2025年蘇教版必修3物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇教版必修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、一電子僅在電場力作用下，沿曲線abc從a運(yùn)動(dòng)到c．若電子的速率逐漸減小，關(guān)于b點(diǎn)電場強(qiáng)度E的方向，下列圖示可能正確的是A.B.C.D.2、汽車蓄電池供電的簡化電路如圖所示。當(dāng)汽車啟動(dòng)時(shí)；開關(guān)S閉合，啟動(dòng)系統(tǒng)的電動(dòng)機(jī)工作，車燈亮度會(huì)有明顯變化；當(dāng)汽車啟動(dòng)之后，開關(guān)S斷開，啟動(dòng)系統(tǒng)的電動(dòng)機(jī)停止工作，車燈亮度恢復(fù)正常。則汽車啟動(dòng)時(shí)。

A.電源的效率減小B.車燈一定變亮C.電動(dòng)機(jī)的輸出功率等于電源輸出功率減去兩燈的功率D.若燈L1不亮燈L2亮，可能是由于L1燈短路所致3、如圖所示，邊長為a的正方形，四個(gè)頂點(diǎn)上分別固定一個(gè)電荷量為的點(diǎn)電荷；在區(qū)間內(nèi)，x軸上的電場強(qiáng)度逐漸增大，電場強(qiáng)度方向沿x軸負(fù)方向。現(xiàn)將一電荷量為的點(diǎn)電荷P置于正方形的中心O點(diǎn)，此時(shí)每個(gè)點(diǎn)電荷所受庫侖力的合力均為零。若將P沿x軸向右略微移動(dòng)后；由靜止釋放，以下判斷正確的是（）

A.釋放后P將向右運(yùn)動(dòng)B.釋放后P將向左運(yùn)動(dòng)C.釋放后P將向右運(yùn)動(dòng)D.釋放后P將向左運(yùn)動(dòng)4、下列說法正確的是（）A.電場是人們假想的，不是客觀存在的B.電場線就是點(diǎn)電荷在電場中的運(yùn)動(dòng)軌跡C.元電荷是指帶電量最小的電荷，比如電子和質(zhì)子D.當(dāng)兩個(gè)帶電體的形狀和大小對它們的相互作用力的影響可忽略時(shí)，這兩個(gè)帶電體就能看作點(diǎn)電荷5、兩個(gè)等量同種點(diǎn)電荷的電場線如圖所示，圖中電場線上下、左右均對稱。點(diǎn)P、點(diǎn)M、N，點(diǎn)R、S關(guān)于兩點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn)O對稱；則（）

A.P、兩點(diǎn)電場強(qiáng)度相同B.M、N兩點(diǎn)電場強(qiáng)度相同C.R、S兩點(diǎn)電勢相等D.在兩點(diǎn)電荷連線的中垂線上O點(diǎn)電勢最低6、如圖所示，在水平勻強(qiáng)電場中，有一帶電粒子（不計(jì)重力）以一定的初速度從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)，則在此過程中，以下說法中正確的是（）

A.電場力對該帶電粒子一定做正功B.該帶電粒子的運(yùn)動(dòng)速度一定減小C.M、N點(diǎn)的電勢一定有φM＞φND.該帶電粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡一定是直線7、如圖所示，M、N是兩塊水平放置的平行金屬板，R0為定值電阻，R1、R2為可變電阻，開關(guān)S閉合．質(zhì)量為m的帶正電的微粒從P點(diǎn)以水平速度v0射入金屬板間，沿曲線打在N板上的O點(diǎn)，若經(jīng)下列調(diào)整后，微粒仍從P點(diǎn)以水平速度v0射入；則關(guān)于微粒打在N板上的位置說法正確的是。

A.保持開關(guān)S閉合，增大R1，微粒打在O點(diǎn)左側(cè)B.保持開關(guān)S閉合，增大R2，微粒打在O點(diǎn)左側(cè)C.斷開開關(guān)S，M極板稍微上移，微粒打在O點(diǎn)右側(cè)D.斷開開關(guān)S，M極板稍微下移，微粒打在O點(diǎn)右側(cè)評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、電荷量大小分別為Q和9Q的兩個(gè)點(diǎn)電荷A、B分別固定于x軸上兩處，且其中一個(gè)點(diǎn)電荷固定于x=0處。在它們形成的電場中，有一個(gè)試探電荷-q沿x軸從+向坐標(biāo)原點(diǎn)O運(yùn)動(dòng)，其電勢能Ep隨x的變化關(guān)系如圖所示，圖線最低處對應(yīng)的x軸坐標(biāo)為x0。則可以確定的是（）

