2025年粵教新版高二物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教新版高二物理上冊月考試卷412考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，帶負(fù)電的金屬環(huán)繞其軸OO′勻速轉(zhuǎn)動時，放在環(huán)頂部的小磁針最后將（）A.N極豎直向上B.N極豎直向下C.N極水平向左D.小磁針在水平面內(nèi)轉(zhuǎn)動2、關(guān)于靜電場和磁場的說法，正確的是（）A.電場中某點的場強與試探電荷的電荷量成反比B.電場中場強越大的點，電勢不一定越高C.磁場磁感應(yīng)強度的方向就是通電直導(dǎo)線的受力方向D.電流產(chǎn)生磁場的磁感線是閉合的，條形磁鐵磁場的磁感線不是閉合的3、如圖所示是某質(zhì)點沿直線運動的速度v

隨時間t

變化的關(guān)系圖線.

對于該圖線的認(rèn)識正確的是()

A.0隆蘆2s

內(nèi)質(zhì)點做勻速直線運動B.2隆蘆4s

內(nèi)質(zhì)點處于靜止?fàn)顟B(tài)C.0隆蘆2s

內(nèi)質(zhì)點做勻加速直線運動D.3s

時，質(zhì)點的速度為2m/s

4、關(guān)于摩擦起電和感應(yīng)起電的實質(zhì)；下列說法中正確的是（）

A.摩擦起電說明電荷可以從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體。

B.摩擦起電現(xiàn)象說明機械能可以轉(zhuǎn)化為電能；也說明通過做功可以創(chuàng)造出電荷。

C.感應(yīng)起電說明電荷可以從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一個部分。

D.感應(yīng)起電說明電荷可以從帶電的物體轉(zhuǎn)移到原來不帶電的物體。

5、燈繩將電燈懸掛在天花板下，下述兩個力中是作用力和反作用力的是（）A.懸繩對電燈的拉力和電燈的重力B.懸繩拉天花板的力和電燈的重力C.懸繩拉天花板的力和電燈拉懸繩的力D.電燈拉懸繩的力和懸繩拉電燈的力6、如圖，一導(dǎo)線彎成半徑為a的半圓形閉合回路，虛線MN右側(cè)有磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，方向垂直于回路所在的平面?；芈芬运俣葀向右勻速進入磁場，直徑CD始終與MN垂直。從D點到達邊界開始到C點進入磁場為止，下列結(jié)論正確的是（）A.感應(yīng)電流方向不變B.CD段直線始終不受安培力C.感應(yīng)電動勢最大值E＝BavD.感應(yīng)電動勢平均值7、如圖所示；點P在與通電直導(dǎo)線垂直的圓周面上，則P點的磁場方向是（）

A.垂直紙面向里B.垂直紙面向外C.水平向左D.水平向右8、下列說法正確的是(

)

A.體積小的帶電體就是點電荷B.體積大的帶電體不能看成點電荷C.兩個半徑是0.25m

的帶電金屬球，在球心距離為1m

時，可以看成點電荷D.庫侖定律只適用于點電荷間的相互作用評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)9、(6分)如圖所示為一種改進后的回旋加速器示意圖。半徑為的兩個中空D形盒，處于垂直于盒面向里、磁感應(yīng)強度為的勻強磁場中。兩D形盒左端狹縫處放置一場強恒定的加速電場。帶電粒子從處以速度沿電場線方向射入加速電場，經(jīng)加速后再進入D形盒中的勻強磁場做勻速圓周運動，接著又從處進入板間，如此反復(fù)，最后從D形盒右側(cè)的邊緣飛出。對于這種改進后的回旋加速器，帶電粒子每運動一周被加速____次。若被加速的帶電粒子的電荷量為質(zhì)量為則粒子的最大速度的表達式為____。10、將一電荷量為2×10-5的試探電荷放在電場中的P點處，所受的電場力的大小為2×10-2N，則P點的電場強度的大小為____N/C，如果將試探電荷拿走則電場強度為____N/C，方向____（填“變化”或“不變”）．11、平行板電容器所帶電荷量增加了4.0×10-8C，兩板間的電壓相應(yīng)地增加了2.0V，而達到10.0V，那么該電容器的電容值C=____F；如果再將兩極板上的電量各自減少一半，則電容器兩板間的電壓將是____V．12、伏安法測電阻，測量電路的接法有安培表內(nèi)接法和安培表外接法兩種電路，如圖A、B所示，其中______（填A(yù)或B）屬安培表外接法．用安培表外接法測Rx，測量值R測=與真實值比，是偏______（填大或?。?，外接法適用于測阻值較______（填大或小）的電阻．

