2025年仁愛(ài)科普版高二物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年仁愛(ài)科普版高二物理上冊(cè)月考試卷502考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、在地球表面上某一區(qū)域，用細(xì)線懸掛在一小磁針的重心位置，周?chē)鷽](méi)有其他磁源，靜止時(shí)發(fā)現(xiàn)小磁針的N極總是指向北偏下方向，則該區(qū)域的位置可能是()A.赤道B.南半球(極區(qū)除外)C.北半球(極區(qū)除外)D.北極附近2、一個(gè)T型電路如圖所示，電路中的電阻R1＝10Ω，R2＝120Ω，R3＝40Ω．另有一測(cè)試電源，電動(dòng)勢(shì)為100V，內(nèi)阻忽略不計(jì)．則（）A.當(dāng)cd端短路時(shí)，ab之間的等效電阻是40ΩB.當(dāng)ab端短路時(shí)，cd之間的等效電阻是40ΩC.當(dāng)cd兩端接通測(cè)試電源時(shí)，ab兩端的電壓為80VD.當(dāng)ab兩端接通測(cè)試電源時(shí)，cd兩端的電壓為80V3、下列家用電器工作時(shí)，電能主要轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的是（）A.電冰箱B.電風(fēng)扇C.電烙鐵D.微波爐4、如圖所示；線圈兩端與電阻相連構(gòu)成閉合回路，在線圈上方有一豎直放置的條形磁鐵，磁鐵的S

極朝下.

在將磁鐵的S

極插入線圈的過(guò)程中()

A.通過(guò)電阻的感應(yīng)電流的方向由a

到b

線圈與磁鐵相互排斥。

B.通過(guò)電阻的感應(yīng)電流的方向由a

到b

線圈與磁鐵相互吸引。

C.通過(guò)電阻的感應(yīng)電流的方向由b

到a

線圈與磁鐵相互排斥。

D.通過(guò)電阻的感應(yīng)電流的方向由b

到a

線圈與磁鐵相互吸引。

5、兩物體在不同高度自由下落，同時(shí)落地，第一個(gè)物體下落時(shí)間為t

第二個(gè)物體下落時(shí)間為13t

當(dāng)?shù)诙€(gè)物體開(kāi)始下落時(shí)，兩物體相距(

)

A.49gt2

B.29gt2

C.16gt2

D.518gt2

6、有關(guān)下列說(shuō)法中正確的是（）A.在光電效應(yīng)現(xiàn)象中，入射光的強(qiáng)度越大，光電子的最大初動(dòng)能越大B.湯姆生通過(guò)α粒子散射實(shí)驗(yàn)提出了原子核式結(jié)構(gòu)模型C.U衰變?yōu)镽n要經(jīng)過(guò)4次α衰變和2次β衰變D.玻爾原子理論不僅能解釋氫原子光譜，而且也能解釋其它原子光譜7、2014

年我國(guó)地質(zhì)探礦隊(duì)伍發(fā)現(xiàn)，在天津某地一面積約4

萬(wàn)平方公里地區(qū)的地磁場(chǎng)十分異常.

勘探隊(duì)伍推測(cè)該地區(qū)地下可能蘊(yùn)藏著(

)

A.銅礦B.鐵礦C.煤礦D.石油評(píng)卷人得分二、多選題(共5題，共10分)8、如圖所示，S1S2

是兩個(gè)相干波源，它們振動(dòng)同步且振幅相同.

實(shí)線和虛線分別表示在某一時(shí)刻它們所發(fā)出的波的波峰和波谷.

關(guān)于圖中所標(biāo)的abcd

四點(diǎn)，下列說(shuō)法中正確的有()

A.該時(shí)刻a

質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)最弱，bc

質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)最強(qiáng)，d

質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)既不是最強(qiáng)也不是最弱B.該時(shí)刻a

質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)最弱，bcd

質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)都最強(qiáng)C.a

質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)始終是最弱的，bcd

質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)始終是最強(qiáng)的D.再過(guò)T/4

后的時(shí)刻abc

三個(gè)質(zhì)點(diǎn)都將處于各自的平衡位置，因此振動(dòng)最弱9、如圖所示是用光照射某種金屬時(shí)逸出的光電子的最大初動(dòng)能隨入射光頻率的變化圖線；（直線與橫軸的交點(diǎn)坐標(biāo)4.27，與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)0.5）。由圖可知（）

