2025年外研版2024必修2物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版2024必修2物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、中國志愿者王躍參與人類歷史上第一次全過程模擬從地球往返火星的試驗“火星－500．假設將來人類一艘飛船從火星返回地球時，經歷如圖所示的變軌過程，則下列說法不正確的是（）

A.飛船在軌道Ⅱ上運動時，在P點的速度大于在Q點的速度B.飛船在軌道Ⅰ上運動時，在P點的速度大于在軌道Ⅱ上運動時在P點的速度C.飛船在軌道Ⅰ上運動到P點時的加速度等于飛船在軌道Ⅱ上運動到P點時的加速度D.若軌道Ⅰ貼近火星表面，測出飛船在軌道Ⅰ上運動的周期，就可以推知火星的密度2、一輛卡車在丘陵地面勻速率行駛；地形如圖所示，由于輪胎太舊，爆胎可能性最大的地段應是（）

A.a處B.b處C.c處D.d處3、有a、b、c、d四顆地球衛(wèi)星，衛(wèi)星a還未發(fā)射，在地球赤道上隨地球表面一起轉動，衛(wèi)星b在地面附近近地軌道上正常運動，c是地球同步衛(wèi)星，d是高空探測衛(wèi)星；各衛(wèi)星排列位置如圖，則有（）

A.a的向心加速度等于重力加速度gB.b在相同時間內轉過的弧長最長C.c在4h內轉過的圓心角是D.d的運動周期有可能是20h4、2020年5月15日消息，我國新飛船試驗艙在預定區(qū)域成功著陸，試驗取得圓滿成功。高空回收常用裝置有降落傘，回收艙上的傘打開前可看成是自由落體運動，打開傘后減速下降，最后勻速下落。若用表示回收艙下落的高度，表示下落的時間，表示回收艙的動能，表示回收艙的機械能，表示回收艙下落的速度，表示回收艙的重力勢能，如果回收艙的質量不變，打開傘后空氣阻力與速度平方成正比，取水平地面為重力勢能零面，所研究的過程中回收艙離地面距離遠遠小于地球半徑，重力視為恒力，則下列圖像可能正確的是（）A.B.C.D.5、一輛汽車在水平路面上由靜止啟動，在前5s內做勻加速直線運動，5s末達到額定功率，之后保持額定功率運動，其圖像如圖所示。已知汽車的質量汽車受到地面的阻力為車重的0.1倍，g取則（）

A.汽車在前5s內的牽引力為B.汽車在時的加速度為C.汽車的額定功率為40kWD.汽車在前5s內摩擦力做功為6、如圖所示，汽車車廂頂部懸掛一個輕質彈簧，彈簧下端拴一個質量為m的小球，當汽車以某一速度在水平地面上勻速行駛時彈簧長度為L1；當汽車以同一速度勻速率通過一個橋面為圓弧形凸形橋的最高點時，彈簧長度為L2，下列答案中正確的是（）

A.B.C.D.前三種情況均有可能評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、如圖甲所示，一光滑的圓管軌道固定在豎直平面內，質量為m的小球在圓管內運動，小球的直徑略小于圓管的內徑，軌道的半徑為R，小球的直徑遠小于R，可以視為質點，重力加度為g?，F(xiàn)小球經最高點的初速度v，圓管對小球的彈力與的關系如圖乙所示（取豎直向下為正），為通過圓心的一條水平線；關于小球的運動，下列說法不正確的是（）

A.圖乙中的B.當時，小球在最低點與最高點對軌道的壓力大小之差可能為C.小球在水平線以下的管道中運動時，內側管壁對小球可能有作用力D.若小球從最高點靜止沿軌道滑落，當滑落高度為時，小球與內、外管壁均沒有作用力8、如圖；表面光滑的固定斜面頂端安裝一定滑輪，小物塊A；B用輕繩連接并跨過滑輪（不計滑輪的質量和摩擦）。初始時刻，A、B處于同一高度并恰好處于靜止狀態(tài)。剪斷輕繩后A下落，B沿斜面下滑，則從剪斷輕繩到物塊著地，兩物塊（）

A.落地時的速度相同B.機械能變化量相同C.重力勢能的變化量相同D.重力做功的平均功率相同9、如圖所示，一小球以v0=10m/s的速度水平拋出，在落地之前經過空中A、B兩點。在A點小球速度方向與水平方向的夾角為45°，在B點小球速度方向與水平方向的夾角為60°（空氣阻力忽略不計，g取10m/s2）；以下判斷中正確的是（）

