2025年外研銜接版選修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研銜接版選修3物理上冊階段測試試卷598考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、阿爾法磁譜儀用于探測宇宙中的反物質和暗物質（即由“反粒子”構成的物質），如氚核（）的反粒子為（）．該磁譜儀核心部分截面區(qū)域是半徑為R的圓形磁場，磁場方向垂直紙面向外，如圖所示，P為入射窗口，各粒子從P射入速度相同，均沿直徑方向，P、a、b、c、d、e為圓周上等分點，如反質子射入后打在e點，若氚核粒子射入，則（）

A.氚核將打在d點B.氚核射入磁場后的運動軌跡的半徑為反質子的C.氚核的運動時間為反質子的D.氚核的運動時間為反質子的2、一宇宙飛船的橫截面積，以的恒定速率航行，當進入有宇宙塵埃的區(qū)域時，設在該區(qū)域，單位體積內有顆塵埃，每顆塵埃的質量為，若塵埃碰到飛船前是靜止的，且碰到飛船后就粘在飛船上，不計其他阻力，為保持飛船勻速航行，飛船發(fā)動機的牽引力功率為（））A.B.C.snmD.3、關于液體，下列說法正確的是（）A.硬幣能浮在水面上并非因為所受浮力等于重力B.水黽能靜止在水面上，是因為表面張力與重力平衡C.液面為凸形時表面張力使表面收縮，液面為凹形時表面張力使表面伸張D.毛細現象只能發(fā)生在浸潤的固體和液體之間4、下列說法正確的是（）

A.圖甲為一定質量的某種理想氣體在3個不同溫度下的等溫線，其中等溫線1表示的溫度最高B.圖乙為一定質量的理想氣體狀態(tài)變化的V-T圖線，由圖可知氣體在狀態(tài)a的壓強大于在狀態(tài)b的壓強C.圖乙中一定質量的理想氣體在a→b的過程中對外界做功，氣體吸熱D.圖丙為分子間作用力與分子間距離的關系，可知當分子間的距離時，分子勢能隨分子間距離的增大而增大5、下列說法中正確的是A.外界對物體做功，物體的內能一定增加B.物體的溫度升高，物體內所有分子的動能都增大C.在分子相互靠近的過程中，分子勢能一定增大D.在分子相互遠離的過程中，分子引力和斥力都減小6、關于磁感線的下列說法，正確的是A.磁感線一定是從N極出發(fā)，終止于S極B.小磁針在磁場中靜止時N極所指的方向即是該點磁感線的切線方向C.沿著磁感線方向，磁感應強度越來越小D.兩磁感線空隙處不存在磁場7、一個矩形線圈在勻強磁場中轉動產生的交流電動勢為e=220sin100t（V），關于這個交變電流，下列說法中正確的是()A.交變電流的頻率為100HzB.電動勢的有效值為220VC.電動勢的有效值約為311VD.t=0時，線圈平面與中性面垂直8、傳感器是把非電學物理量（如位移、壓力、流量、聲強等）轉換成電學量的一種元件。如圖所示為一種電容傳感器，電路可將聲音信號轉化為電信號。電路中構成一個電容器，是固定不動的金屬板，是能在聲波驅動下沿水平方向振動的鍍有金屬層的振動膜。若聲源發(fā)出頻率恒定的聲波使振動，則在振動過程中（）

A.板之間的電場強度不變B.板所帶的電荷量不變C.向右位移最大時，電容器的電容量最大D.電路中始終有方向不變的電流9、電源、開關S、定值電阻R1和R3、光敏電阻R2、燈泡以及電容器連接成如圖所示電路，電容器的兩平行板水平放置。當開關S閉合，并且無光照射光敏電阻R2時，一帶電液滴恰好靜止在電容器兩板間的M點。當用強光照射光敏電阻R2時；光敏電阻的阻值變小，則()

A.電容器所帶電荷量減少B.燈泡變暗C.電容器兩極板間電壓變大D.液滴向下運動評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)10、如圖所示，圖中的三個電表均為理想電表，R1和R2為定值電阻；當滑動變阻器滑片P向左端緩慢移動時，下面說法中正確的是（）