13、在“測量金屬的電阻率”實驗中；所用測量儀器均已校準(zhǔn)；待測金屬絲接入電路部分的長度約為50cm．

（1）用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，其中某一次測量結(jié)果如圖1所示，其讀數(shù)為______mm（該值接近多次測量的平均值）．

（2）用伏安法測金屬絲的電阻Rx．實驗所用器材為：電池組（電動勢3V；內(nèi)阻約1Ω）；電流表（內(nèi)阻約0.1Ω）、電壓表（內(nèi)阻約3kΩ）、滑動變阻器（0～20Ω，額定電流2A），開關(guān)、導(dǎo)線若干．某小組同學(xué)利用以上器材正確連接好電路，進行實驗測量，記錄數(shù)據(jù)如下：

。次數(shù)1234567U/V0.100.300.701.001.501.702.30I/A0.0200.0600.1600.2200.3400.4600.520由以上實驗數(shù)據(jù)可知，他們測量是采用圖2中的______圖（選填“甲”或“乙”）．

（3）這個小組的同學(xué)在坐標(biāo)紙上建立U、I坐標(biāo)系，描繪出U-I圖線．由圖線得到金屬絲的阻值Rx=4.4Ω，根據(jù)以上數(shù)據(jù)可以估算出金屬絲電阻率約為______（填選項前的符號）．

A、1×10-2Ω?mB、1×10-3Ω?mC、1×10-4Ω?mD、1×10-5Ω?m

（4）任何實驗測量都存在誤差．本實驗所用測量儀器均已校準(zhǔn)，下列關(guān)于誤差的說法中正確的選項是______

A；用螺旋測微器測量金屬絲直徑時；由于讀數(shù)引起的誤差屬于偶然誤差。

B；由于電流表和電壓表內(nèi)阻引起的誤差屬于偶然誤差。

C；若將電流表和電壓表的內(nèi)阻計算在內(nèi)；可以消除由測量儀表引起的系統(tǒng)誤差。

D、用U-I圖象處理數(shù)據(jù)求金屬絲電阻可以消除偶然誤差．14、在光滑的水平面上有AB

兩輛質(zhì)量均為m

的小車，保持靜止?fàn)顟B(tài)，A

車上站著一個質(zhì)量為m2

的人，當(dāng)人從A

車跳到B

車上，并與B

車保持相對靜止，則A

車與B

車速度大小之比等于______，A

車與B

車動量大小之比等于______．評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)15、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）16、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）17、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

18、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）19、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

20、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、證明題(共2題，共14分)21、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。22、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。評卷人得分五、解答題(共4題，共40分)23、如圖所示的電路中，電阻R1=R2=R3=10Ω，電源內(nèi)阻r=5Ω，電壓表可視為理想電表．當(dāng)開關(guān)S1和S2均閉合時；電壓表的示數(shù)為10V．求：

（1）電源的電動勢；

（2）當(dāng)開關(guān)S1閉合而S2斷開時；電壓表的示數(shù)和此時電源的效率．

24、如圖，在豎直平面內(nèi)的3/4圓弧形光滑軌道半徑為10m，A端與圓心O等高，AD為水平面，B端在O的正上方．一個小球自A點正上方由靜止釋放，自由下落至A點進入圓軌道，到達B點時對軌道的壓力恰好為零．g取10m/s2．求：