A.小球經過A、B兩點間的時間t=sB.小球經過A、B兩點間的時間t=sC.A、B兩點間的高度差h=10mD.A、B兩點間的高度差h=15m10、關于火車轉彎問題，以下說法中正確的是（）A.火車轉彎速率大于規(guī)定的數(shù)值時，外軌會受到擠壓B.火車轉彎速率小于規(guī)定的數(shù)值時，外軌會受到擠壓C.火車提速后，要將轉彎處的外軌適當抬高D.火車提速后，要將轉彎處的內軌適當抬高11、某學生嘗試用所學過的物理知識去解釋下列情景。圖甲為起重機勻速吊重物時的工作場景；圖乙為汽車突然加速時窗簾可以在無人操作的情況下自己拉開；圖丙是火車在軌道上轉彎時的場景；圖丁為打羽毛球時的場景。下列說法正確的是（）

A.圖甲中貨物被勻速吊起時，其機械能守恒B.圖乙中窗簾能自己拉開是由于慣性的原因C.圖丙中火車轉彎處軌道內低外高以減小火車輪緣對外軌的壓力D.圖丁中羽毛球從最高點下落的運動過程可以認為是平拋運動12、如圖所示，有一豎直放置、內壁光滑的圓環(huán)，可視為質點的小球在豎直平面內做圓周運動，已知圓環(huán)的半徑為R，重力加速度為g，小球在最低點Q的速度為v0；不計空氣阻力，則（）

A.小球運動到最低點Q時，處于超重狀態(tài)B.小球的速度v0越大，則在P、Q兩點小球對圓環(huán)內壁的壓力差越大C.當時，小球一定能通過最高點PD.當時，小球始終不會脫離圓環(huán)13、2022年11月30日，神舟十五號載人飛船與天和核心艙完成對接，三位中國航天員進入空間站與神舟十四號航天員乘組首次在軌會師，對接過程的示意圖如圖所示。天和核心艙處于半徑為r3的圓軌道Ⅲ，神舟十五號飛船處于半徑為r1的圓軌道Ⅰ，運行周期為T1，通過變軌操作后，沿橢圓軌道Ⅱ運動到B處與天和核心艙對接。已知萬有引力常量為G。則下列說法正確的是（）

A.飛船沿軌道Ⅱ從A運動到對接點B過程中，速度不斷增大B.飛船沿軌道Ⅱ從A運動到對接點B過程中，機械能不斷增大C.地球的質量為D.飛船沿軌道Ⅱ運行的周期為14、如圖所示，直徑為d的紙筒繞垂直于紙面的O軸勻速轉動（圖示為截面）．從槍口射出的子彈以速度v沿直徑穿過圓筒，若子彈穿過圓筒時先后在筒上留下A、B兩個彈孔．則圓筒轉動的角速度ω可能為（）

A.B.C.D.15、如圖所示，足夠長的木板下端的點通過鉸鏈與地面連接，其與水平地面間的夾角可在范圍內調節(jié)．質量為的小滑塊在木板下端獲得的初速度沿木板向上運動，當夾角為時，小滑塊向上滑行的時間最短，大小為重力加速度取則此情況下。

A.木板的傾角B.小滑塊上滑的最大高度為C.小滑塊上滑過程損失的機械能為D.小滑塊返回過程的加速度大小為評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、如圖a完整的質量分布均勻的圓盤形飛輪與電動機總質量為M，之后由于在一次操作中不慎將飛輪上距離軸心r處削去一小塊質量為m的小金屬塊如圖b，若使飛輪繼續(xù)按照額定角速度ω勻速轉動，缺口所在處的向心加速度a向=__________當缺口轉至軸心正上方時求該裝置對地面的壓力大小為__________。

17、（1）按照狹義相對論的觀點，在太空中“迎著”光飛行的宇宙飛船上，觀察者測得的光速___________（選填“大于”、“等于”、“小于”，其中為真空中的光速）。

