2025年浙教版必修1物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版必修1物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、傾角為的斜面體C放置于水平面上，一根細繩一端與斜面上的物體B相連，另一端繞過質量不計的定滑輪D與物體A相連；定滑輪用另一條細繩懸掛在天花板上的O點，該細繩與豎直方向成角；A，B，C始終處于靜止狀態(tài)，定滑輪D左側細線豎直，右側細繩與斜面平行，下列說法正確的是（）

A.若僅增大A的質量，斜面C對B的摩擦力一定變小B.若僅增大A的質量，地面對斜面C的摩擦力一定變大C.若僅增大B的質量，OD之間的細繩上拉力可能等于A的重力D.若僅將C向左緩慢平移一點，角將變大2、如圖所示；杯子靜止在水平桌面上，杯子所受支持力的平衡力是（）

A.杯子所受的重力B.桌子所受的重力C.杯子對桌子的壓力D.地面對桌子的支持力3、某人先向東走2m，接著向西走6m，最后向南走3m，則他在這段運動中的位移大小和路程分別是（）A.5m、5mB.11m、11mC.5m、11mD.11m、5m4、目前，我國（電子不停車收費系統(tǒng)）已實現(xiàn)全國聯(lián)網(wǎng)，大大縮短了車輛通過收費站的時間。如圖為甲、乙兩輛車以相同的速度開始減速并通過收費站的圖像；根據(jù)圖像下列描述正確的是（）

A.甲車進入的是人工通道，乙車進入的是通道B.兩車通過收費站相同路程（乙車內的路程）的時間差為C.甲車進入通道中的加速度為乙車進入通道中的加速度為D.甲車進入通道，當速度減為后，勻速前進5、如圖所示，物塊A放在直角三角形斜面體B上面，B放在彈簧上面并緊挨著豎直粗糙墻壁，處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)用力F沿斜面向上推A，A，B仍處于靜止狀態(tài)。下列說法正確的是（）

A.A，B之間的摩擦力大小可能不變B.A，B之間的摩擦力一定變大C.B受到的彈簧彈力一定變小D.B與墻之間可能沒有摩擦力6、如圖所示，物體A以某一速度沿斜劈B勻速下滑，運動到C點時對物體A施加向右的水平推力作用，若斜劈B一直處于靜止狀態(tài)，在施加推力后的一小段時間內物體A一直沿斜面向下運動；下列說法正確的是（）

A.物體A所受的合外力不變B.斜劈B對物體A的作用力沿斜面向上C.地面對斜劈B的支持力大于A、B總重力D.地面對斜劈B的摩擦力水平向左7、如圖所示，將一盒未開封的香皂置于桌面上的一張紙板上，用水平向右的拉力將紙板迅速抽出，香皂盒的移動很小，幾乎觀察不到，這就是大家熟悉的慣性演示實驗（示意圖如圖所示），若香皂盒和紙板的質量分別為m1和m2，各接觸面間的動摩擦因數(shù)均為μ，重力加速度為g。若本實驗中，m1=100g，m2=5g，μ=0.2，香皂盒與紙板左端的距離d=0.1m，若香皂盒移動的距離超過l=0.002m，人眼就能感知，忽略香皂盒的體積因素影響，g取10m/s2；為確保香皂盒移動不被人感知，紙板所需的拉力至少是（）

A.1.42NB.2.24NC.22.4ND.1420N評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、如圖所示，把一質量為m的物體用一水平方向的推力F=kt（k為恒量，t為時間）壓在豎直的足夠高的平整墻上，物體與墻壁間動摩擦因數(shù)為μ，從t=0開始計時，靜止釋放此物體，則物體所受的摩擦力f、加速度a、速度v和位移x隨t變化的關系正確的是圖中的（）

A.B.C.D.9、如圖所示為在同一直線上運動的A、B兩質點的x-t圖象。由圖可知（）

A.t=0時，A在B的前面B.B在t2時刻追上A，并在此后跑在A的前面C.B開始運動的速度比A小，t2時刻后才大于A的速度D.A運動的速度始終比B大10、甲；乙兩物體同時同地沿同一方向做直線運動的速度—時間圖像如圖所示；則下列說法中正確的是（）