A.該金屬的截止頻率為4.27×1014HzB.該金屬的截止頻率為5.5×1014HzC.該圖線的斜率表示普朗克常量D.該金屬的逸出功為0.5eV10、傳感器是一種采集信息的重要器件，如圖所示是一種測(cè)定壓力的電容式傳感器，當(dāng)待測(cè)壓力F作用于可動(dòng)膜片電極上時(shí)，可使膜片產(chǎn)生形變，引起電容的變化，將電容器、靈敏電流計(jì)和電源串接成閉合電路．那么（）A.當(dāng)F向上壓膜片電極時(shí)，電容將減小B.當(dāng)F向上壓膜片電極時(shí)，電容將增大C.若電流計(jì)中有向上的電流，則表明壓力F在減小D.若壓力F不變，則電流計(jì)中有向上的電流11、在勻強(qiáng)磁場(chǎng)里有一個(gè)原來(lái)靜止的放射性碳14

它所放射的粒子與反沖核的軌跡是兩個(gè)相切的圓，圓的半徑比為51

那么碳的衰變方程是(

)

A.614C隆煤24He+410Be

B.614C隆煤10e+514B

C.614C隆煤鈭?10e+714N

D.614C隆煤12H+512B

12、如圖所示為某分壓電路的一部分，C、D間接有阻值為Rx的定值電阻，接線柱M，N之間的電壓U0．恒定不變，開(kāi)始滑動(dòng)觸頭P位于滑動(dòng)變阻器的正中央。則下列說(shuō)法正確的是（）A.滑動(dòng)觸頭P向上移動(dòng)時(shí)定值電阻兩端的電壓減小B.滑動(dòng)觸頭P向下移動(dòng)時(shí)定值電阻兩端的電壓增大C.當(dāng)滑動(dòng)觸頭P不滑動(dòng)時(shí)定值電阻兩端的電壓小于D.保持滑動(dòng)觸頭P不動(dòng)，將定值電阻換為大于Rx的電阻R1，R1兩端的電壓小于評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)13、某同學(xué)測(cè)量一只未知阻值的電阻．（1）他先用多用電表進(jìn)行測(cè)量，按照正確的步驟操作后，測(cè)量的結(jié)果如圖（甲）所示．請(qǐng)你讀出其阻值大小為_(kāi)__________．。（2）若該同學(xué)再用“伏安法”測(cè)量該電阻，所用器材如圖（乙）所示，其中電壓表內(nèi)阻約為5kΩ，電流表內(nèi)阻約為5Ω，變阻器阻值為50Ω．圖中部分連線已經(jīng)連接好，為了盡可能準(zhǔn)確地測(cè)量電阻，請(qǐng)你完成其余的連線．（3）該同學(xué)按照“伏安法”測(cè)量電阻的要求連接好圖乙電路后，測(cè)得的電阻值將____（填“大于”、“小于”或“等于”）被測(cè)電阻的實(shí)際阻值．14、有兩個(gè)單擺做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，位移與時(shí)間關(guān)系是：x1=3asin(4πbt+π/4)和x2=9asin(8πbt+π/2)，其中a、b為正的常數(shù)，則它們的：①振幅之比A1：A2=__________；②擺長(zhǎng)之比L1：L2=_________。15、如圖所示，q1、q2、q3分別表示在一條直線上的三個(gè)點(diǎn)電荷，已知q2為正電荷，q1與q2之間的距離為l1，q2與q3之間的距離為l2，且每個(gè)電荷都處于平衡狀態(tài).則q1,帶____（填正或負(fù)）電，q1、q2、q3三者電量大小之比是_____________.16、氣墊導(dǎo)軌在現(xiàn)在的中學(xué)物理實(shí)驗(yàn)中應(yīng)用很廣泛，如圖所示為一種簡(jiǎn)單的氣墊導(dǎo)軌．導(dǎo)軌上的甲、乙兩滑塊質(zhì)量分別為m1、m2，且m1＞m2，兩滑塊上的擋片寬度相同，均為L(zhǎng)．現(xiàn)將氣墊導(dǎo)軌水平放置做“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”實(shí)驗(yàn)．實(shí)驗(yàn)中用滑塊甲撞擊靜止在導(dǎo)軌上的滑塊乙，碰撞前滑塊乙處于靜止?fàn)顟B(tài)．第一次在兩滑塊碰撞端安上彈簧片，第二次在兩滑塊碰撞端粘上橡皮泥，彈簧片與橡皮泥的質(zhì)量均不計(jì)．兩次實(shí)驗(yàn)時(shí)滑塊甲碰前通過(guò)光電門(mén)計(jì)時(shí)裝置記錄的擋光片的擋光時(shí)間相等，均為t，碰后滑塊乙第一次和第二次通過(guò)光電門(mén)計(jì)時(shí)裝置記錄的擋片擋光時(shí)間分別為t1、t2；則（光電門(mén)的寬度可忽略）

（1）通過(guò)所給數(shù)據(jù)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式為_(kāi)_____．上式中算得的甲、乙兩滑塊的動(dòng)量大小并不完全相等，產(chǎn)生誤差的原因是______（寫(xiě)出兩點(diǎn)即可）．