A.A帶正電且處于x=0處B.B帶正電且處于x=-2x0處C.在x=x0處電場強(qiáng)度等于零D.在x軸上x＞x0范圍內(nèi)，電場方向向左9、如圖所示，新安江水庫發(fā)電站是我國最早自行設(shè)計(jì)建設(shè)的水電站，水庫年徑流量113億立方米（1億），年發(fā)電量為18.6億千瓦時(shí)，上下游高度差約73m，里面裝有九臺(tái)水電機(jī)組，裝機(jī)總?cè)萘浚淳排_(tái)機(jī)組一起工作時(shí)的功率）662.5兆瓦（1兆）；只有在用電高峰期才會(huì)開啟九臺(tái)機(jī)組。設(shè)每戶人家平均每月用電為200度，我們平時(shí)所說的一度電即為1千瓦時(shí)的電能，根據(jù)以上信息，以下分析正確的是（）

A.一度電的能量約為10立方米的水從水庫上游流下時(shí)減少的重力勢能B.新安江水力發(fā)電站可以為戶家庭供電C.一年平均開啟的發(fā)電機(jī)組約3臺(tái)D.水電站是將水的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能，該發(fā)電站的轉(zhuǎn)化效率約為32%10、如圖所示；帶箭頭的線表示某一電場中的電場線的分布情況。一帶電粒子在電場中運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖中虛線所示，若不考慮其他力，則下列判斷中正確的是（）

A.若粒子是從A運(yùn)動(dòng)到B，則粒子帶正電；若粒子是從B運(yùn)動(dòng)到A，則粒子帶負(fù)電B.不論粒子是從A運(yùn)動(dòng)到B，還是從B運(yùn)動(dòng)到A，粒子必帶負(fù)電C.若粒子是從B運(yùn)動(dòng)到A，則其加速度減小D.若粒子是從B運(yùn)動(dòng)到A，則其速度減小11、如圖所示，一段均勻帶電的絕緣圓弧，所帶電荷量為圓弧圓心為O，兩端點(diǎn)分別為P、Q、M、N為圓弧上的兩點(diǎn)，且PN和MQ均為直徑。已知O點(diǎn)場強(qiáng)大小為電勢為則圓弧PM在圓心O點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)E的大小和電勢分別為（）

A.B.C.D.12、如圖所示，O是一固定的點(diǎn)電荷，另一點(diǎn)電荷P從很遠(yuǎn)處以初速度v射入點(diǎn)電荷O的電場，在電場力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡是曲線MN，a、b、c是以O(shè)為中心Ra、Rb、Rc為半徑畫出的三個(gè)圓，它們之間間距相等，1、2、3、4為軌跡MN與三個(gè)圓的一些交點(diǎn)．以|W12|表示點(diǎn)電荷P由l到2的過程中電場力做的功的大小，|W34|表示由3到4的過程中電場力做的功的大小；則（）

A.|W12|＞2|W34|B.|W12|=2|W34|C.P、O兩電荷可能同號D.P、O兩電荷一定異號13、如圖所示，平行板電容器的兩極板A、B接在電池兩極，一帶正電的小球懸掛在電容器內(nèi)部，閉合S，電容器充電，這時(shí)懸線偏離豎直方向的夾角為θ；下列說法中正確的是（）

A.保持S閉合，將A板向B板靠近，則θ增大B.保持S閉合，將A板向B板靠近，則θ不變C.斷開S，將A板向B板靠近，則θ增大D.斷開S，將A板向B板靠近，則θ不變14、豎直平面內(nèi)有一勻強(qiáng)電場，如圖所示，其電場線（方向未知）與水平方向成30°角，圖中與電場線垂直，在同一水平線上，且現(xiàn)從電場中的點(diǎn)沿水平方向拋出一質(zhì)量為電荷量為的可視為質(zhì)點(diǎn)的物體，經(jīng)時(shí)間物體恰好經(jīng)過點(diǎn)。已知物體在兩點(diǎn)的速率相等，重力加速度為則下列說法正確的是（）