（1）釋放點距A點的豎直高度．

（2）落點C與A點的水平距離．

25、如圖所示，匝數(shù)為100匝、面積為0.01m2的線圈，處于磁感應(yīng)強度B1為T的勻強磁場中．當(dāng)線圈繞O1O2以轉(zhuǎn)速n為300r/min勻速轉(zhuǎn)動時，電壓表、電流表的讀數(shù)分別為7V、lA．電動機的內(nèi)阻r為1Ω，牽引一根原來靜止的、長L為1m、質(zhì)量m為0.2kg的導(dǎo)體棒MN沿軌道上升．導(dǎo)體棒的電阻R為1Ω，架在傾角為30°的框架上，它們處于方向與框架平面垂直、磁感應(yīng)強度B2為1T的勻強磁場中．當(dāng)導(dǎo)體棒沿軌道上滑1.6m時獲得穩(wěn)定的速度，這一過程中導(dǎo)體棒上產(chǎn)生的熱量為4J．不計框架電阻及一切摩擦，g取10m/s2．求：

（1）若從線圈處于中性面開始計時；寫出電動勢的瞬時表達式；

（2）導(dǎo)體棒MN的穩(wěn)定速度；

（3）導(dǎo)體棒MN從靜止至達到穩(wěn)定速度所用的時間．

26、如圖所示，固定在同一水平面內(nèi)的兩根平行長直金屬導(dǎo)軌的間距為d，其右端接有阻值為R的電阻，整個裝置處在豎直向上、磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場中．一質(zhì)量為m的導(dǎo)體桿ab垂直于導(dǎo)軌放置，且與兩導(dǎo)軌保持良好接觸，桿與導(dǎo)軌之間的動摩擦因數(shù)為μ．現(xiàn)導(dǎo)體桿在水平向左、垂直于桿的恒力F（大小未知）作用下從靜止開始運動，沿導(dǎo)軌運動距離L時，恰好達到最大速度vm．運動過程中導(dǎo)體桿始終與導(dǎo)軌保持垂直．設(shè)導(dǎo)體桿接入電路的電阻為r；導(dǎo)軌電阻不計，重力加速度為g．求：

（1）當(dāng)導(dǎo)體桿達到最大速度vm時；電阻R的熱功率；

（2）恒力F的大??；

（3）從導(dǎo)體桿由靜止開始運動到達到最大速度這段時間內(nèi)；電阻R上產(chǎn)生的熱量．

評卷人得分六、簡答題(共4題，共20分)27、有一個阻值為R的電阻，若將它接在電壓為20V的直流電源上，其消耗的功率為P；若將它接在如圖所示的理想變壓器的次級線圈兩端時，其消耗的功率為．已知變壓器輸入電壓為u=220sin100πt（V）；不計電阻隨溫度的變化．求：

（1）理想變壓器次級線圈兩端電壓的有效值．

（2）此變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比．28、葉酸是維生素rm{B}族之一，可以由下列甲、乙、丙三種物質(zhì)合成。rm{(1)}甲中顯酸性的官能團是________rm{(}填名稱rm{)}rm{(2)}下列關(guān)于乙的說法正確的是________rm{(}填字母rm{)}rm{a.}分子中碳原子與氮原子的個數(shù)比是rm{7隆脙5}rm{b.}屬于芳香族化合物rm{c.}既能與鹽酸反應(yīng)，又能與氫氧化鈉溶液反應(yīng)rm{d.}屬于苯酚的同系物rm{(3)}丁是丙的同分異構(gòu)體，且滿足下列兩個條件，丁的結(jié)構(gòu)簡式為__________________。rm{a.}含有rm{b.}在稀硫酸中水解有乙酸生成rm{(4)}甲可以通過下列路線合成rm{(}分離方法和其他產(chǎn)物已經(jīng)略去rm{)}rm{壟脵}步驟Ⅰ的反應(yīng)類型是________。rm{壟脷}步驟Ⅰ和Ⅳ在合成甲過程中的目的是____________。rm{壟脹}步驟Ⅳ反應(yīng)的化學(xué)方程式為_____________。29、要減少電能輸送時的損失，主要的途徑有：壟脵

