2025年湘教新版選修3物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教新版選修3物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)中水平放置兩足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌的左側(cè)接有黑箱。t=0時(shí)刻起電阻為R的導(dǎo)體棒ab以一定的初速度放上導(dǎo)軌向右運(yùn)動(dòng)；運(yùn)動(dòng)過程中棒始終與導(dǎo)軌垂直且與導(dǎo)軌電接觸良好，不計(jì)導(dǎo)軌電阻。則（）

A.若黑箱中是電池，棒的最終速度與初速度有關(guān)B.若黑箱中是線圈，棒做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)C.若黑箱中是電阻，棒的速度隨位移均勻減小D.若黑箱中是電容器，棒的最終速度與初速度無關(guān)2、下列說法中正確的是（）A.無摩擦、無漏氣等能量損失，就能使熱機(jī)效率達(dá)到100%B.熱量不能從低溫物體傳到高溫物體C.一切物理過程都具有方向性D.由熱力學(xué)定律可推斷出某個(gè)物理過程是否能自發(fā)進(jìn)行3、飲水機(jī)是一種常見的家用電器，其工作電路可簡(jiǎn)化為如圖所示的電路，其中S是溫度控制開關(guān)，當(dāng)水溫升高到一定溫度時(shí)，它會(huì)自動(dòng)切換，使飲水機(jī)處于保溫狀態(tài)；R2是飲水機(jī)加熱管的電阻，R1是與加熱管串聯(lián)的電阻．該飲水機(jī)的額定電壓是220v，加熱功率550w,保溫時(shí)整機(jī)耗電量0.48kw/24h（不考慮R1、R2的阻值受溫度影響）．當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí)，飲水機(jī)處于何種工作狀態(tài)及R2的阻值為（）

A.加熱220?B.加熱88?C.保溫88?D.保溫220?4、利用圖甲所示的回旋加速器對(duì)質(zhì)量為m的粒子進(jìn)行加速，圖中A為每隔一段時(shí)間釋放一個(gè)粒子的粒子源粒子進(jìn)入兩個(gè)中空的半圓金屬盒之間的初速度可視為并在兩個(gè)接線柱E、F之間接入圖乙所示的電壓．兩個(gè)半圓盒處于與盒面垂直的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向豎直向下，粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間可忽略，則下列說法正確的是

A.若粒子能夠被加速，則接線柱E的電勢(shì)應(yīng)低于接線柱F的電勢(shì)B.若要保證粒子盡快加速到最大速度，則所加電壓的變化周期C.粒子每次進(jìn)入金屬盒的磁偏轉(zhuǎn)半徑之比為1：D.若利用該裝置分別加速氘核和粒子加速后獲得的最大速度不相同5、如圖所示，一個(gè)電阻不計(jì)匝數(shù)為N=200匝的線圈以固定轉(zhuǎn)速50轉(zhuǎn)/秒在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中旋轉(zhuǎn)，其產(chǎn)生的交流電通過一匝數(shù)比為n1：n2=10：1的理想變壓器給阻值R=10Ω的電阻供電；已知電壓表的示數(shù)為20V，從圖示位置開始計(jì)時(shí)，則下列說法正確的是。

A.t=0時(shí)刻流過線圈的電流最大B.原線圈中電流的有效值為20AC.理想變壓器的輸入功率為10WD.穿過線圈平面的最大磁通量為Wb評(píng)卷人得分二、多選題(共5題，共10分)6、如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r．電路中的R2為總阻值一定的滑動(dòng)變阻器，R1為光敏電阻（其電阻隨光照強(qiáng)度增大而減小）．當(dāng)電鍵S閉合時(shí)；電容器中一帶電微粒恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)．有關(guān)下列說法中正確的是。

A.只逐漸增大R1的光照強(qiáng)度，電阻R2消耗的電功率變大，電壓表示數(shù)減小B.只逐漸增大R1的光照強(qiáng)度，帶電微粒向上運(yùn)動(dòng)C.只調(diào)節(jié)電阻R2的滑動(dòng)端p向下端移動(dòng)時(shí)，電壓表示數(shù)減小，電容器所帶電荷量增多D.只調(diào)節(jié)電阻R2的滑動(dòng)端p向下端移動(dòng)時(shí)，帶點(diǎn)粒子向下運(yùn)動(dòng)7、某物理興趣小組用實(shí)驗(yàn)探究光的色散規(guī)律，他們將半圓形玻璃磚放在豎直面內(nèi)，在其左方豎直放置一個(gè)很大的光屏P，讓一復(fù)色光束SA射向玻璃磚的圓心O后，有兩束單色光a和b射向光屏P；如圖所示.他們根據(jù)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象提出了以下猜想，你認(rèn)為正確的是。