（2）由于狹義相對論效應，北斗衛(wèi)星導航系統(tǒng)衛(wèi)星上的原子鐘會因為高速運動而導致時間___________（選填“變慢”或“變快”），這些時鐘如果不加以校正的話，系統(tǒng)每天將累積很大的定位誤差，因此，這些衛(wèi)星的軟件需要計算和抵消相對論效應，確保定位準確。18、地球靜止同步衛(wèi)星A和軌道平面與赤道面重合做勻速圓周運動的衛(wèi)星B的軌道半徑之比為4：1，兩衛(wèi)星的公轉方向相同。則A、B兩顆衛(wèi)星運行周期之比為________；衛(wèi)星B每隔________小時經過衛(wèi)星A正下方。19、圖甲是我國自主設計開發(fā)的全球最大回轉自升塔式起重機，它的開發(fā)標志著中國工程用超大噸位塔機打破長期依賴進口的局面，也意味著中國橋梁及鐵路施工裝備進一步邁向世界前列。該起重機某次從t=0時刻由靜止開始提升質量為m=200kg的物體，其a–t圖像如圖乙所示，5~10s內起重機的功率為額定功率，不計其它阻力，則此起重機的額定功率為___________W，10s內起重機對物體做的功為___________J（g取10m/s2）。

20、某人在豎直墻壁上懸掛一鏢靶，他站在離墻壁一定距離的某處，先后將兩支飛鏢A、B由同一位置水平擲出，兩支飛鏢插在靶上的狀態(tài)如圖所示（側視圖），若不計空氣阻力，兩支鏢在同一鏢靶上同一豎直線上且間距為d，鏢桿與鏢靶間夾角分別為（則拋出點到墻壁的水平距離為______。

21、如圖所示，是帶有一白點的黑色圓盤，可繞過其中心、垂直于盤面的軸勻速轉動，每秒沿順時針方向旋轉50圈。在暗室中用每秒閃光52次的頻閃光源照射圓盤，觀察到白點每秒沿______方向旋轉，白點轉動一圈的時間為_____s。

22、在高速運動的飛船中的宇航員會發(fā)現(xiàn)飛船中的時鐘與他觀察到的地球上的時鐘，________上的鐘更快。23、地球半徑為R，在離地面高處和離地面高處重力加速度之比為______．評卷人得分四、作圖題(共4題，共32分)24、如圖所示，在一內壁光滑環(huán)狀管道位于豎直面內，其管道口徑很小，環(huán)半徑為R（比管道的口徑大得多）。一小球直徑略小于管道口徑，可視為質點。此時小球滑到達管道的頂端，速度大小為重力加速度為g。請作出小球的受力示意圖。

25、圖甲為拋出的石子在空中運動的部分軌跡，圖乙是水平面上一小鋼球在磁鐵作用下的部分運動軌跡．請畫出物體在A、B、C、D四點的受力方向和速度方向．（不計空氣阻力）

26、一個物體在光滑水平面上運動，其速度方向如圖中的v所示。從A點開始，它受到向前但偏右（觀察者沿著物體前進的方向看，下同）的合力。到達B點時，這個合力的方向突然變得與前進方向相同。達到C點時，合力的方向又突然改為向前但偏左。物體最終到達D點。請你大致畫出物體由A至D的運動軌跡，并標出B點、C點和D點。

27、在圖的實驗中，假設從某時刻（）開始，紅蠟塊在玻璃管內每1s上升的距離都是10與此同時，玻璃管向右沿水平方向勻加速平移，每1s內的位移依次是4122028在圖所示的坐標系中，y表示蠟塊在豎直方向的位移，x表示蠟塊隨玻璃管通過的水平位移，時蠟塊位于坐標原點。請在圖中標出t等于1s；2s、3s、4s時蠟塊的位置；并用平滑曲線描繪蠟塊的軌跡。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共6分)28、在“用圓錐擺驗證向心力的表達式”實驗中，如圖甲所示，懸點剛好與一個豎直的刻度尺零刻度線對齊。將畫著幾個同心圓的白紙置于水平桌面上，使鋼球靜止時剛好位于圓心。用手帶動鋼球，設法使它剛好沿紙上某個半徑為r的圓周運動，鋼球的質量為m，重力加速度為g。

