2025年浙教版選擇性必修1物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版選擇性必修1物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、關于機械波的概念，下列說法中正確的是（）A.質點振動的方向總是垂直于波傳播的方向B.簡諧波沿長繩傳播，繩上相距半個波長的兩質點振動位移總是相同C.任一振動質點每經過一個周期沿波的傳播方向移動一個波長D.相隔一個周期的兩時刻，簡諧波的圖象相同2、關于簡諧運動的下列說法中，正確的是（）A.位移減小時，加速度增大，速度減小B.位移方向總跟加速度方向相反，跟速度方向相同C.物體的運動方向指向平衡位置時，速度方向跟位移方向相反；背向平衡位置時，速度方向跟位移方向相同D.水平彈簧振子朝左運動時，加速度方向跟速度方向相同，朝右運動時，加速度方向跟速度方向相反3、以下物理量為矢量且其單位是國際單位制中的基本單位的是（）A.位移，mB.力，NC.動量，N·sD.時間，s4、一只質量為的烏賊吸入的水后，靜止在水中。遇到危險時，它在極短時間內把吸入的水向后全部噴出，以大小為的速度向前逃竄。下列說法正確的是（）A.在烏賊噴水的過程中，有的生物能轉化成機械能B.烏賊噴出的水的速度大小為C.在烏賊噴水的過程中，烏賊所受合力的沖量大小為D.在烏賊噴水的過程中，烏賊和噴出的水組成的系統(tǒng)的動量增大5、兩列簡諧橫波a、b在同一場的介質中沿x軸同一方向傳播，t＝0時刻各自的波形如圖甲所示，橫波b上x＝0處質點的振動圖象如圖乙所示；下列說法正確的是（）

A.橫波b沿x軸正方向傳播B.t＝0時刻橫波b上x＝0處的質點的位移為－5cmC.橫波a在介質中傳播的速度為2m/sD.t＝13．5s時x＝1．0m處的質點的位移為20cm評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)6、如圖甲所示，光滑水平面上有一長為L=3m的木板，一滑塊（可視為質點）放在木板最左端，木板質量是滑塊質量的3倍開始時，木板與滑塊均處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)給滑塊一個水平向右的初速度v0，滑塊恰好不從木板上掉下。已知滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)隨滑塊離左端距離x變化的圖象如圖乙所示，重力加速度g取10m/s2；則下列說法中正確的是（）

A.滑塊和木板組成的系統(tǒng)機械能守恒，動量也守恒B.滑塊和木板組成的系統(tǒng)機械能不守恒，動量守恒C.滑塊滑到木板最右端時的速度大小為1m/sD.滑塊的初速度v0的大小為3m/s7、如圖所示，兩束平行的黃光射向截面ABC為正三角形的玻璃三棱鏡，已知該三棱鏡對該黃光的折射率為入射光與AB界面夾角為45°，光經三棱鏡后到達與BC界面平行的光屏PQ上；下列說法中正確的是________。

A.兩束黃光從BC邊射出后仍是平行的B.黃光經三棱鏡折射后偏向角為30°C.改用紅光以相同的角度入射，出射光束仍然平行，但其偏向角大些E.若讓入射角增大，則出射光束不平行E.若讓入射角增大，則出射光束不平行8、如圖為一列橫波在某時刻的波形圖。已知波由右向左傳播；下列說法中正確的是（）

A.質點d的運動方向向下，質點b的運動方向向上B.質點c比質點b后回到平衡位置C.此時質點c的速度、加速度均為零D.c與g兩質點的運動方向始終相同9、下列說法正確的是（）A.根據(jù)麥克斯韋的電磁場理論，在變化的電場周圍一定產生變化的磁場，在變化的磁場周圍一定產生變化的電場B.發(fā)射電磁波的兩個重要條件是采用高頻和開放性LC電路C.機械波和電磁波都能發(fā)生干涉和衍射現(xiàn)象E.電磁波只能在真空中傳播，因此當電磁波遇到介質時，會被介質擋住E.電磁波只能在真空中傳播，因此當電磁波遇到介質時，會被介質擋住10、帶有光滑圓弧軌道質量為M的小車靜止置于光滑水平面上，如圖所示，一質量也為M的小球以速度v0水平沖上小車；到達某一高度后，小球又返回小車的左端，則（）