A.單色光b的波長(zhǎng)大于單色光a的波長(zhǎng)B.在玻璃中單色光a的傳播速度大于單色光b的傳播速度C.單色光a通過玻璃磚所需的時(shí)間大于單色光b通過玻璃磚所需的時(shí)間E.相同條件下，a光比b光容易發(fā)生衍射E.相同條件下，a光比b光容易發(fā)生衍射8、如圖，兩根平行光滑金屬導(dǎo)軌固定在同一水平面內(nèi)，其左端接有定值電阻R．Ox軸平行于金屬導(dǎo)軌，在0≤x≤4m的空間區(qū)域內(nèi)存在著垂直導(dǎo)軌平面向下的磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨坐標(biāo)x(以m為單位)的分布規(guī)律為B＝0.8-0.2x(T)．金屬棒b在外力作用下從O處沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)，ab始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，不計(jì)導(dǎo)軌和金屬棒的電阻．設(shè)在金屬棒從x1＝1m經(jīng)x2＝2m到x3＝3m的過程中，R的電功率保持不變；則金屬棒。

A.在x1與x3處的電動(dòng)勢(shì)之比為1:1B.在x1與x3處受到磁場(chǎng)B的作用力大小之比為1:3C.從x1到x2與從x2到x3的過程中通過R產(chǎn)生的焦耳熱之比為5:3D.從x1到x2與從x2到x3的過程中通過R的電量之比為5:39、下列說法正確的是()E.當(dāng)系統(tǒng)做受迫振動(dòng)時(shí)，如果驅(qū)動(dòng)力的頻率等于系統(tǒng)的固有頻率時(shí)，受迫振動(dòng)的振幅最大A.單縫衍射實(shí)驗(yàn)中，縫越寬，條紋越亮，衍射現(xiàn)象越明顯B.光纖通信，醫(yī)用纖維式內(nèi)窺鏡都利用了光的全反射原理C.機(jī)械波傳播過程中，某質(zhì)點(diǎn)在一個(gè)周期內(nèi)向前移動(dòng)一個(gè)波長(zhǎng)的距離E.E.10、如圖所示，質(zhì)量為M的小車靜止在光滑水平面上，小車A端固定一根輕彈簧，彈簧的另一端連接一個(gè)放置在小車上且質(zhì)量為m的物體C，已知小車底部光滑，彈簧處于壓縮狀態(tài)．彈簧被釋放后，物體C被彈出向B端運(yùn)動(dòng)，最后與B端粘在一起．下列說法中正確的是()

A.物體C離開彈簧時(shí)，小車在向左運(yùn)動(dòng)B.物體C與B端粘在一起之前，小車的運(yùn)動(dòng)速率與物體C的運(yùn)動(dòng)速率的比值為C.物體C與B端粘在一起后，與小車一同向右運(yùn)動(dòng)D.整個(gè)過程中，小車、物體C及彈簧組成的系統(tǒng)的機(jī)械能守恒評(píng)卷人得分三、填空題(共8題，共16分)11、質(zhì)量為0.1kg的彈性小球從高為1.25m處自由下落至一光滑而堅(jiān)硬的水平板上，碰撞后彈回到0.8m高處，碰撞時(shí)間為0.01s，則小球與水平板碰撞過程中動(dòng)量變化大小為_____________kg·m/s，小球與水平板間的平均撞擊力大小為____________N．12、如圖所示電路，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移動(dòng)時(shí)，安培表A的示數(shù)如何變化？小明同學(xué)的分析思路如下：

試寫出以下步驟的物理原理：

②______________________________________。

④______________________________________。13、一瓶酒精用了一些后，把瓶蓋擰緊，不久瓶?jī)?nèi)液面上方形成了酒精的飽和汽，此時(shí)_____（選填“有”或“沒有”）酒精分子從液面飛出。當(dāng)溫度升高時(shí)，瓶中酒精飽和汽的密度_____（選填“增大”“減小”或“不變”）。14、電子電路中的信號(hào)可以分為___________信號(hào)和___________信號(hào)。數(shù)字信號(hào)的兩個(gè)工作狀態(tài)可以用“___________”和“___________”來表示。在數(shù)字電路中分別代表___________電壓和___________電壓。15、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a依次經(jīng)狀態(tài)b、c、d和e后回到狀態(tài)a，圖中ae、bc延長(zhǎng)線過坐標(biāo)原點(diǎn)O，cd平行于T軸，ab、de平行于V軸。該理想氣體經(jīng)過的a→b、b→c、c→d、d→e、e→a五個(gè)過程中，氣體對(duì)外做功的過程有________；氣體內(nèi)能增加的過程有________；氣體等壓放熱的過程有________。

16、如圖所示，一邊長(zhǎng)為0.1m的單匝正方形線圈從左側(cè)勻速進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)度B＝2T．從ab邊開始進(jìn)入磁場(chǎng)至cd邊恰好進(jìn)入磁場(chǎng)的過程中，線圈的磁通量變化了________Wb；若上述過程所經(jīng)歷的時(shí)間為0.2s，則線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為________V.