A.電場線的方向垂直斜向下B.該勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)C.物體由運(yùn)動(dòng)到的過程中電場力做功的值為D.兩點(diǎn)在豎直方向的高度差為15、如圖所示，一臺(tái)電動(dòng)機(jī)提著質(zhì)量為m的物體，以速度v勻速上升。已知電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為R，電源電動(dòng)勢為E，通過電源的電流為I，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間；忽略一切阻力及導(dǎo)線電阻，則()

A.電源內(nèi)阻B.電源內(nèi)阻C.如果電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)軸被卡住而停止轉(zhuǎn)動(dòng)，較短時(shí)間內(nèi)電源消耗的功率將變大D.如果電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)軸被卡住而停止轉(zhuǎn)動(dòng)，較短時(shí)間內(nèi)電源消耗的功率將變小16、如圖所示，a、b；c、d、e、f為以O(shè)為球心的球面上的點(diǎn)；分別在a、c兩個(gè)點(diǎn)處放等量異種電荷＋Q和－Q．下列說法正確的是()

A.b、f兩點(diǎn)電場強(qiáng)度大小相等，方向不同B.e、d兩點(diǎn)電勢相同C.b、f兩點(diǎn)電場強(qiáng)度大小相等，方向相同D.e、d兩點(diǎn)電勢不同評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)17、利用靜電除塵器可以消除空氣中的粉塵，靜電除塵器由金屬管A和懸在管中的金屬絲B組成，A和B分別接到高壓電源的正極和負(fù)極，其裝置示意圖如右圖所示．A、B之間有很強(qiáng)的電場，距B越近，場強(qiáng)__________（填“越大”或“越小”）．B附近的氣體分子被電離成為電子和正離子、粉塵吸附電子后被吸附到______（填“A”或“B”）上；最后在重力作用下落入下面的漏斗中．

18、比荷：帶電粒子的____________與其____________的比值。19、真空中有兩個(gè)相同的金屬小球，帶電量分別為＋1.6×10－8C和＋4.8×10－8C，相距r時(shí)（遠(yuǎn)大于小球直徑），相互作用為0.3N，現(xiàn)將兩球相接觸后再放回原處，則它們之間的相互作用力為________N，此時(shí)每個(gè)小球的帶電量相當(dāng)于______個(gè)電子所帶電量。20、如圖，逆時(shí)針環(huán)形電流外有一被擴(kuò)張的軟金屬彈簧圈，當(dāng)其由環(huán)形電流外側(cè)收縮到內(nèi)側(cè)虛線位置過程中，彈簧圈內(nèi)的磁通量大小變化情況為__________；彈簧圈所受安培力的方向沿半徑_____________。

21、把帶電荷量的正點(diǎn)電荷從無限遠(yuǎn)處移到電場中點(diǎn)，要克服電場力做功若把該電荷從無限遠(yuǎn)處移到電場中點(diǎn)，需克服電場力做功取無限遠(yuǎn)處電勢為零．則點(diǎn)的電勢為__________；若把的負(fù)電荷由點(diǎn)移到點(diǎn)電場力做功大小為__________．22、下列說法正確的是_________。評卷人得分四、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共10分)23、某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)的歐姆表內(nèi)部結(jié)構(gòu)可簡化成圖甲所示電路，其中電源內(nèi)阻r=1.0Ω，A、B為兩表筆；通過讀取流過電流表A的電流值得到被測電阻的阻值。

（1）使用該歐姆表測電阻時(shí)，需要調(diào)節(jié)滑動(dòng)電阻器使電流表A滿偏，如圖乙所示，下列操作正確的是___________（填寫選項(xiàng)前的序號）

①閉合開關(guān)S；兩表筆間不接入任何電阻。

②閉合開關(guān)S；將兩表筆短接。

（2）該歐姆表的“0Ω”位于表盤的___________（選填“左端”或“右端”）。

（3）該同學(xué)想用一個(gè)電阻箱來測出電路中電源的電動(dòng)勢E，將歐姆表與電阻箱連成閉合回路，改變電阻箱阻值，記下電阻箱示數(shù)Rx和與之對應(yīng)的電流表A的示數(shù)I；在圖丙中描點(diǎn)作圖，得到圖線，由圖丙可求出電源的電動(dòng)勢為___________V。

（4）若電流表A的量程為Ig，按照正確操作步驟測量某電阻阻值，電流表A指針指在處，則電阻阻值為___________Ω。評卷人得分五、解答題(共2題，共20分)24、如圖所示，長為的平行板電容器上極板帶正電，從上極板的端點(diǎn)點(diǎn)以水平初速度向右射入一個(gè)質(zhì)量為帶電荷量為的粒子，當(dāng)它的水平速度與豎直速度的大小之比為時(shí)，恰好從下端點(diǎn)射出；粒子重力不計(jì)。求：

