2025年華東師大版必修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華東師大版必修3物理下冊階段測試試卷585考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖甲所示，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，C為電容器，A為理想電流表，R1、R2為可變電阻，R3為定值電阻，R4為光敏電阻，光敏電阻的阻值隨光照射的強弱而改變．“光強”是表示光的強弱程度的物理量，照射光越強，光強越大，光強符號用I表示，國際單位為坎德拉(cd)．實驗測得光敏電阻的阻值R4與光強I間的關系如圖乙所示；當電路發(fā)生變化時，下列說法正確的是()

A.當光照增強時，電容器所帶電荷量減小B.當光照增強時，電源的輸出功率減小C.若R2的阻值減小，電流表的示數(shù)減小D.若R1的阻值減小，R3消耗的功率減小2、如圖所示，水平直導線ab通有向右的電流I；置于導線正下方的小磁針N極將（）

A.向紙內(nèi)偏轉B.向紙外偏轉C.在紙面內(nèi)順時針轉過90°D.不動3、在地球赤道上空有一小磁針處于水平靜止狀態(tài)，突然發(fā)現(xiàn)小磁針N極向東偏轉，由此可知（）A.一定是小磁針正東方向有一條形磁鐵的N極靠近小磁針B.一定是小磁針正東方向有一條形磁鐵的S極靠近小磁針C.可能是小磁針正上方有電子流自南向北通過D.可能是小磁針正上方有電子流自北向南水平通過4、計算機鍵盤每個按鍵下有塊小金屬片；與該金屬片隔有一定空氣間隙的是另一塊小的固定金屬片，兩片金屬片組成一個小電容器。且電壓保持不變圖示鍵盤連著正在工作的計算機，按下“？”鍵過程中，按鍵金屬片間組成的電容器（）

A.電容變小B.金屬片間的場強變小C.電荷量增大D.處于放電狀態(tài)5、科學的研究方法促進了人們對事物本質(zhì)和規(guī)律的認識，以下說法正確的是（）A.螺旋測微器的設計主要采用了放大法B.合力與分力概念的建立采用了對稱法C.伽利略在研究自由落體運動時采用了控制變量法D.法拉第利用電場線描繪電場是利用了等效替代法6、兩個完全相同的電容器A和B如圖所示連接，它們的極板均水平放置。當它們都帶有一定電荷量并處于靜電平衡時，電容器A中的帶電粒子恰好靜止?，F(xiàn)僅將電容器B兩板間距縮小，測得A中帶電粒子的加速度大小為則變化前后B兩板間的距離之比為（）

A.2：1B.3：1C.4：3D.9：47、北京正負電子對撞機是我國第一臺高能加速器，由電子注入器、儲存環(huán)、探測器、核同步輻射區(qū)、計算中心等5個部分組成，其儲存環(huán)的周長為240米．某同學在參觀時得知此時在儲存環(huán)中繞環(huán)圓周運動的電子有5×1012個，形成的電流為10mA，則可估算出儲存環(huán)中電子的平均移動速率為（）A.3×107m/sB.3×106m/sC.9×107m/sD.9×106m/s8、額定電壓都是110V，額定功率PA=100W，PB=40W的燈泡兩盞，若接在電壓為220V的電路上，兩盞燈泡均能正常發(fā)光，且消耗功率最小的電路是（）A.A；

B.C.D.9、如圖所示；線圈M和線圈N繞在同一個鐵芯上，下列說法正確的是（）

A.當閉合開關S的瞬間，線圈N中沒有感應電流產(chǎn)生B.當線圈M中有恒定電流通過時，線圈N中沒有感應電流產(chǎn)生C.當斷開開關S的瞬間，線圈N中沒有感應電流產(chǎn)生D.在上面三種情況中，如果線圈N中有感應電流，則線圈N的右端相當于條形磁鐵的N極評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、如圖所示電路中，電源的內(nèi)電阻為r，R1、R3、R4均為定值電阻，電表均為理想電表．閉合電鍵S，當滑動變阻器R2的滑動觸頭P向右滑動時，電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電流表和電壓表的示數(shù)變化量的大小分別為I1、I2、U；下列說法正確的是（）

