2025年中圖版必修3物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年中圖版必修3物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示、兩條絕緣導(dǎo)體棒相互垂直固定，電流按圖示方向通入兩導(dǎo)體棒。a、b、c、d四點(diǎn)到兩導(dǎo)體棒距離都為L(zhǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度分別為Ba、Bb、Bc、Bd。以下說法正確的是（）

A.Ba與Bb相同B.Ba與Bc相同C.Bb與Bc相同D.Bb與Bd相同2、如圖所示的電路中，閉合開關(guān)S后，a、b、c三盞燈均能正常發(fā)光，電源電動(dòng)勢(shì)E恒定且內(nèi)阻r不可忽略?，F(xiàn)將變阻器R的滑片稍向上滑動(dòng)一些；三盞燈亮度變化的情況是（）

A.a燈變亮，b燈和c燈變暗B.a燈和b燈變暗，c燈變亮C.a燈和c燈變暗，b燈變亮D.a燈和c燈變亮，b燈變暗3、關(guān)于電容器的電容，下列說法正確的是（）A.電容器的電容只由它本身的特性決定B.電容器兩板電壓越低，電容越大C.電容器不帶電時(shí)，其電容為零D.電容器所帶電荷量越多，電容越大4、在光滑絕緣水平面上，三個(gè)帶電小球a、b和c分別位于邊長(zhǎng)為d的正三角形的三個(gè)頂點(diǎn)上，a、b帶正電，電荷量均為q，c帶負(fù)電，整個(gè)系統(tǒng)置于方向平行于水平面的勻強(qiáng)電場(chǎng)中、已知靜電力常量為k；若三個(gè)小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，則（）

A.c球帶電荷量為qB.勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大小為C.勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)方向由ab的中點(diǎn)指向c點(diǎn)D.a、b兩小球在c點(diǎn)產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)大小為5、如圖所示，真空中點(diǎn)電荷A電量為若在其右側(cè)放一導(dǎo)體棒，導(dǎo)體棒的中心距點(diǎn)電荷L，當(dāng)導(dǎo)體棒達(dá)到靜電平衡狀態(tài)時(shí)，棒上的感應(yīng)電荷在O點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)是（）

A.零B.方向向左C.方向向右D.方向向右6、下列說法中正確的是（）A.點(diǎn)電荷就是體積很小的帶電體B.電場(chǎng)強(qiáng)度反映了電場(chǎng)力的性質(zhì)，所以電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度與試探電荷在該點(diǎn)所受的電場(chǎng)力成正比C.電場(chǎng)中電場(chǎng)強(qiáng)度為零的地方電勢(shì)一定為零D.英國(guó)物理學(xué)家法拉第最早引入了電場(chǎng)概念，并提出用電場(chǎng)線表示電場(chǎng)7、如圖所示，在正四面體P-ABC中，O是底面AB邊的中點(diǎn)，若在A、B兩點(diǎn)分別固定一個(gè)帶正電、電荷量都為Q的點(diǎn)電荷。則下列說法中正確的是（）

A.P、C兩點(diǎn)的電勢(shì)差為零B.P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度與C點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同C.將帶正電的試探電荷q從O點(diǎn)沿著OC移動(dòng)到C點(diǎn)，電荷的電勢(shì)能逐漸增加D.將帶正電的試探電荷q從P點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)，電荷的電勢(shì)能先減少后增加8、一平行板電容器充電后與電源斷開，上極板帶正電，下極板接地，如圖所示，在P點(diǎn)固定一正電荷（電量很小），以E表示兩極板間場(chǎng)強(qiáng)，U表示兩極板間的電壓，表示正電荷在P點(diǎn)的電勢(shì)能。若下極板不動(dòng)；將上極板向上移動(dòng)一些，則（）

A.U變小，E不變B.E變大，變大C.U變大，不變D.U不變，不變9、用控制變量法可以研究影響平行板電容器電容的因素。設(shè)兩極板正對(duì)面積為S，極板間的距離為d，靜電計(jì)指針偏角為實(shí)驗(yàn)中；極板所帶電荷量不變，則（）

