2025年浙教新版必修3物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教新版必修3物理上冊月考試卷92考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、關(guān)于電容器的電容，下列說法正確的是A.電容器所帶的電荷越多，電容就越大B.電容器兩極板間的電壓越高，電容就越大C.電容器所帶電荷增加一倍，電容就增加一倍D.電容是描述電容器容納電荷本領(lǐng)的物理量2、如圖所示，A、B、C為三根垂直紙面的導線，導線A、B中通以垂直紙面向里的電流，導線C中通以垂直紙面向外的電流，三根導線中電流強度均為I，任意兩根導線間距均為l.設(shè)空間除了電流產(chǎn)生的磁場外無其它磁場；則。

A.導線C所受安培力的合力為零B.導線C所受安培力的合力垂直AB連線沿紙面向上C.AB連線中點處的磁場方向垂直AB連線沿紙面向下D.導線A、B受到的安培力的合力大小相等，方向相同3、在如圖所示的電路中，電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r；閉合開關(guān)S，電燈L正常發(fā)光．兩塊電表均為理想電表．在滑片P向右移動的過程中，下列說法正確的是。

A.電流表的示數(shù)變小B.電源的總功率變小C.燈泡L的亮度變大D.電壓表的示數(shù)變小4、在一點電荷產(chǎn)生的電場中，電勢與該點到的距離的關(guān)系如圖所示。設(shè)電場中距的距離為處的電勢分別為電場強度分別為電荷量為的粒子電勢能分別為把電荷量為的粒子從A點移動點再到點，電場力做功分別為則（）

A.帶負電B.C.D.5、如圖所示，一等腰梯形ABCD平行于電場線放在勻強電場中，現(xiàn)將一個電荷從A點沿AB移到B點電場力不做功，已知A點電勢為-2V，D點電勢為4V，則C點電勢為（）

A.1VB.2VC.3VD.4V6、如圖所示，勻強電場中有a、b、c三點．在以它們?yōu)轫旤c的三角形中，∠a=30°、∠c=90°,電場方向與三角形所在平面平行．已知a、b和c點的電勢分別為V、V和2V．該三角形的外接圓上最低；最高電勢分別為。

A.V、VB.0V、4VC.V、D.0V、V7、利用圖示裝置“探究決定電容大小的因素”。實驗中靜電計的指針已有一個偏角，則在此情境下（）

A.僅增大兩板間的距離，指針偏角將增大B.僅增大兩板間的距離，指針偏角將減小C.僅減小兩板間的正對面積，指針偏角將減小D.僅將一塊有機玻璃插到兩板間，指針偏角將不變8、已知表頭的內(nèi)阻為200Ω，滿偏電流Ig為2mA，現(xiàn)將表頭改裝為量程為0-3V和0-10V的雙量程電壓表如圖甲及量程為0-0.1A和的雙量程電流表如圖乙；則下列說法正確的是（）

A.圖甲中使用A、B兩個端點時，量程為0-10V，使用A、C兩個端點時，量程為0-3VB.C.圖乙中使用A、B兩個端點時，量程為0-1A；使用A、C兩個端點時，量程為0-0.1AD.評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)9、勻強電場中有相距cm的a、b兩點，電勢差V，在該電場中電荷量C的帶電粒子受到的電場力大小可能為（）A.0.03NB.0.30NC.3.0ND.4.0N10、如圖，平行金屬板中帶電質(zhì)點P處于靜止狀態(tài)，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，選地面的電勢為零，當滑動變阻器R4的滑片向a端移動時；下列說法正確的是（）

A.電壓表讀數(shù)減小B.質(zhì)點P將向上運動C.電流表的示數(shù)減小D.電源的效率變高11、關(guān)于電現(xiàn)象，下列說法中正確的是（）A.感應起電是利用靜電感應，使電荷從物體的一部分轉(zhuǎn)移到物體的另一部分的過程B.帶電現(xiàn)象的本質(zhì)是電子的轉(zhuǎn)移，中性物體得到多余電子就一定帶負電，失去電子就一定帶正電C.摩擦起電是普遍存在的現(xiàn)象，相互摩擦的兩個物體總是同時帶等量異種電荷D.當一種電荷出現(xiàn)時，必然有等量異種電荷出現(xiàn)，當一種電荷消失時，必然有等量異種電荷同時消失12、在靜電場中，下列說法正確的是（）A.電勢相等的地方，場強必定相等B.在場強處處相等的地方，電勢不一定相等C.場強為零的點，電勢必定為零D.在負點電荷形成的電場中，離此負點電荷越遠，電勢越高，場強則越小13、一勻強電場的方向平行于xOy平面，平面內(nèi)a、b、c三點的位置如圖所示，三點的電勢分別為下列說法正確的是（）

