2025年人教版（2024）必修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版（2024）必修3物理下冊階段測試試卷859考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r，R1為定值電阻，R2為滑動變阻器，C為電容器，L為小燈泡，電表均為理想電表，閉合開關(guān)S后，若滑動變阻器的觸頭P向下滑動時；則（）

A.小燈泡的功率減小B.電壓表的示數(shù)減小C.電容器上的電荷量增加D.兩表示數(shù)變化量的比值||不變2、在如圖所示的電路中，當電鍵S閉合后，電流表和電壓表的示數(shù)分別為和當可變電阻R的滑動片向右移動后，電流表和電壓表的示數(shù)分別變?yōu)楹蛣t有。

A.B.C.D.23、三根長直導線垂直于紙面放置，通以大小相同、方向如圖所示的電流，且ab=ad=ac；導線c在a點的磁感應強度大小為B，則a點處的合磁感應強度大小為。

A.BB.BC.BD.2B4、下列物理量中，屬于矢量的是（）A.時間B.長度C.電場強度D.質(zhì)量5、如圖所示，平行板電容器的上極板帶正電、下極板帶負電，兩板之間的距離為d，電容為C。質(zhì)量為m、電荷量大小為q的帶電液滴恰能在電場中的P點處于靜止狀態(tài)。設電場內(nèi)a、b兩點的場強大小分別為Ea、Eb，電勢大小分別為φa、φb。下列關(guān)于Ea、Eb和φa、φb大小關(guān)系正確的是（）

A.Ea>EbB.EabC.φa>φbD.φa<φb6、下列物理量中，屬于矢量的是（）A.電勢B.電壓C.電勢能D.電場強度7、某空間區(qū)域的豎直平面內(nèi)存在電場，其中豎直的一條電場線如圖甲中虛線所示，一個質(zhì)量為m、電荷量為q的帶負電小球；在電場中從O點由靜止開始沿電場線豎直向下運動。以O為坐標原點，取豎直向下為x軸的正方向，小球的機械能E與位移x的關(guān)系如圖乙所示；不計空氣阻力；則（）

A.電場強度大小恒定，方向沿x軸正方向B.從O到的過程中，小球的速率越來越大，加速度越來越大C.從O到的過程中，相等的位移內(nèi)，小球克服電場力做的功相等D.到達位置時，小球速度的大小為8、某同學在測量電阻實驗時；按圖所示連接好實驗電路。閉合開關(guān)后發(fā)現(xiàn)：電流表示數(shù)很?。浑妷罕硎緮?shù)接近于電源電壓，移動滑動變阻器滑片時兩電表示數(shù)幾乎不變化，電表及其量程的選擇均無問題。請你分析造成上述結(jié)果的原因可能是（）

A.電流表斷路B.滑動變阻器滑片接觸不良C.開關(guān)接觸部位由于氧化，使得接觸電阻太大D.待測電阻和接線柱接觸位置由于氧化，使得接觸電阻很大9、如圖所示；電荷q均勻分布在半球面上，球面的半徑為R，CD為通過半球頂點C與球心O的軸線．P；Q為CD軸上關(guān)于O點對稱的兩點．如果帶電量為Q的均勻帶電球殼，其內(nèi)部電場強度處處為零，電勢都相等．則下列判斷正確的是()

A.P點的電勢與Q點的電勢相等B.帶正電的微粒在O點的電勢能為零C.在P點靜止釋放帶正電的微粒(重力不計)，微粒將做勻加速直線運動D.P點的電場強度與Q點的電場強度相等評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)10、如圖所示，平行板電容器兩極板M、N相距為d，兩極板分別與電壓為U的恒定電源兩極連接?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m的帶電油滴在極板中央處于靜止狀態(tài)，且此時極板所帶電荷量是油滴所帶電荷量的k倍；則（）

A.油滴帶負電B.油滴所帶電荷量為C.電容器的電容為D.將極板N向下緩慢移動一小段距離，油滴將向上運動11、如圖所示，圖中的四個電表均為理想電表，當滑動變阻器滑片P向右端滑動時，下面說法正確的是()