____；壟脷

____。30、【略】參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】試題分析：帶負(fù)電的金屬環(huán)繞其軸OO′勻速順時針轉(zhuǎn)動時，形成逆時針的環(huán)形電流，根據(jù)安培定則，金屬環(huán)右側(cè)相當(dāng)于N極，在小磁針?biāo)诘奈恢么艌龇较蛩较蜃?，C正確?？键c：本題考查環(huán)形電流周圍的磁場。【解析】【答案】C2、B【分析】試題分析：電場中某點的場強由電場本身性質(zhì)決定，與試探電荷的電荷量無關(guān)，故A錯誤；場強大小與電勢高低無關(guān)，電場中場強越大的點，電勢不一定越高，故B正確；磁場磁感應(yīng)強度的方向與通電直導(dǎo)線的受力方向垂直，故C錯誤；電流產(chǎn)生磁場的磁感線與條形磁鐵磁場的磁感線都是閉合的，故D錯誤?？键c：本題考查電場強度、電勢、磁感應(yīng)強度及磁感線。【解析】【答案】B3、C【分析】【分析】v鈭?tv-t圖象中，傾斜的直線表示勻變速直線運動，與時間軸平行的直線表示做勻速直線運動，斜率表示加速度，圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移。

本題是速度--時間圖象的應(yīng)用，要明確斜率的含義，知道在速度--時間圖象中圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積的含義，能根據(jù)圖象讀取有用信息?！窘獯稹緼C.

由圖象可知0鈭?2s

內(nèi)；圖象是一條傾斜的直線，質(zhì)點的速度均勻增大，做勻加速直線運動，故A錯誤，C正確；

B.由圖象可知2鈭?4s

內(nèi)質(zhì)點做勻速直線運動，故B錯誤；D.由圖象直接看出；3s

時，質(zhì)點的速度為4m/s

故D錯誤。

故選C。

【解析】C

4、A|C【分析】

A；摩擦起電的實質(zhì)是電子從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體；即說明了電荷可以從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體．故A正確．

B；摩擦起電現(xiàn)象說明機械能可以轉(zhuǎn)化為電能；但并沒有創(chuàng)造電荷．電荷只是發(fā)生轉(zhuǎn)移．故B錯誤．

C；感應(yīng)起電過程電荷在電場力作用下；從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一個部分．故C正確．

D；感應(yīng)起電是電荷從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一個部分．電荷可以從帶電的物體轉(zhuǎn)移到原來不帶電的物體是接觸帶電．故D錯誤．

故選AC

【解析】【答案】摩擦起電的實質(zhì)是電子從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體；并沒有創(chuàng)造電荷．感應(yīng)起電的實質(zhì)是電荷可以從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一個部分．

5、D【分析】作用力和反作用力必須是同一性質(zhì)的力且作用在不同物體上，ABC錯誤、D正確。【解析】【答案】D6、A|C|D【分析】試題分析：在閉合電路進入磁場的過程中，通過閉合電路的磁通量逐漸增大，磁場方向向里，根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流的方向始終為逆時針方向，保持不變，故A正確；由于CD段導(dǎo)線與磁場垂直同，必定受到安培力作用，根據(jù)左手定則判斷得知，CD段受安培力向下，故B錯誤；當(dāng)切割有效長度最大時，由圖可知最大長度為半徑a，故感應(yīng)電動勢最大值E=Bav，故C正確；由法拉第電磁感應(yīng)定律可得感應(yīng)電動勢平均值故D正確．考點：本題考查法拉第電磁感應(yīng)定律、安培力及楞次定律?！窘馕觥俊敬鸢浮緼CD7、D【分析】解：通電直導(dǎo)線中的安培定則：用右手握住通電直導(dǎo)線；讓大拇指指向電流的方向，那么四指的指向就是磁感線的環(huán)繞方向，所以在P點產(chǎn)生的磁場的方向水平向右．

故選：D．

安培定則；也叫右手螺旋定則，是表示電流和電流激的磁場的磁感線方向間關(guān)系的定則，根據(jù)安培定則的應(yīng)用即可正確解答．

該題屬于對安培定則的考查，屬于基礎(chǔ)知識，要加強練習(xí)，熟練掌握安培定則的內(nèi)容，注意磁場方向的表示方法．【解析】【答案】D8、D【分析】解：A