17、如圖所示是用光照射某種金屬時(shí)逸出的光電子的最大初動(dòng)能隨入射光頻率的變化圖線，普朗克常量h＝6.63×10-34J·s，（直線與橫軸的交點(diǎn)坐標(biāo)4.31，與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)0.5）由圖可知，斜率表示_____________；該金屬的極限頻率為____________Hz，該金屬的逸出功為___________J，（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）若用頻率為5.5×1014Hz的光照射該種金屬時(shí)，則對(duì)應(yīng)的遏止電壓應(yīng)為_____________V

18、如圖所示，在水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一根不可伸長(zhǎng)的絕緣細(xì)線長(zhǎng)度為L(zhǎng)，一端拴一個(gè)質(zhì)量為m電荷量為q的帶負(fù)電小球，另一端固定在O點(diǎn)。把小球拉到使細(xì)線水平伸直的位置A然后將小球由靜止釋放，小球沿弧線運(yùn)動(dòng)到細(xì)線與水平方向成θ=60°的位置B時(shí)速度為零。則電場(chǎng)強(qiáng)度E=_____________，小球運(yùn)動(dòng)過程中的最大速率為____________。

____評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)19、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

20、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

21、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共40分)22、如圖所示，畫有直角坐標(biāo)系xOy的白紙位于水平桌面上．M是放在白紙上的半圓形玻璃磚，其底面的圓心在坐標(biāo)原點(diǎn)，直邊與x軸重合，OA是畫在紙上的直線，P1、P2為豎直地插在直線OA上的兩枚大頭針，P3是豎直地插在紙上的第三枚大頭針，α是直線OA與y軸正方向的夾角，β是直線OP3與y軸負(fù)方向的夾角．只要直線OA畫得合適，且P3的位置取得正確，測(cè)出角α和β，便可求得玻璃的折射率．某學(xué)生在用上述方法測(cè)量玻璃的折射率時(shí)，在他畫出的直線OA上豎直地插上了P1、P2兩枚大頭針，但在y＜0的區(qū)域內(nèi)，不管眼睛放在何處，都無法透過玻璃磚看到P1、P2的像，他應(yīng)采取的措施是________________________．若他已透過玻璃磚看到P1、P2的像，確定P3位置的方法是______________．若他已正確地測(cè)得了α、β的值，則玻璃的折射率n＝__________．

23、某物理學(xué)習(xí)小組的同學(xué)在研究性學(xué)習(xí)過程中，用伏安法研究某電子元件R1（6V；2.5W）的伏安特性曲線，要求多次測(cè)量盡可能減小實(shí)驗(yàn)誤差，備有下列器材：

A．直流電源（6V；內(nèi)阻不計(jì)）

B．電流表G（滿偏電流3mA，內(nèi)阻）

C．電流表A（內(nèi)阻未知）

D．滑動(dòng)變阻器R（5A）

E．滑動(dòng)變阻器Rˊ（）

F．定值電阻R0（阻值）

G．開關(guān)與導(dǎo)線若干。

（1）根據(jù)題目提供的實(shí)驗(yàn)器材，請(qǐng)你設(shè)計(jì)出測(cè)量電子元件R1伏安特性曲線的電路原理圖（R1可用“”表示）．（畫在方框內(nèi)）_____

（2）在實(shí)驗(yàn)中，為了操作方便且能夠準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用_____．（填寫器材序號(hào)）

（3）將上述電子元件R1和另一電子元件R2接入如圖所示的電路甲中，它們的伏安特性曲線分別如圖乙中oa、ob所示．電源的電動(dòng)勢(shì)E=6.0V，內(nèi)阻忽略不計(jì)．調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R3，使電子元件R1和R2消耗的電功率恰好相等，則此時(shí)電子元件R1的阻值為_____R3接入電路的阻值為_____（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）．

