，一理想變壓器原副線圈的匝數(shù)比為1：2；副線圈電路中接有燈泡，燈泡的額定電壓為220V，額定功率為22W；原線圈電路中接有電壓表和電流表．現(xiàn)閉合開關(guān)，燈泡正常發(fā)光．若用U和I分別表示此時(shí)電壓表和電流表的讀數(shù)，則（）A.U=110V，I=0.2AB.U=110V，I=0.05AC.U=110V，I=0.2AD.U=110V，I=0.2A5、某電源輸出的電流中既有交流又有直流成分；如果需要在R上得到直流成分，應(yīng)在如圖所示電路中的A；B兩處連接合適的元件．合理的連接方式是（）

A.A；B處均接電感。

B.A；B處均接電容。

C.A處接電感；B處接電容。

D.A處接電容；B處接電感。

6、【題文】如圖所示的電路中，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R0的滑動(dòng)觸頭向下滑動(dòng)時(shí)：

A.R1上消耗的電功率減小B.電壓表V的示數(shù)減小C.電源消耗的功率變大D.電容器C兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度變大7、船在靜水中的速度是4m/s，河岸筆直，河寬4m，河水流速為3m/s，以下說(shuō)法正確的是（）A.船過(guò)河的最短時(shí)間為0.8sB.船在河中運(yùn)動(dòng)速度一定為5m/sC.船過(guò)河的最短時(shí)間為1sD.船不可以垂直過(guò)河8、下列對(duì)電場(chǎng)中的概念、公式的理解，其中正確的是（）A.根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=，電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度與試探電荷所受的電場(chǎng)力成正比，與試探電荷的電量成反比B.根據(jù)電容的定義式C=，電容器的電容與所帶電荷量成正比，與兩極板間的電壓成反比C.根據(jù)真空中點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式E=k，電場(chǎng)中某點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度與場(chǎng)源電荷的電量成正比，與該點(diǎn)到場(chǎng)源電荷距離的平方成反比D.根據(jù)電勢(shì)差的定義式UAB=，帶電量為1C正電荷，從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)克服電場(chǎng)力做功為1J，則B點(diǎn)的電勢(shì)差為1V9、如圖，EOF和E′O′F′為空間一勻強(qiáng)磁場(chǎng)的邊界，其中EO∥E′O′，F(xiàn)O∥F′O′，且EO⊥OF；OO′為∠EOF的角平分線，OO′間的距離為l；磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里．一邊長(zhǎng)為l的閉合正方形導(dǎo)線框沿OO′方向勻速通過(guò)磁場(chǎng)，t=0時(shí)刻恰好位于圖示位置．規(guī)定導(dǎo)線框中感應(yīng)電流沿逆時(shí)針?lè)较驎r(shí)為正，則感應(yīng)電流i與時(shí)間t的關(guān)系圖線可能正確的是（）A.B.C.D.評(píng)卷人得分二、填空題(共7題，共14分)10、勻變速直線運(yùn)動(dòng)公式默寫。

（1）速度與時(shí)間關(guān)系：____

（2）位移與時(shí)間關(guān)系：____

（3）位移與速度關(guān)系：____

（4）任意寫出三個(gè)推論：____．11、（2012春?寧國(guó)市校級(jí)期中）如圖所示，在光滑水平面上，有一小球A球以初速度v0向右運(yùn)動(dòng)與靜止B球發(fā)生彈性碰撞．兩球質(zhì)量關(guān)系為mB=2mA，規(guī)定向右為正方向，則碰后A球的速度為____．12、（2014?普陀區(qū)一模）如圖，電路中三個(gè)電阻Rl、R2和R3的阻值分別為1Ω、2Ω和4Ω．當(dāng)電鍵S1斷開、S2閉合時(shí)，電源輸功率為1W；當(dāng)S1閉合、S2斷開時(shí)，電源輸出功率也為1W．則電源電動(dòng)勢(shì)為____V，內(nèi)阻為____Ω．13、如圖所示，長(zhǎng)度為l的絕緣輕桿一端可繞O點(diǎn)在豎直平面內(nèi)自由轉(zhuǎn)動(dòng)，另一端固定一個(gè)質(zhì)量為m、帶電量為+q的小球，整個(gè)裝置處于水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)強(qiáng)度E=現(xiàn)將小球從最低點(diǎn)A處由靜止釋放，則輕桿可以轉(zhuǎn)過(guò)的最大角度為_____________。若在輕桿的中點(diǎn)施加一個(gè)始終垂直于桿的作用力F，F(xiàn)的大小始終保持為2mg，將小球從圖中的B處由靜止釋放后，作用力F的最大功率Pm=_____________。14、（2011春?瓊海校級(jí)月考）某同學(xué)在夏天游玩時(shí)；看到有一些小昆蟲可以在水面上停留或能跑來(lái)跑去而不會(huì)沉入水中，尤其是湖水中魚兒戲水時(shí)吐出小氣泡的情景，覺(jué)得很美，于是畫了一魚兒戲水的圖畫，但旁邊的同學(xué)考慮到上層水溫較高和壓強(qiáng)較小的情況，認(rèn)為他的畫有不符合物理規(guī)律之處，請(qǐng)根據(jù)你所掌握的物理知識(shí)指出正確的畫法（用簡(jiǎn)單的文字表述，不要畫圖），并指出這樣畫的物理依據(jù)．