A.電場強度的大小為B.坐標原點處的電勢為C.電子在a點的電勢能比在b點的高D.電子從b點運動到c點，電場力做功為14、鉛蓄電池的電動勢為2V，內(nèi)阻不為零，以下說法中正確的是A.電路中每通過1C電量，鉛蓄電池能把2J的化學能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔蹷.體積大的鉛蓄電池比體積小的鉛蓄電池的電動勢大C.電路中每通過1C電量，鉛蓄電池內(nèi)部非靜電力做功為2JD.該鉛蓄電池把其他形式能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)比一節(jié)干電池（電動勢為1.5V）的強評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、一根阻值為R的均勻電阻絲，均勻拉長至原來的2倍，電阻變?yōu)開_______。16、開發(fā)利用太陽能；將會滿足人類長期對大量能源的需求。太陽能的光熱轉(zhuǎn)換是目前技術(shù)最為成熟；應用最廣泛的形式。太陽能熱水器的構(gòu)造示意圖如圖甲所示，下方是日光燈管似的集熱管，由導熱性能良好的材料制成，在黑色管和外面透明管間有空隙，并抽成真空，集熱管的下方是一塊光亮的鋁合金板子，做成凹凸狀的曲面。

試分析下列有關(guān)太陽能的利用問題：

(1)說明太陽能熱水器哪些結(jié)構(gòu)與其功能相適應，水箱為何安裝在頂部而非下部？______

(2)圖中A是集熱器，B是儲水容器，在陽光直射下水將沿________時針方向流動，這是因為________。C是輔助加熱器，其作用是________。請在圖中適當位置安上進水閥門和出水閥門，并說明選擇位置的理由________。17、為了探究影響電荷間相互作用力的因素，某老師做了如下實驗：把一個帶正電荷的導體球A固定在絕緣支架上，然后把系在絕緣絲線上的帶電小球先后掛在圖中位置，使帶電小球與導體球A的球心在同一水平線上，小球靜止時的狀態(tài)如圖所示?？梢耘袛嘟z線上的小球帶______（選填“正”或“負”）電荷，兩個電荷之間的作用力大小隨它們之間距離的增大而______（選填“增大”或“減小”）。

18、如圖，已充電的平行板電容器的極板A與一靈敏靜電計相接，極板B接地。若將兩板間的電介質(zhì)（圖中虛線所示）抽出，那么靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角度____________（填“增大”、“減小”或“不變”），由此可判斷電容器的電容__________（填“增大”；“減小”或“不變”）。

19、為了研究某種化學電源的性能，設(shè)計如圖所示電路，閉合所有開關(guān)，并改變滑動變阻器阻值，觀察電壓表V1、V2示數(shù)的變化，得到如下數(shù)據(jù)：某一次的測量電壓表的讀數(shù)分別為改變滑動變阻器的滑動頭，向右滑動一段距離，發(fā)現(xiàn)電流表讀數(shù)變?yōu)?.50A，電壓表V1讀數(shù)變化了0.4V，由上面數(shù)據(jù)可求：該電源電動勢E=_________V；電源的內(nèi)阻為r=__________Ω。

20、某同學想應用楞次定律判斷線圈纏繞方向；設(shè)計的實驗裝置原理圖如圖甲所示。選用的器材有：一個磁性很強的條形磁鐵，兩個發(fā)光二極管（電壓在1.5V至5V都可發(fā)光且保證安全），一只多用電表，導線若干。操作步驟如下：