24、下圖是測(cè)量阻值約幾十歐的未知電阻Rx的原理圖，圖中R0是保護(hù)電阻（10Ω），R1是電阻箱（0～99.9Ω），R是滑動(dòng)變阻器，A1和A2是電流表；E是電源（電動(dòng)勢(shì)10V，內(nèi)阻很?。诒ＷC安全和滿足要求的情況下，使測(cè)量范圍盡可能大．實(shí)驗(yàn)具體步驟如下：

（i）連接好電路；將滑動(dòng)變阻器R調(diào)到最大；

（ii）閉合S，從最大值開始調(diào)節(jié)電阻箱R1，先調(diào)R1為適當(dāng)值，再調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R，使A1示數(shù)I1=0.15記下此時(shí)電阻箱的阻值R1和A2示數(shù)I2．

（iii）重復(fù)步驟（ii），再測(cè)量6組R1和I2值；

（iv）將實(shí)驗(yàn)測(cè)得的7組數(shù)據(jù)在坐標(biāo)紙上描點(diǎn)．

根據(jù)實(shí)驗(yàn)回答以下問題：

①現(xiàn)有四只供選用的電流表：

。A．電流表（0～3mA；內(nèi)阻為2.0Ω）

B．電流表（0～3mA；內(nèi)阻未知）

C．電流表（0～0.3A；內(nèi)阻為5.0Ω）

D．電流表（0～0.3A，內(nèi)阻未知）。A．電流表（0～3mA；內(nèi)阻為2.0Ω）

B．電流表（0～3mA；內(nèi)阻未知）

C．電流表（0～0.3A；內(nèi)阻為5.0Ω）

D．電流表（0～0.3A，內(nèi)阻未知）

A1應(yīng)選用____，A2應(yīng)選用____．

②測(cè)得一組R1和I2值后，調(diào)整電阻箱R1，使其阻值變小，要使A1示數(shù)I1=0.15A，應(yīng)讓滑動(dòng)變阻器R接入電路的阻值____（選填“不變”；“變大”或“變小”）．

③在坐標(biāo)紙上畫出R1與I2的關(guān)系圖．

④根據(jù)以上實(shí)驗(yàn)得出Rx=____Ω．A．電流表（0～3mA；內(nèi)阻為2.0Ω）

B．電流表（0～3mA；內(nèi)阻未知）

C．電流表（0～0.3A；內(nèi)阻為5.0Ω）

D．電流表（0～0.3A，內(nèi)阻未知）25、小花在做“測(cè)定玻璃的折射率”的實(shí)驗(yàn)中，先在白紙上放好玻璃磚，在玻璃磚的一側(cè)插上兩枚大頭針P1和P2，然后在另一側(cè)透過玻璃磚觀察，插上大頭針P3、P4，如圖所示，aa'和bb'分別是玻璃磚與空氣的兩個(gè)界面，用“+”表示大頭針的位置．圖中AO表示經(jīng)過大頭針P1和P2的光線，該光線與界面aa'交于O點(diǎn)，MN表示法線．

（1）請(qǐng)將光路圖畫完整________，并在圖中標(biāo)出光線進(jìn)入玻璃磚發(fā)生折射現(xiàn)象的入射角1和折射角2；

（2）該玻璃磚的折射率可表示為n=________．（用1和2表示）

（3）確定P3位置的方法是________．

（4）對(duì)實(shí)驗(yàn)中的現(xiàn)象，下面說法正確的是________

A.大頭針應(yīng)垂直于紙面插上。

B.此實(shí)驗(yàn)可以不用量角器。

C.如果玻璃磚aa'和bb'不平行；則無法用此方法測(cè)量折射率。

D.如果入射角太大，則折射光線會(huì)在玻璃磚內(nèi)表面發(fā)生全反射，而使實(shí)驗(yàn)無法進(jìn)行評(píng)卷人得分六、解答題(共3題，共15分)26、如圖所示電路中，R=2Ω．當(dāng)Rx=1Ω時(shí)，Uab=2V；當(dāng)Rx=3Ω，Uab=4.8V.求電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻.