（1）正確畫法：____．

（2）物理學(xué)依據(jù)：____．15、標(biāo)矢性：

動(dòng)能是____量，只有正值，與速度方向____．16、圖中K是密封在真空玻璃管內(nèi)的金屬電極，它受光照射后能釋放出電子；W是可以透光的窗口，光線通過(guò)它可照射到電極K上；C是密封在真空玻璃管內(nèi)圓筒形的收集電極，它能收集K所發(fā)出的光電子．R是接在電池組E（電壓足夠高）兩端的滑動(dòng)變阻器，電極K通過(guò)導(dǎo)線與串聯(lián)電池組的中心端O連接；G是用于測(cè)量光電流的電流計(jì)．已知當(dāng)某一特定頻率的單色光通過(guò)窗口照射電極K時(shí)，能產(chǎn)生光電子．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)接頭處在某一點(diǎn)P時(shí)，可以測(cè)到光電流，當(dāng)滑動(dòng)頭向右移動(dòng)時(shí)，G的示數(shù)增大，使滑動(dòng)頭繼續(xù)緩慢向右不斷移動(dòng)時(shí)，電流計(jì)G的示數(shù)變化情況是：____．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)接頭從P點(diǎn)緩慢向左不斷移動(dòng)時(shí)，電流計(jì)G的示數(shù)變化情況是：____．

若測(cè)得用頻率為ν1的單色光照射電極K時(shí)的遏止電壓為V1，頻率為ν2的單色光照射電極時(shí)的遏止電壓為V2，已知電子的電荷量為e，則普朗克常量h=____，金屬電極K的逸出功W0=____．評(píng)卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)17、氣體由狀態(tài)1變到狀態(tài)2時(shí)，一定滿足方程=．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)發(fā)生了變化，一定受到外力的作用．____（判斷對(duì)錯(cuò)）19、沿電場(chǎng)線的方向，電勢(shì)逐點(diǎn)降低．____（判斷對(duì)錯(cuò)）20、同一汽車，速度越快，越難剎車，說(shuō)明物體速度越大，慣性越大．____（判斷對(duì)錯(cuò)）21、平拋運(yùn)動(dòng)屬于勻變速運(yùn)動(dòng)，勻速圓周運(yùn)動(dòng)也屬于勻變速運(yùn)動(dòng)．____．22、將未飽和汽轉(zhuǎn)化成飽和汽，可以用保持溫度不變，減小體積，或是保持體積不變，降低溫度，也可以用保持體積不變，減小壓強(qiáng)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）23、在磁場(chǎng)中，粒子的比荷之比與軌道半徑之比成反比____（判斷對(duì)錯(cuò)）24、電流周圍存在磁場(chǎng)____．（判斷對(duì)錯(cuò)）25、電荷在電場(chǎng)中一定受電場(chǎng)力的作用．____（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、推斷題(共3題，共27分)26、已知rm{A}是芳香烴，苯環(huán)上只有一個(gè)取代基，rm{A}完全加氫后分子中有兩個(gè)甲基，rm{E}的分子式為rm{C_{9}H_{8}O_{2}}能使溴的四氯化碳溶液褪色，其可以用來(lái)合成新型藥物rm{H}合成路線如圖所示。已知：

請(qǐng)回答下列問(wèn)題：

rm{(1)}寫出有機(jī)物rm{A}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式：____________。有機(jī)物rm{D}中存在的官能團(tuán)名稱為_______________。rm{(2)}上述反應(yīng)過(guò)程中屬于取代反應(yīng)的有________________rm{(}填序號(hào)rm{)}rm{(3)}有機(jī)物rm{H}在一定條件下可以聚合形成高分子，寫出該聚合物的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式：_______________________。rm{(4)}寫出rm{H}在氫氧化鈉催化作用下的水解方程式：______________________________________。rm{(5)}有機(jī)物rm{E}有多種同分異構(gòu)體；寫出符合下列條件的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式：_____________________________。