A.電壓表V2的讀數減小，電流表A的讀數減小B.電壓表V1的讀數增大，電壓表V2的讀數增大C.電壓表V2的讀數增加，電流表A的讀數減小D.無法確定滑動變阻器消耗的功率變化，電容器所帶電量增加11、下列說法正確的是（）A.水由液態(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)，分子勢能增加B.在熔化過程中，晶體要吸收熱量，但溫度保持不變，內能也保持不變C.已知水的摩爾質量和水分子的質量，可以計算出阿伏加德羅常數D.當分子力表現為引力時，分子力和分子勢能都是隨分子間距離的增大而增大12、用比值法定義物理量是物理學中一種很重要的思想方法，下列哪些公式是這些物理量的比值定義式（）A.加速度B.電阻C.電場強度D.電容13、如圖所示，一理想變壓器的原、副線圈的匝數比為2:1，在原、副線圈的回路中分別接有阻值相同的電阻R，輸入端ab間接在電壓有效值恒定為220V的正弦交流電源上，不計一切導線電阻，則（）

A.左右兩個電阻R上消耗的功率之比為1:1B.左右兩個電阻R上分得的電壓之比為1:2C.副線圈的輸出電壓有效值U=88VD.若只將變壓器原、副線圈匝數比改為1:2，則副線圈輸出電壓有效值U不變14、某質點做簡諧運動，其位移隨時間變化的關系式為t的單位為s，則質點()A.第1s末與第5s末的位移相同B.第1s末與第5s末的速度相同C.第1s內速度不斷增大D.第2s內加速度不斷增大15、如圖電路中,電源內阻不計,三個小燈泡完全相同且外電路變化時每個燈泡兩端的電壓都不會超其額定電壓,開始時只有S1閉合.當S2也閉合后,下列說法正確的是。

A.燈泡L1變暗B.燈泡L2變暗C.電容器C的帶電荷量將增大D.電路中總電流增大16、如圖所示，在邊長為L的正方形PQMN區(qū)域內存在垂直紙面向外、磁感應強度大小為B的勻強磁場，在MN邊界放一剛性擋板，粒子能碰到擋板則能夠以原速率彈回．一質量為同m、帶電荷量為q的粒子以某一速度從P點射入，恰好從Q點射出，下列說法正確的是

A.帶電粒子一定帶負電荷B.帶電粒子的速度最小值為C.若帶電粒子與擋板碰撞，則受到擋板作用力的沖量為D.帶電粒子在磁場中運動時間可能為評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)17、研究性學習小組圍繞一個量程為30mA的電流計展開探究．

（1）為測量該電流計的內阻，同學甲設計了如圖（a）所示的電路．圖中電源電動勢未知，內阻不計．閉合開關，將電阻箱阻值調到10Ω時，電流計恰好滿偏；將電阻箱阻值調到85Ω時，電流計指針指在如圖（b）所示位置，則電流計的讀數為______m。A．由以上數據可得電流計的內阻Rg=______Ω

（2）同學乙將甲設計的電路稍作改變，在電流計兩端接上兩個表筆，如圖（c）所示，設計出一個簡易的歐姆表，并將表盤的電流刻度轉換為電阻刻度：閉合開關，將兩表筆斷開，調節(jié)電阻箱，使指針指在“30mA”處，此處刻度應標阻值為______Ω（填“0”或∞”）；再保持電阻箱阻值不變，在兩表筆間接不同阻值的已知電阻，找出對應的電流刻度，則“15mA“處對應表筆間電阻阻值為______Ω．

若該歐姆表使用一段時間后，電池內阻變大不能忽略，電源電動勢不變但將兩表筆斷開，指針仍能滿偏，按正確使用方法再進行測量，其測量結果與原結果相比將______（選填“變大”、“變小”或“不變”）．18、汽車內燃機氣缸內汽油燃燒時，氣體體積膨脹推動活塞對外做功。已知在某次對外做功的沖程中，汽油燃燒釋放的化學能為1×103J，因尾氣排放、氣缸發(fā)熱等對外散失的熱量為8×102J。該內燃機的效率為________。隨著科技的進步，可設法減少熱量的損失，則內燃機的效率能不斷提高，其效率________(選填“有可能”或“仍不可能”)達到100%.19、一個電流表的滿偏電流內阻要把它改裝成一個量程為的電壓表，則應在電流表上__________（填“串聯”或“并聯”）一個__________的電阻。20、如圖所示，一彈簧振子在M、N間沿光滑水平桿做簡諧運動，坐標原點O為平衡位置，MN=4cm．從小球圖中N點時開始計時，到第一次經過O點的時間為0.1s，則小球振動的周期為______s，振動方程的表達式為x=______cm；．

21、閱讀短文并回答下列問題:光的全反射。

一束激光從某種玻璃中射向空氣(如圖7所示)；保持入射點不動，改變入射角(每次增加0.2°)，當入射角增大到引41.8°時，折射光線消失，只存在入射光線與反射光線，這種現象叫做光的全反射，發(fā)生這種現象時的入射角叫做這種物質的臨界角。當入射角大于臨界角時，只發(fā)生反射，不發(fā)生折射。

(1)上述玻璃的臨界角是_____.