27、如圖所示，在一半徑為R，半圓形區(qū)域內(nèi)（O為圓心，PQ邊為直徑）有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（圖中沒畫出），PQ上方是電場(chǎng)強(qiáng)度為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)．現(xiàn)有一質(zhì)量為m，電量為q的帶正電粒子從靜止開始勻強(qiáng)電場(chǎng)中的A點(diǎn)釋放，從O點(diǎn)垂直于AB進(jìn)入磁場(chǎng)，已知OA的距離也為R；不計(jì)重力與空氣阻力的影響．

（1）求粒子經(jīng)電場(chǎng)加速射入磁場(chǎng)時(shí)的速度；

（2）若要進(jìn)入磁場(chǎng)的粒子不從圓弧邊界離開磁場(chǎng)，求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的最小值；

（3）若磁感應(yīng)強(qiáng)度B′求帶電粒子從靜止開始運(yùn)動(dòng)到達(dá)圓弧邊界的時(shí)間．28、北方某地的冬天室外氣溫很低，吹出的肥皂泡會(huì)很快凍結(jié)，若剛吹出時(shí)肥皂泡內(nèi)氣體溫度為壓強(qiáng)為肥皂泡凍結(jié)后泡內(nèi)氣體溫度降為整個(gè)過程中泡內(nèi)氣體視為理想氣體，不計(jì)體積和質(zhì)量變化，大氣壓強(qiáng)為求凍結(jié)后肥皂膜內(nèi)外氣體的壓強(qiáng)差。參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】【詳解】

A．若黑箱中是電池，則金屬棒向右在安培力作用下做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)等于電源電動(dòng)勢(shì)時(shí)，回路的電流為零，此時(shí)金屬棒處于穩(wěn)定狀態(tài)，此時(shí)滿足

則棒的最終速度與初速度無關(guān)；選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B．若黑箱中是線圈；因棒所受的安培力方向與速度方向總是相反的，簡(jiǎn)諧振動(dòng)中回復(fù)力與速度方向可能相同，也可能相反，則棒不可能做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．若黑箱中是電阻，設(shè)阻值為r，則當(dāng)棒離開初始位置距離為x時(shí)，由動(dòng)量定理

其中的

解得

即棒的速度隨位移均勻減小；選項(xiàng)C正確；

D．若黑箱中是電容器，則開始時(shí)，電容器不斷充電，帶電量逐漸增加，電容器兩板間電壓增加，棒由于受安培力作用做減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)導(dǎo)體棒兩端電壓等于電容量?jī)砂咫妷簳r(shí)，回路電流為零，此時(shí)到達(dá)穩(wěn)定狀態(tài)，設(shè)此時(shí)的速度為v，則電容兩板電壓為U=BLv

電容器帶電量Q=CU=CBLv

對(duì)導(dǎo)體棒有動(dòng)量定理

其中

解得

即棒的最終速度與初速度有關(guān)；選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選C。2、D【分析】【分析】

【詳解】

A．對(duì)任何熱機(jī)在工作時(shí)都不可避免地要向冷凝器的周圍環(huán)境散發(fā)熱量；總有能量的損失，因此其效率無法達(dá)到100%，A錯(cuò)誤；

B．熱量能從低溫物體傳到高溫物體；但必須有外界的幫助，B錯(cuò)誤；

C．一切涉及熱現(xiàn)象的物理過程都具有方向性；C錯(cuò)誤；

D．在熱力學(xué)定律的基礎(chǔ)上可以導(dǎo)出其他過程的方向性；如氣體的擴(kuò)散；氣體向真空的膨脹等，D正確。

故選D。3、B【分析】【分析】

電源電壓U不變，由P=U2/R可知，電阻越大電功率越小，電熱水器處于保溫狀態(tài)，電阻越小電功率越大，電熱水器處于加熱狀態(tài)；根據(jù)公式P=U2/R的變形可計(jì)算電阻的大小；

【詳解】

電源電壓U不變，由P=U2/R可知，溫控開關(guān)S閉合時(shí)，只有一只電阻工作，電阻小，則電功率大，為加熱狀態(tài)；由公式P=U2/R得加熱管R2的阻值：故選B.4、B【分析】【詳解】

粒子在回旋加速器中，要能夠繞盒做圓周運(yùn)動(dòng)，所受洛倫磁力必須是指向圓心，也就是說粒子是從E運(yùn)動(dòng)到F，即接線柱E的電勢(shì)應(yīng)高于接線柱F的電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；若要保證粒子盡快加速到最大速度，粒子每經(jīng)過兩接線柱E、F之間都被加速，所以加電壓的變化周期為圓周的半周期，即：故B正確；粒子每次進(jìn)入金屬盒的偏轉(zhuǎn)半徑

第一次加速后獲得的速度為：

第二次加速后獲得的速度為：即

第n次加速后獲得的速度為：

聯(lián)立可得：半徑之比為：1：故C錯(cuò)誤；

由于氘核和粒子的比荷相同，根據(jù)及可知，所獲得的半徑一樣，加速后獲得的最大速度相同，故D錯(cuò)誤．5、D【分析】【詳解】

A.t=0時(shí)刻為中性面位置；故感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，故感應(yīng)電流為零，流過線圈的電流為零，故A不符合題意；