（1）平行板電容器兩極板間的距離

（2）兩極板間的電場強(qiáng)度的大小。

25、如圖所示，電路由一個(gè)電動(dòng)勢為E、內(nèi)電阻為r的電源和一個(gè)滑動(dòng)變阻器R組成。請推導(dǎo)當(dāng)滿足什么條件時(shí)；電源輸出功率最大，并寫出最大值的表達(dá)式。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

由于質(zhì)點(diǎn)帶負(fù)電，所受電場力的方向與場強(qiáng)方向相反．電荷做曲線運(yùn)動(dòng)，電場力與速度方向不在同一直線上，應(yīng)指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，且運(yùn)動(dòng)軌跡應(yīng)在速度方向和受力方向之間，故BC錯(cuò)．A中受電場力的正方向與b點(diǎn)速度正方向夾角為銳角，電場力做正功，電子加速運(yùn)動(dòng)，故A不符合題目條件電子速率逐漸減小，故A錯(cuò)．D中電場力正方向和b點(diǎn)速度正方向夾角為鈍角，電場力做負(fù)功，電子速率逐漸減小，故D對．故選D．2、A【分析】【詳解】

A．汽車啟動(dòng)時(shí)，電鍵S閉合時(shí)，電路中總電流變大，等效于外電阻減小，根據(jù)

可知；電源的效率減小，選項(xiàng)A正確；

B．汽車啟動(dòng)時(shí)；電路中總電流變大，則電源內(nèi)阻上的電壓變大，則路端電壓減小，則車燈一定變暗，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．由能量關(guān)系可知；電動(dòng)機(jī)的輸入功率等于電源輸出功率減去兩燈的功率，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．若L1燈短路，則L2燈也會(huì)不亮；選項(xiàng)D錯(cuò)誤；

故選A.3、C【分析】【詳解】

對y軸正向的點(diǎn)電荷，由平衡知識(shí)可得

解得

因在區(qū)間內(nèi)電場強(qiáng)度方向沿x軸負(fù)方向，則將P沿x軸正方向向右略微移動(dòng)后釋放，P受到向右的電場力而向右運(yùn)動(dòng)。

故選C。4、D【分析】【詳解】

A．電場是一種特殊的物質(zhì)；不是人們假想的，是客觀存在的，故A錯(cuò)誤；

B．點(diǎn)電荷在電場中的運(yùn)動(dòng)軌跡取決于初始條件與受力情況；電場線是為形象的描述電場而在電場中畫的一些曲線，故不能講電場線就點(diǎn)電荷在電場中的運(yùn)動(dòng)軌跡，故B錯(cuò)誤；

C．元電荷是指帶電量最小的電荷；是一個(gè)電荷量，不是實(shí)物粒子，比如電子和質(zhì)子所帶電荷量等于這個(gè)數(shù)值，故C錯(cuò)誤；

D．當(dāng)兩個(gè)帶電體的形狀和大小對它們的相互作用力的影響可忽略時(shí)；這兩個(gè)帶電體就能看作點(diǎn)電荷，故D正確。

故選D。5、C【分析】【詳解】

A．P、兩點(diǎn)電場強(qiáng)度大小相同；方向相反，故A錯(cuò)誤；

B．M、N兩點(diǎn)電場強(qiáng)度大小相同；方向相反，故B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)等量同種電荷等勢線分布的對稱性可知，R、S兩點(diǎn)電勢相等；故C正確；

D．沿著電場線方向電勢降低，所以在兩點(diǎn)電荷連線的中垂線上O點(diǎn)電勢最高；故D錯(cuò)誤。

故選C。6、C【分析】【詳解】

AB．粒子的帶電性質(zhì)不知道；所以受到的電場力方向不確定，電場力可能做正功也可能做負(fù)功，則粒子的速度可能增加也可能減小，故AB錯(cuò)誤；

C．沿著電場線的方向電勢一定降低，所以φM＞φN；故C正確；

D．粒子只受電場力作用；電場力的方向在水平方向，而粒子的運(yùn)動(dòng)方向和水平方向有一夾角，所以粒子不會(huì)做直線運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤；