A.電壓表示數(shù)變大B.電流表A2示數(shù)變大C.I1＜I2D.11、導體球外有一個帶正電的點電荷，下列說法正確得是（）A.如果導體球帶正電，則二者之間的作用力必為排斥力B.如果導體球接地，則二者之間的作用力必為吸引力C.如果導體球是電中性的，則二者之間的作用力必為吸引力D.如果導體球接地，則其表面任何位置都不會出現(xiàn)正的凈電荷12、如圖xOy空間中有沿y軸正方向的勻強電場E1，P點右側還有沿x軸正方向的勻強電場E2，一帶電液滴電荷量為q（q>0），質(zhì)量為m，帶電液滴以初動能Ek0沿直線從A運動到O。液滴經(jīng)過O點時電場E大小不變，方向突然反向，液滴經(jīng)一段時間t運動到P點，又經(jīng)過相同時間t沿直線運動到N點，已知yN=-d，E2=2E1，重力加速度為g；則下列分析中正確的是（）

A.液滴過O點后，先做類平拋運動，再做勻速直線運動B.C.D.P點坐標為13、如圖所示，在豎直放置的半徑為R的光滑半圓弧絕緣細管的圓心O處固定一點電荷，將質(zhì)量為m，帶電量為+q的小球從圓弧管的水平直徑端點A由靜止釋放，小球沿細管滑到最低點B時，對管壁恰好無壓力，已知重力加速度為g；則下列說法正確的是（）

A.小球在B時的速率為B.小球在B時的速率小于C.固定于圓心處的點電荷在AB弧中點處的電場強度大小為D.小球不能到達C點（C點和A在一條水平線上）14、用電場線能很直觀、很方便地比較電場中各點場強的強弱。如圖甲是等量異種點電荷形成電場的電場線，圖乙是場中的一些點：O是電荷連線的中點，E、F是連線中垂線上相對O對稱的兩點，B、C和A、D也相對O對稱；則（）

A.B、C兩點場強大小和方向都相同B.A、D兩點場強大小相等，方向相反C.E、O、F三點電勢相等D.B、O、C三點比較，O點場強最弱15、如圖所示，A、B、C、D、E、F為勻強電場中一個正六邊形的六個頂點，A、B、C三點的電勢分別為則下列說法中正確的是（）

A.D、E、F三點的電勢分別為B.電荷量為的正點電荷在D點的電勢能為C.將電荷量為的正點電荷從E點移到F點，電場力做的功為D.將電荷量為的負點電荷從F點移到A點，電荷的電勢能減少了16、在如圖甲所示的電路中，L1、L2、L3為三個規(guī)格相同的小燈泡；這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示．當開關S閉合后，電路中的總電流為0.25A，則此時（）

A.L1兩端電壓為L2兩端電壓的2倍B.L1消耗的電功率為0.75WC.L2的電阻為4ΩD.L1、L2消耗的電功率的比值大于1217、如圖所示電路中，為電源，電阻為定值電阻，為滑動變阻器，AB為電容器兩個水平放置的極板。當滑動變阻器的滑動觸頭處于圖示位置時AB兩板間的帶電油滴靜止不動。則下列說法中正確的是（）

A.把R2的觸頭向右緩慢移動時，油滴向上運動B.把R1的觸頭向右緩慢移動時，油滴向上運動C.緩慢減少極板AB的正對面積，油滴向上運動D.在兩板間平行極板放入與極板等大的金屬板，油滴向上運動評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)18、在點電荷Q產(chǎn)生的電場中有a、b兩點，相距為d．已知a點的場強大小為E，方向與ab連線夾角為b點的場強方向與連線成角，如圖所示．則b點的場強大小為__，a、b兩點____點電勢高．

19、能量守恒定律。

能量既不會憑空_______，也不會憑空_______，它只能從一種形式_______為其他形式，或者從一個物體_______到別的物體，在轉化或轉移的過程中，能量的總量_______。20、公式的意義。

（1）意義：在勻強電場中，電場強度的大小等于兩點間的___________與這兩點___________之比。

（2）電場強度的另一種表述：電場強度在數(shù)值上等于沿___________方向___________上降低的電勢。

（3）電場強度的另一個單位：由可導出電場強度的另一個單位，即___________，符號為___________。1V/m=1N/C。21、電場中某區(qū)域的電場線分布如圖所示，A、B、C為電場中的三點，則三點中電場強度最大的是___________點，電勢最低的是___________點；將一個正點電荷從A點移動到C點過程中電場力做___________（選填“正功”或“負功”）。