rm{a.}存在苯環(huán)且苯環(huán)上核磁共振氫譜只有rm{2}組峰值。

rm{b.}與新制rm{Cu(OH)_{2}}懸濁液作用產(chǎn)生磚紅色沉淀。

rm{c.}加入rm{FeCl_{3}}溶液顯色rm{(6)}參照rm{H}的上述合成路線，設(shè)計(jì)一條由石油產(chǎn)品和rm{NH_{2}隆陋CH(CH_{3})_{2}}為起始原料制備醫(yī)藥中間體rm{CH_{3}CONHCH(CH_{3})_{2}}的合成路線：____________rm{(}需注明反應(yīng)條件rm{)}27、富馬酸rm{(}反式丁烯二酸rm{)}與rm{Fe}反式丁烯二酸rm{(}與rm{)}rm{Fe}rm{{,!}^{2+}}富馬酸鐵又稱“富血鐵”，可用于治療缺鐵性貧血。以下是合成富馬酸鐵的一種工藝路線：回答下列問(wèn)題：形成的配合物rm{隆陋隆陋}富馬酸鐵又稱“富血鐵”，可用于治療缺鐵性貧血。以下是合成富馬酸鐵的一種工藝路線：乙醇的分子式為____，由rm{隆陋隆陋}生成rm{(1)}的反應(yīng)類型為____。rm{A}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為____。rm{B}富馬酸的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為____，其中含有的官能團(tuán)名稱為____。____rm{(2)C}與rm{(3)}的乙醇溶液反rm{(4)B}應(yīng)的方程式為____。rm{NaOH}富馬酸與乙二醇反應(yīng)生成高分子化合物的的化學(xué)方程式為____。____rm{_}分子式為rm{(5)}的芳香族化合物，且含rm{(6)}結(jié)構(gòu)的共有____種，這些化合物中的一種核磁共振氫譜至少有____個(gè)峰。rm{C_{8}H_{8}O_{2}}28、rm{[}化學(xué)rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)rm{]}下圖所示為一個(gè)有機(jī)合成反應(yīng)的流程圖：請(qǐng)根據(jù)圖示回答下列問(wèn)題：rm{(1)C}物質(zhì)官能團(tuán)結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式：_______________，名稱是______rm{(2)}寫出中間產(chǎn)物rm{A}rm{B}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式。rm{A}________________，rm{B}________________。rm{(3)}在圖中rm{壟脵}至rm{壟脽}的反應(yīng)中屬于取代反應(yīng)的是________。rm{(}填序號(hào)rm{)}rm{(4)}寫出第rm{壟脼}步反應(yīng)化學(xué)方程式：___________________________rm{(5)}寫出rm{C}的同分異構(gòu)體rm{X}rm{壟隆.}苯環(huán)上有兩個(gè)側(cè)鏈；rm{壟壟.1molX}與足量rm{NaHCO_{3}}溶液反應(yīng)產(chǎn)生rm{1molCO_{2}}氣體。寫出符合上述兩條件的rm{X}的所有結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式____________________________。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【分析】彈力的產(chǎn)生條件是直接接觸并發(fā)生彈性形變，彈力的方向與接觸面相垂直，繩子的彈力一定沿繩子的收縮方向，而桿的彈力不一定沿著桿的方向，形狀規(guī)則的物體的重心不一定在它的幾何中心上．【解析】【解答】解：A；輕繩對(duì)物體的拉力是由繩的形變產(chǎn)生的；其方向指向輕繩收縮的方向，故A錯(cuò)誤；

B；彈力的產(chǎn)生條件是直接接觸并發(fā)生彈性形變；所以相互接觸的物體間不一定有彈力作用．故B錯(cuò)誤；

C；形狀規(guī)則的物體的重心不一定在它的幾何中心上；故C正確；

D；書對(duì)桌面的壓力是由于重力而引起的；卻不是重力，故D錯(cuò)誤；

故選：C．2、D【分析】【分析】變壓器的工作原理是互感現(xiàn)象，改變的是電壓和電流，不變的是頻率和電功率．【解析】【解答】解：A；B、變壓器的工作原理是互感現(xiàn)象；升壓就會(huì)降低電流，降壓就會(huì)提高電流，故A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤；

C；原副線圈匝數(shù)比等于電壓比；變壓器的原副線圈匝數(shù)通常都不同，故C錯(cuò)誤；

D；根據(jù)能量守恒定律；理想變壓器正常工作時(shí)，輸入與輸出的電功率相等，故D正確；

故選：D．3、B【分析】【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度的大小看電場(chǎng)線的疏密程度；電場(chǎng)線越密的地方電場(chǎng)強(qiáng)度越大；

電勢(shì)的高低看電場(chǎng)線的指向；沿著電場(chǎng)線電勢(shì)一定降低．

要正確在電場(chǎng)中通過(guò)電場(chǎng)線來(lái)判斷電場(chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)、電勢(shì)能大小變化，理解這些概念之間的關(guān)系．【解析】【解答】解：A、電場(chǎng)線越密的地方電場(chǎng)強(qiáng)度越大，所以場(chǎng)強(qiáng)EA＜EB；

沿著電場(chǎng)線電勢(shì)降低，所以電勢(shì)φA＞φB；故A錯(cuò)誤，B正確．

C；將+q電荷從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)所受電場(chǎng)力和電場(chǎng)線方向相同；電場(chǎng)力做正功，故C錯(cuò)誤．

D；將-q電荷分別放在A、B兩點(diǎn)；所受電場(chǎng)力和電場(chǎng)線方向相反，電場(chǎng)力做負(fù)功，故D錯(cuò)誤．

故選：B4、A【分析】【分析】燈泡正常發(fā)光說(shuō)明副線圈的電壓為220V，計(jì)算電流，根據(jù)變壓器中電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比即可求解．【解析】【解答】解：燈泡正常發(fā)光說(shuō)明副線圈的電壓為220V，電流為=0.1A，根據(jù)電壓、電流與匝數(shù)的關(guān)系知，原線圈中電壓為=110V，電流為=0.2A；A正確．