A.小球以后將向左做平拋運動B.小球將做自由落體運動C.此過程小球對小車做的功為MvD.小球在弧形槽上上升的最大高度為11、一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，t=0時刻剛好傳到E點，且A點在波峰，B、C、D也是波上質點，波形如圖(a)所示；質點C的振動圖像如圖（b）所示．在x軸正方向E有一能接收簡諧橫波信號的接收器（圖中未畫出）以5m/s的速度向x軸正方向運動．下列說法正確的是____．

A.波速是10m/sB.t=0.05s時刻，B點在波谷C.C、D兩點振動的相位差是πE.接收器接收到的波的頻率比波源振動頻率小E.接收器接收到的波的頻率比波源振動頻率小12、用如圖所示的裝置觀察光的全反射現(xiàn)象，將半圓柱玻璃磚固定在量角器上，量角器的圓心與半圓柱玻璃磚的圓心重合，半圓柱玻璃磚可繞圓心旋轉。實驗時將只含有紅光和紫光的復色光沿半徑方向從量角器的刻度線射入半圓柱玻璃磚，復色光被分成和兩光束，沿刻度線方向射出，沿刻度線方向射出。下列判斷正確的是（）

A.是復色光B.玻璃對紅光的折射率為2C.若半圓柱玻璃磚順時針旋轉消失，順時針旋轉D.若半圓柱玻璃磚逆時針旋轉消失，順時針旋轉評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)13、動能相等的兩物體A、B在光滑水平面上沿同一直線相向而行，它們的速度大小之比則動量之比___；兩者碰后粘在一起運動，其總動量與A原來動量大小之比___．14、某探究小組做了這樣一個實驗：把一個壓力傳感器固定在地面上，把質量不計的彈簧豎直固定在壓力傳感器上，如圖甲所示。t=0時刻，將一金屬小球從彈簧正上方某一高度處由靜止釋放，小球落到彈簧上壓縮彈簧到最低點，然后又被彈起離開彈簧，上升到一定高度后再下落，如此反復。測出這一過程中壓力傳感器的示數(shù)F隨時間t變化的圖像如圖乙所示。則在的時間內，小球速度最小的時刻為__________，小球加速度最大的時刻為__________。

15、一個水平彈簧振子的固有頻率是3Hz，要使它在振動中產生的最大加速度能達到5m/s2，它振動的振幅A=_____cm。（需要用到彈簧振子周期公式，結合牛二，巧解）16、一彈簧振子的位移x隨時間t變化的關系式為位移x的單位為m，時間t的單位為s。則彈簧振子的周期為_________s；彈簧振子的振動初相位_______。17、某同學自己動手利用如圖所示的裝置觀察光的干涉現(xiàn)象，其中A為單縫屏，B為雙縫屏，整個裝置處于一暗箱中，實驗過程中移去A后，遮住縫S1、S2中的任一個，C上均出現(xiàn)一窄亮斑。出現(xiàn)以上實驗結果的主要原因是______。

評卷人得分四、作圖題(共2題，共18分)18、如圖所示為一彈簧振子在A、C間振動；圖中黑點為振子球心的位置。

(1)畫出振子位于C點時離開平衡位置O的位移；

(2)標出振子位于A點時加速度的方向。

19、某同學做“測玻璃磚的折射率”的實驗時；繪制的光路圖如圖所示，請通過尺規(guī)作圖；刻度尺測量，求出該玻璃磚的折射率。（結果保留兩位有效數(shù)字。）

評卷人得分五、實驗題(共4題，共20分)20、如圖所示，用質量為m的鉤碼通過滑輪牽引小車；使它在長木板上運動，打點計時器在紙帶上記錄小車的運動情況。實驗前先平衡好摩擦力，按照正確的實驗操作步驟進行實驗。