（2）t1和t2的關(guān)系應(yīng)為t1______t2．（選填“＞”“＜”“=”）

（3）滑塊甲第一次與乙碰撞后通過(guò)光電門(mén)的時(shí)間t′=______．（用所給的數(shù)據(jù)表示）17、用力F壓縮氣缸中的空氣，力F對(duì)空氣做了1800J的功，同時(shí)氣缸向外放熱2000J，空氣的內(nèi)能____（填“增大”或“減小”或“不變”）了____J．18、畫(huà)出下圖中帶電粒子剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)所受洛倫茲力的方向。19、某次測(cè)量中，螺旋測(cè)微器的實(shí)拍照片如圖所示，被測(cè)對(duì)象的尺寸應(yīng)為：____cm；某次測(cè)量中，電流表的量程為0.6A，表頭的實(shí)拍照片如圖所示：讀數(shù)應(yīng)為：____A．

20、邏輯電路在電子線路中有著重要的應(yīng)用，某同學(xué)利用“非”門(mén)電路設(shè)計(jì)了一個(gè)路燈自動(dòng)控制門(mén)電路．天黑了，讓路燈自動(dòng)接通；天亮了，讓路燈自動(dòng)熄滅．圖中RG是一個(gè)光敏電阻；當(dāng)有光線照射時(shí)，光敏電阻的阻值會(huì)顯著減小，R是可調(diào)電阻，起分壓作用．“非”門(mén)電路能將輸入的高壓信號(hào)轉(zhuǎn)變?yōu)榈蛪盒盘?hào)，或?qū)⒌蛪盒盘?hào)轉(zhuǎn)變?yōu)楦邏盒盘?hào)．J為路燈總開(kāi)關(guān)控制繼電器，它在獲得高壓時(shí)才啟動(dòng)(圖中未畫(huà)路燈電路)．

(1)當(dāng)天黑時(shí)；“非”門(mén)電路獲得____________電壓．(填“高”或“低”)

(2)如果路燈開(kāi)關(guān)自動(dòng)接通時(shí)天色還比較亮，現(xiàn)要調(diào)節(jié)自動(dòng)控制裝置，使得它在天色較黑時(shí)才會(huì)自動(dòng)接通開(kāi)關(guān)，應(yīng)將R調(diào)____________(填“大”或“小”)一些．21、麥克斯韋的電磁理論主要有兩個(gè)基本觀點(diǎn)，是______和______．評(píng)卷人得分四、畫(huà)圖題(共2題，共12分)22、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針?lè)较驗(yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫(huà)出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象23、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針?lè)较驗(yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫(huà)出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象評(píng)卷人得分五、綜合題(共3題，共12分)24、[

物理隆陋隆陋

選修3鈭?4]

(1)

一列簡(jiǎn)諧橫波沿x

軸正方向傳播，在t=0

和t=0.20s

時(shí)的波形分別如圖中實(shí)線和虛線所示。己知該波的周期T>0.20s

下列說(shuō)法正確的是______。(

填正確答案標(biāo)號(hào)。)

A.波速為0.40m/s

B.波長(zhǎng)為0.08m

C.x=0.08m

的質(zhì)點(diǎn)在t=0.70s

時(shí)位于波谷D.x=0.08m

的質(zhì)點(diǎn)在t=0.12s

時(shí)位于波谷E.若此波傳入另一介質(zhì)中其波速變?yōu)?.80m/s

則它在該介質(zhì)中的波長(zhǎng)為0.32m

(2)

如圖，某同學(xué)在一張水平放置的白紙上畫(huà)了一個(gè)小標(biāo)記“隆隴

”(

圖中O

點(diǎn))

然后用橫截面為等邊三角形ABC

的三棱鏡壓在這個(gè)標(biāo)記上，小標(biāo)記位于AC

邊上。D

位于AB

邊上，過(guò)D

點(diǎn)做AC

邊的垂線交AC

于F

該同學(xué)在D

點(diǎn)正上方向下順著直線DF

的方向觀察。恰好可以看到小標(biāo)記的像；過(guò)O

點(diǎn)做AB

邊的垂線交直線DF

于EDE=2cmEF=1cm

求三棱鏡的折射率。(

不考慮光線在三棱鏡中的反射)

25、A.如圖所示為正弦交變電流i

隨時(shí)間t

變化的圖象；由圖可知，該交變電流的有效值為_(kāi)_________A

頻率為_(kāi)_________Hz

．

B.如圖所示；電路中電源電動(dòng)勢(shì)為4V

內(nèi)阻為1婁賂

小燈泡電阻為3婁賂.