故選A5、C【分析】

由電路圖可知；電感線圈能通直流，阻擋住高頻交流電，使低頻交流電通過(guò)電阻R；電容器能使高頻交流電通過(guò)，直流電不能通過(guò)；而題中需要在R上得到直流成分，應(yīng)在A處接電感，B處接電容，從而使直流通過(guò)R，符合要求，故C正確；A；B、D錯(cuò)誤；

故選C

【解析】【答案】電容器隔直流通交流；電容器電容越大，對(duì)交流電的阻礙作用越??；

電感線圈通直流交流；電感線圈的電感越大，對(duì)交流的阻礙作用越大．

分析清楚電路結(jié)構(gòu)；然后答題．

6、A|D【分析】【解析】考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律；電容．

專題：恒定電流專題．

分析：當(dāng)滑動(dòng)變阻器R2的滑片向下滑動(dòng)時(shí)，R2增大；外電路總電阻增大，總電流減小，分析路端電壓的變化和電容器電壓變化，再分析功率和電容器板間場(chǎng)強(qiáng)變化．

解答：解：A、R2增大，外電路總電阻增大，總電流I減小，R1上消耗的功率P1=I2R1減小．故A正確．

B、電壓表讀數(shù)U=E-Ir；I減小，U增大．故B錯(cuò)誤．

C；電源的功率P=EI；I減小，P減?。蔆錯(cuò)誤．

D、電容器的電壓UC=E-I（R1+r），UC增大，電容器C的兩板間場(chǎng)強(qiáng)E=增大．故D正確．

故選AD

點(diǎn)評(píng)：本題是電路中典型的問(wèn)題：電路動(dòng)態(tài)變化分析的類型．這種類型常常按照“局部→整體→局部”思路分析．對(duì)于路端電壓也可以根據(jù)路端電壓隨外電阻增大而增大、減小而減小直接判斷．【解析】【答案】AD7、C【分析】【分析】小船在河水中參與了兩個(gè)運(yùn)動(dòng)，一是隨水流向下的運(yùn)動(dòng)，二是船在靜水中的運(yùn)動(dòng)，則由運(yùn)動(dòng)的合成與分解可確定答案．【解析】【解答】解：A、要使船渡河時(shí)間最短，船頭應(yīng)正對(duì)河岸前進(jìn)，故渡河時(shí)間t==s=1s；故A錯(cuò)誤，C正確；

B；船在河中的速度與船頭的指向有關(guān)；符合平行四邊形定則，故運(yùn)動(dòng)速度有多種可能，故B錯(cuò)誤；

D；當(dāng)船的合速度正對(duì)河岸時(shí)；船垂直過(guò)河，此時(shí)船頭應(yīng)偏向上游，故D錯(cuò)誤；

故選：C．8、C【分析】【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度取決于電場(chǎng)本身，與有無(wú)試探電荷無(wú)關(guān)；點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式E=k中Q是場(chǎng)源電荷．用電容器和電勢(shì)差的定義式即可求解．【解析】【解答】解：A；電場(chǎng)強(qiáng)度取決于電場(chǎng)本身；與有無(wú)試探電荷無(wú)關(guān)，所以不能理解成電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度和試探電荷的電量成反比，故A錯(cuò)誤．

B；電容是描述電容器容納電荷本領(lǐng)的物理量；取決于電容器本身，并不是電容器的電容與所帶電荷量成正比，與兩極板間的電壓成反比，故B錯(cuò)誤．

C、根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式E=k知：Q是場(chǎng)源電荷；所以電場(chǎng)中某點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度與場(chǎng)源電荷的電量成正比，與該點(diǎn)到場(chǎng)源電荷距離的平方成反比，故C正確．

D、據(jù)電勢(shì)差的定義式UAB=知；帶電量為1C正電荷，從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)克服電場(chǎng)力做功為1J，即電場(chǎng)力做功為-1J，則A；B點(diǎn)的電勢(shì)差為-1V，故D錯(cuò)誤．

故選：C．9、D【分析】【分析】運(yùn)用E=BLv找出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化的情況．

其中L為切割磁感線的有效長(zhǎng)度．

根據(jù)右手定則判斷出感應(yīng)電流的方向．【解析】【解答】解：在整個(gè)正方形導(dǎo)線框通過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中；

切割磁感線的邊框?yàn)閮韶Q直邊框；兩水平邊框不切割磁感線．

由于正方形導(dǎo)線框沿OO′方向勻速通過(guò)磁場(chǎng)；

①?gòu)拈_始到左邊框到達(dá)O′之前；進(jìn)入磁場(chǎng)切割磁感線的有效長(zhǎng)度隨時(shí)間均勻增加；

根據(jù)E=BLv得出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間也均勻增加；

由于電阻不變；所以感應(yīng)電流i也隨時(shí)間均勻增加．

根據(jù)右手定則判斷出感應(yīng)電流的方向；結(jié)合導(dǎo)線框中感應(yīng)電流沿逆時(shí)針?lè)较驎r(shí)為正，得出開始為正方向．