22、圖為某同學用電流表和電壓表測量電阻的部分實驗電路圖。在某次測量中，電壓表的示數(shù)為14.0V，電流表的示數(shù)為0.20A，根據(jù)測量數(shù)據(jù)，可計算出電阻Rx=______Ω。若僅考慮電流表內(nèi)阻的影響，實驗中電壓表的測量值______（選填“大于”或“小于”）電阻Rx兩端的電壓。

23、請讀出下列儀器顯示的示數(shù)：

（1）螺旋測微器示數(shù)（2）電壓表示數(shù)（3）毫安表示數(shù)。

（1）螺旋測微器的示數(shù)為_______________mm；

（2）當選擇量程時，電壓表的示數(shù)為_______________V；

（3）當選擇量程時，毫安表的示數(shù)為_______________mA。24、如圖所示.電源電動勢E＝10V，內(nèi)阻r=1Ω.電阻R1＝3Ω，R2＝6Ω，電容C＝30μF.閉合電鍵K，且穩(wěn)定后通過R1的電流大小_________A，然后將開關K斷開，求這以后流過R1總電量_________C

25、一矩形線圈面積S＝10cm2，它和勻強磁場方向之間的夾角θ1＝30°，穿過線圈的磁通量Ф＝2×10－4Wb，則磁場的磁感應強度B＝______________；若線圈以一條邊為軸轉180°，則穿過線圈的磁通量的變化量為____________；若線圈平面和磁場方向之間的夾角變?yōu)棣?＝0°，則Ф0＝________________。評卷人得分四、作圖題(共4題，共20分)26、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關S擲向1，一段時間后，將開關擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短27、如圖所示是某電場中的電場線，請畫出點a點的場強方向和電荷-q在b點所受電場力的方向。

28、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線。29、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共18分)30、在某次描繪小燈泡伏安特性曲線的實驗中；所選用的實驗器材有：

A：小燈泡“2.5V；0.2A”

B：電流表0~0.6A~3A（內(nèi)阻約1Ω）

C：電壓表0~3V~15V（內(nèi)阻很大）

D：滑動變阻器“2A；10Ω”

E：電源（兩節(jié)干電池）

F：開關一個；導線若干。

（1）在實驗時，某同學采用了如圖甲所示的實物電路，則具體實驗操作前，該電路需改進的地方有（寫出三個）______；______；______。

（2）在對電路進行改進后；該同學進行了實驗，但在實驗中發(fā)現(xiàn)，無論怎樣調(diào)節(jié)滑動變阻器，都不能使小燈泡兩端電壓達到2.5V的額定電壓，而是只能勉強達到1.80V，于是他猜想是否干電池太舊，總電動勢只能達到1.8V，為了驗證自己的猜想，他用以上器材測量該電源電動勢和內(nèi)阻，電路圖如圖乙所示，實驗數(shù)據(jù)如下：

。U（V）2.372.302.182.101.901.601.30I（A）0.110.140.180.210.290.420.56

請在圖丙上畫出U—I圖線______，由圖線可得電源電動勢E=______V，內(nèi)阻r=______Ω。31、某小組要做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗；所選用的器材如下：

A．小燈泡（5.5V0.55A）

B．學生電源（電動勢為9V；內(nèi)阻約1Ω）

C．電流表A（量程為0～0.6A；內(nèi)阻約0.2Ω；量程為0～3A，內(nèi)阻約0.04Ω）

D．電壓表V（量程為0～3V，內(nèi)阻約3kΩ；量程為0～15V，內(nèi)阻約15kΩ）

E．滑動變阻器R1（最大阻值10Ω；最大允許電流1A）

F．滑動變阻器R2（最大阻值1500Ω；最大允許電流0.3A）

G．開關一個；導線若干。

（1）請在虛線框中畫出實驗電路圖，并標出選擇的滑動變阻器。（______）

（2）請根據(jù)（1）中所畫的電路圖，補充完成圖甲中實物電路的連線。（_______）

（3）閉合開關，改變滑動變阻器滑片的位置，并記錄對應的電流表示數(shù)I、電壓表示數(shù)U。某次測量中電流表選擇0～0.6A量程，電壓表選擇0～15V量程，電流表、電壓表示數(shù)如圖乙所示，可知該狀態(tài)下小燈泡電阻的測量值Rx==___________Ω（計算結果保留兩位有效數(shù)字）。