A.保持S不變，增大則θ變大B.保持S不變，增大則θ變小C.保持不變，增大S，則θ變大D.保持不變，增大S，則θ不變?cè)u(píng)卷人得分二、多選題(共6題，共12分)10、如圖所示；正方形ABCD的四個(gè)頂點(diǎn)各固定一個(gè)點(diǎn)電荷，所帶電荷量分別為+q；-q、+q、-q，E、F、O分別為AB、BC及AC的中點(diǎn)．下列說法正確的是。

A.E點(diǎn)電勢(shì)低于F點(diǎn)電勢(shì)B.F點(diǎn)電勢(shì)等于O點(diǎn)電勢(shì)C.E點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度與F點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同D.F點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大于O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度11、有三個(gè)質(zhì)量相等、分別帶有正電與負(fù)電及不帶電的微粒，從極板左側(cè)中央以相同的水平初速度v先后垂直場(chǎng)強(qiáng)射入，分別落到極板A、B、C處；如圖所示．則下列說法正確的有（）

A.粒子A帶負(fù)電，B不帶電，C帶正電B.三個(gè)粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不相等C.三個(gè)粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的加速度aA<aB<aCD.三個(gè)粒子到達(dá)極板時(shí)的動(dòng)能EA>EB>EC12、如圖所示,勻強(qiáng)電場(chǎng)中有一圓心角為120°的扇形OAB,且扇形所在的平面平行于電場(chǎng)線、半徑OA為2m,C點(diǎn)為AB弧的中點(diǎn)。把一個(gè)電荷量為1×10-7C的負(fù)點(diǎn)電荷由電勢(shì)為零的某點(diǎn)移到O點(diǎn)克服電場(chǎng)力做功5×10-7J,將該電荷從O點(diǎn)移動(dòng)到A點(diǎn)電勢(shì)能增加2×10-7J,將該電荷沿圓弧從A移到C電場(chǎng)力做功4×10-7J,則（）

A.O點(diǎn)的電勢(shì)為5VB.A點(diǎn)的電勢(shì)高于O點(diǎn)的電勢(shì)C.該電荷在B點(diǎn)的電勢(shì)能為1×10-7JD.電場(chǎng)強(qiáng)度大小為2V/m13、如圖所示，勁度系數(shù)為k的輕彈簧左端固定，右端連一帶負(fù)電荷的物塊，物塊的質(zhì)量為m，帶電荷量為q，可在光滑水平面上左右移動(dòng)，水平面上方還有水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E，開始時(shí)物塊在向右的大小為的外力F作用下靜止在M點(diǎn)?，F(xiàn)將力F撤去，規(guī)定物塊在M點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能為零；對(duì)之后的過程，以下說法正確的是（）

A.彈簧和物塊組成的系統(tǒng)機(jī)械能和電勢(shì)能之和不變B.彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)，物塊的速度最大C.彈簧被壓縮到最短時(shí)，物塊的加速度大小為0D.物塊的最大動(dòng)能為14、如圖所示為粗細(xì)相同；長(zhǎng)度相同的金屬導(dǎo)線A、B的伏安特性曲線則下列判斷正確的是（）

A.兩段導(dǎo)線串聯(lián)在電路中，A兩端電壓大B.兩段導(dǎo)線并聯(lián)在電路中，B中的電流大C.A段導(dǎo)線的電阻率比B段導(dǎo)線的電阻率小D.將電阻率較大導(dǎo)線截去一部分后，剩下導(dǎo)線電阻率可能與電阻率較小的一段導(dǎo)線電阻率相同15、如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E＝3V，內(nèi)阻不計(jì)，R1、R2、R3為定值電阻，阻值分別為1Ω、0.5Ω、9Ω、R4、R5為電阻箱，最大阻值均為99.9Ω，右側(cè)豎直放置一個(gè)電容為1.5×10﹣3μF的理想平行板電容器，電容器板長(zhǎng)0.2m，板間距為0.125m．一帶電粒子以0.8m/s的速度沿平行板中線進(jìn)入，恰好勻速通過，不計(jì)空氣阻力，此時(shí)R4、R5阻值分別為1.8Ω；1Ω．下列說法正確的是（）