開(kāi)關(guān)S

閉合后，電路中的電流為_(kāi)_________A

燈泡的電壓為_(kāi)_________V

．

26、【物理—選修3-4】（15分）（1）．光在科學(xué)技術(shù)、生產(chǎn)和生活中有著廣泛的應(yīng)用，下列說(shuō)法正確的是(填正確答案標(biāo)號(hào)。選對(duì)1個(gè)得3分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分。每選錯(cuò)一個(gè)扣3分，最低得分為0分)（）A．用透明的標(biāo)準(zhǔn)平面樣板檢查光學(xué)平面的平整程度是利用光的偏振現(xiàn)象B．用三棱鏡觀察白光看到的彩色圖樣是利用光的衍射現(xiàn)象C．在光導(dǎo)纖維束內(nèi)傳送圖像是利用光的全反射現(xiàn)象D．光學(xué)鏡頭上的增透膜是利用光的干涉現(xiàn)象E．在光的雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，若僅將入射光由紅光改為綠光，則干涉條紋間距變窄（2）一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)刻的波形如圖所示，P質(zhì)點(diǎn)此時(shí)的位移為10cm，振幅為20cm。P質(zhì)點(diǎn)再經(jīng)過(guò)s第一次到達(dá)波峰，求：（1）P質(zhì)點(diǎn)的位移y與時(shí)間t的函數(shù)關(guān)系；（2）該簡(jiǎn)諧橫波的波速。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】試題分析：因?yàn)樾〈裴樀腘極總是指向北偏下方向，而在地球的北半球的地磁場(chǎng)方向?yàn)楸逼拢蚀宋恢脼楸卑肭?，選項(xiàng)C正確.考點(diǎn)：地磁場(chǎng).【解析】【答案】C2、A|D【分析】試題分析：當(dāng)cd端短路時(shí)，ab間電路的結(jié)構(gòu)是：電阻R2、R3并聯(lián)后與R1串聯(lián)，等效電阻為故A正確；當(dāng)ab端短路時(shí)，cd之間電路結(jié)構(gòu)是：電阻R1、R3并聯(lián)后與R2串聯(lián)，等效電阻為故B錯(cuò)誤；當(dāng)cd兩端接通測(cè)試電源時(shí)，ab兩端的電壓等于電阻R3兩端的電壓，為Ｃ錯(cuò)誤；當(dāng)ab兩端接通測(cè)試電源時(shí)，cd兩端的電壓等于電阻R3兩端的電壓，為Ｄ正確。故選ＡＤ?？键c(diǎn)：電阻的串并聯(lián)【解析】【答案】AD3、B【分析】解：電流做功的過(guò)程；實(shí)際上就是個(gè)能量轉(zhuǎn)化的過(guò)程，從電能轉(zhuǎn)化成其它形式的能；在常見(jiàn)的家用電器中，電烙鐵是將電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能的；電風(fēng)扇是把電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能；微波爐將電能轉(zhuǎn)化為光能；電冰箱消耗電能，實(shí)現(xiàn)熱量由低溫物體向高溫物體的傳遞；

故選B．

做功總是伴隨著能量的轉(zhuǎn)化；電功也不例外．用電器消耗了電能，獲得了其它形式的能量，就是一個(gè)電流做功的過(guò)程．

電功也是一種功，所以要和前面的內(nèi)能、做功等能量知識(shí)點(diǎn)聯(lián)系起來(lái)記憶，也能更便于理解．【解析】【答案】B4、C【分析】【分析】當(dāng)磁鐵向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，穿過(guò)線圈的磁通量變大，原磁場(chǎng)方向向下，所以感應(yīng)磁場(chǎng)方向向上，根據(jù)右手螺旋定則判斷感應(yīng)電流的方向；根據(jù)楞次定律“來(lái)拒去留”可判斷磁鐵與線圈的相互作用。楞次定律應(yīng)用的題目我們一定會(huì)做，大膽的去找原磁場(chǎng)方向，磁通量的變化情況，應(yīng)用楞次定律判斷即可。【解答】當(dāng)磁鐵向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，穿過(guò)線圈的磁通量變大，原磁場(chǎng)方向向上，所以感應(yīng)磁場(chǎng)方向向下，根據(jù)右手螺旋定則，拇指表示感應(yīng)磁場(chǎng)的方向，四指彎曲的方向表示感應(yīng)電流的方向，即通過(guò)電阻的電流方向?yàn)閎隆煤ab隆煤a

根據(jù)楞次定律“來(lái)拒去留”可判斷線圈對(duì)磁鐵的作用是阻礙作用，故磁鐵與線圈相互排斥。

綜上所述：線圈中感應(yīng)電流的方向?yàn)殡娮璧碾娏鞣较驗(yàn)閎隆煤ab隆煤a磁鐵與線圈相互排斥。

故選C?！窘馕觥緾

5、B【分析】解：第二個(gè)物體在第一個(gè)物體下落2t3

后開(kāi)始下落，此時(shí)第一個(gè)物體下落的高度h1=12g(2t3)2=2t29.