②當(dāng)左邊框到達(dá)OO′之后；由于進(jìn)入磁場(chǎng)切割磁感線的有效長(zhǎng)度不變，所以感應(yīng)電流i不變．

③當(dāng)左邊框到達(dá)OO′中點(diǎn)；右邊框即將進(jìn)入磁場(chǎng)切割磁感線，由于左邊框的切割磁感線的有效長(zhǎng)度在減小，而右邊框切割磁感線有效長(zhǎng)度在增大，而左右邊框切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)方向相反，所以整個(gè)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間也均勻減小．

④當(dāng)左邊框到達(dá)距O點(diǎn)時(shí)；左右邊框切割磁感線的有效長(zhǎng)度相等，此時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為0，再往后跟前面過(guò)程相反．故ABC錯(cuò)誤，D正確．

故選：D．二、填空題(共7題，共14分)10、v=v0+at；=；△x=aT2【分析】【分析】直接默寫勻變速直線運(yùn)動(dòng)有關(guān)公式即可，注意各物理量有規(guī)定的字母表示，不可隨意改動(dòng)；【解析】【解答】解：（1）速度與時(shí)間關(guān)系v=v0+at；

（2）位移與時(shí)間關(guān)系；

（3）位移與速度關(guān)系

（4）三個(gè)推論：勻變速直線運(yùn)動(dòng)平均速度公式；中間位置的速度公式=；相同時(shí)間間隔相鄰位移差△x=aT2；

故答案為：（1）v=v0+at；

（2）；

（3）；

（4）；=；△x=aT2．11、-v0【分析】【分析】根據(jù)動(dòng)量守恒定律和系統(tǒng)機(jī)械能守恒列方程求解即可．【解析】【解答】解：根據(jù)動(dòng)量守恒定律：mAv0+0=mAvA′+mBvB′

根據(jù)機(jī)械能守恒：mAv02+0=mAvA′2+mBvB′2

聯(lián)立求解得：vA′=v0=-v0

故答案為：-v0．12、32【分析】【分析】當(dāng)電鍵S1斷開、S2閉合時(shí)，電阻R2和R3被短路；當(dāng)S1閉合、S2斷開時(shí)，電阻R1和R2被短路；根據(jù)輸出功率公式，分別對(duì)兩種情況進(jìn)行列式，即可求解電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻；【解析】【解答】解：由當(dāng)電鍵S1斷開、S2閉合時(shí)，電阻R2和R3被短路，則有電源輸出功率P1=（）2R1；

代入得：1=（）2；

當(dāng)S1閉合、S2斷開時(shí)，電阻R1和R2被短路，則有電源輸出功率P2=（）2R3；

代入得：1=（）2×4

聯(lián)立解得，E=3V，r=2R

故答案為：3；213、略

【分析】因?yàn)殡妶?chǎng)強(qiáng)度E=桿平衡位置處于與豎直夾角45°的B位置，將小球從最低點(diǎn)A處由靜止釋放，當(dāng)電場(chǎng)做功等于重力勢(shì)能時(shí)，輕桿轉(zhuǎn)過(guò)的角度最大，此時(shí)關(guān)于B點(diǎn)對(duì)稱，則輕桿可以轉(zhuǎn)過(guò)的最大角度為90°；【解析】【答案】90°，或0.86mg（每空2分）14、上面的氣泡體積比下面的氣泡體積要逐漸增大氣體溫度升高，壓強(qiáng)減小，由理想氣體狀態(tài)方程可知，其體積增大【分析】【分析】氣泡在上升過(guò)程中，溫度升高，從水底越往上，壓強(qiáng)越小，應(yīng)用理想氣體狀態(tài)方程分析答題．【解析】【解答】解：（1）正確畫法：上面的氣泡體積比下面的氣泡體積要逐漸增大．

（2）氣泡在上升過(guò)程中，氣體溫度T升高，壓強(qiáng)p減小，由理想氣體狀態(tài)方程：=C可知；

氣體體積：V=；由于T增大；p減小，則氣體體積V增大；

答：（1）上面的氣泡體積比下面的氣泡體積要逐漸增大；

（2）氣體溫度升高，壓強(qiáng)減小，由理想氣體狀態(tài)方程可知，其體積增大．15、標(biāo)無(wú)關(guān)【分析】【分析】動(dòng)能描述物體的由于運(yùn)動(dòng)而具有的能量，為標(biāo)量與運(yùn)動(dòng)的方向無(wú)關(guān)．【解析】【解答】解：能量均為標(biāo)量；特別注意動(dòng)能是物體由于運(yùn)動(dòng)而具有的能量，動(dòng)能全為正值；與速度的方向無(wú)關(guān)；