①用多用電表的歐姆擋測出二極管的正；負極；

②把二極管；線圈按如圖甲所示電路用導線連接成實驗電路；

③把條形磁鐵插入線圈時，二極管B發(fā)光；拔出時，二極管A發(fā)光；

④根據(jù)楞次定律判斷出線圈的纏繞方向。

請回答下列問題：

（1）線圈纏繞方向如圖乙中的_______（填“A”或“B”）。

（2）條形磁鐵運動越快，二極管發(fā)光的亮度就越大，這說明感應電動勢隨_____的增大而增大（填“磁通量”；“磁通量的變化量”或“磁通量的變化率”）。

（3）為進一步研究，該小組又做了以下實驗：磁體從靠近線圈的上方靜止下落。在磁體穿過整個線圈的過程中，傳感器顯示的電流i隨時間t的圖像應該是圖中的____。

A．B．C．D．評卷人得分四、作圖題(共1題，共10分)21、如圖所示，A、B、C為勻強電場中的三個點，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實線表示電場線）。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共15分)22、某同學要測量一均勻新材料制成的圓柱體的電阻率ρ。步驟如下∶用毫米刻度尺測量其長度為50.15mm；用螺旋測微器測量其直徑為4.700mm；用多用電表測得其阻值約為220Ω。該同學想用伏安法更精確地測量其電阻R；現(xiàn)有的器材及其代號和規(guī)格如下∶

待測圓柱體電阻R；

電流表A1（量程0~4mA；內(nèi)阻約50Ω）；

電流表A2（量程0~15mA；內(nèi)阻約30Ω）；

電壓表V1（量程0~3V；內(nèi)阻約10kΩ）；

電壓表V2（量程0~15V；內(nèi)阻約25kΩ）；

直流電源E（電動勢4V；內(nèi)阻不計）；

滑動變阻器R1（阻值范圍0~15Ω；允許通過的最大電流2.0A）；

滑動變阻器R2（阻值范圍0~2kΩ；允許通過的最大電流0.5A）；

開關(guān)S；導線若干。

(1)為了完成上述實驗；電流表應選擇_____，電壓表應選擇______，滑動變阻器應選擇_____。

(2)為使實驗誤差較小，要求測得多組數(shù)據(jù)進行分析。請在實線框中畫出完成此實驗的原理圖，并標明所用器材的代號_______________。23、一個未知電阻Rx，阻值大約為10k-20k。為了較為準確的測定其電阻值；實驗室中有如下器材：

電壓表V1（量程3V，內(nèi)阻約為3k）

電壓表V2（量程15V，內(nèi)阻約為15k）

電流表A1（量程200A，內(nèi)阻約為100）

電流表A2（量程5mA，內(nèi)阻約為10）

電流表A3（量程0.6A，內(nèi)阻約為1）

電源輸出電壓為3V

滑動變阻器R的最大阻值為200

開關(guān)S；導線若干。

（1）在實驗中電壓表應選____，電流表應選_____；（請?zhí)顚戨姳淼南鄳枺?/p>

（2）為了盡可能減少誤差，請你在虛線框中畫出本實驗的電路圖；()

（3）根據(jù)實驗的需要用筆畫線代替導線；將圖中的實物連接起來。

()

24、現(xiàn)在要測量一段電阻絲的電阻率其阻值約為允許通過的最大電流為現(xiàn)有如下器材可供選擇：電流表A（量程內(nèi)阻約為），電壓表V（量程內(nèi)阻約為），待測電阻絲（阻值約為），標準電阻（阻值），滑動變阻器直流電源E（內(nèi)阻不計），開關(guān)S；導線若干。

（1）下圖為四位同學分別設(shè)計的測量電路的一部分，你認為合理的是___________；

A．B．C．D．

（2）實驗中，如果兩電表的讀數(shù)分別為U和I，測得拉直后電阻絲的長度為L、直徑為D，則待測電阻絲的電阻率的計算式為___________；

（3）用螺旋測微器測量待測電阻絲的直徑時讀數(shù)如圖所示，則該電阻絲的直徑___________。

評卷人得分六、解答題(共2題，共18分)25、如圖所示，粒子從A點以v0的速度沿垂直電場線方向的直線AO方向射入電場，由B點飛出勻強電場時速度方向與AO方向成45°．已知粒子質(zhì)量為m，電荷量為2e．求OB兩點間電勢差．