①用秒表記錄運動n圈的總時間為t，那么小球做圓周運動中需要的向心力表達式為Fn=______。

②通過刻度尺測得小球軌道平面距懸點的高度為h，那么小球做圓周運動中外力提供的向心力表達式為F=______；

③改變小球做圓周運動的半徑，多次實驗，得到如圖乙所示的關系圖象，可以達到粗略驗證向心力表達式的目的，該圖線的斜率表達式為______。

29、利用圖所示的裝置做“驗證機械能守恒定律”實驗。實驗中，讓重錘拖著紙帶從靜止開始下落，打點計時器在紙帶上打出一系列清晰的點，要驗證機械能是否守恒，需要比較的是重物在某兩點間的動能變化與重力勢能的變化是否相等。如圖是某次實驗得到的一條紙帶，O點是重錘開始下落時打出的點，A、B、C是按打點先后順序選取的三個計數(shù)點。通過測量得到O、A間距離為O、B間距離為O、C間距離為已知計數(shù)點A、B間和B、C間的時間間隔均為T，重錘質量為m，當?shù)刂亓铀俣葹間。從重錘開始下落到打點計時器打下B點時，重錘重力勢能的減小量為__________，動能的增加量為__________。

30、圖甲是“研究平拋物體的運動”的實驗裝置圖。

（1）在做“研究平拋運動”的實驗時；讓小球多次沿同一軌道運動，通過描點法畫小球做平拋運動的軌跡。為了能較準確地描繪運動軌跡：

A．通過調節(jié)使斜槽的末端保持______；

B．每次釋放小球的位置必須______（選填“相同”或者“不同”）；

C．每次必須由靜止釋放小球；

D．小球運動時不應與木板上的白紙相接觸；

E．將小球的位置記錄在紙上后，取下白紙，將點連成______（選填“折線”“直線”或“光滑曲線”）。

（2）圖乙是正確實驗取得的數(shù)據，其中O為拋出點，則此小球做平拋運動的初速度為______m/s。（計算結果保留兩位有效數(shù)字，g取10m/s2）。

（3）物體做平拋運動，描寫物體在豎直方向的分速度隨時間變化的圖像是四個圖中的()

A.B.

C.D.評卷人得分六、解答題(共3題，共27分)31、某汽車發(fā)動機的額定功率為60kW，汽車質量為5t，汽車在運動中所受阻力的大小恒為車重的0.1倍。（g取10m/s2）

(1)若汽車以額定功率啟動；則汽車所能達到的最大速度是多少？

(2)當汽車速度達到5m/s時；其加速度是多少？

(3)若汽車以恒定加速度0.5m/s2啟動，則其勻加速過程能維持多長時間？32、如圖所示，一根輕彈簧左端固定于豎直墻上，右端被質量且可視為質點的小物塊壓縮而處于靜止狀態(tài)，且彈簧與物塊不拴接，彈簧原長小于光滑平臺的長度。在平臺的右端有一傳送帶，長物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)與傳送帶相鄰的粗糙水平面長它與物塊間的動摩擦因數(shù)在C點右側有一半徑為R的光滑豎直圓弧與平滑連接，圓弧對應的圓心角為在圓弧的最高點F處有一固定擋板，物塊撞上擋板后會以原速率反彈回來。若傳送帶以的速率順時針轉動，不考慮物塊滑上和滑下傳送帶的機械能損失，當彈簧儲存的能量全部釋放時，小物塊恰能滑到與圓心等高的E點，取

（1）求右側圓弧的軌道半徑R；

（2）求小物塊最終停下時與C點的距離；

（3）若傳送帶的速度大小可調；欲使小物塊與擋板只碰一次，且碰后不脫離軌道，求傳送帶速度的可調節(jié)范圍。

33、如圖所示，一小物塊自平臺上以速度v0水平拋出，剛好落在鄰近一傾角為α＝53°的粗糙斜面AB頂端，并恰好沿該斜面下滑，已知斜面頂端與平臺的高度差h＝0.032m，小物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為μ＝0.5，A點離B點所在平面的高度H＝1.2m。有一半徑為R的光滑圓軌道與斜面AB在B點相切連接，已知cos53°＝0.6，sin53°＝0.8，g取10m/s2。求：