A.此粒子帶正電B.帶電粒子勻速穿過電容器時(shí)，電容器的電荷量為3×10﹣9CC.欲使粒子向上偏轉(zhuǎn)但又不打到電容器的上板，R4阻值不得超過5.7ΩD.欲使粒子向下偏轉(zhuǎn)但又不打到電容器的下板，R4阻值不得低于l.4Ω評(píng)卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、能量的分類：

（1）不可再生能源：煤炭、石油和天然氣是目前人類生產(chǎn)、生活中使用的主要能源，這類能源又叫作______能源．化石能源無法在短時(shí)間內(nèi)再生；所以這類能源叫作不可再生能源。

（2）可再生能源：水能、風(fēng)能、潮汐能等能源，歸根結(jié)底來源于太陽能。這些能源在自然界可以再生，叫作可再生能源。17、會(huì)用多用電表探索黑箱中的_______。18、如圖所示，一個(gè)枕形導(dǎo)體AB原來不帶電，將它放在一個(gè)負(fù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中，負(fù)點(diǎn)電荷所帶的電荷量為Q，與AB的中心O的距離為R。由于靜電感應(yīng)，在導(dǎo)體AB的兩端分別出現(xiàn)感應(yīng)電荷，當(dāng)達(dá)到靜電平衡時(shí)（已知靜電力常量為k），導(dǎo)體的中心O的電場(chǎng)強(qiáng)度等于_____，導(dǎo)體的感應(yīng)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小等于__________，方向__________

19、該同學(xué)將一阻值隨溫度升高而減小的電阻接在一節(jié)干電池兩端，開始時(shí)電阻溫度較低，之后溫度緩慢升高，最后保持不變，則回路中電流隨時(shí)間的變化規(guī)律可能是________。

A.

B.

C.20、如圖，A、B、C、D、E、F為勻強(qiáng)電場(chǎng)中一個(gè)邊長(zhǎng)為20cm的正六邊形的六個(gè)頂點(diǎn)，已知電場(chǎng)方向與六邊形所在平面平行，若A、B、C三點(diǎn)電勢(shì)分別為2V；3V、4V；則。

(1)F點(diǎn)的電勢(shì)為___________V

(2)勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為___________V/m21、如圖所示為電容式位移傳感器的示意圖，物體沿左右方向運(yùn)動(dòng)時(shí)，電容將發(fā)生變化。如果實(shí)驗(yàn)測(cè)量出電容器的電容變小，那么被測(cè)物體向_________運(yùn)動(dòng)（填寫“左”或“右”）；已知該傳感器的靈敏度定義為電容器電容變化量的大小與物體位置坐標(biāo)變化量大小之比，如果把圖中的電介質(zhì)板換成介電常數(shù)更大的材料，當(dāng)物體沿左右方向運(yùn)動(dòng)時(shí)，傳感器的靈敏度________（填寫“變大”；“不變”或“變小”）。

22、在非純電阻電路（像含有電動(dòng)機(jī)、電解槽的電路）中，電流做的功只有_______一部分轉(zhuǎn)化為電熱，_______部分轉(zhuǎn)化為其他形式的能（機(jī)械能或化學(xué)能等）。因此，W>Q，即UIt>I2Rt，根據(jù)能量守恒定律知，在非純電阻電路中滿足：電功=電熱+其他形式的能，即_______=_______+_______。23、如圖，直線Ⅰ、Ⅱ分別是電源A與電源B的端電壓隨輸出電流變化的特性曲線，曲線Ⅲ是一小燈泡的伏安特性曲線，則電源A的內(nèi)阻為______Ω，若該小燈泡分別與電源A和電源B單獨(dú)連接，則電源A和B的輸出功率之比為_______。