A.兩物體兩次相遇的時刻是末和末B.末乙在甲前面C.在內，兩物體相距最遠的時刻是末D.乙先向前運動隨后向后運動11、如圖甲所示，5顆完全相同的象棋棋子整齊疊放在水平面上，每顆棋子的質量均為m，第5顆棋子最左端與水平面上的a點重合，所有接觸面間的動摩擦因數(shù)均為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力?，F(xiàn)將水平向右的恒力F作用在第3顆棋子上；恒力作用一小段時間后各棋子位置如圖乙所示，則下列說法正確的是（）

A.棋子5對4的摩擦力大小為方向水平向左B.棋子1和2未發(fā)生相對運動，故棋子1和2之間的摩擦力為零C.作用在棋子3的恒力F的大小至少為D.無論恒力F多大，棋子1和2一定不會發(fā)生相對運動12、電動汽車是我國新能源汽車發(fā)展方向，我市開發(fā)區(qū)內引進企業(yè)所生產(chǎn)的＂陸地方州＂電動汽車試運行時由甲地出發(fā)，沿平直路面開到乙地剛好停止，其速度圖象如圖所示，那么0~t和t~3t兩段時間內；下列說法正確的是（）

A.位移大小之比為1：2B.加速度大小之比為1：2C.平均速度大小之比為1：1D.t時刻速度方向改變13、如圖所示，彈簧左端固定，右端自由伸長到點并系住物體現(xiàn)將彈簧壓縮到A點，然后釋放，物體一直可以運動到點；如果物體受到的摩擦力大小恒定，則（）

A.物體從A到先加速后減速B.物體從A到加速，從到減速C.物體在間某點時所受合力為零D.物體運動到點時所受合力為零14、如圖（a）,一長木板靜止于光滑水平桌面上，時，小物塊以速度滑到長木板上，時刻小物塊恰好滑至長木板最右端．圖（b）為物塊與木板運動的圖像，已知圖中重力加速度大小為g．下列說法正確的是。

A.木板的長度為B.物塊與木板的質量之比為C.物塊與木板之間的動摩擦因數(shù)為D.t1時刻，小物塊和木板動能之比為15、如圖所示,木板P下端通過光滑鉸鏈固定于水平地面上的O點,物體A、B疊放在木板上且處于靜止狀態(tài),此時物體B的上表面水平．現(xiàn)使木板P繞O點緩慢旋轉到虛線所示位置,物體A、B仍保持靜止,與原位置的情況相比:

A.A對B的壓力大小不變B.B對A的作用力不變C.木板對B的支持力增大D.木板對B的摩擦力大小不變評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)16、如圖表示某物體的v-t圖象，從圖象可知OA段的加速度是______m/s2；BC段的加速度是______m/s2；CD段的加速是______m/s2；物體在0-10s內的平均速度是______m/s；物體在這14s內運動的總位移是______m。17、如圖所示；是探究某根彈簧的伸長量X與所受拉力F之間的關系圖：

（1）彈簧的勁度系數(shù)是_____N/m

（2）若彈簧原長l0=10cm，當彈簧所受F=150N的拉力作用時（在彈性限度內），彈簧長度為l=_____cm．18、如圖所示為一質點作直線運動的速度-時間圖像，求：第2s時的加速度是______________；

第8s時的加速度是______________；第20s時的加速度是_____________；

19、如圖所示，質量為m=5kg的物體，置于一傾角為30°的粗糙斜面上，用一平行于斜面的大小為40N的力F拉物體，使物體沿斜面M向上做初速度為零的勻加速直線運動，加速度a=2m/s2，斜面始終保持靜止狀態(tài)．則水平地面對斜面的靜摩擦力大小為____N．