(2)折射光線消失后反射光線的亮度會增強；其原因是折射光消失后，入射光幾乎全部變?yōu)開_____.

(3)當光從空氣射向玻璃；__________(選填“會”或“不會”)發(fā)生光的全反射現象。

(4)一個三棱鏡由上述玻璃構成，讓一束光垂直于玻璃三棱鏡的一個面射入(如圖8所示)，請在圖中完成這束入射光的光路圖_______。22、如圖所示，一輛質量為M的小車以速度在光滑水平面上向右運動，一質量為m、速度為物體以俯角為θ的方向落到車上并埋在車里的砂中，此時小車的速度為_________________

23、某金屬的截止極限頻率恰好等于氫原子量子數n=4能級躍遷到n=2能級所發(fā)出光的頻率．氫原子輻射光子后能量______（選填“增大”、“不變”或“減小”）．現用氫原子由n=2能級躍遷到n=1能級所發(fā)出的光照射該金屬，則逸出光電子的最大初動能是________（已知氫原子n=1、2、4能級的能量值分別為E1、E2、E4）．評卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)24、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

25、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

26、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、解答題(共4題，共36分)27、如圖所示，豎直導熱圓筒固定不動，粗筒橫截面積是細筒的4倍，細筒足夠長，粗筒中A、B兩輕質活塞間封有一定量的理想氣體，氣柱長活塞A上方為水銀，粗細兩筒中水銀柱的高度分別為和兩活塞與筒壁間的摩擦不計。用外力向上托住B，使之處于平衡狀態(tài)。若外界大氣壓始終為環(huán)境溫度為27℃。

（1）保持溫度不變，向上緩慢推動活塞B，試計算粗筒中的水銀柱剛好完全進入細筒時，封閉氣體的壓強p2和活塞B上升的距離x；

（2）在第（1）問的基礎上，固定活塞B的位置不變，將裝置放入57℃的恒溫箱中。一段時間后，在細筒上方注入水銀，為保證活塞A不向下移動，則注入水銀的最大高度為多少？

28、體積為的帶塞的燒瓶，內盛Pa、300K的氧氣，加熱到400K時，塞子被頂開（不考慮此時瓶內氧氣溫度的變化），立即塞好塞子并停止加熱，燒瓶又逐漸降溫到300K。設外界大氣壓強恒為Pa。求。

(1)瓶中所剩氧氣的壓強；

(2)瓶中所剩氧氣占原有氧氣的比例。29、如圖所示，有一橫截面積為40cm2的絕熱汽缸（足夠高），用一絕熱輕質活塞封閉一定質量的理想氣體，在接近容器底部的地方有一電熱絲，電熱絲的兩頭接在汽缸的外面，接線處密閉性良好。開始時汽缸內氣體的溫度為300K，密封氣柱的高度為6cm。現在給汽缸內的氣體加熱，使活塞緩慢運動，經過一段時間后汽缸內的氣體溫度達到400K，整個過程中汽缸內氣體吸收的熱量為12J。設大氣壓強為Pa；活塞運動過程無摩擦，求：

（1）汽缸再次穩(wěn)定時；汽缸內氣柱高度的變化量；

（2）整個過程中氣體內能的變化量。

30、如圖所示，在光滑水平面上有一邊長為L的N匝正方形閉合導體線框abcd，處于磁感應強度為B的有界勻強磁場中，其ab邊與磁場的右邊界重合．線框由同種粗細均勻的導線制成，它的總電阻為R．現將線框以恒定速度v水平向右勻速拉出磁場．此過程中保持線框平面與磁場方向垂直，拉力在線框平面內切與ab邊垂直，且bc邊始終與磁場的右邊界保持垂直．求在線框被拉出磁場的過程中。