根據(jù)h=12gt2

知第一個(gè)物體和第二個(gè)物體下落的總高度分別為12gt2gt218

兩物體未下落時(shí)相距12gt2鈭?gt218=49gt2.

所以當(dāng)?shù)诙€(gè)物體開(kāi)始下落時(shí)，兩物體相距49gt2鈭?2gt29=2gt29.

故B正確；ACD錯(cuò)誤。

故選：B

從題意可知，兩物體同時(shí)落地，知第二個(gè)物體在第一個(gè)物體下落后2t3

開(kāi)始下落，根據(jù)h=12gt2

分別求出兩物體下落的總高度；以及第二個(gè)物體開(kāi)始下落時(shí)，第一個(gè)物體下落的高度.

然后根據(jù)距離關(guān)系求出當(dāng)?shù)诙€(gè)物體開(kāi)始下落時(shí)，兩物體相距的距離．

解決本題的關(guān)鍵理清兩物體的運(yùn)動(dòng)，知道第二個(gè)物體在第一個(gè)物體下落2t3

后開(kāi)始下落，以及掌握自由落體運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間公式h=12gt2

的應(yīng)用．【解析】B

6、C【分析】解：A、由光電效應(yīng)方程：Ekm=hγ-W；在光電效應(yīng)現(xiàn)象中，入射光的頻率越大，光電子的最大初動(dòng)能越大，故A錯(cuò)誤；

B；盧瑟福通過(guò)α粒子散射實(shí)驗(yàn)提出了原子核式結(jié)構(gòu)模型；故B錯(cuò)誤；

C、U衰變?yōu)镽n；質(zhì)量數(shù)減小16，而質(zhì)子數(shù)減小6，經(jīng)過(guò)一次次α衰變，質(zhì)量數(shù)減小4，質(zhì)子數(shù)減小2，而-次β衰變質(zhì)量數(shù)不變，則質(zhì)子數(shù)增大1，因此要經(jīng)過(guò)4次α衰變和2次β衰變，故C正確；

D；玻爾原子理論只能解釋氫原子光譜；故D錯(cuò)誤；

故選：C。

A、根據(jù)光電效應(yīng)方程：Ekm=hγ-W；即可確定光的頻率與最大初動(dòng)能的關(guān)系；

B；盧瑟福通過(guò)α粒子散射實(shí)驗(yàn)提出了原子核式結(jié)構(gòu)模型；

C；根據(jù)核反應(yīng)方程的質(zhì)量數(shù)與質(zhì)子數(shù)守恒；結(jié)合一次次α衰變，質(zhì)量數(shù)減小4，質(zhì)子數(shù)減小2，而-次β衰變質(zhì)量數(shù)不變，則質(zhì)子數(shù)增大1，即可求解；

D；玻爾原子理論只能解釋氫原子光譜．

考查最大初動(dòng)能與光的頻率有關(guān)，與光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)，掌握核反應(yīng)方程書(shū)寫(xiě)規(guī)律，理解原子核式結(jié)構(gòu)模型的內(nèi)容，注意玻爾原子理論局限性．【解析】C7、B【分析】解：由于地球是一個(gè)大磁場(chǎng)；對(duì)于鐵鈷鎳等磁性物質(zhì)可以被地磁場(chǎng)磁場(chǎng)從而改變地磁場(chǎng)發(fā)生異常；故可以說(shuō)明地下應(yīng)有大量的磁性物質(zhì)，則可能鐵礦；

故選：B

．

磁性材料可以被磁場(chǎng)磁化；從而改變周?chē)拇艌?chǎng)，如鐵鈷鎳等物質(zhì)．

本題考查磁場(chǎng)及其應(yīng)用，要明確哪些材料可以被磁化，這些材料我們稱為磁性材料．【解析】B

二、多選題(共5題，共10分)8、BC【分析】【分析】?jī)闪胁ǜ缮鏁r(shí)，兩列波的波峰與波峰、波谷與波谷相遇處，振動(dòng)始終加強(qiáng)，波峰與波谷相遇處振動(dòng)始終減弱。振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)的振動(dòng)等于波單獨(dú)傳播時(shí)振幅的22倍。在波的干涉現(xiàn)象中，振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)的振動(dòng)始終是加強(qiáng)的，但質(zhì)點(diǎn)在簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，其位移隨時(shí)間是周期性變化，不是靜止不動(dòng)的?！窘獯稹緼B.aAB.a質(zhì)點(diǎn)是波峰與波谷相遇的點(diǎn)，是振動(dòng)最弱，bbccdd質(zhì)點(diǎn)是波峰與波峰和波谷與波谷相遇的點(diǎn)，振動(dòng)最強(qiáng)，故A錯(cuò)誤，B正確；C.aa質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)始終是最弱的，bbccdd質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)始終是最強(qiáng)的，故C正確；DD.