20、請按要求填寫：

（1）某同學用游標卡尺的________測得一玻璃杯的內高，如圖甲所示，則其內高為________cm；

（2）又用螺旋測微器測得其玻璃厚度如圖乙所示，則厚度為________mm；

（3）該同學用螺旋測微器又測得一小球直徑如圖丙所示，正確讀數(shù)后得小球直徑為1.731mm，則a＝__________，b＝__________。

（4）某同學測定一金屬桿的長度和直徑，示數(shù)如圖丁、戊所示，則該金屬桿的長度和直徑分別為______cm和______mm。

評卷人得分四、實驗題(共3題，共6分)21、某同學為了探究加速度與力的關系；設計了如圖甲所示的裝置，操作如下：

①在鐵架臺的豎直桿上固定兩個光電門1和2，把光電門與計算機相連，可記錄擋光片的擋光時間t。

②在鐵架臺橫梁上固定定滑輪；細繩跨過定滑輪，兩端分別拴接兩個相同的小盒A；B，在小盒A上固定一擋光片（擋光片的質量可忽略）。

③用螺旋測微器測量擋光片的寬度，如圖乙所示，測得兩光電門間距離為h。

④取10個完全相同的砝碼（每個砝碼的質量m=10g）均分后放入A；B中；系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)。

⑤將小盒B中的5個砝碼依次取出并放在小盒A中，然后每次都將裝置由靜止釋放，記錄小盒A經(jīng)過兩個光電門1、2時擋光片的擋光時間t1、t2。

重力加速度g=9.8m/s2；請根據(jù)實驗回答以下幾個問題：

（1）擋光片的寬度為d=__________mm；

（2）小盒A的加速度a=__________（用h、d，t1、t2表示）；

（3）將五次取、放砝碼后得到的數(shù)據(jù)進行處理，得到加速度a的數(shù)值，填入下表．其中n為從小盒B中取走的砝碼個數(shù)。n12345a（m/s2）0.200.410.590.801.0

請在圖丙所示的坐標系中作出n-a圖像_______。

（4）設小盒的質量為M，根據(jù)圖像可求得M=________g。22、某同學用如圖裝置測量一輕彈簧的勁度系數(shù)；器材如下：

一端有擋板、長為l的光滑木板，一把刻度尺，一個質量為m的重物；一待測輕彈簧。

實驗步驟如下：

(1)將木板水平放置；彈簧的左端固定在擋板上；

(2)將重物貼近彈簧右端；

(3)將木板的右端緩慢抬高不同的高度，測出彈簧的長度x1、x2······和此時木板右端到水平面的高度h1、h2······；

以x為縱軸，____________(選填“h”或“”)為橫軸，作出的圖像如圖所示，其圖像斜率為K。該彈簧的勁度系數(shù)為____________，圖像縱軸截距的物理意義是______________。23、（1）在“用打點計時器測速度”實驗中，電磁打點計時器和電火花計時器都使用______填“直流”或“交流”電源，電磁打點計時器的工作電壓為______V。

（2）如下圖為物體做勻加速運動時打點計時器打出的一條紙帶，圖中相鄰的兩點間還有四個點未畫出，則每兩個點之間的時間間隔為______s。已知打點計時器接交流50Hz的電源，則打點計時器打出D點時，物體的速度大小為______物體運動的加速度大小為______計算結果保留二位有效數(shù)字

評卷人得分五、解答題(共1題，共3分)24、如圖甲所示，質量M=0.2kg的平板放在水平地面上，質量m=0.1kg的物塊（可視為質點）疊放在平板上方某處，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)．現(xiàn)對平板施加一水平向右的拉力，在0～1.5s內該拉力F隨時間的變化關系如圖乙所示，1.5s末撤去拉力．已知物塊未從平板上掉下，認為最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等，物塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ1=0.2，平板與地面間的動摩擦因數(shù)μ2=0.4，取g=10m/s2．求:

（1）0～1s內物塊和平板的加速度大小a1、a2；

（2）1s末物塊和平板的速度大小v1、v2以及1.5s末物塊和平板的速度大小

（3）平板的最短長度L．

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

A．若僅增大A的質量，則BD繩拉力增大，對B分析，由于不知道BD繩拉力和摩擦力的大小關系；故無法判斷斜面C對B的摩擦力的變化，故A錯誤；

B．若僅增大A的質量，對滑輪分析，根據(jù)平衡條件可知繩子OD拉力增大，對整體分析可知地面對斜面C的摩擦力等于繩OD在水平方向的分力；故地面對斜面C的摩擦力一定變大，故B正確；