（1）線框內的電流大??；

（2）ab兩端的電壓；

（3）線框中產生的熱量．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【詳解】

粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=m解得：R=質子的軌道半徑為R，則氚核的軌道半徑：R′=3R，反質子射入后打在e點，它轉過的圓心角為：θ=180°-60°=120°，則氚核則由左手定則可知，氚核剛射入磁場時受到的洛倫茲力豎直向下，則氚核從b點射出磁場，選項AB錯誤；反質子的周期在磁場中的運動時間氚核的周期在磁場中的運動時間

則氚核的運動時間為反質子的倍，選項D正確，C錯誤；故選D.2、C【分析】【分析】

根據題意求出時間內黏附在衛(wèi)星上的塵埃質量；然后應用動量定理求出推力大小，利用P=Fv求得功率；

【詳解】

時間t內黏附在衛(wèi)星上的塵埃質量：

對黏附的塵埃，由動量定理得：

解得：

維持飛船勻速運動，飛船發(fā)動機牽引力的功率為故選項C正確，ABD錯誤．

【點睛】

本題考查了動量定理的應用，根據題意求出黏附在衛(wèi)星上的塵埃質量，然后應用動量定理可以求出衛(wèi)星的推力大小，利用P=Fv求得功率．3、A【分析】【詳解】

A．硬幣能浮在水面上是因為受到表面的張力的作用；而不是浮力作用的結果，A正確；

B．水黽能靜止在水面上；是因為液體對其的彈力與重力平衡的結果，B錯誤；

C．液面為凸形時表面張力使表面收縮；液面為凹形時表面張力也使表面收縮，C錯誤；

D．毛細現象可以發(fā)生在浸潤的固體和液體之間；也可以發(fā)生在不浸潤的固體和液體之間，D錯誤。

故選A。4、D【分析】【詳解】

A．圖甲為一定質量的某種理想氣體在3個不同溫度下的等溫線，由

比較乘積的大??；等溫線3表示的溫度最高，A錯誤；

B．氣體在狀態(tài)a到狀態(tài)b的過程中，體積不變，由查理定律

由于大于故大于B錯誤；

C．圖乙中一定質量的理想氣體在a→b的過程中氣體體積不變；對外界不做功，C錯誤；

D．圖丙為分子間作用力與分子間距離的關系，可知當分子間的距離時；分子間為引力，分子勢能隨分子間距離的增大而增大，D正確；

故選D。5、D【分析】【詳解】

試題分析：改變內能的方式有做功和熱傳遞；外界對物體做功，物體的內能不一定增加，A錯誤；物體的溫度升高，物體分子的平均動能增大，不一定每個都增大，B錯誤；在平衡位置以內，在分子相互靠近的過程中，分子勢能一定增大，C錯誤；在分子相互遠離的過程中，分子引力和斥力都減小，D正確；故選D．

考點：物體的內能；分子力。

【名師點睛】掌握改變內能的兩種方式，溫度是分子平均動能的標志，分子力做功與分子勢能的變化關系．6、B【分析】A、磁感線在磁體外是從N極出發(fā)，指向S極，在磁體內部是從S指向N極；是閉合曲線。故選項A錯誤；

B、放在該點的小磁針靜止時N極所指的方向為磁場方向；故B正確；

C；磁感線越密的地方磁感應強度越大；與是否沿磁感線的方向無關，故C錯誤；

D；磁感線的疏密表示磁場的強弱；兩磁感線空隙處仍然存在磁場，故D錯誤。

點睛：本題考查了磁感線的一些性質，屬于基礎內容的考查，比較簡單，磁感線的疏密表示磁場的強弱，兩磁感線空隙處仍然存在磁場是該題中容易錯誤的地方，要注意。7、B【分析】【詳解】