A.電壓表的讀數(shù)減小，電流表的讀數(shù)增大B.電壓表讀數(shù)變化量的大小與電流表讀數(shù)變化量的大小比值增大C.若電壓表讀數(shù)變化量大小為電流表讀數(shù)變化量的大小為則D.若則電壓表的讀數(shù)與電流表讀數(shù)的乘積增大12、如圖所示，實線為方向未知的三條電場線，a、b兩帶電粒子從電場中的O點以相同的初速度飛出。僅在電場力作用下；兩粒子的運動軌跡如圖中虛線所示，則（）

A.a一定帶正電，b一定帶負電B.a加速度減小，b加速度增大C.a電勢能減小，b電勢能增大D.a和b的動能一定都增大13、如圖所示，兩虛線相距兩虛線之間的區(qū)域分別存在著方向豎直向上的勻強電場和方向豎直向下的勻強電場為兩電場的水平分界線。一帶電荷量為質(zhì)量為的粒子由邊界上距為的點以初速度垂直射入電場，經(jīng)電場偏轉(zhuǎn)后，穿過分界線上某一點后由邊界上距為的點垂直邊界射出。粒子重力不計，則的大小可能為（）

A.B.C.D.14、如圖所示，在水平向右的勻強電場中，將一內(nèi)壁光滑、半徑為R的固定絕緣圓軌道放置在豎直平面內(nèi)，AB為圓軌道的水平直徑，CD為豎直直徑。一個質(zhì)量為m、電荷量為+q的帶電小球從軌道的最低點C獲得一定的初速度后，能夠在軌道內(nèi)做圓周運動，已知重力加速度為g，勻強電場的電場強度為E=不計空氣阻力，下列說法正確的是（）

A.小球運動到B點時的電勢能最大B.小球運動到D點時的動能最小C.小球運動到A、D兩點時的動能相等D.若小球恰能在軌道內(nèi)做圓周運動，則小球運動過程中對軌道的最大壓力為mg15、在探究影響導體電阻與其影響因素的定量關(guān)系時，某同學按如圖所示的電路進行了實驗研究，其中導體a與b只是長度不同，a與c只是粗細不同，a與d只是材料不同；關(guān)于該實驗，下列說法正確的是（）

A.此電路缺少電流表，所以無法研究定量關(guān)系B.a與b相比，導體越長，電壓表示數(shù)越大C.a與c相比，導體越粗，電壓表示數(shù)越大D.a與d相比，電壓示數(shù)越小，表明該種材料的導電性能越好。16、如圖所示電路中，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，電流表和電壓表均為理想電表，R1、R3為定值電阻，R2為滑動變阻器，C為平行板電容器。開關(guān)S閉合后，兩極板間的帶電液滴處于靜止狀態(tài)，當滑動變阻器滑片P向a端滑動過程中；下列說法正確的是（）

A.R3的功率變小B.電壓表、電流表示數(shù)都變小C.增大平行板間距，則液滴可能保持不動D.電容器C所帶電荷量減少，液滴向下加速運動評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)17、如圖所示，R1＝4Ω，R2＝9Ω，R3＝18Ω．通電后經(jīng)R1、R2和R3的電流之比I1∶I2∶I3＝________，R1、R2和R3兩端的電壓之比U1∶U2∶U3＝________．

18、如圖，兩根通電長直導線a、b平行放置，a、b中的電流強度分別為I和2I，此時a受到的磁場力大小為F，若以該磁場力的方向為正，則b受到的磁場力大小為_____．當在a、b的正中間再放置一根與a、b平行共面的通電長直導線c后，a受到的磁場力大小變?yōu)?F，則此時b受到的磁場力大小為_____．19、在伏安法測電阻的實驗中，待測電阻Rx的阻值約為200Ω，電壓表V的內(nèi)阻約為2kΩ，電流表A的內(nèi)阻約為1Ω，測量電路中電流表的連接方式如圖（a）或圖（b）所示，結(jié)果由公式計算得出，式中U與I分別為電壓表和電流表的示數(shù)。若將圖（a）和圖（b）中電路測得的電阻值分別記為Rx1和Rx2，則___________（選填“Rx1”或“Rx2”）更接近待測電阻的真實值，且測量值Rx1___________（選填“大于”“等于”或“小于”）真實值，測量值Rx2___________（選填“大于”“等于”或“小于”）真實值。