評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共30分)24、如圖所示，A、B、C為勻強(qiáng)電場(chǎng)中的三個(gè)點(diǎn)，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場(chǎng)的電場(chǎng)線；并保留作圖時(shí)所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實(shí)線表示電場(chǎng)線）。

25、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場(chǎng)中某處小磁針靜止時(shí)N極的指向或磁感線方向。請(qǐng)畫出對(duì)應(yīng)的磁感線（標(biāo)上方向）或電流方向。

26、連線題：請(qǐng)將下列電路元器件的實(shí)物圖與其符號(hào)相連。

評(píng)卷人得分五、解答題(共4題，共8分)27、圖示電路中，若滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸頭向左移動(dòng)時(shí)，電燈A、B、C的亮度將如何變化（變大、變小、不變）？并簡(jiǎn)述判斷理由．（已知電燈的電阻不變，電源兩端電壓不變）28、如圖所示，豎直平面內(nèi)的xOy坐標(biāo)系中，x軸上固定一個(gè)電荷量大小為Q的點(diǎn)電荷，y軸上固定一根足夠長(zhǎng)的光滑絕緣細(xì)桿（細(xì)桿的下端剛好在坐標(biāo)原點(diǎn)O處），將一個(gè)重力不計(jì)的帶電圓環(huán)（可視為質(zhì)點(diǎn)）套在桿上，由P處靜止釋放，圓環(huán)從O處離開細(xì)桿后恰好繞點(diǎn)電荷Q做半徑為R的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T（T的大小未知）。若規(guī)定無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電勢(shì)公式（r為到點(diǎn)電荷的距離）。求：

（1）PO間距為多少？

（2）若將圓環(huán)從桿上的N處由靜止釋放，可使圓環(huán)從O處離開細(xì)桿后繞點(diǎn)電荷Q的運(yùn)動(dòng)周期變?yōu)閯tNO間距為多少？

29、如圖甲所示，兩平行金屬板a、b間距為d，在兩板右側(cè)裝有熒光屏MN（絕緣），O為其中點(diǎn)。在兩板a、b上加上如圖乙所示的電壓，電壓最大值為U0?，F(xiàn)有一束帶正電的離子束（其比荷即電量與質(zhì)量的比值為k），從兩板左側(cè)沿中線方向以初速度v0，連續(xù)不斷地射入兩板間的電場(chǎng)中，設(shè)所有離子均能打到熒光屏MN上，已知金屬板長(zhǎng)L=2v0t0；求：

(1)從t=0時(shí)刻進(jìn)入電場(chǎng)的離子打到熒光屏MN上的位置。

(2)熒光屏上出現(xiàn)亮線的長(zhǎng)度。

30、如圖甲所示，真空中水平放置的平行金屬板M、N相距為d，兩板上所加交變電壓UMN如圖乙所示（U0未知），緊鄰兩板右側(cè)有一熒光屏，電子打到熒光屏上形成亮斑。兩板不加電壓時(shí)，電子打到屏上的O點(diǎn)?，F(xiàn)有大量質(zhì)量為m、電荷量為-e的電子以初速度v0平行于兩板沿中線持續(xù)不斷的射入兩板間。已知t=0時(shí)刻進(jìn)入兩板間的電子穿過兩板間的電場(chǎng)的時(shí)間等于所加交變電壓的周期T，出射速度大小為2v0；且所有電子都能穿出兩板，忽略電場(chǎng)的邊緣效應(yīng)及重力的影響，求：

(1)U0的大小；

(2)亮斑掃描的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)到O點(diǎn)的距離。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

據(jù)右手螺旋定則分別畫出兩導(dǎo)線在四個(gè)區(qū)域的磁場(chǎng)方向；如圖所示。

距導(dǎo)線距離相同，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相同，結(jié)合場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理可知，a點(diǎn)和c點(diǎn)合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相反，b點(diǎn)和d點(diǎn)合磁感應(yīng)強(qiáng)度均為零；D正確。

故選D。2、D【分析】【分析】

【詳解】

變阻器R的滑片稍向上滑動(dòng)一些，變阻器接入電路的阻值變小，外電路總電阻變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律，可得