（4）某同學通過實驗正確作出的小燈泡的伏安特性曲線如圖丙所示?，F(xiàn)把實驗中使用的小燈泡接到如圖丁所示的電路中，其中電源電動勢E=6V，內(nèi)阻r=1Ω，定值電阻R=9Ω，此時燈泡的實際功率為___________W（結果保留兩位有效數(shù)字）。

32、某實驗小組利用如圖甲所示的電路測量一干電池的電動勢與內(nèi)阻．圖甲中定值電阻R為電阻箱；S為開關。不計電壓表的內(nèi)阻。

（1）斷開開關S，將多用電表的表筆與電池相連，其中___________（填“紅”或“黑”）表筆接電池的正極，粗測出該電池的電動勢為

（2）請將操作補充完整：閉合開關S，_____________，記錄下電阻箱的阻值R以及電壓表對應的示數(shù)U。

（3）根據(jù)如圖甲所示的電路，可以用R，E和r表示即____________；作出圖像如圖乙所示，讀出兩個參考點的坐標與根據(jù)該兩點的坐標數(shù)據(jù)，可求出該干電池的電動勢______________V（結果保留三位有效數(shù)字）。評卷人得分六、解答題(共1題，共9分)33、在場強為1×108N/C的勻強電場中，將帶電荷量為2×10-8N的正點電荷依次分別放在A點和B點，A點的電勢為4V，B點的電勢為1V。求：

(1)正點電荷在電場中受到的電場力；

(2)A、B兩點的電勢差UAB；

(3)電荷由A點移到B點電場力做的功。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【詳解】

A.由圖知電阻與光強成反比，故隨光強的增大電阻減小，所以當光照增強時，R4減小，總電阻減小，總電流增大，并聯(lián)部分的電阻不變，所以電壓增大，所以電容器兩端的電壓增大，根據(jù)Q=UC可知；電量增大，故A錯誤；

B.當外電路電阻等于內(nèi)阻時；電源的輸出功率最大，由于不知道外電路電阻與內(nèi)阻的關系，所以無法判斷電源的輸出功率的變化，故B錯誤；

C.若R2的阻值減小，則總電阻減小，總電流增大，并聯(lián)部分的電壓減小，通過電流表A的電流減?。还蔆正確；

D.R1與電容器串聯(lián)，相當于斷路，其變化不影響電路變化，故D錯誤。2、A【分析】【分析】

【詳解】

當通入如圖所示的電流時；根據(jù)右手螺旋定則可得小磁針的位置的磁場方向是垂直紙面向里，由于小磁針靜止時N極的指向為磁場的方向，所以小磁針的N極將垂直于紙面向里轉動，S極向指外偏轉，故A正確，BCD錯誤。

故選A。3、C【分析】【分析】

【詳解】

AB．若小磁針正東方向有一條形磁鐵的S極靠近小磁針；由于異名磁極相互吸引；所以小磁針的N極向東偏轉，但不能肯定是磁鐵的作用，也有可能是電流引起的，因此不能肯定，故AB錯誤；

C．若小磁針正上方有電子流自南向北水平通過；電流方向即為自北向南，所以小磁針的N極向東偏轉，因此有可能，故C正確；

D．發(fā)現(xiàn)小磁針的N極向東偏轉；說明小磁針的正上方有電子流自南向北水平通過，故D錯誤。

故選C。4、C【分析】【詳解】

按下“？”鍵過程中，按鍵金屬片間組成的電容器兩極板間距d減小，根據(jù)

可知電容C變大，因兩板電壓U一定，根據(jù)Q=CU

可知，電容器帶電量增大，電容器處于充電狀態(tài)，此時根據(jù)