26、如圖所示電路，

（1）如果已知流過電阻的電流則干路電流多大？（保留兩位有效數(shù)字）

（2）如果已知干路電流則流過每個電阻的電流多大？（保留兩位小數(shù)）

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【詳解】

電容表征電容器容納電荷的本領(lǐng)大小，由電容器本身的特性決定，與兩極板間的電壓、所帶的電荷量無關(guān)．A、電容器所帶的電荷越多，兩板間電壓越大，電容不變；故A錯誤．

B、電容器兩極板間的電壓越高，所帶的電荷越多，電容不變；故B錯誤．

C、電容器所帶電荷增加一倍，兩極板間的電壓增加一倍，電容不變；故C錯誤．

D；電容的物理意義是表征電容器容納電荷本領(lǐng)的大?。蔇正確．

故選D

點評：電容采用的是比值定義法，有比值定義法共性，C與U、Q無關(guān)，由電容器本身決定．2、B【分析】【詳解】

AB.根據(jù)安培定則可判斷A、B兩根導線在C處產(chǎn)生的磁場的合磁場方向水平向右，則導線C所受安培力的合力不為零，由左手定則可知導線C所受安培力的合力垂直AB連線沿紙面向上；選項A錯誤，B正確；

C.因A、B兩條導線在A、B連線中點處產(chǎn)生的合磁場為零，則該點的磁場等于導線C在該點產(chǎn)生的磁場；方向水平向右，選項C錯誤；

D.根據(jù)“同向相吸，異向相斥”可知A處導線受B、C導線的安培力的合力斜向右下方；同理可知B處導線受A、C導線的安培力的合力斜向左下方；導線A、B受到的安培力的合力大小相等，方向不相同，選項D錯誤。3、D【分析】【分析】

將滑片P向右移動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析總電流的變化和路端電壓的變化，確定電燈L消耗功率的變化．根據(jù)流過變阻器的電流與總電流、電燈L電流的關(guān)系，分析其電流的變化，確定R1兩端電壓的變化，再分析變阻器兩端電壓的變化和電阻R1消耗的功率的變化．

【詳解】

將滑片P向右移動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，電路總電流I增大，則電流表的示數(shù)變大，故A錯誤；電源總功率P=EI，電流I增大，總功率增大，故B錯誤；由于內(nèi)阻不為零，故路端電壓U=E-Ir減小，電燈L消耗的功率減小，變暗，故C錯誤；流過變阻器的電流I1=I-IL，I增大，IL減小，則I1增大，電阻R1消耗的功率變大，電阻R1兩端的電壓U1增大；電壓表的示數(shù)UV=U-U1，U減小，U1增大，則電壓表示數(shù)變小．故D正確．故選D．4、C【分析】【詳解】

A．由圖知，越遠離電勢越低，故帶正電；故A錯誤；

B．由圖知

把電荷量為的粒子從A點移動點再到點，電場力做功分別為

負號表示電場力做負功，故

故B錯誤；

C．圖像斜率表示電場強度，由圖可知

故C正確；

D．因為

故

故D錯誤。

故選C。5、A【分析】【詳解】

作CE平行于AB，交AD于E點，則E是AD的中點，因為將一個電荷從A點沿AB移到B點電場力不做功，已知A點電勢為-2V，所以AB在同一等勢面上，且電勢等于-2V，因為D點電勢為4V，則UDA=6V，又因為E是AD的中點，所以

故選A。

6、B【分析】【詳解】

如圖所示，取ab的中點O，根據(jù)幾何知識可知：O就是三角形外接圓的圓心，且該點電勢為：故Oc為等勢線，其垂線MN為電場線，方向為M→N方向．根據(jù)順著電場線電勢逐漸降低可知：外接圓上電勢最低點為N點，最高點為M點．設(shè)外接半徑為R，則因為則故又則得：即三角形的外接圓上最低電勢為0；同理M點電勢為4V，為最高電勢點．

7、A【分析】【詳解】

AB．增大板間距，據(jù)電容的決定式：

可知電容變小，電容器電荷量不變，結(jié)合電容定義式：

可知兩極板間的電勢差變大，靜電計指針張角變大，A正確，B錯誤；

C．極板正對面積變小，根據(jù)電容的決定式：

可知電容變小，電容器電荷量不變，結(jié)合電容定義式：

可知兩極板間的電勢差變大，靜電計指針張角變大，C錯誤；

D．極板間插入有機玻璃則變大，根據(jù)電容的決定式：

可知電容變大，電容器電荷量不變，結(jié)合電容定義式：

可知兩極板間的電勢差變小，靜電計指針張角變小，D錯誤。

故選A。8、C【分析】【詳解】

A．圖甲中使用A、C兩個端點時，量程為0-10V，使用A、B兩個端點時；量程為0-3V，故A錯誤；

B．根據(jù)