（1）小物塊水平拋出的初速度v0是多少？

（2）小物塊到達B點的速度是多大？

（3）若小物塊能夠通過圓軌道最高點D，圓軌道半徑R的最大值是多少？

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】【詳解】

A．軌道Ⅱ為橢圓軌道；由機械能守恒定律知由近地點P向遠地點Q運動時，動能減少，勢能增加，故P點的速度大于在Q點的速度，故A不符題意；

B．從軌道I到軌道Ⅱ要在P點點火加速；則在軌道I上P點的速度小于軌道Ⅱ上P點的速度，故B符合題意；

C．根據：

可知飛船在I；Ⅱ軌道上的P點加速度相等；故C不符題意；

D．飛船貼近火星表面飛行時，如果知道周期T，可以計算出密度，即由：

可解得：

故D不符題意。

本題選不正確的，故選B。2、D【分析】【詳解】

在坡頂由牛頓第二定律得mg－FN＝m

解得FN＝mg－mFN＜mg

在坡谷，則有FN－mg＝mFN＝mg＋mFN＞mg

可知，汽車在坡谷處所受的支持力更容易爆胎；且r越小，F(xiàn)N越大，則在b、d兩點比a、c兩點容易爆胎，而d點半徑比b點小，則d點最容易爆胎。

故選D。3、B【分析】【分析】

【詳解】

A．同步衛(wèi)星的周期、角速度與地球自轉周期、角速度相同，則知a與c的角速度相同，根據a=ω2r知，c的向心加速度大于a的向心加速度。由G=ma

解得a=

衛(wèi)星的軌道半徑越大，向心加速度越小，則c的向心加速度小于b的向心加速度，而b的向心加速度約為g，則a的向心加速度小于重力加速度g；故A錯誤；

B．由牛頓第二定律可得

解得v=

衛(wèi)星的半徑r越大，速度v越小，所以b的速度最大；在相同時間內轉過的弧長最長，故B正確；

C．c是地球同步衛(wèi)星，周期是24h，則c在4h內轉過的圓心角是

故C錯誤；

D．由開普勒第三定律可知，衛(wèi)星的半徑r越大，周期T越大，所以d的運動周期大于c的周期24h，即不可能是20h，故D錯誤。4、A【分析】【詳解】

回收艙先做自由落體運動，機械能守恒，可得

動能與下落的高度成正比；打開降落傘后回收艙做減速運動；隨速度的減小，阻力減小，由牛頓第二定律可知，回收艙做加速度減小的減速運動，最后當阻力與重力大小相等后，回收艙做勻速直線運動，所以動能先減小得快，后減小得慢，當阻力與重力大小相等后，動能不再發(fā)生變化，而機械能繼續(xù)減小，重力勢能與回收艙下落的高度呈線性關系，故A正確，BCD錯誤。

故選A。5、A【分析】【詳解】

A．根據圖象，可得前內的加速度

由牛頓第二定律

解得

故A正確；

C．汽車5s末達到額定功率，額定功率為

故C錯誤；

B．汽車速度為15m/s時，則有

解得a′=1m/s2

故B錯誤；

D．前5s內的位移是

摩擦力做功

D錯誤。

故選A。6、A【分析】【詳解】

當汽車在水平面上做勻速直線運動時，設彈簧原長為L0，勁度系數(shù)為k，根據平衡得：解得①，當汽車以同一速度勻速率通過一個橋面為圓弧形凸形橋的最高點時，由牛頓第二定律得：解得：②；①②兩式比較可得：L1＞L2；故選A.

【點睛】本題中關鍵要結合物體的運動情況進行受力分析，才能得到明確的結論．二、多選題(共9題，共18分)7、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．此問題類似于“輕桿”模型，小球通過最高點時最小速度為零，當小球經最高點的速度時，內側管壁對小球有支持力

故

當小球經最高點的速度v=時，內、外管壁對小球均沒有作用力，則

故A正確；

B．當最高點有

由最高點和最低點機械能守恒可得

最低點有

解得

故B錯誤；

C．受力分析可知；為了有力提供向心力，外側軌道對小球必有壓力。故C錯誤；

D．若小球從最高點靜止沿軌道滑落，小球繞圓心轉角時，內、外管壁對小球均沒有作用力，則

機械能守恒得

聯(lián)立解得

當小球從最高點靜止沿軌道滑落高度為

故D正確。

本題選錯的，故選BC。8、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．剪斷輕繩后A自由下落，B沿斜面下滑，A、B都只有重力做功，設下落高度為h，根據動能定理得

解得

即著地時兩物塊速率相同；速度方向不同，A錯誤；

B．剪斷細線；A；B兩物體都只有重力做功，機械能守恒，則機械能的變化量都為零，B正確；

C．重力勢能變化量

初始時刻，A、B處于同一高度并恰好處于靜止狀態(tài)