交變電流的頻率為選項A錯誤；電動勢的有效值為選項B正確

C錯誤；t=0時，線圈平面與中性面重合，選項D錯誤.8、C【分析】【詳解】

A．電容器與電源相連，則電容的電壓不變。當振動膜片a向右振動時電容器兩極板的距離周期性變化，由知，不變的情況下，a、b板間場強周期性變化；選項A錯誤；

B．由知，不變，在變化；則電容器所帶電量也在變化，選項B錯誤；

C．電容器的電容當向右位移最大時，板間距離最小，則電容器的電容量最大，選項C正確；

D．當振動膜片a向右振動時電容器兩極板的距離周期性變化，根據及可知電容器的電量不斷變化；充電和充電交替產生，所以電路中電流方向時刻在變化，選項D錯誤。

故選C。

【點睛】

電容器極板間距離的變化引起了電容的變化，電容的變化引起了電量的變化，從而場強變化，G中有電流。9、C【分析】【詳解】

根據閉合電路歐姆定律：光敏電阻的阻值變小，回路電流增大，燈泡電流變大，燈泡變亮；R1兩端電壓：電壓變大，所以電容器兩極板電壓變大，電容器電荷量變大；板間場強變大，初態(tài)電場力與重力平衡，現在場強變大，電場力變大，液滴合力向上，向上運動，ABD錯誤C正確。二、多選題(共7題，共14分)10、A:D【分析】【分析】

由圖可知電路結構；根據滑片的移動明確電路中電阻的變化，由閉合電路歐姆定律明確電路中電流及電壓的變化，再對局部電路進行分析得出電容器電壓的變化，從而判斷其電量的變化．

【詳解】

由圖可知，當滑片左移時，滑動變阻器接入電阻增大，則總電阻減小；由閉合電路歐姆定律可知，總電流減小，故電流表A示數減?。桓鶕W姆定律知，R2的電壓減小，則電壓表V2的讀數減?。妷罕鞻1的讀數U1=E-I（R1+r），I減小，則U1增大．將R1、R2看成電源的內阻，由于等效電源的內電阻與RP的大小未知，不能判斷RP消耗的功率變化．電容器的電壓等于電壓表V2的讀數；則知電容器的電壓減小，電量減少．故AD正確，BC錯誤．故選AD．

【點睛】

本題考查閉合電路歐姆定律的應用，要注意明確動態(tài)電路的分析方法；掌握解題程序：局部-整體-局部．11、A:C【分析】【詳解】

A．水由液態(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)；吸收熱量，分子勢能增加，選項A正確；

B．在晶體熔化過程中；分子勢能會發(fā)生改變，內能也會改變，選項B錯誤；

C．已知水的摩爾質量和水分子的質量；可以計算出阿伏加德羅常數，選項C正確；

D．當分子力表現為引力時；分子勢能都是隨分子間距離的增大而增大，分子力隨分子間距離的增大先增大后減小，選項D錯誤。

故選AC。12、B:C:D【分析】【詳解】

A．根據牛頓第二定律，加速度與所受的合力成正比，與質量成反比，所以

不屬于比值定義法；選項A錯誤；

B．電阻等于導體兩端的電壓與通過導體電流的比值；屬于比值定義法，選項B正確；

C．電場強度與放入電場中的電荷無關，所以

屬于比值定義法；選項C正確；

D．電容器的電容等于極板上所帶的電量與兩極板間電壓的比值，所以

屬于比值定義法；選項D正確。

故選BCD。

【點睛】

解決本題的關鍵理解比值定義法的特點：被定義的物理量往往是反映物質的最本質的屬性，它不隨定義所用的物理量的大小改變而改變。13、B:C:D【分析】【詳解】

根據變壓器原理可知原副線圈的電流之比為1:2，根據功率公式所以原副線圈上電阻R消耗的功率之比為1:4，故A錯誤；原副線圈的電流之比為1:2，根據所以原副線圈上電阻R分擔的電壓之比為1:2，故B正確；設原線圈中的電流為I，根據功率相等可知解得所以副線圈上的電壓為故C正確；若只將變壓器原、副線圈匝數比改為1:2，則根據功率相等可知則所以副線圈的電壓為故D正確；故選BCD14、A:C:D【分析】【詳解】

A．1s末物體的位移5s末物體的位移故A正確；

B．物體做簡諧運動的周期因此1s末和5s末差半個周期，速度大小相同方向不同，故B錯誤；

C．物體在1s時在平衡位置速度最大；而周期為8s，四分之一周期為2s，說明在0-1s內物體向平衡位置運動，因此速度越來越大，故C正確；

D．物體1s在平衡位置，則1-2s物體向最大位移處運動，速度越來越小加速度越來越大，因此D正確．15、B:D【分析】【分析】

分析清楚電路結構，判斷S2閉合后電路總電阻如何變化；由閉合電路的歐姆定律判斷電路電流如何變化，由功率公式判斷燈泡實際功率如何變化；由歐姆定律判斷出電容器兩端電壓如何變化，然后判斷電容器電荷量如何變化；