（1）利用該裝置可以完成“探究小車的加速度與合外力的關系”的實驗。將鉤碼的重力作為小車的牽引力，為提高實驗的準確程度，()（填“需要”或“不需要”）滿足小車的質量遠大于鉤碼的質量。

（2）利用該裝置可以完成“探究動能定理”的實驗。

①若視鉤碼重力的功等于小車動能的增量。為提高實驗的準確程度，()（填“需要”或“不需要”）滿足小車的質量遠大于鉤碼的質量。

②若視鉤碼重力的功等于小車和鉤碼動能的增量。為提高實驗的準確程度，()（填“需要”或“不需要”）滿足小車的質量遠大于鉤碼的質量。

（3）利用該裝置可以完成“探究動量定理”的實驗，若視鉤碼重力的沖量等于小車動量的增量。為提高實驗的準確程度，()（填“需要”或“不需要”）滿足小車的質量遠大于鉤碼的質量。21、某興趣小組利用圖示裝置研究彈性碰撞。該裝置由傾斜軌道AB、平直軌道CD與斜面EF連接而成，其中B、C之間通過光滑小圓?。▓D中未畫出）連接，小球通過B、C前后速率不變。實驗時，先把CD段調成水平再把質量為m2的小球2放在平直軌道CD上，然后把質量為m1的小球1從傾斜軌道AB上的P點由靜止釋放，球1與球2發(fā)生正碰后，球2向前運動，經D點平拋后落到斜面上的Q點（圖中未畫出），球1反彈，最高上升到傾斜軌道AB上的P′點（圖中未畫出）該小組測出P點到CD的高度為h，P′點到CD的高度為EQ=θ=30°，球1與球2大小相等。

（1）本實驗中，m1___________m2（選填“>”“<”或“=”）；軌道AB、CD___________光滑（選填“需要”或“不需要”）。

（2）若重力加速度為g，取向右為正方向，碰撞后瞬間小球1的速度為_____（用g、h、表示）

（3）碰撞前后，若滿足表達式______，則可驗證碰撞中兩球組成系統(tǒng)的動量守恒。（用m1、m2、h、表示）

（4）碰撞前后，若滿足=_________h，則可驗證該碰撞為彈性碰撞。22、在驗證動量守恒定律的實驗中；某同學用如圖所示的裝置進行如下的實驗操作：

①先將斜槽軌道的末端調整水平，在一塊平木板表面釘上白紙和復寫紙，并將該木板豎直立于槽口處．使小球a從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放，小球撞到木板并在白紙上留下痕跡O；

②將木板向遠離槽口平移一段距離，再使小球a從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放，小球撞到木板上得到痕跡B；

③然后把半徑相同的小球b靜止放在斜槽水平末端，小球a仍從原來擋板處由靜止釋放，與小球b相碰后，兩球撞在木板上得到痕跡A和C；

④用天平測量a、b的質量分別為ma、mb，用刻度尺測量紙上O點到A、B、C三點的豎直距離分別為y1、y2、y3.

(1)小球a與小球b相碰后，兩球撞在木板上得到痕跡A和C，其中小球a撞在木板上的_____點(填“A”或“C”)．

(2)用本實驗中所測量的量來驗證兩球碰撞過程動量守恒，其表達式為_____(僅用ma、mb、y1、y2、y3表示)．23、（1）某實驗小組擬用如圖1所示裝置研究滑塊的運動；實驗器材有滑塊；鉤碼、紙帶、米尺、帶滑輪的木板，以及由漏斗和細線組成的單擺等．實驗中，滑塊在鉤碼作用下拖動紙帶做勻加速直線運動，同時單擺垂直于紙帶運動方向擺動，漏斗漏出的有色液體在紙帶帶下留下的痕跡記錄了漏斗在不同時刻的位置．