20、電磁爐是綠色環(huán)保型爐具，在人們生活中有著重要的應用（如圖所示）。某同學家買了一臺電磁爐，仔細觀察發(fā)現(xiàn)有兩個擋位。“擋位1”上標有“220V500W”，“擋位2”上標有“220V1000W”，這臺電磁爐正常工作時的電壓應為_____V。如果用“擋位2”做飯，電路中的電流為_____A。

21、電容器作為儲能器件，在生產(chǎn)生活中有廣泛的應用。對給定電容值為C的電容器充電，無論采用何種充電方式，其兩極間的電勢差u隨電荷量q的變化圖像都相同。請在圖中畫出上述u–q圖像____。類比直線運動中由v–t圖像求位移的方法，求兩極間電壓為U時電容器所儲存的電場能Ep=____

22、物理學規(guī)定____定向移動的方向為電流的方向；電流通過導體時能使導體的溫度升高，電能轉(zhuǎn)化為____能；一個的電阻工作時，通過它的電流是0.3A，則此電阻在100s內(nèi)電流產(chǎn)生的熱量為____J。評卷人得分四、作圖題(共4題，共16分)23、如圖所示，磁感應強度大小為的勻強磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內(nèi)，左右各一半面積的范圍內(nèi)，磁場方向相反。有一個邊長為的正方形導線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進入磁場算起；規(guī)定剛開始時磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時間的變化圖像。

24、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關(guān)S擲向1，一段時間后，將開關(guān)擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關(guān)于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短25、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內(nèi)有一個由四個阻值相同的電阻構(gòu)成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

26、由電流產(chǎn)生的磁場方向如圖所示；請在圖中標出線圈中的電流方向.

評卷人得分五、實驗題(共1題，共4分)27、（1）在測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻的實驗中，某同學先用多用表的直流電壓擋直接去測量電池兩端的電壓，把測量值作為電動勢時，其主要誤差是___________________。為減小實驗誤差；他用如圖所示的電路，并通過作圖法得到電池的電動勢和內(nèi)阻。

根據(jù)下列實驗器材，則電阻箱應選__________；由同一表頭改裝的電流表應選__________（填選項前的字母）

A.電阻箱（調(diào)節(jié)范圍）B.電阻箱（調(diào)節(jié)范圍）

C.電流表（量程）D.電流表（量程）

（2）根據(jù)歐姆定律，有通過改變電阻箱電阻，測得若干組電阻值和相應的電流值，以為橫軸，為縱軸，得到曲線，求得斜率為縱軸截距為則電動勢__________；內(nèi)阻__________。這樣得到的電動勢與電流表的內(nèi)阻__________（填“有關(guān)”、“無關(guān)”或“不確定”）；電池內(nèi)阻與電流表的內(nèi)阻__________（填“有關(guān)”、“無關(guān)”或“不確定”）。評卷人得分六、解答題(共3題，共30分)28、空間存在一方向豎直向下的勻強電場，O、P是電場中的兩點．從O點沿水平方向以不同速度先后發(fā)射兩個質(zhì)量均為m的小球A、B．A不帶電，B的電荷量為q（q>0）．A從O點發(fā)射時的速度大小為v0，到達P點所用時間為t；B從O點到達P點所用時間為．重力加速度為g；求。

（1）電場強度的大?。?/p>

（2）B運動到P點時的動能．29、如圖所示，ABCD為豎直放在場強為E＝104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BCD部分是半徑為R的半圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切，A為水平軌道的一點，而且AB＝R＝0.2m。把一質(zhì)量m＝100g、帶電量q＝＋10-4C的小球，放在水平軌道的A點，由靜止開始被釋放后，在軌道的內(nèi)側(cè)運動。求：（g＝10m/s2）