C．若僅增大B的質量，則繩子AD和BD上拉力不變，而角ADB為銳角，故繩子OD上的拉力一定大于A的重力；故C錯誤；

D．若僅將C向左緩慢平移一點，由于角ADB變小，而OD在其角平分線上，故角變??；故D錯誤。

故選B。2、A【分析】【詳解】

杯子靜止在水平桌面上；杯子所受的桌面的支持力與杯子的重力平衡，選項A正確，BCD錯誤。

故選A。3、C【分析】【分析】

【詳解】

人的位移大小

路程

故選C。4、D【分析】【詳解】

A．經(jīng)過人工通道繳費時車的速度應減為零；然后再啟動，而經(jīng)過ETC通道的不需要停車即可通過，由圖可知甲只是減速，但速度并沒有減為零，所以甲車進入的是ETC通道，乙車進入的是人工收費通道，故A錯誤；

B．由v-t圖像圖線與坐標軸所圍的面積表示位移，通過收費站相同路程為

乙車用了18s時間，而甲車用了大于5s時間（0-5s時間內，甲圖線與時間軸圍成的面積小于40m），故兩車通過收費站相同路程的時間差小于故B錯誤；

C．甲車進入通道的加速度大小為

乙車進入通道的加速度大小為

故C錯誤；

D．由v-t圖像圖線與坐標軸所圍的面積表示位移，甲車進入通道，當速度減為后，勻速前進

故D正確。

故選D。5、A【分析】【分析】

【詳解】

AB．A開始受重力、B對A的支持力和靜摩擦力平衡，當施加F后，仍然處于靜止，開始A所受的靜摩擦力大小為若

則A、B之間的摩擦力大小可能不變；故A正確，B錯誤；

CD．對整體分析，由于AB不動，彈簧的形變量不變，則彈簧的彈力不變，開始彈簧的彈力等于A、B的總重力，施加F后，彈簧的彈力不變，總重力不變，根據(jù)平衡知，則B與墻之間一定有摩擦力；故CD錯誤。

故選A。6、C【分析】【詳解】

A．物體A勻速下滑時，對物體A，所受的合外力為零，根據(jù)平衡條件

解得

對物體A施加向右的水平推力，對物體A，垂直斜面方向有

沿斜面方向上有

則物體A的合力不為零，故物體A所受的合外力變化；故A錯誤；

B．對物體A，受斜劈B的垂直斜面向上的支持力受斜劈B的沿斜面向上的滑動摩擦力則斜劈B對物體A的作用力為和的合力；這兩個力的合力不可能沿斜面方向，故B錯誤；

CD．對物體B，根據(jù)牛頓第三定律可知，物體B受物體A垂直斜面向下的壓力

物體B受物體A沿斜面向下的滑動摩擦力

豎直方向上，設地面對斜劈B的支持力為根據(jù)平衡條件有

水平方向上，假設地面對斜劈B的摩擦力水平向左，根據(jù)平衡條件有

解得

即地面與斜劈B之間無摩擦力；故D錯誤C正確。

故選C。7、A【分析】【詳解】

香皂盒的加速度

紙板的加速度

對香皂盒

對紙板

紙板抽出后香皂盒運動的距離a3=a1

由題意知a1t1=a3t2l=x1+x2

解得F=1.42N

故選A。二、多選題(共8題，共16分)8、B:C【分析】【詳解】

A．從t=0開始水平推力即壓力不斷增大，則物體受到滑動摩擦力作用，所以滑動摩擦力的大小與壓力正比。因此滑動摩擦力不斷增大。當物體的摩擦力等于于重力時有

解得

只有摩擦力大于重力，物體開始做減速運動，直到減速到零，由對稱性可知，當速度減小為零時，物體的加速度為g，即此時的摩擦力為2mg，故

解得

同時此刻物體處于靜止狀態(tài)；即使推力增大，也不會影響物體的靜摩擦力大小。則靜摩擦力的大小突變?yōu)橹亓Υ笮?，A錯誤；

B．根據(jù)牛頓第二定律可知

解得

所以加速度隨時間是均勻變化的，在之前，加速度均勻減小，當時減小到零，之后加速度反向增大，當時增大到-g；B正確；

C．物體先做加速度減小的加速運動，后做加速度增大的減速運動，根據(jù)可知速度是關于時間t的二次函數(shù)，當時，加速度為零，速度最大，因為加速度是均勻變化的，在時，最大速度為