解得

根據(jù)

得

故B錯誤；

C．圖乙中使用A、B兩個端點時，量程為0-1A；使用A、C兩個端點時；量程為0-0.1A，故C正確；

D．根據(jù)

解得

故D錯誤。

故選C。二、多選題(共6題，共12分)9、C:D【分析】【分析】

【詳解】

在勻強電場中，若a、b兩點在同一電場線，由

解得

則帶電粒子受到的電場力

若a、b兩點不在同一電場線，由

則

即

故選CD。10、B:C:D【分析】【詳解】

AC．由圖可知，R2與滑動變阻器R4串聯(lián)后與R3并聯(lián)后，再與R1串聯(lián)接在電源兩端；電容器與R3并聯(lián)；當滑片向a移動時，滑動變阻器接入電阻增大，則電路中總電阻增大；由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流減?。宦范穗妷涸龃?，同時R1兩端的電壓也減小；故并聯(lián)部分的電壓增大；由歐姆定律可知流過R3的電流增大，則流過串聯(lián)部分的電流減小，即電流表示數(shù)減小，因而R2中電壓減??；故電壓表示數(shù)增大，故A錯誤，C正確；

B．因電容器兩端電壓等于聯(lián)部分的電壓；增大，故電荷受到的向上電場力增大，則重力小于電場力，合力向上，電荷向上運動，故B正確；

D．電源的效率為

當滑動變阻器R4的滑片向a端移動時；外電路中的電阻變大，所以電源的效率變高，故D正確。

故選BCD。11、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

AC．摩擦起電和感應起電都是電荷發(fā)生轉(zhuǎn)移；感應起電是電荷從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分，而摩擦起電是電荷從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體，但相互摩擦的兩個物體并不一定帶等量異種電荷，故A正確，C錯誤；

B．帶電現(xiàn)象的本質(zhì)就是電荷發(fā)生轉(zhuǎn)移；原來不帶電的物體得到多余電子就帶上負電，失去電子就帶上正電，B正確；

D．由電荷守恒定律可知；當一種電荷出現(xiàn)時，必然有等量異種電荷出現(xiàn)，當一種電荷消失時，必然有等量異種電荷同時消失，故D正確。

故選ABD。12、B:D【分析】【詳解】

A．電場線與等勢面垂直；同一等勢面上的電場線的疏密程度不一定相同，場強不一定相等，故A錯誤；

B．在勻強電場中；場強是處處相等的，沿著電場線的方向，電勢是越來越低的，即在場強處處相等的地方，電勢不一定相等，故B正確；

C．電場強度為零的點；電勢不一定為零，二者沒有必然聯(lián)系，故C錯誤；

D．在負點電荷形成的電場中；電場線的方向是指向電荷的，離電荷越遠，電勢越高；離電荷越遠，電場線稀疏，場強越小，故D正確。

故選BD。13、A:C【分析】【詳解】

A．電場沿著x軸方向電場分量

電場沿著y軸方向電場分量

因此電場強度的大小為

故A正確；

B．電場為勻強電場，則ac之間電勢差與Ob兩點間的電勢差相等，即

可得

故B錯誤；

C．電子在a點具有的電勢能

電子在b點具有的電勢能

因此

電子在a點的電勢能比在b點的高故C正確；

D．電子從b點運動到c點，電場力做功為

所以電子從b點運動到c點，電場力做功為故D錯誤。

故選AC。14、A:C:D【分析】【詳解】

試題分析：由=2（J）；可知A正確；電動勢的大小由電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的能力大小決定與體積無關(guān)，故B說法錯誤；電源輸出的電能大小為電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能大小，電路中每通過1C電量時，電源輸出的電能大小為2J，故C正確；電動勢的大小表示電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的能力大小，故D正確．