（1）它到達C點時的速度是多大？

（2）它到達C點時對軌道的壓力是多大？

30、十三陵抽水蓄能電站是利用十三陵水庫為下庫，在蟒山頂上修建上庫（又名“天池”），上下庫落差h＝430m，如圖18所示．其工作原理是：白天用電高峰期，將天池中的水引向下游水庫，經(jīng)過水輪機帶動發(fā)電機產(chǎn)生電；晚上用電低谷期，則用抽水機將水由下游水庫引向天池，由此循環(huán)來發(fā)電．假設某時刻將下游水庫的水抽入天池，用電動機帶動效率為η＝60%的離心水泵工作，工作電壓為U＝380V，此時輸入電動機的電功率為P＝19kW，電動機的內(nèi)阻為r＝0.4Ω．已知水的密度為ρ＝1×103kg/m3，重力加速度g取10m/s2．求：

(1)電動機內(nèi)阻消耗的熱功率Pr；

(2)如果有10臺這樣的水泵同時工作，將540m3水蓄入天池，需多長時間？（不計進、出水口的水流速度）參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【詳解】

A．P下滑，R2阻值變??；故電路總電阻減小，則總電流增大，通過燈泡的電流增大，可知小燈泡的功率增大，A錯誤；

B．因電流增大，則R1上的電壓增大；則電壓表示數(shù)增大，B錯誤；

C．總電流增大，所以內(nèi)電壓及R1上的電壓增大，故電容器上電壓減小，所以電容器上的電荷量由知減??；C錯誤；

D．兩表示數(shù)之比

故兩表示數(shù)變化量的比值仍為R1不變；D正確。

故選D。2、B【分析】【詳解】

由閉合電路歐姆定律，電流表的示數(shù)而一定，當可變電阻的滑動片向右移動后，減小，由知電流增大，即有：

電壓表的示數(shù)因為電流增大，所以電壓表的示數(shù)減小，即有：

A．與分析不符；故A錯誤；

B．與分析相符；故B正確；

C．與分析不符；故C錯誤；

D．與分析不符；故D錯誤；

故選B。3、C【分析】【詳解】

導線c在a點的磁感應強度方向向下，大小為B；導線b在a點的磁感應強度方向向左，大小為B；導線d在a點的磁感應強度方向向左，大小為B；a點處的合磁感應強度大小為故選C.4、C【分析】【詳解】

ABD．只有大小沒有方向；運算遵循代數(shù)運算法則的物理量是標量。時間、長度、質(zhì)量只有大小沒有方向；運算遵循代數(shù)運算法則，都是標量，故ABD錯誤；