B.副線圈中的電流。

根據(jù)電流與匝數(shù)成反比。

原線圈中電流的有效值。

故B不符合題意；

C.理想變壓器輸出功率。

P2=U2I2=＝20×2W＝40W輸入功率等于輸出功率，所以變壓器的輸入功率為40W；故C不符合題意；

D.根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，原線圈兩端的電壓U1＝200V；角速度。

ω=2πn=100πrad/s線圈產(chǎn)生最大感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)200V，Em＝NBSω；最大磁通量。

故D符合題意。二、多選題(共5題，共10分)6、A:B【分析】【詳解】

AB、只逐漸增大R1的光照強(qiáng)度，R1的阻值減小，總電阻減小，總電流增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得外電壓減小，電壓表示數(shù)減?。桓鶕?jù)電功率公式可知電阻R2消耗的電功率變大，根據(jù)歐姆定律可知滑動(dòng)變阻器的電壓變大，則有電容器兩端的電壓增大，由可知板間電場(chǎng)強(qiáng)度增大；帶電微粒受到的電場(chǎng)力變大，帶電微粒向上運(yùn)動(dòng)，故A；B正確；

C、只調(diào)節(jié)電阻R2的滑動(dòng)端p向下端移動(dòng)時(shí)，R2的阻值增大，總電阻增大，總電流減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得外電壓增大，電壓表示數(shù)增大；根據(jù)閉合電路歐姆定律可得電阻R2兩端電壓增大，所以電容器兩端的電壓變大，根據(jù)可知電容器所帶電荷量增多，由可知板間場(chǎng)強(qiáng)增大；粒子受到的電場(chǎng)力變大，帶電微粒向上運(yùn)動(dòng)，故C；D錯(cuò)誤；

故選AB．7、B:D:E【分析】【詳解】

由圖知：a光的折射角小于b光，所以a光的折射率小于b光的折射率，a光的頻率小于b光的頻率，則a光的波長(zhǎng)大于b光的波長(zhǎng)，故A錯(cuò)誤；因?yàn)閍光的折射率小于b光的折射率，由公式可知a光的傳播速度大于b光，因此b光通過玻璃磚所需的時(shí)間較長(zhǎng)，故B正確，C錯(cuò)誤；由公式可知，a光的臨界角較大，b光的臨界角較小，當(dāng)光束SA繞圓心O逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，在光屏上最早消失的是b光，故D正確；發(fā)生明顯衍射的條件是波長(zhǎng)大于障礙物或者波長(zhǎng)與障礙物尺寸相差不大，a光的波長(zhǎng)大于b光的波長(zhǎng)，所以a光比b光容易發(fā)生衍射，故E正確；故選BDE8、A:C:D【分析】【詳解】

由于金屬棒從經(jīng)到的過程中，R的電功率保持不變，由功率的計(jì)算式知E應(yīng)不變，故A正確；由安培力公式F=BIL及電功率P=EI知：故B錯(cuò)誤；由于金屬棒從經(jīng)到的過程中，R的電功率保持不變，由知道R中的電流相等，再由安培力公式F=BIL，得F-x圖象如圖所示，顯然圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積就是克服安培力做的功，即R產(chǎn)生的熱量，所以故C正確；因?yàn)闊崃繒r(shí)間之比為5:3，根據(jù)C選項(xiàng)知電流相同時(shí)時(shí)間之比為5:3，因此電量故D正確．9、B:D:E【分析】單縫衍射中，縫越寬，條紋越亮，衍射現(xiàn)象越不明顯，A錯(cuò)誤；光纖通信，醫(yī)用纖維式內(nèi)窺鏡都利用了光的全反射原理，B正確；質(zhì)點(diǎn)只在平衡位置上下振動(dòng)，不隨波遷移，C錯(cuò)誤；鐘慢效應(yīng)：運(yùn)動(dòng)的鐘比靜止的鐘走得慢，而且，運(yùn)動(dòng)速度越快，鐘走的越慢，接近光速時(shí)，鐘就幾乎停止了，故D正確；當(dāng)系統(tǒng)做受迫振動(dòng)時(shí)，如果驅(qū)動(dòng)力的頻率等于系統(tǒng)的固有頻率時(shí)，受迫振動(dòng)的振幅最大，E正確．10、A:B【分析】【詳解】