當(dāng)電荷的大小在說研究的問題中可以忽略不計時；可以將其簡化為點電荷，與電荷的決對大小無關(guān)，故A錯誤，B錯誤；

C；兩個半徑是0.25m

的帶電金屬球；在球心距離為1m

時，由于電荷間的相互作用，電荷的中心不在球心上，故不可以簡化為點電荷，故C錯誤；

D；庫侖定律只適用于真空中兩個靜止的點電荷間的相互作用；故D正確；

故選：D

．

當(dāng)電荷的大小在說研究的問題中可以忽略不計時；可以將其簡化為點電荷；庫侖定律適用于真空中兩個靜止的點電荷．

本題關(guān)鍵是明確將物體簡化為點電荷的條件，知道庫侖定律的適用范圍，基礎(chǔ)問題．【解析】D

二、填空題(共6題，共12分)9、略

【分析】【解析】試題分析：帶電粒子在電場外運動時，電場方向不用改變，帶電粒子每運動一周被加速____一次；當(dāng)粒子從D形盒中出來時，速度最大，此時運動的半徑等于D形盒的半徑，考點：回旋加速器的工作原理．【解析】【答案】1、10、略

【分析】

電荷量為2×10-5的試探電荷，放在電場中在P點的電場力大小為2×10-2N；

則由公式E===1000N/C

若將試探電荷移走；則電場強度大小與方向仍不變；

故答案為：1000；1000；不變。

【解析】【答案】電場強度是描述電場強弱的物理量；它是由電荷所受電場力與其電量的比值來定義．比值與電場力及電量均無關(guān)．而電場線越密的地方，電場強度越強．

11、略

【分析】

該電容器的電容值C===F=2×10-8F．如果再將兩極板上的電量各自減少一半，而電容C不變，由公式C=可知；電壓也減半，即為5V．

故答案為：2×10-8；5

【解析】【答案】電容的定義式是C=對于給定的電容器，電容C一定，所以電容也可以用C=．電量減半時；板間電壓也減半．

12、略

【分析】解：所謂安培表外接法是指待測電阻先與電壓表并聯(lián)后再與電流表串聯(lián)的接法；故A為外接法；

使用外接法時；由于電壓表分流而使電流測量值偏大，則由歐姆定律可知，電阻測量值偏?。?/p>

當(dāng)待測電阻的阻值相對電壓表較小時；電壓表的分流較小，則產(chǎn)生的誤差較小，故該接法適合測小電阻．

故答案為：A；?。恍。?/p>

明確電流表內(nèi)外接法的電路結(jié)論；根據(jù)歐姆定律求電阻的測量值，明確實驗中由于電壓表分流而存在測量誤差，要根據(jù)串并聯(lián)電路的規(guī)律分析誤差情況．

本題考查電流表內(nèi)外接法的認(rèn)識以及實驗誤差的分析情況，要注意外接法適用于測小電阻，且結(jié)果偏小，而內(nèi)接法適用于測大電阻，且結(jié)果偏大；即可用口訣為：大內(nèi)偏大；小外偏?。窘馕觥緼；??；小13、略

【分析】解：（1）由圖1所示螺旋測微器可知；固定刻度示數(shù)為2mm，可動刻度示數(shù)為：15.0×0.01mm=0.150mm，螺旋測微器示數(shù)為2mm+0.150mm=2.150mm．

（2）由表中實驗數(shù)據(jù)可知；電壓與電流的第一個測量值很小，接近于零，滑動變阻器用分流接法電壓與電流不能達到這么小的數(shù)值，因此滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，因此需要選擇圖甲所示電路．