之后開始減速，當時速度減小到零；C正確；

D．因為時間內，物體做速度增大的加速運動，所以圖像的斜率應該是增大的，之后速度減小，圖像的斜率減??；而選項中，斜率是先減小后增大，故D錯誤。

故選BC。9、A:B【分析】【分析】

【詳解】

AB．根據(jù)圖像可知，t=0時，A在B的前面x1處，B在t2時刻追上A；并在此后跑在A的前面，故AB正確；

C．圖像斜率代表速度；B開始運動的速度比A大，故C錯誤；

D．A運動的速度并非始終比B大，因為t1-t2之間；A靜止，故D錯誤。

故選AB。10、A:B【分析】【詳解】

A．t=2s時乙的位移為

甲的位移為x′=2×2=4m

兩者位移相同；又是從同一地面出發(fā)，故2s末時二者相遇，同理可判斷6s末二者也是相遇，故A正確；

B．4s時甲的位移為x=4×2=8m

乙的位移為

甲的位移小于乙的位移，故甲在乙后面，故B正確；

C．1s末兩物體相距的距離等于一個小三角形的面積，而4s末兩物體相距的距離等于2-4之間三角形的面積，明顯4s末二者的距離最大，故C錯誤；

D．乙的速度一直為正，說明其運動方向始終未發(fā)生變化，故D錯誤。

故選AB。11、A:D【分析】【詳解】

A．所有接觸面間的動摩擦因數(shù)均為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，3和4棋子之間的滑動摩擦力為小于4和5間的摩擦力則4不會發(fā)生滑動，5也不會發(fā)生滑動，由圖乙可知3和4棋子發(fā)生相對滑動，則可知4和5之間的摩擦力大小為4對于5來說由向右的運動趨勢，則靜摩摩擦力方向水平向左，故A正確；

B．最上面的兩顆棋子向右運動的最大加速度為

故B錯誤；

C．設最上面的三個棋子一起以向右運動，且水平恒力為則

解得

當水平向右的恒力F大于時；第三個棋子和上面的兩個棋子發(fā)生了相對滑動，故C錯誤；

D．當水平向右的恒力F大于時，第三個棋子和上面的兩個棋子發(fā)生了相對滑動，上面的兩個棋子一起向右運動，如果

所有棋子均靜止不動，如果

最上面的三個棋子作為整體一起向右運動，所以無論恒力F多大；棋子1和2一定不會發(fā)生相對運動，故D正確。

故選AD。12、A:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)v~t圖像的面積表示位移可得0~t和t~3t兩段時間內位移大小之比為

故A正確；

B．圖像的斜率表示加速度，得0~t和t~3t兩段時間內，加速度大小之比為

故B錯誤；

C．平均速度

可知兩段時間內平均速度大小之比為1:1；故C正確；

D．由圖知；兩段時間內運動方向不變，故D錯誤。

故選AC。13、A:C【分析】A；物體從A到O的過程中；開始彈力大于摩擦力，加速度方向向右，向右做加速運動，然后彈力小于摩擦力，加速度方向向左，做減速運動，所以A到O的過程先加速后減速．故A正確．B、物體從A到O先加速后減速，從O到B的過程中，彈簧后摩擦力均向左，做減速運動．故B錯誤．C、在AO間，當彈力與摩擦力相等時，合力為零．故C正確，D錯誤．故選AC．