故答案為：標(biāo)；無(wú)關(guān)．16、逐漸增大，最后趨向一恒定值逐漸減小，最后變到零e【分析】【分析】當(dāng)KC間加正向電壓時(shí)，電壓電壓增大時(shí)，光電流強(qiáng)度先增大后達(dá)到飽和后不變，當(dāng)加反向電壓時(shí)，光電流強(qiáng)度減小后變?yōu)榱悖鶕?jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程列式求解普朗克常量h和金屬電極K的逸出功W0．【解析】【解答】解：當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)接頭處在某一點(diǎn)P時(shí)；能測(cè)到光電流，當(dāng)滑動(dòng)頭向右移動(dòng)時(shí)，KC間加的是正向電壓，隨著正向電壓的增大，光電流強(qiáng)度逐漸增大，達(dá)到飽和電流后光電流強(qiáng)度不變．所以電流計(jì)G的示數(shù)變化情況是：逐漸增大，最后趨向一恒定值．

當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)接頭從P點(diǎn)緩慢向左不斷移動(dòng)時(shí)；KC間加上反向電壓，光電流強(qiáng)度減小，最后變?yōu)榱悖?/p>

用頻率為ν1的單色光照射電極K時(shí)，根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程得：Ek1=hγ1-W0；

對(duì)于電子在遏止電壓為V1作用下減速過(guò)程，由動(dòng)能定理得：0-Ek1=-eV1．

聯(lián)立得：eV1=hγ1-W0；

同理，用頻率為ν2的單色光照射電極時(shí)有：eV2=hγ2-W0；

聯(lián)立以兩式解得：h=；W0=e

故答案為：逐漸增大，最后趨向一恒定值；逐漸減小，最后變到零；；e．三、判斷題(共9題，共18分)17、×【分析】【分析】根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程即可做出判定．【解析】【解答】解：對(duì)于一定質(zhì)量的理想氣體，由狀態(tài)1變到狀態(tài)2時(shí)，一定滿足方程=．若不滿足一定質(zhì)量的條件；該公式不成立．所以以上的說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×18、√【分析】【分析】根據(jù)牛頓第一定律，力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，而物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)發(fā)生改變，則物體的加速度a不為0，故力是產(chǎn)生加速度的原因．【解析】【解答】解：根據(jù)牛頓第一定律；力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，而物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)發(fā)生改變，一定受到外力的作用．以上說(shuō)法是正確的；

故答案為：√19、√【分析】【分析】本題根據(jù)電場(chǎng)線的物理意義分析場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)的關(guān)系；根據(jù)沿電場(chǎng)線的方向，電勢(shì)逐點(diǎn)降低即可解答．【解析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的物理意義：順著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低．故該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√20、×【分析】【分析】質(zhì)量是慣性的唯一標(biāo)志，與物體的速度大小，加速度大小，是否運(yùn)動(dòng)等全部無(wú)關(guān)．【解析】【解答】解：質(zhì)量是慣性的唯一標(biāo)志；與物體的速度大小，加速度大小，是否運(yùn)動(dòng)等全部無(wú)關(guān)，故此說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×．21、×【分析】【分析】勻變速運(yùn)動(dòng)是指加速度恒定的運(yùn)動(dòng)；平拋運(yùn)動(dòng)的加速度為g，恒定；勻速圓周運(yùn)動(dòng)的加速度總是指向圓心，時(shí)刻改變．【解析】【解答】解：勻變速運(yùn)動(dòng)是指加速度恒定的運(yùn)動(dòng)；

平拋運(yùn)動(dòng)的加速度為g；恒定，是勻變速曲線運(yùn)動(dòng)；

勻速圓周運(yùn)動(dòng)的加速度總是指向圓心；時(shí)刻改變，是變加速運(yùn)動(dòng)；

故答案為：×．22、×【分析】【分析】根據(jù)飽和汽壓僅僅與溫度有關(guān)，然后結(jié)合理想氣體的狀態(tài)方程即可正確解答．【解析】【解答】解：根據(jù)與飽和蒸汽壓有關(guān)的因素可知；同一種蒸汽的飽和蒸汽壓僅僅與溫度有關(guān)，與其體積無(wú)關(guān)．所以該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×23、√【分析】【分析】粒子在磁場(chǎng)中，由洛倫茲力提供向心力，故在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，寫出牛頓第二定律的方程，導(dǎo)出粒子的半徑公式即可做出判定．【解析】【解答】解：粒子在磁場(chǎng)中，由洛倫茲力提供向心力，故在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；由洛倫茲力提供向心力，有qvB=m，解得r=；粒子的比荷之比與軌道半徑之比成反比．

故答案為：√24、√【分析】【分析】丹麥物理學(xué)家奧斯特首先發(fā)現(xiàn)的電流周圍存在磁場(chǎng)．【解析】【解答】解：丹麥物理學(xué)家奧斯特首先發(fā)現(xiàn)的電流周圍存在磁場(chǎng)；安培確定了電流周圍的磁場(chǎng)的方向．所以電流周圍存在磁場(chǎng)是正確的．

故答案為：（√）25、√【分析】【分析】電場(chǎng)的基本性質(zhì)就是對(duì)其中的電荷有力的作用，電荷在電場(chǎng)中一定受到電場(chǎng)力作用．【解析】【解答】解：電場(chǎng)的基本性質(zhì)就是對(duì)其中的電荷有力的作用；故電荷在電場(chǎng)中一定受電場(chǎng)力的作用．