圖示時(shí)刻a

在平衡位置，b

在波峰，c

在波谷，再過(guò)14T

后的時(shí)刻abc

三個(gè)質(zhì)點(diǎn)都將處于各自的平衡位置，但bc

兩點(diǎn)的振動(dòng)始終是加強(qiáng)的，故D錯(cuò)誤。故選BC?！窘馕觥緽C

9、AC【分析】解：AB、根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程Ek=hγ-W，Ek-γ圖象的橫軸的截距大小等于截止頻率，由圖知該金屬的截止頻率為4.27×1014Hz．故A正確；B錯(cuò)誤。

C、由Ek=hγ-W，得知，該圖線的斜率表示普朗克常量h，則由數(shù)學(xué)知識(shí)得：h=≈6.5×10-34J?s．故C正確。

D、當(dāng)Ek=hγ-W=0時(shí)，逸出功為W=hγ0=6.5×10-34×4.27×1014J=2.7755×10-19J≈1.73eV．故D錯(cuò)誤。

故選：AC。

根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程Ek=hγ-W，Ek-γ圖象的橫軸的截距大小等于截止頻率，由圖知該金屬的截止頻率為4.27×1014Hz；根據(jù)光電效應(yīng)方程Ek=hγ-W；可以求出普朗克常量h和逸出功。

本題考查了愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程。利用光電效應(yīng)方程的圖象，讀出金屬的截止頻率，算出圖線的斜率是本題的關(guān)鍵?！窘馕觥緼C10、BC【分析】解：A、B，當(dāng)F向上壓膜片電極時(shí)，板間距離減小，由電容的決定式C=得到；電容器的電容將增大．故A錯(cuò)誤，B正確．

C；當(dāng)F減小時(shí)；d增大，電容減小，而板間電壓不變，由Q=CU，故帶電荷量Q變小，電容器將發(fā)生放電現(xiàn)象，電流計(jì)中有向上的電流，故C正確；

D；當(dāng)F變化時(shí)；電容變化，而板間電壓不變，由Q=CU，故帶電荷量Q發(fā)生變化，電容器將發(fā)生充、放電現(xiàn)象，回路中有電流，電流計(jì)有示數(shù)．反之，電流計(jì)有示數(shù)時(shí)，壓力F必發(fā)生變化．故D錯(cuò)誤．

故選：BC．

根據(jù)電容器的電容與板間距離的關(guān)系判斷當(dāng)F向上壓膜片電極時(shí)電容的變化．由題；電容器；靈敏電流計(jì)和電源串接成閉合電路，若電流計(jì)有示數(shù)，電容器在充電或放電，壓力F一定發(fā)生變化．

本題電容器動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，只要掌握電容的定義式和決定式就能正確解答．【解析】【答案】BC11、BD【分析】解：由靜止的碳核得到的兩個(gè)粒子運(yùn)動(dòng)速度方向相反，并且兩個(gè)粒子滿足動(dòng)量守恒定律，即mv=MV

由題意可知，粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑比51

根據(jù)r=mvqB

知；電荷量之比為15

軌跡圓外切，知放射的粒子與反沖核帶同種電荷，故B；D正確，A

C錯(cuò)誤．

故選：BD

．

靜止的放射性碳14

它所放射的粒子與反沖核，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，結(jié)合帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的半徑公式，求出放射的兩粒子的電量比，再根據(jù)左手定則確定電荷的電性，從而根據(jù)電荷數(shù)守恒；質(zhì)量數(shù)守恒選出正確的核反應(yīng)方程式．

核反應(yīng)與動(dòng)量守恒定律相結(jié)合判斷粒子，是高考種常見(jiàn)的一種考查原子物理學(xué)的方式.

由于原子核和電子均為帶電粒子，所以原子物理的考查多數(shù)和電場(chǎng)知識(shí)和磁場(chǎng)知識(shí)相結(jié)合．【解析】BD

12、CD【分析】解：

A、B、題中Rx與滑動(dòng)變阻器PN間的電阻并聯(lián)，并聯(lián)電阻再跟滑動(dòng)變阻器PM間的電阻串聯(lián)來(lái)分接線柱M，N之間的電壓U0；P越往上滑，并聯(lián)部分電阻越大，分得電壓越大，反之分得電壓越小。選項(xiàng)AB弄反啦，故A；B選項(xiàng)錯(cuò)誤。

C、D、題中滑動(dòng)觸頭P位于滑動(dòng)變阻器的正中央，滑動(dòng)變阻器PM間的電阻與PN間的電阻各為二分之一，Rx與滑動(dòng)變阻器PN間的電阻并聯(lián)后的并聯(lián)值始終小于滑動(dòng)變阻器阻值的二分之一，分的電壓始終小于故C；D選項(xiàng)正確。