①在圖2中，從______________紙帶可看出滑塊的加速度和速度方向一致．

②用該方法測量滑塊加速度的誤差主要來源有：________、________（寫出2個即可）．

（2）某研究性學習小組設計了圖3所示的電路，用來研究稀鹽水溶液的電阻率與濃度的關系．圖中E為直流電源，K為開關，K1為單刀雙擲開關，V為電壓表，A為多量程電流表，R為滑動變阻器，Rx為待測稀鹽水溶液液柱．

①實驗時，閉合K之前將R的滑片P置于___________（填“C”或“D”）端；當用電流表外接法測量Rx的阻值時，K1應置于位置___________（填“1”或“2”）．

②在一定條件下，用電流表內、外接法得到Rx的電阻率隨濃度變化的兩條曲線如圖所示（不計由于通電導致的化學變化）．實驗中Rx的通電面積為20cm2，長度為20cm，用內接法測量Rx的阻值是3500Ω，則其電阻率為________Ω·m，由圖中對應曲線_______

（填“1”或“2”）可得此時溶液濃度約為________%（結果保留2位有效數(shù)字）．評卷人得分六、解答題(共1題，共7分)24、如圖所示，巡查員站立于一空的貯液池邊，檢查池角處出液口的安全情況。已知池寬為L，照明燈到池底的距離為H。若保持照明光束方向不變，向貯液池中注入某種液體，當液面高為時，池底的光斑距離出液口

（1）試求當液面高為時，池底的光斑到出液口的距離x；

（2）控制出液口緩慢地排出液體，使液面以v0的速率勻速下降，試求池底的光斑移動的速率vx。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【詳解】

A．對于橫波；質點振動的方向總是垂直于波傳播的方向；而縱波質點振動的方向與波傳播的方向在同一直線上，故A錯誤；

B．簡諧波沿長繩傳播；繩上相距半個波長的兩質點振動情況總是相反，位移的大小總是相等，故B錯誤；

C．波傳播的是能量形式；而任一振動質點都不隨波向前移動，故C錯誤；

D．根據(jù)波的周期性可知，簡諧波的周期和每個質點振動周期相同，故D正確．2、C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)

可知；位移減小時，加速度減小，速度增大，選項A錯誤；

B．根據(jù)

可知；位移方向總跟加速度方向相反，跟速度方向可能相同，也可能相反，選項B錯誤；

C．物體的運動方向指向平衡位置時；速度方向跟位移方向相反；背向平衡位置時，速度方向跟位移方向相同，選項C正確；

D．水平彈簧振子向平衡位置運動時；加速度方向跟速度方向相同，朝遠離平衡位置運動時，加速度方向跟速度方向相反，選項D錯誤。

故選C。3、A【分析】【詳解】

國際單位制規(guī)定了七個基本物理量；分別為長度；質量、時間、熱力學溫度、電流、光照強度和物質的量。它們在國際單位制中的單位稱為基本單位，分別為米（m）、千克（kg）、秒（s）、開爾文（K）、安培（A）、坎德拉（cd）和摩爾（mol），位移、力和動量既有大小，又有方向，是矢量，時間只有大小，沒有方向，是標量。

故選A。4、A【分析】【詳解】

B．根據(jù)