干路電流增大，所以a燈變亮，并聯(lián)部分電路電壓為

可得b燈兩端電壓變小，所以b燈變暗，通過b燈的電流減小。通過c燈的電流為

可得，c燈變亮。故ABC錯(cuò)誤；D正確。

故選D。3、A【分析】【詳解】

AB．電容器的電容由它本身的性質(zhì)決定的；與電容器兩板電壓無關(guān)，故A正確，B錯(cuò)誤；

CD．電容器的電容與電容器所帶電荷量無關(guān)；不論帶不帶電，電容均是定值，故CD錯(cuò)誤。

故選A。4、B【分析】【詳解】

ABD．設(shè)小球c所帶電荷量為Q，由庫侖定律可得，小球a對(duì)小球c的庫侖力大小為

小球b對(duì)小球c的庫侖力大小為

這兩個(gè)力的合力大小為設(shè)水平方向勻強(qiáng)電場(chǎng)大小為由平衡條件可得

解得：

則a、b兩小球在c點(diǎn)產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)大小也為但是不能求解c球的電荷量；故AD錯(cuò)誤，B正確；

C．根據(jù)平衡可知，ab兩球在c點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)方向由ab的中點(diǎn)垂直ab指向c，所以勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)方向由c點(diǎn)指向ab的中點(diǎn)；故C錯(cuò)誤。

故選B。5、C【分析】【詳解】

導(dǎo)體棒達(dá)到靜電平衡狀態(tài)時(shí)，棒上O點(diǎn)處的合場(chǎng)強(qiáng)為零，點(diǎn)電荷A在O點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小為

方向向左，則棒上的感應(yīng)電荷在O點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小也為

方向向右。

故選C。6、D【分析】【分析】

【詳解】

A．當(dāng)帶電體的大??；形狀對(duì)所研究問題的影響可以忽略時(shí)；就可以把帶電體看成點(diǎn)電荷，但點(diǎn)電荷的體積不一定很小，A錯(cuò)誤；

B．電場(chǎng)強(qiáng)度反映了電場(chǎng)力的性質(zhì)；由電場(chǎng)本身決定，與試探電荷的電荷量及所受電場(chǎng)力無關(guān)，B錯(cuò)誤；

C．電場(chǎng)中某點(diǎn)電勢(shì)是否為零取決于零勢(shì)點(diǎn)的選擇；與該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)是否為零無關(guān)，C錯(cuò)誤；

D．英國(guó)物理學(xué)家法拉第最早引入了電場(chǎng)概念；并提出用電場(chǎng)線表示電場(chǎng)，D正確。

故選D。7、A【分析】【分析】

【詳解】

P-ABC是正四面體，A、B兩點(diǎn)分別固定等量同種電荷，O是AB邊的中點(diǎn)，等量同種電荷中垂線上沿O點(diǎn)向兩邊電勢(shì)降低；如圖：

A．由幾何知識(shí)知OC與AB垂直，OP與AB垂直，OC=OP，所以C點(diǎn)與P點(diǎn)電勢(shì)相同；A正確；

B．P點(diǎn)與C點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相同；方向不同，B錯(cuò)誤；

C．將帶正電的試探電荷q從O點(diǎn)沿著OC移動(dòng)到C點(diǎn)；根據(jù)正電荷在電勢(shì)低的地方電勢(shì)能小，可知電荷電勢(shì)能減小，C錯(cuò)誤；

D．將帶正電的試探電荷q從P點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)，先靠近O點(diǎn)，然后再遠(yuǎn)離O點(diǎn)；根據(jù)正電荷在電勢(shì)高的地方電勢(shì)能大，可知電荷電勢(shì)能先增加后減小，D錯(cuò)誤。

故選A。8、C【分析】【詳解】

由于電容器充電后與電源斷開，說明電容器所帶電荷量不變，上極板向上移動(dòng)一些，根據(jù)