則A；B的質量不相等；所以重力勢能變化不相同，C錯誤；

D．A運動的時間，根據

解得

所以A重力做功的平均功率為

B運動有

解得

所以B重力做功的平均功率為

而初始時刻，A、B處于同一高度并恰好處于靜止狀態(tài)

所以重力做功的平均功率相等；D正確。

故選BD。9、A:C【分析】【詳解】

AB．根據平行四邊形定則知vyA＝v0tan45°＝10m/svyB＝v0tan60°＝v0＝10m/s

則小球由A到B的時間間隔

故A正確；B錯誤；

CD．A、B的高度差

故C正確；D錯誤。

故選AC。10、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．火車按規(guī)定速率轉彎時；重力和支持力的合力提供火車轉彎所需向心力；當火車轉彎速率大于規(guī)定的數(shù)值時，重力和支持力的合力小于火車轉彎所需向心力，火車離心運動擠壓外軌，所以外軌會受到擠壓，故A正確；

B．火車轉彎速率小于規(guī)定的數(shù)值時；重力和支持力的合力大于火車轉彎所需向心力，火車近心運動擠壓內軌，所以內軌會受到擠壓，故B錯誤；

CD．火車按規(guī)定速率轉彎時，重力和支持力的合力提供向心力，由向心力公式有

則火車提速后，需要增大火車轉彎所需向心力，所以需要增加h；即將轉彎處的外軌適當抬高，故C正確，D錯誤。

故選AC。11、B:C【分析】【詳解】

A．貨物動能不變；重力勢能增加，機械能增加，A項錯誤；

B．汽車在突然啟動；或者緊急剎車時，有可能觀察到這種現(xiàn)象，這是由于物體本身具有慣性導致的，B項正確；

C．火車轉彎處軌道內低外高；可讓火車重力；支持力的合力充當向心力，能夠防止火車脫軌，還能減小火車輪緣對外軌的壓力從而減少外軌磨損增加軌道使用壽命，C項正確；

D．實際情景中；羽毛球的運動不能忽略空氣阻力，不能認為是平拋運動。D項錯誤。

故選BC。12、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．小球運動到最低點Q時，由牛頓第二定律可得

可知

故小球一定處于超重狀態(tài)；A正確；

B．經過最高點P時滿足

從最低點到最高點過程，據動能定理可得

聯(lián)立解得

故在P、Q兩點小球對圓環(huán)內壁的壓力差與v0無關；B錯誤；

C．小球恰好過最高點時滿足

解得在最高點的速度為

當時，代入B解析中的動能定理，可得小球經過最高點的速度為

故小球一定能通過最高點P；C正確；

D．當時，設能上升的最大高度為h，由動能定理可得

解得

未超過圓心等高處；故小球始終不會脫離圓環(huán)，D正確。

故選ACD。13、C:D【分析】【詳解】

A．由開普勒第二定律可知，近地點的速率大于遠地點的速率，所以飛船沿軌道Ⅱ從A運動到對接點B過程中；速度不斷減小，A錯誤；

B．飛船沿軌道Ⅱ從A運動到對接點B過程中；只有萬有引力做功，機械能守恒，B錯誤；

C．飛船處于半徑為的圓軌道Ⅰ，運行周期為時，由萬有引力提供向心力得

化簡可得，地球的質量為

C正確；

D．由圖可知，軌道Ⅱ的半長軸為

由開普勒第三定律

可得

化簡可得，飛船沿軌道Ⅱ運行的周期為

D正確。

故選CD。14、B:C【分析】【分析】

設圓筒順時針或者逆時針旋轉；根據旋轉角度和角速度公式即可求解。

【詳解】

ACD．如果圓筒順時針轉動，圓筒轉過的角度為：(其中：n=0、1、2、)

時間：

故圓筒轉動的角速度ω為：

當n=0時：

當n=1時：

所以C選項是正確的；AD錯誤；

B．子彈穿過圓筒的過程中，如果圓筒逆時針轉動,圓筒轉過的角度為：(其中:n=0、1、2、)

時間：

故圓筒轉動的角速度ω為：

當n=0時：

當n=1時：

所以B選項是正確的.