解得

B錯誤；

A．根據(jù)上述有

解得

A正確；

C．在烏賊噴水的過程中，烏賊所受合力的沖量大小為

C錯誤；

D．在烏賊噴水的過程中；時間較短，內力遠遠大于外力，烏賊和噴出的水組成的系統(tǒng)的動量守恒，D錯誤。

故選A。5、D【分析】【詳解】

A．根據(jù)圖乙振動圖象可知，時刻橫波b上處的質點振動方向沿y軸負方向，所以橫波b沿x軸負方向傳播；故A錯誤；

BC．同一介質中簡諧波的傳播速度相同，則波速

根據(jù)周期公式則有

所以由時，可知，橫波b上x＝0處質點的振動方程為

則時刻橫波b上x＝0處的質點的位移為－5cm；故B；C錯誤；

D．根據(jù)圖甲可知橫波a的波長

橫波b的波長

要使x＝1.0m處的質點的位移為20cm，設所需時間為t，則t時刻兩列波波峰疊加，則有（m，n均為自然數(shù)）

解得（m，n均為自然數(shù)）

當m＝6，n＝3時，代入可得

符合題意；故D正確；

故選D。二、多選題(共7題，共14分)6、B:C【分析】【詳解】

AB．滑塊和木板組成的系統(tǒng)在光滑的水平面上；不受外力，故系統(tǒng)動量守恒，因為滑塊與木板間存在摩擦，故滑塊和木板組成的系統(tǒng)機械能不守恒，A錯誤，B正確；

CD．因滑塊恰好不從木板上掉下，故此時滑塊與木板共速，設滑塊的質量為m，速度大小為根據(jù)動量守恒定律可得

根據(jù)動能定理可得

解得

C正確；D錯誤；

故選BC。7、A:B:D【分析】【詳解】

AB.如圖所示，由折射率公式

可知r=30°，

由幾何關系可知折射光在三棱鏡內平行于底邊AC，由對稱性可知其在BC邊射出時的出射角也為i=45°；因此光束的偏向角為30°，且兩束光平行，故A正確，B正確；

CD.由于同種材料對不同的色光的折射率不同；相對于黃光而言紅光的折射率小，綠光的折射率較大，因此折射后綠光的偏向角大些，紅光的偏向角小些，故C錯誤，D正確；

E.若讓入射角增大；則折射角按一定的比例增大，出射光束仍然平行，故E錯誤。

故選：ABD。

8、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．由同側法可知，質點d的運動方向向下，質點b的運動方向向上；故A正確；

B．由于質點b的運動方向向上，質點c向下運動，則質點c比質點b后回到平衡位置；故B正確；

C．此時質點c位于波峰處；此時速度為0，加速度最大，故C錯誤；

D．c與g兩質點相距半個周期，則c與g兩質點的運動方向相反；故D錯誤。

故選AB。9、B:C:D【分析】【詳解】

A．在均勻變化的電場周圍產生恒定的磁場；在均勻變化的磁場周圍產生恒定的電場，故A錯誤；

B．發(fā)射電磁波時必須采用高能量且要有盡可能大的空間傳播電磁波；故B正確；

C．干涉和衍射是波的特性；機械波；電磁波都是波，這些特性都具有，故C正確；

D．機械波是機械振動在介質中傳播形成的；所以機械波的傳播需要介質，而電磁波是交替變化的電場和磁場由近及遠地傳播形成的，所以電磁波傳播不需要介質，故D正確；

E．電磁波既可以在真空中傳播；也可以在介質中傳播，故E錯誤。

故選BCD。10、B:C【分析】【詳解】

D．上升到最高點時與小車相對靜止，有共同速度v′，由動量守恒定律和機械能守恒定律有

聯(lián)立得

D錯誤；

ABC．從小球滾上到滾下并離開小車；系統(tǒng)在水平方向上的動量守恒，由于無摩擦力做功，動能守恒，此過程類似于彈性碰撞，作用后兩者交換速度，即小球速度變?yōu)榱?，開始做自由落體運動，BC正確，A錯誤。