【詳解】

A、S2閉合前，燈泡L3與電容器相串聯，則不亮，當S2也閉合后，L2與L3并聯，然后與L1串聯，由于并聯電阻小于L2的電阻，所以總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流變I大，燈泡L1的實際功率變大，燈L1變亮；故A錯誤，D正確；

B、電路電流變I大，L1兩端的電壓增大，所以L2兩端的電壓減小，則燈泡L2的實際功率變小，燈泡L2變暗；故B正確；

C、S2閉合前電容器兩端電壓等于電源電動勢，S2閉合后電容器兩端電壓等于L1兩端電壓；電壓變小，由Q=CU可知電容器所帶電荷量減小，故C錯誤；

故選BD．16、B:C:D【分析】【詳解】

若粒子運動軌跡如圖所示：

由左手定則可知，粒子帶負電，粒子做圓周運動的軌道半徑最小：由牛頓第二定律得：解得：故B正確；若粒子帶正電，粒子與擋板MN碰撞后恰好從Q點射出；粒子運動軌跡如圖所示：

由幾何知識得：解得：由牛頓第二定律得：解得：由動量定理得：故A錯誤，C正確；若粒子正電，粒子在磁場中的運動軌跡對應的圓心角為粒子在磁場中的運動時間：故D正確.三、填空題(共7題，共14分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

試題分析：（1）據十分之一估讀法；讀數為：12.0A；

當電阻箱阻值為10Ω時有：當電阻箱阻值為85Ω時：則電流計內阻有：電源電動勢為：．

（2）將電流計改裝成歐姆表后，指針處于30mA處時有：代入數據可以求得電阻箱此時阻值為：當指針示數為15mA時，電流總電流為：歐姆表讀數為：

（3）電源內阻增大后；將兩表筆斷開，指針仍能滿偏，說明電源內阻與電阻箱阻值之和與原來相等，故測量結果不變．

考點：本題考查歐姆表的內部結構．【解析】12.040∞8不變18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由熱力學第一定律知W=△U-Q=1×103J-8×102J=2×102J

效率

[2]隨著科技的進步；不斷設法減小熱量損失，則內燃機的效率不斷提高，效率仍不可能達到100%。

【點睛】

此題考查了熱力學第一定律△U=W+Q，注意公式中各個物理量的符號法則；知道熱力學第二定律的內容。【解析】不可能19、略

【分析】【詳解】

[1][2]依據電表的改裝的特點，需串聯一個電阻分壓，依據歐姆定律【解析】串聯20、略

【分析】【詳解】

如圖，從正向最大位移處開始計時，振動方程的表達式為為：x=Acosωt；其中振幅A=2cm；

據題可得：T=4×0.1s=0.4s，則ω==5πrad/s

則振動方程的表達式為為：x=2cos5πtcm．【解析】0.42cos5πt21、略

【分析】【詳解】

（1）由題意可以知道；當入射角為41.8°時，折射光線消失了，所以玻璃的臨界角為41.8°；

（2）當入射光線從一種介質斜射入另一種介質時；會發(fā)生折射，同時也發(fā)生反射，所以反射光線要比入射光線暗一些，而當光從小于臨界角向臨界角靠近，當折射光線消失后，發(fā)生了全反射，光線全變?yōu)榉瓷涔饩€，所以反射光線亮度增強了。

（3）光只有從水或玻璃射向空氣時；才會發(fā)生全反射，所以光從空氣射向玻璃，入射角增大，折射光不可能完全消失；

（4）光線從空氣進入玻璃時；因是垂直照射，所以方向不變；當從玻璃中斜射入空氣時，其入射角為45°大于臨界角，故其發(fā)生全反射，其大致路徑如下圖：

【點睛】

本題主要考查了光的折射現象以及光的全反射現象的實驗，要讀數實驗的過程，并能總結出相應的結論加以運用。同時還考查了光的折射的光路圖，有一定綜合性?！窘馕觥浚?）41.8；（2）反射光；（3）不會；22、略

【分析】【詳解】

小球和小車組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，根據動量守恒定律有

解得【解析】23、略

【分析】【詳解】

[1]氫原子輻射光子后；一部分能量隨光子而輻射，剩余氫原子能量減小；

[2]設金屬的截止頻率則有

即逸出功

氫原子由n=2能級躍遷到n=1能級所發(fā)出的光子能量為那么光電子最大初動能為【解析】減小四、作圖題(共3題，共9分)24、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】25、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．