（3）金屬絲的阻值Rx=4.4Ω，由電阻定律R=ρ得：

電阻率ρ==≈3.2×10-5Ω?m；故選D．

（4）A；用螺旋測微器測量金屬絲直徑時；由于讀數(shù)引起的誤差屬于偶然誤差，故A正確；

B；由于電流表和電壓表內(nèi)阻引起的誤差屬于系統(tǒng)誤差；故B錯誤；

C；若將電流表和電壓表的內(nèi)阻計算在內(nèi)；可以消除由測量儀表引起的系統(tǒng)誤差，故C正確；

D；用U-I圖象處理數(shù)據(jù)求金屬絲電阻可以消除系統(tǒng)誤差；故D錯誤；故選AC．

故答案為：（1）2.150；（2）甲；（3）D；（4）AC．

（1）關(guān)于螺旋測微器的讀數(shù)；要先讀出固定刻度，再讀出可動刻度，然后相加即可得出結(jié)果．

（2）根據(jù)數(shù)據(jù)比較電壓表；電流表和被測電阻的阻值關(guān)系；確定可采取的電路．

（3）把以上數(shù)據(jù)代入電阻定律；可得出結(jié)果．

（4）根據(jù)誤差來源分析答題．

要掌握螺旋測微器的讀數(shù)方法；明確電學(xué)實驗中，當(dāng)要求電流從零調(diào)時，滑動變阻器應(yīng)用分壓式接法；當(dāng)滿足待測電阻阻值遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻時，電流表應(yīng)用外接法，當(dāng)電流表內(nèi)阻遠(yuǎn)小于待測電阻阻值時，電流表應(yīng)用內(nèi)接法．【解析】2.150；甲；D；AC14、略

【分析】解：對人；AB

兩車組成的系統(tǒng)動量守恒．

有：0=mvA鈭?32mvB

可知：vAvB=32

．

A

車與B

車及人的動量大小相等；

則動量大小之比為32

．

故答案為：3232

．

對人以及兩車研究；該系統(tǒng)在整個過程中動量守恒.

根據(jù)動量守恒定律求出A

車與B

車速度大小之比以及A

車和B

車的動量大小之比．

解決本題的關(guān)鍵選擇好研究的系統(tǒng)，運用動量守恒定律進行求解．【解析】3232

三、判斷題(共6題，共12分)15、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．16、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．17、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?8、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大?。浑妱莶钆c零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．19、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．20、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、證明題(共2題，共14分)21、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運動為簡諧運動22、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運動為簡諧運動五、解答題(共4題，共40分)23、略

【分析】

（1）當(dāng)開關(guān)S1和S2均閉合時，電阻R2中的電流I=

代入數(shù)據(jù)得I=1A

外電阻R=R2+=15Ω

根據(jù)閉合電路歐姆定律得。

E=I（R+r）

代入數(shù)據(jù)解得E=20V

（4）S1閉合而S2斷開；電路中的總電流。

I′==A=0.8A

路端電壓U′=E-I′r=20-0.8×5=16V

則得電壓表的讀數(shù)為16V．

所以電源的效率η=×100%=80%．

答：

（1）電源的電動勢是20V；

（2）當(dāng)開關(guān)S1閉合而S2斷開時；電壓表的示數(shù)是16V，此時電源的效率為80%．

【解析】【答案】（1）當(dāng)開關(guān)S1和S2均閉合時，電阻R1與R3并聯(lián)后與R2串聯(lián)．已知電壓表的讀數(shù)與電阻R2，根據(jù)歐姆定律定律求出電阻R2中的電流；即干路中電流；求出外電路總電阻，根據(jù)閉合電路歐姆定律求出電源的電動勢；

（2）當(dāng)開關(guān)S1閉合而S2斷開時，電阻R1與R2串聯(lián)，電壓表的讀數(shù)等于路端電壓．再由歐姆定律求出電流和路端電壓，電源的效率η=×100%．