故選C.7、A【分析】【詳解】

MN兩極板間電壓和R0兩端電壓相同；故兩極板間電場強(qiáng)度方向向上，微粒所受電場力方向向上；

A．保持S閉合，增大R1，那么，R0兩端電壓減小，兩極板間電壓減小，故電場強(qiáng)度減小，微粒所受電場力減小，合外力增大，粒子加速度增大，粒子打在O點(diǎn)左側(cè)；故A正確；

B．保持S閉合，增大R2，兩極板間電壓不變，故電場強(qiáng)度不變，微粒受力不變，粒子運(yùn)動(dòng)不變，仍打在O點(diǎn)；故B錯(cuò)誤；

CD．?dāng)嚅_S，極板兩端電荷保持不變，那么由電容可知電場強(qiáng)度

不變，那么微粒受力不變，粒子運(yùn)動(dòng)不變，仍打在O點(diǎn)，故CD錯(cuò)誤；二、多選題(共9題，共18分)8、B:C【分析】【詳解】

A．從圖像可知在處的電勢能大于零，故在此處應(yīng)有一負(fù)電荷，即-Q；A錯(cuò)誤；

C．在x=x0處電勢能最小，此處應(yīng)為平衡位置，且Ep-x圖象的斜率表示電場力，即x=x0處電場力為零；則電場強(qiáng)度等于零，故C正確；

B．根據(jù)C項(xiàng)分析x=x0處電場強(qiáng)度等于零，設(shè)+9Q的橫坐標(biāo)為-x，則有

解得B正確；

D．在x軸上的區(qū)域，試探電荷-q沿x軸從向坐標(biāo)原點(diǎn)O運(yùn)動(dòng)，其電勢能Ep隨x的減小而減??；可知電場力做正功，根據(jù)負(fù)電荷所受電場力方向與電場方向相反，則電場方向向右，D錯(cuò)誤。

故選BC。9、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．10立方米的水從水庫上游流下時(shí)減少的重力勢能為

而一度電選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B．由

可得

B正確。

C．由

得兆瓦

大約3臺(tái)發(fā)電機(jī)組的功率；C正確。

D．轉(zhuǎn)化效率

D錯(cuò)誤。

故選BC。10、B:C【分析】【詳解】

AB．做曲線運(yùn)動(dòng)的物體，所受合外力方向指向曲線的凹側(cè)，其次粒子所受靜電力與電場線的切線方向相反，所以不論粒子是從A運(yùn)動(dòng)到B，還是從B運(yùn)動(dòng)到A；粒子必帶負(fù)電，A錯(cuò)誤，B正確；

C．電場線密集的地方電場強(qiáng)度大，所以粒子在B點(diǎn)受到的靜電力大，在B點(diǎn)時(shí)的加速度較大，若粒子是從B運(yùn)動(dòng)到A；則其加速度減小，C正確；

D．從B到A過程中；靜電力與速度方向成銳角，靜電力做正功，動(dòng)能增大，速度增大，D錯(cuò)誤。

故選BC。11、B:C【分析】【詳解】

AB．根據(jù)對稱性可知圓弧PM和QN在0點(diǎn)的合場強(qiáng)為0，圓弧MN在O點(diǎn)的場強(qiáng)為整個(gè)圓弧所帶電荷在O點(diǎn)處的場強(qiáng)又圓弧PM、MN和NQ在O點(diǎn)處的場強(qiáng)大小相等，則圓弧PM在圓心處的場強(qiáng)大小選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；

CD．電勢為標(biāo)量，圓弧PM、MN和QN在O點(diǎn)的電勢相等，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。

故選BC。12、A:D【分析】【詳解】

根據(jù)電場線的分布情況可知，2、3間的場強(qiáng)大于3、4間場強(qiáng)，由公式U=Ed分析得知，2、3間的電勢差大于3、4間的電勢差，所以1、2間的電勢差大于3、4間電勢差的2倍，即有|U12|＞2|U34|，由電場力做功公式W=qU得，|W12|＞2|W34|．故A正確；B錯(cuò)誤．由軌跡的彎曲方向可判定兩電荷間存在引力，是異號電荷．故C錯(cuò)誤，D正確．故選AD．

【點(diǎn)睛】

本題是電場中軌跡問題，由U=Ed定性分析非勻強(qiáng)電場中兩點(diǎn)間電勢差的關(guān)系，由軌跡彎曲方向判斷電場力方向都是常見的問題，要加強(qiáng)訓(xùn)練，熟練掌握．13、A:D【分析】【詳解】