可知金屬片間的場強E變大。

故選C。5、A【分析】【詳解】

A．螺旋測微器的設計主要采用了放大法；故A正確；

B．合力與分力概念的建立采用了等效替代法；故B錯誤；

C．伽利略在研究自由落體運動時采用了抽象思維；數(shù)學推導和科學實驗相結合的方法，故C錯誤；

D．法拉第利用電場線描繪電場是利用了假想法；故D錯誤。

故選A。6、A【分析】【詳解】

兩電容器兩極板間電勢差始終相等，并且兩電容器極板間的電荷量總和總是保持不變，設開始時兩電容器兩極板間電勢差為U，兩電容器極板間的電荷量為Q；則有。

對A電容器有電容器A中的帶電粒子恰好靜止時有

A中帶電粒子的加速度大小為方向向上時有

A中帶電粒子的加速度大小為方向向下時有

聯(lián)立解得或

由于A的電容的決定公式可知，不變，則有

則電容器A極板的電荷量為或

兩電容器極板間的電荷量總和為

由于兩電容器極板間的電荷量總和總是保持不變，則有或

由于兩電容器兩極板間電勢差始終相等，則有或

根據(jù)電容的定義公式有

可知B電容器變化后的電容為或

根據(jù)B的電容的決定公式可知，電容C與兩板間的距離d成反比，則有或

所以A正確；BCD錯誤；

故選A。7、B【分析】【詳解】

設單位長度上的電子數(shù)目為n，

則單位長度上電子的電荷量q'=ne。t秒內(nèi)電子通過的距離x=vt，t秒內(nèi)通過某橫截面的電荷量q=xq'=nevt，由得：

所以：

A.3×107m/s。故A錯誤；

B.3×106m/s。故B正確；

C.9×107m/s。故C錯誤；

D.9×106m/s。故D錯誤。8、C【分析】【分析】

【詳解】

由題知，兩燈泡額定電壓相等，A燈泡的額定功率較大，由

可知，A燈泡的電阻較小，即

A．圖中燈泡A和B串聯(lián)在220V的電源上；由串聯(lián)電路的分壓特點可知，兩燈泡兩端的電壓均不等于110V，所以都不能正常工作，A錯誤；

B．圖中燈泡A和可變電阻R并聯(lián)后又和燈泡B串聯(lián)；由并聯(lián)電路中電阻越并越?。恍∮谌魏我粋€分電阻可知，B燈泡的電阻一定大于并聯(lián)部分的總電阻，由串聯(lián)電路的分壓特點可知，兩燈泡兩端的電壓均不等于110V，所以都不能正常工作，B錯誤；

CD．選項C中燈泡B和可變電阻R并聯(lián)后又和燈泡A串聯(lián)；由電阻的并聯(lián)可知，可變電阻調(diào)節(jié)合適時可以使并聯(lián)部分的電阻和燈泡A的電阻相等，即兩燈泡可以同時正常發(fā)光；

選項D中燈泡A和燈泡B并聯(lián)后又與可變電阻R串聯(lián)；當可變電阻的阻值和兩燈泡并聯(lián)的電阻相等時它們可以同時發(fā)光；

由并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和可知，選項C中電路的總電流為A燈泡的額定電流，選項D中電路的總電流等于A和B兩燈泡的額定電流之和，由

可知；選項C中電路消耗的功率最小。

故選C。9、B【分析】【詳解】

A．當閉合開關的一瞬間，線圈中通電產(chǎn)生磁場，線圈處在激發(fā)的磁場里，且激發(fā)的磁場不斷增強，故在線圈中有感應電流產(chǎn)生；故A錯誤；

B．當中電流恒定，激發(fā)的磁場不再變化，通過中的磁通量不變，故中沒有感應電流產(chǎn)生；故B正確；

C．斷開瞬間，激發(fā)的磁場減弱，中激發(fā)的磁場的磁通量減小，故中有感應電流產(chǎn)生；故C錯誤；

D．當合上開關的瞬間，通過線圈的磁場方向向右，磁通量增大，由楞次定律可知感應電流的磁場方向向左，則當合上開關的瞬間，線圈的左端為極；當合上開關的瞬間，通過線圈的磁場方向向右，磁通量減小，由楞次定律可知磁場方向向右，則當斷開開關的瞬間，線圈的右端為極；故D錯誤。