C．既有大小又有方向；運算時遵循平行四邊形定則的物理量是矢量，電場強度既有大小又有方向，運算時遵循平行四邊形定則，是矢量，故C正確；

故選C。5、C【分析】【詳解】

兩板間為勻強電場，則Ea=Eb

沿電場線電勢逐漸降低，可知電勢大小分別為φa>φb

則選項ABD錯誤；C正確。

故選C。6、D【分析】【詳解】

A．電勢只有大小無方向；是標量，選項A錯誤；

B．電壓只有大小無方向；是標量，選項B錯誤；

C．電勢能只有大小無方向；是標量，選項C錯誤；

D．電場強度即有大小又有方向，是矢量，選項D正確；7、B【分析】【詳解】

A．由圖乙可知，小球的機械能減少，所以向下運動時電場力對帶負電小球做負功，則小球所受電場力沿x軸負方向，所以電場方向沿x軸正方向，由

可知圖線的斜率表示電場力；由圖可知電場力減小，所以電場強度減小，故A錯誤；

B．由牛頓第二定律

可知加速度增大；則小球向下做加速度增大的加速運動，故B正確；

C．從O到x1的過程中，相等的位移內(nèi)，小球克服電場力做的功為

由于場強減小，故減??；故C錯誤；

D．根據(jù)動能定理可得

解得到達x1位置時，小球速度

故D錯誤。

故選B。8、D【分析】【詳解】

AB．電流表斷路或者滑動變阻器滑片接觸不良；都會造成整個電路是斷路情況，即電表示數(shù)為零，AB錯誤；

C．開關(guān)接觸部位由于氧化；使得接觸電阻太大，則電路電阻過大，電流很小，流過被測電阻的電流也很小，所以其兩端電壓很小，不會幾乎等于電源電壓，C錯誤；

D．待測電阻和接線柱接觸位置由于氧化；使得接觸電阻很大，相當于當被測電阻太大，遠大于和其串聯(lián)的其他儀器的電阻，所以電路電流很小，其分壓接近電源電壓，D正確。

故選D。9、D【分析】【詳解】

A、由電場的疊加原理可知半球面右邊的電場線是水平向右的，沿電場線方向電勢逐漸降低，所以P點的電勢高于Q點的電勢，故A錯誤；

B、本題沒有選取零勢點，所以帶正電的微粒在O點的電勢能不一定為零，故B錯誤；

C、電場線方向水平向右，所以在P點釋放靜止帶正電的微粒(重力不計)，微粒將作加速運動，距離遠后電場力減小，所以是變加速運動，故C錯誤；

D、均勻帶電半球相當于一個均勻帶正電的球和半個均勻帶負電的球，這個半球放在圖的另一邊，然后看PQ兩點，可以看到，PQ兩點在在上述涉及到的正電半球和負電半球中的相同的位置上，而由題目給出的條件，正電球在P、Q兩點產(chǎn)生的電場為零，所以，正電半球在Q點產(chǎn)生的電場強度相當于負電半球在Q點產(chǎn)生的電場強度，而與P點的環(huán)境比較，唯一的區(qū)別是電荷符號相反，從而電場大小相同，只有可能有方向的區(qū)別，而分析可知，方向是相同的，故電場強度相等，故D正確；

故選D。

【點睛】

利用等效法分析電場強度，利用疊加原理判斷電場線的分布，由受力分析判斷帶電粒子的運動狀態(tài)。二、多選題(共7題，共14分)10、A:C【分析】【分析】

本題考查平行板電容器及帶電粒子在電場中的運動；由電容的定義式，再結(jié)合電容的決定式進行分析；油滴的運動可結(jié)合其受力情況進行分析。

【詳解】

A．由題意可知，帶電荷量為的微粒靜止不動；則微粒受到向上的電場力，平行板電容器板間場強方向豎直向下，則微粒帶負電，故A正確；

B．由平衡條件得

解得油滴帶電荷量為

故B錯誤；

C．電容器的電容為

故C正確；

D．極板N向下緩慢移動一小段距離，電容器兩極板距離d增大，因電壓U不變，故板間場強E減小，微粒所受電場力F減小，則有

微粒將向下做加速運動；故D錯誤。

故選AC。

【點睛】

本題整合了微粒的力平衡、電容器動態(tài)分析，由平衡條件判斷微粒的電性，注意由受力情況來確定運動情況，是解題的思路。11、A:C【分析】【詳解】

A．當滑動變阻器滑動觸點P向右端移動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，由閉合電路歐姆定律得知，干路電流I1增大，則電流表A1讀數(shù)增大；電壓表V1讀數(shù)U1=E-I1（R1+r），

I1增大，其他量不變，則U1減小；故A正確．

B．根據(jù)閉合電路歐姆定律有U1=E-I1（R1+r），則得

保持不變；故B錯誤．

C．電流表A1的讀數(shù)等于電流表A2的讀數(shù)與R2的電流之和，即I1=I2+IR2，

因I1增大，I2減小，IR2變大，則?IR2>?I2，

則

選項C正確；

D．將R1+r看做是電源的內(nèi)阻，則電壓表V1的讀數(shù)與電流表A1讀數(shù)的乘積等于電源的輸出功率，當R1=R3時，滑動變阻器滑動觸點P越向右移動，則外電阻和R1得差距越大；電源的輸出功率越小，則選項D錯誤．