故答案為：√四、推斷題(共3題，共27分)26、（1）羥基、羧基

（2）②⑤⑥

（3）

（4）

（5）

（6）

【分析】【分析】本題屬于有機(jī)物的合成，考查有機(jī)物的基礎(chǔ)知識(shí)以及官能團(tuán)的性質(zhì)，解決這類問(wèn)題，需要熟悉掌握官能團(tuán)的性質(zhì)，官能團(tuán)的引入和消去，充分利用信息，同分異構(gòu)體的書寫和判斷是有機(jī)合成中常考知識(shí)，特別是限制性的同分異構(gòu)體的書寫，這就要求學(xué)生注意限制條件的運(yùn)用，本題的難度適中，考查了學(xué)生推斷能力、基礎(chǔ)知識(shí)的運(yùn)用能力?！窘獯稹縭m{A}是芳香烴，根據(jù)分子式含有rm{1}個(gè)苯環(huán)，能和溴的四氯化碳溶液發(fā)生反應(yīng)，說(shuō)明含有碳碳雙鍵，rm{A}和氫氣發(fā)生加成反應(yīng)后有兩個(gè)甲基，說(shuō)明含有烴基上含有rm{1}個(gè)支鏈，即rm{A}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為是芳香烴，根據(jù)分子式含有rm{A}個(gè)苯環(huán)，能和溴的四氯化碳溶液發(fā)生反應(yīng)，說(shuō)明含有碳碳雙鍵，rm{1}和氫氣發(fā)生加成反應(yīng)后有兩個(gè)甲基，說(shuō)明含有烴基上含有rm{A}個(gè)支鏈，即rm{1}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{A}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為和溴的四氯化碳溶液發(fā)生加成反應(yīng)，即rm{B}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為發(fā)生鹵代烴的水解反應(yīng)，羥基取代溴原子的位置，即rm{B}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為，反應(yīng)rm{壟脷}發(fā)生鹵代烴的水解反應(yīng)，羥基取代溴原子的位置，即rm{C}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為轉(zhuǎn)化rm{壟脷}發(fā)生氧化反應(yīng)，rm{C}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：，rm{C}轉(zhuǎn)化rm{D}發(fā)生氧化反應(yīng)，rm{D}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：和rm{C}的分子式，以及rm{D}能使溴的四氯化碳溶液褪色，反應(yīng)rm{D}發(fā)生消去反應(yīng)，即，對(duì)比rm{D}和rm{E}的分子式，以及rm{E}能使溴的四氯化碳溶液褪色，反應(yīng)rm{壟脺}發(fā)生消去反應(yīng)，即rm{E}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：rm{D}溴原子取代羧基中羥基的位置，rm{E}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：rm{E}發(fā)生取代反應(yīng)，即rm{壟脺}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：rm{E}，根據(jù)信息rm{壟脵}溴原子取代羧基中羥基的位置，rm{F}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：根據(jù)上述分析，rm{壟脵}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{F}中含有官能團(tuán)是羥基和羧基，，根據(jù)信息rm{壟脷}發(fā)生取代反應(yīng)，即rm{H}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：羥基、羧基；rm{壟脷}反應(yīng)過(guò)程中屬于取代反應(yīng)的有rm{H}水解反應(yīng)，。取代，rm{(1)}根據(jù)上述分析，rm{A}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為脫rm{(1)}rm{A}，rm{D}中含有官能團(tuán)是羥基和羧基，中含有碳碳雙鍵，通過(guò)發(fā)生加聚反應(yīng)生成高分子化合物，即結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：故答案為：rm{D}中含有酯基和肽鍵，在氫氧化鈉溶液中發(fā)生水解反應(yīng)，反應(yīng)方程式為：故答案為：rm{(2)}反應(yīng)過(guò)程中屬于取代反應(yīng)的有rm{(2)}rm{壟脷}水解反應(yīng)，rm{壟脻}取代，rm{壟脼}脫rm{HBr}rm{壟脷}rm{壟脻}rm{壟脼}含有苯環(huán)，且苯環(huán)上有rm{HBr}組峰，說(shuō)明含有兩種氫，應(yīng)是含有兩個(gè)取代基，且處于對(duì)位；故答案為：rm{壟脷壟脻壟脼}能和新制氫氧化銅懸濁液反應(yīng)生成磚紅色沉淀，說(shuō)明含有醛基，屬于醛或甲酸某酯；rm{壟脷壟脻壟脼}加入rm{(3)H}中含有碳碳雙鍵，通過(guò)發(fā)生加聚反應(yīng)生成高分子化合物，即結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：rm{(3)H}rm{(4)H}中含有酯基和肽鍵，在氫氧化鈉溶液中發(fā)生水解反應(yīng)，反應(yīng)方程式為：rm{(4)H}rm{+2NaOH隆煤CH}rm{+2NaOH隆煤CH}rm{{,!}_{3}}根據(jù)中間體的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式，生成中間體兩種有機(jī)物分別是：rm{OH+}rm{OH+}rm{+}和rm{+}故答案為：；rm{(5)a}含有苯環(huán)，且苯環(huán)上有rm{2}組峰，說(shuō)明含有兩種氫，應(yīng)是含有兩個(gè)取代基，且處于對(duì)位；rm能和新制氫氧化銅懸濁液反應(yīng)生成磚紅色沉淀，說(shuō)明含有醛基，屬于醛或甲酸某酯；rm{c}加入rm{FeCl}rm{(5)a}rm{2}rmrm{c}rm{FeCl}和rm{{,!}_{3}}發(fā)生顯色反應(yīng)，說(shuō)明含有酚羥基，因此屬于的同分異構(gòu)體為：、，故答案為：乙酸由乙醛氧化生成，乙醛可以由乙烯直接轉(zhuǎn)化成，也可以由乙醇氧化生成，乙醇由乙烯的水化法產(chǎn)生，選擇最簡(jiǎn)單的路線，即故答案為：