故選：CD。

題目考查分壓法的原理理解，分壓原理為Rx與滑動(dòng)變阻器PN間的電阻并聯(lián)，并聯(lián)電阻再跟滑動(dòng)變阻器PM間的電阻串聯(lián)來(lái)分接線柱M，N之間的電壓U0；并聯(lián)部分電阻越大，分得電壓越大。

需要正確理解分壓法的原理，分壓原理為Rx與滑動(dòng)變阻器PN間的電阻并聯(lián)，并聯(lián)電阻再跟滑動(dòng)變阻器PM間的電阻串聯(lián)來(lái)分接線柱M，N之間的電壓U0，并聯(lián)部分電阻越大，分得電壓越大。進(jìn)一步提高理解最好描繪分得電壓與滑動(dòng)頭P滑動(dòng)距離的圖象關(guān)系。【解析】CD三、填空題(共9題，共18分)13、略

【分析】【解析】試題分析：多用電表歐姆表讀數(shù)為表盤(pán)刻度與倍數(shù)的乘積，因此其阻值為1.0kΩ。為了用伏安法測(cè)量其電阻大小，并盡量減小誤差，可以通過(guò)判別式所以該電阻相比為大電阻，適合采用內(nèi)接法，同時(shí)應(yīng)該使用分壓式電路，所以選擇小電阻負(fù)責(zé)分壓，根據(jù)安培表外接時(shí)，A表的電流大于實(shí)際通過(guò)電阻的電流，所以測(cè)量值偏大?？键c(diǎn)：測(cè)量定值電阻的方法【解析】【答案】（1）1.0kΩ（2）(3)大于14、略

【分析】試題分析:①由振動(dòng)方程可知，兩個(gè)單擺的振幅分別為A1=3a，A2=9a，振幅之比為1：3．②由三角函數(shù)知識(shí)可知：由由單擺的周期公式得擺長(zhǎng)之比考點(diǎn)：簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅、周期和頻率；單擺的周期公式【解析】【答案】①1：3；②4：115、略

【分析】試題分析：假設(shè)q1帶負(fù)電，要使q2平衡則q3也應(yīng)帶負(fù)電；假設(shè)q1帶正電，要使q2平衡則q3也應(yīng)帶正電，但是q1、q3不能平衡，所以q1、q3都帶負(fù)電荷．由于三個(gè)電荷均處于平衡狀態(tài)，由庫(kù)侖定律建立如下平衡式：對(duì)q1：對(duì)q2：對(duì)q3：解得：q1：q2：q3=考點(diǎn)：庫(kù)侖定律，共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用【解析】【答案】負(fù)，16、略

【分析】解：（1）碰前甲的速度均為：v0=碰后甲乙速度相同，v2=

則應(yīng)驗(yàn)證的表達(dá)式為：m1=（m1+m2）

得出的動(dòng)量并不完全相等的原因主要是由于外力的存在導(dǎo)致動(dòng)量并不守恒；如①空氣阻力②導(dǎo)軌不水平等；

（2）碰后甲的速度第一次裝上彈簧片，所以沒(méi)有機(jī)械能的損失，則交換速度，第二次碰撞過(guò)程中機(jī)械能損失較大，所以乙獲得的速度較小，則第一次通過(guò)光電門(mén)所用時(shí)間短，即t1＜t2；

（3）對(duì)于第一次碰撞由動(dòng)量守恒定律可知：

m1=m1+m2

解得：t′=

故答案為：（1）m1=（m1+m2）①存在阻力②導(dǎo)軌不水平；

（2）＜

（3）

（1）根據(jù)動(dòng)量守恒表達(dá)式可求得動(dòng)量守恒的表達(dá)式；（2）再根據(jù)彈性碰撞與非彈性碰撞的特點(diǎn)分析兩次滑塊獲得的速度大??；進(jìn)而分析所需時(shí)間長(zhǎng)短．

（3）根據(jù)動(dòng)量守恒定律求得碰后甲的速度；再由速度公式可求得通過(guò)光電門(mén)的時(shí)間．

本題考查了彈性碰撞與非彈性碰撞的區(qū)別與特點(diǎn)；彈性碰撞中沒(méi)有機(jī)械能損失．

要掌握實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)、明確用光電門(mén)表示瞬時(shí)速度的方法．【解析】m1=（m1+m2）①存在阻力②導(dǎo)軌不水平；＜；17、略

【分析】

以空氣為研究對(duì)象；由題，W=1800J，Q=-2000J，則根據(jù)熱力學(xué)第一定律得。

物體內(nèi)能的變化量為△U=W+Q=1800J+（-2000J）=-200J＜0；說(shuō)明空氣的內(nèi)能減少200J．

故答案為：減少；200

【解析】【答案】以空氣為研究對(duì)象；力F對(duì)空氣做了1800J的功，功為正值，氣缸向外放熱2000J，熱量為負(fù)值，根據(jù)熱力學(xué)第一定律求解空氣內(nèi)能的變化．