【點睛】

本題是簡單的電路動態(tài)分析問題，按“部分→整體→部分”的思路進行分析．對于電壓表讀數(shù)的變化量與電流表讀數(shù)的變化量之比，往往根據(jù)閉合電路歐姆定律分析．12、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由運動軌跡如圖可知，a、b做曲線運動，由于電場線方向未知，故a、b電性不能確定；A錯誤；

B．根據(jù)a、b兩粒子做曲線運動軌跡彎曲程度及電場線的疏密可知，b所處的電場線變密，電場強度變強，所受的電場力在增大，加速度在增大；a所處的電場線變疏；電場強度變?nèi)酰艿碾妶隽υ跍p小，加速度在減小，B正確；

CD．根據(jù)圖知a、b兩粒子的電場力；速度的夾角為銳角；電場力對電荷做正功，其動能都增大，其電勢能都減小，C錯誤，D正確。

故選BD。13、A:D【分析】【分析】

【詳解】

設粒子經(jīng)分界線上的點由勻強電場進入勻強電場由到及到的時間分別為到達點時豎直方向的分速度為則

解得

故AD正確。

故選AD。14、C:D【分析】【詳解】

A．小球帶正電；小球運動到B點時電場力做正功最多，電勢能最小，小球運動到A點時電勢能最大，A錯誤；

B．小球在等效場中做變速圓周運動，M點為等效最低點，N點為等效最高點；如圖所示。

如圖所示，在水平向右的勻強電場中，將一內(nèi)壁光滑、半徑為R的固定絕緣圓軌道放置在豎直平面內(nèi)，AB為圓軌道的水平直徑，CD為豎直直徑。一個質(zhì)量為m、電荷量為+q的帶電小球從軌道的最低點C獲得一定的初速度后，能夠在軌道內(nèi)做圓周運動，已知重力加速度為g，勻強電場的電場強度為E=不計空氣阻力，下列說法正確的是（）

A.小球運動到B點時的電勢能最大。

B.小球運動到D點時的動能最小。

C.小球運動到A、D兩點時的動能相等。

D.若小球恰能在軌道內(nèi)做圓周運動，則小球運動過程中對軌道的最大壓力為mg

設等效重力加速度的方向與豎直方向的夾角為有

即

故在等效場中構(gòu)成繩—球模型，在等效最高點的速度最小，動能最小，即小球運動到N點時的動能最小；B錯誤；

C．A、D兩點關(guān)于等效重力場最高點對稱，故運動到從N點分別運動到C、D點時合外力做功相同，故小球運動到A、D兩點時的動能相等；C正確；

D.在等效場中的等效重力加速度為

小球恰好能夠沿著軌道做圓周運動，則在等效最高點N時由等效重力提供向心力，有

可得

在等效最低點M點時速度最大，軌道對球的支持力最大，球?qū)壍赖膲毫σ沧畲?，由C點到M點由動能定理

在M點由牛頓第二定律，有

解得

由牛頓第三定律可知小球運動過程中對軌道的最大壓力為D正確。

故選CD。15、B:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)串聯(lián)電路特點通過各電阻的電流都相同；則電阻兩端的電壓與電阻成正比，所以可以研究導體電阻與其影響因素的定量關(guān)系，則A錯誤；

B．串聯(lián)電路電流處處相等，a與b相比；導體越長，電阻越大，則電壓表示數(shù)越大，所以B正確；

C．串聯(lián)電路電流處處相等，a與c相比；導體越粗，電阻越小，則電壓表示數(shù)越小，所以C錯誤；

D．串聯(lián)電路電流處處相等，a與d相比；電壓示數(shù)越小，電阻越小，則表明該種材料的導電性能越好。所以D正確；

故選BD。16、B:C【分析】【詳解】

AB．當滑動變阻器滑片P向a端滑動過程中，接入電路的電阻增大，R2與R3并聯(lián)的電阻增大，總電阻增大，則總電流減小，R1電壓減小，則電壓表示數(shù)變小，R2與R3并聯(lián)的電壓增大，通過R3電流增大，根據(jù)