rm{(6)}根據(jù)中間體的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式，生成中間體兩種有機(jī)物分別是：rm{CH}【解析】rm{(1)}羥基、羧基rm{(2)壟脷壟脻壟脼}rm{(3)}rm{(4)}rm{(5)}rm{(6)}27、（1）C2H6O取代反應(yīng)

（2）

（3）碳碳雙鍵、羧基

（4）+NaOH+NaCl+H2O

（5）

（6）104【分析】【分析】的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式是解本題關(guān)鍵，再結(jié)合反應(yīng)物的量、反應(yīng)條件、某些物質(zhì)的分子式進(jìn)行推斷，難點(diǎn)是同分異構(gòu)體種類的判斷，注意乙二酸和乙二醇發(fā)生縮聚反應(yīng)中水的計(jì)量數(shù)，為易錯(cuò)點(diǎn)。本題考查有機(jī)物推斷，側(cè)重考查學(xué)生分析推斷能力，為高考高頻點(diǎn)，正確推斷rm{C}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式是解本題關(guān)鍵，再結(jié)合反應(yīng)物的量、反應(yīng)條件、某些物質(zhì)的分子式進(jìn)行推斷，難點(diǎn)是同分異構(gòu)體種類的判斷，注意乙二酸和乙二醇發(fā)生縮聚反應(yīng)中水的計(jì)量數(shù)，為易錯(cuò)點(diǎn)【解答】環(huán)己烷與氯氣在光照條件下生成rm{C}為鹵代烴，rm{C}發(fā)生消去反應(yīng)生成環(huán)己烯，則為環(huán)己烯與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{B}為rm{B}再發(fā)生消去反應(yīng)生成與氯氣發(fā)生取代反應(yīng)生成發(fā)生氧化反應(yīng)生成再發(fā)生消去反應(yīng)得到進(jìn)行酸化、發(fā)生中和反應(yīng)得到富馬酸為：據(jù)此可得下列結(jié)論：rm{B}乙醇為飽和一元脂肪醇，其分子式為rm{C}由上述分析可知，rm{C}生成rm{(1)}的反應(yīng)類型為取代反應(yīng)；

故答案為：rm{C_{2}H_{6}O}取代反應(yīng)；

rm{A}環(huán)己烯與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{B}rm{C_{2}H_{6}O}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：

故答案為：

rm{(2)}由上述分析可知，富馬酸的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：分子中含有的官能團(tuán)有碳碳雙鍵和羧基；

故答案為：碳碳雙鍵、羧基；rm{C}與氫氧化鈉、乙醇混合加熱發(fā)生消去反應(yīng)生成環(huán)己烯，該反應(yīng)的化學(xué)方程式為：rm{+NaOHxrightarrow[triangle]{脪脪麓錄}}rm{C}故答案為：rm{(3)}rm{xrightarrow[triangle]{脪脪麓錄}}rm{(4)B}rm{+NaOHxrightarrow[triangle]{脪脪麓錄}

}rm{+NaCl+H_{2}O}；

rm{+NaOH}富馬酸為二元羧酸，故答案為：rm{+NaOH}分子式為rm{xrightarrow[triangle]{脪脪麓錄}

}的芳香族化合物，且含rm{+NaCl+H}結(jié)構(gòu)的有：rm{+NaCl+H}個(gè)支鏈分別為rm{2}rm{2}的鄰、間、對(duì)rm{O}種；rm{O}個(gè)支鏈分別為rm{(5)}rm{(6)}的鄰、間、對(duì)rm{C_{8}H_{8}O_{2}}種；rm{-COO-}個(gè)支鏈的rm{壟脵2}rm{-COOH}rm{-CH_{3}}rm{3}的rm{壟脷2}種，所以共有rm{-OOCH}種，這些化合物中的一種核磁共振氫譜中峰值最少的是有rm{-CH_{3}}個(gè)峰；故答案為：rm{3}rm{壟脹1}rm{-CH_{2}COOH}【解析】rm{(1)C_{2}H_{6}O}取代反應(yīng)rm{(2)}rm{(3)}碳碳雙鍵、羧基rm{(4)}rm{+NaOH}rm{xrightarrow[triangle]{脪脪麓錄}}rm{+Na