可知電容C減小，又由

可知U增大；而由

可知電場(chǎng)強(qiáng)度E不變，由于E不變，P到負(fù)極板的距離不變，可知P點(diǎn)的電勢(shì)不變，則正電荷的電勢(shì)能

不變。

故選C。9、A【分析】【詳解】

AB．電容的決定式

當(dāng)保持S不變，增大d時(shí)，電容減小，電容器的電量Q不變，由電容的定義式

分析可知板間電勢(shì)差增大，則靜電計(jì)指針的偏角θ變大；故A正確，B錯(cuò)誤；

CD．電容的決定式

當(dāng)保持d不變，增大S時(shí)，電容增大，電容器極板所帶的電荷量Q不變，則由電容的定義式

分析可知板間電勢(shì)差減小，靜電計(jì)指針的偏角θ變小；故CD錯(cuò)誤。

故選A。二、多選題(共6題，共12分)10、B:D【分析】A；對(duì)A、B位置的兩個(gè)電荷而言；E、O在中垂線上，電勢(shì)等于無窮遠(yuǎn)電勢(shì)，為零；對(duì)C、D位置的兩個(gè)電荷而言，E、O同樣在中垂線上，電勢(shì)依然等于無窮遠(yuǎn)電勢(shì)，為零；根據(jù)代數(shù)合成法則，E、O點(diǎn)的電勢(shì)均為零，相等；

同理；對(duì)A；D位置的兩個(gè)電荷而言，F(xiàn)、O在中垂線上，電勢(shì)等于無窮遠(yuǎn)電勢(shì)，為零；對(duì)B、C位置的兩個(gè)電荷而言，F(xiàn)、O同樣在中垂線上，電勢(shì)依然等于無窮遠(yuǎn)電勢(shì)，為零；根據(jù)代數(shù)合成法則，F(xiàn)、O點(diǎn)的電勢(shì)均為零，相等，故A錯(cuò)誤，B正確；

C；先考慮O點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)；對(duì)A、C位置的電荷而言，O點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零；對(duì)B、D位置的電荷而言，O點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)同樣為零；故根據(jù)矢量合成法則，O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為零；

再分析E點(diǎn)，對(duì)A、B位置的兩個(gè)電荷，在E位置場(chǎng)強(qiáng)向下，設(shè)為E1；對(duì)C、D位置的兩個(gè)電荷而言，在E位置場(chǎng)強(qiáng)向上，設(shè)為E2；由于E1＞E2，故E點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)向下，為E1-E2；不為零；

再分析F點(diǎn)，對(duì)B、C位置的兩個(gè)電荷，在EF置場(chǎng)強(qiáng)向左，大小也為E1；對(duì)A、D位置的兩個(gè)電荷而言，在F位置場(chǎng)強(qiáng)向右，大小也為E2；由于E1＞E2，故E點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)向左，為E1-E2；不為零；

故E點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)等于F點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)；但大于O點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)，故C錯(cuò)誤，D正確．

點(diǎn)睛：本題考查電場(chǎng)強(qiáng)度的和電勢(shì)的合成，關(guān)鍵是分成兩組熟悉的電荷，同時(shí)區(qū)分矢量合成和標(biāo)量合成遵循的法則不同．11、B:C【分析】【分析】

【詳解】

ABC．三個(gè)微粒的初速度相等，水平位移根據(jù)水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以由公式

得

三個(gè)微粒在豎直方向上的位移相等，根據(jù)

得

從而得知B僅受重力作用；A受電場(chǎng)力向上，C所受的電場(chǎng)力向下，所以B不帶電，A帶正電，C帶負(fù)電，A錯(cuò)誤，BC正確；

D．根據(jù)動(dòng)能定理，三個(gè)微粒重力做功相等，A電場(chǎng)力做負(fù)功，C電場(chǎng)力做正功，所以C的動(dòng)能變化量最大，A的動(dòng)能變化量最小，初動(dòng)能相等，所以三個(gè)微粒到達(dá)極板時(shí)的動(dòng)能為