考點：本題考查了電動勢的概念三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】4R16、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]日光燈管似的集熱管面積較大；便于吸收較多的太陽能；外有透明玻璃管，內(nèi)有黑色管子，使陽光能直射入玻璃管而不易被反射；在黑色管和外面透明管間有空隙，并抽成真空，減少兩管間因空氣對流引起的熱損失，減少熱傳導；集熱管的下方是一塊光亮的鋁合金板子，做成凹凸一定的曲面，使周圍及穿過管隙的陽光盡量聚集在水管內(nèi)；水箱安裝在頂部而非下部，便于水的對流。

（2）[2]圖中A是集熱器；B是儲水容器，在陽光直射下水將沿順時針方向流動。

[3]集熱器中的水被太陽光曬熱后密度變?。皇芨×ψ饔醚毓芟蛴疑戏竭\動。

[4]C是輔助加熱器；其作用是在陰天用電加熱的方式使水溫升高。

[5]在封閉的環(huán)形管道的左下方安上進水閥門，在貯水容器下方豎直管道上安上出水閥門，可使熱水流出，冷水得以補充?！窘馕觥竣?日光燈管似的集熱管面積較大，便于吸收較多的太陽能；外有透明玻璃管，內(nèi)有黑色管子，使陽光能直射入玻璃管而不易被反射；在黑色管和外面透明管間有空隙，并抽成真空，減少兩管間因空氣對流引起的熱損失，減少熱傳導；集熱管的下方是一塊光亮的鋁合金板子，做成凹凸一定的曲面，使周圍及穿過管隙的陽光盡量聚集在水管內(nèi)；水箱安裝在頂部而非下部，便于水的對流。②.順③.集熱器中的水被太陽光曬熱后密度變小，受浮力作用沿管向右上方運動④.在陰天用電加熱的方式使水溫升高⑤.在封閉的環(huán)形管道的左下方安上進水閥門，在貯水容器下方豎直管道上安上出水閥門，可使熱水流出，冷水得以補充。?17、略

【分析】【詳解】

[1]由電荷間相互作用規(guī)律知；同種電荷相互排斥?，F(xiàn)導體球A固定，通過圖中細線偏轉(zhuǎn)的角度，可以判斷小球受到導體球A向右的排斥力，故絲線上的小球帶正電；

[2]帶電小球靜止時，有

可見:帶電小球偏轉(zhuǎn)角度越大，受到的作用力越大，由圖可知懸掛的小球離帶正電的A球越遠，受到的作用力越小，故兩個電荷之間的作用力大小隨它們之間距離的增大而減小?！窘馕觥空郎p小18、略

【分析】【詳解】

[1][2]將兩板間的電介質(zhì)抽出；則介電常數(shù)變小，保持其他條件不變，Q不變；

根據(jù)

則電容器的電容減小，兩板間電壓增大，靜電計指針的偏角將增大；?！窘馕觥吭龃鬁p小19、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)閉合電路歐姆定律

[2]改變滑動變阻器的滑動頭，向右滑動一段距離，外電阻減小，干路電流增大，路端電壓減小，第二次的路端電壓為

根據(jù)閉合電路歐姆定律

解得【解析】1.5120、略

【分析】【詳解】

（1）[1]把條形磁鐵插入線圈時，穿過線圈的磁通量向上，且大小增大，則線圈產(chǎn)生的感應電流的磁場方向向下，由發(fā)光二極管B發(fā)光，可知流經(jīng)二極管B的電流方向向下；則線圈纏繞方向如圖乙中A所示。

（2）[2]條形磁鐵從初始到完全插入；磁通量的變化量相同，磁鐵運動速度越快，磁通量變化越快，發(fā)光二極管的亮度就越大，說明感應電動勢隨磁通量的變化率的增大而增大。

（3）[3]磁體從靠近線圈的上方靜止下落，當磁體進入線圈的過程，穿過線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知感應電流產(chǎn)生的磁場方向向下，當磁體離開線圈的過程，穿過線圈的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知感應電流產(chǎn)生的磁場方向向上，所以磁體進入和穿出線圈時感應電流方向相反；當磁體完全進入線圈時，穿過線圈的磁通量不變，則不會產(chǎn)生感應電流，磁體會加速運動，當?shù)竭_線圈底部時，磁通量變化率大于磁體剛進入線圈時，依據(jù)