故選BC。11、A:C:E【分析】【詳解】

A．由（a）圖可知，波長為．由（b）圖可知，周期．所以波速：

故A正確．

B．靠近平衡時振動速度更大，所以B點從圖示位置振動到波谷應該用大于的時間．故B錯誤．

C．C；D兩點傳播相差半個波長；所以振動的相位差π，故C正確．

D．因為簡諧橫波沿x軸正方向傳播；所以由質點帶動法可以判斷波源起振方向沿y軸正方向．故D錯誤．

E．接收器和波源之間的距離增大，產生多普勒效應，所以接收器接收到的波的頻率比波源振動頻率?。蔈正確．12、A:C【分析】【詳解】

A．光從一種介質進入另一種介質，一部分光反射，一部分光折射，則是反射的復色光；選項A正確；

B．全反射的臨界角

紫光的折射率比紅光的折射率大，其臨界角小，紫光發(fā)生了全反射，紅光的臨界角為紅光的折射率

選項B錯誤；

CD．玻璃半圓柱順時針旋轉時，入射角變大，紫光和紅光都發(fā)生了全反射，法線旋轉角，反射光旋轉角；選項C正確，D錯誤；

故選AC。三、填空題(共5題，共10分)13、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)動能：

根據(jù)可得質量之比：

根據(jù)動量：

所以

[2]碰后粘在一起根據(jù)動量守恒可得：

所以【解析】①.1：2②.1：114、略

【分析】【詳解】

[1]依題意，由圖乙可知在時刻，小球與彈簧開始接觸，此時小球加速度為g，方向豎直向下；在時間內，由于彈簧彈力開始小于重力，根據(jù)牛頓第二定律可知，小球加速度方向豎直向下，隨著彈簧彈力的逐漸增大，加速度逐漸減小，即開始一段時間內，小球先做加速度逐漸減小的加速運動；當彈簧彈力等于重力時，小球加速度為零，速度達最大；接著小球受到的彈力大于重力，根據(jù)牛頓第二定律可知，小球加速度方向豎直向上，且隨著彈簧彈力的增大，加速度逐漸增大，即小球做加速度逐漸增大的減速運動，直到t2時刻；小球速度為0，此時彈簧彈力最大。

[2]若小球從彈簧原長處釋放，根據(jù)簡諧運動特點，彈簧壓縮到最短時，彈力而小球從彈簧正上方某一高度處由靜止釋放后，彈簧壓縮到最短時，最大彈力則t2時刻的加速度

則所以t2時刻的加速度最大?！窘馕觥縯2t215、略

【分析】【詳解】

根據(jù)題意

水平彈簧振子最大的伸長量為A，此時有

解得

聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得

【解析】1.416、略

【分析】【詳解】

[1]由可得

則周期

[2]由可得初相位為【解析】0.817、略

【分析】【詳解】

由題意可知，當他移走A后，遮住縫S1、S2中的任一個，C上均出現(xiàn)一窄亮斑，說明光通過狹縫后不能產生明顯的衍射，是應用縫的寬度太大，否則會出現(xiàn)衍射條紋?！窘馕觥靠pS1、S2的寬度太大四、作圖題(共2題，共18分)18、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)位移總是偏離平衡位置，振子位于C點時離開平衡位置O的位移s如圖所示。

(2)加速度總是指向平衡位置，振子位于A點時加速度aA的方向如圖所示【解析】(1)(2)19、略

【分析】【分析】

【詳解】

測量的長度，根據(jù)折射率表達式，有

帶入數(shù)據(jù)，可得【解析】1.7五、實驗題(共4題，共20分)20、略

【分析】【詳解】

（1）[1]根據(jù)牛頓第二定律，對鉤碼

對小車

聯(lián)立解得

將鉤碼的重力作為小車的牽引力，即

必須滿足的條件是小車的質量遠大于鉤碼的質量。

（2）①[2]用此裝置驗證動能定理；視鉤碼重力的功等于小車動能的增量，故需要把鉤碼的重力近似等于小車受到額拉力，所以要滿足小車質量遠大于鉤碼質量。

②[3]用此裝置驗證動能定理；鉤碼下降過程中，鉤碼的重力所做的功不等于鉤碼與小車動能的增加量，在此實驗中，不要求鉤碼的質量遠小于小車的質量，因為計算的是鉤碼的重力對鉤碼和小車做的功。

（3）[4]若視鉤碼重力的沖量等于小車動量的增量，由于下落過程中，鉤碼重力的沖量等于小車動量和鉤碼動量的增量，故需要滿足小車的質量遠大于鉤碼的質量。【解析】需要需要不需要需要21、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]碰撞后球1反彈，應滿足m1＜m2；為了計算碰撞前后球1的速度，軌道AB、C