故選B。二、多選題(共8題，共16分)10、A:C:D【分析】【詳解】

設R1、R2、R3、R4的電流分別為I1′、I2′、I3、I4，電壓分別為U1、U2、U3、U4。干路電流為I總，路端電壓為U，電流表A2示數(shù)為I。

A．R2變大，外電阻變大，I總變小，U=E﹣Ir變大，U3變大；即電壓表示數(shù)變大，故A正確；

B．I3變大，I總變小，由I4=I總﹣I3變小，U4變小，而U1=U﹣U4，U變大，則U1變大，I1′變大，I總=I+I1′，I變小，即電流表A2示數(shù)變?。还蔅錯誤；

C．I總變小，I1′變大，根據(jù)I總=I+I1′可知，I的減小量大于I總的減小量，即I1＜I2；故C正確；

D．由歐姆定律U=E﹣I總r，得由I總=I+I1，I變小，I1變大，I總變小，則△I＞△I總，故故D正確。

故選ACD。11、A:B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．如果導體球帶正電；因點電荷帶正電，則二者之間的作用力必為排斥力，選項A正確；

B．如果導體球接地；則導體球外表面將帶上負電，則二者之間的作用力必為吸引力，選項B正確；

C．如果導體球是電中性的；則正電荷將被排斥到球的遠點，負電荷將被吸引到近點，則二者之間的作用力表現(xiàn)為吸引力，選項C正確；

D．如果導體球接地；大地上的電子流向?qū)w球中和導體球上的正電荷，所以導體球上沒有正的凈電荷，選項D正確。

故選ABCD。12、B:D【分析】【詳解】

A．液滴過O點時，合力與速度方向垂直，之后合力恒定，則O到P做類平拋運動；過P點后；分析可知，合力與速度方向共線，則再做勻加速直線運動。故A錯誤；

B．由平衡條件得

解得

故B正確；

CD．O到N，豎直方向為初速度為0的勻加速直線運動，由于O到P和P到N的時間相等。則

P點過后，合力與水平方向的夾角設為則

解得

O到P，由平拋規(guī)律有

又E2=2E1

聯(lián)立解得

則P點坐標為故C錯誤；D正確。

故選BD。13、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．由A到B，由動能定理得

解得

故A正確；B錯誤；

C．在B點，對小球由牛頓第二定律得

將B點的速度帶入可得

故C正確；

D．從A到C點過程中電場力做功為零，所以小球能到達C點；故D錯誤。

故選AC。14、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)電場線分布，結合對稱性可得，B、C兩點場強大小和方向都相同；選項A正確；

B．根據(jù)電場線分布，結合對稱性可得，A、D兩點場強大小相等；方向相同，選項B錯誤；

C．E、O、F三點均處在電勢為零的等勢線上；則電勢相等，選項C正確；

D．B、O、C三點比較，O點電場線最稀疏；則場強最弱，選項D正確。

故選ACD。15、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．連接AD，由正六邊形的性質(zhì)可得：AD平行于BC，且AD=2BC，因為

所以

中心的電勢為

則

A正確；

B．電荷量為的正點電荷在D點的電勢能為

B正確；

C．將電荷量為的正點電荷從E點移到F點，電場力做的功為

C錯誤；

D．將電荷量為的負點電荷從F點移到A點，電場力做功

電荷的電勢能增加了D錯誤。

故選AB。16、B:D【分析】【詳解】

B．電路中的總電流為0.25A，L1中電流為0.25A，由小燈泡的伏安特性曲線可知，L1兩端電壓為3.0V，L1消耗的電功率為P1＝U1I1＝0.75W

選項B正確；

A．根據(jù)并聯(lián)電路規(guī)律，L2中電流為0.125A，由小燈泡的伏安特性曲線可知，L2兩端電壓小于0.5V，所以L1兩端電壓比L2兩端電壓的6倍還大；選項A錯誤；

C．由歐姆定律可知，L2的電阻R2＝Ω＝4Ω

選項C錯誤；

D．L2消耗的電功率P2＝U2I2<0.5×0.125W＝0.0625W

L1、L2消耗的電功率的比值

選項D正確。

故選BD。17、B:D【分析】【詳解】

A．把R2的觸頭向右緩慢移動時；電容器兩端電壓不變，板間場強大小不變，油滴受到的電場力不變，仍靜止不動，故A錯誤；

B．把R1的觸頭向右緩慢移動時，R1接入電路電阻變大，電路中總電阻變大，根據(jù)閉合電路中的歐姆定律可知，電路中電流變小，根據(jù)