【點睛】本題關鍵分階段結合運動情況對物體受力分析，求出合力后確定加速度的變化情況，從而最終確定物體的運動情況．14、A:C:D【分析】【詳解】

A.時刻小物塊恰好滑至長木板最右端，所以相對位移就是板長，根據(jù)圖b知，相對位移為圖像面積差：A正確．

B.相對運動過程中，相互間的摩擦力設為f，木塊的加速度木板加速度所以質量之比為B錯誤．

C.木塊的加速度摩擦力所以動摩擦因數(shù)為C正確．

D.動能t1時刻，速度相同，所以動能比等于質量比D正確．15、B:C【分析】【詳解】

AB、以A為研究對象，A原來只受到重力和支持力而處于平衡狀態(tài)，所以B對A的支持力與A的重力大小相等，方向相反；當將P繞O點緩慢旋轉到虛線所示位置，B的上表面不再水平，A受力情況如圖1，A受到重力和B的支持力、摩擦力三個力的作用，其中B對A的支持力、摩擦力的合力仍然與A的重力大小相等，方向相反，則B對A的作用力保持不變；當將P繞O點緩慢旋轉到虛線所示位置，B對A的支持力變小，根據(jù)牛頓第三定律可知，A對B的壓力變小，故B正確，A錯誤；

CD、以AB整體為研究對象，分析受力情況如圖2，總重力GAB、板對B的支持力N2和摩擦力f2，由平衡條件分析可知，板對B的支持力板對B的摩擦力α減小，N2增大，減??；故C正確，D錯誤；

故選BC．

【點睛】

關鍵是兩個物體的平衡問題，要靈活選擇研究對象，通過分析受力，由平衡條件分析力的變化．三、填空題(共5題，共10分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)速度-時間圖像的斜率表示加速度，則OA的加速度為。

[2]BC段的加速度為。

[3]CD段的加速度為。

[4]根據(jù)速度-時間圖像圍成的面積表示位移；則物體在0-10s內的位移為。

則物體在0-10s內的平均速度為。

[5]物體在這14s內運動的總位移。

【解析】1-2-0.52.82417、略

【分析】【分析】

【詳解】

解：（1）圖象斜率的大小表示勁度系數(shù)大??；

故有k==1000N/m．

（2）根據(jù)F=kx，得當彈簧所受F=150N的拉力作用時伸長的長度為x=m=0.15m=15cm

則彈簧長度為l=x+l0=25cm

故答案為（1）1000．（2）25．

考點：胡克定律．

分析：本題考查了有關彈簧彈力與形變量之間關系的基礎知識；利用胡克定律結合數(shù)學知識即可正確求解．

點評：胡克定律的應用注意形變量x既可以是彈簧的伸長量，也可以是彈簧的壓縮量；還要注意胡克定律適用的條件為在彈性限度內．【解析】10002518、略

【分析】【詳解】

由圖可知，0-5s的加速度為故第2s時的加速度是5s-14s的加速度為0，故第8s時的加速度是18s-22s直線的斜率不變，故加速度不變，則加速度為故第20s時的加速度是．

【點睛】速度時間圖象的兩個考點：1、其圖象的斜率表示加速度，2、圖線與坐標軸所圍“面積”表示物體的位移．【解析】1m/s20m/s2－6m/s219、略

【分析】【詳解】

整體的加速度向右的分量為acos30整體水平方向受到地面向左的摩擦力f，F(xiàn)向右的水平分力Fcos30由牛頓第二定律得：Fcos30-f=macos30解得f=15N，所以水平地面對斜面的靜摩擦力大小為15N．【解析】15N20、略

【分析】【詳解】

（1）[1]因需測量的是玻璃杯的內高即深度；所以要用游標卡尺的深度尺測量；

[2]根據(jù)圖甲所示的游標卡尺主尺上的整毫米數(shù)為100mm，游標尺的精確度為0.1mm，且第3條刻度線與主尺上的刻度線對齊，可知玻璃杯的內高為

（2）[3]螺旋測微器的讀數(shù)規(guī)則：測量值＝固定刻度讀數(shù)（注意半毫米刻度線是否露出）＋精確度（0.01mm）×可動刻度讀數(shù)（一定要估讀），所以玻璃厚度為

（3）[4][5]因

由螺旋測微器讀數(shù)規(guī)則知a應為20，b應為0；

（4）[6]金屬桿長度由刻度尺示數(shù)可得，由題圖丁得

[7]由題圖戊知，此游標尺為50分度，游標尺上第10刻線與主尺上一刻線對齊，則金屬桿直徑為【解析】深度尺10.032.76020060.104.20四、實驗題(共3題，共6分)21、略