整個(gè)系統(tǒng)在水平方向不受外力，豎直方向上合外力為零，則系統(tǒng)動(dòng)量一直守恒，系統(tǒng)初動(dòng)量為零，物體離開彈簧時(shí)向右運(yùn)動(dòng)，根據(jù)系統(tǒng)的動(dòng)量守恒定律得小車向左運(yùn)動(dòng)，故A正確；取物體C的速度方向?yàn)檎较颍鶕?jù)系統(tǒng)的動(dòng)量守恒定律得：0=mv-Mv′，得物體與B端粘在一起之前，小車的運(yùn)動(dòng)速率與物體C的運(yùn)動(dòng)速率之比故B正確；當(dāng)物體C與B端粘在一起時(shí)，整個(gè)系統(tǒng)最終的速度相同，根據(jù)系統(tǒng)的動(dòng)量守恒定律得：0=（M+m）v″，v″=0，系統(tǒng)又處于靜止?fàn)顟B(tài)，故C錯(cuò)誤；物塊C與B碰后要粘在一起，則損失機(jī)械能，則整個(gè)過程中，小車、物體C及彈簧組成的系統(tǒng)的機(jī)械能不守恒，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．三、填空題(共8題，共16分)11、略

【分析】【詳解】

由于小球做自由落體運(yùn)動(dòng)，則其與水平面碰撞前的速度為：所以與水平面碰撞前的動(dòng)量為：P1=mv1=0.1×5kg?m/s=0.5kg?m/s，方向豎直向下．與水平面碰后，小球做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，上升的最大高度為0.8m，則碰后小球速度為方向豎直向上；此時(shí)小球的動(dòng)量為：P2=mv2=0.1×4kg?m/s=0.4kg?m/s，方向豎直向上，動(dòng)量的變化量為：．設(shè)向上為正方向，根據(jù)動(dòng)量定理，合外力的沖量等于物體動(dòng)量的變化．小球所受外力有重力mg和水平面對(duì)它的彈力N，則有：（N-mg）t=P2-P1，代入數(shù)據(jù)解得：N=91N，方向豎直向上．【解析】0.99112、略

【分析】【詳解】

②根據(jù)閉合電路歐姆定律得：總電流減小，所以路端電壓變大；④根據(jù)并聯(lián)電路電流關(guān)系：總電流變小，而變大，則一定變小【解析】13、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]形成飽和氣后；酒精還是會(huì)蒸發(fā)，只是液體里跑到氣體中的分子和氣體中的分子跑到液體里的速度一樣快，整體來看是不變的，維持了動(dòng)態(tài)平衡。但此時(shí)仍然會(huì)有酒精分子從液面飛出；

[2]溫度升高使氣體分子的動(dòng)能增大，離開液體表面的氣體分子更多，飽和汽的密度增大?！窘馕觥坑性龃?4、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]電子電路中的信號(hào)可以分為數(shù)字信號(hào)和模擬信號(hào)。

[3][4]數(shù)字信號(hào)的兩個(gè)工作狀態(tài)可以用“0”和“1”來表示。

[5][6]在數(shù)字電路中分別代表低電壓和高電壓?！窘馕觥繑?shù)字模擬01低高15、略

【分析】【詳解】

[1]當(dāng)氣體體積增大時(shí)，氣體對(duì)外做功，故氣體對(duì)外做功的過程有：a→b、b→c兩個(gè)過程；

[2]一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能由溫度決定，溫度升高過程，氣體內(nèi)能增加，故氣體內(nèi)能增加的過程有：b→c、c→d；

[3]由氣體定律可知，發(fā)生等壓變化的過程有b→c、e→a；

b→c過程；氣體體積變大，外界對(duì)氣體做負(fù)功，溫度升高，氣體內(nèi)能增加，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，該過程氣體從外界吸熱；

e→a過程；氣體體積變小，外界對(duì)氣體做正功，溫度降低，氣體內(nèi)能減少，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，該過程氣體對(duì)外放熱；

故氣體等壓放熱的過程有：e→a。【解析】a→b、b→c##b→c、a→bb→c、c→d##c→d、b→ce→a16、略

【分析】【詳解】

從ab邊開始進(jìn)入磁場(chǎng)至cd邊恰好進(jìn)入磁場(chǎng)的過程中，線圈的磁通量變化了線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)．【解析】0.020.117、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程

圖象的斜率表示普朗克常量h，橫軸的截距大小等于截止頻率，由圖知該金屬的截止頻率為4.31×1014Hz；金屬的逸出功為

[4]根據(jù)光電效應(yīng)方程得

當(dāng)入射光的頻率為時(shí)，代入數(shù)據(jù)解得最大初動(dòng)能為

依據(jù)