D錯(cuò)誤。

故選BC。12、C:D【分析】【詳解】

A.把一個(gè)電荷量為1×10-7C的負(fù)點(diǎn)電荷由電勢(shì)為零的某點(diǎn)移到O點(diǎn)克服電場(chǎng)力做功5×10-7J，故O點(diǎn)的電勢(shì)為

故A錯(cuò)誤；

B.將該負(fù)電荷從O點(diǎn)移動(dòng)到A點(diǎn)電勢(shì)能增加2×10-7J，故A點(diǎn)的電勢(shì)為低于O點(diǎn)的電勢(shì)；B錯(cuò)誤；

C.將該電荷沿圓弧從A移到C電場(chǎng)力做功4×10-7J，故由對(duì)稱性可知，將該電荷從C移到B電場(chǎng)力做功仍然為4×10-7J，故電荷在B位置的電勢(shì)為故電荷在B位置的電勢(shì)能為1×10-7J；C正確。

D.將該電荷沿圓弧從A移到C電場(chǎng)力做功4×10-7J，故故AC中點(diǎn)D的電勢(shì)為-5V，故電場(chǎng)方向與OD垂直，且由C指向A，其大小為

故D正確；

故選CD。13、A:D【分析】【詳解】

A．只有電場(chǎng)力和彈簧彈力做功；所以彈簧和物塊組成的系統(tǒng)機(jī)械能和電勢(shì)能之和不變，A正確；

B．當(dāng)合力等于零時(shí)速度最大；即彈簧壓縮至彈力等于電場(chǎng)力時(shí)，速度最大，B錯(cuò)誤；

D．當(dāng)時(shí)，彈簧彈力

當(dāng)速度最大時(shí)，彈簧彈力

此時(shí)彈簧壓縮量為兩個(gè)位置彈性勢(shì)能相等，從撤去F到速度最大過程中物塊增加的動(dòng)能等于電場(chǎng)力做功，即

D正確；

C．彈簧被壓縮到最短時(shí)；物塊所受合力向右，加速度不為0，C錯(cuò)誤。

故選AD。14、A:B【分析】【詳解】

A．由圖像的斜率可知；A的電阻大，B的電阻小，串聯(lián)在電路中，A兩端的電壓大，A項(xiàng)正確；

B．并聯(lián)在電路中；電阻小的電流大，即B中電流大，B項(xiàng)正確；

C．兩導(dǎo)線的長(zhǎng)度相同，截面積相同，由

可知；B的電阻率小，C項(xiàng)錯(cuò)誤；

D．電阻率大小與導(dǎo)線長(zhǎng)短無關(guān)；D項(xiàng)錯(cuò)誤。

故選AB。15、B:C【分析】【詳解】

A．上極板與電源的正極相連；極板間電場(chǎng)方向向下，粒子所受的電場(chǎng)力方向向上，故粒子帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；

B．電容器與R2、R3、R4這部分電路并聯(lián)，當(dāng)粒子勻速穿過電容器時(shí)，R2、R3、R4這部分電路的總電阻為2Ω，根據(jù)串聯(lián)電路分壓特點(diǎn)可得這部分的電壓U0═2V，電容器的電荷量為Q0＝CU0＝1.5×10﹣9×2C＝3×10﹣9C；故B正確；

C．當(dāng)粒子勻速穿過電容器時(shí)，有qE0＝mg，粒子在電容器中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間．當(dāng)粒子向上偏轉(zhuǎn)且剛好經(jīng)過上極板最右端時(shí)，在豎直方向上，有解得：a＝2m/s2．由牛頓第二定律得qE1﹣mg＝ma，可得并可得由此得R2、R3、R4這部分電路總電壓U1＝2.4V，R1的電壓UR1＝E﹣U1＝0.6V，電流可得R2、R3、R4這部分電路總電阻由由此算出R4≈5.7Ω，所以欲使粒子向上偏轉(zhuǎn)但又不打到電容器的上板，R4阻值不得超過5.7Ω；故C正確；

D．同理，粒子經(jīng)過下極板最右端時(shí)的加速度a＝2m/s2．電容器極板間電壓U2＝1.6V，解得：R4≈0.69Ω，故D錯(cuò)誤．三、填空題(共8題，共16分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】化石17、略