18、略

【分析】由左手定則可判斷洛倫茲力方向【解析】【答案】略19、1.07050.12【分析】【解答】解：由圖示螺旋測(cè)微器可知；其示數(shù)為：10.5mm+20.5×0.01mm=10.705mm=1.0705cm；

電流表量程為0.6A；由圖示電流表可知，其分度值為：0.02A，示數(shù)為：0.12A；

故答案為：1.0705；0.12．

【分析】螺旋測(cè)微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋測(cè)微器示數(shù)；

根據(jù)電流表量程與圖示電流表確定其分度值，然后根據(jù)指針位置讀出其示數(shù)．本題考查了螺旋測(cè)微器與電流表讀數(shù)，要掌握常用器材的使用及讀數(shù)方法；螺旋測(cè)微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋測(cè)微器的讀數(shù)，螺旋測(cè)微器需要估讀．20、略

【分析】解：(1)當(dāng)天黑時(shí)；光敏電阻增大，兩端間的電勢(shì)差增大，輸入非門(mén)的是低電壓．

(2)為了讓路燈在天色更暗時(shí)才自動(dòng)接通開(kāi)關(guān)；應(yīng)使電阻R增大，使得R的分得電壓變大，使非門(mén)電路的輸入端電壓變大，繼電器得到的電壓變低，路燈不被點(diǎn)亮．

故答案為：(1)低；(2)大．【解析】低;大21、略

【分析】解：麥克斯韋的電磁場(chǎng)理論：變化的電場(chǎng)產(chǎn)生磁場(chǎng)；變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生電場(chǎng)．在電場(chǎng)的周?chē)灰欢ù嬖谥稍撾妶?chǎng)產(chǎn)生的磁場(chǎng)，原因是若變化的電場(chǎng)就一定產(chǎn)生磁場(chǎng)，若是穩(wěn)定的電場(chǎng)則不會(huì)產(chǎn)生磁場(chǎng)的．若周期性變化的電場(chǎng)一定產(chǎn)生同周期變化的磁場(chǎng)，而均勻變化的電場(chǎng)不能產(chǎn)生均勻變化的磁場(chǎng)；

故答案為：變化的電場(chǎng)產(chǎn)生磁場(chǎng)；變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生電場(chǎng)。

解答本題應(yīng)熟練掌握麥克斯韋的電磁場(chǎng)理論：變化的電場(chǎng)產(chǎn)生磁場(chǎng)；變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生電場(chǎng)．周期性變化的電場(chǎng)產(chǎn)生同頻率變化的磁場(chǎng)．

麥克斯韋的電磁場(chǎng)理論中變化的磁場(chǎng)一定產(chǎn)生電場(chǎng)，變化有均勻變化與非均勻變化之分，當(dāng)均勻變化時(shí)，則產(chǎn)生穩(wěn)定的；當(dāng)非均勻變化時(shí)，則也會(huì)產(chǎn)生非均勻的．【解析】變化的電場(chǎng)產(chǎn)生磁場(chǎng)；變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生電場(chǎng)四、畫(huà)圖題(共2題，共12分)22、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時(shí)磁通量均勻變化，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】23、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時(shí)磁通量均勻變化，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】五、綜合題(共3題，共12分)24、(1)ACE

(2)

過(guò)D

點(diǎn)作AB

邊的法線NN鈥?

連接OD

則隆脧ODN=婁脕

為O

點(diǎn)發(fā)出的光線在D

點(diǎn)的入射角；設(shè)該光線在D

點(diǎn)的折射角為婁脗

如圖所示：根據(jù)折射定律有：nsin婁脕=sin婁脗

由幾何關(guān)系可知隆脧?qiáng)涿?60鈭?隆脧EOF=30鈭?

在?OEF

中有：EF=OEsin隆脧EOF

故OE=2cm?OED

為等腰三角形，有婁脕=30鈭?

故三棱鏡的折射率：n=3【分析】(1)

【分析】根據(jù)圖像可得波長(zhǎng)，由已知條件T>0.20s

結(jié)合圖象判斷周期大??；再由波速、周期的關(guān)系解得波速；根據(jù)簡(jiǎn)諧波的特點(diǎn)可得質(zhì)點(diǎn)位置；波傳入另一介質(zhì)中時(shí)周期不變。本題主要考查波的傳播，知道當(dāng)質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)周期為半周期的奇數(shù)倍時(shí)，其振動(dòng)反向，是解題的關(guān)鍵，難度一般。【解答】AB.

由圖可得波長(zhǎng)為0.16m

由圖可知，0.2s=T2(2n+1)n=012

由此解得周期T=0.40s

波速v=婁脣T=0.40m/s

故A正確，B錯(cuò)誤；CD.x