AB．保持開關(guān)S閉合，電容器兩端間的電勢差不變，帶正電的A板向B板靠近，極板間距離減小，根據(jù)

電場強(qiáng)度E增大，小球所受的電場力變大，θ增大；B錯(cuò)誤A正確；

CD．?dāng)嚅_開關(guān)S，電容器所帶的電量不變，根據(jù)公式

知d變化，E不變，電場力不變，θ不變；C錯(cuò)誤D正確。

故選AD。14、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．物體在兩點(diǎn)的速率相等，則物體在兩點(diǎn)的動(dòng)能相等，由于重力做正功，則電場力做負(fù)功，又物體帶正電，所以電場線的方向垂直斜向下；A正確；

B．對物體由運(yùn)動(dòng)到的過程，由動(dòng)能定理可得

由于

解得

B正確；

D．將電場力分解為沿水平方向和豎直方向的分力，則豎直方向上的分力大小為

則物體在豎直方向上受的合力大小為

由牛頓第二定律可知，豎直方向上的分加速度大小為

則物體由運(yùn)動(dòng)到的過程中下落的高度為

D正確；

C．由幾何關(guān)系可知，物體由運(yùn)動(dòng)到的過程中沿電場線方向的位移大小為

電場力做功的值為

C錯(cuò)誤。

故選ABD。15、B:C【分析】【詳解】

A．含有電動(dòng)機(jī)的電路不是純電阻電路；歐姆定律不再適用，A錯(cuò)誤；

B．由能量守恒定律可得EI＝I2r＋mgv＋I(xiàn)2R

解得

B正確；

CD．如果電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)軸被卡住，則E＝I′(R＋r)

電流增大；較短時(shí)間內(nèi)，電源消耗的功率變大，較長時(shí)間的話，會(huì)出現(xiàn)燒壞電源和電動(dòng)機(jī)的現(xiàn)象，C正確，D錯(cuò)誤。

故選BC。16、B:C【分析】A、等量異種電荷的電場線和等勢線都是關(guān)于連線、中垂線對稱的，由等量異號電荷的電場的特點(diǎn)，結(jié)合題目的圖可知，圖中bdef所在的平面是兩個(gè)點(diǎn)電荷連線的垂直平分面，所以該平面上各點(diǎn)的電勢都是相等的，各點(diǎn)的電場強(qiáng)度的方向都與該平面垂直．由于b、c、d、e各點(diǎn)到該平面與兩個(gè)點(diǎn)電荷的連線的交點(diǎn)O的距離是相等的，結(jié)合該電場的特點(diǎn)可知，b、c、d、e各點(diǎn)的場強(qiáng)大小也相等．由以上的分析可知，b、c、d、e各點(diǎn)的電勢相等；電場強(qiáng)度大小相等，方向相同．故A；D錯(cuò)誤；故選BC．

【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵要掌握等量異種電荷的電場線和等勢面的分布情況，知道場強(qiáng)是矢量，只有大小和方向都相同時(shí)，場強(qiáng)才相同，同時(shí)掌握好電場強(qiáng)度的疊加方法．三、填空題(共6題，共12分)17、略

【分析】【詳解】

電源的兩極分別接在AB上；凈電荷一般分布在尖端，所以B處分布電荷較為密集，則距離B越近場強(qiáng)較大，粉塵吸附電子后帶負(fù)電，在電場力的作用下將會(huì)向正極板運(yùn)動(dòng)，即向A運(yùn)動(dòng)，最后被吸附到A上。

故答案為越大；A【解析】越大A18、略

【解析】①.電荷量②.質(zhì)量19、略

【分析】【詳解】

[1]據(jù)庫侖定律可得，原來的作用力可表示為

由于兩球均帶正電，接觸后再放回原處，帶電量均為總和的一半，作用力可表示為

代入數(shù)據(jù)解得

[2]此時(shí)每個(gè)小球的帶電量為

電子所帶電荷量為

可得

即相當(dāng)于電子所帶電量?！窘馕觥?.42×101120、略

【分析】【詳解】

[1]奧斯特實(shí)驗(yàn)表明電流周圍存在磁場；磁場強(qiáng)度的大小與電流的距離有關(guān)，距離越近，磁場強(qiáng)度越大，故軟金屬彈簧圈由環(huán)形電流外側(cè)收縮到內(nèi)側(cè)虛線位置過程中磁通量大小變化情況為先變大后變小；

[2]彈簧圈p所受安培力的方向可根據(jù)左