【分析】【詳解】

略【解析】電學(xué)元件18、略

【分析】【詳解】

[1]當(dāng)達(dá)到靜電平衡時(shí)導(dǎo)體中心O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為0。

[2][3]枕形導(dǎo)體兩端的感應(yīng)電荷在導(dǎo)體中心O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小與負(fù)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小相等，為方向相反，為水平向左。【解析】0向左##水平向左19、C【分析】【詳解】

[1]開始時(shí)電阻溫度較低，阻值較大，回路中電流較小，隨著電阻溫度升高，阻值減小，回路中電流開始逐漸增大，最后保持不變，則回路中電流隨時(shí)間的變化規(guī)律可能是C。20、略

【分析】【詳解】

[1][2]如圖。

連接AC和BE，則AC⊥BE，由于A、B、C三點(diǎn)的電勢(shì)分別為2、3V、4V，得UCB=UBA

所以可以判定CA是這個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線的方向

由上面的判斷可知，A與F是等勢(shì)點(diǎn)，即F點(diǎn)的電勢(shì)為2V【解析】221、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)電容的決定式可知；若電容器的電容變小，一定是插入的電介質(zhì)少了，所以被測(cè)物體向右移動(dòng)。

[2]若換成更大介電常數(shù)的材料，移動(dòng)相同距離時(shí)，電容的變化量一定較大，根據(jù)靈敏度的定義可知，靈敏度一定變大?！窘馕觥坑易兇?2、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3][4][5]在非純電阻電路（像含有電動(dòng)機(jī)、電解槽的電路）中，電流做的功只有很少一部分轉(zhuǎn)化為電熱，絕大部分轉(zhuǎn)化為其他形式的能（機(jī)械能或化學(xué)能等）。因此，即根據(jù)能量守恒定律知，在非純電阻電路中滿足：電功=電熱+其他形式的能，即。

【解析】很少絕大UItI2RtE其他23、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)可知，電源A的內(nèi)阻為

根據(jù)圖像可知，圖像1與燈泡伏安特性曲線交點(diǎn)

圖像2與燈泡伏安特性曲線交點(diǎn)

交點(diǎn)為工作點(diǎn)，所以【解析】201:3四、作圖題(共3題，共30分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

連接BC，過A點(diǎn)作BC的平行且與BC線段相等的線段AD，將AD分成兩等份，找出B點(diǎn)的等勢(shì)點(diǎn)，即E點(diǎn)，電勢(shì)為11V，連接BE，則BE為等勢(shì)線；電場(chǎng)線與等勢(shì)線垂直，由高電勢(shì)指向低電勢(shì)，如圖所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時(shí)N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時(shí)N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時(shí)針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內(nèi)小磁針靜止時(shí)N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導(dǎo)線流入，右端導(dǎo)線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時(shí)針方向，如圖所示。【解析】26、略

【分析】【詳解】

實(shí)物圖中第一個(gè)為電動(dòng)機(jī)；電動(dòng)機(jī)符號(hào)為符號(hào)圖中的第二個(gè)；

實(shí)物圖中第二個(gè)為電容器；電容器符號(hào)為符號(hào)圖中的第三個(gè)；

實(shí)物圖中第三個(gè)為電阻；電阻符號(hào)為符號(hào)圖中的第四個(gè)；

實(shí)物圖中第四個(gè)為燈泡；燈泡符號(hào)為符號(hào)圖中的第一個(gè)。

【解析】五、解答題(共4題，共8分)27、略

【分析】【分析】

在分析電路動(dòng)態(tài)變化時(shí)；一般是根據(jù)局部電路變化（滑動(dòng)變阻器，傳感器電阻）推導(dǎo)整體電路總電阻；總電流的變化，然后根據(jù)閉合回路歐姆定律推導(dǎo)所需電阻的電壓和電流的變化（或者電流表，電壓表示數(shù)變化），也就是從局部→整體→局部．

【詳解】

當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