可知路端電壓增大，電容器兩端電壓增大，根據(jù)

板間場強增大；油滴受到的電場力變大，油滴向上運動，故B正確；

C．緩慢減少極板AB的正對面積；電容器兩端電壓不變，板間場強大小不變，油滴受到的電場力不變，仍靜止不動，故C錯誤；

D．在兩板間平行極板放入與極板等大的金屬板，相當于減小兩平行板的間距，電容器兩端電壓不變，根據(jù)

板間場強增大；油滴受到的電場力變大，油滴向上運動，故D正確。

故選BD。三、填空題(共8題，共16分)18、略

【分析】【詳解】

[1][2]將場強Ea、Eb延長，交點即為點電荷所在位置，如圖所示，由于電場強度方向指向點電荷Q，則知該點電荷帶負電，根據(jù)幾何知識分析解得a點到Q點的距離：

b點到Q點的距離

a、b兩點到點電荷Q的距離之比

由公式得：a、b兩點場強大小的比值Ea：Eb=1：3

得：Eb=3E

由于a點距離負點電荷Q更近，所以a點的電勢高于b點的電勢。

【解析】3Ea19、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】產(chǎn)生消失轉化轉移保持不變20、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1][2]在勻強電場中；電場強度的大小等于兩點間的電勢差與這兩點沿電場線方向的距離之比。

(2)[3][4]電場強度在數(shù)值上等于沿電場強度方向每單位距離上降低的電勢。

(3)[5][6]由

可導出電場強度的另一個單位，即伏/米，符號為V/m。【解析】①.電勢差②.沿電場線方向的距離③.電場強度④.每單位距離上⑤.伏/米⑥.V/m21、略

【分析】【詳解】

[1]電場線越密處場強越大，因此B點電場強度最大。

[2]沿電場線方向電勢降低，因此C點電勢最低。

[3]從A到C，電勢降低，由于是正電荷，電勢能也降低，因此電場力做正功?！窘馕觥緽C正功22、略

【分析】【詳解】

[1]由歐姆定律可得

[2]由于電流表的分壓作用，實驗中電壓表的測量值大于電阻Rx兩端的電壓?！窘馕觥?0大于23、略

【分析】【詳解】

（1）[1]螺旋測微器的示數(shù)為0.5mm+0.142mm=0.642mm；

（2）[2]電壓表選擇量程時；最小分度為0.1V，所以需要再向后估讀一位，示數(shù)為1.80V；

（3）[3]毫安表選擇量程時，最小分度為0.5mA，只讀到小數(shù)點后一位，示數(shù)為12.0mA?！窘馕觥竣?0.642（0.641~0.643皆可）②.1.80③.12.024、略

【分析】【詳解】

閉合開關K，據(jù)全電路歐姆定律得

閉合開關K，電容器的電壓等于兩端電壓，為：

開關K斷開時，電容器的電壓等于電源的電動勢，為

電容器兩端的電壓變化量

過的總電荷量．【解析】1A；1.2×10-4C；25、略

【分析】【詳解】

[1]磁感應強度為

[2]線圈以一條邊為軸轉過180°，穿過線圈的磁能量的變化為

[3]若線圈平面和磁場方向之間的夾角變?yōu)棣?=0°，則Φ=0?！窘馕觥?.4T4×10－4Wb0四、作圖題(共4題，共20分)26、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減??；選項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據(jù)可知電阻箱R的電壓UR減小；選項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據(jù)電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據(jù)電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據(jù)可求出該電容器的電容；選項A正確；

B．根據(jù)電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時電阻箱阻值大小，選項B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，因此放電時間將變長，選項C錯誤；

D．電源不變，電容器的充電電壓不變，若只減小電容器的電容大小，根據(jù)可知電容器的電荷量將變?。环烹姷臅r間將變短，選項D正確。

故選ABD?！窘馕觥緼BDABD27、略

【分析】【詳解】

電場線上每一點的切線方向即為該點的電場強度方向；負電荷受電場力的方向與場強方向相反，如圖所示。

【解析】28、略

【分析】【詳解】

根據(jù)電荷屬性；點電荷；等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線如下所示。

【解析】29、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向