24、略

【分析】

（1）若小球在B點時速度為VB；由小球到達B點時對軌道的壓力恰好為零，有。

①

若釋放點距A點的豎直高度為h；由機械能守恒定律有：

②

由①②式并代入數(shù)據(jù)解得：h=15m．

（2）小球在B點以水平速度VB做平拋運動；

豎直方向有：③

水平方向有：soc=vBt④；

由③④式并代入數(shù)據(jù)解得：soc=14.1m

落點C與A點的水平距離sAC=soc-soA=14.1-10m=4.1m．

答：（1）釋放點距A點的豎直高度為15m．

（2）落點C與A點的水平距離尾4.1m．

【解析】【答案】（1）通過小球到達B點時對軌道的壓力恰好為零；根據(jù)牛頓第二定律求出B點的速度，結(jié)合機械能守恒定律求出釋放點距A點的豎直高度．

（2）根據(jù)B點的速度和高度；通過平拋運動的規(guī)律求出水平位移，從而求出落點C與A點的水平距離．

25、略

【分析】

（1）線圈轉(zhuǎn)動過程中電動勢的最大值為。

Em=NB1Sω=NB1S?2πn=．

則線圈從中性面開始計時的電動勢瞬時表達式為e=Emsinωt=10sin10πtV

（2）棒達到穩(wěn)定速度時；電動機的電流I=1A

電動機的輸出功率

又P出=Fv

而棒產(chǎn)生的感應(yīng)電流

穩(wěn)定時棒處于平衡狀態(tài)；故有：

F=mgsinθ+B2I′L

由以上各式代入數(shù)值；得棒的穩(wěn)定速度v=2m/s．

（3）由能量守恒得

其中h=xsinθ=1.6sin30°=0.80m

所以t=1.0s．

【解析】【答案】（1）從線圈處于中性面開始計時，電動勢的瞬時表達式e=Emsinωt．而Em=NB1Sω．

（2）導(dǎo)體棒MN的穩(wěn)定速度時有F=mgsinθ+B2I′L，此時的電流根據(jù)能量守恒求出電動機的輸出功率則F=聯(lián)立求出穩(wěn)定速度v．

（3）根據(jù)能量守恒求出導(dǎo)體棒MN從靜止至達到穩(wěn)定速度所用的時間．

26、略

【分析】

（1）當(dāng)導(dǎo)體桿達到最大速度時，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=Bdvm；

回路中電流

所以，此時電阻R的熱功率

（2）當(dāng)導(dǎo)體桿達到最大速度時；對導(dǎo)體桿受力分析如圖所示；

此時滿足：F=μmg+Bid；

所以，

（3）從導(dǎo)體桿由靜止開始運動到達到最大速度這段時間內(nèi)；回路中產(chǎn)生的電熱為Q；

由能量守恒定律得，

把（2）中所求F帶入上式得：

所以，電阻R上產(chǎn)生的熱量．

答：（1）當(dāng)導(dǎo)體桿達到最大速度vm時，電阻R的熱功率

（2）恒力F的大小為

（3）從導(dǎo)體桿由靜止開始運動到達到最大速度這段時間內(nèi)，電阻R上產(chǎn)生的熱量．

【解析】【答案】（1）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求得導(dǎo)體棒上產(chǎn)生的電動勢；根據(jù)部分電路的歐姆定律求得回路中的電流，代入熱功率的公式即可；

（2）桿在恒力F作用下從靜止開始沿導(dǎo)軌運動；先做加速度減小的加速運動，后做勻速運動，速度達到最大，此時，拉力與摩擦力；安培力平衡，由平衡條件和安培力公式求解最大速度．

（3）根據(jù)功能關(guān)系和焦耳定律求解電阻R上的發(fā)熱量．

六、簡答題(共4題，共20分)27、略

【分析】

根據(jù)功率公式求出變壓器次級線圈兩端的電壓的有效值；根據(jù)變壓器輸入電壓的瞬時表達式求出最大值，從而求出有效值，再根據(jù)電壓之比等線圈匝數(shù)比求解．

本題主要考查變壓器的知識，要能對變壓器的最大值、有效值、瞬時值以及變壓器變壓原理、功率等問題徹底理解，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．【解析】解：（1）直流電源的電壓U0=20V，設(shè)變壓器次級線圈兩端的電壓的有效值為U2；根據(jù)題意有：

P=

得：

（2）變壓器輸入的電壓有效值為：

根據(jù)變壓器電壓比公式；可得：

n1：n2=U1：U2=11：1

答：（1）理想變壓器次級線圈兩端電壓的有效值為．

（2）此變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為11：1．28、rm{(1)}羧基

rm{(2)ac}

rm{(3)}

rm{(4)壟脵}取代反應(yīng)

rm{壟脷}保護氨基不被氧化

rm{壟脹}【分析】【分析】rm{(1)}氨基顯堿