解得

【點(diǎn)睛】

解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程，知道最大初動(dòng)能與入射光頻率的關(guān)系，并掌握光電效應(yīng)方程，以及知道逸出功與極限頻率的關(guān)系，結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)即可進(jìn)行求解，同時(shí)注意遏止電壓與最大初動(dòng)能的關(guān)系，及保留3位有效數(shù)字?！窘馕觥科绽士顺Ａ縣4.30×10142.86×10-190.5．18、略

【分析】【詳解】

[1]由動(dòng)能定理可知

解得

[2]設(shè)小球在運(yùn)動(dòng)中細(xì)線與水平方向的夾角為α，則對(duì)任一時(shí)刻應(yīng)有

解得

當(dāng)時(shí)，v最大，為【解析】四、作圖題(共3題，共24分)19、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過磁場(chǎng)方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】20、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共40分)22、略

【分析】【詳解】

（1）由題，在y＜0的區(qū)域內(nèi)，不管眼睛放在何處，都無法透過玻璃磚看到P1、P2的像，要過玻璃磚看到了P1、P2的像，是因?yàn)棣撂?，光線在半圓形玻璃磚x軸上發(fā)生了全反射．

（2）另畫一條更靠近y軸正方向的直線OA，把大頭針P1、P2豎直插在所畫的直線上，直到在y<0區(qū)域透過玻璃磚能看到P1、P2的像．

（3）定P3位置的方法是：插上大頭針P3，使P3剛好能擋住P1、P2的像；

（4）根據(jù)折射率公式得到．

點(diǎn)睛：本題考查了全反射及產(chǎn)生的條件，用插針法測(cè)定半圓形玻璃磚折射率的原理是折射定律，根據(jù)原理確定確定P3位置的方法．【解析】（1）因?yàn)槿肷浣翘蟀l(fā)生了全反射（2）另畫一條更靠近y軸正方向的直線OA，把大頭針P1、P2豎直插在所畫的直線上，直到在y<0區(qū)域透過玻璃磚能看到P1、P2的像．（3）插上大頭針P3，使P3剛好能擋住P1、P2的像（4）23、略

【分析】【詳解】

（1）描繪燈泡的伏安特性曲線，電壓與電流從零開始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法；由題意可知，沒有電壓表，需要用已知內(nèi)阻的電流表G與定值電阻R0串聯(lián)測(cè)電壓，燈泡電阻R=U2/P=14.4Ω；電壓表內(nèi)阻為10+1990=2000Ω，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)采用外接法，電路圖如圖所示：

（2）為方便實(shí)驗(yàn)操作；同時(shí)分壓接法時(shí)，要求用小電阻，故滑動(dòng)變阻器應(yīng)選D．

（3）兩元件串聯(lián)，流過它們的電流始圖相等，電子元件R1和R2消耗的電功率恰好相等；說明它們的電壓和電流相等，由圖乙可知，此時(shí)電阻兩端的電壓為U=2.5V，I=0.25A；

根據(jù)歐姆定律得：R1＝U/I=2.5V/0.25A＝10Ω．根據(jù)串并聯(lián)電路特點(diǎn)；可知，此時(shí)流過R3的電流為：I′=2I=0.5A，兩端的電壓為：U′=E-U=6V-2.5V=3.5V；

R3接入電阻的阻值為：R3=(E-2U)/I=(6-2×2.5)/0.25=4.0Ω；【解析】D

10424、略

【分析】試題分析：①由于Rx的電阻為幾十歐姆，R1是（0-99．9Ω）故通過A1、A2的電流相差不多，而與Rx串聯(lián)的電流表阻值需要已知，故A2選擇電流表C，A1選擇電流表D；

②電阻箱R1減小，則外電路總電阻減小，總電流變大，故滑動(dòng)變阻器處分壓升高，測(cè)電阻部分電壓減小，為使I1不變需要增大R1電阻；

③關(guān)系圖象如圖。

④由歐姆定律；解得：，由圖象的斜率可求，即，帶入數(shù)據(jù)，解得（均合理）

考點(diǎn)：伏安法測(cè)電阻．

【名師點(diǎn)睛】（1）由題意可知，A1示數(shù)I1=0．15A，即可確定量程，根據(jù)題目中圖象示數(shù)可知，A2的量程為0．3A；

（2）由歐姆定律；結(jié)合電路分析方法，可知滑動(dòng)變阻器的阻值如何變化；

（3）根據(jù)描點(diǎn)；作出圖象，讓圖線分布在點(diǎn)兩邊，刪除錯(cuò)誤點(diǎn)；

（4）根據(jù)串并