【點睛】

注意題目沒有說明是順時針旋轉還是逆時針旋轉，所以此題要考慮兩種情況15、A:D【分析】【詳解】

小滑塊沿木板向上滑行，由牛頓第二定律，得設則當時，存在最大值即故所以A正確．設小滑塊上升的高度為則所以B錯誤．根據如上計算可知，．小滑塊上滑過程克服摩擦力做功．故機械能損失C錯誤．因故小滑塊上滑到最高點處后反向下滑，此時所以D正確．綜上所述，選項AD正確．三、填空題(共8題，共16分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]缺口所在處的向心加速度a向=

無缺口時，對地面壓力為Mg，存在缺口時，缺口轉至軸心正上方，該裝置對地面的壓力大小為【解析】17、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]根據狹義相對論的觀點：光速不變原理，即光速的大小與光源以及觀察者的運動無關，所以觀察者測出的光速都是c

（2）[2]根據時間間隔的相對性原理，北斗衛(wèi)星導航系統(tǒng)衛(wèi)星上的原子鐘會因為高速運動而導致時間變慢?！窘馕觥竣?等于②.變慢18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]兩衛(wèi)星都繞中心天體做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力。由

得

則TA：TB=8：1

[2]設衛(wèi)星B兩次經過衛(wèi)星A正下方時間間隔為t，則

A為同步衛(wèi)星，則TA=24h，B的周期為TB=3h，聯(lián)立解得【解析】8：119、略

【分析】【詳解】

[1]由a–t圖像可知，0~5s物體做勻加速運動，根據牛頓第二定律有

代入數(shù)據解得

5s末物體的速度為

5~10s內起重機的功率為額定功率，不計其它阻力，則此起重機的額定功率為

[2]0~5s物體位移為

0~5s內起重機對物體做的功為

5~10s內起重機對物體做的功為

10s內起重機對物體做的功為【解析】2.4×1041.8×10520、略

【分析】【詳解】

[1]根據題意可知，鏢桿方向就是鏢到達鏢靶時速度的方向，將鏢桿反向延長相交于一點O，由于兩支鏢是從同一點拋出的，水平位移相同，故O點即為水平位移的中點；如圖所示。

由圖中幾何關系易有

解得【解析】21、略

【分析】【詳解】

[1]由于光源的閃光周期小于白點做圓周運動的周期；光源每次閃光時，白點都沒有來得及回到前一次閃光時的位置，即都在前一次閃光時位置的左側，光源連續(xù)閃光，白點的位置就連續(xù)向左逆時針移到，所以白點逆時針旋轉；

[2]白點的頻率為白點的角速度為

光源的頻率為光源的角速度為

設白點轉動一圈的時間為t

解得【解析】逆時針522、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據鐘慢效應，宇宙飛船相對于地球高速運動的過程中，飛船的人觀察飛船是不運動的，而地球是高速運動的，所以飛船上的時鐘沒有變慢，正常走時，而地球上的鐘變慢了【解析】飛船23、略

【分析】【詳解】

[1].根據得：

根據得：．

則重力加速度之比．【解析】四、作圖題(共4題，共32分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

小球滑到達管道的頂端，設小球受重力和管道的作用力，則

由于

所以

說明小球在管道最高點不受管道的作用力；僅受重力作用，故小球的受力示意圖為。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

各點受力方向和速度方向如圖所示。

【解析】26、略

【分析】【詳解】

從位置A開始，它受到向前但偏右（觀察者沿著物體前進方向看，下同）的合力，運動的軌跡位于F與v之間，做曲線運動；到達B時，這個合力的方向突然變得與前進方向相同，所以受力的方向與速度的方向相同，做直線運動；達到C時，又突然改為向前但偏左的力，物體的軌跡向下向右發(fā)生偏轉，最后到達D點；其軌跡大致如圖。

【解析】27、略

【分析】【詳解】

玻璃管向右沿水平方向勻加速平移；每19內的位移依次是4cm；12cm、20cm、28cm；則1s末的坐標為(4cm，10cm)，2s末的坐標為(16cm，20cm)，3s未的坐標為(36cm，30cm)，4s末的坐標為(64cm，40cm)，根據描點法作出圖象如圖所示：

【解析】見解析五、實驗題(共3題，共6分)28、略

【分析】【分析】

【詳解】

①[1]鋼球運動的周期為

根據向心力公式得

②[2]設懸線與豎直方向的夾角為α，則有

對小球受力分析有

③[3]根據牛頓