可知功率變大，電流表示數(shù)為總電流減去通過R3電流；故電流表示數(shù)變小，故A錯誤，B正確；

C．R3兩端的電壓增大，增大平行板間距，根據(jù)

可知電場強度可能恒定；粒子可能保持不動，故C正確；

D．R2與R3并聯(lián)的電壓增大；電容器板間電壓增大，帶電量增大，板間場強增大，液滴所受的電場力增大，則液滴將向上加速運動，故D錯誤；

故選BC。三、填空題(共6題，共12分)17、略

【分析】【詳解】

由并聯(lián)電路的特點可知，U2=U3，即I2R2=I3R3，所以

流經(jīng)R1和R3的電流之比所以：I1：I2：I3=3：2：1

R2和R3并聯(lián)，兩端的電壓相等；由U=IR可知：所以：U1：U2：U3=2：3：3

【點睛】

該題考查的串聯(lián)電路的特點，串聯(lián)電路電流相同，電壓與電阻成正比．并聯(lián)電路電壓相同，電流與電阻成反比，靈活選擇表達式，然后將相關(guān)的數(shù)據(jù)代入即可．基礎(chǔ)題目．【解析】3∶2∶12∶3∶318、略

【分析】【分析】

【詳解】

由牛頓第三定律，b受到a對它的磁場力為-F；a、b的正中間再放置一根與a、b平行共面的通電長直導線c后，c在a、b兩導線處的磁感應強度大小相等，方向相反，c導線對b導線的作用力是它對a導線的作用力的兩倍，方向相反，a受到的磁場力大小變?yōu)?F，那么c導線對a導線的作用力可能是F也可能是-3F，c導線對b導線的作用力可能是-2F也可能是6F，故此時b受到的磁場力為-3F或5F．【解析】F；3F或5F；19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]因為。

可知用電流表內(nèi)接誤差較小，即Rx1更接近待測電阻的真實值；

[2][3]根據(jù)。

可知a圖中電壓表的讀數(shù)大于待測電阻上的電壓，可知測量值Rx1大于真實值；b圖中電流表的讀數(shù)大于待測電阻上的電流值，則測量值Rx2小于真實值?！窘馕觥縍x1大于小于20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]用電器銘牌上的電壓即為額定電壓；因此電磁爐正常工作時的電壓為220V；

[2]如果用“擋位2”做飯，根據(jù)可得電路中的電流為【解析】①.220②.4.521、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)可知故圖像是過原點的直線。

類比直線運動中由v–t圖像求位移的方法，求兩極間電壓為U時電容器所儲存的電場能【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]物理學規(guī)定正電荷定向移動的方向為電流的方向。

[2]電流通過導體時能使導體的溫度升高；電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能。

[3]根據(jù)焦耳定律得；產(chǎn)生的熱量。

【解析】正電荷內(nèi)90四、作圖題(共4題，共16分)23、略

【分析】【分析】

【詳解】

線框穿過磁場的過程可分為三個階段，進入磁場階段（只有邊在磁場中），在磁場中運動階段（兩邊都在磁場中），離開磁場階段（只有邊在磁場中）。

①線框進入磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性增加，最后為

②線框在磁場中運動階段：對應，時間內(nèi)，穿過線框的磁通量線性減小，最后為時間內(nèi)，穿過線框的磁通量反向線性增加，最后為

③線框離開磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性減小，最后為

畫出圖像如圖所示。

【解析】見解析24、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減?。贿x項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據(jù)可知電阻箱R的電壓UR減?。贿x項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據(jù)電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據(jù)電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據(jù)可求出該電容器的電容；選項A正確；

B．根據(jù)電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時電阻箱阻值大小，選項B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，因此放電時間將變長，選項C錯誤；

D．電源不變，電容器的充電電壓不變，若只減小電容器的電容大小，根據(jù)可知電容器的電荷量將變小；放電的時間將變短，選項D正確。

故選ABD?！?/p>